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2019高考物理三輪沖刺練:選擇題48分專練(2份)word版含解析

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2019高考物理三輪沖刺練:選擇題48分專練(2份)word版含解析

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第 5 頁 共 5 頁


2019高考物理三輪沖刺練:選擇題48分專練(1)含解析

選擇題48分專練(一)
(本欄目內容,在學生用書中以獨立形式分冊裝訂!)
選擇題:本題共8小題,每小題6分。在每小題給出的四個選項中,第14~18題只有一項符合題目要求,第19~21題有多項符合題目要求。全部選對的得6分,選對但不全的得3分,有選錯的得0分。
14.某研究性學習小組的學生通過查閱資料知道了高溫氘等離子體可發生聚變反應。在某次聚變實驗中,氘等離子體被加熱至高溫,使動能均為0.03 MeV的兩個氘核正碰,發生如下的聚變反應:H+H→He+X,已知釋放的核能為3.27 MeV且全部轉化為核的動能,在忽略相對論效應的情況下,下列推斷正確的是(  )
A.X是n,He和X的總動能為3.27 MeV
B.X是n,He和X的總動能為3.33 MeV
C.X是H,He和X的總動能為3.27 MeV
D.X是H,He和X的動能相等
解析: 由核反應過程中必須遵守的質量數守恒和電荷數守恒知X是n,由于兩個氘核初始時以相同的速率向相反方向運動,因此初始動量為零,最終的動量為零,因為He和X的質量不相等,所以動能不相等,He和X的總動能為(2×0.03+3.27)MeV=3.33 MeV,只有B項正確。
答案: B
15.

如圖所示,質量為M=2 m的不規則物體A置于水平面上,質量為m的光滑小球B以水平向左的速度由不規則物體的底端沖上該物體,忽略一切摩擦。當不規則物體固定時,小球到達不規則物體的最高點時,該點距離水平面的高度為h;當不規則物體不固定時,小球到達最高點時距離水平面的高度應為(  )
A.h           B.
C. D.
解析: 不規則物體固定時,由動能定理得-mgh=0-mv,所以v0=;不規則物體不固定時,由于系統水平方向不受外力,故小球與不規則物體在水平方向動量守恒,即mv0=(M+m)v,由機械能守恒定律得mv=(M+m)v2+mgh′,整理得h′=h,又M=2m,解得h′=,D正確。
答案: D
16.2018年3月17日15時10分,我國在酒泉衛星發射中心用長征二號丁運載火箭,成功將陸地勘查衛星四號發射升空,衛星進入預定軌道。觀測可知陸地勘查衛星四號經時間t通過的弧長為L,轉過的角度為θ,已知引力常量為G、地球表面的重力加速度為g。則下列說法正確的是(  )
A.陸地勘查衛星四號的環繞速度大小為
B.陸地勘查衛星四號的環繞周期為
C.地球的質量為
D.地球的半徑為
解析: 由線速度的定義式可知,陸地勘查衛星四號的線速度大小即環繞速度大小,為v=,A錯誤;由角速度的定義式可得陸地勘查衛星四號的角速度大小為ω=,則其環繞周期為T==,B錯誤;由v=ωr可解得r=,對陸地勘查衛星四號分析可得G=mω2r,解得M= ,C正確;對地球表面的物體分析,用G=mg,解得地球的半徑為R= ,D錯誤。
答案: C
17.

如圖所示為等量異種點電荷A和B,O點為兩點電荷連線的中點,P為位于O點左側的一點,q為連線中垂線上的點,若選無窮遠處電勢為零,則下列說法正確的是(  )
A.O點的電勢以及電場強度均為零
B.p點的電勢以及電場強度均大于q點的電勢及電場強度
C.正粒子在q點的電勢能大于零
D.負粒子在O點的電勢能小于在P點的電勢能
解析: 等量異種點電荷連線的中垂線為一條等勢線,且電勢為零,即O點電勢為零,在兩點電荷連線上電場線的方向由p指向O,根據沿電場線方向電勢降低可知,p點的電勢高于O點的電勢,即p點的電勢高于q點的電勢,在兩點電荷的連線上,電場強度先減小后增大,且O點電場強度最小,但不為零,在中垂線上,從O點向兩側電場強度逐漸減小,所以O點在中垂線上是電場強度最大的點,故p點的電場強度大于q點的電場強度,A錯誤,B正確;電荷在零電勢處電勢能為零,故正粒子在q點的電勢能為零,C錯誤;負粒子由O點沿連線向p點移動的過程中,電場力做正功,電勢能減小。D錯誤。
答案: B
18.

2017年9月28日下午,國防部發言人在記者招待會上宣布,中國的隱形戰斗機殲 ?20已經正式列裝,標志著地球上第二個能自產五代戰機的國家誕生。假設有兩架飛機甲、乙在平直跑道上同向行駛,0~t2時間內的v ?t圖象如圖所示,下列說法正確的是(  )

A.飛機乙在0~t2內的平均速度等于
B.飛機甲在0~t2內的平均速度比乙大
C.兩飛機在t1時刻一定相遇
D.兩飛機在0~t2內不可能相遇
解析: 飛機乙在0~t2內做非勻變速運動,平均速度小于,A錯誤;飛機甲在0~t2內做勻變速運動,平均速度等于,大于乙的平均速度,B正確;兩飛機在t1時刻速度相等,但不一定相遇,C錯誤;當兩圖象與兩坐標軸圍成的面積之差大于或等于開始兩飛機的距離時,兩飛機相遇,在0~t2內可能會相遇,D錯誤。故選B。
答案: B
19.如圖甲所示,一理想變壓器原線圈匝數為n1=1000匝,副線圈匝數為n2=150匝,變壓器輸入端的正弦交變電壓如圖乙所示,定值電阻的阻值為11 Ω,總阻值為22 Ω的滑動變阻器滑片為P。下列說法中正確的是(  )

A.變壓器副線圈輸出電壓的頻率為50 Hz
B.滑片P向右滑動時,電阻R兩端的電壓不變
C.滑片P滑到最右端時,通過電阻R的電流為6 A
D.滑片P滑到最左端時,變壓器的輸入功率為66 W
解析: 原、副線圈的周期T=0.02 s,頻率f==50 Hz,選項A正確;滑動變阻器的滑片P向右滑動時,電阻R兩端的電壓變大,選項B錯誤;原線圈電壓的有效值U1==440 V,根據=可得副線圈的電壓U2=66 V,滑動變阻器的滑片P滑到最右端時,通過電阻R的電流為I2==6 A,選項C正確;滑動變阻器的滑片P滑到最左端時,理想變壓器的輸入功率為P2==132 W,選項D錯誤。
答案: AC
20.

2018年1月1日,Rob Cross在世界飛鏢冠軍錦標賽中以7比2的比分戰勝泰勒成為PDC歷史上第8位冠軍。如圖所示,選手某次水平投擲時,飛鏢擊中靶中心的下側,且此時飛鏢與豎直方向的夾角為30°,已知飛鏢的初速度大小為v0、重力加速度大小為g,忽略空氣阻力。則下列說法正確的是(  )
A.飛鏢在空中運動的時間為
B.飛鏢在豎直方向下落的高度為
C.飛鏢重力勢能的減少量與飛鏢擊中靶時的動能之比為3∶4
D.只減小飛鏢的初速度可使飛鏢擊中靶中心
解析: 由題意可知,飛鏢擊中靶時速度與水平方向的夾角為60°,設飛鏢在豎直方向的分速度大小為vy,則tan 60°=,vy=v0tan 60°=v0,飛鏢在空中運動的時間為t==,A錯誤;飛鏢在豎直方向下落的高度為y=gt2=g2=,B正確;飛鏢擊中靶時的速度大小為v==2v0,則此時飛鏢的動能為Ek=mv2=2mv,飛鏢重力勢能的減少量為ΔEp=mgy=mv,則飛鏢重力勢能的減少量與飛鏢擊中靶時的動能之比為3∶4,C正確;欲使飛鏢擊中靶中心,應減小飛鏢在豎直方向的位移,則應減小飛鏢在空中運動的時間,由于水平方向的分位移不變,因此可增大飛鏢的初速度,D錯誤。
答案: BC
21.在水平放置的兩條平行光滑直導軌上有一垂直其放置的金屬棒ab,勻強磁場與軌道平面垂直,磁場方向如圖所示,導軌接有兩定值電阻及電阻箱R0,R1=5 Ω,R2=6 Ω,其余電阻不計。電路中的電壓表量程為0~10 V,電流表的量程為0~3 A,現將R調至30 Ω,用F=40 N的水平向右的力使ab垂直導軌向右平移,當棒ab達到穩定狀態時,兩電表中有一表正好達到滿偏,而另一表未達到滿偏。則下列說法正確的是(  )

A.當棒ab達到穩定狀態時,電流表滿偏
B.當棒ab達到穩定狀態時,電壓表滿偏
C.當棒ab達到穩定狀態時,棒ab的速度是1 m/s
D.當棒ab達到穩定狀態時,棒ab的速度是2 m/s
解析: 假設電壓表滿偏,則通過電流表的電流為I==2 A<3 A,所以電壓表可以滿偏,此時電流表的示數為2 A,故A錯誤,B正確;棒ab勻速運動時,水平拉力F與安培力大小相等,則有FA=F=BIL,得BL==20 N/A,感應電動勢E=U+IR1=(10+2×5) V=20 V,又E=BLv,則得v== m/s=1 m/s,故C正確,D錯誤。
答案: BC





























































































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2019高考物理三輪沖刺練:選擇題48分專練(2)含解析
選擇題48分專練(二)
選擇題:本題共8小題,每小題6分。在每小題給出的四個選項中,第14~18題只有一項符合題目要求,第19~21題有多項符合題目要求。全部選對的得6分,選對但不全的得3分,有選錯的得0分。
14.關于近代物理學,下列說法正確的是(  )
A.光電效應現象揭示了光具有波動性
B.一群氫原子從n=4的激發態躍遷時,最多能輻射出6種不同頻率的光子
C.盧瑟福通過α粒子散射實驗證實了原子核由質子和中子組成
D.氡的半衰期為3.8天,若取4個氡原子核,經過7.6天后一定剩下1個氡原子核
解析: 光電效應現象揭示了光具有粒子性,選項A錯誤;根據玻爾理論,一群氫原子從n=4的激發態向低能級躍遷時,最多能夠輻射6種不同頻率的光子,選項B正確;盧瑟福通過α粒子散射實驗說明原子具有核式結構,沒有證實原子核由質子和中子組成,選項C錯誤;半衰期是對大量原子核衰變的統計規律,對少量原子核不適用,選項D錯誤。
答案: B
15.質量為m的乒乓球在離臺面高h處時速度方向剛好水平向左,大小為v1,運動員用球拍擊球使球以大小為v2的速度水平向右飛出,球拍和乒乓球作用的時間極短,則(  )
A.擊球前后球的動量改變量的方向水平向左
B.擊球前后球的動量改變量的大小是mv2+mv1
C.球拍擊球的過程中對乒乓球做的功為mv-mv
D.球拍擊球的過程中對乒乓球的沖量為mv2-mv1
解析: 取水平向右為正方向,擊球前后球的動量改變量Δp=mv2-(-mv1)=mv2+mv1,方向水平向右,選項A錯誤,B正確;根據動量定理,球拍擊球的過程中對乒乓球的沖量為I=mv2+mv1,選項D錯誤;根據動能定理,球拍擊球的過程中對乒乓球做的功為W=mv-mv,選項C錯誤。
答案: B
16.如圖所示為甲、乙兩物體從同一位置出發沿同一方向做直線運動的v ?t圖象,其中t2=2t1,則下列判斷正確的是(  )

A.甲的加速度比乙的大
B.t1時刻甲、乙兩物體相遇
C.t2時刻甲、乙兩物體相遇
D.0~t1時間內,甲、乙兩物體之間的距離逐漸減小
解析: v ?t圖象中,圖線的斜率表示加速度,由圖象可知甲的加速度小于乙的,故A項錯;v ?t圖象中圖線的交點表示速度相同,圖線與時間軸所圍圖形的面積表示位移,所以t1時刻兩物體的速度相同,但相距最遠,即0~t1時間內,甲、乙兩物體之間的距離逐漸增大,故B、D項錯;由v ?t圖象可知0~t2的時間內兩圖線與時間軸所圍圖形的面積相同,所以t2時刻甲、乙兩物體相遇,故C項正確。
答案: C
17.

如圖所示,在粗糙的水平桿上套著一個滑塊A,用輕質細繩將A與一小球B相連,A、B的質量均為m,A與桿間的動摩擦因數為μ,現用水平拉力F向右拉A,使A、B一起向右運動,此時細繩與豎直方向的夾角為α;若增大水平拉力,使A、B一起運動時,細繩與豎直方向的夾角增大為2α,不計空氣阻力,下列說法正確的是(  )
A.細繩的拉力變為原來的2倍
B.A、B的加速度變為原來的2倍
C.水平拉力F變為原來的2倍
D.A受到的摩擦力不變
解析: 對B受力分析,其加速度大小為a=gtan α,細繩拉力大小FT=,經分析可知,當α增大為原來的2倍時,a和FT不一定是原來的2倍,A、B錯誤;對A、B整體受力分析,豎直方向上,支持力FN=2mg,當α增大為原來的2倍時,支持力保持不變,則摩擦力Ff=μFN不變,水平方向有F-Ff=2ma,得F=2μmg+2mgtan α,經分析可知,當α增大為原來的2倍時,F不一定變為原來的2倍,C錯誤,D正確。
答案: D
18.

如圖所示,OO′為圓柱筒的軸線,磁感應強度大小為B的勻強磁場的磁感線平行于軸線方向向左,在圓筒壁上布滿許多小孔,對于任意一小孔,總能找到另—小孔與其連線垂直于軸線,有許多比荷為的帶正電粒子。以不同的速度、不同的入射角射入各小孔,且均從關于OO′軸線與該孔對稱的小孔中射出,已知入射角為30°的粒子的速度大小為 km/s。則入射角為45°的粒子的速度大小為(  )
A.0.5 km/s      B.1 km/s
C.2 km/s D.4 km/s
解析: 

畫出軌跡如圖所示,粒子從小孔射入磁場時的速度方向與豎直方向的夾角和粒子從小孔射出磁場時的速度方向與豎直方向的夾角相等,根據幾何關系有r1=,r2=,由牛頓第二定律得Bqv=m,解得v=,所以v∝r,則入射角分別為30°、45°的粒子速度大小之比為===,則入射角為45°的粒子的速度大小為v2=1 km/s,選項B正確。
答案: B
19.

如圖所示是世界上早期制造的發電機及電動機的實驗裝置,有一個可繞固定轉軸轉動的銅盤,銅盤的一部分處在蹄形磁鐵當中。實驗時用導線A連接銅盤的中心,用導線B連接銅盤的邊緣。則下列說法中正確的是(  )
A.若導線A、B連接,用外力搖手柄使銅盤轉動,閉合電路中會產生感應電流
B.若導線A、B連接,用外力搖手柄使銅盤轉動,則B端電勢高于A端
C.若導線A、B與外電源連接,當A接電源正極時,從上向下看銅盤會逆時針轉動
D.若導線A、B連接—用電器,當用外力搖手柄使銅盤勻速轉動時,則有交變電流流過用電器
解析: 若逆時針搖手柄(從上向下看),由右手定則可知,產生的感應電流從導線A流出,導線A相當于電源正極,電勢高,A正確,B錯誤;若將導線A、B連接外電源,A接正極時,則由左手定則可知,銅盤會逆時針轉動,C正確;若導線A、B連接一用電器,當用外力搖手柄使銅盤勻速轉動起來時,產生的是直流電,D錯誤。
答案: AC
20.

荷蘭“Mars One”研究所推出了2023年讓志愿者登陸火星、建立人類聚居地的計劃,2013年該機構通過電視真人秀的方式招募首批4名志愿者,并于2024年前往火星,登陸火星需經歷如圖所示的變軌過程。已知引力常量為G,則下列說法正確的是(  )
A.飛船在軌道上運行時,運行的周期TⅢ>TⅡ>TⅠ
B.飛船在軌道Ⅰ上的機械能大于在軌道Ⅱ上的機械能
C.飛船在P點從軌道Ⅱ變軌到軌道Ⅰ,需要在P點朝速度方向噴氣
D.若軌道Ⅰ貼近火星表面,已知飛船在軌道Ⅰ上運動的角速度,可以推知火星的密度
解析: Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ三個軌道半長軸依次變大,由開普勒第三定律可知,三個軌道所對應的周期也依次增大,故A項正確;飛船由軌道Ⅱ變軌到軌道Ⅰ需要減速,所以需要在P點朝速度方向噴氣,飛船發動機對飛船做負功,飛船的機械能減少,B項錯誤,C項正確;若飛船貼近火星表面,則有G=mω2R,M=ρ·πR3,聯立兩式可求得火星密度ρ=,D項正確。
答案: ACD
21.正弦交流電經過匝數比為=的變壓器,變壓器與電阻R、交流電壓表V、交流電流表A按如圖甲所示的方式連接,R=10 Ω。圖乙是R兩端的電壓U隨時間變化的圖象。Um=10 V,則下列說法中正確的是(  )

A.通過R的電流iR隨時間t變化的規律是iR=cos 100πt (A)
B.電流表的讀數0.1 A
C.電流表的讀數為 A
D.電壓表的讀數為Um=10 V
解析: 由圖乙知T=2×10-2 s,則f=50 Hz,ω=2πf=100π rad/s,故iR=cos 100πt(A),A項正確;再根據=知,I1的有效值為0.1 A,則電流表的讀數為0.1 A,B項正確,C項錯誤;電壓表讀數應為副線圈兩端電壓的有效值,U==10 V,D項錯誤。
答案: AB





























































































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