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單元檢測（十二）
原子物理學(xué)
B卷高考能力評價(jià)卷
(滿分：100分時(shí)間：75分鐘)
一、單項(xiàng)選擇題：本題共8小題，每小題4分，共32分.在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)符合題目
要求
1.(2024·河北)鋰是新能源汽車、儲能和信息通信等新興產(chǎn)業(yè)的關(guān)鍵材料.研究表明，鋰元素主要來自宇
宙線高能粒子與星際物質(zhì)的原子核產(chǎn)生的散裂反應(yīng)，其中一種核反應(yīng)方程為C十H→Li十2H+X,
式中的X為
()
A.on
B.-9e
C.e
D.He
2.2023年4月13日，中國“人造太陽”反應(yīng)堆中科院環(huán)流器裝置(EAST)創(chuàng)下新紀(jì)錄，實(shí)現(xiàn)403秒穩(wěn)態(tài)長脈
沖高約束模等離子體運(yùn)行，為可控核聚變的最終實(shí)現(xiàn)又向前邁出了重要的一步，下列關(guān)于核反應(yīng)的說法
正確的是
A.相同質(zhì)量的核燃料，輕核聚變比重核裂變釋放的核能更多
B.氘氚核聚變的核反應(yīng)方程為H十H→He十-9e
C.核聚變的核反應(yīng)燃料主要是鈾235
D.核聚變反應(yīng)過程中沒有質(zhì)量虧損
3.銫原子基態(tài)的兩個(gè)超精細(xì)能級之間躍遷發(fā)射的光子具有穩(wěn)定的頻率，銫原子鐘利用的兩能級的能量差量
級為10-5eV,躍遷發(fā)射的光子的頻率量級為（普朗克常量h=6.63×10-34J·s,元電荷e=1.60×
10-19C)
A.103 Hz
B.105 Hz
C.10 Hz
D.1012Hz
4.(2025·河南許昌·一模)2024年1月6日，“華龍一號”4號機(jī)組內(nèi)穹頂?shù)跹b就位，我國“華龍一號”是當(dāng)
前核電市場接受度最高的三代核電機(jī)型之一，其全面建成有力支撐了我國由核電大國向核電強(qiáng)國的跨
越.核反應(yīng)堆是利用中子轟擊重核發(fā)生裂變反應(yīng)，釋放出大量核能.2U+n→1Ba+器Kr十a(chǎn)X是反應(yīng)
堆中發(fā)生的許多核反應(yīng)中的一種，X是某種粒子，a是X粒子的個(gè)數(shù)，用mU、mBa、mKr分別表示2U、
1Ba、器Kr核的質(zhì)量，mx表示X粒子的質(zhì)量，c為真空中的光速.以下說法正確的是
()
A.X為中子，a=2
B.太陽就是一個(gè)巨大的鈾核裂變反應(yīng)堆
C.上述核反應(yīng)中放出的核能△E=(U一mBa一mKr一2mx)c2
D.鈾塊體積必須達(dá)到臨界體積，有質(zhì)子通過時(shí)，才能發(fā)生鏈?zhǔn)椒磻?yīng)
5.(2025·山東煙臺·二模)某實(shí)驗(yàn)小組研究光電效應(yīng)規(guī)律時(shí)，用不同頻率的光照
0.
射同一光電管并記錄數(shù)據(jù)，得到遏止電壓與入射光頻率的關(guān)系圖像如圖所示，
已知電子電荷量為，則該光電管的陰極材料的逸出功為
0
A.(U2n-U1v)
B.(Uiv2-U2v)
2一1
V2一1
C.e(U2v2-U)
D.e(2U14-U22)
2一1
2-1
93參考答案
單元檢測（一）運(yùn)動(dòng)的描述勻變速直線運(yùn)動(dòng)
x=wt一
2a2,代入教據(jù)解得x=50m,公交車在最初6s內(nèi)
通過的位移與最后6s內(nèi)通過的位移之差為△x=x1一x2,代
A卷高頻考點(diǎn)練清卷
入數(shù)據(jù)解得△x=24m,故ABC錯(cuò)誤，D正確.
1.C研究入水動(dòng)作時(shí)，運(yùn)動(dòng)員的形狀和體積對所研究問題
5.A對木板由牛頓第二定律可知木板的加速度不變，木板從
的影響不能夠忽略，此時(shí)運(yùn)動(dòng)員不能夠看為質(zhì)點(diǎn)，故A錯(cuò)
靜止釋獄到下瑞到達(dá)A點(diǎn)的過程，有L=a,木板從靜止
誤：研究空中轉(zhuǎn)體姿態(tài)時(shí)，運(yùn)動(dòng)員的形狀和體積對所研究
釋放到上瑞到達(dá)A點(diǎn)的過程，當(dāng)木板長度為L時(shí)，有2L=
問題的影響不能夠忽略，此時(shí)運(yùn)動(dòng)員不能夠看為質(zhì)點(diǎn)，故
2ai,當(dāng)木板長度為2L時(shí)，有3L=合ai,又1=1-o,
1
B錯(cuò)誤；研究百米比賽中的平均速度時(shí)，運(yùn)動(dòng)員的形狀和
體積對所研究問題的影響能夠忽略，此時(shí)運(yùn)動(dòng)員能夠看
△12=t2一t0,聯(lián)立解得△2：1=(5-1)：(2-1)，A
為質(zhì)點(diǎn)，故C正確：研究運(yùn)動(dòng)員通過某個(gè)攀巖支，點(diǎn)的動(dòng)作
正確
時(shí)，運(yùn)動(dòng)員的形狀和體積對所研究問題的影響不能夠忽
6.解析：(1)設(shè)物體的加速度為a,根據(jù)位移差公式△x=aT可
略，此時(shí)運(yùn)動(dòng)員不能夠看為質(zhì)點(diǎn)，故D錯(cuò)誤.故選：C.
2
2.C速度是描述物體運(yùn)動(dòng)快慢的物理量，即物體的空間位
3X0-x0
得物體的加速度為4=
置隨時(shí)間變化的快慢，BD錯(cuò)誤；根據(jù)x與1的關(guān)系式可
to
3to2
知，1=0時(shí)，質(zhì)點(diǎn)位于x=1m處，t=1s時(shí)，質(zhì)點(diǎn)位于x=
AC段的平均速度等于這一過程的中間時(shí)刻的速度，可得
6m處，因此質(zhì)點(diǎn)在第1s內(nèi)的位移為5m,A錯(cuò)誤，C
2
正確，
物體在B,點(diǎn)時(shí)的速度為UB=
20+x05x0
2to
6to
3.解析：(1)選擇向西為正方向，如題圖所示，最后6s的住
設(shè)物體在A點(diǎn)時(shí)的速度為A,則可得
移為△x3=120m,△13=6s
7x0
UA=UB一at0=6t0
平均連度為==20m=20m8,大小為20m6,」
(2)根據(jù)速度時(shí)間關(guān)系可得物體在C點(diǎn)時(shí)的速度為
方向向西：
5.x0_x0
0
(2)全過程的位移為△x=△x3一（△r1十△x2)=120m一
c=s+ao=60-30·6=20
(30m十60m)=30m
時(shí)間為△t=5s十58十4s十6s=20s
則可得物體在CD段的平均速度為=C十D=0
24t
平均速度為==0m=1,5m/s,大小為1,5m/s,方向
△120s
2品
答案：1)6t0
向西；
7.C勻變速直線運(yùn)動(dòng)平均速度等于初末速度的平均值，則
(3)全過程的路程為△s=△x3十△x1十△x2=120m十
有：專5=10ms,T=5m因ST間的矩高是
2
30m+60m=210m
RS的兩倍，而ST段的平均速度是RS段的平均速度的
平均速率為0=2)0m=10.5m8
△120s
乞，故可得ST段的時(shí)間是RS段的時(shí)間的4倍，可知：ST
1
答案：(1)20ms方向向西(2)1.5ms方向向西
(3)10.5m/s
段的速度減小量是RS段的4倍，則有：vs一VT=4(VR一
4.D設(shè)公交車開始減速的速度為%，運(yùn)動(dòng)總時(shí)間為，則公交
vs),聯(lián)立解得：R=11m8,s=9ms,vT=1m8,故C
正確，ABD錯(cuò)誤.
車在最初減連6s內(nèi)通過的位移為西=o一2a哈=(6一
8.C令加速度為a,E到N的距離為L,從E到N有v至=
18m),把物體運(yùn)動(dòng)看成反向的初速度為0的勻加速直線運(yùn)
2aL,從N到A有v員=2a·9L,聯(lián)立可得vA=3E,故A
動(dòng)，最后68內(nèi)通過的位移為=2a,代入數(shù)據(jù)解得x2一
錯(cuò)誤：根據(jù)逵度一時(shí)間公式，有tA=4一E_2E,gv
18m,由于公交車在最初6s內(nèi)通過的位移與最后6s內(nèi)通過
的位號之比為21：9，則南以上有g(shù)18-號又有0=助
E一0_E=1,所以汽車通過AE段的時(shí)間等于21，故B
at,代入數(shù)據(jù)解得=10mst=10s,則公交車的總位移為
錯(cuò)誤：根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)的推論有四E-4E=2如E,
2
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