資源簡介

單元檢測（二）相互作用
A卷高頻芳點練清卷
考點一重力、彈力、摩擦力
1.(2025·福建莆田·二模)物理老師舉行技巧挑戰(zhàn)賽，要求用一根能承受最大拉力為50N的細繩，盡可
能拉動更重的物體，如圖所示.已知物體與水平面間的動摩擦因數(shù)為汽，取最大靜摩擦力等于滑動摩擦
力，物體可視為質(zhì)點，則理論上利用這根細繩能拉動物體的最大重量是
細繩
7刀
A.50N
B.503N
C.100N
D.100.3N
2.餐廳暖盤車的儲盤裝置示意圖如圖所示，三根完全相同的彈簧等間距豎直懸掛在水平固定
圓環(huán)上，下端連接托盤.托盤上疊放若干相同的盤子，取走一個盤子，穩(wěn)定后余下的正好升高
補平.已知單個盤子的質(zhì)量為300g,相鄰兩盤間距1.0cm,重力加速度大小取10ms2.彈簧
始終在彈性限度內(nèi)，每根彈簧的勁度系數(shù)為
(
A.10 N/m
B.100 N/m
C.200N.:m
D.300N/m
考點二受力分析
3.(多選)(2025·山東菏澤·一模)新春佳節(jié)，小強把紅紙鋪在水平桌面上寫“?！弊?，「
某面
為防止紅紙滑動，在其左側(cè)放一鎮(zhèn)紙壓住，如圖所示，下列說法正確的是()
鎮(zhèn)紙
A.在寫最后一個筆畫時紅紙受到7個力
B.在寫最后一個筆畫時鎮(zhèn)紙受到向右的摩擦力
紅紙
C.用毛筆在紅紙上寫字存在毛細現(xiàn)象
D.在空間站里可以用毛筆寫字
4.(2025·三省三校聯(lián)考二模)如圖所示，建筑工人用磚夾豎直搬運四塊相同的磚，每塊磚的質(zhì)量均為m,
重力加速度大小為g.下列說法正確的是
A.當磚靜止時，磚塊4對磚塊3的摩擦力大小為2mg
B.當磚靜止時，磚塊2對磚塊3的摩擦力大小為g
234
C.當將四塊磚一起豎直向上加速提起時，磚塊4對磚塊3的摩擦力大小為mg
D.當將四塊磚一起豎直向上加速提起時，磚塊2對磚塊3的摩擦力為零
考點三力的合成與分解
5.如圖，彈簧測力計下端掛有一質(zhì)量為0.20kg的光滑均勻球體，球體靜止于帶有固定擋板
的斜面上，斜面傾角為30°，擋板與斜面夾角為60°.若彈簧測力計位于豎直方向，讀數(shù)
為1.0N,g取10ms2,擋板對球體支持力的大小為
()》
A.N
B.1.0N
c.23N
60
D.2.0N
3
7
6.如圖所示，可視為質(zhì)點的機器人通過磁鐵吸附在船舷外壁面檢測船體.壁面可視為
斜面，與豎直方向夾角為0.船和機器人保持靜止時，機器人僅受重力G、支持力F、
摩擦力F:和磁力F的作用，磁力垂直壁面.下列關(guān)系式正確的是
()
A.F=G
B.F=FN
0
C.F=Gcos 0
D.F=Gsinθ
9參考答案
單元檢測（一）運動的描述勻變速直線運動
x=wt一
2a2,代入教據(jù)解得x=50m,公交車在最初6s內(nèi)
通過的位移與最后6s內(nèi)通過的位移之差為△x=x1一x2,代
A卷高頻考點練清卷
入數(shù)據(jù)解得△x=24m,故ABC錯誤，D正確.
1.C研究入水動作時，運動員的形狀和體積對所研究問題
5.A對木板由牛頓第二定律可知木板的加速度不變，木板從
的影響不能夠忽略，此時運動員不能夠看為質(zhì)點，故A錯
靜止釋獄到下瑞到達A點的過程，有L=a,木板從靜止
誤：研究空中轉(zhuǎn)體姿態(tài)時，運動員的形狀和體積對所研究
釋放到上瑞到達A點的過程，當木板長度為L時，有2L=
問題的影響不能夠忽略，此時運動員不能夠看為質(zhì)點，故
2ai,當木板長度為2L時，有3L=合ai,又1=1-o,
1
B錯誤；研究百米比賽中的平均速度時，運動員的形狀和
體積對所研究問題的影響能夠忽略，此時運動員能夠看
△12=t2一t0,聯(lián)立解得△2：1=(5-1)：(2-1)，A
為質(zhì)點，故C正確：研究運動員通過某個攀巖支，點的動作
正確
時，運動員的形狀和體積對所研究問題的影響不能夠忽
6.解析：(1)設物體的加速度為a,根據(jù)位移差公式△x=aT可
略，此時運動員不能夠看為質(zhì)點，故D錯誤.故選：C.
2
2.C速度是描述物體運動快慢的物理量，即物體的空間位
3X0-x0
得物體的加速度為4=
置隨時間變化的快慢，BD錯誤；根據(jù)x與1的關(guān)系式可
to
3to2
知，1=0時，質(zhì)點位于x=1m處，t=1s時，質(zhì)點位于x=
AC段的平均速度等于這一過程的中間時刻的速度，可得
6m處，因此質(zhì)點在第1s內(nèi)的位移為5m,A錯誤，C
2
正確，
物體在B,點時的速度為UB=
20+x05x0
2to
6to
3.解析：(1)選擇向西為正方向，如題圖所示，最后6s的住
設物體在A點時的速度為A,則可得
移為△x3=120m,△13=6s
7x0
UA=UB一at0=6t0
平均連度為==20m=20m8,大小為20m6,」
(2)根據(jù)速度時間關(guān)系可得物體在C點時的速度為
方向向西：
5.x0_x0
0
(2)全過程的位移為△x=△x3一（△r1十△x2)=120m一
c=s+ao=60-30·6=20
(30m十60m)=30m
時間為△t=5s十58十4s十6s=20s
則可得物體在CD段的平均速度為=C十D=0
24t
平均速度為==0m=1,5m/s,大小為1,5m/s,方向
△120s
2品
答案：1)6t0
向西；
7.C勻變速直線運動平均速度等于初末速度的平均值，則
(3)全過程的路程為△s=△x3十△x1十△x2=120m十
有：專5=10ms,T=5m因ST間的矩高是
2
30m+60m=210m
RS的兩倍，而ST段的平均速度是RS段的平均速度的
平均速率為0=2)0m=10.5m8
△120s
乞，故可得ST段的時間是RS段的時間的4倍，可知：ST
1
答案：(1)20ms方向向西(2)1.5ms方向向西
(3)10.5m/s
段的速度減小量是RS段的4倍，則有：vs一VT=4(VR一
4.D設公交車開始減速的速度為%，運動總時間為，則公交
vs),聯(lián)立解得：R=11m8,s=9ms,vT=1m8,故C
正確，ABD錯誤.
車在最初減連6s內(nèi)通過的位移為西=o一2a哈=(6一
8.C令加速度為a,E到N的距離為L,從E到N有v至=
18m),把物體運動看成反向的初速度為0的勻加速直線運
2aL,從N到A有v員=2a·9L,聯(lián)立可得vA=3E,故A
動，最后68內(nèi)通過的位移為=2a,代入數(shù)據(jù)解得x2一
錯誤：根據(jù)逵度一時間公式，有tA=4一E_2E,gv
18m,由于公交車在最初6s內(nèi)通過的位移與最后6s內(nèi)通過
的位號之比為21：9，則南以上有g(shù)18-號又有0=助
E一0_E=1,所以汽車通過AE段的時間等于21，故B
at,代入數(shù)據(jù)解得=10mst=10s,則公交車的總位移為
錯誤：根據(jù)勻變速直線運動的推論有四E-4E=2如E,
2
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