資源簡介

單元檢測（七）
靜電場
B卷高考能力評價卷
(滿分：100分時間：75分鐘)
一、單項選擇題：本題共8小題，每小題4分，共32分.在每小題給出的四個選項中，只有一項符合題目
要求
1.(2025·黑龍江·三模)如圖所示，三角形abc是直角三角形，其中∠a=30°，在a點
固定一個電荷量大小為Q1的點電荷，在b點固定一個電荷量大小為Q2的點電荷.
若（點處的電場強度方向與c垂直，則8的值為
(
A.2
B.4
C.8
D.16
2.(2024·江西)蠟燭火焰是一種含有電子、正離子、中性粒子的氣體狀物質，將
其置于電壓恒定的兩平行金屬板間，板間電場視為勻強電場，如圖所示.若兩
金屬板間距減小，關于火焰中電子所受的電場力，下列說法正確的是(
A.電場力增大，方向向左
B.電場力增大，方向向右
C.電場力減小，方向向左
D.電場力減小，方向向右
3.(2025·廣西·二模)如圖所示，真空中水平直線上的O1、O2兩點分別固定正點
電荷A、B,點電荷A、B的電荷量之比為9：1，abcd為正方形，且對角線bd與ac
相交于O2點，已知點電荷B在a點產生的電場強度大小為Eo,a到O1的距離
為a到O2距離的3倍.下列說法正確的是
()
A.b、d兩點的電場強度相同
B.電子在d點的電勢能大于在c點的電勢能
C.a點的電場強度大小為2Eo
D.c點的電場強度大小為影，
4.(2024·湖南)真空中有電荷量為十4q和一q的兩個點電荷，分別固定在x軸上一1和0處.設無限遠處
電勢為0，x正半軸上各點電勢9隨x變化的圖像正確的是
5.(2025·保定二模)均勻帶電球體在球的外部產生的電場與一個位于球心的、電荷量相
等的點電荷產生的電場相同.如圖所示，半徑為R的球體上均勻分布著正電荷，在過球
心O的直線上有A、B,C三個點，OB=BA=R,CO=2R.若以OB為直徑在球內挖一球G
形空腔，球的體積公式為V=專，則A.C兩點的電場強度大小之比為
(
A.9:25
B.25:9
C.175:207
D.207:175
6.(2024·吉林)在水平方向的勻強電場中，一帶電小球僅在重力和電場力作用下
于豎直面（紙面）內運動.如圖，若小球的初速度方向沿虛線，則其運動軌跡為直
線；若小球的初速度方向垂直于虛線，則其從O點出發運動到O點等高處的過
程中
A.動能減小，電勢能增大
B.動能增大，電勢能增大
C.動能減小，電勢能減小
D.動能增大，電勢能減小
53參考答案
單元檢測（一）運動的描述勻變速直線運動
x=wt一
2a2,代入教據解得x=50m,公交車在最初6s內
通過的位移與最后6s內通過的位移之差為△x=x1一x2,代
A卷高頻考點練清卷
入數據解得△x=24m,故ABC錯誤，D正確.
1.C研究入水動作時，運動員的形狀和體積對所研究問題
5.A對木板由牛頓第二定律可知木板的加速度不變，木板從
的影響不能夠忽略，此時運動員不能夠看為質點，故A錯
靜止釋獄到下瑞到達A點的過程，有L=a,木板從靜止
誤：研究空中轉體姿態時，運動員的形狀和體積對所研究
釋放到上瑞到達A點的過程，當木板長度為L時，有2L=
問題的影響不能夠忽略，此時運動員不能夠看為質點，故
2ai,當木板長度為2L時，有3L=合ai,又1=1-o,
1
B錯誤；研究百米比賽中的平均速度時，運動員的形狀和
體積對所研究問題的影響能夠忽略，此時運動員能夠看
△12=t2一t0,聯立解得△2：1=(5-1)：(2-1)，A
為質點，故C正確：研究運動員通過某個攀巖支，點的動作
正確
時，運動員的形狀和體積對所研究問題的影響不能夠忽
6.解析：(1)設物體的加速度為a,根據位移差公式△x=aT可
略，此時運動員不能夠看為質點，故D錯誤.故選：C.
2
2.C速度是描述物體運動快慢的物理量，即物體的空間位
3X0-x0
得物體的加速度為4=
置隨時間變化的快慢，BD錯誤；根據x與1的關系式可
to
3to2
知，1=0時，質點位于x=1m處，t=1s時，質點位于x=
AC段的平均速度等于這一過程的中間時刻的速度，可得
6m處，因此質點在第1s內的位移為5m,A錯誤，C
2
正確，
物體在B,點時的速度為UB=
20+x05x0
2to
6to
3.解析：(1)選擇向西為正方向，如題圖所示，最后6s的住
設物體在A點時的速度為A,則可得
移為△x3=120m,△13=6s
7x0
UA=UB一at0=6t0
平均連度為==20m=20m8,大小為20m6,」
(2)根據速度時間關系可得物體在C點時的速度為
方向向西：
5.x0_x0
0
(2)全過程的位移為△x=△x3一（△r1十△x2)=120m一
c=s+ao=60-30·6=20
(30m十60m)=30m
時間為△t=5s十58十4s十6s=20s
則可得物體在CD段的平均速度為=C十D=0
24t
平均速度為==0m=1,5m/s,大小為1,5m/s,方向
△120s
2品
答案：1)6t0
向西；
7.C勻變速直線運動平均速度等于初末速度的平均值，則
(3)全過程的路程為△s=△x3十△x1十△x2=120m十
有：專5=10ms,T=5m因ST間的矩高是
2
30m+60m=210m
RS的兩倍，而ST段的平均速度是RS段的平均速度的
平均速率為0=2)0m=10.5m8
△120s
乞，故可得ST段的時間是RS段的時間的4倍，可知：ST
1
答案：(1)20ms方向向西(2)1.5ms方向向西
(3)10.5m/s
段的速度減小量是RS段的4倍，則有：vs一VT=4(VR一
4.D設公交車開始減速的速度為%，運動總時間為，則公交
vs),聯立解得：R=11m8,s=9ms,vT=1m8,故C
正確，ABD錯誤.
車在最初減連6s內通過的位移為西=o一2a哈=(6一
8.C令加速度為a,E到N的距離為L,從E到N有v至=
18m),把物體運動看成反向的初速度為0的勻加速直線運
2aL,從N到A有v員=2a·9L,聯立可得vA=3E,故A
動，最后68內通過的位移為=2a,代入數據解得x2一
錯誤：根據逵度一時間公式，有tA=4一E_2E,gv
18m,由于公交車在最初6s內通過的位移與最后6s內通過
的位號之比為21：9，則南以上有g18-號又有0=助
E一0_E=1,所以汽車通過AE段的時間等于21，故B
at,代入數據解得=10mst=10s,則公交車的總位移為
錯誤：根據勻變速直線運動的推論有四E-4E=2如E,
2
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