資源簡介

單元檢測（十一）交變電流
傳感器
A卷
高頻考點練清卷
考點一交變電流的“四值”
1.(2024·山東)如圖甲所示，在一d≤x≤d、一d≤y≤d的區域中存在垂直Oxy平面向里、磁感應強度大
小為B的勻強磁場（用陰影表示磁場的區域），邊長為2d的正方形線圈與磁場邊界重合.線圈以y軸為轉軸
勻速轉動時，線圈中產生的交變電動勢如圖乙所示.若僅磁場的區域發生了變化，線圈中產生的電動勢變為
圖丙所示實線部分，則變化后磁場的區域可能為
3E2
d
0
-3E2
-d
圖中
圖乙
圖丙
0
2
-3f434
-d/22
-3d23d2
C
I
2.(2024·河北)R1、R2為兩個完全相同的定值電阻，R1兩端的電壓隨時間周期性變化的規律如圖1所示
(三角形脈沖交流電壓的峰值是有效值的、3倍)，R2兩端的電壓隨時間按正弦規律變化如圖2所示，則
兩電阻在一個周期T內產生的熱量之比Q1：Q2為
()
卡h/V
0
t/s
-a
圖1
圖2
A.2:3
B.4:3
C.2:√/3
D.5:4
3.(2025·河南商丘·三模)用長度為L,橫截面面積為S、電阻率為ρ的金屬絲制成正××××
方形線框abcd,然后置于磁感應強度大小為B、方向垂直于紙面向里的勻強磁場中，
×
如圖所示，繞與αb邊重合的固定軸從中性面開始沿圖示方向逆時針勻速轉動，轉動
的角速度為，下列說法正確的是
(）米父6×
A.線框從圖示位置轉過2的過程中，線框中電流的方向為a→d~c→6→Q
XXXX
B線框中感位電流的有效值
C.線框轉過一周的過程中，產生的焦耳熱BL3S
2560
D.線框從圖示位置轉過半圈的過程中，通過線框某一橫截面的電荷量為0
81
考點二交變電流的圖像
4.(2025·北京朝陽·二模)圖甲為風力發電的簡易模型，在風力的作用下，風葉帶動與其固定在一起的磁
鐵轉動，轉速與風速成正比.當風速為時，線圈中產生的正弦式交變電流如圖乙所示.下列說法正確的
是
C風葉
桿
0.6
轉軸
磁鐵
0.
n.210.3n.40.5s
-0.6
心流傳感器
圖中
圖乙
A.線圈中電流的表達式為i=1.2sin10πt(A)
B.磁鐵的轉速為10r/s
C.風速為2v時，線圈中電流的表達式為i=1.2sin20πt(A)
D.風速為2u時，線圈中電流的有效值為1.2A
5.(多選)(2025·湖南邵陽二模)發電機的結構示意圖如圖所示，正方形金屬框
abcd通過兩半圓形金屬環及導線與電阻R構成一閉合回路，在勻強磁場中以
恒定角速度繞OO軸轉動，下列關于通過金屬框的磁通量Φ及通過電阻R的
電流i隨時間t變化的圖像可能正確的是
A
B
6.(2025·西南名校聯盟模擬)在勻強磁場中，一個100匝的閉合矩
↑ΦFb
形金屬線框繞與磁感線垂直的轉軸勻速轉動，穿過該線框的磁通
0.02
量隨時間成余弦函數變化，如圖所示，則
(
A.在t=0.1s時，線框處于中性面位置
0.10.23.30.4
B.在t=0.1s時，線框中感應電動勢為零
-0.02
C.線框中產生的感應電動勢的有效值為5V2πV
D.線框中產生的感應電動勢瞬時值的表達式為e=10πcos5πt(V)
考點三變壓器基本關系式的應用
7.如圖所示，理想變壓器原線圈匝數為1100匝，接有一阻值為R的電阻，電壓
表V1示數為110.0V.副線圈接有一個阻值恒為RL的燈泡，繞過鐵芯的單
匝線圈接有一理想電壓表V2,示數為0.10V.已知R：R=4：1,則副線圈⊙
的匝數為
()
的R:
A.225
B.550
C.2200
D.4400
8.(2024·湖北)在如圖所示電路中接人正弦交流電，燈泡I1的電阻是燈泡I2的2倍.
假設兩個二極管正向電阻為0、反向電阻無窮大.閉合開關S,燈泡L1、L2的電功率L⑧
之比P:P2為
A.2:1
B.1:1
C.1:2
D.1:4
82參考答案
單元檢測（一）運動的描述勻變速直線運動
x=wt一
2a2,代入教據解得x=50m,公交車在最初6s內
通過的位移與最后6s內通過的位移之差為△x=x1一x2,代
A卷高頻考點練清卷
入數據解得△x=24m,故ABC錯誤，D正確.
1.C研究入水動作時，運動員的形狀和體積對所研究問題
5.A對木板由牛頓第二定律可知木板的加速度不變，木板從
的影響不能夠忽略，此時運動員不能夠看為質點，故A錯
靜止釋獄到下瑞到達A點的過程，有L=a,木板從靜止
誤：研究空中轉體姿態時，運動員的形狀和體積對所研究
釋放到上瑞到達A點的過程，當木板長度為L時，有2L=
問題的影響不能夠忽略，此時運動員不能夠看為質點，故
2ai,當木板長度為2L時，有3L=合ai,又1=1-o,
1
B錯誤；研究百米比賽中的平均速度時，運動員的形狀和
體積對所研究問題的影響能夠忽略，此時運動員能夠看
△12=t2一t0,聯立解得△2：1=(5-1)：(2-1)，A
為質點，故C正確：研究運動員通過某個攀巖支，點的動作
正確
時，運動員的形狀和體積對所研究問題的影響不能夠忽
6.解析：(1)設物體的加速度為a,根據位移差公式△x=aT可
略，此時運動員不能夠看為質點，故D錯誤.故選：C.
2
2.C速度是描述物體運動快慢的物理量，即物體的空間位
3X0-x0
得物體的加速度為4=
置隨時間變化的快慢，BD錯誤；根據x與1的關系式可
to
3to2
知，1=0時，質點位于x=1m處，t=1s時，質點位于x=
AC段的平均速度等于這一過程的中間時刻的速度，可得
6m處，因此質點在第1s內的位移為5m,A錯誤，C
2
正確，
物體在B,點時的速度為UB=
20+x05x0
2to
6to
3.解析：(1)選擇向西為正方向，如題圖所示，最后6s的住
設物體在A點時的速度為A,則可得
移為△x3=120m,△13=6s
7x0
UA=UB一at0=6t0
平均連度為==20m=20m8,大小為20m6,」
(2)根據速度時間關系可得物體在C點時的速度為
方向向西：
5.x0_x0
0
(2)全過程的位移為△x=△x3一（△r1十△x2)=120m一
c=s+ao=60-30·6=20
(30m十60m)=30m
時間為△t=5s十58十4s十6s=20s
則可得物體在CD段的平均速度為=C十D=0
24t
平均速度為==0m=1,5m/s,大小為1,5m/s,方向
△120s
2品
答案：1)6t0
向西；
7.C勻變速直線運動平均速度等于初末速度的平均值，則
(3)全過程的路程為△s=△x3十△x1十△x2=120m十
有：專5=10ms,T=5m因ST間的矩高是
2
30m+60m=210m
RS的兩倍，而ST段的平均速度是RS段的平均速度的
平均速率為0=2)0m=10.5m8
△120s
乞，故可得ST段的時間是RS段的時間的4倍，可知：ST
1
答案：(1)20ms方向向西(2)1.5ms方向向西
(3)10.5m/s
段的速度減小量是RS段的4倍，則有：vs一VT=4(VR一
4.D設公交車開始減速的速度為%，運動總時間為，則公交
vs),聯立解得：R=11m8,s=9ms,vT=1m8,故C
正確，ABD錯誤.
車在最初減連6s內通過的位移為西=o一2a哈=(6一
8.C令加速度為a,E到N的距離為L,從E到N有v至=
18m),把物體運動看成反向的初速度為0的勻加速直線運
2aL,從N到A有v員=2a·9L,聯立可得vA=3E,故A
動，最后68內通過的位移為=2a,代入數據解得x2一
錯誤：根據逵度一時間公式，有tA=4一E_2E,gv
18m,由于公交車在最初6s內通過的位移與最后6s內通過
的位號之比為21：9，則南以上有g18-號又有0=助
E一0_E=1,所以汽車通過AE段的時間等于21，故B
at,代入數據解得=10mst=10s,則公交車的總位移為
錯誤：根據勻變速直線運動的推論有四E-4E=2如E,
2
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