資源簡介

單元檢測（十一）交變電流
傳感器
B卷
高考能力評價卷
(滿分：100分時間：75分鐘)
一、單項選擇題：本題共8小題，每小題4分，共32分.在每小題給出的四個選項中，只有一項符合題目
要求
1.關于傳感器的應用，下列說法錯誤的是
(
A.電飯鍋中的敏感元件是熱敏電阻
B.測溫儀中測溫元件可以是熱敏電阻
C.用傳感器探究作用力和反作用力的關系的實驗，所用的測力裝置是力傳感器
D.火災報警器中的光傳感器在沒有煙霧時呈現低電阻狀態，有煙霧時呈現高電阻狀態
2.我國1100kV特高壓直流輸電工程的送電端用“整流”設備將交流變換成直流，用戶端用“逆變”設備再
將直流變換成交流，下列說法正確的是
()
A.送電端先升壓再整流
B.用戶端先降壓再變交流
C.1100kV是指交流電的最大值
D.輸電功率由送電端電壓決定
3.下圖是工廠利用u=2202sin100πtV的交流電給36V照明燈供電的電路，變壓器原線圈匝數為1100
匝，下列說法正確的是
()
A.電源電壓有效值為220、2V
B.交變電流的周期為0.02s
C.副線圈匝數為160匝
D.副線圈匝數為240匝
4.(2025·荊州二模)電壓互感器能將高電壓變成低電壓、電流互感器能將大電流流高：輸電線
變成小電流，用于測量或保護系統.如圖所示，T1、T2是監測交流高壓輸電參數
的互感器，a、b是交流電壓表或交流電流表，若高壓輸電線間電壓為220kV,T1
的原、副線圈匝數比為1：100，交流電壓表的示數為200V,交流電流表的示數
為2A,則
÷⊙
A.4是交流電壓表，b是交流電流表
B.T2的原、副線圈匝數比為1000：1
C.高壓線路輸送的電流為200A
D.高壓線路輸送的電功率為2.2×104kW
5.(2025·四川涼山·三模)實驗室用交流發電機和理想變壓器組合給R。供電，電路如圖所示.交流發電
機的線圈內阻為4Ω，當理想變壓器原副線圈匝數比為2：1時，R。消耗的功率與線圈內阻消耗的功率
相等，導線電阻不計，則R。的阻值為
A.12
B.22
C.40
D.162
85
6.(2025·沈陽一模)風能是取之不盡、用之不竭的能源之一，尤其是在草原以及海上.如圖甲所示，理想變
壓器原線圈MN兩端接在風力發電裝置的AB兩點，已知理想變壓器原副線圈的匝數分別為500匝和
1000匝，在風力的作用下，風葉帶動與其固定在一起的磁鐵轉動，轉速與風速成正比.某一風速時，變壓
器原線圈兩端電壓隨時間變化的關系圖像如圖乙所示，則下列說法正確的是
()
風葉一轉軸
中W
100
(xIOa)
圖甲
圖乙
A.變壓器原線圈兩端電壓的瞬時值表達式為tu=100sin100πt(V)
B.電壓表W)的讀數為100V
C.斷開電鍵S,電壓表N2)的讀數為零
D.如果風速加倍，變壓器原線圈兩端電壓的瞬時值表達式為4=200sin100πt(V)
7.(2025·河北·三模)如圖所示，理想變壓器原、副線圈的匝數比1：2=20：1，原
線圈通過理想交流電流表④接入正弦式交變電流，副線圈兩端接兩個阻值均為10Ω
的電阻R1和R2,已知電流表A的示數為0.1A,下列說法正確的是
)
A.電阻R1中的電流的最大值為2A
B.原線圈接入的正弦式交變電流的電壓的有效值為200V
C.電阻R,消耗的電功率為40W
D.當電源的輸人功率增大使通過電流表的電流增大時，通過電阻R,的電流減小
8.(2025·山東泰安·三模)遠距離輸電的示意圖如圖所示，變壓器均為理想變壓器，升壓變壓器的原、副
線圈匝數比為，=00降壓變壓器的原、副線圈匝數比為”=0，輸電線的總電阻為R=200,當
n411
用戶消耗的電功率為110kW時，入戶電壓U4=220V,則升壓變壓器的原線圈的輸入電壓U1等于
用
V.
升壓變壓器
降壓變壓器
A.465V
B.316.5V
C.232.5V
D.216.5V
二、多項選擇題：本題共4小題，每小題6分，共24分，在每小題給出的四個選項中，每題有多項符合題目
要求，全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分.
9.(2024·新課標)電動汽車制動時可利用車輪轉動將其動能轉換成電能儲存起
來，車輪轉動時帶動磁極繞固定的線圈旋轉，在線圈中產生電流.磁極勻速轉
動的某瞬間，磁場方向恰與線圈平面垂直，如圖所示，將兩磁極間的磁場視為
勻強磁場，則磁極再轉過90°時，線圈中
()
旋轉方向
A.電流最小
B.電流最大
C.電流方向由P指向Q
D.電流方向由Q指向P
蓄電系統
10.(2025·廣西·二模)如圖是一款小型電鉆及其簡化電路圖，它由變壓器及電
動機兩部分構成，變壓器為理想變壓器.電動機的內阻為12，額定電壓為16V,額定電流為2.2A.當
變壓器輸入電壓為220V的正弦交流電時電鉆正常工作，下列說法正確的是
(
86參考答案
單元檢測（一）運動的描述勻變速直線運動
x=wt一
2a2,代入教據解得x=50m,公交車在最初6s內
通過的位移與最后6s內通過的位移之差為△x=x1一x2,代
A卷高頻考點練清卷
入數據解得△x=24m,故ABC錯誤，D正確.
1.C研究入水動作時，運動員的形狀和體積對所研究問題
5.A對木板由牛頓第二定律可知木板的加速度不變，木板從
的影響不能夠忽略，此時運動員不能夠看為質點，故A錯
靜止釋獄到下瑞到達A點的過程，有L=a,木板從靜止
誤：研究空中轉體姿態時，運動員的形狀和體積對所研究
釋放到上瑞到達A點的過程，當木板長度為L時，有2L=
問題的影響不能夠忽略，此時運動員不能夠看為質點，故
2ai,當木板長度為2L時，有3L=合ai,又1=1-o,
1
B錯誤；研究百米比賽中的平均速度時，運動員的形狀和
體積對所研究問題的影響能夠忽略，此時運動員能夠看
△12=t2一t0,聯立解得△2：1=(5-1)：(2-1)，A
為質點，故C正確：研究運動員通過某個攀巖支，點的動作
正確
時，運動員的形狀和體積對所研究問題的影響不能夠忽
6.解析：(1)設物體的加速度為a,根據位移差公式△x=aT可
略，此時運動員不能夠看為質點，故D錯誤.故選：C.
2
2.C速度是描述物體運動快慢的物理量，即物體的空間位
3X0-x0
得物體的加速度為4=
置隨時間變化的快慢，BD錯誤；根據x與1的關系式可
to
3to2
知，1=0時，質點位于x=1m處，t=1s時，質點位于x=
AC段的平均速度等于這一過程的中間時刻的速度，可得
6m處，因此質點在第1s內的位移為5m,A錯誤，C
2
正確，
物體在B,點時的速度為UB=
20+x05x0
2to
6to
3.解析：(1)選擇向西為正方向，如題圖所示，最后6s的住
設物體在A點時的速度為A,則可得
移為△x3=120m,△13=6s
7x0
UA=UB一at0=6t0
平均連度為==20m=20m8,大小為20m6,」
(2)根據速度時間關系可得物體在C點時的速度為
方向向西：
5.x0_x0
0
(2)全過程的位移為△x=△x3一（△r1十△x2)=120m一
c=s+ao=60-30·6=20
(30m十60m)=30m
時間為△t=5s十58十4s十6s=20s
則可得物體在CD段的平均速度為=C十D=0
24t
平均速度為==0m=1,5m/s,大小為1,5m/s,方向
△120s
2品
答案：1)6t0
向西；
7.C勻變速直線運動平均速度等于初末速度的平均值，則
(3)全過程的路程為△s=△x3十△x1十△x2=120m十
有：專5=10ms,T=5m因ST間的矩高是
2
30m+60m=210m
RS的兩倍，而ST段的平均速度是RS段的平均速度的
平均速率為0=2)0m=10.5m8
△120s
乞，故可得ST段的時間是RS段的時間的4倍，可知：ST
1
答案：(1)20ms方向向西(2)1.5ms方向向西
(3)10.5m/s
段的速度減小量是RS段的4倍，則有：vs一VT=4(VR一
4.D設公交車開始減速的速度為%，運動總時間為，則公交
vs),聯立解得：R=11m8,s=9ms,vT=1m8,故C
正確，ABD錯誤.
車在最初減連6s內通過的位移為西=o一2a哈=(6一
8.C令加速度為a,E到N的距離為L,從E到N有v至=
18m),把物體運動看成反向的初速度為0的勻加速直線運
2aL,從N到A有v員=2a·9L,聯立可得vA=3E,故A
動，最后68內通過的位移為=2a,代入數據解得x2一
錯誤：根據逵度一時間公式，有tA=4一E_2E,gv
18m,由于公交車在最初6s內通過的位移與最后6s內通過
的位號之比為21：9，則南以上有g18-號又有0=助
E一0_E=1,所以汽車通過AE段的時間等于21，故B
at,代入數據解得=10mst=10s,則公交車的總位移為
錯誤：根據勻變速直線運動的推論有四E-4E=2如E,
2
125

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