資源簡介

2026屆湖南省新高三物理開學摸底考試練習試卷3
學校:___________姓名:___________班級:___________考號:___________
注意事項：
1．答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號填寫在本試卷和答題卡上．
2．回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑．如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標號．回答非選擇題時，將答案寫在答題卡上．寫在本試卷上無效．
3．考試結束后，將本試卷和答題卡一并交回．
一、選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。
1．上世紀四十年代初，我國科學家王淦昌先生首先提出證明中微子存在的實驗方案:如果靜止原子核 Be俘獲核外K層電子e，可生成一個新原子核X，并放出中微子νe，即Bee→Xνe .根據核反應后原子核X的動能和動量，可以間接測量中微子的能量和動量，進而確定中微子的存在.下列說法正確的是 (　　)
A．原子核X是 Li
B．核反應前后的總質子數不變
C．核反應前后總質量數不同
D．中微子νe的電荷量與電子的相同
2．游樂場中的“旋轉飛椅”深受人們的喜愛，圖甲為某游樂場內游客乘坐飛椅時的情景，其示意圖如圖乙所示，游客和椅子的轉動可簡化成角速度為ω的勻速圓周運動，長為L的懸線與豎直方向的夾角為θ，已知重力加速度為g，空氣阻力可忽略不計。下列說法正確的是（　　）
A．飛椅勻速旋轉的過程中，游客所受合力為零
B．飛椅勻速旋轉的過程中，應滿足
C．飛椅勻速旋轉的過程中，游客的質量越大，角度θ就越小
D．飛椅勻速旋轉的角速度越大，游客所受的合力就越大
3．假設宇宙中有兩顆相距無限遠的行星和，半徑分別為和.兩顆行星周圍衛星的軌道半徑的三次方與運行周期的二次方的關系如圖所示，為兩行星各自的衛星環繞行星表面運行的周期.則(　　)
A．行星的質量小于行星的質量
B．行星的密度小于行星的密度
C．行星的“第一宇宙速度”等于行星的“第一宇宙速度”
D．當兩行星的衛星運行軌道半徑相同時，行星的衛星的向心加速度大于行星的衛星的向心加速度
4．如圖甲所示是一列簡諧橫波在時刻的波形圖，質點P的平衡位置位于處，其振動圖像如圖乙所示，下列說法正確的是（　　）
A．波沿x軸正方向傳播
B．再經過質點P的加速度最大且沿y軸負方向
C．質點Q的振動方程為
D．該波的波速為10m/s
5．質量為m、電荷量為q的微粒以與水平方向成θ角的速度v從O點進入方向如圖所示的正交的勻強電場和勻強磁場組成的復合場區，恰好沿直線運動到A點，重力加速度為g.下列說法中正確的是 (　　)
A．該微粒可能帶正電荷
B．微粒從O到A的運動可能是勻變速運動
C．該磁場的磁感應強度大小為
D．該電場的場強大小為
6．（河北邢臺高二上聯考）如圖所示，P和Q為兩平行金屬板，板間有恒定的電壓，在P板附近有一電子(不計重力)由靜止開始向Q板運動，下列說法正確的是(　　)
A．電子到達Q板時的速率，與板間電壓無關，僅與兩板間距離有關
B．電子到達Q板時的速率，與兩板間距離無關，僅與板間電壓有關
C．兩板間距離越小，電子的加速度就越小
D．兩板間距離越大，加速時間越短
二、選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多項是符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。
7．風力發電綠色環保、低碳，通過變壓器和遠距離輸電線給用戶供電，工作原理如圖所示。發電機線圈面積、匝數匝、電阻不計，處于磁感應強度大小為B的勻強磁場中，線圈繞垂直磁場的水平軸勻速轉動，轉速，其輸出端與升壓變壓器的原線圈相連，輸出電壓，升壓變壓器原、副線圈的匝數比，輸出功率為，降壓變壓器的副線圈連接用戶，兩變壓器間的輸電線總電阻，變壓器均為理想變壓器。用戶端工作電壓為220 V。下列說法正確的是（ ）
A．磁感應強度大小為
B．用戶獲得的功率為
C．降壓變壓器原、副線圈匝數比
D．若輸出電壓不變，輸電線電流變大，則用戶端電壓變小
8．如圖所示，一輕質光滑定滑輪固定在質量為的斜面體頂端，斜面體左側傾角為，右側傾角為。質量分別為和4m的物體A、B通過不可伸長的輕繩跨過定滑輪連接，輕繩均與斜面平行，A、B恰好都處于靜止狀態。已知A、B兩物體與斜面體間的動摩擦因數均為μ，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，重力加速度為。現剪斷輕繩，若斜面體始終處于靜止狀態，下列說法正確的是(　　)
A．
B．剪斷輕繩后，A、B都能沿斜面加速下滑
C．剪斷輕繩后，斜面體對地面的壓力大于
D．剪斷輕繩后，地面對斜面體的摩擦力方向水平向右
9．(多選)如圖所示,截面為等腰三角形ABC的玻璃磚,頂角θ=30°,由a、b兩種光組成的復色光以i=45°射到AB側面的中點D,其中a光以最小的光程射到AC面,b光平行于BC邊射到AC面.已知AB長度為2L,光在真空中的傳播速度為c,則下列說法正確的是 (　　)
A．a光的折射率小于b光的折射率
B．a光的折射率為
C．b光在AC面可能發生全反射
D．使a、b光分別通過同一雙縫干涉裝置,b光條紋間距更大
10．如圖甲所示，一足夠長的水平傳送帶以某一恒定速度順時針轉動，一根輕彈簧一端與豎直墻面連接，另一端與工件不拴接。工件將彈簧壓縮一段距離后置于傳送帶最左端無初速度釋放，工件向右運動受到的摩擦力Ff隨位移x變化的關系如圖乙所示，x0、Ff0為已知量，則下列說法正確的是（工件與傳送帶間的動摩擦因數處處相等）（　　）

A．工件在傳送帶上先做加速運動，后做減速運動
B．工件向右運動2x0后與彈簧分離
C．彈簧的勁度系數為
D．整個運動過程中摩擦力對工件做功為
三、非選擇題（本大題共5小題 共56分）
11．為了驗證物體沿光滑斜面下滑的過程中機械能守恒,某學習小組用如圖甲所示的氣墊導軌裝置(包括導軌、氣源、光電門、滑塊、遮光條、數字毫秒計)進行實驗.此外可使用的實驗器材還有:天平、游標卡尺、刻度尺.
甲
(1)某同學設計了如下的實驗步驟,其中不必要的步驟是　　　　.
①在導軌上選擇兩個適當的位置A、B安裝光電門Ⅰ、Ⅱ,并連接數字毫秒計;
②用天平測量滑塊和遮光條的總質量m;
③用游標卡尺測量遮光條的寬度d;
④通過導軌上的標尺測出A、B之間的距離l;
⑤調整好氣墊導軌的傾斜狀態;
⑥將滑塊從光電門Ⅰ左側某處,由靜止開始釋放,從數字毫秒計讀出滑塊通過光電門Ⅰ、Ⅱ的時間Δt1、Δt2;
⑦用刻度尺分別測量A、B點到水平桌面的高度h1、h2;
⑧改變氣墊導軌傾斜程度,重復步驟⑤⑥⑦,完成多次測量.
(2)用游標卡尺測量遮光條的寬度d時,游標卡尺的示數如圖乙所示,則d=　　　　mm;某次實驗中,測得Δt1=11.60 ms,則滑塊通過光電門Ⅰ的瞬時速度v1=　　　　m/s(保留3位有效數字);
乙
(3)在誤差允許范圍內,若h1-h2=　　　　(用上述必要的實驗步驟直接測量的物理量符號表示,已知重力加速度為g),則認為滑塊下滑過程中機械能守恒;
(4)寫出兩點產生誤差的主要原因: 　
　.
12．某課外研究性學習小組設計了測量鹽水電阻率的實驗原理圖如圖甲。所用器材有：電源（電動勢約為，內阻一定），毫安表（量程為，內阻不可忽略）；滑動變阻器（最大阻值為，允許通過的最大電流為），電壓表（量程為，內阻約為）；電壓表（量程為，內阻約為）；裝有耐腐蝕固定電極板、可動電極板和溫度計的長方體有機玻璃樣品池；開關，導線若干。
(1)為了使電壓表和電流表均有較大的偏轉，則電壓表應選用 （選填“”或“”），根據圖甲所示的原理圖，在圖乙的實物圖中，完成連線 ；
(2)用20分度游標卡尺測量樣品池的深度如圖丙所示，則 mm，用游標卡尺測量樣品池的寬度d，用毫米刻度尺測量固定電極板和可動電極板間的距離；
(3)在樣品池中注滿待測鹽水，閉合開關，調節滑動變阻器，讀出電壓表的示數和電流表的示數，并記錄此時固定電極板和可動電極板間的距離；然后改變固定電極板和可動電極板間的距離，分別記錄電壓表的示數、電流表的示數和固定電極板和可動電極板間的距離；如此完成6次測量并記錄相應數據；應用圖像法對數據進行處理，以為縱軸，以為橫軸，作出如圖丁所示的圖像，圖中為已知量，測量并記錄鹽水的溫度，則此溫度下鹽水的電阻率 （結果用字母表示），電流表的內阻對電阻率的測量值 （選填“有影響”或“無影響”），電流表的內阻 （結果用字母表示）。
13．如圖所示,粗細均勻的長直玻璃管被輕繩倒掛于傾角為θ的斜面上,管內有一段長為h的水銀柱(其密度為ρ)封閉著一段空氣柱,大氣壓強為p0,重力加速度大小為g.求在下列情況下,被封閉氣體的壓強為多少.(式中各物理量單位均為國際單位制單位)
(1)玻璃管靜止不動;
(2)剪斷細繩后,玻璃管沿斜面保持平穩加速下滑過程(水銀柱與玻璃管相對靜止,已知管與斜面間動摩擦因數為μ,且μ14．（13分）磁懸浮列車是高速低耗交通工具，如圖（a）所示，它的驅動系統簡化為如圖（b）所示的物理模型。固定在列車底部的正方形金屬線框的邊長為L，匝數為N，總電阻為R；水平面內平行長直導軌間存在磁感應強度均為B、方向交互相反、邊長均為L的正方形組合勻強磁場。線框中形成順時針感應電流時，求：
（1）線框受到磁場的作用力；
（2）磁場與線框的相對速度v。
15．如圖，質量的物塊B放置于質量的木板C上，在光滑水平地面上一起以的初速度向左運動。長度為的輕繩，懸掛質量的小球A。將小球A拉至輕繩與豎直方向的夾角處由靜止釋放，A向右搖至最低點時恰與B發生碰撞并粘在一起（A與C不接觸），同時輕繩被刀片割斷。已知B與C間的動摩擦因數，取重力加速度大小，A、B均可看成質點，不計空氣阻力。求：
（1）A與B碰后瞬間的速度；
（2）若板足夠長，A、B碰撞粘在一起到運動足夠長時間后合外力對B的沖量大小I；
（3）若板長，要使B不從板上滑離，開始時B在C上放置處與板左端距離x需滿足的條件。
參考答案
1．【答案】A　
【解析】根據質量數和電荷數守恒可得X為Li，A正確；Be的質子數為4，Li的質子數為3，核反應過程中質子數不守恒，核反應前后的總質子數發生了變化，B錯誤；核反應前后質量數守恒，C錯誤；中微子不帶電，D錯誤.
2．【答案】D
【詳解】A．飛椅勻速旋轉的過程中，游客所受合力提供向心力，不為零，A錯誤；
BC．設轉盤的半徑為R，則游客做勻速圓周運動的軌道半徑，對游客有，即，整理可得，可見θ與m無關，B、C錯誤；
D．椅子勻速旋轉的角速度越大，角度θ就越大，向心力mgtanθ越大，游客所受的合力越大，D正確。選D。
3．【答案】D
【解析】根據萬有引力提供向心力,有，解得，對于環繞行星表面運行的衛星，有，對于環繞行星表面運行的衛星，有，聯立解得，由題圖可知，所以，故錯誤；行星的質量，行星的質量為，又，則，得，故錯誤；環繞行星表面的衛星的線速度即“第一宇宙速度”，因為，所以，故錯誤；根據，得，由于，當兩行星的運動的軌道半徑相同時，可知行星的衛星的向心加速度大于行星的衛星的向心加速度，故正確.
4．【答案】C
【詳解】A．由圖乙可知時刻，質點P向下振動，根據上下坡法，波沿x軸負方向傳播，A錯誤；
B．由圖乙可知，再經過質點P的位于波谷，加速度最大且沿y軸正方向，B錯誤；
C．質點P、Q的相位差，由圖乙可知質點P的振動方程為，質點Q的振動方程為，C正確；
D．該波的波長為，周期為，波速為，D錯誤。選C。
5．【答案】C　
【解析】假設微粒沿OA做勻變速運動，則垂直OA方向上合力一定為零，由于F洛=Bqv與OA垂直，隨著微粒速度變化，F洛變化，則垂直OA方向上不能保持平衡，故微粒做勻速直線運動，B錯誤；假設微粒帶正電，微粒所受洛倫茲力、重力與靜電力無法平衡，因此該微粒帶負電，A錯誤；微粒受力分析如圖所示，根據平衡條件得qE=mgtan θ，mg=Bqvcos θ，解得該磁場的磁感應強度大小為B=，電場的場強大小為E=，C正確，D錯誤.
6．【答案】B
【解析】極板之間的電壓U不變，由E＝可知兩極板距離d越大，場強E越小，電場力F＝Ee越小，加速度越小，加速時間越長，由eU＝mv2，得v＝，則電子到達Q板時的速率與極板間距離無關，與加速電壓有關，A、C、D錯誤， B正確．
7．【答案】BD
【詳解】A：發電線圈產生的感應電動勢表達式為，，，解得，A錯誤；
B：升壓變壓器副線圈的電壓為，升壓變壓器副線圈的電流為，則，則用戶獲得的功率為，B正確；
C：降壓變壓器原、副線圈匝數比為，C錯誤；
D：若輸出電壓不變，則不變，輸電線電流變大，則減小，則減小，D正確。選BD。
8．【答案】AD
【解析】對物體受力分析，由平衡條件得，對物體受力分析，由平衡條件得，得正確；剪斷輕繩后，對，所以剪斷輕繩后，在斜面保持靜止；剪斷輕繩后，對，所以剪斷輕繩后，能沿斜面加速下滑，B錯誤；剪斷輕繩后，對物體受力分析，，解得，對斜面體和A、B整體受力分析，在豎直方向，由牛頓第三定律，所以，剪斷輕繩后，斜面體對地面的壓力錯誤；對斜面體和A、B物體整體在水平方向上，由平衡條件得，剪斷輕繩后，地面對斜面體的摩擦力大小為，方向水平向右，正確。故選。
9．【答案】AB
【解析】
由題意知a、b光在玻璃磚的折射光線如圖所示,a光的折射角大于b光的折射角,由n=知,a光的折射率小于b光的折射率,A正確;由幾何知識知,a光在D處的折射角為α1=θ=30°,解得a光的折射率為n1==,B正確;b光在D處的折射角與在AC上的入射角相等,由折射定律知,b光在AC上的折射角仍為45°,不會發生全反射,C錯誤;在玻璃磚中,a光的折射率小于b光的折射率,故兩光的波長關系為λa>λb,由條紋間距Δx=λ知,使a、b光分別通過同一雙縫干涉裝置,a光條紋間距更大,D錯誤.
10．【答案】BD
【詳解】A．從圖乙可知，摩擦力在處方向發生變化，在區間工件的摩擦力大小發生變化，說明工件與傳送帶相對靜止，工件先做加速運動后做勻速運動，A錯誤；
B．在區間摩擦力大小等于彈簧彈力大小，位置摩擦力為零，所以彈力為零，所以工件運動后與彈簧分離，B正確；
C．由胡克定律得，解得彈簧的勁度系數，故C錯誤；
D．摩擦力對工件先做正功后做負功，圖乙圖像與x軸圍成的面積在數值上等于摩擦力對工件做的功，即，故D正確。選BD。
11．【答案】(1)②④　(2)5.00　0.431　(3)
(4)見解析
【解析】(1)滑塊下滑過程中機械能守恒,減少的重力勢能轉化為動能,則有mg(h1-h2)=m-m=m-m,整理得g(h1-h2)=-,所以不必測量滑塊和遮光條的總質量m,A、B之間的距離l,故選②④.
(2)游標卡尺的讀數d=5 mm+0×0.05 mm=5.00 mm;滑塊通過光電門Ⅰ的速度v1== m/s≈0.431 m/s.
(3)根據(1)問可知h1-h2=,在誤差允許的范圍內,滿足該等式可認為滑塊下滑過程中機械能守恒.
(4)滑塊在下滑過程中受到空氣阻力作用,產生誤差;遮光條寬度過大,以平均速度代替瞬時速度產生誤差.
12．【答案】(1) ；見解析，(2)105.80，(3)；無影響；
【詳解】（1）[1][2]因為電源的電動勢約，為了電壓表有較大的偏轉，所以應選擇電壓表；根據電路圖連線如圖所示
（2）[1]游標卡尺的讀數為
（3）[1][2][3]因為，所以斜率，解得，電流表的內阻對電阻率的測量值無影響，電流表的內阻
13．【答案】(1)p0-ρghsin θ　(2)p0-μρghcos θ
【解析】(1)當玻璃管靜止時,設被封閉氣體的壓強為p1,玻璃管的橫截面積為S.以水銀柱為研究對象,其受力情況如圖甲所示,
根據水銀柱沿斜面方向受力平衡有p0S=mgsin θ+p1S,
而m=ρSh,所以p1=p0-ρghsin θ.
(2)在玻璃管沿粗糙斜面勻加速下滑過程中,設被封閉氣體壓強為p2,以玻璃管、水銀柱及封閉氣體整體為研究對象,設整體質量為M,其受力情況如圖乙所示,沿垂直于斜面和平行于斜面方向應用力的平衡條件和牛頓第二定律得,
甲　　乙　　丙
N'=Mgcos θ,Mgsin θ-f=Ma,
又f=μN',所以a=g(sin θ-μcos θ).
以水銀柱為研究對象,其受力情況如圖丙所示,
沿平行于斜面方向應用牛頓第二定律得
mgsin θ+p2S-p0S=ma,
所以p2=p0+(a-gsin θ),
將m=ρSh及a=g(sin θ-μcos θ)代入該式并整理得
p2=p0-μρghcos θ.
【易錯警示】不能正確分析氣壓對液柱兩端壓強的影響致錯
本題的易錯點在于液柱兩端壓強的求解,對于液柱模型,在平衡狀態下氣體壓強的求法有三種.第一種方法是受力平衡,選取與氣體接觸的液柱(或活塞)為研究對象進行受力分析,得到液柱(或活塞)的受力平衡方程,求得氣體的壓強,此方法適用于單液柱情況,與大氣連接一側為大氣壓強,被密閉一側需要考慮是加上液柱壓力還是減去液柱壓力才能與外界大氣壓力平衡,從液柱重力方向分析,指向密閉側則減,背向密閉側則加.第二種方法,針對連通器(多液面),同一種液體(中間不間斷)同一深度處壓強相等,液體內深h處總壓強p=p0+ρgh,p0為液面上方的壓強.第三種方法,若處于運動狀態,則選取與氣體接觸的液柱(或活塞)為研究對象,進行受力分析,利用牛頓第二定律列方程求解.
14．【答案】（1），方向向右 （2），磁場相對線框速度方向向右
【詳解】（1）線框受到磁場的作用力為
根據左手定則可知線框受到磁場的作用力方向向右；
（2）線框中產生的感應電動勢為
根據歐姆定律有
可得磁場與線框的相對速度大小
磁場相對線框速度方向向右。
15．【答案】（1）；（2）；（3）
【詳解】（1）小球A由釋放到最低點的過程，由動能定理
解得
小球A與物塊B碰撞過程，由動量守恒定律
解得
方向向右。
（2）設三者共同速度，由動量守恒定律
解得
方向向左。
合外力對B的沖量
解得
共速前，A、B一直相對C向右運動，設相對位移為s，由功能關系
解得
A初始放置處離板左端距離滿足
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