資源簡介

單元檢測（八）
恒定電流
A卷高頻考點練清卷
考點一電阻定律
1.(2025·江蘇省南京市質檢)某同學拿了一根細橡膠管，里面灌滿了鹽水，兩端用粗銅絲塞住管口，形成
一段封閉的長度為20cm的鹽水柱，測得鹽水柱的電阻大小為R,如果鹽水柱的電阻隨長度、橫截面積的變化
規律與金屬導體相同，則握住橡膠管的兩端把它均勻拉長至40cm,此時鹽水柱的電阻大小為
()
A.R
B.ZR
C.2R
D.4R
2.(2025·浙江模擬)兩段長度、橫截面積相同的均勻直導線A、B串聯在電路上，沿長度
方向的電勢隨位置的變化規律如圖所示.A、B導線電阻率的比值是
)
2
3
A司
B.2
c號
D
3
24
考點二歐姆定律、電功與電熱
3.(2025·浙江省紹興市模擬)高壓線是非常危險的遠距輸電線，但是我們也經
常會看到許多鳥兒雙腳站上面卻相安無事.小蔣為了弄清其中的道理特別查閱
了當地的一組數據：高壓線輸送電功率P=6.4×10kW,輸送電壓為22萬伏，導
線所用的是LG】型鋼芯鋁絞線，其橫截面積是95平方毫米，其電阻率ρ=3.0
×10一82·m,請估算一只小鳥雙腳停留在高壓線上時承受的電壓大小
A.2.0V
B.2.0×10-1V
C.2.0×10-3V
D.2.0×10-5V
4.(2025·廣西桂林·三模)“祝融號”火星車的動力主要來源于太陽能電池.現將火星車的動力供電電路
簡化為如圖所示，其中太陽能電池電動勢E=120V,內阻r未知，電動機線圈電阻M=1.6Ω，電熱絲定
值電阻R=42.當火星車正常行駛時，電動機兩端電壓UM=80V,電熱絲R消耗功率P=100W.則
E
太陰能電池
R
A.火星車正常行駛時，通過電熱絲電流為1.25A
B.太陽能電池的內阻為32
C.若電動機的轉子被卡住，電熱絲消耗的功率為625W
D.火星車正常行駛時，電動機的效率為80%
5.某電子元件通電后，其電流I隨所加電壓U變化的圖線如圖所示，P為圖線上一點，P
點的坐標為(UP,Ip),過P點的切線在縱軸上的截距為Io,由此圖可知
A.對應P點，該元件的電阻R=1p
Up
B.隨著所加電壓的增大，該元件的電阻減小
C.對應P點，該元件的功率數值上等于圖中陰影部分的面積大小
D.該元件為非線性元件，歐姆定律不滿足，所以不能用公式R號求電阻
57
考點三串并聯電路、電表的改裝原理
6.(2025·江蘇南通·一模)在電學實驗中，改裝后的電表測量值略偏小，為校準電表，可以將一個阻值較
小的電阻
()
A.與電阻R1串聯
B.與電阻R1并聯
C.與電阻R2串聯
D.與電阻R2并聯
7.(多選)黑箱外有編號為1、2、3、4的四個接線柱，接線柱1和2、2和3、3和4之間
各接有一個電阻，在接線柱間還接有另外一個電阻R和一個直流電源.測得接線
柱之間的電壓U12=3.0V,U23=2.5V,U34=一1.5V.符合上述測量結果的可
能接法是
A.電源接在1、4之間，R接在1、3之間
B.電源接在1、4之間，R接在2、4之間
C.電源接在1、3之間，R接在1、4之間
D.電源接在1、3之間，R接在2、4之間
8.如圖所示電路，已知電源電動勢為E,內阻不計，電容器電容為C,閉合開關K,待電
3R
2R
路穩定后，電容器上電荷量為
()
A.CE
B.CE
4R
CFCR
D.SCR
9.(多選)(2025·河南鄭州·一模)小紅將量程為0~0.6A的電流表A(表盤刻度共有30個小格)，按照
圖示電路改裝成較大量程的電流表A',其中R1和R2阻值相等，都等于改裝前
電流表內阻的子.下列說法正確的是
A.將1、2接入電路時，電流表A'每一小格表示0.12A
B.將1、2接入電路時，電流表A'每一小格表示0.08A
2
C.將1、3接入電路時，電流表A'每一小格表示0.08A
D.將1、3接入電路時，電流表A每一小格表示0.06A
考點四電路的動態分析
10.(2025·豐臺區二模)如圖所示的UI圖像中，直線4為電源的路端電壓與電流？
的關系，直線b、c分別是電阻R1、R2的電壓與電流的關系.若將這兩個電阻分別E!
直接與該電源連接成閉合電路，則下列說法正確的是
()
A.電阻R1大于電阻R2
B.R1接在電源上時，電源的輸出功率較大
C.R2接在電源上時，電源的輸出功率較大
D.兩種情況下，電源的輸出功率相等
11.(2025·福建漳州·三模)如圖所示的電路中，電源電動勢為E,內阻為r,開關S閉
合，電路穩定后，燈泡L正常發光，然后向左移動滑動變阻器R的滑片，在此過程中
A.燈泡L逐漸變暗
B.電源的路端電壓逐漸減小
C.電容器C所帶的電荷量逐漸減小
D.定值電阻R。兩端的電壓始終為零
58參考答案
單元檢測（一）運動的描述勻變速直線運動
x=wt一
2a2,代入教據解得x=50m,公交車在最初6s內
通過的位移與最后6s內通過的位移之差為△x=x1一x2,代
A卷高頻考點練清卷
入數據解得△x=24m,故ABC錯誤，D正確.
1.C研究入水動作時，運動員的形狀和體積對所研究問題
5.A對木板由牛頓第二定律可知木板的加速度不變，木板從
的影響不能夠忽略，此時運動員不能夠看為質點，故A錯
靜止釋獄到下瑞到達A點的過程，有L=a,木板從靜止
誤：研究空中轉體姿態時，運動員的形狀和體積對所研究
釋放到上瑞到達A點的過程，當木板長度為L時，有2L=
問題的影響不能夠忽略，此時運動員不能夠看為質點，故
2ai,當木板長度為2L時，有3L=合ai,又1=1-o,
1
B錯誤；研究百米比賽中的平均速度時，運動員的形狀和
體積對所研究問題的影響能夠忽略，此時運動員能夠看
△12=t2一t0,聯立解得△2：1=(5-1)：(2-1)，A
為質點，故C正確：研究運動員通過某個攀巖支，點的動作
正確
時，運動員的形狀和體積對所研究問題的影響不能夠忽
6.解析：(1)設物體的加速度為a,根據位移差公式△x=aT可
略，此時運動員不能夠看為質點，故D錯誤.故選：C.
2
2.C速度是描述物體運動快慢的物理量，即物體的空間位
3X0-x0
得物體的加速度為4=
置隨時間變化的快慢，BD錯誤；根據x與1的關系式可
to
3to2
知，1=0時，質點位于x=1m處，t=1s時，質點位于x=
AC段的平均速度等于這一過程的中間時刻的速度，可得
6m處，因此質點在第1s內的位移為5m,A錯誤，C
2
正確，
物體在B,點時的速度為UB=
20+x05x0
2to
6to
3.解析：(1)選擇向西為正方向，如題圖所示，最后6s的住
設物體在A點時的速度為A,則可得
移為△x3=120m,△13=6s
7x0
UA=UB一at0=6t0
平均連度為==20m=20m8,大小為20m6,」
(2)根據速度時間關系可得物體在C點時的速度為
方向向西：
5.x0_x0
0
(2)全過程的位移為△x=△x3一（△r1十△x2)=120m一
c=s+ao=60-30·6=20
(30m十60m)=30m
時間為△t=5s十58十4s十6s=20s
則可得物體在CD段的平均速度為=C十D=0
24t
平均速度為==0m=1,5m/s,大小為1,5m/s,方向
△120s
2品
答案：1)6t0
向西；
7.C勻變速直線運動平均速度等于初末速度的平均值，則
(3)全過程的路程為△s=△x3十△x1十△x2=120m十
有：專5=10ms,T=5m因ST間的矩高是
2
30m+60m=210m
RS的兩倍，而ST段的平均速度是RS段的平均速度的
平均速率為0=2)0m=10.5m8
△120s
乞，故可得ST段的時間是RS段的時間的4倍，可知：ST
1
答案：(1)20ms方向向西(2)1.5ms方向向西
(3)10.5m/s
段的速度減小量是RS段的4倍，則有：vs一VT=4(VR一
4.D設公交車開始減速的速度為%，運動總時間為，則公交
vs),聯立解得：R=11m8,s=9ms,vT=1m8,故C
正確，ABD錯誤.
車在最初減連6s內通過的位移為西=o一2a哈=(6一
8.C令加速度為a,E到N的距離為L,從E到N有v至=
18m),把物體運動看成反向的初速度為0的勻加速直線運
2aL,從N到A有v員=2a·9L,聯立可得vA=3E,故A
動，最后68內通過的位移為=2a,代入數據解得x2一
錯誤：根據逵度一時間公式，有tA=4一E_2E,gv
18m,由于公交車在最初6s內通過的位移與最后6s內通過
的位號之比為21：9，則南以上有g18-號又有0=助
E一0_E=1,所以汽車通過AE段的時間等于21，故B
at,代入數據解得=10mst=10s,則公交車的總位移為
錯誤：根據勻變速直線運動的推論有四E-4E=2如E,
2
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