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全國重點(diǎn)高中提前招生考試 全真試卷（二）
1．（2024高一上·浙江開學(xué)考）在一堂物理活動(dòng)課上，同學(xué)們正以“假如沒有了……”為主題展開討論。以下是幾位同學(xué)提出的五個(gè)具有代表性的觀點(diǎn)：
①假如沒有了地球引力，物體的質(zhì)量仍然存在；
②假如沒有了摩擦力，一陣微風(fēng)也可以吹動(dòng)停在平直軌道上的火車；
③假如沒有了磁體周圍的磁場，世界上就再也不會(huì)有電流的產(chǎn)生；
④假如沒有了導(dǎo)體的電阻，導(dǎo)線將無法導(dǎo)電；
⑤假如沒有了電磁波，我們將無法進(jìn)行信息交流。
其中合理的是（　　）
A．①② B．②③ C．③④ D．④⑤
【答案】A
【知識(shí)點(diǎn)】聲學(xué)
【解析】【解答】 本題綜合考查了質(zhì)量的特性、力和運(yùn)動(dòng)的關(guān)系、發(fā)電機(jī)原理及電源種類、電阻及超導(dǎo)體特點(diǎn)、信息的傳遞。解答本題需要用我們所學(xué)的物理知識(shí)去綜合分析①物體內(nèi)所含物質(zhì)的多少叫質(zhì)量，質(zhì)量是物體的一種屬性，不管有沒有地球引力，物體所含的物質(zhì)多少是不會(huì)發(fā)生變化的，所以物體的質(zhì)量是仍然存在的；
②平時(shí)一陣微風(fēng)是無法吹動(dòng)火車的，因?yàn)榛疖嚭偷孛嬷g的摩擦力與風(fēng)力平衡，抵消了風(fēng)力，而如果沒有摩擦力，則火車只在風(fēng)力作用下，就會(huì)由靜止變?yōu)檫\(yùn)動(dòng)；
③發(fā)電機(jī)的原理是電磁感應(yīng)，如果沒有磁場，則發(fā)電機(jī)就發(fā)不出電來．但我們常用的電源除了發(fā)電機(jī)以外，還有干電池、太陽能電池等，它們并不是利用電磁感應(yīng)來產(chǎn)生電流的，所以即使沒有磁場，我們也可以利用其它電源產(chǎn)生電流；
④導(dǎo)體的電阻是導(dǎo)體對電流的阻礙作用，電阻越大，電流越小；電阻越小，電流越大，以此來看，如果導(dǎo)體沒有電阻，則導(dǎo)體的導(dǎo)電能力將是最好的，用沒有電阻的導(dǎo)體導(dǎo)電，就再也不會(huì)有由于電阻而產(chǎn)生的電能損耗了；
⑤電磁波在信息的傳遞中扮演著非常重要的角色，廣播、電視、手機(jī)等都是靠電磁波來傳遞信息的，但傳遞信息的載體除了電磁波以外，電流、聲音也都可以傳遞信息。
故選A。
【分析】①質(zhì)量是物體的一種屬性，與受不受引力無關(guān)；
②力是改變物體運(yùn)動(dòng)狀態(tài)的原因；
③常用的電源有發(fā)電機(jī)和干電池；
④電阻是導(dǎo)體對電流的阻礙作用，如果沒有電阻，則導(dǎo)體的導(dǎo)電能力會(huì)更好；
⑤電流、電磁波、聲音都可以傳遞信息。
2．（2024高一上·浙江開學(xué)考）北京大興國際機(jī)場試點(diǎn)安裝了探鳥雷達(dá)，能預(yù)防飛鳥對起落的飛機(jī)構(gòu)成威脅。鳥防實(shí)驗(yàn)場地如圖所示。如果發(fā)現(xiàn)小鳥有可能對航班造成威脅，機(jī)場立刻開啟聲波驅(qū)鳥設(shè)備，利用提前錄制好的本地猛禽的叫聲驅(qū)趕飛鳥。有時(shí)為了使驅(qū)鳥效果更好，工作人員會(huì)調(diào)大播放的音量。下列關(guān)于聲波驅(qū)鳥的說法正確的是（　　）
A．聲波驅(qū)鳥設(shè)備模擬猛禽叫聲的音調(diào)；改變播放音量是指改變聲音的響度
B．聲波驅(qū)鳥設(shè)備模擬猛禽叫聲的音色；改變播放音量是指改變聲音的響度
C．聲波驅(qū)鳥設(shè)備模擬猛禽叫聲的音色；改變播放音量是指改變聲音的音調(diào)
D．聲波驅(qū)鳥設(shè)備模擬猛禽叫聲的頻率；改變播放音量是指改變聲音的音調(diào)
【答案】B
【知識(shí)點(diǎn)】聲學(xué)
【解析】【解答】 （1）音調(diào)：聲音的高低，由發(fā)聲體的振動(dòng)頻率決定，頻率越高，音調(diào)越高；
（2）響度：人耳感覺到的聲音的大小，它跟發(fā)聲體的振幅有關(guān)．振幅越大，響度越大；振幅越小，響度越??；
（3）音色：發(fā)聲體的聲音品質(zhì)，由發(fā)聲體本身的特征決定．是區(qū)別聲音的重要標(biāo)志．音色是聲音特有的品質(zhì)，用來區(qū)分不同物體發(fā)出的聲音，響度是指聲音的大小，聲波驅(qū)鳥設(shè)備模擬猛禽叫聲的音色；改變播放音量是指改變聲音的響度。
故選B。
【分析】根據(jù)樂聲的音調(diào)、響度和音色的三個(gè)特征，結(jié)合各選項(xiàng)進(jìn)行分析。
3．（2024高一上·浙江開學(xué)考）用大小為F的兩個(gè)力將100塊重為G的磚頭夾住，如圖所示。設(shè)所有接觸面間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為μ，則第27號和28號磚塊之間的摩擦力為（　　）
A． B． C． D．
【答案】A
【知識(shí)點(diǎn)】整體法隔離法
【解析】【解答】本題主要考查了有關(guān)物體的受力分析問題，注意“整體法”的應(yīng)用，對于多個(gè)物體組成的系統(tǒng)，在進(jìn)行受力分析時(shí)要優(yōu)先考慮“整體法”進(jìn)行受力分析。對100塊磚這個(gè)整體分析
根據(jù)平衡力條件
解得
對1號磚分析
根據(jù)平衡條件推得1號和2號磚之間的摩擦力大小為
對2號磚分析
根據(jù)平衡條件推得2號和3號磚之間的摩擦力大小為
對3號磚分析
根據(jù)平衡條件推得3號和4號磚之間的摩擦力大小為
同理可得，第27號和28號磚塊之間的摩擦力大小為
故選A。
【分析】首先以整體為研究對象，可以求出第1塊和第100塊磚頭所受摩擦力的大小以及每一側(cè)木板對它的摩擦力大小，然后將左邊27塊磚頭看成一個(gè)整體，對整體進(jìn)行受力分析，利用力的平衡條件求出編號27和28號磚頭之間的摩擦力的大小。
4．（2024高一上·浙江開學(xué)考）如圖所示，平面鏡正以的速度繞垂直于紙面的軸O勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，為一段圓心在O點(diǎn)的圓弧形屏幕，其所對圓心角，有一束來自頻閃光源的平行光束通過狹縫S射向平面鏡M上的O點(diǎn)，已知光源每秒閃動(dòng)次，則屏幕上內(nèi)最多可能出現(xiàn)的光斑次數(shù)為（　?。?br/>A．1次 B．3次 C．4次 D．12次
【答案】C
【知識(shí)點(diǎn)】線速度、角速度和周期、轉(zhuǎn)速；生活中的光現(xiàn)象
【解析】【解答】 本題主要考查學(xué)生對光的反射定律的了解和掌握，此題要求學(xué)生應(yīng)具備一定的空間想象能力，是一道難題。根據(jù)平面鏡成像特點(diǎn)和光的反射定律可知，當(dāng)平面鏡以轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，反射光線轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度為。已知平面鏡繞垂直于紙面的軸以的速度轉(zhuǎn)動(dòng)，則反射光線的轉(zhuǎn)動(dòng)速度為，圓弧形屏幕張角為，反射光線經(jīng)過的時(shí)間為，則光源閃動(dòng)次。如果光源開始閃動(dòng)時(shí)，光點(diǎn)恰好在A點(diǎn)，則上就會(huì)出現(xiàn)4次光斑，C正確。
故選C。
【分析】已知平面鏡M繞垂直于紙面的軸O以每秒轉(zhuǎn)120°的速度順時(shí)針勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，根據(jù)平面鏡成像特點(diǎn)及光的反射定律可求得平面鏡轉(zhuǎn)過的角度；算出平面鏡轉(zhuǎn)動(dòng)的周期，以及所需時(shí)間，然后可知每秒內(nèi)出現(xiàn)的光斑次數(shù)。
5．（2024高一上·浙江開學(xué)考）如圖所示，將一根彈簧和一只質(zhì)量為1kg的金屬球（球上有一直小孔）套在鐵架臺(tái)的金屬桿AB上面?，F(xiàn)將小球提到B端后松手，小球的高度隨時(shí)間變化的情況如圖乙所示。下列說法正確的有（　　）
甲 乙
①彈簧原來的長度為40cm；
②小球在0~t3過程中t1時(shí)刻機(jī)械能最大；
③在0~t1過程中小球的重力勢能全部轉(zhuǎn)化為動(dòng)能；
④在三個(gè)時(shí)刻，小球的動(dòng)能在t1時(shí)刻最大。
A．1個(gè) B．2個(gè) C．3個(gè) D．4個(gè)
【答案】A
【知識(shí)點(diǎn)】機(jī)械能守恒定律
【解析】【解答】動(dòng)能和重力勢能之間可以相互轉(zhuǎn)化．動(dòng)能和重力勢能之間的相互轉(zhuǎn)化一般發(fā)生在只受重力作用下的運(yùn)動(dòng)過程中。①由圖可知，最終小球靜止在彈簧上端，此時(shí)彈簧長度為40cm，彈簧處于壓縮狀態(tài)，則彈簧原長應(yīng)大于40cm，故錯(cuò)誤；
②由圖可知，小球被彈起高度逐漸減小，最終速度減為0，則可知該過程中存在摩擦力做負(fù)功，因此在0~t3過程中，初始0時(shí)刻機(jī)械能最大，故錯(cuò)誤；
③在0~t1過程中由于存在摩擦力，則小球的重力勢能部分轉(zhuǎn)化為動(dòng)能，故錯(cuò)誤；
④在三個(gè)時(shí)刻中，彈簧長度相同，由于摩擦力做負(fù)功，則小球的動(dòng)能逐漸減小，因此小球的動(dòng)能在t1時(shí)刻最大，故正確。
綜合可得只有一個(gè)正確；
故選A。
【分析】小球先自由下落，與彈簧接觸后，彈簧被壓縮，在下降的過程中，彈力不斷變大，當(dāng)彈力小于重力時(shí)，物體加速下降，合力變小，加速度變小，故小球做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)加速度減為零時(shí)，速度達(dá)到最大，之后物體由于慣性繼續(xù)下降，彈力變得大于重力，合力變?yōu)橄蛏锨也粩嘧兇螅铀俣认蛏锨也粩嘧兇?，故小球做加速度不斷增大的減速運(yùn)動(dòng)。
6．（2024高一上·浙江開學(xué)考）用相同的加熱裝置對a、b、c三種固態(tài)物質(zhì)加熱（熱源溫度始終高于a、b、c的溫度），它們的溫度隨時(shí)間變化的圖像如圖所示，其中a、c質(zhì)量相同。下列對圖像的分析正確的是（　　）
①時(shí)間內(nèi)，物質(zhì)a的溫度不變，內(nèi)能增加；
②若a、b是同種物質(zhì)，b的質(zhì)量大于a的質(zhì)量；
③溫度從升高到時(shí)，a物質(zhì)吸收的熱量比b少；
④b的比熱容一定小于c的比熱容。
A．①③④ B．①②④ C．①②③ D．①②③④
【答案】C
【知識(shí)點(diǎn)】熱學(xué)
【解析】【解答】此題考查的是我們對物理規(guī)律的掌握和對圖像分析的能力，以圖像的形式考查物理規(guī)律，具有直觀、客觀的特點(diǎn)，是現(xiàn)在物理測試的熱點(diǎn)考查方式。①時(shí)間內(nèi)物質(zhì)a的溫度不變，但不斷吸收熱量，內(nèi)能增加，故①正確；
②若a、b是同種物質(zhì)，比熱容相同，升高相同的溫度時(shí)，b的加熱時(shí)間長，b吸收的熱量多，由公式知，b的質(zhì)量大于a的質(zhì)量，故②正確；
③溫度從T1升高到T2時(shí)，a物質(zhì)加熱時(shí)間比b物質(zhì)短，則a物質(zhì)吸收的熱量比b少，故③正確；
④用相同的加熱裝置對b、c兩種物質(zhì)加熱時(shí)，0～t1時(shí)間內(nèi)兩種物質(zhì)吸收的熱量相同，c物質(zhì)升高的溫度較小，由公式
但是兩種物質(zhì)的質(zhì)量關(guān)系不確定可知c物質(zhì)的比熱容與b的比熱容大小不確定，故④錯(cuò)誤。
綜上所述，①②③正確，故選C。
【分析】（1）液體的沸騰或晶體的熔化過程吸熱溫度不變，內(nèi)能增加；
（2）根據(jù)Q=cmΔt分析ab質(zhì)量的大??；
（3）吸收熱量的多少通過加熱時(shí)間的長短來表現(xiàn)；
（4）根據(jù)Q=cmΔt分析解答。
7．（2024高一上·浙江開學(xué)考）如圖所示，A、B是兩個(gè)完全相同的勻質(zhì)長方形木塊，長為l，疊放在一起，放在水平桌面上，端面都與桌邊平行。A放在B上，右端有伸出B外，為保證兩木塊都不翻倒，木塊B伸出桌邊的長度不能超過（　　）
A． B． C． D．
【答案】B
【知識(shí)點(diǎn)】重力與重心
【解析】【解答】遇到連接體問題，從整體角度分析較簡單，物體不翻到的臨界條件是物體的重心應(yīng)恰好在桌子的邊緣。為保證兩木塊剛好不翻倒，則兩木塊整體的重心剛好在桌子邊緣正上方。設(shè)B木塊伸出桌子邊緣外x，兩木塊質(zhì)量為m，則
解得
故選B。
【分析】應(yīng)用整體法考慮，根據(jù)平衡條件得出若兩長方形木塊不翻到且B伸出最長時(shí)，應(yīng)滿足整體的重心應(yīng)恰好在桌子的邊。
8．（2024高一上·浙江開學(xué)考）2020年初新冠狀病毒疫情形勢嚴(yán)峻，沖在最前線的醫(yī)務(wù)人員需要同時(shí)佩戴口罩及護(hù)目鏡等防護(hù)用品，但由于護(hù)目鏡鏡片經(jīng)常起“霧汽”導(dǎo)致了醫(yī)療護(hù)理過程中的諸多不便，對此，正確的解釋是（　　）
A．眼鏡上“霧汽”就是水蒸氣
B．“霧汽”形成過程需要吸熱
C．“霧汽”形成是水蒸氣液化現(xiàn)象
D．“霧汽”的形成是汽化現(xiàn)象
【答案】C
【知識(shí)點(diǎn)】熱學(xué)
【解析】【解答】本題考查了生活中的液化現(xiàn)象，體現(xiàn)了物理與生活實(shí)際的結(jié)合，難度不大。護(hù)目鏡鏡片上的“霧汽”是醫(yī)務(wù)人員呼出氣體中溫度較高的水蒸氣在遇到冷的鏡片從而在鏡片內(nèi)測發(fā)生液化，形成小水珠，即“霧汽”形成是水蒸氣液化現(xiàn)象，而液化過程需要放熱。
故選C。
【分析】物質(zhì)由氣態(tài)變成液態(tài)叫做液化，液化放熱。
9．（2024高一上·浙江開學(xué)考）如圖所示，重力的水平木板在滑輪組的作用下保持靜止，三個(gè)滑輪等大、光滑，質(zhì)量均忽略不計(jì)，所有細(xì)繩的重力均不計(jì)，與天花板間的固定點(diǎn)分別為A、B、C，與木板間的固定點(diǎn)分別為D、E；各條細(xì)繩中不與滑輪接觸的部分均豎直，則B點(diǎn)處的細(xì)繩對天花板的拉力大小為（　?。?br/>A． B． C． D．
【答案】B
【知識(shí)點(diǎn)】共點(diǎn)力的平衡
【解析】【解答】 本題考查了滑輪組拉力的計(jì)算，注意本題滑輪組不是由一根繩子纏繞而成，易錯(cuò)題！各繩的拉力如圖所示
則
B處天花板的拉力大小等于F1，所以
解得
故選B。
【分析】由圖可知，水平木板受到F1、F2、F3的作用，其中F2=2F1，F(xiàn)2=F3，根據(jù)“F1+F2+F3=G”求F1，即B點(diǎn)處的細(xì)繩對天花板的拉力大小。
10．（2024高一上·浙江開學(xué)考）如圖所示，A、B間電壓一定，當(dāng)滑片P向左移動(dòng)到另一位置時(shí)，通過的電流變化量的大小分別為，電壓變化量的大小分別為，則（　?。?br/>A． B．
C． D．
【答案】C
【知識(shí)點(diǎn)】電路動(dòng)態(tài)分析
【解析】【解答】 本題考查了判斷電流與電壓變化量間的關(guān)系，分析清楚電路結(jié)構(gòu)、應(yīng)用串并聯(lián)電路特點(diǎn)與歐姆定律即可正確解題。
由電路圖可知，滑片P向左移動(dòng)時(shí)，滑動(dòng)變阻器R2接入電路的阻值變大，電阻R2與R3的并聯(lián)電阻變大，電路總電阻變大，電路兩端電壓不變，由歐姆定律可知，干路電流變小，通過R1的電流I1減小，電阻阻值不變，電阻R1兩端電壓
U1= I1R1
變小，電阻R2與R3的并聯(lián)電壓
U并= U2= U3=U- U1
變大，R3不變，由
U3= I3R3
可知I3變大，由并聯(lián)電路特點(diǎn)可知，干路電流等于各支路電流之和
I1= I2+ I3
I1減小，I3增大，I2減小，則I2的減小量大于I1的減小量，即
串聯(lián)電路總電壓等于各串聯(lián)電路電壓之和，則
U= U1+ U2
由于U不變，U1的減小量等于U2的增加量，即
故選C。
【分析】由電路圖可知，電阻R2與R3并聯(lián)，然后再與R1串聯(lián)；根據(jù)滑片的移動(dòng)方向判斷滑動(dòng)變阻器接入電路的阻值如何變化，然后由串并聯(lián)電路特點(diǎn)判斷電路總電阻如何變化，再應(yīng)用歐姆定律判斷電路電流如何變化，最后應(yīng)用串并聯(lián)電路特點(diǎn)與歐姆定律分析答題。
11．（2024高一上·浙江開學(xué)考）在光滑水平面上，一小木塊向右撞擊豎直墻壁后被彈回（碰撞時(shí)間不計(jì)，碰撞過程中有能量損失）。如圖記錄了小木塊運(yùn)動(dòng)過程中的部分?jǐn)?shù)據(jù)，其中t所對應(yīng)的數(shù)據(jù)是物體在該位置時(shí)相對于初始位置O所經(jīng)歷的時(shí)間，s所對應(yīng)的數(shù)據(jù)是物體相對于初始位置O的距離。根據(jù)情景，可知墻壁與初始位置O的水平距離為　 　m。
【答案】2.25
【知識(shí)點(diǎn)】力學(xué)
【解析】【解答】[1]因?yàn)槟緣K在光滑的水平面上運(yùn)動(dòng)，因此撞擊前后木塊均做勻速直線運(yùn)動(dòng)；根據(jù)圖示可知，撞擊前0.1s內(nèi)通過的路程為0.5m，撞擊后0.1s內(nèi)通過的路程為0.1m；則撞擊前木塊的速度為
撞擊后木塊的速度為
根據(jù)圖示可知，木塊運(yùn)動(dòng)1.6s時(shí)，距離O點(diǎn)的距離為1.1m，由
可知，再到達(dá)O點(diǎn)的時(shí)間為
則木塊從開始到最后所經(jīng)歷的時(shí)間為
根據(jù)圖示可知
t前+t后=t總
設(shè)墻壁與初始位置O的水平距離為s，由
可知
即
解得
s=2.25m
【分析】先根據(jù)題意判斷木塊的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)，然后根據(jù)圖示讀出撞擊前和撞擊后對應(yīng)的路程和時(shí)間，并根據(jù)速度公式求出撞擊前后的速度；根據(jù)圖示數(shù)據(jù)和速度公式求出全程木塊的時(shí)間，最后根據(jù)撞擊前和撞擊后的路程、速度表示出時(shí)間，再根據(jù)撞擊前后的時(shí)間和等于總時(shí)間可求出墻壁與初始位置O的水平距離。
12．（2024高一上·浙江開學(xué)考）圖甲為熱敏電阻的圖像，圖乙為用此熱敏電阻R和電磁繼電器組成的一個(gè)簡單恒溫箱溫控電路（U為恒壓電源），繼電器線圈的電阻為，圖中的“電源”是恒溫箱加熱器的電源，當(dāng)線圈中的電流大于或等于時(shí)，銜鐵被吸合，加熱器停止工作，實(shí)現(xiàn)溫控。
（1）恒溫箱內(nèi)的加熱器應(yīng)接在　 　（選填“A、B”或“C、D”）端；
（2）要實(shí)現(xiàn)對之間任一溫度的控制，該裝置恒壓電源U至少為　 　V，若恒壓電源U為，則滑動(dòng)變阻器的最大阻值至少為　 　。
【答案】（1）A、B
（2）4.8；100
【知識(shí)點(diǎn)】歐姆定律的內(nèi)容、表達(dá)式及簡單應(yīng)用
【解析】【解答】（1）知道電磁繼電器的基本原理；會(huì)根據(jù)歐姆定律進(jìn)行計(jì)算。當(dāng)溫度較低的時(shí)候，熱敏電阻的電阻較大，電路中的電流較小，此時(shí)繼電器的銜鐵與A、B部分連接，此時(shí)是需要加熱的，恒溫箱內(nèi)的加熱器要工作，所以該把恒溫箱內(nèi)的加熱器接在A、B 端。
（2）[1]由圖甲可知，50℃時(shí)熱敏電阻的阻值為，要實(shí)現(xiàn)對50℃～100℃之間任一溫度的控制，已知控制電路的電流要到達(dá)
I=20mA=0.02A
則根據(jù)串聯(lián)電路的特點(diǎn)和歐姆定律可知，需要的最小電源電壓
U=0.02A×(150+90)=4.8V
[2]由圖甲可知，溫度達(dá)到100℃，熱敏電阻R=50， 若恒壓電源U為6V，根據(jù)歐姆定律可得
即
解得
【分析】（1）根據(jù)熱敏電阻隨溫度的變化以及電磁繼電器的基本構(gòu)造和基本原理來分析。
（2）根據(jù)歐姆定律和熱敏電阻的特性來分析、計(jì)算。
（1）當(dāng)溫度較低的時(shí)候，熱敏電阻的電阻較大，電路中的電流較小，此時(shí)繼電器的銜鐵與A、B部分連接，此時(shí)是需要加熱的，恒溫箱內(nèi)的加熱器要工作，所以該把恒溫箱內(nèi)的加熱器接在A、B 端。
（2）[1]由圖甲可知，50℃時(shí)熱敏電阻的阻值為，要實(shí)現(xiàn)對50℃～100℃之間任一溫度的控制，已知控制電路的電流要到達(dá)
I=20mA=0.02A
則根據(jù)串聯(lián)電路的特點(diǎn)和歐姆定律可知，需要的最小電源電壓
U=0.02A×(150+90)=4.8V
[2]由圖甲可知，溫度達(dá)到100℃，熱敏電阻R=50， 若恒壓電源U為6V，根據(jù)歐姆定律可得
即
解得
13．（2024高一上·浙江開學(xué)考）有如圖所示的電阻分布。
（1）a、b兩點(diǎn)間的電阻　 ??；
（2）如果流過A、B間電阻的電流為，則a、b兩點(diǎn)間的電壓　 　V。
【答案】（1）8
（2）72
【知識(shí)點(diǎn)】歐姆定律的內(nèi)容、表達(dá)式及簡單應(yīng)用
【解析】【解答】本題考查了學(xué)生對電阻串、并聯(lián)特點(diǎn)的掌握和運(yùn)用，分析電路圖找出CD兩點(diǎn)間、EF兩點(diǎn)間、ab兩點(diǎn)間的電阻是本題的關(guān)鍵。
（1）CD間的總電阻為
EF間的總電阻為
所以，a、b兩點(diǎn)間的電阻為
（2）根據(jù)并聯(lián)電路電流和電阻成反比，AB上的電流為1A，則EC上的電流為3A，則總電流為9A，則總電壓為
【分析】先求C、D兩點(diǎn)間的電阻（6Ω電阻與12Ω電阻并聯(lián)，總阻值為4Ω），再求E、F兩點(diǎn)間的電阻（將C、D兩點(diǎn)間看做一個(gè)4Ω的電阻，同理可得E、F兩點(diǎn)間的電阻為4Ω），ab兩點(diǎn)間的電阻Rab=2Ω+4Ω+2Ω=8Ω；
流過4Ω電阻的電流為1A，則C、D兩點(diǎn)間的電壓為12V，C、D兩點(diǎn)間的總電流為3A，E、F兩點(diǎn)間的電壓為36V，E、F兩點(diǎn)間的總電流為9A，Uab=72V。
（1）CD間的總電阻為
EF間的總電阻為
所以，a、b兩點(diǎn)間的電阻為
（2）根據(jù)并聯(lián)電路電流和電阻成反比，AB上的電流為1A，則EC上的電流為3A，則總電流為9A，則總電壓為
14．（2024高一上·浙江開學(xué)考）某車的發(fā)動(dòng)機(jī)是單缸、四沖程的柴油機(jī)，汽缸的直徑為100mm，活塞沖程為120mm，做功沖程中氣體作用在活塞上的平均壓強(qiáng)是200N/cm2，飛輪的轉(zhuǎn)速為1200r/min，則這臺(tái)發(fā)動(dòng)機(jī)在做功沖程中燃?xì)鈱钊钠骄屏椤? 　N，這臺(tái)發(fā)動(dòng)機(jī)的功率約為　 　kW（計(jì)算時(shí)取π=3）．
【答案】15000；18
【知識(shí)點(diǎn)】功率及其計(jì)算
【解析】【解答】 氣缸的直徑為100mm=10cm，汽缸活塞的截面積為
S=π()2=3×()2=75cm2
活塞受到的壓力
F=pS=200N/cm2×75cm2=1.5×104N
燃?xì)馔屏γ看螌钊龉Φ拇笮?br/>W1=FL=15000N×0.12m=1800J
飛輪的轉(zhuǎn)速是1200r/min，即飛輪1min轉(zhuǎn)動(dòng)1200周，而曲軸每轉(zhuǎn)兩周活塞對外做功一次，所以每分鐘發(fā)動(dòng)機(jī)活塞對外做功的次數(shù)
則這臺(tái)發(fā)動(dòng)機(jī)的功率約為
==
【分析】 求出活塞面積S，知道燃?xì)馄骄鶋簭?qiáng)，利用F=pS求熱機(jī)工作時(shí)的壓力；再利用W=Fs求一個(gè)沖程做的功；曲軸每轉(zhuǎn)兩周對外做功一次，所以飛輪1min轉(zhuǎn)動(dòng)1200周，要做功600次，求出氣缸1min做的總功，再利用功率公式求發(fā)動(dòng)機(jī)的功率。
15．（2024高一上·浙江開學(xué)考）如圖所示，將粗細(xì)均勻、直徑相同的均勻圓柱棒A和B粘合在一起，并在粘合處用繩懸掛起來，恰好在水平位置平衡。如果A的密度是B的n倍，那么A的長度是B的　 　倍，A的重力是B的　 　倍。
【答案】；
【知識(shí)點(diǎn)】力學(xué)
【解析】【解答】[1][2]由題意
又
，，
得
，
【分析】A的長度是B的倍，A的重力是B的倍。 先根據(jù)密度公式，用兩棒的長度表示兩段棒的質(zhì)量之比，再根據(jù)力矩平衡條件列式，求解A、B長度之比；由m=ρV得到質(zhì)量之比，即可求得重力之比．
16．（2024高一上·浙江開學(xué)考）飛鳥在天空中自由翱翔，人類模擬飛鳥的翅膀制造了飛機(jī)的機(jī)翼，從而遨游天空。
（1）飛鳥展開翅膀飛行時(shí)獲得向上的升力，其升力是由于飛鳥翅膀上表面附近的空氣流速　 ?。ㄟx填“大于”“等于”或“小于”）翅膀下表面附近的空氣流速而產(chǎn)生的。
（2）飛鳥飛行時(shí)產(chǎn)生的升力，可表示為，式中S為翅膀的面積，v為飛鳥的飛行速度，k為比例常量，已知一只質(zhì)量為、翅膀面積為的飛鳥，其飛行速度為，假設(shè)某飛機(jī)飛行時(shí)獲得的升力與該飛鳥飛行時(shí)獲得的升力滿足同樣的規(guī)律，且k值相同k為未知量），則已知一架質(zhì)量為m、起飛速度為v的飛機(jī)，其機(jī)翼設(shè)計(jì)面積S應(yīng)為　 　。
【答案】（1）大于
（2）
【知識(shí)點(diǎn)】力學(xué)
【解析】【解答】（1）飛鳥翅膀上表面附近的空氣流速大于下表面附近的空氣流速空氣的流速，因而上表面氣體的壓強(qiáng)小于下表面氣體的壓強(qiáng)，翅膀上下方所受到的壓力差形成向上的升力。
（2）飛鳥或飛機(jī)在空中飛行時(shí)，所受的升力等于本身的重力。對于飛鳥有
對于飛機(jī)有
以上兩式中k值相同，聯(lián)立解得
【分析】（1）液體和氣體都稱為流體，生活中常見的流體是水和空氣，流體的流速越大，壓強(qiáng)越小。
（2）根據(jù)飛機(jī)飛行時(shí)獲得的升力與該飛鳥飛行時(shí)獲得的升力滿足同樣的規(guī)律，且k值相同（k為未知量），分別寫出飛機(jī)和飛鳥的有關(guān)k的表達(dá)式，讓其相等，進(jìn)行化簡得出S的表達(dá)式即可。
（1）飛鳥翅膀上表面附近的空氣流速大于下表面附近的空氣流速空氣的流速，因而上表面氣體的壓強(qiáng)小于下表面氣體的壓強(qiáng)，翅膀上下方所受到的壓力差形成向上的升力。
（2）飛鳥或飛機(jī)在空中飛行時(shí)，所受的升力等于本身的重力。對于飛鳥有
對于飛機(jī)有
以上兩式中k值相同，聯(lián)立解得
17．（2024高一上·浙江開學(xué)考）某學(xué)習(xí)小組在參觀某玻璃廠生產(chǎn)的過程中，對正在工作的天車產(chǎn)生了興趣。車間工作人員告訴他們，天車上的卷揚(yáng)機(jī)（其內(nèi)部有電動(dòng)機(jī)提供動(dòng)力）通過滑輪組和吸盤提升玻璃，電動(dòng)機(jī)的額定電壓為，額定電流為，如圖甲所示。設(shè)卷揚(yáng)機(jī)額定狀態(tài)下滑動(dòng)滑輪組和吸盤提升質(zhì)量為的玻璃時(shí)，玻璃勻速上升的速度為v，卷揚(yáng)機(jī)對滑輪組繩端的拉力為F，拉力的功率為P，滑輪組的機(jī)械效率為80%；已知拉力F所做功隨時(shí)間變化如圖乙所示，滑輪A、B的質(zhì)量均為，繩的質(zhì)量及滑輪與軸的摩擦均可忽略不計(jì)，。求：
（1）P的大小；
（2）v的大??；
（3）整個(gè)系統(tǒng)在本次工作過程中的效率（百分號前保留一位小數(shù)）。
【答案】【解答】（1）由圖乙可知，當(dāng)時(shí)，，則拉力的功率為
（2）當(dāng)提升玻璃的質(zhì)量為時(shí)，滑輪組的機(jī)械效率為80%，則
解得
（3）電動(dòng)機(jī)的總輸入功率為
則整個(gè)系統(tǒng)在本次工作過程中的效率為
【知識(shí)點(diǎn)】力學(xué)
【解析】【分析】（1）根據(jù)圖象讀出F所做的功和做功時(shí)間，根據(jù)公式拉力的功率（總功率）P；（2）已知提升的玻璃m=80kg，η=80%，根據(jù)公式可求得有用功的功率；然后根據(jù)G=mg求出重力，根據(jù)P=Gv求出v，
（3）利用W=Pt求出有用功，利用W=UIt電動(dòng)機(jī)消耗的電能，根據(jù)可求得整個(gè)系統(tǒng)在本次工作過程中的效率。
18．（2024高一上·浙江開學(xué)考）某物理興趣小組設(shè)計(jì)了探測湖底未知屬性的礦石密度的裝置，其部分結(jié)構(gòu)如圖甲所示。電源電壓為，為定值電阻，滑動(dòng)變阻器R的阻值隨彈簧的拉力變化關(guān)系如圖乙。T為容器的閥門，某次探測時(shí)，水下機(jī)器人潛入深的湖底取出礦石樣品M。返回實(shí)驗(yàn)室后，將礦石樣品M懸掛于P點(diǎn)放入容器中，保持靜止?fàn)顟B(tài)。打開閥門T，隨著水緩慢注入容器，電壓表示數(shù)U隨容器中水的深度h變化關(guān)系如圖丙中的實(shí)線所示。在電壓表示數(shù)從變?yōu)榈倪^程中，電流表示數(shù)變化值為（彈簧電阻忽略不計(jì)），礦石M不吸水，湖水密度與水相同，假設(shè)容器足夠高，，取。求：
（1）定值電阻的阻值是多少？
（2）打開閥門T后，定值電阻的電功率變化值是多少？
（3）礦石M的密度是多少？
【答案】【解答】（1）根據(jù)
可知
（2）電壓表示數(shù)為2V時(shí)，電流為
電壓表示數(shù)為4V時(shí)，電流為
打開閥門T后，定值電阻的電功率變化值為
（3）水深度在0~h1時(shí)，礦石沒有浸在水中，彈簧拉力最大，與重力平衡，滑動(dòng)變阻器阻值為
此時(shí)彈簧拉力為
即等于礦石重力。
水深度大于h2時(shí)，礦石浸沒在水中，彈簧拉力最小，浮力最大，滑動(dòng)變阻器阻值為
此時(shí)彈簧拉力為
則礦石浸沒在水中時(shí)所受浮力為
根據(jù)
，
得礦石M的密度是
【知識(shí)點(diǎn)】電功率和電功；閉合電路的歐姆定律
【解析】【分析】（1）根據(jù)題目分析出電壓表為2V和4V時(shí)R0兩端的電壓，用歐姆定律求出電流表達(dá)式，再利用電流變化量求解電阻值；
（2）利用P=I2R求得兩種情況功率值解答。
（3）根據(jù)圖象看出剛開始，物體不受浮力，求出此時(shí)R的阻值，由圖象得到質(zhì)量，再根據(jù)浮力求得體積，利用密度公式求密度；
1 / 1全國重點(diǎn)高中提前招生考試 全真試卷（二）
1．（2024高一上·浙江開學(xué)考）在一堂物理活動(dòng)課上，同學(xué)們正以“假如沒有了……”為主題展開討論。以下是幾位同學(xué)提出的五個(gè)具有代表性的觀點(diǎn)：
①假如沒有了地球引力，物體的質(zhì)量仍然存在；
②假如沒有了摩擦力，一陣微風(fēng)也可以吹動(dòng)停在平直軌道上的火車；
③假如沒有了磁體周圍的磁場，世界上就再也不會(huì)有電流的產(chǎn)生；
④假如沒有了導(dǎo)體的電阻，導(dǎo)線將無法導(dǎo)電；
⑤假如沒有了電磁波，我們將無法進(jìn)行信息交流。
其中合理的是（　?。?br/>A．①② B．②③ C．③④ D．④⑤
2．（2024高一上·浙江開學(xué)考）北京大興國際機(jī)場試點(diǎn)安裝了探鳥雷達(dá)，能預(yù)防飛鳥對起落的飛機(jī)構(gòu)成威脅。鳥防實(shí)驗(yàn)場地如圖所示。如果發(fā)現(xiàn)小鳥有可能對航班造成威脅，機(jī)場立刻開啟聲波驅(qū)鳥設(shè)備，利用提前錄制好的本地猛禽的叫聲驅(qū)趕飛鳥。有時(shí)為了使驅(qū)鳥效果更好，工作人員會(huì)調(diào)大播放的音量。下列關(guān)于聲波驅(qū)鳥的說法正確的是（　?。?br/>A．聲波驅(qū)鳥設(shè)備模擬猛禽叫聲的音調(diào)；改變播放音量是指改變聲音的響度
B．聲波驅(qū)鳥設(shè)備模擬猛禽叫聲的音色；改變播放音量是指改變聲音的響度
C．聲波驅(qū)鳥設(shè)備模擬猛禽叫聲的音色；改變播放音量是指改變聲音的音調(diào)
D．聲波驅(qū)鳥設(shè)備模擬猛禽叫聲的頻率；改變播放音量是指改變聲音的音調(diào)
3．（2024高一上·浙江開學(xué)考）用大小為F的兩個(gè)力將100塊重為G的磚頭夾住，如圖所示。設(shè)所有接觸面間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為μ，則第27號和28號磚塊之間的摩擦力為（　　）
A． B． C． D．
4．（2024高一上·浙江開學(xué)考）如圖所示，平面鏡正以的速度繞垂直于紙面的軸O勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，為一段圓心在O點(diǎn)的圓弧形屏幕，其所對圓心角，有一束來自頻閃光源的平行光束通過狹縫S射向平面鏡M上的O點(diǎn)，已知光源每秒閃動(dòng)次，則屏幕上內(nèi)最多可能出現(xiàn)的光斑次數(shù)為（　?。?br/>A．1次 B．3次 C．4次 D．12次
5．（2024高一上·浙江開學(xué)考）如圖所示，將一根彈簧和一只質(zhì)量為1kg的金屬球（球上有一直小孔）套在鐵架臺(tái)的金屬桿AB上面?，F(xiàn)將小球提到B端后松手，小球的高度隨時(shí)間變化的情況如圖乙所示。下列說法正確的有（　?。?br/>甲 乙
①彈簧原來的長度為40cm；
②小球在0~t3過程中t1時(shí)刻機(jī)械能最大；
③在0~t1過程中小球的重力勢能全部轉(zhuǎn)化為動(dòng)能；
④在三個(gè)時(shí)刻，小球的動(dòng)能在t1時(shí)刻最大。
A．1個(gè) B．2個(gè) C．3個(gè) D．4個(gè)
6．（2024高一上·浙江開學(xué)考）用相同的加熱裝置對a、b、c三種固態(tài)物質(zhì)加熱（熱源溫度始終高于a、b、c的溫度），它們的溫度隨時(shí)間變化的圖像如圖所示，其中a、c質(zhì)量相同。下列對圖像的分析正確的是（　?。?br/>①時(shí)間內(nèi)，物質(zhì)a的溫度不變，內(nèi)能增加；
②若a、b是同種物質(zhì)，b的質(zhì)量大于a的質(zhì)量；
③溫度從升高到時(shí)，a物質(zhì)吸收的熱量比b少；
④b的比熱容一定小于c的比熱容。
A．①③④ B．①②④ C．①②③ D．①②③④
7．（2024高一上·浙江開學(xué)考）如圖所示，A、B是兩個(gè)完全相同的勻質(zhì)長方形木塊，長為l，疊放在一起，放在水平桌面上，端面都與桌邊平行。A放在B上，右端有伸出B外，為保證兩木塊都不翻倒，木塊B伸出桌邊的長度不能超過（　　）
A． B． C． D．
8．（2024高一上·浙江開學(xué)考）2020年初新冠狀病毒疫情形勢嚴(yán)峻，沖在最前線的醫(yī)務(wù)人員需要同時(shí)佩戴口罩及護(hù)目鏡等防護(hù)用品，但由于護(hù)目鏡鏡片經(jīng)常起“霧汽”導(dǎo)致了醫(yī)療護(hù)理過程中的諸多不便，對此，正確的解釋是（　　）
A．眼鏡上“霧汽”就是水蒸氣
B．“霧汽”形成過程需要吸熱
C．“霧汽”形成是水蒸氣液化現(xiàn)象
D．“霧汽”的形成是汽化現(xiàn)象
9．（2024高一上·浙江開學(xué)考）如圖所示，重力的水平木板在滑輪組的作用下保持靜止，三個(gè)滑輪等大、光滑，質(zhì)量均忽略不計(jì)，所有細(xì)繩的重力均不計(jì)，與天花板間的固定點(diǎn)分別為A、B、C，與木板間的固定點(diǎn)分別為D、E；各條細(xì)繩中不與滑輪接觸的部分均豎直，則B點(diǎn)處的細(xì)繩對天花板的拉力大小為（　?。?br/>A． B． C． D．
10．（2024高一上·浙江開學(xué)考）如圖所示，A、B間電壓一定，當(dāng)滑片P向左移動(dòng)到另一位置時(shí)，通過的電流變化量的大小分別為，電壓變化量的大小分別為，則（　?。?br/>A． B．
C． D．
11．（2024高一上·浙江開學(xué)考）在光滑水平面上，一小木塊向右撞擊豎直墻壁后被彈回（碰撞時(shí)間不計(jì)，碰撞過程中有能量損失）。如圖記錄了小木塊運(yùn)動(dòng)過程中的部分?jǐn)?shù)據(jù)，其中t所對應(yīng)的數(shù)據(jù)是物體在該位置時(shí)相對于初始位置O所經(jīng)歷的時(shí)間，s所對應(yīng)的數(shù)據(jù)是物體相對于初始位置O的距離。根據(jù)情景，可知墻壁與初始位置O的水平距離為　 　m。
12．（2024高一上·浙江開學(xué)考）圖甲為熱敏電阻的圖像，圖乙為用此熱敏電阻R和電磁繼電器組成的一個(gè)簡單恒溫箱溫控電路（U為恒壓電源），繼電器線圈的電阻為，圖中的“電源”是恒溫箱加熱器的電源，當(dāng)線圈中的電流大于或等于時(shí)，銜鐵被吸合，加熱器停止工作，實(shí)現(xiàn)溫控。
（1）恒溫箱內(nèi)的加熱器應(yīng)接在　 ?。ㄟx填“A、B”或“C、D”）端；
（2）要實(shí)現(xiàn)對之間任一溫度的控制，該裝置恒壓電源U至少為　 　V，若恒壓電源U為，則滑動(dòng)變阻器的最大阻值至少為　 　。
13．（2024高一上·浙江開學(xué)考）有如圖所示的電阻分布。
（1）a、b兩點(diǎn)間的電阻　 ??；
（2）如果流過A、B間電阻的電流為，則a、b兩點(diǎn)間的電壓　 　V。
14．（2024高一上·浙江開學(xué)考）某車的發(fā)動(dòng)機(jī)是單缸、四沖程的柴油機(jī)，汽缸的直徑為100mm，活塞沖程為120mm，做功沖程中氣體作用在活塞上的平均壓強(qiáng)是200N/cm2，飛輪的轉(zhuǎn)速為1200r/min，則這臺(tái)發(fā)動(dòng)機(jī)在做功沖程中燃?xì)鈱钊钠骄屏椤? 　N，這臺(tái)發(fā)動(dòng)機(jī)的功率約為　 　kW（計(jì)算時(shí)取π=3）．
15．（2024高一上·浙江開學(xué)考）如圖所示，將粗細(xì)均勻、直徑相同的均勻圓柱棒A和B粘合在一起，并在粘合處用繩懸掛起來，恰好在水平位置平衡。如果A的密度是B的n倍，那么A的長度是B的　 　倍，A的重力是B的　 　倍。
16．（2024高一上·浙江開學(xué)考）飛鳥在天空中自由翱翔，人類模擬飛鳥的翅膀制造了飛機(jī)的機(jī)翼，從而遨游天空。
（1）飛鳥展開翅膀飛行時(shí)獲得向上的升力，其升力是由于飛鳥翅膀上表面附近的空氣流速　 　（選填“大于”“等于”或“小于”）翅膀下表面附近的空氣流速而產(chǎn)生的。
（2）飛鳥飛行時(shí)產(chǎn)生的升力，可表示為，式中S為翅膀的面積，v為飛鳥的飛行速度，k為比例常量，已知一只質(zhì)量為、翅膀面積為的飛鳥，其飛行速度為，假設(shè)某飛機(jī)飛行時(shí)獲得的升力與該飛鳥飛行時(shí)獲得的升力滿足同樣的規(guī)律，且k值相同k為未知量），則已知一架質(zhì)量為m、起飛速度為v的飛機(jī)，其機(jī)翼設(shè)計(jì)面積S應(yīng)為　 　。
17．（2024高一上·浙江開學(xué)考）某學(xué)習(xí)小組在參觀某玻璃廠生產(chǎn)的過程中，對正在工作的天車產(chǎn)生了興趣。車間工作人員告訴他們，天車上的卷揚(yáng)機(jī)（其內(nèi)部有電動(dòng)機(jī)提供動(dòng)力）通過滑輪組和吸盤提升玻璃，電動(dòng)機(jī)的額定電壓為，額定電流為，如圖甲所示。設(shè)卷揚(yáng)機(jī)額定狀態(tài)下滑動(dòng)滑輪組和吸盤提升質(zhì)量為的玻璃時(shí)，玻璃勻速上升的速度為v，卷揚(yáng)機(jī)對滑輪組繩端的拉力為F，拉力的功率為P，滑輪組的機(jī)械效率為80%；已知拉力F所做功隨時(shí)間變化如圖乙所示，滑輪A、B的質(zhì)量均為，繩的質(zhì)量及滑輪與軸的摩擦均可忽略不計(jì)，。求：
（1）P的大小；
（2）v的大??；
（3）整個(gè)系統(tǒng)在本次工作過程中的效率（百分號前保留一位小數(shù)）。
18．（2024高一上·浙江開學(xué)考）某物理興趣小組設(shè)計(jì)了探測湖底未知屬性的礦石密度的裝置，其部分結(jié)構(gòu)如圖甲所示。電源電壓為，為定值電阻，滑動(dòng)變阻器R的阻值隨彈簧的拉力變化關(guān)系如圖乙。T為容器的閥門，某次探測時(shí)，水下機(jī)器人潛入深的湖底取出礦石樣品M。返回實(shí)驗(yàn)室后，將礦石樣品M懸掛于P點(diǎn)放入容器中，保持靜止?fàn)顟B(tài)。打開閥門T，隨著水緩慢注入容器，電壓表示數(shù)U隨容器中水的深度h變化關(guān)系如圖丙中的實(shí)線所示。在電壓表示數(shù)從變?yōu)榈倪^程中，電流表示數(shù)變化值為（彈簧電阻忽略不計(jì)），礦石M不吸水，湖水密度與水相同，假設(shè)容器足夠高，，取。求：
（1）定值電阻的阻值是多少？
（2）打開閥門T后，定值電阻的電功率變化值是多少？
（3）礦石M的密度是多少？
答案解析部分
1．【答案】A
【知識(shí)點(diǎn)】聲學(xué)
【解析】【解答】 本題綜合考查了質(zhì)量的特性、力和運(yùn)動(dòng)的關(guān)系、發(fā)電機(jī)原理及電源種類、電阻及超導(dǎo)體特點(diǎn)、信息的傳遞。解答本題需要用我們所學(xué)的物理知識(shí)去綜合分析①物體內(nèi)所含物質(zhì)的多少叫質(zhì)量，質(zhì)量是物體的一種屬性，不管有沒有地球引力，物體所含的物質(zhì)多少是不會(huì)發(fā)生變化的，所以物體的質(zhì)量是仍然存在的；
②平時(shí)一陣微風(fēng)是無法吹動(dòng)火車的，因?yàn)榛疖嚭偷孛嬷g的摩擦力與風(fēng)力平衡，抵消了風(fēng)力，而如果沒有摩擦力，則火車只在風(fēng)力作用下，就會(huì)由靜止變?yōu)檫\(yùn)動(dòng)；
③發(fā)電機(jī)的原理是電磁感應(yīng)，如果沒有磁場，則發(fā)電機(jī)就發(fā)不出電來．但我們常用的電源除了發(fā)電機(jī)以外，還有干電池、太陽能電池等，它們并不是利用電磁感應(yīng)來產(chǎn)生電流的，所以即使沒有磁場，我們也可以利用其它電源產(chǎn)生電流；
④導(dǎo)體的電阻是導(dǎo)體對電流的阻礙作用，電阻越大，電流越?。浑娮柙叫。娏髟酱?，以此來看，如果導(dǎo)體沒有電阻，則導(dǎo)體的導(dǎo)電能力將是最好的，用沒有電阻的導(dǎo)體導(dǎo)電，就再也不會(huì)有由于電阻而產(chǎn)生的電能損耗了；
⑤電磁波在信息的傳遞中扮演著非常重要的角色，廣播、電視、手機(jī)等都是靠電磁波來傳遞信息的，但傳遞信息的載體除了電磁波以外，電流、聲音也都可以傳遞信息。
故選A。
【分析】①質(zhì)量是物體的一種屬性，與受不受引力無關(guān)；
②力是改變物體運(yùn)動(dòng)狀態(tài)的原因；
③常用的電源有發(fā)電機(jī)和干電池；
④電阻是導(dǎo)體對電流的阻礙作用，如果沒有電阻，則導(dǎo)體的導(dǎo)電能力會(huì)更好；
⑤電流、電磁波、聲音都可以傳遞信息。
2．【答案】B
【知識(shí)點(diǎn)】聲學(xué)
【解析】【解答】 （1）音調(diào)：聲音的高低，由發(fā)聲體的振動(dòng)頻率決定，頻率越高，音調(diào)越高；
（2）響度：人耳感覺到的聲音的大小，它跟發(fā)聲體的振幅有關(guān)．振幅越大，響度越大；振幅越小，響度越小；
（3）音色：發(fā)聲體的聲音品質(zhì)，由發(fā)聲體本身的特征決定．是區(qū)別聲音的重要標(biāo)志．音色是聲音特有的品質(zhì)，用來區(qū)分不同物體發(fā)出的聲音，響度是指聲音的大小，聲波驅(qū)鳥設(shè)備模擬猛禽叫聲的音色；改變播放音量是指改變聲音的響度。
故選B。
【分析】根據(jù)樂聲的音調(diào)、響度和音色的三個(gè)特征，結(jié)合各選項(xiàng)進(jìn)行分析。
3．【答案】A
【知識(shí)點(diǎn)】整體法隔離法
【解析】【解答】本題主要考查了有關(guān)物體的受力分析問題，注意“整體法”的應(yīng)用，對于多個(gè)物體組成的系統(tǒng)，在進(jìn)行受力分析時(shí)要優(yōu)先考慮“整體法”進(jìn)行受力分析。對100塊磚這個(gè)整體分析
根據(jù)平衡力條件
解得
對1號磚分析
根據(jù)平衡條件推得1號和2號磚之間的摩擦力大小為
對2號磚分析
根據(jù)平衡條件推得2號和3號磚之間的摩擦力大小為
對3號磚分析
根據(jù)平衡條件推得3號和4號磚之間的摩擦力大小為
同理可得，第27號和28號磚塊之間的摩擦力大小為
故選A。
【分析】首先以整體為研究對象，可以求出第1塊和第100塊磚頭所受摩擦力的大小以及每一側(cè)木板對它的摩擦力大小，然后將左邊27塊磚頭看成一個(gè)整體，對整體進(jìn)行受力分析，利用力的平衡條件求出編號27和28號磚頭之間的摩擦力的大小。
4．【答案】C
【知識(shí)點(diǎn)】線速度、角速度和周期、轉(zhuǎn)速；生活中的光現(xiàn)象
【解析】【解答】 本題主要考查學(xué)生對光的反射定律的了解和掌握，此題要求學(xué)生應(yīng)具備一定的空間想象能力，是一道難題。根據(jù)平面鏡成像特點(diǎn)和光的反射定律可知，當(dāng)平面鏡以轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，反射光線轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度為。已知平面鏡繞垂直于紙面的軸以的速度轉(zhuǎn)動(dòng)，則反射光線的轉(zhuǎn)動(dòng)速度為，圓弧形屏幕張角為，反射光線經(jīng)過的時(shí)間為，則光源閃動(dòng)次。如果光源開始閃動(dòng)時(shí)，光點(diǎn)恰好在A點(diǎn)，則上就會(huì)出現(xiàn)4次光斑，C正確。
故選C。
【分析】已知平面鏡M繞垂直于紙面的軸O以每秒轉(zhuǎn)120°的速度順時(shí)針勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，根據(jù)平面鏡成像特點(diǎn)及光的反射定律可求得平面鏡轉(zhuǎn)過的角度；算出平面鏡轉(zhuǎn)動(dòng)的周期，以及所需時(shí)間，然后可知每秒內(nèi)出現(xiàn)的光斑次數(shù)。
5．【答案】A
【知識(shí)點(diǎn)】機(jī)械能守恒定律
【解析】【解答】動(dòng)能和重力勢能之間可以相互轉(zhuǎn)化．動(dòng)能和重力勢能之間的相互轉(zhuǎn)化一般發(fā)生在只受重力作用下的運(yùn)動(dòng)過程中。①由圖可知，最終小球靜止在彈簧上端，此時(shí)彈簧長度為40cm，彈簧處于壓縮狀態(tài)，則彈簧原長應(yīng)大于40cm，故錯(cuò)誤；
②由圖可知，小球被彈起高度逐漸減小，最終速度減為0，則可知該過程中存在摩擦力做負(fù)功，因此在0~t3過程中，初始0時(shí)刻機(jī)械能最大，故錯(cuò)誤；
③在0~t1過程中由于存在摩擦力，則小球的重力勢能部分轉(zhuǎn)化為動(dòng)能，故錯(cuò)誤；
④在三個(gè)時(shí)刻中，彈簧長度相同，由于摩擦力做負(fù)功，則小球的動(dòng)能逐漸減小，因此小球的動(dòng)能在t1時(shí)刻最大，故正確。
綜合可得只有一個(gè)正確；
故選A。
【分析】小球先自由下落，與彈簧接觸后，彈簧被壓縮，在下降的過程中，彈力不斷變大，當(dāng)彈力小于重力時(shí)，物體加速下降，合力變小，加速度變小，故小球做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)加速度減為零時(shí)，速度達(dá)到最大，之后物體由于慣性繼續(xù)下降，彈力變得大于重力，合力變?yōu)橄蛏锨也粩嘧兇螅铀俣认蛏锨也粩嘧兇螅市∏蜃黾铀俣炔粩嘣龃蟮臏p速運(yùn)動(dòng)。
6．【答案】C
【知識(shí)點(diǎn)】熱學(xué)
【解析】【解答】此題考查的是我們對物理規(guī)律的掌握和對圖像分析的能力，以圖像的形式考查物理規(guī)律，具有直觀、客觀的特點(diǎn)，是現(xiàn)在物理測試的熱點(diǎn)考查方式。①時(shí)間內(nèi)物質(zhì)a的溫度不變，但不斷吸收熱量，內(nèi)能增加，故①正確；
②若a、b是同種物質(zhì)，比熱容相同，升高相同的溫度時(shí)，b的加熱時(shí)間長，b吸收的熱量多，由公式知，b的質(zhì)量大于a的質(zhì)量，故②正確；
③溫度從T1升高到T2時(shí)，a物質(zhì)加熱時(shí)間比b物質(zhì)短，則a物質(zhì)吸收的熱量比b少，故③正確；
④用相同的加熱裝置對b、c兩種物質(zhì)加熱時(shí)，0～t1時(shí)間內(nèi)兩種物質(zhì)吸收的熱量相同，c物質(zhì)升高的溫度較小，由公式
但是兩種物質(zhì)的質(zhì)量關(guān)系不確定可知c物質(zhì)的比熱容與b的比熱容大小不確定，故④錯(cuò)誤。
綜上所述，①②③正確，故選C。
【分析】（1）液體的沸騰或晶體的熔化過程吸熱溫度不變，內(nèi)能增加；
（2）根據(jù)Q=cmΔt分析ab質(zhì)量的大小；
（3）吸收熱量的多少通過加熱時(shí)間的長短來表現(xiàn)；
（4）根據(jù)Q=cmΔt分析解答。
7．【答案】B
【知識(shí)點(diǎn)】重力與重心
【解析】【解答】遇到連接體問題，從整體角度分析較簡單，物體不翻到的臨界條件是物體的重心應(yīng)恰好在桌子的邊緣。為保證兩木塊剛好不翻倒，則兩木塊整體的重心剛好在桌子邊緣正上方。設(shè)B木塊伸出桌子邊緣外x，兩木塊質(zhì)量為m，則
解得
故選B。
【分析】應(yīng)用整體法考慮，根據(jù)平衡條件得出若兩長方形木塊不翻到且B伸出最長時(shí)，應(yīng)滿足整體的重心應(yīng)恰好在桌子的邊。
8．【答案】C
【知識(shí)點(diǎn)】熱學(xué)
【解析】【解答】本題考查了生活中的液化現(xiàn)象，體現(xiàn)了物理與生活實(shí)際的結(jié)合，難度不大。護(hù)目鏡鏡片上的“霧汽”是醫(yī)務(wù)人員呼出氣體中溫度較高的水蒸氣在遇到冷的鏡片從而在鏡片內(nèi)測發(fā)生液化，形成小水珠，即“霧汽”形成是水蒸氣液化現(xiàn)象，而液化過程需要放熱。
故選C。
【分析】物質(zhì)由氣態(tài)變成液態(tài)叫做液化，液化放熱。
9．【答案】B
【知識(shí)點(diǎn)】共點(diǎn)力的平衡
【解析】【解答】 本題考查了滑輪組拉力的計(jì)算，注意本題滑輪組不是由一根繩子纏繞而成，易錯(cuò)題！各繩的拉力如圖所示
則
B處天花板的拉力大小等于F1，所以
解得
故選B。
【分析】由圖可知，水平木板受到F1、F2、F3的作用，其中F2=2F1，F(xiàn)2=F3，根據(jù)“F1+F2+F3=G”求F1，即B點(diǎn)處的細(xì)繩對天花板的拉力大小。
10．【答案】C
【知識(shí)點(diǎn)】電路動(dòng)態(tài)分析
【解析】【解答】 本題考查了判斷電流與電壓變化量間的關(guān)系，分析清楚電路結(jié)構(gòu)、應(yīng)用串并聯(lián)電路特點(diǎn)與歐姆定律即可正確解題。
由電路圖可知，滑片P向左移動(dòng)時(shí)，滑動(dòng)變阻器R2接入電路的阻值變大，電阻R2與R3的并聯(lián)電阻變大，電路總電阻變大，電路兩端電壓不變，由歐姆定律可知，干路電流變小，通過R1的電流I1減小，電阻阻值不變，電阻R1兩端電壓
U1= I1R1
變小，電阻R2與R3的并聯(lián)電壓
U并= U2= U3=U- U1
變大，R3不變，由
U3= I3R3
可知I3變大，由并聯(lián)電路特點(diǎn)可知，干路電流等于各支路電流之和
I1= I2+ I3
I1減小，I3增大，I2減小，則I2的減小量大于I1的減小量，即
串聯(lián)電路總電壓等于各串聯(lián)電路電壓之和，則
U= U1+ U2
由于U不變，U1的減小量等于U2的增加量，即
故選C。
【分析】由電路圖可知，電阻R2與R3并聯(lián)，然后再與R1串聯(lián)；根據(jù)滑片的移動(dòng)方向判斷滑動(dòng)變阻器接入電路的阻值如何變化，然后由串并聯(lián)電路特點(diǎn)判斷電路總電阻如何變化，再應(yīng)用歐姆定律判斷電路電流如何變化，最后應(yīng)用串并聯(lián)電路特點(diǎn)與歐姆定律分析答題。
11．【答案】2.25
【知識(shí)點(diǎn)】力學(xué)
【解析】【解答】[1]因?yàn)槟緣K在光滑的水平面上運(yùn)動(dòng)，因此撞擊前后木塊均做勻速直線運(yùn)動(dòng)；根據(jù)圖示可知，撞擊前0.1s內(nèi)通過的路程為0.5m，撞擊后0.1s內(nèi)通過的路程為0.1m；則撞擊前木塊的速度為
撞擊后木塊的速度為
根據(jù)圖示可知，木塊運(yùn)動(dòng)1.6s時(shí)，距離O點(diǎn)的距離為1.1m，由
可知，再到達(dá)O點(diǎn)的時(shí)間為
則木塊從開始到最后所經(jīng)歷的時(shí)間為
根據(jù)圖示可知
t前+t后=t總
設(shè)墻壁與初始位置O的水平距離為s，由
可知
即
解得
s=2.25m
【分析】先根據(jù)題意判斷木塊的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)，然后根據(jù)圖示讀出撞擊前和撞擊后對應(yīng)的路程和時(shí)間，并根據(jù)速度公式求出撞擊前后的速度；根據(jù)圖示數(shù)據(jù)和速度公式求出全程木塊的時(shí)間，最后根據(jù)撞擊前和撞擊后的路程、速度表示出時(shí)間，再根據(jù)撞擊前后的時(shí)間和等于總時(shí)間可求出墻壁與初始位置O的水平距離。
12．【答案】（1）A、B
（2）4.8；100
【知識(shí)點(diǎn)】歐姆定律的內(nèi)容、表達(dá)式及簡單應(yīng)用
【解析】【解答】（1）知道電磁繼電器的基本原理；會(huì)根據(jù)歐姆定律進(jìn)行計(jì)算。當(dāng)溫度較低的時(shí)候，熱敏電阻的電阻較大，電路中的電流較小，此時(shí)繼電器的銜鐵與A、B部分連接，此時(shí)是需要加熱的，恒溫箱內(nèi)的加熱器要工作，所以該把恒溫箱內(nèi)的加熱器接在A、B 端。
（2）[1]由圖甲可知，50℃時(shí)熱敏電阻的阻值為，要實(shí)現(xiàn)對50℃～100℃之間任一溫度的控制，已知控制電路的電流要到達(dá)
I=20mA=0.02A
則根據(jù)串聯(lián)電路的特點(diǎn)和歐姆定律可知，需要的最小電源電壓
U=0.02A×(150+90)=4.8V
[2]由圖甲可知，溫度達(dá)到100℃，熱敏電阻R=50， 若恒壓電源U為6V，根據(jù)歐姆定律可得
即
解得
【分析】（1）根據(jù)熱敏電阻隨溫度的變化以及電磁繼電器的基本構(gòu)造和基本原理來分析。
（2）根據(jù)歐姆定律和熱敏電阻的特性來分析、計(jì)算。
（1）當(dāng)溫度較低的時(shí)候，熱敏電阻的電阻較大，電路中的電流較小，此時(shí)繼電器的銜鐵與A、B部分連接，此時(shí)是需要加熱的，恒溫箱內(nèi)的加熱器要工作，所以該把恒溫箱內(nèi)的加熱器接在A、B 端。
（2）[1]由圖甲可知，50℃時(shí)熱敏電阻的阻值為，要實(shí)現(xiàn)對50℃～100℃之間任一溫度的控制，已知控制電路的電流要到達(dá)
I=20mA=0.02A
則根據(jù)串聯(lián)電路的特點(diǎn)和歐姆定律可知，需要的最小電源電壓
U=0.02A×(150+90)=4.8V
[2]由圖甲可知，溫度達(dá)到100℃，熱敏電阻R=50， 若恒壓電源U為6V，根據(jù)歐姆定律可得
即
解得
13．【答案】（1）8
（2）72
【知識(shí)點(diǎn)】歐姆定律的內(nèi)容、表達(dá)式及簡單應(yīng)用
【解析】【解答】本題考查了學(xué)生對電阻串、并聯(lián)特點(diǎn)的掌握和運(yùn)用，分析電路圖找出CD兩點(diǎn)間、EF兩點(diǎn)間、ab兩點(diǎn)間的電阻是本題的關(guān)鍵。
（1）CD間的總電阻為
EF間的總電阻為
所以，a、b兩點(diǎn)間的電阻為
（2）根據(jù)并聯(lián)電路電流和電阻成反比，AB上的電流為1A，則EC上的電流為3A，則總電流為9A，則總電壓為
【分析】先求C、D兩點(diǎn)間的電阻（6Ω電阻與12Ω電阻并聯(lián)，總阻值為4Ω），再求E、F兩點(diǎn)間的電阻（將C、D兩點(diǎn)間看做一個(gè)4Ω的電阻，同理可得E、F兩點(diǎn)間的電阻為4Ω），ab兩點(diǎn)間的電阻Rab=2Ω+4Ω+2Ω=8Ω；
流過4Ω電阻的電流為1A，則C、D兩點(diǎn)間的電壓為12V，C、D兩點(diǎn)間的總電流為3A，E、F兩點(diǎn)間的電壓為36V，E、F兩點(diǎn)間的總電流為9A，Uab=72V。
（1）CD間的總電阻為
EF間的總電阻為
所以，a、b兩點(diǎn)間的電阻為
（2）根據(jù)并聯(lián)電路電流和電阻成反比，AB上的電流為1A，則EC上的電流為3A，則總電流為9A，則總電壓為
14．【答案】15000；18
【知識(shí)點(diǎn)】功率及其計(jì)算
【解析】【解答】 氣缸的直徑為100mm=10cm，汽缸活塞的截面積為
S=π()2=3×()2=75cm2
活塞受到的壓力
F=pS=200N/cm2×75cm2=1.5×104N
燃?xì)馔屏γ看螌钊龉Φ拇笮?br/>W1=FL=15000N×0.12m=1800J
飛輪的轉(zhuǎn)速是1200r/min，即飛輪1min轉(zhuǎn)動(dòng)1200周，而曲軸每轉(zhuǎn)兩周活塞對外做功一次，所以每分鐘發(fā)動(dòng)機(jī)活塞對外做功的次數(shù)
則這臺(tái)發(fā)動(dòng)機(jī)的功率約為
==
【分析】 求出活塞面積S，知道燃?xì)馄骄鶋簭?qiáng)，利用F=pS求熱機(jī)工作時(shí)的壓力；再利用W=Fs求一個(gè)沖程做的功；曲軸每轉(zhuǎn)兩周對外做功一次，所以飛輪1min轉(zhuǎn)動(dòng)1200周，要做功600次，求出氣缸1min做的總功，再利用功率公式求發(fā)動(dòng)機(jī)的功率。
15．【答案】；
【知識(shí)點(diǎn)】力學(xué)
【解析】【解答】[1][2]由題意
又
，，
得
，
【分析】A的長度是B的倍，A的重力是B的倍。 先根據(jù)密度公式，用兩棒的長度表示兩段棒的質(zhì)量之比，再根據(jù)力矩平衡條件列式，求解A、B長度之比；由m=ρV得到質(zhì)量之比，即可求得重力之比．
16．【答案】（1）大于
（2）
【知識(shí)點(diǎn)】力學(xué)
【解析】【解答】（1）飛鳥翅膀上表面附近的空氣流速大于下表面附近的空氣流速空氣的流速，因而上表面氣體的壓強(qiáng)小于下表面氣體的壓強(qiáng)，翅膀上下方所受到的壓力差形成向上的升力。
（2）飛鳥或飛機(jī)在空中飛行時(shí)，所受的升力等于本身的重力。對于飛鳥有
對于飛機(jī)有
以上兩式中k值相同，聯(lián)立解得
【分析】（1）液體和氣體都稱為流體，生活中常見的流體是水和空氣，流體的流速越大，壓強(qiáng)越小。
（2）根據(jù)飛機(jī)飛行時(shí)獲得的升力與該飛鳥飛行時(shí)獲得的升力滿足同樣的規(guī)律，且k值相同（k為未知量），分別寫出飛機(jī)和飛鳥的有關(guān)k的表達(dá)式，讓其相等，進(jìn)行化簡得出S的表達(dá)式即可。
（1）飛鳥翅膀上表面附近的空氣流速大于下表面附近的空氣流速空氣的流速，因而上表面氣體的壓強(qiáng)小于下表面氣體的壓強(qiáng)，翅膀上下方所受到的壓力差形成向上的升力。
（2）飛鳥或飛機(jī)在空中飛行時(shí)，所受的升力等于本身的重力。對于飛鳥有
對于飛機(jī)有
以上兩式中k值相同，聯(lián)立解得
17．【答案】【解答】（1）由圖乙可知，當(dāng)時(shí)，，則拉力的功率為
（2）當(dāng)提升玻璃的質(zhì)量為時(shí)，滑輪組的機(jī)械效率為80%，則
解得
（3）電動(dòng)機(jī)的總輸入功率為
則整個(gè)系統(tǒng)在本次工作過程中的效率為
【知識(shí)點(diǎn)】力學(xué)
【解析】【分析】（1）根據(jù)圖象讀出F所做的功和做功時(shí)間，根據(jù)公式拉力的功率（總功率）P；（2）已知提升的玻璃m=80kg，η=80%，根據(jù)公式可求得有用功的功率；然后根據(jù)G=mg求出重力，根據(jù)P=Gv求出v，
（3）利用W=Pt求出有用功，利用W=UIt電動(dòng)機(jī)消耗的電能，根據(jù)可求得整個(gè)系統(tǒng)在本次工作過程中的效率。
18．【答案】【解答】（1）根據(jù)
可知
（2）電壓表示數(shù)為2V時(shí)，電流為
電壓表示數(shù)為4V時(shí)，電流為
打開閥門T后，定值電阻的電功率變化值為
（3）水深度在0~h1時(shí)，礦石沒有浸在水中，彈簧拉力最大，與重力平衡，滑動(dòng)變阻器阻值為
此時(shí)彈簧拉力為
即等于礦石重力。
水深度大于h2時(shí)，礦石浸沒在水中，彈簧拉力最小，浮力最大，滑動(dòng)變阻器阻值為
此時(shí)彈簧拉力為
則礦石浸沒在水中時(shí)所受浮力為
根據(jù)
，
得礦石M的密度是
【知識(shí)點(diǎn)】電功率和電功；閉合電路的歐姆定律
【解析】【分析】（1）根據(jù)題目分析出電壓表為2V和4V時(shí)R0兩端的電壓，用歐姆定律求出電流表達(dá)式，再利用電流變化量求解電阻值；
（2）利用P=I2R求得兩種情況功率值解答。
（3）根據(jù)圖象看出剛開始，物體不受浮力，求出此時(shí)R的阻值，由圖象得到質(zhì)量，再根據(jù)浮力求得體積，利用密度公式求密度；
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