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一模芳前熱身卷（二）
(滿分：100分時間：75分鐘)
一、單項選擇題：本題共7小題，每小題4分，共28分，在每小題給出的四個選項中，只有一項符合題目
要求。
1.(2025·山東東營·二模)銠106的半衰期約370天，衰變方程為Rh→1%Pd十X,下列說法正確的是()
A.根據題中方程式無法判斷X粒子的種類
B.采取低溫冷凍的措施可適當降低輻射風險和輻射劑量
C.lPd的比結合能比Rh的比結合能大，衰變時釋放能量
D.任意370天中，1000個1Rh原子核將會有500個發生衰變
2.(2025·黑龍江·二模)如圖所示，半徑為1m的四分之三光滑圓軌道豎直固定在水平地面上，B點為軌
道最低點，A點與圓心O等高.質量為1kg的小球（可視為質點）在A點正上方0.75m處靜止釋放，下
落至A點時進入圓軌道，重力加速度g取10m:s2,不計空氣阻力，則
5288888688566
A.小球在B點的動能為7.5J
B.小球在A點受到軌道的彈力大小為10N
C.小球上升過程中距地面的最大高度為1.75m
D.小球離開軌道后將落至軌道B點
3.(2025·江西省南昌市一模)雨天路滑，汽車在緊急剎車時的剎車距離會明顯增加.如圖所示為駕駛員駕
駛同一輛汽車分別在干燥和濕滑兩種路面緊急剎車時的速度隨時間變化的圖像，駕駛員反應時間為1s
則下列說法中正確的是
()
tr皿's
湯
20
10
0
2
4 5 8/s
A.圖線1表示干燥路面，動摩擦因數是濕滑路面的0.75倍
B.圖線1表示干燥路面，動摩擦因數是濕滑路面的1.33倍
C.圖線2表示干燥路面，動摩擦因數是濕滑路面的0.75倍
D.圖線2表示干燥路面，動摩擦因數是濕滑路面的1.33倍
一117
4.(2025·河北模擬)如圖所示，兩根相同的輕質彈簧一端分別固定于M、N兩點，另一端分別與輕繩OP、
OQ連接于O點.現用手拉住OP、OQ的末端，使OM、ON兩彈簧長度相同（均處于拉伸狀態），且分別保
持水平、豎直.最初OP豎直向下，OQ與OP成120°夾角.現使OP、OQ的夾角不變，在保持O點不動的
情況下，將OP、OQ沿順時針方向緩慢旋轉70°.已知彈簧、輕繩始終在同一豎直平面內，則在兩輕繩旋轉
的過程中
(
Wibno
A.OP上的作用力一直減小
B.OQ上的作用力一直減小
C.OP上的作用力先增大后減小
D.OQ旋轉至水平位置時，OQ上作用力最大
5.(2025·湖北·一模)圖甲是一列簡諧橫波在t=0.1s時刻的波形圖，P是平衡位置在x=1.5m處的質
點，Q是平衡位置在x=12m處的質點；圖乙為質點Q的振動圖像，下列說法正確的是
(
Y/cm
Ycm
10
10-
x/m
0
0
0.20.3s
-10
-10-
圖甲
圖乙
A.這列波沿x軸負方向傳播
B.在t=0.25s時，質點P的位置坐標為(1.5m,52cm)
C.從t=0.1s到t=0.25s的過程中，質點Q的位移大小為30cm
D.從t=0時刻開始計時，質點P在t=(0.125十0.2n)s時(n=0、1、2…)到達波峰
6.(2025·浙江·一模)麥克斯韋從場的觀點出發，認為變化的磁場會激發感生電場.如圖甲所示，半徑為
的絕緣光滑真空管道（內徑遠小于半徑r)固定在水平面上，管內有一質量為、帶電量為十q的小球，直
徑略小于管道內徑，真空管處在勻強磁場中，磁感應強度B隨時間變化如圖乙所示，規定豎直向上為正
方向.t=0時刻無初速釋放小球.下列說法正確的是
118參考答案
單元檢測（一）運動的描述勻變速直線運動
x=wt一
2a2,代入教據解得x=50m,公交車在最初6s內
通過的位移與最后6s內通過的位移之差為△x=x1一x2,代
A卷高頻考點練清卷
入數據解得△x=24m,故ABC錯誤，D正確.
1.C研究入水動作時，運動員的形狀和體積對所研究問題
5.A對木板由牛頓第二定律可知木板的加速度不變，木板從
的影響不能夠忽略，此時運動員不能夠看為質點，故A錯
靜止釋獄到下瑞到達A點的過程，有L=a,木板從靜止
誤：研究空中轉體姿態時，運動員的形狀和體積對所研究
釋放到上瑞到達A點的過程，當木板長度為L時，有2L=
問題的影響不能夠忽略，此時運動員不能夠看為質點，故
2ai,當木板長度為2L時，有3L=合ai,又1=1-o,
1
B錯誤；研究百米比賽中的平均速度時，運動員的形狀和
體積對所研究問題的影響能夠忽略，此時運動員能夠看
△12=t2一t0,聯立解得△2：1=(5-1)：(2-1)，A
為質點，故C正確：研究運動員通過某個攀巖支，點的動作
正確
時，運動員的形狀和體積對所研究問題的影響不能夠忽
6.解析：(1)設物體的加速度為a,根據位移差公式△x=aT可
略，此時運動員不能夠看為質點，故D錯誤.故選：C.
2
2.C速度是描述物體運動快慢的物理量，即物體的空間位
3X0-x0
得物體的加速度為4=
置隨時間變化的快慢，BD錯誤；根據x與1的關系式可
to
3to2
知，1=0時，質點位于x=1m處，t=1s時，質點位于x=
AC段的平均速度等于這一過程的中間時刻的速度，可得
6m處，因此質點在第1s內的位移為5m,A錯誤，C
2
正確，
物體在B,點時的速度為UB=
20+x05x0
2to
6to
3.解析：(1)選擇向西為正方向，如題圖所示，最后6s的住
設物體在A點時的速度為A,則可得
移為△x3=120m,△13=6s
7x0
UA=UB一at0=6t0
平均連度為==20m=20m8,大小為20m6,」
(2)根據速度時間關系可得物體在C點時的速度為
方向向西：
5.x0_x0
0
(2)全過程的位移為△x=△x3一（△r1十△x2)=120m一
c=s+ao=60-30·6=20
(30m十60m)=30m
時間為△t=5s十58十4s十6s=20s
則可得物體在CD段的平均速度為=C十D=0
24t
平均速度為==0m=1,5m/s,大小為1,5m/s,方向
△120s
2品
答案：1)6t0
向西；
7.C勻變速直線運動平均速度等于初末速度的平均值，則
(3)全過程的路程為△s=△x3十△x1十△x2=120m十
有：專5=10ms,T=5m因ST間的矩高是
2
30m+60m=210m
RS的兩倍，而ST段的平均速度是RS段的平均速度的
平均速率為0=2)0m=10.5m8
△120s
乞，故可得ST段的時間是RS段的時間的4倍，可知：ST
1
答案：(1)20ms方向向西(2)1.5ms方向向西
(3)10.5m/s
段的速度減小量是RS段的4倍，則有：vs一VT=4(VR一
4.D設公交車開始減速的速度為%，運動總時間為，則公交
vs),聯立解得：R=11m8,s=9ms,vT=1m8,故C
正確，ABD錯誤.
車在最初減連6s內通過的位移為西=o一2a哈=(6一
8.C令加速度為a,E到N的距離為L,從E到N有v至=
18m),把物體運動看成反向的初速度為0的勻加速直線運
2aL,從N到A有v員=2a·9L,聯立可得vA=3E,故A
動，最后68內通過的位移為=2a,代入數據解得x2一
錯誤：根據逵度一時間公式，有tA=4一E_2E,gv
18m,由于公交車在最初6s內通過的位移與最后6s內通過
的位號之比為21：9，則南以上有g18-號又有0=助
E一0_E=1,所以汽車通過AE段的時間等于21，故B
at,代入數據解得=10mst=10s,則公交車的總位移為
錯誤：根據勻變速直線運動的推論有四E-4E=2如E,
2
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