資源簡介

絕密★啟用前
2025年湖南省普通高中學(xué)業(yè)水平選擇性考試5月
物理押題卷（八）
本試卷共100分，考試時間75分鐘．
注意事項：
1．答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號填寫在本試卷和答題卡上．
2．回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目的答案標(biāo)號涂黑．如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標(biāo)號．回答非選擇題時，將答案寫在答題卡上．寫在本試卷上無效．
3．考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回．
一、選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。
1．下列說法中正確的是（　?。?br/>A．衰變是原子核向外放出電子的現(xiàn)象，說明電子是原子核的組成部分
B．天然放射現(xiàn)象能夠作為“原子核可再分”的依據(jù)
C．中子撞擊大氣中的氮核引發(fā)核反應(yīng)，產(chǎn)生碳核和氘核
D．天然放射性現(xiàn)象中放射出的、、射線都能在磁場中發(fā)生偏轉(zhuǎn)
2．均勻介質(zhì)中，波源位于0點的簡諧橫波在x0y水平面內(nèi)傳播，波面為圓t=0時刻，波面分布如圖甲所示，其中實線表示波峰，虛線表示與波峰相鄰的波谷A處質(zhì)點的振動圖像如圖乙所示，z軸正方向豎直向上下列判斷正確的是（　?。?br/>A．t=2s時，E處質(zhì)點處于平衡位置 B．t=4s時，B處質(zhì)點位于波谷
C．t=7s時，M處質(zhì)點速度最大 D．t=8s時，D處質(zhì)點位移方向沿z軸正方向
3．如圖所示，滑板愛好者先后兩次從坡道 點滑出，均落至 點，第二次的騰空時間比第一次長，則( )
A．兩次滑出速度方向相同
B．兩次騰空最大高度相同
C．第二次滑出時豎直方向速度一定比第一次滑出時大
D．滑板愛好者兩次在最高點的速度相同
4．如圖所示，真空中有一勻強(qiáng)電場（圖中未畫出），電場方向與圓周在同一平面內(nèi)， ABC是圓的內(nèi)接直角三角形，，O為圓心，半徑。位于A處的粒子源向平面內(nèi)各個方向發(fā)射初動能均為、電荷量為的粒子，這些粒子會經(jīng)過圓周上不同的點，其中到達(dá)B點的粒子動能為，到達(dá)C點的粒子動能也為。忽略粒子受到的重力和粒子間的相互作用，下列說法正確的是（　?。?br/>
A．電場方向由B指向A
B．經(jīng)過圓周上的所有粒子，動能最大為
C．
D．勻強(qiáng)電場的電場強(qiáng)度大小為
5．“神舟十五號”進(jìn)駐空間站,標(biāo)志著我國空間站正式從建造階段轉(zhuǎn)入運營階段。可將中國空間站看作近地衛(wèi)星,空間站繞地球做勻速圓周運動的周期為T。某科研小組在地球南極點用彈簧測力計測得質(zhì)量為m的砝碼所受重力為F,在赤道測得該砝碼所受重力為F'。假設(shè)地球可視為質(zhì)量分布均勻的球體,則下列說法正確的是
A．地球半徑可表示為R=
B．地球的第一宇宙速度可表示為v=
C．地球的自轉(zhuǎn)周期可表示為T自=T
D．地球的自轉(zhuǎn)周期可表示為T自=T
6．如圖，真空中有區(qū)域Ⅰ和Ⅱ，區(qū)域Ⅰ中存在勻強(qiáng)電場和勻強(qiáng)磁場，電場方向豎直向下(與紙面平行)，磁場方向垂直紙面向里，等腰直角三角形CGF區(qū)域(區(qū)域Ⅱ)內(nèi)存在勻強(qiáng)磁場，磁場方向垂直紙面向外。圖中A、C、O三點在同一直線上，AO與GF垂直，且與電場和磁場方向均垂直。A點處的粒子源持續(xù)將比荷一定但速率不同的粒子射入?yún)^(qū)域Ⅰ中，只有沿直線AC運動的粒子才能進(jìn)入?yún)^(qū)域Ⅱ。若區(qū)域Ⅰ中電場強(qiáng)度大小為E、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B1，區(qū)域Ⅱ中磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B2，則粒子從CF的中點射出，它們在區(qū)域Ⅱ中運動的時間為t0。若改變電場或磁場強(qiáng)弱，能進(jìn)入?yún)^(qū)域Ⅱ中的粒子在區(qū)域Ⅱ中運動的時間為t，不計粒子的重力及粒子之間的相互作用，下列說法正確的是(　　)
A． 若僅將區(qū)域Ⅰ中磁感應(yīng)強(qiáng)度大小變?yōu)?B1， 則t＞t0
B．若僅將區(qū)域Ⅰ中電場強(qiáng)度大小變?yōu)?E， 則t＞t0
C．若僅將區(qū)域Ⅱ中磁感應(yīng)強(qiáng)度大小變?yōu)锽2，則t＝
D．若僅將區(qū)域Ⅱ中磁感應(yīng)強(qiáng)度大小變?yōu)锽2， 則t＝t0
二、選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多項是符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。
7．（2023·重慶·校聯(lián)考模擬）風(fēng)能是一種清潔且利用方便的能源，我國已探明的風(fēng)能約為16億千瓦，主要分布在西北、華北、東北的草原和戈壁，以下為某風(fēng)力發(fā)電機(jī)的模型圖，風(fēng)帶動葉片轉(zhuǎn)動，升速齒輪箱通過的轉(zhuǎn)速比帶動匝數(shù)為N的發(fā)電機(jī)線圈高速轉(zhuǎn)動，線圈產(chǎn)生的交變電流經(jīng)過理想變壓器后向用戶端的m盞燈泡供電，其中電路中的A燈為指示燈，A與用戶端的燈泡規(guī)格完全相同，額定電壓為U；若某段時間內(nèi)葉片的轉(zhuǎn)速為n轉(zhuǎn)/秒，電路中的所有燈泡均正常發(fā)光，已知磁體間的磁場為勻強(qiáng)磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，線圈電阻不計，則下列說法正確的是（　　）
A．經(jīng)過理想變壓器后輸出交變電流的頻率為
B．理想變壓器原副線圈的匝數(shù)比為
C．線圈的面積為
D．若此時用戶突然增多，則A燈變亮，其余燈泡的亮度變暗，發(fā)電機(jī)的總功率變小
8．如圖所示，足夠長的光滑斜面固定在水平面上，輕質(zhì)彈簧與A、B物塊相連，A、C物塊由跨過光滑小滑輪的輕繩連接。初始時刻，C在外力作用下靜止，繩中恰好無拉力，B放置在水平面上，A靜止?，F(xiàn)撤去外力，物塊C沿斜面向下運動，當(dāng)C運動到最低點時，B對地面的壓力剛好為零。已知A、B的質(zhì)量均為m，彈簧始終處于彈性限度內(nèi)，則上述過程中（　?。?br/>A．C的質(zhì)量mC可能小于m
B．C的速度最大時，A的加速度為零
C．C的速度最大時，彈簧彈性勢能最小
D．A、B、C系統(tǒng)的機(jī)械能先變大后變小
9．如圖所示，空間有范圍足夠大的勻強(qiáng)磁場，一個帶正電的小圓環(huán)套在一根豎直固定且足夠長的絕緣細(xì)桿上?，F(xiàn)使圓環(huán)以一定的初速度向上運動，經(jīng)一段時間后圓環(huán)回到起始位置。已知桿與環(huán)間的動摩擦因數(shù)保持不變，圓環(huán)所帶電荷量保持不變，空氣阻力不計。對于圓環(huán)從開始運動到回到起始位置的過程，下面關(guān)于圓環(huán)的速度、加速度隨時間變化的圖像、重力勢能、機(jī)械能隨圓環(huán)離開出發(fā)點的高度h變化的圖像，其中一定不正確的是（　　）
A． B．
C． D．
10．如圖所示,兩束單色光a、b平行射入平行玻璃磚上表面,光束a是紅光,光束b是綠光。若不考慮光束在平行玻璃磚下表面的反射,下列說法正確的是
A．光束a比光束b在玻璃磚中的傳播速度大
B．光束b在平行玻璃磚下表面可能發(fā)生全反射
C．兩束單色光線穿過平行玻璃磚下表面后可能重合為一束光線
D．兩束單色光線穿過平行玻璃磚下表面后若仍為兩束單色光,兩束光可能不再平行
三、非選擇題：本大題共5題，共56分。
11．某實驗小組同學(xué)利用如圖甲所示的實驗裝置驗證機(jī)械能守恒定律．調(diào)節(jié)木板的傾角，使小車在未懸掛砝碼盤時能拖著紙帶沿木板向下勻速運動，之后將小車固定在靠近打點計時器處，在動滑輪上懸掛砝碼盤和砝碼，接通打點計時器電源并釋放小車，打點計時器打出的紙帶如圖乙所示，已知打點計時器所接電源的頻率，釋放小車的瞬間打點計時器打出的點記為“0”，之后的點依此記為“1”、“2”、“3”、……，“0”與“120”兩點間的距離記為L，“119”與“121”兩點間的距離記為，兩滑輪、細(xì)繩及紙帶的質(zhì)量均不計，回答下列問題：
（1）打點計時器打記為“120”的點時小車的速度大小 ．
（2）砝碼盤和砝碼的總質(zhì)量為m，小車的質(zhì)量為M，當(dāng)?shù)刂亓铀俣却笮間，若 成立，則驗證了系統(tǒng)的機(jī)械能守恒。（均用題中所給字母表示）
（3）測得，，，，若此過程機(jī)械能守恒，則當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣却笮? 。（結(jié)果保留兩位小數(shù)）
12． 在測量某電源電動勢和內(nèi)阻時，因為電壓表和電流表的影響，不論使用何種接法，都會產(chǎn)生系統(tǒng)誤差，為了消除電表內(nèi)阻造成的系統(tǒng)誤差，某實驗興趣小組設(shè)計了如圖甲實驗電路進(jìn)行測量.已知 .
（1） 按照圖甲所示的電路圖，將圖乙中的器材實物連線補(bǔ)充完整.
（2）實驗操作步驟如下：
①將滑動變阻器滑到最左端位置
②接法Ⅰ：單刀雙擲開關(guān) 與1接通，閉合開關(guān) ，調(diào)節(jié)滑動變阻器 ，記錄下若干組數(shù)據(jù) 的值，斷開開關(guān)
③將滑動變阻器滑到最左端位置
④接法Ⅱ：單刀雙擲開關(guān) 與2接通，閉合開關(guān) ，調(diào)節(jié)滑動變阻器 ，記錄下若干組數(shù)據(jù) 的值，斷開開關(guān)
⑤分別作出兩種情況所對應(yīng)的 和 圖像
（3） 單刀雙擲開關(guān)接1時，某次讀取電表數(shù)據(jù)時，電壓表指針如圖丙所示，此時 _____ .
丙
（4） 根據(jù)測得數(shù)據(jù)，作出 和 圖像如圖丁所示，根據(jù)圖線求得電源電動勢_____，內(nèi)阻_____ .（結(jié)果均保留兩位小數(shù)）
（5） 由圖丁可知_____（填“接法Ⅰ”或“接法Ⅱ”）測得的電源內(nèi)阻更接近真實值.
（6） 綜合考慮，若只能選擇一種接法，應(yīng)選擇_____（填“接法Ⅰ”或“接法Ⅱ”）測量更合適.
13．如圖所示，一根長、一端封閉的細(xì)玻璃管AB開口向上豎直放置，A為管口，B為管底。管內(nèi)用長的水銀柱封閉了一段長的空氣柱。已知外界大氣壓強(qiáng)為，封閉氣體的初始溫度為300K。，。
（1）若對封閉氣體緩慢加熱，則溫度升到多少時，水銀剛好不溢出；
（2）若保持初始溫度不變，將玻璃管繞通過B點的水平軸緩慢轉(zhuǎn)動，直至管口斜向下與豎直方向成，請判斷此過程中是否有水銀逸出。
14．如圖所示，粗糙水平軌道與光滑弧形軌道QE相切于Q點，輕質(zhì)彈簧左端固定，右端放置一個質(zhì)量m=1.0kg可視為質(zhì)點的小球A，當(dāng)彈簧處于原長時，小球A靜止于O點?，F(xiàn)對小球A施加水平向左的外力F，使它緩慢移動壓縮彈簧至P點，在該過程中，外力F與彈簧壓縮量x的關(guān)系為：，其中k為未知常數(shù)。釋放小球A，其沿桌面運動與放置于Q點質(zhì)量也為1.0kg的小球B發(fā)生彈性碰撞，撞后小球B沿弧形軌道上升的最大高度為。已知OP的距離為，OQ的距離為，水平軌道阻力一定，重力加速度取。求：
（1）小球A與小球B第一次碰撞后瞬間小球B的速度大??；
（2）在壓縮彈簧過程中，彈簧存貯的最大彈性勢能；
（3）小球A最終靜止時的位置。
15．如圖所示為某種電磁緩沖車的結(jié)構(gòu)示意圖，其主要部件為緩沖滑塊K和質(zhì)量為m的緩沖車廂。在緩沖車的底板上安裝著電磁鐵，能產(chǎn)生垂直于導(dǎo)軌平面的勻強(qiáng)磁場，磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，沿車的軸線固定著兩個光滑水平絕緣導(dǎo)軌PQ、MN，可以在導(dǎo)軌內(nèi)自由滑動的緩沖滑塊K由高強(qiáng)度絕緣材料制成，滑塊K上繞有閉合的多匝矩形線圈abcd，線圈的總電阻為R，匝數(shù)為n，ab邊長為L，假設(shè)緩沖車以速度v0與障礙物C碰撞后，滑塊K立即停下，此后線圈與軌道的磁場作用力使緩沖車廂減速運動，從而實現(xiàn)緩沖，一切摩擦及空氣阻力不計。
（1）求緩沖車廂減速過程中最大加速度的大?。?br/>（2）碰撞后緩沖車廂向前移動一段距離后速度為零，則此過程線圖abcd中產(chǎn)生的焦耳熱是多少；
（3）緩沖車與障礙物碰撞后，要使導(dǎo)軌右端不碰到障礙物，則緩沖車與障礙物碰撞前，導(dǎo)軌右端與滑塊K的cd邊距離至少多大。
物理押題卷（八）
參考答案
1．【答案】B
【詳解】A．原子核發(fā)生β衰變時，β粒子是原子核內(nèi)的一個中子變成一個質(zhì)子時，放射出一個電子，電子不是原子核的組成部分，故A錯誤；
B．天然放射現(xiàn)象中，原子核發(fā)生衰變，會釋放出α、β等射線，并生成了新的原子核；這說明原子核具有復(fù)雜的結(jié)構(gòu)，本身可以再分，故B正確；
C．根據(jù)質(zhì)量數(shù)守恒和電荷數(shù)守恒可知中子撞擊大氣中的氮核引發(fā)核反應(yīng)，產(chǎn)生碳核和氕核，故C錯誤；
D．α、β射線均帶電，在電場中受到電場力作用下偏轉(zhuǎn)，而γ射線不帶電，則在電場中不發(fā)生偏轉(zhuǎn)，故D錯誤。
故選B。
2．【答案】C
【詳解】A．由圖甲、乙可看出，該波的波長、周期分別為λ＝10m，T＝4s，則根據(jù)波速公式
當(dāng)t等于0時，此時為波峰，平衡位置為其2.5m，7.5m處，故當(dāng)t=2s時
故此時對應(yīng)的平衡位置為7.5m，12.5m處，E點此時不處于平衡位置，A錯誤；
B．由
則該波從A點傳播到B點，距離為10m，所需時間為4s，A處為波峰則B處質(zhì)點應(yīng)位于波峰，B錯誤；
C．波從AE波面?zhèn)鞑サ組處的時間為
當(dāng)t=7s時，M處質(zhì)點動了1s，則此時質(zhì)點處于平衡位置，位于平衡位置的質(zhì)點振動速度最大，C正確；
D．波從AE波面?zhèn)鞑サ紻處的時間為
則t＝8s時，D處質(zhì)點動了6.3 s，則此時質(zhì)點位于z軸下方，位移方向沿z軸負(fù)方向，D錯誤。
故選C。
3．【答案】C
【解析】
設(shè)騰空時間為 ，滑板愛好者先后兩次從坡道 點滑出后做斜拋運動，水平方向上有 ，由于第二次的騰空時間比第一次長，則 ，即滑板愛好者第二次在最高點的速度比第一次在最高點的速度小， 錯誤；在豎直方向上， ， ，可知滑板愛好者第二次滑出時豎直方向的速度一定比第一次滑出時大， 正確；騰空的最大高度 ， ，故第二次騰空最大高度比第一次騰空最大高度大， 錯誤；根據(jù) ， ，則第二次滑出速度與水平方向夾角大于第一次滑出速度與水平方向夾角， 錯誤.
4．【答案】B
【詳解】A．由題意可知，到達(dá)B點的粒子動能與到達(dá)C點的粒子動能相等，可知B、C兩點的電勢相等，BC的連線為勻強(qiáng)電場的等勢線，等勢線與電場線互相垂直，如圖所示，電荷量為的粒子從A點到B點，動能增加，可知電場力做正功，則有粒子沿電場線運動，因此可確定AB方向是該電場的方向，A錯誤；

D．由電場力做功與電勢差的關(guān)系公式，可得，由幾何知識可知，，則有，由勻強(qiáng)電場的電場強(qiáng)度與電勢差的關(guān)系公式，可得勻強(qiáng)電場的電場強(qiáng)度大小為，D錯誤；
B．由解析題圖可知，圓周上的D點電勢最低，則粒子運動到D點的動能最大，則有，由幾何關(guān)系可得，聯(lián)立解得，從A到D由動能定理可得，代入數(shù)據(jù)解得，B正確；
C．BC是等勢線，由勻強(qiáng)電場的電場強(qiáng)度與電勢差的關(guān)系公式，可得，C錯誤。選B。
5．【答案】D　
【解析】熱門考點:萬有引力定律及其應(yīng)用
砝碼在南極點時,有F=G,在赤道時,有F-F'=mR,空間站繞地球做勻速圓周運動時,有G=m'R,聯(lián)立解得T自=T,R=,A、C錯誤,D正確;衛(wèi)星在地球表面附近運行的速度為地球的第一宇宙速度,則在地球表面附近時,根據(jù)萬有引力定律有G=m″,解得v==,B錯誤。
6．【答案】D
【解析】設(shè)沿AC做直線運動的粒子的速度大小為v，有qvB1＝qE，即v＝，粒子在磁場Ⅱ中做勻速圓周運動，如圖中軌跡1，由幾何關(guān)系可知運動軌跡所對的圓心角為90°，則運動時間為周期，又qvB2＝，可得r＝，時間t0＝·，根據(jù)幾何關(guān)系可知OC＝2r，若僅將區(qū)域Ⅰ中磁感應(yīng)強(qiáng)度大小變?yōu)?B1，則做勻速直線運動的粒子的速度變?yōu)樵瓉淼囊话耄Ｗ釉趨^(qū)域Ⅱ內(nèi)做勻速圓周運動的軌跡半徑變?yōu)樵瓉淼囊话?，如圖中軌跡2，軌跡對應(yīng)的圓心角依然為90°，時間t＝·＝t0，A錯誤；若僅將區(qū)域Ⅰ中電場強(qiáng)度大小變?yōu)?E，則做勻速直線運動的粒子的速度變?yōu)樵瓉淼?倍，粒子在區(qū)域Ⅱ內(nèi)做勻速圓周運動的軌跡半徑變?yōu)樵瓉淼?倍，如圖中軌跡3，粒子從F點離開磁場，對應(yīng)的圓心角依然為90°，時間t＝·＝t0，B錯誤；若僅將區(qū)域Ⅱ中的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小變?yōu)锽2，粒子在區(qū)域Ⅱ中做勻速圓周運動的軌跡半徑變?yōu)閞＞2r，粒子從O、F間離開，如圖中軌跡4，由幾何關(guān)系可知，軌跡對應(yīng)的圓心角θ滿足sin θ＝＝＝，則θ＝60°，則t＝·＝t0，C錯誤；若僅將區(qū)域Ⅱ中的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小變?yōu)锽2，粒子在區(qū)域Ⅱ中做勻速圓周運動的軌跡半徑變?yōu)閞＝2r＞2r，粒子從O、F間離開，如圖中軌跡5，由幾何關(guān)系可知，軌跡對應(yīng)的圓心角θ滿足sin θ＝＝＝，則θ＝45°，粒子在區(qū)域Ⅱ中運動的時間為t＝·＝t0，D正確。
7．【答案】BC
【詳解】A．葉片的轉(zhuǎn)速為n轉(zhuǎn)/秒，則發(fā)電機(jī)線圈轉(zhuǎn)速為kn轉(zhuǎn)/秒，則理想變壓器后輸入交變電流的頻率為kn ，故A錯誤；
B．設(shè)燈泡的額定電流為I，根據(jù)題意可知，原線圈電流
副線圈電流
根據(jù)變流比可知
故B正確；
C．根據(jù)變壓比可得原線圈電壓為
則發(fā)電機(jī)輸出電壓
根據(jù)
聯(lián)立可得
故C正確；
D．將變壓器以及所有用戶看作一個負(fù)載，若此時用戶突然增多，則負(fù)載電阻減小，則通過燈泡A的電流增大，則A燈變亮，發(fā)電機(jī)輸出電壓不變，故原線圈電壓減小，根據(jù)變壓比可知，副線圈電壓減小，則其余燈泡的亮度變暗，發(fā)電機(jī)輸出電壓不變，輸出電流增大，則輸出功率增大，故D錯誤。
故選BC。
8．【答案】BCD
【詳解】A．彈簧原來的壓縮量
x1=
當(dāng)C運動到最低點時，B對地面的壓力剛好為零，彈簧的拉力等于B的重力，則彈簧此時的伸長量為
x2=
則
x1=x2
彈簧初、末狀態(tài)的彈性勢能相等，根據(jù)A、B、C和彈簧構(gòu)成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒，則有
mCgsinα=mg
α是斜面的傾角，解得
mCsinα=m，sinα<1
所以
mC>m
故A錯誤；
BC．C速度最大時，加速度為零，則有繩子拉力
FT=mCgsinα=mg
因此A的加速度為零，此時彈簧的彈力為零，彈簧彈性勢能最小，故BC正確；
D．由于A、B、C和彈簧構(gòu)成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒，而彈簧先由壓縮恢復(fù)原長再拉伸，所以彈性勢能先減小后增加，故A、B、C系統(tǒng)的機(jī)械能先變大后變小，故D正確。
故選BCD。
9．【答案】BC
【詳解】AB．上升階段，以圓環(huán)為對象，根據(jù)牛頓第二定律可得
又
聯(lián)立解得
可知上升階段，圓環(huán)做加速度逐漸減小的減速運動；最高點時，圓環(huán)速度為零，圓環(huán)的加速度為
圓環(huán)下落階段，以圓環(huán)為對象，根據(jù)牛頓第二定律可得
解得
可知下落階段，圓環(huán)做加速度逐漸減小的加速運動；
根據(jù)以上分析可知，A可能正確，不滿足題意要求；B錯誤，滿足題意要求；
C．以初始位置為零勢能參考平面，圓環(huán)的重力勢能為
可知圖像為過原點的傾斜直線，C錯誤，滿足題意要求
D．圓環(huán)上升階段由于受到摩擦力作用，圓環(huán)的機(jī)械能逐漸減小，根據(jù)
可知上升階段，圓環(huán)受到的摩擦力逐漸減小，則圖像在圓環(huán)上升階段的切線斜率逐漸減小；
圓環(huán)下落階段由于受到摩擦力作用，圓環(huán)的機(jī)械能繼續(xù)逐漸減小，根據(jù)
可知下落階段，圓環(huán)受到的摩擦力逐漸增大，則圖像在圓環(huán)下落階段的切線斜率逐漸增大；圓環(huán)回到起始位置的機(jī)械能小于開始運動時的機(jī)械能，D可能正確，不滿足題意要求。
故選BC。
10．【答案】AC　
【解析】基礎(chǔ)考點：光的折射
根據(jù)題意可知,光束a的折射率小于光束b的折射率,由公式n=可得,光束a比光束b在玻璃磚中的傳播速度大,A正確;根據(jù)題意,由光路的可逆性可知,光束b在平行玻璃磚下表面不可能發(fā)生全反射,B錯誤;因為玻璃磚上下表面平行,光線在玻璃磚下表面第二次折射時的入射角等于在玻璃磚上表面第一次折射時的折射角,根據(jù)光路可逆性可知,第二次折射光線與第一次折射的入射光線平行,所以從玻璃磚下表面射出的兩束光仍然平行,如果玻璃磚的厚度、兩束入射光線入射位置合適,兩束單色光線穿過平行玻璃磚下表面后可能重合為一束光線,D錯誤,C正確。
11．【答案】 9.87/9.86
【詳解】（1）[1]中間時刻的瞬時速度等于此過程中的平均速度，所以
（2）[2]若此過程機(jī)械能守恒，則有
整理得
（3）[3]根據(jù)牛頓運動定律有
，，
將、、、代入解得
12．【答案】
（1）見解析；
（3）1.30；
（4） 1.80；2.50；
（5）接法Ⅱ；
（6）接法Ⅱ
【解析】
（1）根據(jù)圖甲所示的電路圖，實物連接如圖所示.
（3）量程為 的電壓表分度值為 ，需要估讀到分度值的下一位，由圖丙可知電壓表讀數(shù)為 .
（4）單刀雙擲開關(guān)接1，電流表示數(shù)為零時，電壓表測量準(zhǔn)確，故電動勢為 的縱軸截距，則有 ；單刀雙擲開關(guān)接2，電壓表示數(shù)為零時，電流表測量準(zhǔn)確，由 圖像可知此時電路電流為 ，根據(jù)閉合電路歐姆定律可知 ，解得內(nèi)阻為 .
（5）由圖丁可知 圖像的斜率為 ，解得 ，由圖丁可知 圖像的斜率為 ，解得 ，可得 ，故接法Ⅱ測得的電源內(nèi)阻更接近真實值.
（6）由電路圖可知接法Ⅰ的誤差來源是電流表的分壓，接法Ⅱ的誤差來源是電壓表的分流，由于電源內(nèi)阻較小，遠(yuǎn)小于電壓表內(nèi)阻，結(jié)合（5）問分析可知，若只能選擇一種接法，應(yīng)選擇接法Ⅱ更合適.
13．【答案】（1）；（2）不會溢出
【詳解】（1）封閉氣體加熱，水銀面剛好不溢出，此過程是等壓過程。初態(tài)
末態(tài)
根據(jù)蓋·呂薩克定律
解得
（2）封閉氣體發(fā)生等溫變化，初態(tài)
末態(tài)
設(shè)此時管內(nèi)空氣柱長度為，則體積為
根據(jù)玻意耳定律
代入數(shù)據(jù)解得
因為
所以水銀不會溢出。
14．【答案】（1）2m/s；（2）5.0J；（3）停在O點
【詳解】（1）小球B在上沖過程中有
解得
（2）小球A和B在碰撞過程有
解得
由題可知
f=2N
物塊A由P至Q過程有
解得
（3）小球B滑下與A碰撞后，B靜止，A的速度大小為
小球A在向左滑行過程有
解得
故小球A停在O點。
15．【答案】（1）；（2）；（3）
【詳解】（1）線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)最大電動勢
產(chǎn)生的感應(yīng)最大電流
安培力
根據(jù)牛頓第二定律
解得
（2）由功能關(guān)系，線圈產(chǎn)生的焦耳熱
（3）由法拉第電磁感應(yīng)定律得
其中
由歐姆定律
由動量定理可得
其中
可得
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