資源簡介

四川省樂山市峨眉山市2025年初中畢業調研考試物理試題
1．（2025·峨眉山模擬）下列物理量中最符合實際的是（　　）
A．成年人正常步行的速度約為1.1m/s
B．人體感覺舒適的環境溫度約為37℃
C．中學生體育測試中所用的實心球質量為20kg
D．地球到月球的距離約為1000m
2．（2025·峨眉山模擬）如圖是“風能——太陽能”路燈示意圖，下列說法正確的是（　　）
A．風力發電機利用了電磁感應原理
B．太陽能來自太陽內部的核裂變
C．給蓄電池充電時化學能轉化為電能
D．控制器中的集成電路是用超導材料制成的
3．（2025·峨眉山模擬）下列廚房中的物態變化，屬于液化的是（　　）
A．濕抹布變干
B．放入飲料中的冰塊消失
C．新鮮肉放入冰箱冷凍室變硬
D．從冰箱冷藏室中拿出的西紅柿表面變濕
4．（2025·峨眉山模擬）如圖所示的光現象中說法正確的是（　　）
A．圖甲：橋在水中的倒影是光的折射現象
B．圖乙：彩虹是光的色散現象
C．圖丙：墻上的手影是光的反射形成的
D．圖丁：凸面鏡能擴大視野是由于光的直線傳播
5．（2025·峨眉山模擬）小西和同學們用天平、量筒和足量的水等實驗器材測量小石塊的密度。當天平平衡時所用砝碼及游碼位置如圖甲所示，并用如圖乙所示的方法測量小石塊體積。下列說法正確的是（　　）
A．小石塊的質量為25.4g
B．圖乙中a是正確的讀數方法
C．小石塊的密度是
D．若小石塊磕掉了一部分，它的密度會變小
6．（2025·峨眉山模擬）在傳統農耕文化中，勞動人民一般采用“鹽水選種”的方法挑選種子，下列說法正確的是（　　）
A．種子上浮過程中鹽水對種子的壓強變大
B．漂浮的種子受到的浮力大于自身重力
C．下沉的種子密度比鹽水的密度大
D．沉底的種子只受到重力和支持力
7．（2025·峨眉山模擬）為了減少炒菜時對油煙的吸入，廚房里安裝了一臺抽油煙機。抽油煙機上面的照明燈和電動機既可以同時工作又可以獨立工作。以下關于抽油煙機內部電路設計，你認為符合要求的是（　　）
A． B．
C． D．
8．（2025·峨眉山模擬）“安全問題無小事，學好物理保安全”。下列有關安全的說法正確的是（　　）
A．我國家庭電路的電壓是220V，對人體來說是安全的
B．為了保護聽力，人不能處于50dB以下的噪聲環境中
C．駕車時系好安全帶是為了防止慣性力帶來的危害
D．等候列車的乘客應站在安全線以外，否則可能會被“吸”向列車
9．（2025·峨眉山模擬）下列四幅圖來自我們的物理課本，其中解釋正確的是（　　）
A．甲圖中輪船過船閘，是利用了連通器的原理
B．乙圖中撞擊錘柄緊固錘頭，是為了增大錘頭的慣性
C．丙圖中運動員手上涂防滑粉，是為了增大單杠對運動員的支持力
D．丁圖中小朋友能將飲料吸進嘴里，是由于吸管受到浮力的作用
10．（2025·峨眉山模擬）物理是以實驗為基礎的自然科學。下列有關物理實驗的說法正確的是（　　）
A．圖甲：導線AB左右運動，電流表的指針發生偏轉，這一過程與電動機的原理相同
B．圖乙：活塞壓縮空氣，硝化棉燃燒，這一過程與汽油機的做功沖程原理相同
C．圖丙：通電一段時間后，兩個U形管中液面高度的變化不同，說明電流不同，產生的熱量不同
D．圖丁：抽掉玻璃板后，兩瓶中的氣體顏色逐漸變均勻，說明氣體分子在不停地做無規則運動
11．（2025·峨眉山模擬）我國自主研制的智能乒乓球機器人，能通過圖像傳感裝置綜合分析運動員的各項技術，并針對性地變換發球、回球等操作，以提高運動員的技術水平。下列說法正確的是（　　）
A．乒乓球被擊出后，運動軌跡發生改變，說明力是改變物體運動狀態的原因
B．球拍對乒乓球的作用力和乒乓球對球拍的作用力是一對平衡力
C．乒乓球被擊出后，從高處下落的過程中動能不變，重力勢能增大
D．乒乓球被擊出后，若所受的力全部消失，它一定保持靜止狀態
12．（2025·峨眉山模擬） 2024年5月23日至24日，東部戰區在我國臺灣省周邊開展“聯合利劍—2024A”軍事演習，震懾臺獨分裂勢力，堅決捍衛國家主權和領土完整。參加演習的某架戰機加速升空過程中，若不考慮燃油消耗引起的質量變化，則該戰機（　　）
A．動能減少，重力勢能減少 B．動能減少，重力勢能增大
C．動能增大，重力勢能減少 D．動能增大，重力勢能增大
13．（2025·峨眉山模擬）控制大氣污染物濃度是確保空氣質量，實現碧水藍天的重要措施。如圖甲是物理學習小組設計的大氣污染物濃度監測簡化電路。當污染物濃度增大時，污染物濃度監測表的示數增大；R為氣敏電阻，其阻值隨污染物濃度變化的關系如圖乙所示。下列說法正確的是（　　）
A．當污染物濃度增大時，氣敏電阻的阻值增大
B．當污染物濃度增大時，電流表示數增大
C．當污染物濃度增大時，電壓表示數增大
D．污染物濃度監測表是電壓表改裝而成的
14．（2025·峨眉山模擬）如圖所示，物體A在水平拉力F的作用下，沿水平面以的速度勻速運動了5s，彈簧測力計的示數為的8N，（不計滑輪和繩子之間的摩擦），拉力F做功的功率為（　　）
A．1.6W B．8W C．3.2W D．16W
15．（2025·峨眉山模擬）小寧同學兩次水平拉動同一物體，使它們在同一水平面上做勻速直線運動，兩次物體運動的s－t圖像如圖所示。下列說法正確的是（　　）
A．物體第一次運動速度為1m/s，第二次運動速度為2m/s
B．物體第一次所受的摩擦力大于第二次所受的摩擦力
C．0~8s拉力第一次做的功等于第二次的2倍
D．0~8s拉力第二次做功的功率等于第一次的2倍
16．（2025·峨眉山模擬）如圖所示電路中，電源電壓為4.5V，滑動變阻器R最大阻值為20Ω，電流表量程為0~0.6A，電壓表量程為0~3V，在AB之間接入不同的電學元件，可以進行不同的實驗，在確保電路安全且實驗能夠順利進行的情況下，下列說法中正確的是（　　）
A．在AB間接入一個阻值為10Ω的定值電阻，探究電流與電壓關系實驗時，電壓表示數變化范圍為1.5~4.5V
B．探究電流與電阻的關系實驗中，控制AB間電壓是3V時，在AB間接入電阻的阻值范圍是5~40Ω
C．在AB間接入一個大約100Ω的未知電阻，調節滑動變阻器滑片的位置，就能夠測量出該電阻的阻值
D．在AB間接入小燈泡，調節滑片，使電壓表示數從2V變到3V，測得電流表示數從0.25A變到0.3A，則燈泡的電功率增大了0.05W
17．（2025·峨眉山模擬）如圖所示的曾侯乙編鐘是我國古代重要的打擊樂器，體現了中國先秦禮樂文明和青銅器鑄造技術的極高水平。敲擊時發出的聲音是編鐘　 　產生的；用相同的力敲擊大小不同的編鐘，發出聲音的　 　不同。
18．（2025·峨眉山模擬）中醫藥是中華民族的瑰寶，其中蘊含著許多物理知識。熬制中藥時聞到濃濃的藥味，這一現象表明　 　。拔火罐時，玻璃罐在　 　的作用下吸附在理療部位。
19．（2025·峨眉山模擬）“福建艦”是我國完全自主設計建造的航空母艦，滿載排水量為8萬噸。在海上航行時，水下10m處海水對艦體的壓強為　 　Pa；滿載時“福建艦”受到的浮力為　 　N（海水密度ρ取，g取10N/kg）。
20．（2025·峨眉山模擬）圖所示是一款有兩個擋位的掛燙機的工作電路圖，正常工作電壓為220V，加熱電阻R1=44Ω，R2=88Ω，只閉合開關S1時，掛燙機的功率是　 　W。同時閉合開關S1、S2，掛燙機工作1min消耗的總電能為　 　。
21．（2025·峨眉山模擬）圖甲中是用來壓制餃子皮的“神器”，壓皮時壓桿可視為一個杠桿，圖乙是其簡化示意圖。圖中O為支點，F2為壓動杠桿時作用在B點的阻力。請在乙圖中畫出：阻力臂l2、作用在A點的最小動力F1。
22．（2025·峨眉山模擬）如圖，小磁針靜止在通電螺線管右側，請根據圖中磁感線的方向，在螺線管左端和小磁針右端的括號內標出極性（“N”或“S”），在電源左邊的括號內標出極性（“+”或“﹣”）。
23．（2025·峨眉山模擬）在“探究浮力的大小跟哪些因素有關”的實驗中，小華猜想浮力的大小可能與以下因素有關：I液體的密度；Ⅱ物體受到的重力；Ⅲ物體的形狀；Ⅳ物體排開液體的體積。
（1）如圖甲用手把空的易拉罐按入水中，易拉罐浸入水中越深，手會感覺越吃力。這個事實可以支持以上猜想　 　（選填“I”“Ⅱ”“Ⅲ”或“Ⅳ”）。
（2）為了研究猜想I和Ⅱ，用體積相同的A、B、C三個圓柱體，測得重力分別為4N、4.5N和5N，然后進行如圖乙所示的實驗：
①序號a的實驗中物體A所受的浮力為　 　N。進一步計算得出A、B、C所受浮力　 　（選填“相等”或“不相等”），可得出初步結論：浮力的大小與物體的重力　 　（選填“有關”或“無關”）。
②比較序號　 　的三次實驗，可得出初步結論：浮力大小與液體密度有關。
（3）為了研究猜想Ⅲ，將兩塊相同的橡皮泥（不吸水且不溶于水）分別做成不同形狀，進行如圖丙所示實驗，此時兩彈簧測力計的示數不同，得出浮力的大小與物體形狀有關。同學小珍認為該結論不可靠，主要原因是　 　。
（4）小珍覺得用量筒就可以測出橡皮泥的密度，進行了如圖丁所示操作：
①在量筒中加入適量的水，此時讀數為V1；
②將橡皮泥捏成小碗形，輕放入量筒中，使其漂浮在水面上，此時讀數為V2；
③將橡皮泥用細長針按入水中，此時讀數為V3。
橡皮泥的密度為ρ=　 　（用ρ水、V1、V2、V3表示）。
24．（2025·峨眉山模擬）在“測量小燈泡額定功率”的實驗中，小剛同學用一個電壓表、一個電流表、一個開關、一個滑動變阻器、電壓為4.5V的電源和額定電壓為2.5V的小燈泡，設計了如圖甲所示的電路。
（1）實驗中需要依據圖甲所示的電路圖，將圖乙所示器材進行連線，請用筆畫線代替導線，將圖乙所示電路連接完整。　 　
（2）正確連接好電路后，閉合開關，當滑動變阻器的滑片向左移動時，電流表示數　 　（選填“變大”“變小”或“不變”）。當電壓表的示數為　 　V時小燈泡正常發光，此時電流表指針如圖丙所示，其示數為　 　A，小燈泡的額定功率為　 　W。若小燈泡兩端的實際電壓為2.3V，則小燈泡的實際功率　 　（選填“大于”“等于”或“小于”）額定功率。
（3）小王同學也按圖甲所示電路圖連接電路，當連接最后一根導線時，燈泡立即發出明亮耀眼的光并很快熄滅。請你指出導致此現象可能的原因：　 　。
25．（2025·峨眉山模擬）夏季經常見到灑水車在路面上灑水，給路面降溫。某灑水車的部分參數如下表所示，求：
項目 數值
空載質量/t 4
滿載裝水量/t 20
滿載時車輪與地面總接觸面積/m2 0.6
正常灑水流量/（t/h） 40
（1）裝滿水的灑水車對水平地面的壓強（g取10N/kg）；
（2）裝滿水的灑水車以12m/s的速度勻速直線行駛時，牽引力的功率是240kW，此時灑水車受到的阻力；
（3）灑水車以5m/s的速度勻速直線行駛，并按正常灑水流量開始灑水，最多可以連續灑水的路程。
26．（2025·峨眉山模擬）如圖甲是科技小組設計的“智能溫控小屋”簡化電路，受控電路功率隨時間的變化關系如圖乙所示。當室溫上升至28℃時冷卻系統開始工作，當室溫降至23℃時停止工作。Rt為熱敏電阻，其阻值隨溫度的升高而減小，當控制電路中的電流為0.15A時，銜鐵剛好被吸下，控制電路電源電壓恒為3V。定值電阻R0為100Ω，線圈電阻忽略不計。求：
（1）受控電路30min內消耗的電能；
（2）受控電路工作時，通過電阻R0的電流；
（3）熱敏電阻Rt的變化范圍。
答案解析部分
1．【答案】A
【知識點】溫度及溫度計的使用與讀數；質量及其特性；長度的估測；速度與物體運動
【解析】【解答】A．成年人正常步行的速度約為1.1m/s≈4km/h，故A符合題意；
B．人體正常溫度為37℃，感覺舒適的環境溫度約為25℃，故B不符合題意；
C．中學生體育測試中，所用的實心球質量為2kg，故C不符合題意；
D．地球到月球的距離約3.8×105km，遠大于1000m，故D不符合題意。
故選A。
【分析】人的步行速度約1m/s左右；感覺舒適的溫度是25℃左右；實心球的質量約2kg；地球到月球的距離約3.8×105km。
2．【答案】A
【知識點】能量的轉化或轉移；太陽能及其利用與轉化；半導體特點及作用；發電機的構造和原理
【解析】【解答】A． 風力發電機即利用風力驅動發電機轉動而發電， 工作原理是電磁感應原理，故A正確；
B．太陽能是來自太陽內部的核聚變反應，故B錯誤；
C．給蓄電池充電時，電能轉化為化學能，故C錯誤；
D． 控制器中的集成電路是利用半導體材料制作的 ，故D錯誤。
故選A。
【分析】A.根據發電機的工作原理解答；
B.根據太陽能量的來源判斷；
C.根據能量轉化的知識判斷；
D.根據半導體材料應用的知識判斷。
3．【答案】D
【知識點】熔化與熔化吸熱特點；凝固與凝固放熱特點；汽化及汽化吸熱的特點；液化及液化放熱
【解析】【解答】A．根據物質的狀態變化，濕抹布變干，由液態的水變成氣態的水蒸氣，是汽化現象，故A不符合題意；
B．根據物質的狀態變化，加在飲料中的冰塊化為水，由固態變成液態，是熔化現象，故B不符合題意；
C．根據物質的狀態變化，新鮮肉放入冰箱冷凍室變硬，是肉中的液態水變成固體的冰，是凝固現象，故C不符合題意；
D．根據物質的狀態變化，從冰箱冷藏室中拿出的西紅柿，是空氣中的水蒸氣遇到冷西紅柿，變成小水珠附在西紅柿表面，是液化現象，故D符合題意。
故選D。
【分析】物質由氣態直接變為固態叫凝華，物質由固態直接變為氣態叫升華；由氣態變為液態叫液化，由液態變為氣態叫汽化；由固態變為液態叫熔化，由液態變為固態叫凝固。
4．【答案】B
【知識點】光的直線傳播及其應用；光的反射；光的色散
【解析】【解答】A．圖甲中，光照在不同介質面上時，會發生反射現象，平面鏡成像就是具體應用，橋在水中的倒影，屬于平面鏡成像，是由于光的反射形成的，故A錯誤；
B．圖乙中，光從一種介質斜射入另一種介質時，光的傳播方向就會發生偏轉，即光的折射現象，太陽光射入雨后空氣中的小水滴時，太陽光經過折射發生色散，從而形成彩虹，故B正確；
C．圖丙中，光在同一均勻介質中沿直線傳播，手影中影子的形成說明光是沿直線傳播的，故C錯誤；
D．圖丁中，景物在凸面鏡中成像擴大視野，是凸面鏡成像，屬于光的反射現象，故D錯誤。
故答案為：B。
【分析】光在同一均勻介質中沿直線傳播。光沿直線傳播的實例有：小孔成像、激光準直、影子、日食和月食等；光照在不同介質面上時，會發生反射現象，平面鏡成像就是具體應用；光從一種介質斜射入另一種介質時，光的傳播方向就會發生偏轉，即光的折射現象。
5．【答案】C
【知識點】密度及其特性；密度公式及其應用；量筒的使用
【解析】【解答】A．由圖甲知，根據天平的使用方法，標尺的分度值是0.2g，被測物體的質量m=20g+5g+4.2g=29.2g，故A錯誤；
B．在量筒的使用過程中，量筒讀數時，視線要與液柱上表面相平，則b是正確的讀數方法，故B錯誤；
C．小石塊的體積V=40mL-30mL=10mL=10cm3；則小石塊的密度，故C正確；
D．密度是物質本身的特性，物質體積和質量變化時，它的密度不變，故D錯誤。
故選C。
【分析】（1）天平在讀數時，被測物體的質量=砝碼的質量+游碼的示數；
（2）量筒讀數時，視線要與液柱上表面相平，俯視會使結果偏大、仰視會使結果偏小；
（3）石塊的質量等于砝碼的質量加游碼對應的刻度值，石塊的體積等于石塊浸沒水前后水面對應刻度值的差，知道石塊的體積和質量，根據密度公式求出石塊的密度；
（4）密度是物質本身的特性，物質體積和質量變化時，它的密度不變。
6．【答案】C
【知識點】液體壓強的特點；物體的浮沉條件及其應用
【解析】【解答】本題考查了物體的浮沉條件、液體內部壓強計算公式的應用、物體的受力分析等知識，難度不大。A．種子上浮過程中，深度變小，鹽水對種子的壓強變小，故A錯誤；
B．漂浮的種子受到的浮力和重力二力平衡，大小相等，故B錯誤；
C．當種子密度大于鹽水密度時，種子受到的浮力小于其重力，種子就會下沉，故C正確；
D．沉底的種子受到浮力、重力及支持力的作用，故D錯誤。
故選C。
【分析】物體漂浮時，受到的浮力等于自身的重力；物體下沉時，浮力小于重力；根據p=ρgh分析受到的壓強變化；浸入液體中的物體受到浮力的作用。
7．【答案】A
【知識點】串、并聯電路的設計
【解析】【解答】根據題意可知，照明燈和電動機既可以同時工作又可以獨立工作，這說明它們之間互不影響，照明燈和電動機應該并聯連接。照明燈和電動機都能單獨控制，則兩個支路上各有一個開關與它們串聯。
故選A。
【分析】用電器相互影響為串聯，不相互影響為并聯。干路開關控制所有用電器，支路開關只控制它所在支路上的用電器。
8．【答案】D
【知識點】慣性及其現象；流體壓強與流速的關系；聲音的等級和噪聲的危害；電壓和電壓的單位換算
【解析】【解答】A．在日常生活中，我國家庭電路的電壓是220V，對人體來說是危險的，人體安全電壓是不高于36V，故A錯誤；
B．在日常生活中，為了保護聽力，人不能處于90dB以上的噪聲環境中，故B錯誤；
C．力可以改變物體的運動狀態和形狀，但慣性不是力，故C錯誤；
D．流體流速大的位置壓強小，如果乘客距離行駛的列車太近，乘客靠近列車這側空氣流速快，壓強小；外側空氣流速相對較慢，壓強大，產生的壓力差會把乘客壓向列車，造成危險，所以等候列車的乘客應站在安全線以外，故D正確。
故選D。
【分析】（1）我國家庭電路的電壓是220V，對人體安全的電壓為不高于36V；
（2）長期生活在90dB以上的噪聲環境中，聽力會受到嚴重的影響；超過150dB的噪聲環境，會使雙耳完全失去聽力；
（3）慣性是物體本身的一種性質，慣性是屬性不是力；
（4）流體壓強與流速的關系：流體流速大的位置壓強小。
9．【答案】A
【知識點】慣性及其現象；增大或減小摩擦的方法；連通器原理及其應用；大氣壓的綜合應用
【解析】【解答】A．輪船從上游到中游時，閘室與上游上面開口，底部聯通，從而構成連通器，故A正確；
B．錘頭的慣性與它的質量有關，與其它因素無關，故B錯誤；
C．運動員手上涂防滑粉，是通過增大接觸面的粗糙程度從而增加手與單杠之間的摩擦力，故C錯誤；
D．小朋友能將飲料吸進嘴里，是因為吸管內部的氣壓降低，飲料在外部大氣壓的作用下被壓進吸管里，故D錯誤。
故選A。
【分析】A.上面開口，底部連通的容器為連通器；
B.物體的慣性大小只與質量大小有關；
C.增大摩擦力的方法：增大壓力或增大接觸面的粗糙程度；
D.根據大氣壓強的知識分析。
10．【答案】D
【知識點】熱機；電流的熱效應；發電機的構造和原理；分子熱運動
【解析】【解答】A．圖甲：電動機是根據通電線圈在磁場中受到力的作用而發生轉動的原理制成的，導線AB左右運動，電流表的指針發生偏轉，這是電磁感應現象，應用是發電機，故A錯誤；
B．圖乙：做功可以改變物體的內能，當外界對物體做功時，物體的內能增大，當物體對外界做功時，物體的內能就會減小。活塞壓縮空氣，對空氣做功，機械能轉化為內能，使得空氣溫度升高，硝化棉燃燒，這一過程與汽油機的壓縮沖程原理相同，故B錯誤；
C．圖丙：兩電阻絲串聯，電流相同，電阻不同，通電一段時間后，兩個U形管中液面高度的變化不同，說明電阻不同，產生的熱量不同，故C錯誤；
D．圖丁：不同物質互相接觸時彼此進入對方的現象叫擴散，擴散現象說明分子在不停地做無規則運動。抽掉玻璃板后，兩瓶中的氣體顏色逐漸變均勻，這是擴散現象，說明氣體分子在不停地做無規則運動，故D正確。
故選D。
【分析】（1）電動機是根據通電線圈在磁場中受到力的作用而發生轉動的原理制成的。
（2）做功可以改變物體的內能，當外界對物體做功時，物體的內能增大，當物體對外界做功時，物體的內能就會減小。
（3）研究與其中一個因素的關系時，要控制另外兩個因素不變，結合串聯電路電流的規律分析。
（4）不同物質互相接觸時彼此進入對方的現象叫擴散，擴散現象說明分子在不停地做無規則運動。
11．【答案】A
【知識點】機械能及其轉化；力的作用效果；物體運動狀態的變化；二力平衡的條件及其應用
【解析】【解答】A．乒乓球被擊出后，在重力作用下，運動速度和軌跡發生變化，說明力是改變物體運動狀態的原因，故A正確；
B．球拍對乒乓球的作用力和乒乓球對球拍的作用力是一對相互作用力，故B錯誤；
C．乒乓球被擊出后，從高處下落時，質量不變，速度增大，所以動能變大，高度降低，重力勢能減小，故C錯誤；
D．乒乓球被擊出后，若所受的力全部消失，根據牛頓第一定律，它將做勻速直線運動，故D錯誤。
故選A。
【分析】1、力的作用效果：力會使物體的運動狀態和物體形狀發生改變；
2、相互作用力：作用力是相互的，施力物體也是受力物體。特點為大小相等、方向相反、作用在兩個物體上，
3、平衡力的特點為：大小相同，方向相反，作用在同一個物體上，
4、機械能：機械能為動能和重力勢能之和，當質量不變時，動能和速度成正比，速度不變時，動能和質量成正比；當質量不變時，重力勢能和高度成正比，高度不變時，重力勢能和質量成正比；
5、牛頓第一定律：一切物體在沒有受到外力作用的時候，總保持 勻速直線運動。
12．【答案】D
【知識點】動能大小的比較；勢能大小的比較
【解析】【解答】戰機加速升空過程中，若質量不變，高度變大， 重力勢能變大，速度變大，動能變大，D符合題意。
故答案為：D.
【分析】物體的動能和質量、速度有關，重力勢能和質量、高度有關。
13．【答案】B
【知識點】串聯電路的電流規律；串聯電路的電壓規律；電阻的串聯；歐姆定律及其應用；電路的動態分析
【解析】【解答】ABC．分析電路可知，氣敏電阻和串聯，電壓表測電壓，電流表測電路電流。當污染物濃度增大時，由圖乙可知，氣敏電阻的阻值減小，則總電阻減小，根據可知電流表示數增大，根據串聯分壓原理可知，電壓表示數減小，故AC錯誤，B正確；
D．當污染物濃度增大時，污染物濃度監測表的示數增大，所以污染物濃度監測表是電流表改裝而成的，故D錯誤。
故選B。
【分析】（1）明確引起電路動態變化的原因，即是由熱敏電阻、光敏電阻、滑動變阻器等引起的；
（2）明確元件變化時，接入電路的各部分電阻如何變化；
（3）明確電源的電壓是否保持不變；
（4）從串聯電路或并聯電路中電流、電壓的規律及歐姆定律中選擇一條判斷電路中電流或某一元件兩端的電壓的變化情況。
14．【答案】C
【知識點】功率計算公式的應用；動滑輪拉力的計算
【解析】【解答】物體速度v1=0.2m/s，繩子移動速度為
彈簧測力計的示數為的8N，故繩子拉力也為8N，拉力做功的功率為
故C符合題意。
故選C。
【分析】 彈簧測力計的示數為8N，則繩端的拉力F為8N，圖中為動滑輪，繩端移動的速度為物體移動速度的2倍，根據：P=Fv計算拉力F做功的功率。
15．【答案】C
【知識點】功率計算公式的應用；探究影響摩擦力大小因素的實驗；功的計算及應用；時間速度路程的圖像分析
【解析】【解答】A．由圖可知，第一次速度為；第二次速度為，故A錯誤；
B．根據二力平衡所學知識進行分析，兩次水平拉動同一物體，均在同一水平面上做勻速直線運動，受力平衡，拉力等于摩擦力，壓力和接觸面粗糙程度不變，則摩擦力不變，所以物體第一次所受的摩擦力等于第二次所受的摩擦力，兩次拉力也相等，故B錯誤；
CD.0~8s，兩次拉力相等，第一次的路程是第二次的2倍，根據可知拉力第一次做的功等于第二次的2倍，根據，拉力第一次做功的功率等于第二次的2倍，故C正確，D錯誤。
故選C。
【分析】從圖像分別求得它們的速度大小關系；勻速直線運動的物體，拉力與摩擦力為平衡力，兩次水平拉動同一物體在同一水平面上運動，對水平面的壓力和接觸面的粗糙程度都相同，故受到的滑動摩擦力大小相等，與物體運動速度無關；兩物受到的摩擦力大小相等，據此得出拉力大小關系；結合圖像上的數據，利用W=Fs可得0～8s拉力關系；利用速度公式即可得出兩次物體運動的速度關系，然后利用P=Fv可得功率關系。
16．【答案】B
【知識點】串聯電路的電壓規律；歐姆定律及其應用；電路的動態分析；電功率的計算
【解析】【解答】A． 由題可知，在AB間接入一個阻值為10Ω的定值電阻，兩電阻串聯接入電路，電壓表測定值電阻兩端的電壓，電流表測通過電路的電流，探究電流與電壓關系實驗時，根據串聯電路電壓規律結合歐姆定律可得滑動變阻器接入電路最大阻值時通過電路的電；解方程可得；此時通過電路的電流；
電路安全，電壓表量程為0~3V，電壓表示數變化范圍為1.5~3V，故A錯誤；
B．探究電流與電阻的關系實驗中，控制AB間電壓是3 V時，電流表量程為0~0.6A，通過電路的最大電流為0.6A，根據歐姆定律可得定值電阻的阻值最小為；滑動變阻器R接入電路最大阻值20，根據串聯電路電壓規律結合歐姆定律可得滑動變阻器接入電路最大陰值時通過電路的電流；解方程可得；所以在AB間接入電阻的阻值范圍是5~40，故B正確；
C．在AB間接入一個大約100的未知電阻，兩電阻串聯接入電路，滑動變阻器接入電路的電阻為0時，通過電路的電流；測出滑動變阻器接入電路最大阻值時通過電路的電流；電流表量程為0~0.6A，電流表的分度值為0.02A，電流變化范圍過小，無法多次測量計算平均值，故C錯誤；
D．在AB間接入小燈泡，調節滑片，使電壓表示數從2V變到3V，測得電流表示數從0.25A變到0.3A。 根據P=UI可得燈泡的電功率增大；故D錯誤。
故選B。
【分析】（1）在AB間接入一個阻值為10Ω的定值電阻，兩電阻串聯接入電路，電壓表測定值電阻兩端的電壓，電流表測通過電路的電流，探究電流與電壓關系實驗時，根據串聯電路電壓規律結合歐姆定律表示滑動變阻器接入電路最大阻值時通過電路的電流，代入數據解方程可得UV，電壓表量程為0～3V，進一步確定電壓表示數變化范圍；
（2）探究電流與電阻的關系實驗中，控制AB間電壓是3V時，電流表量程為0～0.6A，據此確定通過電路的最大電流，根據歐姆定律計算定值電阻最小的阻值，
滑動變阻器R接入電路最大阻值20Ω，根據串聯電路電壓規律結合歐姆定律表示滑動變阻器接入電路最大阻值時通過電路的電流，代入數據解方程可得R的最大值，據此確定在AB間接入電阻的阻值范圍；
（3）在AB間接入一個大約100Ω的未知電阻，兩電阻串聯接入電路，根據歐姆定律計算滑動變阻器接入電路的電阻為0時通過電路的電流和滑動變阻器接入電路最大阻值時通過電路的電流，根據電流表接入電路的量程和分度值分析即可，電壓表兩次也都是超過量程的；
（4）在AB間接入小燈泡，調節滑片，使電壓表示數從2V變到3V，測得電流表示數從0.25A變到0.3A，根據P=UI可得燈泡的電功率增大量。
17．【答案】振動；音調
【知識點】聲音的產生；音調、響度與音色的區分
【解析】【解答】聲音是由物體振動產生的，敲擊編鐘，編鐘振動而發出聲音。用相同的力敲擊大小不同的編鐘，編鐘振動頻率不同，則發出聲音的音調不同。故答案為：振動；音調。
【分析】聲音是由物體振動產生的；音調是指聲音的高低，音調跟頻率有關，頻率越大，音調越高；頻率越小，音調越低。質量大、體積大的物體難振動，頻率小，音調低。
18．【答案】分子在不停地做無規則運動；大氣壓強
【知識點】大氣壓的綜合應用；分子熱運動
【解析】【解答】（1）根據題意可知，熬制中藥的過程中，聞到濃濃的藥味兒，這是藥味分子在空氣中擴散所致，說明分子在不停地做無規則運動。
（2）拔火罐時，罐內的空氣冷卻后罐內氣壓降低，小于外面的大氣壓，外面的大氣壓就將罐緊緊地壓在皮膚上，所以“拔火罐”利用的是大氣壓強。
【分析】（1）根據分子運動的知識解答；
（2）根據大氣壓強的知識和應用分析。
19．【答案】；
【知識點】液體壓強計算公式的應用；阿基米德原理；物體的浮沉條件及其應用
【解析】【解答】（1）由液體壓強公式可知，福建艦在海上航行時，水面下10m處海水的壓強為；
（2）由阿基米德原理可知，滿載時，福建艦漂浮，受到的浮力大小等于其排開水的重力，則所受浮力為。
故答案為：；。
【分析】 （1）利用p=ρgh求船體受到的海水的壓強；
（2）福建艦滿載時漂浮，浮力等于總的重力，受到的浮力大小等于其排開水的重力。
20．【答案】1100；99000J
【知識點】串聯電路和并聯電路的辨別；電功率的計算；多狀態電路——多擋位問題
【解析】【解答】只閉合開關S1時，R1單獨工作，掛燙機的功率是；
同時閉合開關S1、S2，R1、R2并聯，掛燙機工作1min消耗的總電能為。
故答案為：1100；99000J。
【分析】
（1）根據電路圖可知，只閉合開關S1時，電路為R1的基本電路，利用電功率公式進行計算；
（2）根據Q=W=pt求出同時閉合開關S1、S2時，R1、R2并聯，掛燙機工作1min產生的熱量。
21．【答案】
【知識點】力臂的畫法；杠桿中最小力的問題
【解析】【解答】力臂是指從支點到力的作用線的距離，過支點作F2力的作用線的垂線，即為阻力臂l2；作用在A點的最長力臂為OA，作OA的垂線，方向斜向下即為動力F1，如圖：
【分析】
（1）力臂的概念：力臂是指從支點到力的作用線的距離。
（2）杠桿平衡條件：動力×動力臂=阻力×阻力臂（F1L1=F2L2），在阻力跟阻力臂的乘積一定時，動力臂越長，動力越小。
22．【答案】
【知識點】通電螺線管的磁場；通電螺線管的極性和電流方向的判斷
【解析】【解答】由通電螺線管的外部磁場是“N極出S極入”可知，螺線管左側是N極，右側是S極，根據異名磁極相互吸引可知，小磁針的左側是N極，則小磁針的右側是S極，根據右手螺旋定則可知，在通電螺線管的外部，電流的方向是自下向上，故電流從電源左側流出，電源左側為正極，如下圖所示：
【分析】 根據在磁體周圍，磁感線從磁體的N極出發，回到S極，由此判斷出螺線管的N極和S極，再根據安培定則判斷通電螺線管線圈中的電流方向，進一步分析電源的正、負極，同時結合磁極間的相互作用規律判斷小磁針的極性。
23．【答案】（1）Ⅳ
（2）1；相等；無關；ade
（3）沒有保持橡皮泥排開液體體積相同
（4）ρ水
【知識點】探究浮力大小的實驗
【解析】【解答】（1）將易拉罐浸入水中越深，則易拉罐排開水的體積越大，而手會感覺越吃力，說明易拉罐受到的浮力越大，因此知浮力與排開液體的體積有關，即猜想Ⅳ正確；
（2）①A的重力為4N，a中測力計的示數為3N，則此時A受到的浮力F浮A=GA-FA=4N-3N=1N；
B的重力為4.5N，b中測力計的示數為3.5N，B受到的浮力F浮B=GB-FB=4.5N-3.5N=1N；
C的重力為5N，b中測力計的示數為4N，C受到的浮力F浮C=GC-FC=5N-4N=1N；
所以物體A、B、C受到的浮力相等為1N，但它們的重力不相等，
由此可知浮力的大小與重力無關。
②探究浮力大小與液體密度的關系時，需要控制排開液體的體積相同，只改變液體密度，故選a、d、e；
（3）要探究浮力的大小與物體形狀的關系，要控制浸入的體積和液體密度都相同，只改變形狀，比較浮力的大小，實驗中沒有控制排開液體的體積相同。
（4）橡皮泥排開水的體積為V排=V2-V1，
橡皮泥漂浮在水面上G=F浮=V排ρ水g=（V2-V1）ρ水g，
橡皮泥的體積為V=V3-V1，
橡皮泥的密度為。
【分析】 （1）圖甲易拉罐浸入水中越深，排開水的體積越大，手會感覺越吃力，也就是浮力越大。可知浮力與排開液體的體積有關；
（2）①根據稱重法求出A、B、C所受的浮力，判斷浮力與物體重力是否有關；
②浮力與密度的關系，要控制浸入液體體積；
（3）要探究浮力的大小與物體形狀的關系，要控制浸入的體積和液體密度都相同；
（4）橡皮泥排放在水面上，水的體積增加量就是橡皮泥排開水的體積，求出橡皮泥所受的浮力，由物體的沉浮條件可知，浮力等于重力，橡皮泥的質量也就求出了，橡皮泥的體積等于橡皮泥和水的總體積減去水的體積，質量、體積求出，可求出密度。
（1）圖甲易拉罐浸入水中越深，排開水的體積越大，手會感覺越吃力，也就是浮力越大。可知浮力與排開液體的體積有關。
（2）①[1][2][3]A受到的浮力
F浮A=GA-FA=4N-3N=1N
B受到的浮力
F浮B=GB-FB=4.5N-3.5N=1N
C受到的浮力
F浮C=GC-FC=5N-4N=1N
所以物體A、B、C受到的浮力相等為1N，但它們的重力不相等，由此可知浮力的大小與重力無關。
②[4]a、d、e三次實驗物體A浸入的體積相同，只改變浸入的液體種類即密度不同，受到的浮力也不同，由此可初步結論：浮力的大小與液體密度有關。
（3）要探究浮力的大小與物體形狀的關系，要控制浸入的體積和液體密度都相同，只改變形狀，比較浮力的大小，實驗中沒有控制排開液體的體積相同。
（4）橡皮泥排開水的體積為
V排=V2-V1
橡皮泥漂浮在水面上
G=F浮=V排ρ水g=（V2-V1）ρ水g
橡皮泥的體積為
V=V3-V1
橡皮泥的密度為
24．【答案】；變大；2.5V；0.28；0.7；小于；連線時，開關沒有斷開；且閉合開關前，滑動變阻器的滑片沒有移到阻值最大位置
【知識點】探究用電器的電功率實驗
【解析】【解答】（1）在“測量小燈泡額定功率”的實驗中，燈泡正常發光時的電壓為2.5V，所以電壓表的量程為0～3V，且與燈泡并聯，滑動變阻器按“一上一下”接入即可，電路如下圖
故答案為：。
（2） 正確連接好電路后， 由圖甲知道，閉合開關，當滑動變阻器的滑片向左移動時，滑動變阻器接入電路的電阻減小，電路總電阻減小，由歐姆定律知道，電路電流增大，故測量電路電流的電流表示數變大。由于小燈泡的額定電壓為2.5V ，故測量燈泡兩端電壓的電壓表示數2.5V時，小燈泡正常發光。此時由圖丙所示電流表知道，量程為0～0.6A，分度值為0.02A，示數為0.28A，由知道，小燈泡的額定功率為。
故答案為：變大；2.5V；0.28；0.7；小于。
因為燈泡的額定電壓為2.5V，所以當燈泡兩端電壓為2.3V時，其實際功率小于額定功率。
（3） 小王同學也按圖甲所示電路圖連接電路， 連接完最后一根導線，燈泡立即發光，說明實驗前開關未處于斷開狀態；燈泡發出明亮耀眼的光，很快熄滅，說明電路電流太大，電路中總電阻太小，即滑動變阻器接入電路電阻未達到阻值最大處。
故答案為：連線時，開關沒有斷開；且閉合開關前，滑動變阻器的滑片沒有移到阻值最大位置。
【分析】（1）根據燈泡額定電壓確定電壓表量程，將電壓表并聯在燈泡兩端；根據圖甲滑動變阻器阻值變化確定圖乙滑動變阻器選用的下端接線柱串聯在電路中；
（2）根據電流表選用量程確定分度值讀數，利用P=UI求出小燈泡的額定功率；當燈泡兩端電壓小于額定電壓，其功率小于額定功率；
（3）為了保護電路，連接電路時，開關應斷開；閉合開關前，應將滑動變阻器滑片移到阻值最大處。
25．【答案】（1）解；由表格中數據可知，裝滿水的灑水車對水平地面的壓力：
則裝滿水的灑水車對水平地面的壓強：
答：裝滿水的灑水車對水平地面的壓強為4×105Pa；
（2）灑水車以12m/s的速度勻速直線行駛時，牽引力與阻力是一對平衡力，由可知，牽引力的功率是240kW時，灑水車受到的阻力：
答：灑水車受到的阻力為20000N；
（3）由表格中數據可知，灑水車滿載裝水量20t，正常灑水流量40t/h，則灑水時間：
以5m/s的速度勻速直線行駛，最多可以連續灑水的路程：
答：按正常灑水流量開始灑水，最多可以連續灑水的路程為9000m。
【知識點】功率計算公式的應用；速度公式及其應用；壓強的大小及其計算
【解析】【分析】（1）根據計算裝滿水的灑水車對水平地面的壓力，根據計算裝滿水的灑水車對水平地面的壓強；
（2）根據二力平衡可知，阻力等于牽引力，根據求出牽引力的功率為240kW時，灑水車受到的阻力；
（3）根據灑水車滿載裝水量20t和正常灑水流量40t/h，求出灑水時間，根據求最多可以連續灑水的路程。
（1）由表格中數據可知，裝滿水的灑水車對水平地面的壓力
則裝滿水的灑水車對水平地面的壓強
（2）灑水車以12m/s的速度勻速直線行駛時，牽引力與阻力是一對平衡力，由
可知，牽引力的功率是240kW時，灑水車受到的阻力
（3）由表格中數據可知，灑水車滿載裝水量20t，正常灑水流量40t/h，則灑水時間
以5m/s的速度勻速直線行駛，最多可以連續灑水的路程
26．【答案】解：（1）由圖乙可知，受控電路30min內工作了20min，所以可以得出消耗的電能為W＝Pt＝1200W×20×60s＝1.44×106J
（2）由圖甲可知，銜鐵被吸下時，受控電路工作，此時控制電路中R0與Rt并聯，由并聯電路中電壓的規律知，R0兩端的電壓為U0＝U＝3V
通過電阻R0的電流為
（3）由題意可知，當室溫上升至28℃時冷卻系統開始工作前，控制電路只有熱敏電阻接入電路，此時斷路，此時經過熱敏電阻的電流最大為0.15A，電阻最小時恰好銜鐵被吸下，因此可以求出Rt的最小值
銜鐵被下瞬間，冷卻系統開始工作，溫度不再上升，而是下降，電阻Rt開始變大，但由于銜鐵被吸下后定值電阻被接入電路，與并聯，當電路中的總電流小到0.15A時，銜鐵才會被彈回，此時經過的電流為；；
此時Rt的阻值最大為；
因為Rt的阻值隨溫度的升高而減小，若Rt的阻值繼續減小， 電路中的電流變大， 銜鐵被吸下，冷卻系統開始工作，溫度降低，此時Rt的阻值會增大，故Rt的阻值最大為25Ω，故熱敏電阻Rt的變化范圍為20Ω≤Rt≤25Ω。
答：（1）受控電路30min內消耗的電能為1.44×106J；
（2）受控電路工作時，通過電阻R0的電流為0.03 A；
（3）熱敏電阻Rt的變化范圍為20Ω≤Rt≤25Ω。
【知識點】并聯電路的電流規律；歐姆定律及其應用；電路的動態分析；電功率的計算；電磁繼電器的組成、原理和特點
【解析】【分析】（1）由圖乙可知冷卻系統30min內工作了20min，根據W=Pt計算消耗的電能；
（2）由并聯電路電壓規律及歐姆定律進行計算；
（3）當控制電路中的電流為0.15A時，銜鐵剛好被吸下，冷卻系統工作，計算出熱敏電阻的最小阻值；當室溫降至23℃時，熱敏電阻Rt的阻值最大，控制電路的總電流仍為0.15A，根據并聯電路的特點和歐姆定律求出熱敏電阻的最大阻值。
1 / 1四川省樂山市峨眉山市2025年初中畢業調研考試物理試題
1．（2025·峨眉山模擬）下列物理量中最符合實際的是（　　）
A．成年人正常步行的速度約為1.1m/s
B．人體感覺舒適的環境溫度約為37℃
C．中學生體育測試中所用的實心球質量為20kg
D．地球到月球的距離約為1000m
【答案】A
【知識點】溫度及溫度計的使用與讀數；質量及其特性；長度的估測；速度與物體運動
【解析】【解答】A．成年人正常步行的速度約為1.1m/s≈4km/h，故A符合題意；
B．人體正常溫度為37℃，感覺舒適的環境溫度約為25℃，故B不符合題意；
C．中學生體育測試中，所用的實心球質量為2kg，故C不符合題意；
D．地球到月球的距離約3.8×105km，遠大于1000m，故D不符合題意。
故選A。
【分析】人的步行速度約1m/s左右；感覺舒適的溫度是25℃左右；實心球的質量約2kg；地球到月球的距離約3.8×105km。
2．（2025·峨眉山模擬）如圖是“風能——太陽能”路燈示意圖，下列說法正確的是（　　）
A．風力發電機利用了電磁感應原理
B．太陽能來自太陽內部的核裂變
C．給蓄電池充電時化學能轉化為電能
D．控制器中的集成電路是用超導材料制成的
【答案】A
【知識點】能量的轉化或轉移；太陽能及其利用與轉化；半導體特點及作用；發電機的構造和原理
【解析】【解答】A． 風力發電機即利用風力驅動發電機轉動而發電， 工作原理是電磁感應原理，故A正確；
B．太陽能是來自太陽內部的核聚變反應，故B錯誤；
C．給蓄電池充電時，電能轉化為化學能，故C錯誤；
D． 控制器中的集成電路是利用半導體材料制作的 ，故D錯誤。
故選A。
【分析】A.根據發電機的工作原理解答；
B.根據太陽能量的來源判斷；
C.根據能量轉化的知識判斷；
D.根據半導體材料應用的知識判斷。
3．（2025·峨眉山模擬）下列廚房中的物態變化，屬于液化的是（　　）
A．濕抹布變干
B．放入飲料中的冰塊消失
C．新鮮肉放入冰箱冷凍室變硬
D．從冰箱冷藏室中拿出的西紅柿表面變濕
【答案】D
【知識點】熔化與熔化吸熱特點；凝固與凝固放熱特點；汽化及汽化吸熱的特點；液化及液化放熱
【解析】【解答】A．根據物質的狀態變化，濕抹布變干，由液態的水變成氣態的水蒸氣，是汽化現象，故A不符合題意；
B．根據物質的狀態變化，加在飲料中的冰塊化為水，由固態變成液態，是熔化現象，故B不符合題意；
C．根據物質的狀態變化，新鮮肉放入冰箱冷凍室變硬，是肉中的液態水變成固體的冰，是凝固現象，故C不符合題意；
D．根據物質的狀態變化，從冰箱冷藏室中拿出的西紅柿，是空氣中的水蒸氣遇到冷西紅柿，變成小水珠附在西紅柿表面，是液化現象，故D符合題意。
故選D。
【分析】物質由氣態直接變為固態叫凝華，物質由固態直接變為氣態叫升華；由氣態變為液態叫液化，由液態變為氣態叫汽化；由固態變為液態叫熔化，由液態變為固態叫凝固。
4．（2025·峨眉山模擬）如圖所示的光現象中說法正確的是（　　）
A．圖甲：橋在水中的倒影是光的折射現象
B．圖乙：彩虹是光的色散現象
C．圖丙：墻上的手影是光的反射形成的
D．圖丁：凸面鏡能擴大視野是由于光的直線傳播
【答案】B
【知識點】光的直線傳播及其應用；光的反射；光的色散
【解析】【解答】A．圖甲中，光照在不同介質面上時，會發生反射現象，平面鏡成像就是具體應用，橋在水中的倒影，屬于平面鏡成像，是由于光的反射形成的，故A錯誤；
B．圖乙中，光從一種介質斜射入另一種介質時，光的傳播方向就會發生偏轉，即光的折射現象，太陽光射入雨后空氣中的小水滴時，太陽光經過折射發生色散，從而形成彩虹，故B正確；
C．圖丙中，光在同一均勻介質中沿直線傳播，手影中影子的形成說明光是沿直線傳播的，故C錯誤；
D．圖丁中，景物在凸面鏡中成像擴大視野，是凸面鏡成像，屬于光的反射現象，故D錯誤。
故答案為：B。
【分析】光在同一均勻介質中沿直線傳播。光沿直線傳播的實例有：小孔成像、激光準直、影子、日食和月食等；光照在不同介質面上時，會發生反射現象，平面鏡成像就是具體應用；光從一種介質斜射入另一種介質時，光的傳播方向就會發生偏轉，即光的折射現象。
5．（2025·峨眉山模擬）小西和同學們用天平、量筒和足量的水等實驗器材測量小石塊的密度。當天平平衡時所用砝碼及游碼位置如圖甲所示，并用如圖乙所示的方法測量小石塊體積。下列說法正確的是（　　）
A．小石塊的質量為25.4g
B．圖乙中a是正確的讀數方法
C．小石塊的密度是
D．若小石塊磕掉了一部分，它的密度會變小
【答案】C
【知識點】密度及其特性；密度公式及其應用；量筒的使用
【解析】【解答】A．由圖甲知，根據天平的使用方法，標尺的分度值是0.2g，被測物體的質量m=20g+5g+4.2g=29.2g，故A錯誤；
B．在量筒的使用過程中，量筒讀數時，視線要與液柱上表面相平，則b是正確的讀數方法，故B錯誤；
C．小石塊的體積V=40mL-30mL=10mL=10cm3；則小石塊的密度，故C正確；
D．密度是物質本身的特性，物質體積和質量變化時，它的密度不變，故D錯誤。
故選C。
【分析】（1）天平在讀數時，被測物體的質量=砝碼的質量+游碼的示數；
（2）量筒讀數時，視線要與液柱上表面相平，俯視會使結果偏大、仰視會使結果偏小；
（3）石塊的質量等于砝碼的質量加游碼對應的刻度值，石塊的體積等于石塊浸沒水前后水面對應刻度值的差，知道石塊的體積和質量，根據密度公式求出石塊的密度；
（4）密度是物質本身的特性，物質體積和質量變化時，它的密度不變。
6．（2025·峨眉山模擬）在傳統農耕文化中，勞動人民一般采用“鹽水選種”的方法挑選種子，下列說法正確的是（　　）
A．種子上浮過程中鹽水對種子的壓強變大
B．漂浮的種子受到的浮力大于自身重力
C．下沉的種子密度比鹽水的密度大
D．沉底的種子只受到重力和支持力
【答案】C
【知識點】液體壓強的特點；物體的浮沉條件及其應用
【解析】【解答】本題考查了物體的浮沉條件、液體內部壓強計算公式的應用、物體的受力分析等知識，難度不大。A．種子上浮過程中，深度變小，鹽水對種子的壓強變小，故A錯誤；
B．漂浮的種子受到的浮力和重力二力平衡，大小相等，故B錯誤；
C．當種子密度大于鹽水密度時，種子受到的浮力小于其重力，種子就會下沉，故C正確；
D．沉底的種子受到浮力、重力及支持力的作用，故D錯誤。
故選C。
【分析】物體漂浮時，受到的浮力等于自身的重力；物體下沉時，浮力小于重力；根據p=ρgh分析受到的壓強變化；浸入液體中的物體受到浮力的作用。
7．（2025·峨眉山模擬）為了減少炒菜時對油煙的吸入，廚房里安裝了一臺抽油煙機。抽油煙機上面的照明燈和電動機既可以同時工作又可以獨立工作。以下關于抽油煙機內部電路設計，你認為符合要求的是（　　）
A． B．
C． D．
【答案】A
【知識點】串、并聯電路的設計
【解析】【解答】根據題意可知，照明燈和電動機既可以同時工作又可以獨立工作，這說明它們之間互不影響，照明燈和電動機應該并聯連接。照明燈和電動機都能單獨控制，則兩個支路上各有一個開關與它們串聯。
故選A。
【分析】用電器相互影響為串聯，不相互影響為并聯。干路開關控制所有用電器，支路開關只控制它所在支路上的用電器。
8．（2025·峨眉山模擬）“安全問題無小事，學好物理保安全”。下列有關安全的說法正確的是（　　）
A．我國家庭電路的電壓是220V，對人體來說是安全的
B．為了保護聽力，人不能處于50dB以下的噪聲環境中
C．駕車時系好安全帶是為了防止慣性力帶來的危害
D．等候列車的乘客應站在安全線以外，否則可能會被“吸”向列車
【答案】D
【知識點】慣性及其現象；流體壓強與流速的關系；聲音的等級和噪聲的危害；電壓和電壓的單位換算
【解析】【解答】A．在日常生活中，我國家庭電路的電壓是220V，對人體來說是危險的，人體安全電壓是不高于36V，故A錯誤；
B．在日常生活中，為了保護聽力，人不能處于90dB以上的噪聲環境中，故B錯誤；
C．力可以改變物體的運動狀態和形狀，但慣性不是力，故C錯誤；
D．流體流速大的位置壓強小，如果乘客距離行駛的列車太近，乘客靠近列車這側空氣流速快，壓強小；外側空氣流速相對較慢，壓強大，產生的壓力差會把乘客壓向列車，造成危險，所以等候列車的乘客應站在安全線以外，故D正確。
故選D。
【分析】（1）我國家庭電路的電壓是220V，對人體安全的電壓為不高于36V；
（2）長期生活在90dB以上的噪聲環境中，聽力會受到嚴重的影響；超過150dB的噪聲環境，會使雙耳完全失去聽力；
（3）慣性是物體本身的一種性質，慣性是屬性不是力；
（4）流體壓強與流速的關系：流體流速大的位置壓強小。
9．（2025·峨眉山模擬）下列四幅圖來自我們的物理課本，其中解釋正確的是（　　）
A．甲圖中輪船過船閘，是利用了連通器的原理
B．乙圖中撞擊錘柄緊固錘頭，是為了增大錘頭的慣性
C．丙圖中運動員手上涂防滑粉，是為了增大單杠對運動員的支持力
D．丁圖中小朋友能將飲料吸進嘴里，是由于吸管受到浮力的作用
【答案】A
【知識點】慣性及其現象；增大或減小摩擦的方法；連通器原理及其應用；大氣壓的綜合應用
【解析】【解答】A．輪船從上游到中游時，閘室與上游上面開口，底部聯通，從而構成連通器，故A正確；
B．錘頭的慣性與它的質量有關，與其它因素無關，故B錯誤；
C．運動員手上涂防滑粉，是通過增大接觸面的粗糙程度從而增加手與單杠之間的摩擦力，故C錯誤；
D．小朋友能將飲料吸進嘴里，是因為吸管內部的氣壓降低，飲料在外部大氣壓的作用下被壓進吸管里，故D錯誤。
故選A。
【分析】A.上面開口，底部連通的容器為連通器；
B.物體的慣性大小只與質量大小有關；
C.增大摩擦力的方法：增大壓力或增大接觸面的粗糙程度；
D.根據大氣壓強的知識分析。
10．（2025·峨眉山模擬）物理是以實驗為基礎的自然科學。下列有關物理實驗的說法正確的是（　　）
A．圖甲：導線AB左右運動，電流表的指針發生偏轉，這一過程與電動機的原理相同
B．圖乙：活塞壓縮空氣，硝化棉燃燒，這一過程與汽油機的做功沖程原理相同
C．圖丙：通電一段時間后，兩個U形管中液面高度的變化不同，說明電流不同，產生的熱量不同
D．圖丁：抽掉玻璃板后，兩瓶中的氣體顏色逐漸變均勻，說明氣體分子在不停地做無規則運動
【答案】D
【知識點】熱機；電流的熱效應；發電機的構造和原理；分子熱運動
【解析】【解答】A．圖甲：電動機是根據通電線圈在磁場中受到力的作用而發生轉動的原理制成的，導線AB左右運動，電流表的指針發生偏轉，這是電磁感應現象，應用是發電機，故A錯誤；
B．圖乙：做功可以改變物體的內能，當外界對物體做功時，物體的內能增大，當物體對外界做功時，物體的內能就會減小。活塞壓縮空氣，對空氣做功，機械能轉化為內能，使得空氣溫度升高，硝化棉燃燒，這一過程與汽油機的壓縮沖程原理相同，故B錯誤；
C．圖丙：兩電阻絲串聯，電流相同，電阻不同，通電一段時間后，兩個U形管中液面高度的變化不同，說明電阻不同，產生的熱量不同，故C錯誤；
D．圖丁：不同物質互相接觸時彼此進入對方的現象叫擴散，擴散現象說明分子在不停地做無規則運動。抽掉玻璃板后，兩瓶中的氣體顏色逐漸變均勻，這是擴散現象，說明氣體分子在不停地做無規則運動，故D正確。
故選D。
【分析】（1）電動機是根據通電線圈在磁場中受到力的作用而發生轉動的原理制成的。
（2）做功可以改變物體的內能，當外界對物體做功時，物體的內能增大，當物體對外界做功時，物體的內能就會減小。
（3）研究與其中一個因素的關系時，要控制另外兩個因素不變，結合串聯電路電流的規律分析。
（4）不同物質互相接觸時彼此進入對方的現象叫擴散，擴散現象說明分子在不停地做無規則運動。
11．（2025·峨眉山模擬）我國自主研制的智能乒乓球機器人，能通過圖像傳感裝置綜合分析運動員的各項技術，并針對性地變換發球、回球等操作，以提高運動員的技術水平。下列說法正確的是（　　）
A．乒乓球被擊出后，運動軌跡發生改變，說明力是改變物體運動狀態的原因
B．球拍對乒乓球的作用力和乒乓球對球拍的作用力是一對平衡力
C．乒乓球被擊出后，從高處下落的過程中動能不變，重力勢能增大
D．乒乓球被擊出后，若所受的力全部消失，它一定保持靜止狀態
【答案】A
【知識點】機械能及其轉化；力的作用效果；物體運動狀態的變化；二力平衡的條件及其應用
【解析】【解答】A．乒乓球被擊出后，在重力作用下，運動速度和軌跡發生變化，說明力是改變物體運動狀態的原因，故A正確；
B．球拍對乒乓球的作用力和乒乓球對球拍的作用力是一對相互作用力，故B錯誤；
C．乒乓球被擊出后，從高處下落時，質量不變，速度增大，所以動能變大，高度降低，重力勢能減小，故C錯誤；
D．乒乓球被擊出后，若所受的力全部消失，根據牛頓第一定律，它將做勻速直線運動，故D錯誤。
故選A。
【分析】1、力的作用效果：力會使物體的運動狀態和物體形狀發生改變；
2、相互作用力：作用力是相互的，施力物體也是受力物體。特點為大小相等、方向相反、作用在兩個物體上，
3、平衡力的特點為：大小相同，方向相反，作用在同一個物體上，
4、機械能：機械能為動能和重力勢能之和，當質量不變時，動能和速度成正比，速度不變時，動能和質量成正比；當質量不變時，重力勢能和高度成正比，高度不變時，重力勢能和質量成正比；
5、牛頓第一定律：一切物體在沒有受到外力作用的時候，總保持 勻速直線運動。
12．（2025·峨眉山模擬） 2024年5月23日至24日，東部戰區在我國臺灣省周邊開展“聯合利劍—2024A”軍事演習，震懾臺獨分裂勢力，堅決捍衛國家主權和領土完整。參加演習的某架戰機加速升空過程中，若不考慮燃油消耗引起的質量變化，則該戰機（　　）
A．動能減少，重力勢能減少 B．動能減少，重力勢能增大
C．動能增大，重力勢能減少 D．動能增大，重力勢能增大
【答案】D
【知識點】動能大小的比較；勢能大小的比較
【解析】【解答】戰機加速升空過程中，若質量不變，高度變大， 重力勢能變大，速度變大，動能變大，D符合題意。
故答案為：D.
【分析】物體的動能和質量、速度有關，重力勢能和質量、高度有關。
13．（2025·峨眉山模擬）控制大氣污染物濃度是確保空氣質量，實現碧水藍天的重要措施。如圖甲是物理學習小組設計的大氣污染物濃度監測簡化電路。當污染物濃度增大時，污染物濃度監測表的示數增大；R為氣敏電阻，其阻值隨污染物濃度變化的關系如圖乙所示。下列說法正確的是（　　）
A．當污染物濃度增大時，氣敏電阻的阻值增大
B．當污染物濃度增大時，電流表示數增大
C．當污染物濃度增大時，電壓表示數增大
D．污染物濃度監測表是電壓表改裝而成的
【答案】B
【知識點】串聯電路的電流規律；串聯電路的電壓規律；電阻的串聯；歐姆定律及其應用；電路的動態分析
【解析】【解答】ABC．分析電路可知，氣敏電阻和串聯，電壓表測電壓，電流表測電路電流。當污染物濃度增大時，由圖乙可知，氣敏電阻的阻值減小，則總電阻減小，根據可知電流表示數增大，根據串聯分壓原理可知，電壓表示數減小，故AC錯誤，B正確；
D．當污染物濃度增大時，污染物濃度監測表的示數增大，所以污染物濃度監測表是電流表改裝而成的，故D錯誤。
故選B。
【分析】（1）明確引起電路動態變化的原因，即是由熱敏電阻、光敏電阻、滑動變阻器等引起的；
（2）明確元件變化時，接入電路的各部分電阻如何變化；
（3）明確電源的電壓是否保持不變；
（4）從串聯電路或并聯電路中電流、電壓的規律及歐姆定律中選擇一條判斷電路中電流或某一元件兩端的電壓的變化情況。
14．（2025·峨眉山模擬）如圖所示，物體A在水平拉力F的作用下，沿水平面以的速度勻速運動了5s，彈簧測力計的示數為的8N，（不計滑輪和繩子之間的摩擦），拉力F做功的功率為（　　）
A．1.6W B．8W C．3.2W D．16W
【答案】C
【知識點】功率計算公式的應用；動滑輪拉力的計算
【解析】【解答】物體速度v1=0.2m/s，繩子移動速度為
彈簧測力計的示數為的8N，故繩子拉力也為8N，拉力做功的功率為
故C符合題意。
故選C。
【分析】 彈簧測力計的示數為8N，則繩端的拉力F為8N，圖中為動滑輪，繩端移動的速度為物體移動速度的2倍，根據：P=Fv計算拉力F做功的功率。
15．（2025·峨眉山模擬）小寧同學兩次水平拉動同一物體，使它們在同一水平面上做勻速直線運動，兩次物體運動的s－t圖像如圖所示。下列說法正確的是（　　）
A．物體第一次運動速度為1m/s，第二次運動速度為2m/s
B．物體第一次所受的摩擦力大于第二次所受的摩擦力
C．0~8s拉力第一次做的功等于第二次的2倍
D．0~8s拉力第二次做功的功率等于第一次的2倍
【答案】C
【知識點】功率計算公式的應用；探究影響摩擦力大小因素的實驗；功的計算及應用；時間速度路程的圖像分析
【解析】【解答】A．由圖可知，第一次速度為；第二次速度為，故A錯誤；
B．根據二力平衡所學知識進行分析，兩次水平拉動同一物體，均在同一水平面上做勻速直線運動，受力平衡，拉力等于摩擦力，壓力和接觸面粗糙程度不變，則摩擦力不變，所以物體第一次所受的摩擦力等于第二次所受的摩擦力，兩次拉力也相等，故B錯誤；
CD.0~8s，兩次拉力相等，第一次的路程是第二次的2倍，根據可知拉力第一次做的功等于第二次的2倍，根據，拉力第一次做功的功率等于第二次的2倍，故C正確，D錯誤。
故選C。
【分析】從圖像分別求得它們的速度大小關系；勻速直線運動的物體，拉力與摩擦力為平衡力，兩次水平拉動同一物體在同一水平面上運動，對水平面的壓力和接觸面的粗糙程度都相同，故受到的滑動摩擦力大小相等，與物體運動速度無關；兩物受到的摩擦力大小相等，據此得出拉力大小關系；結合圖像上的數據，利用W=Fs可得0～8s拉力關系；利用速度公式即可得出兩次物體運動的速度關系，然后利用P=Fv可得功率關系。
16．（2025·峨眉山模擬）如圖所示電路中，電源電壓為4.5V，滑動變阻器R最大阻值為20Ω，電流表量程為0~0.6A，電壓表量程為0~3V，在AB之間接入不同的電學元件，可以進行不同的實驗，在確保電路安全且實驗能夠順利進行的情況下，下列說法中正確的是（　　）
A．在AB間接入一個阻值為10Ω的定值電阻，探究電流與電壓關系實驗時，電壓表示數變化范圍為1.5~4.5V
B．探究電流與電阻的關系實驗中，控制AB間電壓是3V時，在AB間接入電阻的阻值范圍是5~40Ω
C．在AB間接入一個大約100Ω的未知電阻，調節滑動變阻器滑片的位置，就能夠測量出該電阻的阻值
D．在AB間接入小燈泡，調節滑片，使電壓表示數從2V變到3V，測得電流表示數從0.25A變到0.3A，則燈泡的電功率增大了0.05W
【答案】B
【知識點】串聯電路的電壓規律；歐姆定律及其應用；電路的動態分析；電功率的計算
【解析】【解答】A． 由題可知，在AB間接入一個阻值為10Ω的定值電阻，兩電阻串聯接入電路，電壓表測定值電阻兩端的電壓，電流表測通過電路的電流，探究電流與電壓關系實驗時，根據串聯電路電壓規律結合歐姆定律可得滑動變阻器接入電路最大阻值時通過電路的電；解方程可得；此時通過電路的電流；
電路安全，電壓表量程為0~3V，電壓表示數變化范圍為1.5~3V，故A錯誤；
B．探究電流與電阻的關系實驗中，控制AB間電壓是3 V時，電流表量程為0~0.6A，通過電路的最大電流為0.6A，根據歐姆定律可得定值電阻的阻值最小為；滑動變阻器R接入電路最大阻值20，根據串聯電路電壓規律結合歐姆定律可得滑動變阻器接入電路最大陰值時通過電路的電流；解方程可得；所以在AB間接入電阻的阻值范圍是5~40，故B正確；
C．在AB間接入一個大約100的未知電阻，兩電阻串聯接入電路，滑動變阻器接入電路的電阻為0時，通過電路的電流；測出滑動變阻器接入電路最大阻值時通過電路的電流；電流表量程為0~0.6A，電流表的分度值為0.02A，電流變化范圍過小，無法多次測量計算平均值，故C錯誤；
D．在AB間接入小燈泡，調節滑片，使電壓表示數從2V變到3V，測得電流表示數從0.25A變到0.3A。 根據P=UI可得燈泡的電功率增大；故D錯誤。
故選B。
【分析】（1）在AB間接入一個阻值為10Ω的定值電阻，兩電阻串聯接入電路，電壓表測定值電阻兩端的電壓，電流表測通過電路的電流，探究電流與電壓關系實驗時，根據串聯電路電壓規律結合歐姆定律表示滑動變阻器接入電路最大阻值時通過電路的電流，代入數據解方程可得UV，電壓表量程為0～3V，進一步確定電壓表示數變化范圍；
（2）探究電流與電阻的關系實驗中，控制AB間電壓是3V時，電流表量程為0～0.6A，據此確定通過電路的最大電流，根據歐姆定律計算定值電阻最小的阻值，
滑動變阻器R接入電路最大阻值20Ω，根據串聯電路電壓規律結合歐姆定律表示滑動變阻器接入電路最大阻值時通過電路的電流，代入數據解方程可得R的最大值，據此確定在AB間接入電阻的阻值范圍；
（3）在AB間接入一個大約100Ω的未知電阻，兩電阻串聯接入電路，根據歐姆定律計算滑動變阻器接入電路的電阻為0時通過電路的電流和滑動變阻器接入電路最大阻值時通過電路的電流，根據電流表接入電路的量程和分度值分析即可，電壓表兩次也都是超過量程的；
（4）在AB間接入小燈泡，調節滑片，使電壓表示數從2V變到3V，測得電流表示數從0.25A變到0.3A，根據P=UI可得燈泡的電功率增大量。
17．（2025·峨眉山模擬）如圖所示的曾侯乙編鐘是我國古代重要的打擊樂器，體現了中國先秦禮樂文明和青銅器鑄造技術的極高水平。敲擊時發出的聲音是編鐘　 　產生的；用相同的力敲擊大小不同的編鐘，發出聲音的　 　不同。
【答案】振動；音調
【知識點】聲音的產生；音調、響度與音色的區分
【解析】【解答】聲音是由物體振動產生的，敲擊編鐘，編鐘振動而發出聲音。用相同的力敲擊大小不同的編鐘，編鐘振動頻率不同，則發出聲音的音調不同。故答案為：振動；音調。
【分析】聲音是由物體振動產生的；音調是指聲音的高低，音調跟頻率有關，頻率越大，音調越高；頻率越小，音調越低。質量大、體積大的物體難振動，頻率小，音調低。
18．（2025·峨眉山模擬）中醫藥是中華民族的瑰寶，其中蘊含著許多物理知識。熬制中藥時聞到濃濃的藥味，這一現象表明　 　。拔火罐時，玻璃罐在　 　的作用下吸附在理療部位。
【答案】分子在不停地做無規則運動；大氣壓強
【知識點】大氣壓的綜合應用；分子熱運動
【解析】【解答】（1）根據題意可知，熬制中藥的過程中，聞到濃濃的藥味兒，這是藥味分子在空氣中擴散所致，說明分子在不停地做無規則運動。
（2）拔火罐時，罐內的空氣冷卻后罐內氣壓降低，小于外面的大氣壓，外面的大氣壓就將罐緊緊地壓在皮膚上，所以“拔火罐”利用的是大氣壓強。
【分析】（1）根據分子運動的知識解答；
（2）根據大氣壓強的知識和應用分析。
19．（2025·峨眉山模擬）“福建艦”是我國完全自主設計建造的航空母艦，滿載排水量為8萬噸。在海上航行時，水下10m處海水對艦體的壓強為　 　Pa；滿載時“福建艦”受到的浮力為　 　N（海水密度ρ取，g取10N/kg）。
【答案】；
【知識點】液體壓強計算公式的應用；阿基米德原理；物體的浮沉條件及其應用
【解析】【解答】（1）由液體壓強公式可知，福建艦在海上航行時，水面下10m處海水的壓強為；
（2）由阿基米德原理可知，滿載時，福建艦漂浮，受到的浮力大小等于其排開水的重力，則所受浮力為。
故答案為：；。
【分析】 （1）利用p=ρgh求船體受到的海水的壓強；
（2）福建艦滿載時漂浮，浮力等于總的重力，受到的浮力大小等于其排開水的重力。
20．（2025·峨眉山模擬）圖所示是一款有兩個擋位的掛燙機的工作電路圖，正常工作電壓為220V，加熱電阻R1=44Ω，R2=88Ω，只閉合開關S1時，掛燙機的功率是　 　W。同時閉合開關S1、S2，掛燙機工作1min消耗的總電能為　 　。
【答案】1100；99000J
【知識點】串聯電路和并聯電路的辨別；電功率的計算；多狀態電路——多擋位問題
【解析】【解答】只閉合開關S1時，R1單獨工作，掛燙機的功率是；
同時閉合開關S1、S2，R1、R2并聯，掛燙機工作1min消耗的總電能為。
故答案為：1100；99000J。
【分析】
（1）根據電路圖可知，只閉合開關S1時，電路為R1的基本電路，利用電功率公式進行計算；
（2）根據Q=W=pt求出同時閉合開關S1、S2時，R1、R2并聯，掛燙機工作1min產生的熱量。
21．（2025·峨眉山模擬）圖甲中是用來壓制餃子皮的“神器”，壓皮時壓桿可視為一個杠桿，圖乙是其簡化示意圖。圖中O為支點，F2為壓動杠桿時作用在B點的阻力。請在乙圖中畫出：阻力臂l2、作用在A點的最小動力F1。
【答案】
【知識點】力臂的畫法；杠桿中最小力的問題
【解析】【解答】力臂是指從支點到力的作用線的距離，過支點作F2力的作用線的垂線，即為阻力臂l2；作用在A點的最長力臂為OA，作OA的垂線，方向斜向下即為動力F1，如圖：
【分析】
（1）力臂的概念：力臂是指從支點到力的作用線的距離。
（2）杠桿平衡條件：動力×動力臂=阻力×阻力臂（F1L1=F2L2），在阻力跟阻力臂的乘積一定時，動力臂越長，動力越小。
22．（2025·峨眉山模擬）如圖，小磁針靜止在通電螺線管右側，請根據圖中磁感線的方向，在螺線管左端和小磁針右端的括號內標出極性（“N”或“S”），在電源左邊的括號內標出極性（“+”或“﹣”）。
【答案】
【知識點】通電螺線管的磁場；通電螺線管的極性和電流方向的判斷
【解析】【解答】由通電螺線管的外部磁場是“N極出S極入”可知，螺線管左側是N極，右側是S極，根據異名磁極相互吸引可知，小磁針的左側是N極，則小磁針的右側是S極，根據右手螺旋定則可知，在通電螺線管的外部，電流的方向是自下向上，故電流從電源左側流出，電源左側為正極，如下圖所示：
【分析】 根據在磁體周圍，磁感線從磁體的N極出發，回到S極，由此判斷出螺線管的N極和S極，再根據安培定則判斷通電螺線管線圈中的電流方向，進一步分析電源的正、負極，同時結合磁極間的相互作用規律判斷小磁針的極性。
23．（2025·峨眉山模擬）在“探究浮力的大小跟哪些因素有關”的實驗中，小華猜想浮力的大小可能與以下因素有關：I液體的密度；Ⅱ物體受到的重力；Ⅲ物體的形狀；Ⅳ物體排開液體的體積。
（1）如圖甲用手把空的易拉罐按入水中，易拉罐浸入水中越深，手會感覺越吃力。這個事實可以支持以上猜想　 　（選填“I”“Ⅱ”“Ⅲ”或“Ⅳ”）。
（2）為了研究猜想I和Ⅱ，用體積相同的A、B、C三個圓柱體，測得重力分別為4N、4.5N和5N，然后進行如圖乙所示的實驗：
①序號a的實驗中物體A所受的浮力為　 　N。進一步計算得出A、B、C所受浮力　 　（選填“相等”或“不相等”），可得出初步結論：浮力的大小與物體的重力　 　（選填“有關”或“無關”）。
②比較序號　 　的三次實驗，可得出初步結論：浮力大小與液體密度有關。
（3）為了研究猜想Ⅲ，將兩塊相同的橡皮泥（不吸水且不溶于水）分別做成不同形狀，進行如圖丙所示實驗，此時兩彈簧測力計的示數不同，得出浮力的大小與物體形狀有關。同學小珍認為該結論不可靠，主要原因是　 　。
（4）小珍覺得用量筒就可以測出橡皮泥的密度，進行了如圖丁所示操作：
①在量筒中加入適量的水，此時讀數為V1；
②將橡皮泥捏成小碗形，輕放入量筒中，使其漂浮在水面上，此時讀數為V2；
③將橡皮泥用細長針按入水中，此時讀數為V3。
橡皮泥的密度為ρ=　 　（用ρ水、V1、V2、V3表示）。
【答案】（1）Ⅳ
（2）1；相等；無關；ade
（3）沒有保持橡皮泥排開液體體積相同
（4）ρ水
【知識點】探究浮力大小的實驗
【解析】【解答】（1）將易拉罐浸入水中越深，則易拉罐排開水的體積越大，而手會感覺越吃力，說明易拉罐受到的浮力越大，因此知浮力與排開液體的體積有關，即猜想Ⅳ正確；
（2）①A的重力為4N，a中測力計的示數為3N，則此時A受到的浮力F浮A=GA-FA=4N-3N=1N；
B的重力為4.5N，b中測力計的示數為3.5N，B受到的浮力F浮B=GB-FB=4.5N-3.5N=1N；
C的重力為5N，b中測力計的示數為4N，C受到的浮力F浮C=GC-FC=5N-4N=1N；
所以物體A、B、C受到的浮力相等為1N，但它們的重力不相等，
由此可知浮力的大小與重力無關。
②探究浮力大小與液體密度的關系時，需要控制排開液體的體積相同，只改變液體密度，故選a、d、e；
（3）要探究浮力的大小與物體形狀的關系，要控制浸入的體積和液體密度都相同，只改變形狀，比較浮力的大小，實驗中沒有控制排開液體的體積相同。
（4）橡皮泥排開水的體積為V排=V2-V1，
橡皮泥漂浮在水面上G=F浮=V排ρ水g=（V2-V1）ρ水g，
橡皮泥的體積為V=V3-V1，
橡皮泥的密度為。
【分析】 （1）圖甲易拉罐浸入水中越深，排開水的體積越大，手會感覺越吃力，也就是浮力越大。可知浮力與排開液體的體積有關；
（2）①根據稱重法求出A、B、C所受的浮力，判斷浮力與物體重力是否有關；
②浮力與密度的關系，要控制浸入液體體積；
（3）要探究浮力的大小與物體形狀的關系，要控制浸入的體積和液體密度都相同；
（4）橡皮泥排放在水面上，水的體積增加量就是橡皮泥排開水的體積，求出橡皮泥所受的浮力，由物體的沉浮條件可知，浮力等于重力，橡皮泥的質量也就求出了，橡皮泥的體積等于橡皮泥和水的總體積減去水的體積，質量、體積求出，可求出密度。
（1）圖甲易拉罐浸入水中越深，排開水的體積越大，手會感覺越吃力，也就是浮力越大。可知浮力與排開液體的體積有關。
（2）①[1][2][3]A受到的浮力
F浮A=GA-FA=4N-3N=1N
B受到的浮力
F浮B=GB-FB=4.5N-3.5N=1N
C受到的浮力
F浮C=GC-FC=5N-4N=1N
所以物體A、B、C受到的浮力相等為1N，但它們的重力不相等，由此可知浮力的大小與重力無關。
②[4]a、d、e三次實驗物體A浸入的體積相同，只改變浸入的液體種類即密度不同，受到的浮力也不同，由此可初步結論：浮力的大小與液體密度有關。
（3）要探究浮力的大小與物體形狀的關系，要控制浸入的體積和液體密度都相同，只改變形狀，比較浮力的大小，實驗中沒有控制排開液體的體積相同。
（4）橡皮泥排開水的體積為
V排=V2-V1
橡皮泥漂浮在水面上
G=F浮=V排ρ水g=（V2-V1）ρ水g
橡皮泥的體積為
V=V3-V1
橡皮泥的密度為
24．（2025·峨眉山模擬）在“測量小燈泡額定功率”的實驗中，小剛同學用一個電壓表、一個電流表、一個開關、一個滑動變阻器、電壓為4.5V的電源和額定電壓為2.5V的小燈泡，設計了如圖甲所示的電路。
（1）實驗中需要依據圖甲所示的電路圖，將圖乙所示器材進行連線，請用筆畫線代替導線，將圖乙所示電路連接完整。　 　
（2）正確連接好電路后，閉合開關，當滑動變阻器的滑片向左移動時，電流表示數　 　（選填“變大”“變小”或“不變”）。當電壓表的示數為　 　V時小燈泡正常發光，此時電流表指針如圖丙所示，其示數為　 　A，小燈泡的額定功率為　 　W。若小燈泡兩端的實際電壓為2.3V，則小燈泡的實際功率　 　（選填“大于”“等于”或“小于”）額定功率。
（3）小王同學也按圖甲所示電路圖連接電路，當連接最后一根導線時，燈泡立即發出明亮耀眼的光并很快熄滅。請你指出導致此現象可能的原因：　 　。
【答案】；變大；2.5V；0.28；0.7；小于；連線時，開關沒有斷開；且閉合開關前，滑動變阻器的滑片沒有移到阻值最大位置
【知識點】探究用電器的電功率實驗
【解析】【解答】（1）在“測量小燈泡額定功率”的實驗中，燈泡正常發光時的電壓為2.5V，所以電壓表的量程為0～3V，且與燈泡并聯，滑動變阻器按“一上一下”接入即可，電路如下圖
故答案為：。
（2） 正確連接好電路后， 由圖甲知道，閉合開關，當滑動變阻器的滑片向左移動時，滑動變阻器接入電路的電阻減小，電路總電阻減小，由歐姆定律知道，電路電流增大，故測量電路電流的電流表示數變大。由于小燈泡的額定電壓為2.5V ，故測量燈泡兩端電壓的電壓表示數2.5V時，小燈泡正常發光。此時由圖丙所示電流表知道，量程為0～0.6A，分度值為0.02A，示數為0.28A，由知道，小燈泡的額定功率為。
故答案為：變大；2.5V；0.28；0.7；小于。
因為燈泡的額定電壓為2.5V，所以當燈泡兩端電壓為2.3V時，其實際功率小于額定功率。
（3） 小王同學也按圖甲所示電路圖連接電路， 連接完最后一根導線，燈泡立即發光，說明實驗前開關未處于斷開狀態；燈泡發出明亮耀眼的光，很快熄滅，說明電路電流太大，電路中總電阻太小，即滑動變阻器接入電路電阻未達到阻值最大處。
故答案為：連線時，開關沒有斷開；且閉合開關前，滑動變阻器的滑片沒有移到阻值最大位置。
【分析】（1）根據燈泡額定電壓確定電壓表量程，將電壓表并聯在燈泡兩端；根據圖甲滑動變阻器阻值變化確定圖乙滑動變阻器選用的下端接線柱串聯在電路中；
（2）根據電流表選用量程確定分度值讀數，利用P=UI求出小燈泡的額定功率；當燈泡兩端電壓小于額定電壓，其功率小于額定功率；
（3）為了保護電路，連接電路時，開關應斷開；閉合開關前，應將滑動變阻器滑片移到阻值最大處。
25．（2025·峨眉山模擬）夏季經常見到灑水車在路面上灑水，給路面降溫。某灑水車的部分參數如下表所示，求：
項目 數值
空載質量/t 4
滿載裝水量/t 20
滿載時車輪與地面總接觸面積/m2 0.6
正常灑水流量/（t/h） 40
（1）裝滿水的灑水車對水平地面的壓強（g取10N/kg）；
（2）裝滿水的灑水車以12m/s的速度勻速直線行駛時，牽引力的功率是240kW，此時灑水車受到的阻力；
（3）灑水車以5m/s的速度勻速直線行駛，并按正常灑水流量開始灑水，最多可以連續灑水的路程。
【答案】（1）解；由表格中數據可知，裝滿水的灑水車對水平地面的壓力：
則裝滿水的灑水車對水平地面的壓強：
答：裝滿水的灑水車對水平地面的壓強為4×105Pa；
（2）灑水車以12m/s的速度勻速直線行駛時，牽引力與阻力是一對平衡力，由可知，牽引力的功率是240kW時，灑水車受到的阻力：
答：灑水車受到的阻力為20000N；
（3）由表格中數據可知，灑水車滿載裝水量20t，正常灑水流量40t/h，則灑水時間：
以5m/s的速度勻速直線行駛，最多可以連續灑水的路程：
答：按正常灑水流量開始灑水，最多可以連續灑水的路程為9000m。
【知識點】功率計算公式的應用；速度公式及其應用；壓強的大小及其計算
【解析】【分析】（1）根據計算裝滿水的灑水車對水平地面的壓力，根據計算裝滿水的灑水車對水平地面的壓強；
（2）根據二力平衡可知，阻力等于牽引力，根據求出牽引力的功率為240kW時，灑水車受到的阻力；
（3）根據灑水車滿載裝水量20t和正常灑水流量40t/h，求出灑水時間，根據求最多可以連續灑水的路程。
（1）由表格中數據可知，裝滿水的灑水車對水平地面的壓力
則裝滿水的灑水車對水平地面的壓強
（2）灑水車以12m/s的速度勻速直線行駛時，牽引力與阻力是一對平衡力，由
可知，牽引力的功率是240kW時，灑水車受到的阻力
（3）由表格中數據可知，灑水車滿載裝水量20t，正常灑水流量40t/h，則灑水時間
以5m/s的速度勻速直線行駛，最多可以連續灑水的路程
26．（2025·峨眉山模擬）如圖甲是科技小組設計的“智能溫控小屋”簡化電路，受控電路功率隨時間的變化關系如圖乙所示。當室溫上升至28℃時冷卻系統開始工作，當室溫降至23℃時停止工作。Rt為熱敏電阻，其阻值隨溫度的升高而減小，當控制電路中的電流為0.15A時，銜鐵剛好被吸下，控制電路電源電壓恒為3V。定值電阻R0為100Ω，線圈電阻忽略不計。求：
（1）受控電路30min內消耗的電能；
（2）受控電路工作時，通過電阻R0的電流；
（3）熱敏電阻Rt的變化范圍。
【答案】解：（1）由圖乙可知，受控電路30min內工作了20min，所以可以得出消耗的電能為W＝Pt＝1200W×20×60s＝1.44×106J
（2）由圖甲可知，銜鐵被吸下時，受控電路工作，此時控制電路中R0與Rt并聯，由并聯電路中電壓的規律知，R0兩端的電壓為U0＝U＝3V
通過電阻R0的電流為
（3）由題意可知，當室溫上升至28℃時冷卻系統開始工作前，控制電路只有熱敏電阻接入電路，此時斷路，此時經過熱敏電阻的電流最大為0.15A，電阻最小時恰好銜鐵被吸下，因此可以求出Rt的最小值
銜鐵被下瞬間，冷卻系統開始工作，溫度不再上升，而是下降，電阻Rt開始變大，但由于銜鐵被吸下后定值電阻被接入電路，與并聯，當電路中的總電流小到0.15A時，銜鐵才會被彈回，此時經過的電流為；；
此時Rt的阻值最大為；
因為Rt的阻值隨溫度的升高而減小，若Rt的阻值繼續減小， 電路中的電流變大， 銜鐵被吸下，冷卻系統開始工作，溫度降低，此時Rt的阻值會增大，故Rt的阻值最大為25Ω，故熱敏電阻Rt的變化范圍為20Ω≤Rt≤25Ω。
答：（1）受控電路30min內消耗的電能為1.44×106J；
（2）受控電路工作時，通過電阻R0的電流為0.03 A；
（3）熱敏電阻Rt的變化范圍為20Ω≤Rt≤25Ω。
【知識點】并聯電路的電流規律；歐姆定律及其應用；電路的動態分析；電功率的計算；電磁繼電器的組成、原理和特點
【解析】【分析】（1）由圖乙可知冷卻系統30min內工作了20min，根據W=Pt計算消耗的電能；
（2）由并聯電路電壓規律及歐姆定律進行計算；
（3）當控制電路中的電流為0.15A時，銜鐵剛好被吸下，冷卻系統工作，計算出熱敏電阻的最小阻值；當室溫降至23℃時，熱敏電阻Rt的阻值最大，控制電路的總電流仍為0.15A，根據并聯電路的特點和歐姆定律求出熱敏電阻的最大阻值。
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