資源簡介

單元檢測（十）電磁感應
A卷高頻考點練清卷
考點一感應電流的產生條件
1.(2025·四川省綿陽市高三模擬)如圖所示，線圈M與電源E、開關S、滑動變阻器R1相連，線圈N與靈
敏電流計G、滑動變阻器R2相連，線圈M與線圈N繞在同一鐵芯上，在下列情況中，線圈N中沒有感
應電流產生的是
A.開關S閉合瞬間
中
B.開關S閉合穩定后，向右勻速移動R1的滑片
C.開關S閉合穩定后，向右加速移動R1的滑片
D.開關S斷開穩定后，向右加速移動R2的滑片
2.(2025·江蘇省泰州中學模擬)物理課上，老師做了一個奇妙的“跳環實驗”，如圖所
華環
示，她把帶有鐵芯的線圈L直立在水平桌面上，并將其與開關S和電源用導線連接
起來后，把一鋁制套環置于線圈L上，且使鐵芯穿過套環.閉合開關S的瞬間，套環
立刻向上跳起.若鐵芯足夠長，則
()
A.若保持開關閉合，套環的位置會不斷升高
B.若保持開關閉合，套環最終會停留在某一高度上
C.若保持開關閉合，套環跳起到某一高度后將回落
D.套環處于靜止后再斷開開關，則套環將重新向上跳起
考點二楞次定律的應用
3.(2025·江西贛州·二模)如圖甲所示為某電動牙刷的無線充電示意圖，送電線圈以由α到b為電流的
正方向，當送電線圈通過如圖乙所示的電流時，在0~t1時間內
()
B
受電線圈
a。
多送電線圈
甲
A.受電線圈中產生的感應電流增大且方向由d到c
B.受電線圈中產生的感應電流減小且方向由d到(
C.受電線圈中產生的感應電流增大且方向由c到d
D.受電線圈中產生的感應電流減小且方向由c到d
4.(2025·紹興二模)如圖所示，右端為N極的磁鐵置于粗糙水平桌面上并與輕質
線圖
小燈泡磁鐵
彈簧相連，彈簧一端固定在豎直墻面上，當彈簧處于原長時，磁鐵的中心恰好是接
有一盞小燈泡的豎直固定線圈的圓心，用力將磁鐵向右拉到某一位置，撤去作
用力后磁鐵穿過線圈來回振動，有關這個振動過程，以下說法正確的是(
A.燈泡的亮暗不會發生變化
B.磁鐵接近線圈時，線圈對磁鐵產生排斥力
C.從左往右看線圈中的電流一直沿逆時針方向
D.若忽略摩擦力和空氣阻力，磁鐵振動的幅度不會誠小
—73
考點三法拉第電磁感應定律的簡單應用
5.(2024·湖南)如圖，有一硬質導線Oabc,其中abc是半徑為R的半圓弧，b為圓弧的中點，直線段Oa長為
R且垂直于直徑αc,該導線在紙面內繞O點逆時針轉動，導線始終在垂直紙面向里的勻強磁場中，則O、
a、b、c各點電勢關系為
()
0
B
XXX
A.90>9a>9%>9
B.90<9aC.p0>9a>p6=9c
D.90<9a6.(2025·安徽滁州·二模)如圖所示，abcd是邊長為l、總電阻為R的正方形導體框，其
外接圓內充滿著均勻變化的磁場，磁場方向垂直于紙面向外，磁感應強度大小B=(k
>0),則下列說法正確的是
()
A.t1時刻ab邊產生的感應電動勢為k12
B.1時刻ab邊受到的安培力大小為R
kl2t
C.0一h時間內通過cd邊的電荷量為4R
D.撤去導體框，圓上a處的電場強度為零
考點四電磁感應中的電路問題
7.(2025·西城區一模)如圖1所示，100匝的線圈（圖中只畫了2匝）兩端A、B與一個R=402的電阻相
連.線圈內有指向紙內方向的磁場，線圈中的磁通量按圖2所示規律變化.已知線圈的電阻是102，則
()
+山
0.08
×××
11
0.4
×××
終
0.10.2
圖1
圖2
A.線圈內感應電流的磁場方向為指向紙外
B.A點電勢比B點電勢高
C.A、B兩點間的電勢差為20V
D.0.2s內電路產生的電能為1.6J
8.如圖所示，質量為M、電阻為R、長為L的導體棒，通過兩根長均為1、質量不計的導
電細桿連在等高的兩固定點上，固定點間距也為L.細桿通過開關S可與直流電源
2
E。或理想二極管串接.在導體棒所在空間存在磁感應強度方向豎直向上、大小為B
湖定點
的勻強磁場，不計空氣阻力和其它電阻.開關S接1，當導體棒靜止時，細桿與豎直方
向的夾角固定點日一牙：然后開關S接2，棒從右側開始運動完成一次振動的過程中
(
)左
A電源電動勢-欲R
B棒消耗的焦耳熱Q-(1-留）Me,
右
B
C.從左向右運動時，最大擺角小于平
D.棒兩次過最低點時感應電動勢大小相等
74參考答案
單元檢測（一）運動的描述勻變速直線運動
x=wt一
2a2,代入教據解得x=50m,公交車在最初6s內
通過的位移與最后6s內通過的位移之差為△x=x1一x2,代
A卷高頻考點練清卷
入數據解得△x=24m,故ABC錯誤，D正確.
1.C研究入水動作時，運動員的形狀和體積對所研究問題
5.A對木板由牛頓第二定律可知木板的加速度不變，木板從
的影響不能夠忽略，此時運動員不能夠看為質點，故A錯
靜止釋獄到下瑞到達A點的過程，有L=a,木板從靜止
誤：研究空中轉體姿態時，運動員的形狀和體積對所研究
釋放到上瑞到達A點的過程，當木板長度為L時，有2L=
問題的影響不能夠忽略，此時運動員不能夠看為質點，故
2ai,當木板長度為2L時，有3L=合ai,又1=1-o,
1
B錯誤；研究百米比賽中的平均速度時，運動員的形狀和
體積對所研究問題的影響能夠忽略，此時運動員能夠看
△12=t2一t0,聯立解得△2：1=(5-1)：(2-1)，A
為質點，故C正確：研究運動員通過某個攀巖支，點的動作
正確
時，運動員的形狀和體積對所研究問題的影響不能夠忽
6.解析：(1)設物體的加速度為a,根據位移差公式△x=aT可
略，此時運動員不能夠看為質點，故D錯誤.故選：C.
2
2.C速度是描述物體運動快慢的物理量，即物體的空間位
3X0-x0
得物體的加速度為4=
置隨時間變化的快慢，BD錯誤；根據x與1的關系式可
to
3to2
知，1=0時，質點位于x=1m處，t=1s時，質點位于x=
AC段的平均速度等于這一過程的中間時刻的速度，可得
6m處，因此質點在第1s內的位移為5m,A錯誤，C
2
正確，
物體在B,點時的速度為UB=
20+x05x0
2to
6to
3.解析：(1)選擇向西為正方向，如題圖所示，最后6s的住
設物體在A點時的速度為A,則可得
移為△x3=120m,△13=6s
7x0
UA=UB一at0=6t0
平均連度為==20m=20m8,大小為20m6,」
(2)根據速度時間關系可得物體在C點時的速度為
方向向西：
5.x0_x0
0
(2)全過程的位移為△x=△x3一（△r1十△x2)=120m一
c=s+ao=60-30·6=20
(30m十60m)=30m
時間為△t=5s十58十4s十6s=20s
則可得物體在CD段的平均速度為=C十D=0
24t
平均速度為==0m=1,5m/s,大小為1,5m/s,方向
△120s
2品
答案：1)6t0
向西；
7.C勻變速直線運動平均速度等于初末速度的平均值，則
(3)全過程的路程為△s=△x3十△x1十△x2=120m十
有：專5=10ms,T=5m因ST間的矩高是
2
30m+60m=210m
RS的兩倍，而ST段的平均速度是RS段的平均速度的
平均速率為0=2)0m=10.5m8
△120s
乞，故可得ST段的時間是RS段的時間的4倍，可知：ST
1
答案：(1)20ms方向向西(2)1.5ms方向向西
(3)10.5m/s
段的速度減小量是RS段的4倍，則有：vs一VT=4(VR一
4.D設公交車開始減速的速度為%，運動總時間為，則公交
vs),聯立解得：R=11m8,s=9ms,vT=1m8,故C
正確，ABD錯誤.
車在最初減連6s內通過的位移為西=o一2a哈=(6一
8.C令加速度為a,E到N的距離為L,從E到N有v至=
18m),把物體運動看成反向的初速度為0的勻加速直線運
2aL,從N到A有v員=2a·9L,聯立可得vA=3E,故A
動，最后68內通過的位移為=2a,代入數據解得x2一
錯誤：根據逵度一時間公式，有tA=4一E_2E,gv
18m,由于公交車在最初6s內通過的位移與最后6s內通過
的位號之比為21：9，則南以上有g18-號又有0=助
E一0_E=1,所以汽車通過AE段的時間等于21，故B
at,代入數據解得=10mst=10s,則公交車的總位移為
錯誤：根據勻變速直線運動的推論有四E-4E=2如E,
2
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