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單元檢測（三）
牛頓運動定律
B卷高考能力評價卷
(滿分：100分時間：75分鐘)
一、單項選擇題：本題共7小題，每小題4分，共28分.在每小題給出的四個選項中，只有一項符合題目
要求
1.(2025·內蒙古赤峰·一模)如圖所示，一根細線一端系在天花板上，另一端系在木箱上，木
箱內放有一個質量m=0.1kg的物塊，物塊與水平輕質彈簧相連，彈簧的另一端與木箱左
壁相連，此時彈簧處于伸長狀態，彈簧的彈力為0.5N,物塊保持靜止狀態.取重力加速度g
=10ms2,用剪刀把細線剪斷的瞬間，物塊的加速度大小是
A.a=0
B.a=5 m/s2
C.a=10 m s2
D.a=55 mfs2
2.(2025·陜西渭南統考一模)智能手機安裝軟件后，可利用手機上的傳感器測量手機運動的加速度，帶塑
膠軟殼的手機從一定高度由靜止釋放，落到地面上，手機傳感器記錄了手機運動的加速度α隨時間t變
化的關系，如圖所示，g為當地的重力加速度，不計空氣阻力.則手機第一次與地面碰撞過程中()
a
10g
t
13
A.t2時刻手機開始著地
B.t2時刻手機速度最大
C.與地面作用時間為t3一t1
D.所受最大彈力為自身重力的10倍
3.(2024·全國甲卷)如圖，一輕繩跨過光滑定滑輪，繩的一端系物塊P,P置于水平桌面
P
上，與桌面間存在摩擦；繩的另一端懸掛一輕盤（質量可忽略），盤中放置砝碼.改變盤中
砝碼總質量m,并測量P的加速度大小a,得到a一m圖像.重力加速度大小為.在下列
a一m圖像中，可能正確的是
()
5-----
0
0
4.(2025·菏澤二模)如圖所示，兩段輕繩A、B連接兩個小球1、2，懸掛在天花板
上·一輕彈簧C一端連接球2，另一端固定在豎直墻壁上.兩小球均處于靜止狀
態.輕繩A與豎直方向、輕繩B與水平方向的夾角均為30°，彈簧C沿水平方
30
向.已知重力加速度為g.則
()
1
A.球1和球2的質量之比為1：1
B.在輕繩A突然斷裂的瞬間，球1的加速度方向豎直向下
C.在輕繩A突然斷裂的瞬間，球1的加速度大小一定大于g
D.在輕繩A突然斷裂的瞬間，球2的加速度大小為2g
-21
5.(2025·河北·二模)某冰壺比賽賽道的簡化圖如圖所示，A、B、C、D是水平冰面直線賽道上的四個點，
其中A是擲出點，D是營壘中心，AB=BC=CD.運動員將冰壺從A點以初速度vo擲出，冰壺沿直線
AD做減速運動，經過B點時速度恰好為？，另一運動員用冰刷摩擦B、D之間的冰面以減小動摩擦因
數，冰壺恰好到達營壘中心D.若未用冰刷摩擦冰面時，冰壺與冰面之間的動摩擦因數為：，假設摩擦后
的冰面光滑程度處處相同，則摩擦后冰壺與冰面之間的動摩擦因數為
】
月防B
營壘
A號
B片
c.號
D.號
6.(2025·湖北二模)如圖所示，A、B兩木塊放在粗糙水平面上，它們之間用
------B
不可伸長的輕繩相連，兩次連接情況中輕繩傾斜方向不同，已知兩木塊與水
平面間的動摩擦因數分別為A和以B,且0和F2拉著A、B一起水平向右勻速運動，則勻速運動過程中
()
A.F1B.F1>F2
C.F1=F2
D.無法確定
7.(2025·四川瀘州·三模)靜置于水平地面上質量為的物體，受一豎直向上的恒力F作用，從靜止開
始向上運動.經時間t后撤去F,又經時間t物體剛好落回地面.不計空氣阻力，重力加速度為g,則恒力
F等于
(
5
A.3mg
B.3mg
C.2mg
D.3mg
二、多項選擇題：本題共3小題，每小題6分，共18分.在每小題給出的四個選項中，每題有多項符合題目
要求，全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分，
8.如圖所示，原長為1的輕質彈簧，一端固定在O點，另一端與一質量為的小球相連.小球套
在豎直固定的粗糙桿上，與桿之間的動摩擦因數為0.5.桿上M、N兩點與O點的距離均為1，
P點到O點的距離為21，OP與桿垂直.當小球置于桿上P點時恰好能保持靜止.設最大靜
摩擦力等于滑動摩擦力，重力加速度大小為g.小球以某一初速度從M點向下運動到N點，
在此過程中，彈簧始終在彈性限度內，下列說法正確的是
()
A彈簧的勁度系數為
B.小球在P點下方21處的加速度大小為(3巨-4)g
C.從M點到N點的運動過程中，小球受到的摩擦力先變小再變大
D.從M點到P點和從P點到N點的運動過程中，小球受到的摩擦力做功相同
9.(2025·陜西·三模)傳送帶廣泛的應用于物品的傳輸、分揀、分裝等工
AB
作中，某物流公司利用如圖所示的三角形傳送帶進行物品的分揀，傳送
帶以2m.s的速度逆時針勻速轉動，兩邊的傳送帶長都是2m,且與水平
方向的夾角均為37°.現有兩個貨箱A、B從傳送帶頂端都以1ms的初
⊙37
37{⊙
速度沿傳送帶下滑，兩貨箱與傳送帶間的動摩擦因數都是0.5，g=10m:s2,si37°=0.6，cos37°=0.8，
下列判斷正確的是
A.貨箱B先到達傳動帶底端
B.貨箱B在傳送帶底端時的速度大小為3ms
C.下滑過程中相對傳送帶的路程貨箱A小于貨箱B
D.下滑過程中，兩貨箱在傳送帶上的劃痕長度相同
—22參考答案
單元檢測（一）運動的描述勻變速直線運動
x=wt一
2a2,代入教據解得x=50m,公交車在最初6s內
通過的位移與最后6s內通過的位移之差為△x=x1一x2,代
A卷高頻考點練清卷
入數據解得△x=24m,故ABC錯誤，D正確.
1.C研究入水動作時，運動員的形狀和體積對所研究問題
5.A對木板由牛頓第二定律可知木板的加速度不變，木板從
的影響不能夠忽略，此時運動員不能夠看為質點，故A錯
靜止釋獄到下瑞到達A點的過程，有L=a,木板從靜止
誤：研究空中轉體姿態時，運動員的形狀和體積對所研究
釋放到上瑞到達A點的過程，當木板長度為L時，有2L=
問題的影響不能夠忽略，此時運動員不能夠看為質點，故
2ai,當木板長度為2L時，有3L=合ai,又1=1-o,
1
B錯誤；研究百米比賽中的平均速度時，運動員的形狀和
體積對所研究問題的影響能夠忽略，此時運動員能夠看
△12=t2一t0,聯立解得△2：1=(5-1)：(2-1)，A
為質點，故C正確：研究運動員通過某個攀巖支，點的動作
正確
時，運動員的形狀和體積對所研究問題的影響不能夠忽
6.解析：(1)設物體的加速度為a,根據位移差公式△x=aT可
略，此時運動員不能夠看為質點，故D錯誤.故選：C.
2
2.C速度是描述物體運動快慢的物理量，即物體的空間位
3X0-x0
得物體的加速度為4=
置隨時間變化的快慢，BD錯誤；根據x與1的關系式可
to
3to2
知，1=0時，質點位于x=1m處，t=1s時，質點位于x=
AC段的平均速度等于這一過程的中間時刻的速度，可得
6m處，因此質點在第1s內的位移為5m,A錯誤，C
2
正確，
物體在B,點時的速度為UB=
20+x05x0
2to
6to
3.解析：(1)選擇向西為正方向，如題圖所示，最后6s的住
設物體在A點時的速度為A,則可得
移為△x3=120m,△13=6s
7x0
UA=UB一at0=6t0
平均連度為==20m=20m8,大小為20m6,」
(2)根據速度時間關系可得物體在C點時的速度為
方向向西：
5.x0_x0
0
(2)全過程的位移為△x=△x3一（△r1十△x2)=120m一
c=s+ao=60-30·6=20
(30m十60m)=30m
時間為△t=5s十58十4s十6s=20s
則可得物體在CD段的平均速度為=C十D=0
24t
平均速度為==0m=1,5m/s,大小為1,5m/s,方向
△120s
2品
答案：1)6t0
向西；
7.C勻變速直線運動平均速度等于初末速度的平均值，則
(3)全過程的路程為△s=△x3十△x1十△x2=120m十
有：專5=10ms,T=5m因ST間的矩高是
2
30m+60m=210m
RS的兩倍，而ST段的平均速度是RS段的平均速度的
平均速率為0=2)0m=10.5m8
△120s
乞，故可得ST段的時間是RS段的時間的4倍，可知：ST
1
答案：(1)20ms方向向西(2)1.5ms方向向西
(3)10.5m/s
段的速度減小量是RS段的4倍，則有：vs一VT=4(VR一
4.D設公交車開始減速的速度為%，運動總時間為，則公交
vs),聯立解得：R=11m8,s=9ms,vT=1m8,故C
正確，ABD錯誤.
車在最初減連6s內通過的位移為西=o一2a哈=(6一
8.C令加速度為a,E到N的距離為L,從E到N有v至=
18m),把物體運動看成反向的初速度為0的勻加速直線運
2aL,從N到A有v員=2a·9L,聯立可得vA=3E,故A
動，最后68內通過的位移為=2a,代入數據解得x2一
錯誤：根據逵度一時間公式，有tA=4一E_2E,gv
18m,由于公交車在最初6s內通過的位移與最后6s內通過
的位號之比為21：9，則南以上有g18-號又有0=助
E一0_E=1,所以汽車通過AE段的時間等于21，故B
at,代入數據解得=10mst=10s,則公交車的總位移為
錯誤：根據勻變速直線運動的推論有四E-4E=2如E,
2
125

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