資源簡介

廣東省湛江市雷州市第五中學集團2025年中考三模物理試題
1．（2025·雷州模擬）下列關于詩詞中涉及到的光現象，解釋正確的是（　　）
A．瀑布噴成虹——彩虹是光的色散現象
B．綠樹陰濃夏日長——“陰濃”是光的折射形成的
C．明鏡可鑒形——鏡子可以成像是因為光發生了折射
D．掬水月在手——月在手中是光的直線傳播形成的
【答案】A
【知識點】光的直線傳播及其應用；光的反射；光的色散
【解析】【解答】A． 瀑布噴成虹—— 彩虹是由光的色散形成的，故A正確；
B． 綠樹陰濃夏日長—— 樹陰是樹木的影子，由于光的直線傳播，光射到不透明物體上，在不透明物體后面形成影子，而非折射，故B錯誤；
C． 明鏡可鑒形—— 鏡子成像是因為光發生了反射，而不是折射，故C錯誤；
D． 掬水月在手—— 是指月亮在水中的倒影，是由于光的反射形成的，而不是光的直線傳播，故D錯誤。
故選A 。
【分析】分析各個選項中描述的光學現象，分析其中包含的物理原理即可。
2．（2025·雷州模擬）在綜合實踐活動課上，小明將長度不同的吸管一端封閉粘在一起制作成了“排簫”如題圖所示，下列說法中正確的是（　　）
A．小明演奏時發出的聲音是吸管振動產生的
B．排簫的聲音能傳遞信息，不能傳遞能量
C．排簫的振動幅度越大，發出聲音的音調會更高
D．吸管長短不同，越短的音調越高
【答案】D
【知識點】聲音的產生；音調及音調與頻率的關系；音調、響度與音色的區分；聲與信息
【解析】【解答】A．排簫屬于管樂器，其發聲原理是空氣柱振動，故A錯誤；
B．排簫的聲音既能傳遞信息，也能傳遞能量，故B錯誤；
C．振動幅度影響的是聲音的響度，振動幅度越大，響度越大，故C錯誤；
D．在排簫中，吸管長度越短，空氣柱越短，振動頻率越高，音調也越高，故D正確。
故選D。
【分析】A.根據聲音產生的知識判斷；
B. 聲音既能傳遞信息，也能傳遞能量；
C.聲音的大小叫響度，與發聲體的振幅大小有關；
D.音調表示聲音的高低，與頻率大小有關。
3．（2025·雷州模擬）我國“華龍一號”核電技術領先全球，關于核電站和核能，下列說法正確的是（　　）
A．原子核由中子和質子構成 B．核能是可再生能源
C．核電利用的是原子核聚變 D．原子核帶負電
【答案】A
【知識點】能源及其分類；核裂變；原子結構
【解析】【解答】A．根據題意可知，原子核是由質子和中子組成的，故A正確；
B．核能不可能在短期內再生，屬于不可再生能源，故B錯誤；
C．核電站是利用可控的核裂變來發電的，而不是核聚變，故C錯誤；
D．原子核由質子和中子組成，質子帶正電，中子不帶電，整體原子核帶正電，故D錯誤。
故選A。
【分析】AD.根據原子核的構成判斷；
B.可以在短時間內得到補充的能源為可再生能源；
C.根據核電站的工作原理判斷。
4．（2025·雷州模擬）如圖甲是某品牌智能體重秤，圖乙是它的電路結構圖，為定值電阻，秤盤下方的電阻為壓敏電阻，其阻值隨所受壓力增大而減小。當小明站上體重秤時（　　）
A．通過的電流變小 B．電壓表示數變大
C．通過的電流不變 D．電壓表示數變小
【答案】B
【知識點】歐姆定律及其應用；電路的動態分析
【解析】【解答】根據圖片可知，定值電阻和壓敏電阻串聯，電流表測通過的電流，電壓表測定值電阻兩端的電壓。
當體重越重時，壓敏電阻阻值減小，根據R總=R+R0可知，電路總電阻減小。根據歐姆定律可知，通過電路的電流增大，通過R的電流增大。根據U=IR可知，定值電阻兩端的電壓增大，即電壓表示數增大，故B符合題意，ACD不符合題意。
故選B。
【分析】根據圖片乙確定電路的串并聯關系，以及電表所測的物理量。根據R總=R+R0分析總電阻的變化，根據分析總電流的變化，根據U=IR確定電壓表的示數變化即可。
5．（2025·雷州模擬）實心球是深圳中考體育考試項目之一。某同學實心球投擲后，球在空中運動的軌跡如圖所示，球落地后滾動了一段距離后停下。忽略空氣阻力，下列說法錯誤的是（　　）
A．體積小、質量大的實心球，是用密度較大的材料制成
B．實心球在空中運動軌跡說明力可以改變物體的運動狀態
C．實心球運動到最高點時，若突然失去重力的作用，球將保持靜止
D．實心球落地后滾動一段距離后最終停下，說明地面是粗糙的
【答案】C
【知識點】密度公式及其應用；力的作用效果；物體運動狀態的變化
【解析】【解答】A．體積小、質量大的實心球，根據m=ρv可知鉛球是用密度較大的材料制成，故A正確，不符合題意；
B．實心球在空中運動時受到重力，方向豎直向下，所以軌跡是曲線，說明力可以改變物體的運動狀態，故B正確，不符合題意；
C．實心球運動到最高點時，具有水平方向速度，不受力的情況下，球將保持原來的速度做勻速直線運動，故C錯誤，符合題意；
D．實心球落地后滾動一段距離后最終停下，一定受到了地面的阻力，因而說明地面是粗糙的，故D正確，不符合題意。
故選C。
【分析】1、密度的性質：密度是物質的基本屬性，不隨質量和體積的變化而變化；至于材料本身以及材料狀態有關；
2、根據密度公式計算m=ρv分析可知，體積相同是質量和密度成正比；
3、力和運動：物體靜止或者做勻速直線運動，物體受到平衡力的作用。
6．（2025·雷州模擬）迷人的夢幻干冰香棋塔經常出現在各種慶典當中，來烘托氣氛，關于白色煙霧下列說法正確的是（　　）
A．嘉賓們看到的白色煙霧是氣態二氧化碳
B．嘉賓們看到的白色煙霧是水蒸氣
C．嘉賓們看到的白色煙霧是液態的小水滴
D．這一過程干冰先升華吸熱后又液化放熱
【答案】C
【知識點】物質的三態；汽化及汽化吸熱的特點；液化及液化放熱；升華及升華吸熱
【解析】【解答】根據題意可知，噴灑的干冰從固態直接變成氣態發生升華時吸收空氣中的熱量，而周圍空氣中的水蒸氣遇冷液化形成小水滴，從而看到了白色煙霧，故C正確，而ABC錯誤。
故選C。
【分析】根據物質的初始態和終末態確定物態變化的名稱。
7．（2025·雷州模擬）二胡是我國的民族樂器。在校園文化藝術節上，小夢同學用二胡演奏了優美的樂曲。關于二胡演奏中的聲現象，下列說法正確的是（　　）
A．二胡聲是由空氣振動產生的
B．手按壓琴弦不同部位是為了改變音色
C．二胡聲是通過空氣傳入人耳的
D．二胡聲在空氣中的傳播速度是3×108 m/s
【答案】C
【知識點】聲音的產生；聲音的傳播條件；聲速；音調及音調與頻率的關系
【解析】【解答】A C．聲音是由物體振動產生的，聲音的傳播是需要介質的，二胡聲是由二胡的弦振動產生的，通過空氣傳播進入人耳，故A錯誤，C正確；
B．手按壓琴弦不同部位是為了改變琴弦振動的長度來改變振動的頻率，為了改變音調，故B錯誤；
D．聲速與介質的種類和溫度有關，聲音在空氣中的傳播速度約340m/s，故D錯誤。
故選C。
【分析】
（1）聲音是由物體振動產生的，振動停止發聲也停止；
（2）手按壓琴弦不同位置，發聲體振動的快慢不一樣；
（3）聲音的傳播是需要介質的，它既可以在氣體中傳播，也可以在固體和液體中傳播。
（4）聲音在空氣中的傳播速度約為340m/s。
8．（2025·雷州模擬）小明去超市買東西，發現了很多有趣的物理現象，例如停止推動購物車時，購物車還會繼續前進，是因為購物車　 　，購物車裝上輪子是為了　 　摩擦（選填“增大”“減小”），購物車受到的支持力與車對地面的壓力是一對　 　（選填“平衡力”或“相互作用力”）。
【答案】具有慣性；減少；相互作用力
【知識點】力作用的相互性；慣性及其現象；增大或減小摩擦的方法
【解析】【解答】（1）根據題意可知，停止推動購物車時，購物車還會繼續前進，是因為購物車具有慣性；
（2）根據題意可知，購物車裝上輪子，是用滾動代替滑動，從而減小摩擦；
（3）購物車受到的支持力作用在購物車上，購物車對地面的壓力作用在地面上，即二者沒有作用在同一物體上，因此二者屬于相互作用力，而不是平衡力。
【分析】（1）物體保持運動狀態不變的性質叫慣性；
（2）根據減小摩擦力的方法解答；
（3）平衡力和相互作用力的不同點，前者作用在兩個物體上，后者作用在同一物體上。
9．（2025·雷州模擬）長征二號F遙十九運載火箭以煤油、液態氫和液態氧為燃料，發射前加注燃料時，應在　 　（選填“低溫”或“高溫”）環境中進行，氫在　 　（選填“液”或“氣”）態時氫分子無規則運動更劇烈，火箭加速升空過程中，它的機械能逐漸　 　（選填“增大”“減小”或“不變”）。
【答案】低溫；氣；增大
【知識點】沸騰及沸騰條件；機械能及其轉化；分子熱運動
【解析】【解答】（1）發射前加注燃料時，應該保證氧氣和氫氣都是液態，因為液態氫與液態氧的沸點較低，所以應在低溫環境中進行。
（2）根據題意可知，氣態氫的溫度相對較高，則氫在氣態時，分子無規則運動更劇烈。
（3）火箭加速升空時，質量不變，速度增大，則動能增大；質量不變，高度增大，則重力勢能增大。根據“機械能=動能+重力勢能”可知，神舟十九號載人飛船的機械能增加。
【分析】（1）液體低于沸點為液態，高于沸點為氣態；
（2）分子無規則運動的劇烈程度與溫度高低有關；
（3）動能與質量和速度有關，而重力勢能與質量和高低有關，而“機械能=動能+重力勢能”。
10．（2025·雷州模擬）如圖為緩解干眼癥的蒸汽眼罩裝置，用超聲波將藥液霧化，直接向眼部給藥，這是利用聲能傳遞　 　，該裝置與治療室內的電燈是　 　（選填“并聯”或“串聯”）的；矯正近視眼應佩戴　 　（選填“凹”或“凸”）透鏡。
【答案】能量；并聯；凹
【知識點】近視眼的成因與矯正辦法；聲與能量；串聯電路和并聯電路的辨別
【解析】【解答】（1）用超聲波將藥液霧化，直接向眼部給藥，利用超聲波傳遞能量。
（2）根據題意可知，該裝置與治療室內的電燈互不影響，獨立工作，它們是并聯的。
（3）根據題意可知，對近視眼的矯正可通過凹透鏡對光線的發散作用進行矯正。
【分析】（1）聲波可以傳遞信息，聲波可以傳遞能量；
（2）用電器相互影響為串聯，不相互影響為并聯；
（3）近視眼的晶狀體較厚，折光能力太強，因此來自遠處點的光會聚在視網膜前，據此分析解答。
11．（2025·雷州模擬）小明在烹制雞蛋時，要將蛋黃與蛋清分離，如圖，擠壓礦泉水瓶，松開手蛋黃被吸進瓶子里，這是利用　 　的作用；煎蛋時，通過　 　方式使雞蛋的內能增大；煎好后，可以聞到香味，這是因為分子在不停地做　 　.
【答案】大氣壓；熱傳遞；無規則運動
【知識點】熱傳遞改變物體內能；大氣壓的綜合應用；分子熱運動
【解析】【解答】（1） 如圖，擠壓礦泉水瓶，松開手蛋黃被吸進瓶子里， 蛋黃在大氣壓作用下被吸進瓶子里。
（2）煎蛋時，用火加熱，雞蛋吸收火焰的熱量，則是通過熱傳遞的方式使雞蛋的內能增大。
（3）根據題意可知，煎好后，可以聞到香味是擴散現象，這是因為分子在不停地做無規則運動。
【分析】（1）根據大氣壓強的知識解答；
（2）改變內能的方法：做功和熱傳遞；
（3）根據分子運動的知識解答。
12．（2025·雷州模擬） 家庭中的電視機、空調等用電器是通過　 　聯的方式連接在電路中；電熱水壺利用電流的　 　效應工作；一般不同時使用大功率用電器，是為了避免因　 　（填“電流”或“電壓”）過大帶來危險。
【答案】并；熱；電流
【知識點】電流的熱效應；家庭電路的連接；家庭電路電流過大的原因
【解析】【解答】（1）家庭中的電視機、空調等用電器工作時互不影響，所以它們是通過并聯的方式連接在電路中；
（2）電熱水壺是利用電流的熱效應工作的，工作時將消耗的電能轉化成內能；
（3）家庭電路中電流過大的原因是：短路和用電器的總功率過大；家庭電路電壓U=220V一定，根據公式P=UI可知，用電功率P越大，電流I就越大。
故答案為：并；熱；電流。
【分析】（1）家庭電路中各用電器之間是并聯的；
（2）電熱器是利用電路的熱效應工作，將電能轉化為內能；
（3）家庭電路過大的原因：短路和用電器的總功率過大。
13．（2025·雷州模擬）嫦娥五號返回器用類似“打水漂”的方式著陸地球，其著陸過程的部分軌跡簡化為如圖所示。AB段返回器的動能　 　（選填“變大”“不變”或“變小”）；BC段返回器的機械能　 　（選填“變大”“不變”或“變小”），CD段返回器動能增加量　 　（選填“大于”“等于”或“小于”）重力勢能的減小量。
【答案】變小；不變；小于
【知識點】動能的影響因素；勢能的影響因素；機械能及其轉化
【解析】【解答】（1）由圖可知，返回器在經過AB段時，是從A到B，B的高度大于A 的高度，可知返回器的質量不變，高度變大，重力勢能變大，返回器的動能轉化為重力勢能，故返回器的動能變小。
（2）返回器從B到C這個過程中是在大氣層外運動，不受空氣的阻力，故機械能是守恒的，即機械能保持不變。
（3）返回器在CD段，是在大氣層內加速下降，返回器質量不變，故重力勢能轉化為動能，由于受到空氣阻力的作用，一部分重力勢能轉化為內能，所以返CD段返回器動能增加量小于重力勢能的減小量。
故答案為：變小；不變；小于。
【分析】（1）動能的大小與質量、速度有關，質量一定時，速度越大，動能越大；
（2）重力勢能的大小與質量、高度有關，質量一定時，高度越高，重力勢能越大；
（3）機械能為動能和勢能的和，據此分析動能、機械能的變化；物體運動過程中，不考慮空氣阻力和摩擦力，機械能守恒，考慮阻力和摩擦力，則不守恒。
14．（2025·雷州模擬）通常我們說“鋁比鐵輕”是指鋁的　 　（選填“密度”、“質量”或“體積”）比鐵小；一瓶礦泉水，喝掉了一半，剩下一半水的密度將　 　；某鋼瓶內裝有氧氣，在一次氣焊中用去其中的，則瓶內剩余氧氣的密度將　 　（以上兩空均選填“變大”、“變小”或“不變”）．
【答案】密度；不變；變小
【知識點】密度及其特性；密度公式及其應用
【解析】【解答】根據題意可知，通常我們說“鋁比鐵輕”是指鋁的密度小于鐵的密度。
一瓶礦泉水，喝掉了一半，剩下一半水的密度將不變；
一次氣焊用去，則瓶內剩余氧氣的質量減小，而剩余氧氣的體積不變，由可知，剩余氧氣的密度變小。
【分析】密度是物質本身的一種特性，同種物質（同種狀態）密度相同，與質量、體積大小無關；
結合密度公式分析解答。
15．（2025·雷州模擬）（1）如圖一束光斜射入水中，請畫出反射光和折射光的大致方向；
（2）如圖，神舟十八號飛船返回艙進入大氣層從空中下降，點為其重心，請畫出它的重力示意圖；
（3）用帶指示燈的開關控制陽臺的電燈；閉合開關，兩燈都亮；斷開開關，兩燈都滅，使用過程中發現：指示燈因斷路不亮，電燈照常發亮.請在圖中將電路連接完整。
【答案】（1）
（2）
（3）
【知識點】作光的反射光路圖；作光的折射光路圖；重力示意圖；家庭電路的連接
【解析】【解答】（1）根據題意可知，首先通過過入射點O垂直界面作出法線，然后根據“反射角等于入射角”在法線右側畫出對應的反射光線。當光由空氣斜射入水中時，折射光線向法線偏折，折射角小于入射角，據此在水中法線的另一側作出折射光線，如下圖所示：
（2）根據題意可知，返回艙的重力作用在重心上，方向豎直向下，如下圖所示：
（3）根據題意可知，指示燈因斷路不亮，電燈照常發亮，這說明電燈與指示燈不相互影響，因此二者是并聯的。閉合開關，兩燈都亮；斷開開關，兩燈都滅，這說明開關能同時控制兩盞燈，即開關在干路上。為了用電的安全，開關應接在用電器和火線之間，如下圖所示：
【分析】（1）根據光的折射規律和光的反射定律完成作圖即可；
（2）對物體進行受力分析，確定力的三要素，然后沿力的方向畫帶箭頭的線段即可；
（3）用電器相互影響為串聯，不相互影響為并聯。干路開關控制所有用電器，支路開關控制它所在支路上的用電器，結合家庭電路安全用電的常識解答。
（1）過入射點O垂直界面作出法線，根據反射光線與入射光線分居法線兩側，反射角等于入射角，在空氣中法線的另一側作出反射光線；根據折射光線與入射光線分居法線兩側，光由空氣斜射入水中時，折射光線向法線偏折，折射角小于入射角，在水中法線的另一側作出折射光線，如下圖所示：
（2）重力的方向總是豎直向下的，從返回艙重心O，沿豎直向下方向畫一條有向線段，標上箭頭，并寫上字母G，如下圖所示：
（3）閉合開關，兩燈都亮；斷開開關，兩燈都滅，這說明開關能同時控制兩盞燈；指示燈因斷路不亮，電燈照常發亮，這說明電燈與指示燈是并聯的，為了用電的安全，開關應接在用電器和火線之間，故連接電路圖，如下圖所示：
16．（2025·雷州模擬）小明利用托盤天平和圖甲所示的注射器測量雞蛋清的密度。
接下來進行了如下操作：
A.用天平測出注射器的質量為10g；
B.用注射器吸取部分蛋清，從注射器上讀出體積為16mL；
C.用天平測出蛋清和注射器的總質量為m，如圖乙所示，m=　 　g。
根據以上數據可知，蛋清的密度ρ=　 　g/cm3，實驗后，小明發現注射器的尖端還有一點小“空隙”，“空隙”里也充滿了蛋清，這會導致測得的密度比真實值偏　 　。
【答案】26.8；1.05；大
【知識點】液體密度的測量
【解析】【解答】（1）如圖乙所示，標尺分度值為0.2g，則游碼質量為1.8g，砝碼質量為：20g+5g=25g，則蛋清和注射器的總質量為；
（2）根據題意可知，蛋清的質量為；
則蛋清的密度；
（3）根據題意可知，注射器的尖端“空隙”里也充滿了蛋清，這會導致測得的體積偏小，根據，這會導致測得的密度比真實值偏大。
【分析】 （1）物體的質量等于砝碼的總質量與游碼對應的刻度值之和；
（2）蛋清和注射器的總質量減去注射器的質量就是蛋清的質量，從注射器上讀出蛋清的體積，然后由密度公式可以求出蛋清的密度；
（3）由于針筒的刻度線前的尖端還是有一點小“空隙”，造成所測體積偏小，根據密度公式即可判斷密度是偏大還是偏小。
17．（2025·雷州模擬）用題圖甲所示的電路探究通過導體電流與電壓、電阻的關系。器材有：干電池3節（每節電壓略小于1.5V），滑動變阻器3個（銘牌上分別標有“5Ω；3A”“20Ω；2A”“50Ω；1.5A”字樣），電流表、電壓表、開關各一個，阻值為5Ω、10Ω、20Ω的電阻各一個，導線若干。
（1）請用筆畫線代替導線，將圖甲所示的實物連接成完整電路。要求：滑動變阻器的滑片P向左移動時，電流表示數變小。
（2）閉合開關后，電流表無示數，電壓表有示數，若電路中只有一處故障，則可能是　 　。
（3）排除故障后，重新開始實驗，探究電流與電壓的關系。閉合開關，電壓表示數為0.7V，電流表示數為0.07A，實驗中選用滑動變阻器的銘牌上標有　 　字樣，則電源電壓為　 　V；移動滑片P，逐步增大R兩端電壓，記錄電壓表示數U和對應電流表示數I，如圖乙所示，依據圖像，得到的結論是　 　。
（4）在探究電流與電阻的關系時，為能用上圖乙中的某一組實驗數據，小明斷開開關，將R換成5Ω，閉合開關，移動滑片P，電流表示數如圖丙所示為　 　A；斷開開關，換接未使用過的一個電阻，正確操作后，電流表示數應為　 　A。
【答案】（1）
（2）電阻R斷路
（3）“50Ω 1.5A”；4.2；電阻一定時，電流與電壓成正比
（4）0.4；0.1
【知識點】探究電流與電壓、電阻的關系實驗
【解析】【解答】（1）根據題意可知，滑動變阻器的滑片P向左移動時，電流表示數變小，根據歐姆定律可知，說明滑動變阻器接入電路的電阻應增大，那么應將滑動變阻器的右下接線柱接入電路中，如下圖所示：
（2）閉合開關后，電流表無示數，說明電路可能斷路；電壓表有示數，說明電壓表與電源兩極連通，即電壓表并聯部分之外的電路是完好的。因此故障可能是電阻R斷路。
（3）①根據題意可知，電流表示數為0.07A，電壓表示數為0.7V，
則電阻R的阻值為；
因為電源由3節干電池組成，每節電壓略小于1.5V，
根據串聯電路特點，此時滑動變阻器兩端電壓約為U滑=4.5V-0.7V=3.8V；
此時滑動變阻器接入電路的電阻約為；
所以應選用“50Ω；1.5A”的滑動變阻器。
②電源電壓U=I（R+R滑大）=0.07A×（10Ω+50Ω）=4.2V；
③由圖乙可知，電流與電壓的圖像是一條過原點的傾斜直線，所以得到的結論是：在電阻一定時，通過導體的電流與導體兩端的電壓成正比。
（4）①根據丙圖可知，電流表選擇0-0.6A量程，分度值為0.02A，示數為0.4A。
②探究電流與電阻的關系時，控制不變的電壓為U控=0.4A×5Ω=2V；
由于要用上圖乙中的某一組實驗數據，圖乙中所使用的電阻的阻值為10Ω，則接下來應換接一個未使用過的電阻為20Ω，電路中的電流；
因此接20Ω電阻時電流表的示數為0.1A。
【分析】 （1）要使滑動變阻器的滑片P向左移動時，電流表示數變小，即電阻變大，那么滑動變阻器要接右半段電阻絲，所以要將滑動變阻器的右下接線柱B接入電路。
（2）閉合開關后，電流表無示數，說明電路可能斷路；電壓表有示數，說明電壓表與電源之間是通路。
（3）①閉合開關，電壓表示數為0.7V，電流表示數為0.07A，由此可得電阻R的阻值；
②因為電源由3節干電池組成，每節電壓略小于1.5V，根據串聯電路特點，此時可得滑動變阻器兩端電壓；再由歐姆定律計算出此時滑動變阻器接入電路的電阻來選定滑動變阻器。
電源電壓由U=IR（R+R滑大）計算可得。
③在電阻一定時，通過導體的電流與導體兩端的電壓成正比。
（4）①根據丙圖確定電流表的量程和分度值，根據指針位置讀出示數；
②探究電流與電阻的關系，應保持電阻兩端的電壓不變。
（1）滑動變阻器的滑片P向左移動時，電流表示數變小，說明滑動變阻器接入電路的電阻應增大，所以應將滑動變阻器的右下接線柱接入電路中，如下圖所示：
（2）閉合開關后，電流表無示數，說明電路可能斷路；電壓表有示數，說明電壓表與電源兩極連通，即電壓表并聯部分之外的電路是完好的。因此，故障可能是電阻R斷路。
（3）[1]閉合開關，電壓表示數為0.7V，電流表示數為0.07A，由此可得電阻R的阻值為
因為電源由3節干電池組成，每節電壓略小于1.5V，根據串聯電路特點，此時滑動變阻器兩端電壓約為U滑=4.5V-0.7V=3.8V
此時滑動變阻器接入電路的電阻約為
所以應選用“50Ω；1.5A”的滑動變阻器。
[2]電源電壓U=I（R+R滑大）=0.07A×（10Ω+50Ω）=4.2V
[3]由圖乙可知，電流與電壓的圖像是一條過原點的傾斜直線，所以得到的結論是：在電阻一定時，通過導體的電流與導體兩端的電壓成正比。
（4）[1]如圖丙所示，電流表接小量程，分度值為0.02A，示數為0.4A。
[2]探究電流與電阻的關系時，控制不變的電壓為U控=0.4A×5Ω=2V
由于要用上圖乙中的某一組實驗數據，圖乙中所使用的電阻的阻值為10Ω，則接下來應換接一個未使用過的電阻為20Ω，電路中的電流
因此接20Ω電阻時電流表的示數為0.1A。
18．（2025·雷州模擬）小明想鑒別一塊翡翠是否真實，他查到翡翠由于內部結構致密，密度比一般玉石大，密度，于是他設計了實驗測量某一玉石的密度，如圖所示。
（1）將托盤放在水平桌面上，游碼移到標尺左端的　 　處，若天平的橫梁靜止時，指針位置如圖甲所示，則應將平衡螺母向　 　（選填“左”或“右”）調節，使橫梁在水平位置平衡；
（2）將石塊放在左盤中，在另一盤中加減砝碼，并移動游碼使橫梁重新平衡.盤中砝碼質量和游碼的位置如圖乙所示，則石塊質量為　 　g；
（3）用細線吊著石塊將其放入盛水的量筒中，量筒中前、后兩次液面的位置如圖丙所示，石塊的體積是　 　；
（4）該玉石　 　（選填“是”或“不是”）純翡翠；
（5）小元進行了下列操作也測出了該玉石的密度：
①用天平測出石塊的質量；
②在燒杯中裝適量的水，用天平測出燒杯和水的總質量；
③將石塊浸沒在水中，在燒杯的水面處做一個標記；
④取出石塊，向燒杯中加水至標記處，用天平測出此時燒杯和水的總質量，則石塊密度的表達式為　 　（水的密度為，用含、、、的式子表達）。
【答案】（1）零刻度線；右
（2）27.4
（3）10
（4）不是
（5）
【知識點】固體密度的測量
【解析】【解答】（1）根據題意可知，應將托盤放在水平桌面上，游碼移到標尺左端的零刻度線處；根據甲圖可知，天平指針左偏，說明左端沉右端輕，則應將平衡螺母向右調節。
（2）根據乙圖可知，砝碼的質量為：20g+5g=25g，游碼的質量為2.4g，則圖乙中石塊的質量m=25g+2.4g=27.4g；
（3）根據圖丙可知，水的體積50mL，水和石塊的總體積為60mL，則石塊的體積V=60mL-50mL=10mL=10cm3
（4）根據題意可知，石塊的密度，
翡翠由于內部結構致密，密度比一般玉石大，密度，
所以該玉石不是純翡翠。
（5）由題意知，后來加入水的質量為m'水=m3-m2，
后來加入水的體積即為小石塊的體積，則該小石塊密度的表達式為。
【分析】 （1）根據天平的使用方法解答。平衡螺母總是向較輕的一側調節。
（2）確定天平標尺的分度值，物體的質量等于砝碼質量加游碼（以左側）對應的刻度值；
（3）量筒的分度值為1cm3，石塊的體積等于水和石塊的總體積減去水的體積；
（4）根據求出石塊的密度，然后與翡翠的密度比較即可；
（5）在沒有量筒的情況下，根據等效替代法，石塊的體積等于添入水的體積，求出添入水的質量，根據計算出加入水的體積，根據計算出小石塊的密度。
（1）[1][2]根據天平的使用方法，應將托盤放在水平桌面上，游碼移到標尺左端的零刻度線處；圖甲中天平指針左偏，說明左端沉，則應將平衡螺母向右調節，使天平橫梁在水平位置平衡。
（2）圖乙中石塊的質量m=20g+5g+2.4g=27.4g
（3）圖丙中水的體積50mL，水和石塊的總體積為60mL，則石塊的體積V=60mL-50mL=10mL=10cm3
（4）石塊的密度
翡翠由于內部結構致密，密度比一般玉石大，密度，所以該玉石不是純翡翠。
（5）由題意知，后來加入水的質量為m'水=m3-m2
后來加入水的體積即為小石塊的體積
則該小石塊密度的表達式為
19．（2025·雷州模擬）小明進行測量電阻的實驗，如圖所示。
（1）如圖甲所示，請用筆畫線代替導線將電路圖補充完整　 　；
（2）電路連線時開關應　 　．閉合開關，小明移動滑動變阻器的滑片到某位置時，電壓表的示數如圖乙所示，為　 　V，記錄數據，移動滑片，繼續做兩次實驗，部分數據如下表。根據實驗數據可知定值電阻的阻值為　 　。
實驗次數 電壓 電流 電阻 電阻平均值
1
0.25
2 2.00 0.20
3 1.50 0.15
（3）小明把定值電阻換成小燈泡繼續實驗，將實驗數據繪制成圖像如圖丙所示，可知小燈泡的電阻　 　（選填“是”或“不是”）定值電阻，原因是燈絲電阻受　 　影響。
（4）小明認為不用電流表，也可以測出另一個定值電阻的阻值，已知滑動變阻器的型號為“；2A”，實驗步驟如下：
①在圖甲基礎上去掉電流表，電源負極連接到電阻左端，把滑動變阻器的滑片移到阻值最大處；
②用電壓表先測量定值電阻兩端電壓為1.00V，接著測量滑動變阻器兩端電壓為1.80V；
③計算出定值電阻的阻值為　 　。
【答案】（1）
（2）斷開；2.5；10
（3）不是；溫度
（4）11
【知識點】伏安法測電阻的探究實驗
【解析】【解答】（1）滑動變阻器應該與定值電阻串聯，切變阻器“一上一下”的原則連入電路中，如下所示：
（2）①為了避免電路時通時斷燒毀用電器，因此連接電路時開關應該斷開。
②根據乙圖可知，電壓表選用的0-3V量程，分度值為0.1V，示數為2.5V。
③根據歐姆定律可得；
；
；
求平均值得。
（3）根據丙圖可知，燈泡兩端的電壓增大，通過燈泡的電流也增大，但燈泡兩端的電壓增加比通過燈泡的電流增加的更快，由歐姆定律可知，燈泡的電阻不是定值電阻，原因是燈絲電阻隨溫度的升高而增大。
（4）滑動變阻器與電阻串聯，根據歐姆定律可知電路中電流為；則定值電阻。
【分析】 （1）根據變阻器“一上一下”的原則連入電路中；
（2）①根據電路連接的注意事項解答；
②首先確定電壓表的分度值，然后讀出電壓表的示數；
③利用分別求出三次實驗的電阻，然后求平均值；
（3）由圖丙可知，燈泡兩端的電壓增大，通過燈泡的電流也增大，但燈泡兩端的電壓增加比通過燈泡的電流增加的更快，知道燈絲電阻受溫度的影響；
（4）電壓表測滑動變阻器和定值電阻的電壓，由歐姆定律和串聯電路的電流特點可得出定值電阻的電阻。
（1）根據變阻器“一上一下”的原則連入電路中，滑動變阻器以最大阻值接入電路，滑片在最右端，因此將左下接線柱接入電路。如下所示：
（2）[1]為了保護電路，連接電路時開關應該斷開。
[2]由圖可知，電壓表選用的是小量程，分度值為0.1V，示數為2.5V。
[3]根據歐姆定律可得
求平均值得
（3）[1][2]由圖丙可知，燈泡兩端的電壓增大，通過燈泡的電流也增大，但燈泡兩端的電壓增加比通過燈泡的電流增加的更快，由歐姆定律可知，小燈泡的電阻隨電壓增大而增大，則燈泡的電阻不是定值電阻，電壓越大、電流越大，小燈泡越亮，溫度越高。原因是燈絲電阻隨溫度的升高而增大。
（4）把滑動變阻器的滑片移到阻值最大處；則滑動變阻器與電阻串聯，根據歐姆定律可知電路中電流為
則定值電阻
20．（2025·雷州模擬）某款具有加熱和保溫檔電飯煲的簡化電路如圖所示，工作電壓為220V，、為阻值一定的電熱絲，。當開關，都閉合時，電飯煲處于加熱檔，此時加熱功率為880W。求：
（1）加熱檔工作時，電路中的電流；
（2）加熱檔工作100s，電路消耗的電能；
（3）保溫檔工作時的電功率。
【答案】（1）解：根據題意可知，加熱功率為880W，
則加熱檔工作時，電路中的電流為。
（2）解：根據題意可知，加熱檔工作100s，電路消耗的電能為。
（3）解：當開關，都閉合時，電飯煲處于加熱檔，此時只有R2工作，
R2的阻值為；
當只閉合S1時，電路總電阻較大，為保溫檔，
此時電路總電阻為；
保溫檔工作時的電功率為。
【知識點】電阻的串聯；電功率的計算；多狀態電路——多擋位問題
【解析】【分析】 （1）根據P=UI求出加熱檔工作時，電路中的電流；
（2）根據W=Pt求出加熱檔工作100s電路消耗的電能；
（3）當開關S1，S2都閉合時，電飯煲處于加熱檔，由圖可知，此時只有R2工作，根據歐姆定律求出R2的阻值；當開關S1閉合、S2斷開時，R1、R2串聯，電路中電阻較大，電源電壓一定，由可知此時電功率較小，電飯煲處于保溫狀態，根據串聯電路的特點求出電路中的總電阻，根據求出保溫檔工作時的電功率。
（1）加熱擋工作時，電路中的電流為
（2）加熱擋工作100s，電路消耗的電能為
（3）當開關，都閉合時，電飯煲處于加熱擋，此時只有R2工作，R2的阻值為
當只閉合S1時，電路總電阻較大，為保溫擋，此時電路總電阻為
保溫擋工作時的電功率為
21．（2025·雷州模擬）小明設計了一個監測某圓柱形水箱水量的裝置，其簡化原理圖如圖甲所示。杠桿OAB始終保持水平，O為支點，。電源電壓為6V，定值電阻，壓敏電阻R的阻值隨壓力的變化關系如圖乙所示。物塊C是正方體，其邊長為10cm、質量為0.8kg，水箱底面積為。彈簧受到的拉力與其伸長量x之間的關系如圖丙所示。水箱無水時，物塊C下表面與水箱底部的距離為4cm。當水箱水位低于臨界水位時，電壓表示數達到某設定值，觸發報警。忽略杠桿、壓桿和彈簧的質量。
（1）將杠桿OAB在B處受到的拉力視為動力，則杠桿OAB屬于　 　（選填“省力”或“費力”）杠桿。
（2）壓敏電阻受到的壓力變大時，其阻值變　 　。
（3）當水位下降時，物塊C受到的浮力變小，彈簧受到的拉力變　 　，電壓表的示數變　 　。
（4）當電壓表示數為3.00V時，水箱內水的體積為　 　L。
（5）該裝置在長時間使用后，臨界水位更低時才會觸發報警，其原因可能是　 　（寫出1個即可）。
【答案】（1）省力
（2）小
（3）大；大
（4）8.3
（5）電源電壓減小
【知識點】阿基米德原理；杠桿及其五要素；串聯電路的電壓規律；歐姆定律及其應用；電路的動態分析
【解析】【解答】（1）根據圖片可知，阻力作用在A點，動力作用在B點，OB為動力臂，OA為阻力臂。因為OB＞OA，杠桿OAB屬于省力杠桿。
（2）根據乙圖可知，壓敏電阻R的阻值隨壓力F1的增大而減小。
（3）根據題意可知，當水位下降時，物塊C受到的浮力變小，則彈簧受到的拉力變大，那么彈簧的形變變大。
根據杠桿平衡條件F1×OA=F2×OB得到：，
所以F1也變大，那么壓敏電阻的阻值變小。
電壓表測量定值電阻兩端的電壓，壓敏電阻阻值變小，根據串聯電路電壓與電阻成正比得到，壓敏電阻分得電壓變小，
根據U總=U0+U可知，定值電阻兩端的電壓變大，故電壓表示數變大。
（4）當電壓表的示數為3V時，
根據串聯分壓得；
；
解得：R=R0=20Ω；
根據圖乙知：此時F1=2N；根據杠桿平衡條件得；
物塊C此時受到的浮力F浮=G-F2=mg-F2=ρ液gV排；
0.8kg×10N/kg-1N=1×103kg/m3×10N/kg×V排；
解得：V排=7×10-4m3；
物塊C浸入水中的深度；
物體的重力為；
由圖丙知，當GC=8N時，彈簧的伸長量為8cm=0.08m，
當F2=1N時，彈簧的伸長量為1cm=0.01m，
故此時物塊C下表面與水箱底部的距離為4×10-2m+0.08m-0.01m=0.11m；
水面深度h=0.11m+0.07m=0.18m；
水箱內水的體積V=Sh-V排=500×10-4m2×0.18m-7×10-4m3=83×10-4m3=8.3L。
（5）該裝置在長時間使用后，電源電壓可能會變小，若仍要定值電阻兩端電壓為3V時觸發報警，則需要壓敏電阻阻值更小，即壓敏電阻所受壓力更大，物塊C所受浮力更小，臨界水位更低。
【分析】 （1）將杠桿OAB在B處受到的拉力視為動力，則杠桿在A處受到的支持力為阻力，分析動力臂和阻力臂的大小關系，從而確定杠桿類型；
（2）由圖乙分析解答；
（3）當水位下降時，物塊C受到的浮力變小，對彈簧拉力變大，根據杠桿平衡條件分析F1的大小變化，進而得出壓敏電阻R的阻值所受的壓力變化，壓敏電阻的阻值變化，
分析檢測電路，根據串并聯電路規律分析電壓表示數變化；
（4）根據串聯分壓R分阻值，根據圖乙得此時F1，根據杠桿平衡條件得F2，根據稱重法和阿基米德原理得此時物塊C排開水的體積V排，進而得出物塊C浸入水中的深度h，結合圖丙找出此時彈簧的伸長量，
從而確定物塊C下表面與水箱底部的距離，再得出此時水面深度h，最終根據V=Sh-V排求出水箱內水的體積；
（5）該裝置在長時間使用后，電源電壓可能會變小。
（1）將杠桿OAB在B處受到的拉力視為動力，則杠桿平衡時，OB為動力臂，OA為阻力臂，又因OA=AB，所以OB＞OA，杠桿OAB屬于省力杠桿。
（2）由圖乙知：壓敏電阻R的阻值隨壓力F1的增大而減小。
（3）當水位下降時，物塊C受到的浮力變小，彈簧的形變變大，受到的拉力變大，根據杠桿平衡條件F1×OA=F2×OB
則
因為F2變大，所以F1也變大，根據物體間力的作用是相互的，F1等于壓敏電阻R的阻值所受的壓力，即壓敏電阻R的阻值所受的壓力變大，壓敏電阻的阻值變小，檢測電路為串聯電路，電壓表測量定值電阻兩端的電壓，壓敏電阻阻值變小，分得電壓變小，電源電壓不變，則定值電阻兩端的電壓變大，故電壓表示數變大。
（4）電源電壓為6V，電壓表示數為3V，即定值電阻兩端電壓為3V，根據串聯分壓得
代入數據得
可得R=R0=20Ω
根據圖乙知：此時F1=2N；根據杠桿平衡條件得
物塊C此時受到的浮力F浮=G-F2=mg-F2=ρ液gV排
則有0.8kg×10N/kg-1N=1×103kg/m3×10N/kg×V排
解之得V排=7×10-4m3
物塊C浸入水中的深度
物體的重力為
由圖丙知，當GC=8N時，彈簧的伸長量為8cm=0.08m，當F2=1N時，彈簧的伸長量為1cm=0.01m，故此時物塊C下表面與水箱底部的距離為4×10-2m+0.08m-0.01m=0.11m
水面深度h=0.11m+0.07m=0.18m
水箱內水的體積V=Sh-V排=500×10-4m2×0.18m-7×10-4m3=83×10-4m3=8.3L
（5）該裝置在長時間使用后，電源電壓可能會變小，若仍要定值電阻兩端電壓為3V時觸發報警，則需要壓敏電阻阻值更小，即壓敏電阻所受壓力更大，物塊C所受浮力更小，臨界水位更低。
22．（2025·雷州模擬）廚房中有很多物理知識。
（1）比如對于較名貴的補品，一般會使用“隔水燉”的做法，以有效鎖住營養成分。其原理如圖，燒杯中的水沸騰，而試管中的水　 　（選填“會”或“不會”）沸騰，原因是　 　；如果要使試管中在水沸騰，可以采用以下哪些方法　 　；
①用密封性能良好的蓋子蓋住燒杯，但不蓋試管；
②用密封性能良好的蓋子蓋住試管，但不蓋燒杯；
③用火力更大酒精燈加熱；
④用密封性能良好的蓋子蓋住試管，并往外抽氣；
⑤用密封性能良好的蓋子蓋住燒杯，并往外抽氣。
（2）圖是一種家用消毒柜的結構圖。紫外線燈可發出波長為254nm的紫外線。圖為紫外線的三個波段示意圖，其中UVC對人體傷害最大。UVC能通過石英玻璃，普通玻璃可有效阻礙UVC的傳播。
① 波長為254nm的紫外線屬于　 　波段（選填“UVC”“UVB”“UVA”）；
② 波長為254nm的紫外線從紫外線燈的密封透明燈管內透出，對柜內的物品進行殺菌消毒，柜門透明部分的材料應選　 　，透明燈管的材料應選　 　。（選填“石英玻璃”“普通玻璃”）
【答案】不會；溫度達到沸點后不能繼續吸熱；①④；UVC；普通玻璃；石英玻璃
【知識點】沸騰及沸騰條件；紫外線；沸點及沸點與氣壓的關系
【解析】【解答】（1）根據題意可知，試管中的水從大燒杯中吸熱，溫度達到水的沸點后，內外水的溫度相同，但是不能從燒杯中繼續吸熱，所以試管中的水不會沸騰。
①用密封性能良好的蓋子蓋住燒杯，但不蓋試管，當燒杯內水沸騰時，氣壓增大，水的沸點會升高，燒杯內水沸騰時溫度高于試管內水的沸點，試管內水能沸騰，故①符合題意；
②用密封性能良好的蓋子蓋住試管，但不蓋燒杯，燒杯內水沸騰時，試管中的水從大燒杯中吸熱，溫度達到水的沸點后，就和燒杯中的水的溫度相同，不能繼續吸熱，試管中的水不會沸騰，故②不符合題意；
③用火力更大酒精燈加熱，不能提高水的沸點，試管中的水不會沸騰，故③不符合題意。
④用密封性能良好的蓋子蓋住試管，并往外抽氣，試管內氣壓減小，水的沸點降低，燒杯內水沸騰后水的沸點高于試管內水的沸點，試管內水能沸騰，故④符合題意；
⑤用密封性能良好的蓋子蓋住燒杯，并往外抽氣，燒杯內氣壓減小，水的沸點降低，低于試管內水的沸點，試管中的水不會沸騰，故④不符合題意。
故選①④。
（2）①根據圖片可知，波長為254nm的紫外線，屬于UVC波段。
②我們需要通過柜門透明部分觀察柜內食物加熱情況，不能讓波長為254nm的紫外線通過柜門透明部分，柜門透明部分需要選用普通玻璃；波長為254nm的紫外線需要通過透明燈管傳到食物，透明燈管需要需要石英玻璃。
【分析】 （1）液體沸騰條件：一是達到沸點，二是需要繼續吸熱。
液體的沸點跟氣壓有關，氣壓增大，沸點升高；氣壓減小，沸點降低．但液體沸騰時溫度保持不變。
（2）①與圖片對照即可；
②根據不同玻璃的特點分析解答。
23．（2025·雷州模擬）閱讀短文，回答問題。
牛頓冷卻定律
當一個物體表面的溫度比周圍環境高時，就會向周圍環境散熱，散熱快慢可以用單位時間內散失熱量的多少來表示。英國物理學家牛頓提出：物體散熱快慢與物體和周圍環境的溫度差成正比。后人研究發現，在溫度差不太大的情況下（小于），這個結論符合實際散熱規律，稱為牛頓冷卻定律。如果散熱快慢用q表示，則牛頓冷卻定律可以表示為，其中k是散熱系數，與物體的表面性質、表面積、周圍環境性質等因素有關，與物質種類無關，如果上述因素相同，不同物質的散熱系數就相同。
（1）物體向周圍散熱，內能減少，這種改變內能的方式叫做　 　；
（2）將沸水放在房間里，溫度自然降低的規律是________（選填字母）；
A．先快后慢 B．先慢后快 C．均勻降低
（3）散熱快慢和下列概念中物理意義最接近的是________（選填字母）；
A．速度 B．密度 C．功率 D．效率
（4）要喝一杯奶茶，可以有以下兩種方式，你認為冷卻效果較好的是________（選填字母）；
A．先將燒開的熱奶茶倒入杯中，冷卻5min，然后加一匙冷牛奶
B．先將燒開的熱奶茶倒入杯中，立即將一匙冷牛奶加進杯中，然后冷卻5min
（5）一個物體的溫度為，周圍環境的溫度保持不變，此時物體的散熱快慢為q。當物體溫度降低到時，散熱快慢為　 　；（用含有q的關系式表示）
（6）如圖甲所示，用兩個同樣的保溫杯分別裝滿水和鹽水，水和鹽水的溫度都是，周圍環境溫度保持不變，保溫杯敞開口，水和鹽水溫度隨時間變化的圖像如圖乙所示，已知水的比熱容為，鹽水的密度為，則鹽水的比熱容為　 　。
【答案】（1）熱傳遞
（2）A
（3）C
（4）A
（5）0.9q
（6）
【知識點】功率的概念；熱傳遞改變物體內能；比熱容；熱傳遞的概念與方式
【解析】【解答】（1）根據題意可知，物體向周圍散熱，即發生熱傳遞，是通過熱傳遞的方式改變物體的內能。
（2）根據圖乙可知，將沸水放在房間里，溫度自然降低的規律是：先快后慢。
故選A。
（3）散熱快慢指的是單位時間內能量變化的快慢。
A．速度指的是物體在單位時間內經過的路程，與能量無關，故A不符合題意；
B．密度指的是單位體積物質的質量，與能量和快慢無關，故B不符合題意；
C．功率指的是單位時間內所做的功，指的是做功的快慢，即能量轉化的快慢，故C符合題意；
D．效率指的是有用功占總功的百分比，與快慢無關，故D不符合題意。
故選C。
（4）根據題意可知，溫差越大則散熱越快，則第一種方式奶茶在較高溫度下放置5min，奶茶的環境的溫度差更大，散熱效率更高。
故選A。
（5）由牛頓冷卻定律可得；
解得：；
當物體溫度降低到時，散熱快慢為。
（6）水放出的熱量
；
鹽水放出的熱量
；
水和鹽水的初溫和末溫都相同，所以水和鹽水的散熱效率相同，水降溫時間為24min，鹽水降溫時間為22min，水和鹽水的體積相同，故放熱之比為
；
解得：。
【分析】 （1）改變物體的內能的方式有做功和熱傳遞兩種。
（2）熱傳遞的條件是存在溫度差，特點是傳遞速度先快后慢；
（3）散熱快慢指的是單位時間內能量變化的快慢。逐項分析得出答案；
（4）熱傳遞的快慢與物體和周圍環境的溫度差成正比，第二種方式加入冷牛奶，降低了奶茶的溫度，接下來散熱的速度會變慢，而第一種方式奶茶在較高溫度下放置5min，奶茶的環境的溫度差更大，散熱效率更高。
（5）由牛頓冷卻定律可分析得出答案；
（6）根據Q放=cmΔt得出水和鹽水放出的熱量表達式，水和鹽水的初溫和末溫都相同，所以水和鹽水的散熱效率相同，水降溫時間為24min，鹽水降溫時間為22min，水和鹽水的體積相同，據此得出鹽水的比熱容。
（1）物體向周圍散熱，即發生熱傳遞，內能減少，是通過熱傳遞的方式改變物體的內能。
（2）熱傳遞的條件是存在溫度差，特點是傳遞速度先快后慢，所以將沸水放在房間里，溫度自然降低的規律是：先快后慢。
故選A。
（3）散熱快慢指的是單位時間內能量變化的快慢。
A．速度指的是物體在單位時間內經過的路程，與能量無關，故A不符合題意；
B．密度指的是單位體積物質的質量，與能量和快慢無關，故B不符合題意；
C．功率指的是單位時間內所做的功，指的是做功的快慢，即能量轉化的快慢，故C符合題意；
D．效率指的是有用功占總功的百分比，與快慢無關，故D不符合題意。
故選C。
（4）熱傳遞的快慢與物體和周圍環境的溫度差成正比，第二種方式加入冷牛奶，降低了奶茶的溫度，接下來散熱的速度會變慢，而第一種方式奶茶在較高溫度下放置5min，奶茶的環境的溫度差更大，散熱效率更高。
故選A。
（5）由牛頓冷卻定律可得
解得
當物體溫度降低到時，散熱快慢為
（6）水放出的熱量
鹽水放出的熱量
水和鹽水的初溫和末溫都相同，所以水和鹽水的散熱效率相同，水降溫時間為24min，鹽水降溫時間為22min，水和鹽水的體積相同，故放熱之比為
解得
1 / 1廣東省湛江市雷州市第五中學集團2025年中考三模物理試題
1．（2025·雷州模擬）下列關于詩詞中涉及到的光現象，解釋正確的是（　　）
A．瀑布噴成虹——彩虹是光的色散現象
B．綠樹陰濃夏日長——“陰濃”是光的折射形成的
C．明鏡可鑒形——鏡子可以成像是因為光發生了折射
D．掬水月在手——月在手中是光的直線傳播形成的
2．（2025·雷州模擬）在綜合實踐活動課上，小明將長度不同的吸管一端封閉粘在一起制作成了“排簫”如題圖所示，下列說法中正確的是（　　）
A．小明演奏時發出的聲音是吸管振動產生的
B．排簫的聲音能傳遞信息，不能傳遞能量
C．排簫的振動幅度越大，發出聲音的音調會更高
D．吸管長短不同，越短的音調越高
3．（2025·雷州模擬）我國“華龍一號”核電技術領先全球，關于核電站和核能，下列說法正確的是（　　）
A．原子核由中子和質子構成 B．核能是可再生能源
C．核電利用的是原子核聚變 D．原子核帶負電
4．（2025·雷州模擬）如圖甲是某品牌智能體重秤，圖乙是它的電路結構圖，為定值電阻，秤盤下方的電阻為壓敏電阻，其阻值隨所受壓力增大而減小。當小明站上體重秤時（　　）
A．通過的電流變小 B．電壓表示數變大
C．通過的電流不變 D．電壓表示數變小
5．（2025·雷州模擬）實心球是深圳中考體育考試項目之一。某同學實心球投擲后，球在空中運動的軌跡如圖所示，球落地后滾動了一段距離后停下。忽略空氣阻力，下列說法錯誤的是（　　）
A．體積小、質量大的實心球，是用密度較大的材料制成
B．實心球在空中運動軌跡說明力可以改變物體的運動狀態
C．實心球運動到最高點時，若突然失去重力的作用，球將保持靜止
D．實心球落地后滾動一段距離后最終停下，說明地面是粗糙的
6．（2025·雷州模擬）迷人的夢幻干冰香棋塔經常出現在各種慶典當中，來烘托氣氛，關于白色煙霧下列說法正確的是（　　）
A．嘉賓們看到的白色煙霧是氣態二氧化碳
B．嘉賓們看到的白色煙霧是水蒸氣
C．嘉賓們看到的白色煙霧是液態的小水滴
D．這一過程干冰先升華吸熱后又液化放熱
7．（2025·雷州模擬）二胡是我國的民族樂器。在校園文化藝術節上，小夢同學用二胡演奏了優美的樂曲。關于二胡演奏中的聲現象，下列說法正確的是（　　）
A．二胡聲是由空氣振動產生的
B．手按壓琴弦不同部位是為了改變音色
C．二胡聲是通過空氣傳入人耳的
D．二胡聲在空氣中的傳播速度是3×108 m/s
8．（2025·雷州模擬）小明去超市買東西，發現了很多有趣的物理現象，例如停止推動購物車時，購物車還會繼續前進，是因為購物車　 　，購物車裝上輪子是為了　 　摩擦（選填“增大”“減小”），購物車受到的支持力與車對地面的壓力是一對　 　（選填“平衡力”或“相互作用力”）。
9．（2025·雷州模擬）長征二號F遙十九運載火箭以煤油、液態氫和液態氧為燃料，發射前加注燃料時，應在　 　（選填“低溫”或“高溫”）環境中進行，氫在　 　（選填“液”或“氣”）態時氫分子無規則運動更劇烈，火箭加速升空過程中，它的機械能逐漸　 　（選填“增大”“減小”或“不變”）。
10．（2025·雷州模擬）如圖為緩解干眼癥的蒸汽眼罩裝置，用超聲波將藥液霧化，直接向眼部給藥，這是利用聲能傳遞　 　，該裝置與治療室內的電燈是　 　（選填“并聯”或“串聯”）的；矯正近視眼應佩戴　 　（選填“凹”或“凸”）透鏡。
11．（2025·雷州模擬）小明在烹制雞蛋時，要將蛋黃與蛋清分離，如圖，擠壓礦泉水瓶，松開手蛋黃被吸進瓶子里，這是利用　 　的作用；煎蛋時，通過　 　方式使雞蛋的內能增大；煎好后，可以聞到香味，這是因為分子在不停地做　 　.
12．（2025·雷州模擬） 家庭中的電視機、空調等用電器是通過　 　聯的方式連接在電路中；電熱水壺利用電流的　 　效應工作；一般不同時使用大功率用電器，是為了避免因　 　（填“電流”或“電壓”）過大帶來危險。
13．（2025·雷州模擬）嫦娥五號返回器用類似“打水漂”的方式著陸地球，其著陸過程的部分軌跡簡化為如圖所示。AB段返回器的動能　 　（選填“變大”“不變”或“變小”）；BC段返回器的機械能　 　（選填“變大”“不變”或“變小”），CD段返回器動能增加量　 　（選填“大于”“等于”或“小于”）重力勢能的減小量。
14．（2025·雷州模擬）通常我們說“鋁比鐵輕”是指鋁的　 　（選填“密度”、“質量”或“體積”）比鐵小；一瓶礦泉水，喝掉了一半，剩下一半水的密度將　 　；某鋼瓶內裝有氧氣，在一次氣焊中用去其中的，則瓶內剩余氧氣的密度將　 　（以上兩空均選填“變大”、“變小”或“不變”）．
15．（2025·雷州模擬）（1）如圖一束光斜射入水中，請畫出反射光和折射光的大致方向；
（2）如圖，神舟十八號飛船返回艙進入大氣層從空中下降，點為其重心，請畫出它的重力示意圖；
（3）用帶指示燈的開關控制陽臺的電燈；閉合開關，兩燈都亮；斷開開關，兩燈都滅，使用過程中發現：指示燈因斷路不亮，電燈照常發亮.請在圖中將電路連接完整。
16．（2025·雷州模擬）小明利用托盤天平和圖甲所示的注射器測量雞蛋清的密度。
接下來進行了如下操作：
A.用天平測出注射器的質量為10g；
B.用注射器吸取部分蛋清，從注射器上讀出體積為16mL；
C.用天平測出蛋清和注射器的總質量為m，如圖乙所示，m=　 　g。
根據以上數據可知，蛋清的密度ρ=　 　g/cm3，實驗后，小明發現注射器的尖端還有一點小“空隙”，“空隙”里也充滿了蛋清，這會導致測得的密度比真實值偏　 　。
17．（2025·雷州模擬）用題圖甲所示的電路探究通過導體電流與電壓、電阻的關系。器材有：干電池3節（每節電壓略小于1.5V），滑動變阻器3個（銘牌上分別標有“5Ω；3A”“20Ω；2A”“50Ω；1.5A”字樣），電流表、電壓表、開關各一個，阻值為5Ω、10Ω、20Ω的電阻各一個，導線若干。
（1）請用筆畫線代替導線，將圖甲所示的實物連接成完整電路。要求：滑動變阻器的滑片P向左移動時，電流表示數變小。
（2）閉合開關后，電流表無示數，電壓表有示數，若電路中只有一處故障，則可能是　 　。
（3）排除故障后，重新開始實驗，探究電流與電壓的關系。閉合開關，電壓表示數為0.7V，電流表示數為0.07A，實驗中選用滑動變阻器的銘牌上標有　 　字樣，則電源電壓為　 　V；移動滑片P，逐步增大R兩端電壓，記錄電壓表示數U和對應電流表示數I，如圖乙所示，依據圖像，得到的結論是　 　。
（4）在探究電流與電阻的關系時，為能用上圖乙中的某一組實驗數據，小明斷開開關，將R換成5Ω，閉合開關，移動滑片P，電流表示數如圖丙所示為　 　A；斷開開關，換接未使用過的一個電阻，正確操作后，電流表示數應為　 　A。
18．（2025·雷州模擬）小明想鑒別一塊翡翠是否真實，他查到翡翠由于內部結構致密，密度比一般玉石大，密度，于是他設計了實驗測量某一玉石的密度，如圖所示。
（1）將托盤放在水平桌面上，游碼移到標尺左端的　 　處，若天平的橫梁靜止時，指針位置如圖甲所示，則應將平衡螺母向　 　（選填“左”或“右”）調節，使橫梁在水平位置平衡；
（2）將石塊放在左盤中，在另一盤中加減砝碼，并移動游碼使橫梁重新平衡.盤中砝碼質量和游碼的位置如圖乙所示，則石塊質量為　 　g；
（3）用細線吊著石塊將其放入盛水的量筒中，量筒中前、后兩次液面的位置如圖丙所示，石塊的體積是　 　；
（4）該玉石　 　（選填“是”或“不是”）純翡翠；
（5）小元進行了下列操作也測出了該玉石的密度：
①用天平測出石塊的質量；
②在燒杯中裝適量的水，用天平測出燒杯和水的總質量；
③將石塊浸沒在水中，在燒杯的水面處做一個標記；
④取出石塊，向燒杯中加水至標記處，用天平測出此時燒杯和水的總質量，則石塊密度的表達式為　 　（水的密度為，用含、、、的式子表達）。
19．（2025·雷州模擬）小明進行測量電阻的實驗，如圖所示。
（1）如圖甲所示，請用筆畫線代替導線將電路圖補充完整　 　；
（2）電路連線時開關應　 　．閉合開關，小明移動滑動變阻器的滑片到某位置時，電壓表的示數如圖乙所示，為　 　V，記錄數據，移動滑片，繼續做兩次實驗，部分數據如下表。根據實驗數據可知定值電阻的阻值為　 　。
實驗次數 電壓 電流 電阻 電阻平均值
1
0.25
2 2.00 0.20
3 1.50 0.15
（3）小明把定值電阻換成小燈泡繼續實驗，將實驗數據繪制成圖像如圖丙所示，可知小燈泡的電阻　 　（選填“是”或“不是”）定值電阻，原因是燈絲電阻受　 　影響。
（4）小明認為不用電流表，也可以測出另一個定值電阻的阻值，已知滑動變阻器的型號為“；2A”，實驗步驟如下：
①在圖甲基礎上去掉電流表，電源負極連接到電阻左端，把滑動變阻器的滑片移到阻值最大處；
②用電壓表先測量定值電阻兩端電壓為1.00V，接著測量滑動變阻器兩端電壓為1.80V；
③計算出定值電阻的阻值為　 　。
20．（2025·雷州模擬）某款具有加熱和保溫檔電飯煲的簡化電路如圖所示，工作電壓為220V，、為阻值一定的電熱絲，。當開關，都閉合時，電飯煲處于加熱檔，此時加熱功率為880W。求：
（1）加熱檔工作時，電路中的電流；
（2）加熱檔工作100s，電路消耗的電能；
（3）保溫檔工作時的電功率。
21．（2025·雷州模擬）小明設計了一個監測某圓柱形水箱水量的裝置，其簡化原理圖如圖甲所示。杠桿OAB始終保持水平，O為支點，。電源電壓為6V，定值電阻，壓敏電阻R的阻值隨壓力的變化關系如圖乙所示。物塊C是正方體，其邊長為10cm、質量為0.8kg，水箱底面積為。彈簧受到的拉力與其伸長量x之間的關系如圖丙所示。水箱無水時，物塊C下表面與水箱底部的距離為4cm。當水箱水位低于臨界水位時，電壓表示數達到某設定值，觸發報警。忽略杠桿、壓桿和彈簧的質量。
（1）將杠桿OAB在B處受到的拉力視為動力，則杠桿OAB屬于　 　（選填“省力”或“費力”）杠桿。
（2）壓敏電阻受到的壓力變大時，其阻值變　 　。
（3）當水位下降時，物塊C受到的浮力變小，彈簧受到的拉力變　 　，電壓表的示數變　 　。
（4）當電壓表示數為3.00V時，水箱內水的體積為　 　L。
（5）該裝置在長時間使用后，臨界水位更低時才會觸發報警，其原因可能是　 　（寫出1個即可）。
22．（2025·雷州模擬）廚房中有很多物理知識。
（1）比如對于較名貴的補品，一般會使用“隔水燉”的做法，以有效鎖住營養成分。其原理如圖，燒杯中的水沸騰，而試管中的水　 　（選填“會”或“不會”）沸騰，原因是　 　；如果要使試管中在水沸騰，可以采用以下哪些方法　 　；
①用密封性能良好的蓋子蓋住燒杯，但不蓋試管；
②用密封性能良好的蓋子蓋住試管，但不蓋燒杯；
③用火力更大酒精燈加熱；
④用密封性能良好的蓋子蓋住試管，并往外抽氣；
⑤用密封性能良好的蓋子蓋住燒杯，并往外抽氣。
（2）圖是一種家用消毒柜的結構圖。紫外線燈可發出波長為254nm的紫外線。圖為紫外線的三個波段示意圖，其中UVC對人體傷害最大。UVC能通過石英玻璃，普通玻璃可有效阻礙UVC的傳播。
① 波長為254nm的紫外線屬于　 　波段（選填“UVC”“UVB”“UVA”）；
② 波長為254nm的紫外線從紫外線燈的密封透明燈管內透出，對柜內的物品進行殺菌消毒，柜門透明部分的材料應選　 　，透明燈管的材料應選　 　。（選填“石英玻璃”“普通玻璃”）
23．（2025·雷州模擬）閱讀短文，回答問題。
牛頓冷卻定律
當一個物體表面的溫度比周圍環境高時，就會向周圍環境散熱，散熱快慢可以用單位時間內散失熱量的多少來表示。英國物理學家牛頓提出：物體散熱快慢與物體和周圍環境的溫度差成正比。后人研究發現，在溫度差不太大的情況下（小于），這個結論符合實際散熱規律，稱為牛頓冷卻定律。如果散熱快慢用q表示，則牛頓冷卻定律可以表示為，其中k是散熱系數，與物體的表面性質、表面積、周圍環境性質等因素有關，與物質種類無關，如果上述因素相同，不同物質的散熱系數就相同。
（1）物體向周圍散熱，內能減少，這種改變內能的方式叫做　 　；
（2）將沸水放在房間里，溫度自然降低的規律是________（選填字母）；
A．先快后慢 B．先慢后快 C．均勻降低
（3）散熱快慢和下列概念中物理意義最接近的是________（選填字母）；
A．速度 B．密度 C．功率 D．效率
（4）要喝一杯奶茶，可以有以下兩種方式，你認為冷卻效果較好的是________（選填字母）；
A．先將燒開的熱奶茶倒入杯中，冷卻5min，然后加一匙冷牛奶
B．先將燒開的熱奶茶倒入杯中，立即將一匙冷牛奶加進杯中，然后冷卻5min
（5）一個物體的溫度為，周圍環境的溫度保持不變，此時物體的散熱快慢為q。當物體溫度降低到時，散熱快慢為　 　；（用含有q的關系式表示）
（6）如圖甲所示，用兩個同樣的保溫杯分別裝滿水和鹽水，水和鹽水的溫度都是，周圍環境溫度保持不變，保溫杯敞開口，水和鹽水溫度隨時間變化的圖像如圖乙所示，已知水的比熱容為，鹽水的密度為，則鹽水的比熱容為　 　。
答案解析部分
1．【答案】A
【知識點】光的直線傳播及其應用；光的反射；光的色散
【解析】【解答】A． 瀑布噴成虹—— 彩虹是由光的色散形成的，故A正確；
B． 綠樹陰濃夏日長—— 樹陰是樹木的影子，由于光的直線傳播，光射到不透明物體上，在不透明物體后面形成影子，而非折射，故B錯誤；
C． 明鏡可鑒形—— 鏡子成像是因為光發生了反射，而不是折射，故C錯誤；
D． 掬水月在手—— 是指月亮在水中的倒影，是由于光的反射形成的，而不是光的直線傳播，故D錯誤。
故選A 。
【分析】分析各個選項中描述的光學現象，分析其中包含的物理原理即可。
2．【答案】D
【知識點】聲音的產生；音調及音調與頻率的關系；音調、響度與音色的區分；聲與信息
【解析】【解答】A．排簫屬于管樂器，其發聲原理是空氣柱振動，故A錯誤；
B．排簫的聲音既能傳遞信息，也能傳遞能量，故B錯誤；
C．振動幅度影響的是聲音的響度，振動幅度越大，響度越大，故C錯誤；
D．在排簫中，吸管長度越短，空氣柱越短，振動頻率越高，音調也越高，故D正確。
故選D。
【分析】A.根據聲音產生的知識判斷；
B. 聲音既能傳遞信息，也能傳遞能量；
C.聲音的大小叫響度，與發聲體的振幅大小有關；
D.音調表示聲音的高低，與頻率大小有關。
3．【答案】A
【知識點】能源及其分類；核裂變；原子結構
【解析】【解答】A．根據題意可知，原子核是由質子和中子組成的，故A正確；
B．核能不可能在短期內再生，屬于不可再生能源，故B錯誤；
C．核電站是利用可控的核裂變來發電的，而不是核聚變，故C錯誤；
D．原子核由質子和中子組成，質子帶正電，中子不帶電，整體原子核帶正電，故D錯誤。
故選A。
【分析】AD.根據原子核的構成判斷；
B.可以在短時間內得到補充的能源為可再生能源；
C.根據核電站的工作原理判斷。
4．【答案】B
【知識點】歐姆定律及其應用；電路的動態分析
【解析】【解答】根據圖片可知，定值電阻和壓敏電阻串聯，電流表測通過的電流，電壓表測定值電阻兩端的電壓。
當體重越重時，壓敏電阻阻值減小，根據R總=R+R0可知，電路總電阻減小。根據歐姆定律可知，通過電路的電流增大，通過R的電流增大。根據U=IR可知，定值電阻兩端的電壓增大，即電壓表示數增大，故B符合題意，ACD不符合題意。
故選B。
【分析】根據圖片乙確定電路的串并聯關系，以及電表所測的物理量。根據R總=R+R0分析總電阻的變化，根據分析總電流的變化，根據U=IR確定電壓表的示數變化即可。
5．【答案】C
【知識點】密度公式及其應用；力的作用效果；物體運動狀態的變化
【解析】【解答】A．體積小、質量大的實心球，根據m=ρv可知鉛球是用密度較大的材料制成，故A正確，不符合題意；
B．實心球在空中運動時受到重力，方向豎直向下，所以軌跡是曲線，說明力可以改變物體的運動狀態，故B正確，不符合題意；
C．實心球運動到最高點時，具有水平方向速度，不受力的情況下，球將保持原來的速度做勻速直線運動，故C錯誤，符合題意；
D．實心球落地后滾動一段距離后最終停下，一定受到了地面的阻力，因而說明地面是粗糙的，故D正確，不符合題意。
故選C。
【分析】1、密度的性質：密度是物質的基本屬性，不隨質量和體積的變化而變化；至于材料本身以及材料狀態有關；
2、根據密度公式計算m=ρv分析可知，體積相同是質量和密度成正比；
3、力和運動：物體靜止或者做勻速直線運動，物體受到平衡力的作用。
6．【答案】C
【知識點】物質的三態；汽化及汽化吸熱的特點；液化及液化放熱；升華及升華吸熱
【解析】【解答】根據題意可知，噴灑的干冰從固態直接變成氣態發生升華時吸收空氣中的熱量，而周圍空氣中的水蒸氣遇冷液化形成小水滴，從而看到了白色煙霧，故C正確，而ABC錯誤。
故選C。
【分析】根據物質的初始態和終末態確定物態變化的名稱。
7．【答案】C
【知識點】聲音的產生；聲音的傳播條件；聲速；音調及音調與頻率的關系
【解析】【解答】A C．聲音是由物體振動產生的，聲音的傳播是需要介質的，二胡聲是由二胡的弦振動產生的，通過空氣傳播進入人耳，故A錯誤，C正確；
B．手按壓琴弦不同部位是為了改變琴弦振動的長度來改變振動的頻率，為了改變音調，故B錯誤；
D．聲速與介質的種類和溫度有關，聲音在空氣中的傳播速度約340m/s，故D錯誤。
故選C。
【分析】
（1）聲音是由物體振動產生的，振動停止發聲也停止；
（2）手按壓琴弦不同位置，發聲體振動的快慢不一樣；
（3）聲音的傳播是需要介質的，它既可以在氣體中傳播，也可以在固體和液體中傳播。
（4）聲音在空氣中的傳播速度約為340m/s。
8．【答案】具有慣性；減少；相互作用力
【知識點】力作用的相互性；慣性及其現象；增大或減小摩擦的方法
【解析】【解答】（1）根據題意可知，停止推動購物車時，購物車還會繼續前進，是因為購物車具有慣性；
（2）根據題意可知，購物車裝上輪子，是用滾動代替滑動，從而減小摩擦；
（3）購物車受到的支持力作用在購物車上，購物車對地面的壓力作用在地面上，即二者沒有作用在同一物體上，因此二者屬于相互作用力，而不是平衡力。
【分析】（1）物體保持運動狀態不變的性質叫慣性；
（2）根據減小摩擦力的方法解答；
（3）平衡力和相互作用力的不同點，前者作用在兩個物體上，后者作用在同一物體上。
9．【答案】低溫；氣；增大
【知識點】沸騰及沸騰條件；機械能及其轉化；分子熱運動
【解析】【解答】（1）發射前加注燃料時，應該保證氧氣和氫氣都是液態，因為液態氫與液態氧的沸點較低，所以應在低溫環境中進行。
（2）根據題意可知，氣態氫的溫度相對較高，則氫在氣態時，分子無規則運動更劇烈。
（3）火箭加速升空時，質量不變，速度增大，則動能增大；質量不變，高度增大，則重力勢能增大。根據“機械能=動能+重力勢能”可知，神舟十九號載人飛船的機械能增加。
【分析】（1）液體低于沸點為液態，高于沸點為氣態；
（2）分子無規則運動的劇烈程度與溫度高低有關；
（3）動能與質量和速度有關，而重力勢能與質量和高低有關，而“機械能=動能+重力勢能”。
10．【答案】能量；并聯；凹
【知識點】近視眼的成因與矯正辦法；聲與能量；串聯電路和并聯電路的辨別
【解析】【解答】（1）用超聲波將藥液霧化，直接向眼部給藥，利用超聲波傳遞能量。
（2）根據題意可知，該裝置與治療室內的電燈互不影響，獨立工作，它們是并聯的。
（3）根據題意可知，對近視眼的矯正可通過凹透鏡對光線的發散作用進行矯正。
【分析】（1）聲波可以傳遞信息，聲波可以傳遞能量；
（2）用電器相互影響為串聯，不相互影響為并聯；
（3）近視眼的晶狀體較厚，折光能力太強，因此來自遠處點的光會聚在視網膜前，據此分析解答。
11．【答案】大氣壓；熱傳遞；無規則運動
【知識點】熱傳遞改變物體內能；大氣壓的綜合應用；分子熱運動
【解析】【解答】（1） 如圖，擠壓礦泉水瓶，松開手蛋黃被吸進瓶子里， 蛋黃在大氣壓作用下被吸進瓶子里。
（2）煎蛋時，用火加熱，雞蛋吸收火焰的熱量，則是通過熱傳遞的方式使雞蛋的內能增大。
（3）根據題意可知，煎好后，可以聞到香味是擴散現象，這是因為分子在不停地做無規則運動。
【分析】（1）根據大氣壓強的知識解答；
（2）改變內能的方法：做功和熱傳遞；
（3）根據分子運動的知識解答。
12．【答案】并；熱；電流
【知識點】電流的熱效應；家庭電路的連接；家庭電路電流過大的原因
【解析】【解答】（1）家庭中的電視機、空調等用電器工作時互不影響，所以它們是通過并聯的方式連接在電路中；
（2）電熱水壺是利用電流的熱效應工作的，工作時將消耗的電能轉化成內能；
（3）家庭電路中電流過大的原因是：短路和用電器的總功率過大；家庭電路電壓U=220V一定，根據公式P=UI可知，用電功率P越大，電流I就越大。
故答案為：并；熱；電流。
【分析】（1）家庭電路中各用電器之間是并聯的；
（2）電熱器是利用電路的熱效應工作，將電能轉化為內能；
（3）家庭電路過大的原因：短路和用電器的總功率過大。
13．【答案】變小；不變；小于
【知識點】動能的影響因素；勢能的影響因素；機械能及其轉化
【解析】【解答】（1）由圖可知，返回器在經過AB段時，是從A到B，B的高度大于A 的高度，可知返回器的質量不變，高度變大，重力勢能變大，返回器的動能轉化為重力勢能，故返回器的動能變小。
（2）返回器從B到C這個過程中是在大氣層外運動，不受空氣的阻力，故機械能是守恒的，即機械能保持不變。
（3）返回器在CD段，是在大氣層內加速下降，返回器質量不變，故重力勢能轉化為動能，由于受到空氣阻力的作用，一部分重力勢能轉化為內能，所以返CD段返回器動能增加量小于重力勢能的減小量。
故答案為：變小；不變；小于。
【分析】（1）動能的大小與質量、速度有關，質量一定時，速度越大，動能越大；
（2）重力勢能的大小與質量、高度有關，質量一定時，高度越高，重力勢能越大；
（3）機械能為動能和勢能的和，據此分析動能、機械能的變化；物體運動過程中，不考慮空氣阻力和摩擦力，機械能守恒，考慮阻力和摩擦力，則不守恒。
14．【答案】密度；不變；變小
【知識點】密度及其特性；密度公式及其應用
【解析】【解答】根據題意可知，通常我們說“鋁比鐵輕”是指鋁的密度小于鐵的密度。
一瓶礦泉水，喝掉了一半，剩下一半水的密度將不變；
一次氣焊用去，則瓶內剩余氧氣的質量減小，而剩余氧氣的體積不變，由可知，剩余氧氣的密度變小。
【分析】密度是物質本身的一種特性，同種物質（同種狀態）密度相同，與質量、體積大小無關；
結合密度公式分析解答。
15．【答案】（1）
（2）
（3）
【知識點】作光的反射光路圖；作光的折射光路圖；重力示意圖；家庭電路的連接
【解析】【解答】（1）根據題意可知，首先通過過入射點O垂直界面作出法線，然后根據“反射角等于入射角”在法線右側畫出對應的反射光線。當光由空氣斜射入水中時，折射光線向法線偏折，折射角小于入射角，據此在水中法線的另一側作出折射光線，如下圖所示：
（2）根據題意可知，返回艙的重力作用在重心上，方向豎直向下，如下圖所示：
（3）根據題意可知，指示燈因斷路不亮，電燈照常發亮，這說明電燈與指示燈不相互影響，因此二者是并聯的。閉合開關，兩燈都亮；斷開開關，兩燈都滅，這說明開關能同時控制兩盞燈，即開關在干路上。為了用電的安全，開關應接在用電器和火線之間，如下圖所示：
【分析】（1）根據光的折射規律和光的反射定律完成作圖即可；
（2）對物體進行受力分析，確定力的三要素，然后沿力的方向畫帶箭頭的線段即可；
（3）用電器相互影響為串聯，不相互影響為并聯。干路開關控制所有用電器，支路開關控制它所在支路上的用電器，結合家庭電路安全用電的常識解答。
（1）過入射點O垂直界面作出法線，根據反射光線與入射光線分居法線兩側，反射角等于入射角，在空氣中法線的另一側作出反射光線；根據折射光線與入射光線分居法線兩側，光由空氣斜射入水中時，折射光線向法線偏折，折射角小于入射角，在水中法線的另一側作出折射光線，如下圖所示：
（2）重力的方向總是豎直向下的，從返回艙重心O，沿豎直向下方向畫一條有向線段，標上箭頭，并寫上字母G，如下圖所示：
（3）閉合開關，兩燈都亮；斷開開關，兩燈都滅，這說明開關能同時控制兩盞燈；指示燈因斷路不亮，電燈照常發亮，這說明電燈與指示燈是并聯的，為了用電的安全，開關應接在用電器和火線之間，故連接電路圖，如下圖所示：
16．【答案】26.8；1.05；大
【知識點】液體密度的測量
【解析】【解答】（1）如圖乙所示，標尺分度值為0.2g，則游碼質量為1.8g，砝碼質量為：20g+5g=25g，則蛋清和注射器的總質量為；
（2）根據題意可知，蛋清的質量為；
則蛋清的密度；
（3）根據題意可知，注射器的尖端“空隙”里也充滿了蛋清，這會導致測得的體積偏小，根據，這會導致測得的密度比真實值偏大。
【分析】 （1）物體的質量等于砝碼的總質量與游碼對應的刻度值之和；
（2）蛋清和注射器的總質量減去注射器的質量就是蛋清的質量，從注射器上讀出蛋清的體積，然后由密度公式可以求出蛋清的密度；
（3）由于針筒的刻度線前的尖端還是有一點小“空隙”，造成所測體積偏小，根據密度公式即可判斷密度是偏大還是偏小。
17．【答案】（1）
（2）電阻R斷路
（3）“50Ω 1.5A”；4.2；電阻一定時，電流與電壓成正比
（4）0.4；0.1
【知識點】探究電流與電壓、電阻的關系實驗
【解析】【解答】（1）根據題意可知，滑動變阻器的滑片P向左移動時，電流表示數變小，根據歐姆定律可知，說明滑動變阻器接入電路的電阻應增大，那么應將滑動變阻器的右下接線柱接入電路中，如下圖所示：
（2）閉合開關后，電流表無示數，說明電路可能斷路；電壓表有示數，說明電壓表與電源兩極連通，即電壓表并聯部分之外的電路是完好的。因此故障可能是電阻R斷路。
（3）①根據題意可知，電流表示數為0.07A，電壓表示數為0.7V，
則電阻R的阻值為；
因為電源由3節干電池組成，每節電壓略小于1.5V，
根據串聯電路特點，此時滑動變阻器兩端電壓約為U滑=4.5V-0.7V=3.8V；
此時滑動變阻器接入電路的電阻約為；
所以應選用“50Ω；1.5A”的滑動變阻器。
②電源電壓U=I（R+R滑大）=0.07A×（10Ω+50Ω）=4.2V；
③由圖乙可知，電流與電壓的圖像是一條過原點的傾斜直線，所以得到的結論是：在電阻一定時，通過導體的電流與導體兩端的電壓成正比。
（4）①根據丙圖可知，電流表選擇0-0.6A量程，分度值為0.02A，示數為0.4A。
②探究電流與電阻的關系時，控制不變的電壓為U控=0.4A×5Ω=2V；
由于要用上圖乙中的某一組實驗數據，圖乙中所使用的電阻的阻值為10Ω，則接下來應換接一個未使用過的電阻為20Ω，電路中的電流；
因此接20Ω電阻時電流表的示數為0.1A。
【分析】 （1）要使滑動變阻器的滑片P向左移動時，電流表示數變小，即電阻變大，那么滑動變阻器要接右半段電阻絲，所以要將滑動變阻器的右下接線柱B接入電路。
（2）閉合開關后，電流表無示數，說明電路可能斷路；電壓表有示數，說明電壓表與電源之間是通路。
（3）①閉合開關，電壓表示數為0.7V，電流表示數為0.07A，由此可得電阻R的阻值；
②因為電源由3節干電池組成，每節電壓略小于1.5V，根據串聯電路特點，此時可得滑動變阻器兩端電壓；再由歐姆定律計算出此時滑動變阻器接入電路的電阻來選定滑動變阻器。
電源電壓由U=IR（R+R滑大）計算可得。
③在電阻一定時，通過導體的電流與導體兩端的電壓成正比。
（4）①根據丙圖確定電流表的量程和分度值，根據指針位置讀出示數；
②探究電流與電阻的關系，應保持電阻兩端的電壓不變。
（1）滑動變阻器的滑片P向左移動時，電流表示數變小，說明滑動變阻器接入電路的電阻應增大，所以應將滑動變阻器的右下接線柱接入電路中，如下圖所示：
（2）閉合開關后，電流表無示數，說明電路可能斷路；電壓表有示數，說明電壓表與電源兩極連通，即電壓表并聯部分之外的電路是完好的。因此，故障可能是電阻R斷路。
（3）[1]閉合開關，電壓表示數為0.7V，電流表示數為0.07A，由此可得電阻R的阻值為
因為電源由3節干電池組成，每節電壓略小于1.5V，根據串聯電路特點，此時滑動變阻器兩端電壓約為U滑=4.5V-0.7V=3.8V
此時滑動變阻器接入電路的電阻約為
所以應選用“50Ω；1.5A”的滑動變阻器。
[2]電源電壓U=I（R+R滑大）=0.07A×（10Ω+50Ω）=4.2V
[3]由圖乙可知，電流與電壓的圖像是一條過原點的傾斜直線，所以得到的結論是：在電阻一定時，通過導體的電流與導體兩端的電壓成正比。
（4）[1]如圖丙所示，電流表接小量程，分度值為0.02A，示數為0.4A。
[2]探究電流與電阻的關系時，控制不變的電壓為U控=0.4A×5Ω=2V
由于要用上圖乙中的某一組實驗數據，圖乙中所使用的電阻的阻值為10Ω，則接下來應換接一個未使用過的電阻為20Ω，電路中的電流
因此接20Ω電阻時電流表的示數為0.1A。
18．【答案】（1）零刻度線；右
（2）27.4
（3）10
（4）不是
（5）
【知識點】固體密度的測量
【解析】【解答】（1）根據題意可知，應將托盤放在水平桌面上，游碼移到標尺左端的零刻度線處；根據甲圖可知，天平指針左偏，說明左端沉右端輕，則應將平衡螺母向右調節。
（2）根據乙圖可知，砝碼的質量為：20g+5g=25g，游碼的質量為2.4g，則圖乙中石塊的質量m=25g+2.4g=27.4g；
（3）根據圖丙可知，水的體積50mL，水和石塊的總體積為60mL，則石塊的體積V=60mL-50mL=10mL=10cm3
（4）根據題意可知，石塊的密度，
翡翠由于內部結構致密，密度比一般玉石大，密度，
所以該玉石不是純翡翠。
（5）由題意知，后來加入水的質量為m'水=m3-m2，
后來加入水的體積即為小石塊的體積，則該小石塊密度的表達式為。
【分析】 （1）根據天平的使用方法解答。平衡螺母總是向較輕的一側調節。
（2）確定天平標尺的分度值，物體的質量等于砝碼質量加游碼（以左側）對應的刻度值；
（3）量筒的分度值為1cm3，石塊的體積等于水和石塊的總體積減去水的體積；
（4）根據求出石塊的密度，然后與翡翠的密度比較即可；
（5）在沒有量筒的情況下，根據等效替代法，石塊的體積等于添入水的體積，求出添入水的質量，根據計算出加入水的體積，根據計算出小石塊的密度。
（1）[1][2]根據天平的使用方法，應將托盤放在水平桌面上，游碼移到標尺左端的零刻度線處；圖甲中天平指針左偏，說明左端沉，則應將平衡螺母向右調節，使天平橫梁在水平位置平衡。
（2）圖乙中石塊的質量m=20g+5g+2.4g=27.4g
（3）圖丙中水的體積50mL，水和石塊的總體積為60mL，則石塊的體積V=60mL-50mL=10mL=10cm3
（4）石塊的密度
翡翠由于內部結構致密，密度比一般玉石大，密度，所以該玉石不是純翡翠。
（5）由題意知，后來加入水的質量為m'水=m3-m2
后來加入水的體積即為小石塊的體積
則該小石塊密度的表達式為
19．【答案】（1）
（2）斷開；2.5；10
（3）不是；溫度
（4）11
【知識點】伏安法測電阻的探究實驗
【解析】【解答】（1）滑動變阻器應該與定值電阻串聯，切變阻器“一上一下”的原則連入電路中，如下所示：
（2）①為了避免電路時通時斷燒毀用電器，因此連接電路時開關應該斷開。
②根據乙圖可知，電壓表選用的0-3V量程，分度值為0.1V，示數為2.5V。
③根據歐姆定律可得；
；
；
求平均值得。
（3）根據丙圖可知，燈泡兩端的電壓增大，通過燈泡的電流也增大，但燈泡兩端的電壓增加比通過燈泡的電流增加的更快，由歐姆定律可知，燈泡的電阻不是定值電阻，原因是燈絲電阻隨溫度的升高而增大。
（4）滑動變阻器與電阻串聯，根據歐姆定律可知電路中電流為；則定值電阻。
【分析】 （1）根據變阻器“一上一下”的原則連入電路中；
（2）①根據電路連接的注意事項解答；
②首先確定電壓表的分度值，然后讀出電壓表的示數；
③利用分別求出三次實驗的電阻，然后求平均值；
（3）由圖丙可知，燈泡兩端的電壓增大，通過燈泡的電流也增大，但燈泡兩端的電壓增加比通過燈泡的電流增加的更快，知道燈絲電阻受溫度的影響；
（4）電壓表測滑動變阻器和定值電阻的電壓，由歐姆定律和串聯電路的電流特點可得出定值電阻的電阻。
（1）根據變阻器“一上一下”的原則連入電路中，滑動變阻器以最大阻值接入電路，滑片在最右端，因此將左下接線柱接入電路。如下所示：
（2）[1]為了保護電路，連接電路時開關應該斷開。
[2]由圖可知，電壓表選用的是小量程，分度值為0.1V，示數為2.5V。
[3]根據歐姆定律可得
求平均值得
（3）[1][2]由圖丙可知，燈泡兩端的電壓增大，通過燈泡的電流也增大，但燈泡兩端的電壓增加比通過燈泡的電流增加的更快，由歐姆定律可知，小燈泡的電阻隨電壓增大而增大，則燈泡的電阻不是定值電阻，電壓越大、電流越大，小燈泡越亮，溫度越高。原因是燈絲電阻隨溫度的升高而增大。
（4）把滑動變阻器的滑片移到阻值最大處；則滑動變阻器與電阻串聯，根據歐姆定律可知電路中電流為
則定值電阻
20．【答案】（1）解：根據題意可知，加熱功率為880W，
則加熱檔工作時，電路中的電流為。
（2）解：根據題意可知，加熱檔工作100s，電路消耗的電能為。
（3）解：當開關，都閉合時，電飯煲處于加熱檔，此時只有R2工作，
R2的阻值為；
當只閉合S1時，電路總電阻較大，為保溫檔，
此時電路總電阻為；
保溫檔工作時的電功率為。
【知識點】電阻的串聯；電功率的計算；多狀態電路——多擋位問題
【解析】【分析】 （1）根據P=UI求出加熱檔工作時，電路中的電流；
（2）根據W=Pt求出加熱檔工作100s電路消耗的電能；
（3）當開關S1，S2都閉合時，電飯煲處于加熱檔，由圖可知，此時只有R2工作，根據歐姆定律求出R2的阻值；當開關S1閉合、S2斷開時，R1、R2串聯，電路中電阻較大，電源電壓一定，由可知此時電功率較小，電飯煲處于保溫狀態，根據串聯電路的特點求出電路中的總電阻，根據求出保溫檔工作時的電功率。
（1）加熱擋工作時，電路中的電流為
（2）加熱擋工作100s，電路消耗的電能為
（3）當開關，都閉合時，電飯煲處于加熱擋，此時只有R2工作，R2的阻值為
當只閉合S1時，電路總電阻較大，為保溫擋，此時電路總電阻為
保溫擋工作時的電功率為
21．【答案】（1）省力
（2）小
（3）大；大
（4）8.3
（5）電源電壓減小
【知識點】阿基米德原理；杠桿及其五要素；串聯電路的電壓規律；歐姆定律及其應用；電路的動態分析
【解析】【解答】（1）根據圖片可知，阻力作用在A點，動力作用在B點，OB為動力臂，OA為阻力臂。因為OB＞OA，杠桿OAB屬于省力杠桿。
（2）根據乙圖可知，壓敏電阻R的阻值隨壓力F1的增大而減小。
（3）根據題意可知，當水位下降時，物塊C受到的浮力變小，則彈簧受到的拉力變大，那么彈簧的形變變大。
根據杠桿平衡條件F1×OA=F2×OB得到：，
所以F1也變大，那么壓敏電阻的阻值變小。
電壓表測量定值電阻兩端的電壓，壓敏電阻阻值變小，根據串聯電路電壓與電阻成正比得到，壓敏電阻分得電壓變小，
根據U總=U0+U可知，定值電阻兩端的電壓變大，故電壓表示數變大。
（4）當電壓表的示數為3V時，
根據串聯分壓得；
；
解得：R=R0=20Ω；
根據圖乙知：此時F1=2N；根據杠桿平衡條件得；
物塊C此時受到的浮力F浮=G-F2=mg-F2=ρ液gV排；
0.8kg×10N/kg-1N=1×103kg/m3×10N/kg×V排；
解得：V排=7×10-4m3；
物塊C浸入水中的深度；
物體的重力為；
由圖丙知，當GC=8N時，彈簧的伸長量為8cm=0.08m，
當F2=1N時，彈簧的伸長量為1cm=0.01m，
故此時物塊C下表面與水箱底部的距離為4×10-2m+0.08m-0.01m=0.11m；
水面深度h=0.11m+0.07m=0.18m；
水箱內水的體積V=Sh-V排=500×10-4m2×0.18m-7×10-4m3=83×10-4m3=8.3L。
（5）該裝置在長時間使用后，電源電壓可能會變小，若仍要定值電阻兩端電壓為3V時觸發報警，則需要壓敏電阻阻值更小，即壓敏電阻所受壓力更大，物塊C所受浮力更小，臨界水位更低。
【分析】 （1）將杠桿OAB在B處受到的拉力視為動力，則杠桿在A處受到的支持力為阻力，分析動力臂和阻力臂的大小關系，從而確定杠桿類型；
（2）由圖乙分析解答；
（3）當水位下降時，物塊C受到的浮力變小，對彈簧拉力變大，根據杠桿平衡條件分析F1的大小變化，進而得出壓敏電阻R的阻值所受的壓力變化，壓敏電阻的阻值變化，
分析檢測電路，根據串并聯電路規律分析電壓表示數變化；
（4）根據串聯分壓R分阻值，根據圖乙得此時F1，根據杠桿平衡條件得F2，根據稱重法和阿基米德原理得此時物塊C排開水的體積V排，進而得出物塊C浸入水中的深度h，結合圖丙找出此時彈簧的伸長量，
從而確定物塊C下表面與水箱底部的距離，再得出此時水面深度h，最終根據V=Sh-V排求出水箱內水的體積；
（5）該裝置在長時間使用后，電源電壓可能會變小。
（1）將杠桿OAB在B處受到的拉力視為動力，則杠桿平衡時，OB為動力臂，OA為阻力臂，又因OA=AB，所以OB＞OA，杠桿OAB屬于省力杠桿。
（2）由圖乙知：壓敏電阻R的阻值隨壓力F1的增大而減小。
（3）當水位下降時，物塊C受到的浮力變小，彈簧的形變變大，受到的拉力變大，根據杠桿平衡條件F1×OA=F2×OB
則
因為F2變大，所以F1也變大，根據物體間力的作用是相互的，F1等于壓敏電阻R的阻值所受的壓力，即壓敏電阻R的阻值所受的壓力變大，壓敏電阻的阻值變小，檢測電路為串聯電路，電壓表測量定值電阻兩端的電壓，壓敏電阻阻值變小，分得電壓變小，電源電壓不變，則定值電阻兩端的電壓變大，故電壓表示數變大。
（4）電源電壓為6V，電壓表示數為3V，即定值電阻兩端電壓為3V，根據串聯分壓得
代入數據得
可得R=R0=20Ω
根據圖乙知：此時F1=2N；根據杠桿平衡條件得
物塊C此時受到的浮力F浮=G-F2=mg-F2=ρ液gV排
則有0.8kg×10N/kg-1N=1×103kg/m3×10N/kg×V排
解之得V排=7×10-4m3
物塊C浸入水中的深度
物體的重力為
由圖丙知，當GC=8N時，彈簧的伸長量為8cm=0.08m，當F2=1N時，彈簧的伸長量為1cm=0.01m，故此時物塊C下表面與水箱底部的距離為4×10-2m+0.08m-0.01m=0.11m
水面深度h=0.11m+0.07m=0.18m
水箱內水的體積V=Sh-V排=500×10-4m2×0.18m-7×10-4m3=83×10-4m3=8.3L
（5）該裝置在長時間使用后，電源電壓可能會變小，若仍要定值電阻兩端電壓為3V時觸發報警，則需要壓敏電阻阻值更小，即壓敏電阻所受壓力更大，物塊C所受浮力更小，臨界水位更低。
22．【答案】不會；溫度達到沸點后不能繼續吸熱；①④；UVC；普通玻璃；石英玻璃
【知識點】沸騰及沸騰條件；紫外線；沸點及沸點與氣壓的關系
【解析】【解答】（1）根據題意可知，試管中的水從大燒杯中吸熱，溫度達到水的沸點后，內外水的溫度相同，但是不能從燒杯中繼續吸熱，所以試管中的水不會沸騰。
①用密封性能良好的蓋子蓋住燒杯，但不蓋試管，當燒杯內水沸騰時，氣壓增大，水的沸點會升高，燒杯內水沸騰時溫度高于試管內水的沸點，試管內水能沸騰，故①符合題意；
②用密封性能良好的蓋子蓋住試管，但不蓋燒杯，燒杯內水沸騰時，試管中的水從大燒杯中吸熱，溫度達到水的沸點后，就和燒杯中的水的溫度相同，不能繼續吸熱，試管中的水不會沸騰，故②不符合題意；
③用火力更大酒精燈加熱，不能提高水的沸點，試管中的水不會沸騰，故③不符合題意。
④用密封性能良好的蓋子蓋住試管，并往外抽氣，試管內氣壓減小，水的沸點降低，燒杯內水沸騰后水的沸點高于試管內水的沸點，試管內水能沸騰，故④符合題意；
⑤用密封性能良好的蓋子蓋住燒杯，并往外抽氣，燒杯內氣壓減小，水的沸點降低，低于試管內水的沸點，試管中的水不會沸騰，故④不符合題意。
故選①④。
（2）①根據圖片可知，波長為254nm的紫外線，屬于UVC波段。
②我們需要通過柜門透明部分觀察柜內食物加熱情況，不能讓波長為254nm的紫外線通過柜門透明部分，柜門透明部分需要選用普通玻璃；波長為254nm的紫外線需要通過透明燈管傳到食物，透明燈管需要需要石英玻璃。
【分析】 （1）液體沸騰條件：一是達到沸點，二是需要繼續吸熱。
液體的沸點跟氣壓有關，氣壓增大，沸點升高；氣壓減小，沸點降低．但液體沸騰時溫度保持不變。
（2）①與圖片對照即可；
②根據不同玻璃的特點分析解答。
23．【答案】（1）熱傳遞
（2）A
（3）C
（4）A
（5）0.9q
（6）
【知識點】功率的概念；熱傳遞改變物體內能；比熱容；熱傳遞的概念與方式
【解析】【解答】（1）根據題意可知，物體向周圍散熱，即發生熱傳遞，是通過熱傳遞的方式改變物體的內能。
（2）根據圖乙可知，將沸水放在房間里，溫度自然降低的規律是：先快后慢。
故選A。
（3）散熱快慢指的是單位時間內能量變化的快慢。
A．速度指的是物體在單位時間內經過的路程，與能量無關，故A不符合題意；
B．密度指的是單位體積物質的質量，與能量和快慢無關，故B不符合題意；
C．功率指的是單位時間內所做的功，指的是做功的快慢，即能量轉化的快慢，故C符合題意；
D．效率指的是有用功占總功的百分比，與快慢無關，故D不符合題意。
故選C。
（4）根據題意可知，溫差越大則散熱越快，則第一種方式奶茶在較高溫度下放置5min，奶茶的環境的溫度差更大，散熱效率更高。
故選A。
（5）由牛頓冷卻定律可得；
解得：；
當物體溫度降低到時，散熱快慢為。
（6）水放出的熱量
；
鹽水放出的熱量
；
水和鹽水的初溫和末溫都相同，所以水和鹽水的散熱效率相同，水降溫時間為24min，鹽水降溫時間為22min，水和鹽水的體積相同，故放熱之比為
；
解得：。
【分析】 （1）改變物體的內能的方式有做功和熱傳遞兩種。
（2）熱傳遞的條件是存在溫度差，特點是傳遞速度先快后慢；
（3）散熱快慢指的是單位時間內能量變化的快慢。逐項分析得出答案；
（4）熱傳遞的快慢與物體和周圍環境的溫度差成正比，第二種方式加入冷牛奶，降低了奶茶的溫度，接下來散熱的速度會變慢，而第一種方式奶茶在較高溫度下放置5min，奶茶的環境的溫度差更大，散熱效率更高。
（5）由牛頓冷卻定律可分析得出答案；
（6）根據Q放=cmΔt得出水和鹽水放出的熱量表達式，水和鹽水的初溫和末溫都相同，所以水和鹽水的散熱效率相同，水降溫時間為24min，鹽水降溫時間為22min，水和鹽水的體積相同，據此得出鹽水的比熱容。
（1）物體向周圍散熱，即發生熱傳遞，內能減少，是通過熱傳遞的方式改變物體的內能。
（2）熱傳遞的條件是存在溫度差，特點是傳遞速度先快后慢，所以將沸水放在房間里，溫度自然降低的規律是：先快后慢。
故選A。
（3）散熱快慢指的是單位時間內能量變化的快慢。
A．速度指的是物體在單位時間內經過的路程，與能量無關，故A不符合題意；
B．密度指的是單位體積物質的質量，與能量和快慢無關，故B不符合題意；
C．功率指的是單位時間內所做的功，指的是做功的快慢，即能量轉化的快慢，故C符合題意；
D．效率指的是有用功占總功的百分比，與快慢無關，故D不符合題意。
故選C。
（4）熱傳遞的快慢與物體和周圍環境的溫度差成正比，第二種方式加入冷牛奶，降低了奶茶的溫度，接下來散熱的速度會變慢，而第一種方式奶茶在較高溫度下放置5min，奶茶的環境的溫度差更大，散熱效率更高。
故選A。
（5）由牛頓冷卻定律可得
解得
當物體溫度降低到時，散熱快慢為
（6）水放出的熱量
鹽水放出的熱量
水和鹽水的初溫和末溫都相同，所以水和鹽水的散熱效率相同，水降溫時間為24min，鹽水降溫時間為22min，水和鹽水的體積相同，故放熱之比為
解得
1 / 1

展開更多......

收起↑