資源簡介

單元檢測（二）相互作用
B卷高考能力評價卷
(滿分：100分時間：75分鐘)
一、單項選擇題：本題共7小題，每小題4分，共28分.在每小題給出的四個選項中，只有一項符合題目
要求
1.(2025·四川涼山·三模)A、B兩物體如圖疊放，在豎直向上的力F作用下沿粗糙豎直墻面向上勻速運
動，則A的受力個數為
()
A.2
B.3
C.4
D.5
2
B
圖a
圖b
第1題圖
第2題圖
第3題圖
2.如圖所示，對稱晾掛在光滑等腰三角形衣架上的衣服質量為M,衣架頂角為120°，重力加速度為g,則衣
架右側對衣服的作用力大小為
A.合Mg
Me
C.ve
D.Mg
3.(2025·四川南充·三模)如圖()，某人借助瑜伽球鍛煉腿部力量，她曲膝靜蹲，背部倚靠在瑜伽球上，
瑜伽球緊靠豎直墻面，假設瑜伽球光滑且視為均勻球體，整體可簡化成如圖(b).當人緩慢豎直站立的過
程中，人的背部與水平面夾角<受，下列說法正確的是
A,墻面對球的力保持不變
B.人受到地面的摩擦力變大
C.地面對人的支持力變大
D.球對人的壓力先增大后減小
4.(2025·四川成都統考三模)2023年的春晚舞蹈《錦繡》，藝術地再現了古代戍邊將士與西域各民族化干
戈為玉帛并建立深厚友誼的動人故事.圖()是一個優美且難度極大的后仰動作，人后仰平衡時，可粗略
認為頭受到重力G、肌肉拉力F2和頸椎支持力F.如圖(b),若彎曲后的頭頸與水平方向成60°角，F2與
水平方向成45°角，則可估算出F1的大小為
()
A.(3+1)G
B.(/5-1)G
C.(3+2)G
D.(3-2)G
53
30
圖〔a)
圖(h)
第4題圖
第5題圖
5.(2025·河南·二模)如圖所示，豎直固定放置的光滑大圓環，其最高點為P,最低點為Q.現有兩個輕彈簧1、2
的一端均拴接在大圓環P點，另一端分別拴接M、N兩小球，兩小球均處于平衡態.已知輕彈簧1、2上的彈力
大小相同，輕彈簧1、2軸線方向與PQ連線的夾角分別30°、60°，則下列說法正確的是
()
-13
A.輕彈簧1處于壓縮狀態，輕彈簧2處于伸長狀態
B.大圓環對兩小球的彈力方向均指向圓心
C.M、N兩小球的質量比為m1:m2=1:3
D.大圓環對M、N兩小球的彈力大小之比為FN1:FN2=3:1
6.(2025·遼寧校聯考三模)如圖所示，木板B放置在粗糙水平地面上，O為光滑鉸鏈.輕
0X3
桿一端與鉸鏈O固定連接，另一端固定連接一質量為m的小球A.現將輕繩一端拴在
小球A上，另一端通過光滑的定滑輪O由力F牽引，定滑輪位于O的正上方，整個系
統處于靜止狀態.現改變力F的大小使小球A和輕桿從圖示位置緩慢運動到O'正下
方，木板始終保持靜止，則在整個過程中
()
0
A.外力F大小不變
B.輕桿對小球的作用力大小變小
C.地面對木板的支持力逐漸變小
D.地面對木板的摩擦力逐漸減小
7.(2025·河南省新鄉市一模)如圖所示，光滑半球固定在水平面上，球心O的正上
方固定小定滑輪C,細繩一端拴一小球甲，小球甲置于半球面上的A點，細繩
另一端繞過定滑輪拴有另一小球乙，小球乙置于半球面上的B點，平衡時AC
與BC的長度之比為.兩球均視為質點，甲、乙兩球的質量之比為
1
A.k
B.k
甲●A
2i21414441414444144141
C.k2
D.
二、多項選擇題：本題共3小題，每小題6分，共18分.在每小題給出的四個選項中，每題有多項符合題目
要求，全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分，
8.(2025·山東泰安·三模)間距為10m的兩根固定的豎直桿間有一根晾衣繩，晾衣繩兩端等高，長度為
14m且不可伸長.將一件衣服通過晾衣架掛在晾衣繩上，衣架能沿晾衣繩自由滑動，衣架掛鉤和晾衣繩
之間的摩擦力忽略不計.無風時，衣服和衣架的懸掛點剛好位于晾衣繩的中間位置，如圖甲所示；有風
時，有水平向右的風作用在衣服上，穩定后衣架懸掛點兩側的晾衣繩剛好垂直，如圖乙所示.已知衣服和
衣架的總質量為1.4kg,重力加速度g取10，：s2,風對晾衣繩的作用力忽略不計，則下列說法正確的是
()
A,無風時，晾衣繩中的拉力大小為7N
B.有風時，晾衣繩中的拉力大小為10N
C.有風時，風對衣服的作用力大小為2N
D.有風時，晾衣繩對衣架的作用力大小為12N
)0
00
D
77777n77n77777力
77777777777707
圖甲
圖乙
第8題圖
第9題圖
9.(2025·莆田二模)“繁燈奪霽華”，掛燈籠迎新春已成為中國人喜慶節日的習俗.如圖所示，一輕質細繩
上等距懸掛四個質量相等的燈籠，BC段的細繩是水平的，另外四段細繩與水平面所成的角分別為1和
2.設繩子OA段、AB段的拉力分別為T1、T2.則
)
T2sin 0
A.Ta sin 0a
T12sin 02
B.Ta sin 01
T1cos 02
C.Tacos 0
T1cos 0
D.T2cos 02
14參考答案
單元檢測（一）運動的描述勻變速直線運動
x=wt一
2a2,代入教據解得x=50m,公交車在最初6s內
通過的位移與最后6s內通過的位移之差為△x=x1一x2,代
A卷高頻考點練清卷
入數據解得△x=24m,故ABC錯誤，D正確.
1.C研究入水動作時，運動員的形狀和體積對所研究問題
5.A對木板由牛頓第二定律可知木板的加速度不變，木板從
的影響不能夠忽略，此時運動員不能夠看為質點，故A錯
靜止釋獄到下瑞到達A點的過程，有L=a,木板從靜止
誤：研究空中轉體姿態時，運動員的形狀和體積對所研究
釋放到上瑞到達A點的過程，當木板長度為L時，有2L=
問題的影響不能夠忽略，此時運動員不能夠看為質點，故
2ai,當木板長度為2L時，有3L=合ai,又1=1-o,
1
B錯誤；研究百米比賽中的平均速度時，運動員的形狀和
體積對所研究問題的影響能夠忽略，此時運動員能夠看
△12=t2一t0,聯立解得△2：1=(5-1)：(2-1)，A
為質點，故C正確：研究運動員通過某個攀巖支，點的動作
正確
時，運動員的形狀和體積對所研究問題的影響不能夠忽
6.解析：(1)設物體的加速度為a,根據位移差公式△x=aT可
略，此時運動員不能夠看為質點，故D錯誤.故選：C.
2
2.C速度是描述物體運動快慢的物理量，即物體的空間位
3X0-x0
得物體的加速度為4=
置隨時間變化的快慢，BD錯誤；根據x與1的關系式可
to
3to2
知，1=0時，質點位于x=1m處，t=1s時，質點位于x=
AC段的平均速度等于這一過程的中間時刻的速度，可得
6m處，因此質點在第1s內的位移為5m,A錯誤，C
2
正確，
物體在B,點時的速度為UB=
20+x05x0
2to
6to
3.解析：(1)選擇向西為正方向，如題圖所示，最后6s的住
設物體在A點時的速度為A,則可得
移為△x3=120m,△13=6s
7x0
UA=UB一at0=6t0
平均連度為==20m=20m8,大小為20m6,」
(2)根據速度時間關系可得物體在C點時的速度為
方向向西：
5.x0_x0
0
(2)全過程的位移為△x=△x3一（△r1十△x2)=120m一
c=s+ao=60-30·6=20
(30m十60m)=30m
時間為△t=5s十58十4s十6s=20s
則可得物體在CD段的平均速度為=C十D=0
24t
平均速度為==0m=1,5m/s,大小為1,5m/s,方向
△120s
2品
答案：1)6t0
向西；
7.C勻變速直線運動平均速度等于初末速度的平均值，則
(3)全過程的路程為△s=△x3十△x1十△x2=120m十
有：專5=10ms,T=5m因ST間的矩高是
2
30m+60m=210m
RS的兩倍，而ST段的平均速度是RS段的平均速度的
平均速率為0=2)0m=10.5m8
△120s
乞，故可得ST段的時間是RS段的時間的4倍，可知：ST
1
答案：(1)20ms方向向西(2)1.5ms方向向西
(3)10.5m/s
段的速度減小量是RS段的4倍，則有：vs一VT=4(VR一
4.D設公交車開始減速的速度為%，運動總時間為，則公交
vs),聯立解得：R=11m8,s=9ms,vT=1m8,故C
正確，ABD錯誤.
車在最初減連6s內通過的位移為西=o一2a哈=(6一
8.C令加速度為a,E到N的距離為L,從E到N有v至=
18m),把物體運動看成反向的初速度為0的勻加速直線運
2aL,從N到A有v員=2a·9L,聯立可得vA=3E,故A
動，最后68內通過的位移為=2a,代入數據解得x2一
錯誤：根據逵度一時間公式，有tA=4一E_2E,gv
18m,由于公交車在最初6s內通過的位移與最后6s內通過
的位號之比為21：9，則南以上有g18-號又有0=助
E一0_E=1,所以汽車通過AE段的時間等于21，故B
at,代入數據解得=10mst=10s,則公交車的總位移為
錯誤：根據勻變速直線運動的推論有四E-4E=2如E,
2
125

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