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廣東省深圳市龍華區第二實驗學校集團華仁校區2025年中考二模物理試題
1．（2025·龍華模擬）下列對物理量的估測與實際情況相符的是（　　）
A．人體的正常體溫為38.7℃
B．一根粉筆的質量約為25g
C．一枚一元錢硬幣的直徑約為25mm
D．中學生脈搏跳動一次的時間大約為3s
【答案】C
【知識點】溫度及溫度計的使用與讀數；質量及其特性；時間的估測；長度的估測
【解析】【解答】A．人體的正常體溫為37℃，故A不符合題意；
B．一根粉筆的質量較小，約為10g左右，故B不符合題意；
C．一枚一元錢硬幣的直徑約為25mm，故C符合題意；
D．中學生的脈搏1min跳動的次數約為75次左右，跳動一次的時間大約為1s，故D不符合題意。
故選C。
【分析】對題目中涉及的物理量有個初步的了解，根據需要進行相應的換算或轉換，排除與生活實際相差較遠的選項。
2．（2025·龍華模擬）關于聲現象，下列說法正確的是（　　）
A．圖甲中發聲的音叉將乒乓球彈開說明聲是由物體振動產生的
B．圖乙中鋼尺伸出桌面的長度越長，振動時，音調越高
C．圖丙中小白兔通過聲音的音調判斷出叫門的不是媽媽
D．圖丁中捕魚船通過聲吶確定魚群位置利用了聲波傳遞能量
【答案】A
【知識點】聲音的產生；音調及音調與頻率的關系；音調、響度與音色的區分；聲與信息
【解析】【解答】A．圖甲中發聲的音叉將乒乓球彈開，說明聲音是由物體振動產生的，故A正確；
B．音調高低與頻率有關，圖乙中鋼尺伸出桌面的長度越長，振動時，頻率越低，則音調越低，故B錯誤；
C．小白兔是通過音色判斷出叫門的不是媽媽，故C錯誤；
D．捕魚船通過聲吶確定魚群位置是利用超聲波的反射來傳遞信息，從而可以確定魚群的位置，不是傳遞能量，故D錯誤。
故選A。
【分析】聲音是由物體振動產生的，頻率高，音調高，頻率低，音調低，不同材料的物體發出聲音的音色不同。
3．（2025·龍華模擬）下列選項中對相應現象解釋正確的是（　　）
A．如圖甲，液態玻璃倒入模具后將會凝固，凝固過程玻璃溫度不變
B．如圖乙，瓶中裝入液氮，瓶口上方的“白氣”是液氮汽化形成的氮氣
C．如圖丙，草葉上的露珠是空氣中的水蒸氣遇冷液化形成的
D．如圖丁，霧凇是水蒸氣凝固形成的
【答案】C
【知識點】凝固與凝固放熱特點；晶體和非晶體；液化及液化放熱；升華及升華吸熱
【解析】【解答】A.如圖甲，玻璃是非晶體，液態玻璃倒入模具后將會凝固，凝固過程玻璃溫度下降，故A錯誤；
B.如圖乙，瓶中裝入液氮，液氮汽化吸熱，瓶子周圍的空氣溫度降低，瓶口上方的“白氣”是空氣中的水蒸氣液化形成的，故B錯誤；
C.如圖丙，草葉上的露珠是空氣中的水蒸氣遇冷液化形成的，故C正確；
D.如圖丁，霧凇是水蒸氣遇冷凝華形成的小冰晶，故D錯誤。
故選C。
【分析】1.非晶體：沒有固定熔化或凝固溫度的物質，如玻璃、蜂蠟、松香、瀝青、橡膠等；
2.凝固：物質由液態變成固態的過程，凝固放熱；
液化：物質由氣態變成液態的過程，液化放熱；
凝華：物質由氣態直接變成固態的過程，凝華放熱。
4．（2025·龍華模擬）下列光現象的成因，與射擊比賽“三點一線”的瞄準原理相同的是（　　）
A．林中樹影
B．水中倒影
C．鏡中汽車
D．空中彩虹
【答案】A
【知識點】光的直線傳播及其應用；光的反射；凸面鏡和凹面鏡；光的色散
【解析】【解答】射擊比賽“三點一線”的瞄準原理是光的直線傳播；
A．林中的樹影是光的直線傳播現象，故A符合題意；
B．水中的倒影是光的反射形成的，故B不符合題意；
C．汽車的后視鏡是凸面鏡，鏡中的汽車是光的反射形成的，故C不符合題意；
D．空中的彩虹是光的色散現象，是光的折射形成的，故D不符合題意。
故選A。
【分析】1.光在同種均勻介質中沿直線傳播，如影子的形成，樹蔭下的光斑，日食、月食等都是由光沿直線傳播形成的；
2.光的反射： 光在傳播到不同介質表面時，被反射回原來介質中的現象，如水面出現岸上物體的倒影、平面鏡成像、玻璃等光滑物體反光都是光的反射形成的；
3.光的折射：光從一種介質斜射入另一種介質時，光的傳播方向會發生偏折，這種現象叫光的折射，如水池底變淺、水中筷子彎折、海市蜃樓等都是光的折射形成的。
5．（2025·龍華模擬）海鮮保存常要求溫度低于-18℃。小明為海鮮市場的冷庫設計了溫度自動報警器，其原理如圖甲所示。控制電路和工作電路的電源電壓均為3V保持不變，電磁鐵線圈電阻忽略不計，乙圖為熱敏電阻R隨溫度變化的圖像。冷庫溫度等于或高于-18℃時，工作電路報警。下列說法正確的是（　　）
A．冷庫溫度升高時，熱敏電阻R的阻值變大
B．工作電路報警時，銜鐵被吸下，燈亮鈴不響
C．冷庫溫度為-18℃時，控制電路中電流為0.03A
D．冷庫溫度降低時，控制電路消耗的電功率變大
【答案】C
【知識點】歐姆定律及其應用；電路的動態分析；電功率的計算；電磁繼電器的組成、原理和特點
【解析】【解答】A．由圖乙可知，熱敏電阻的阻值隨冷庫溫度的升高而減小，故A錯誤；
B．根據圖甲，當工作電路報警時，銜鐵被吸下，燈泡斷路，電鈴接通，所以鈴響燈不亮，故B錯誤；
C．由圖乙可知，當冷庫溫度為-18℃時，熱敏電阻的阻值R=100Ω，控制電路中電流為：
故C正確；
D．由圖乙可知，當冷庫溫度降低時，熱敏電阻阻值變大，根據可知，控制電路中電功率變小，故D錯誤。
故選C。
【分析】1.由圖乙分析熱敏電阻隨溫度的變化；
2.控制電路只有熱敏電阻R，結合電源電壓利用根據歐姆定律，求出報警的臨界電流；當溫度升高后，熱敏電阻阻值變小，控制電路電流變大，銜鐵被吸下，工作電路中電鈴響；當溫度降低時，熱敏電阻阻值變大，根據分析控制電路電功率變化。
6．（2025·龍華模擬）小明為自己家的養牛場設計了一款補水提示器，其工作原理如圖所示，水量減少時滑片上移，下列分析正確的是（　　）
A．與電壓表相比，選擇電流表設計電路更節能
B．如果選擇電流表，R0可以在水太多時保護電路
C．如果選擇電壓表，水量增多時電表示數變小
D．如果選擇電流表，水量增多時電表示數變小
【答案】B
【知識點】滑動變阻器的原理及其使用；電阻的串聯；歐姆定律及其應用；電路的動態分析；電功率的計算
【解析】【解答】A．若電表為電壓表，R0與R的最大阻值串聯，電路中總電阻最大且保持不變，根據可知，電路總功率最小；若電表為電流表，滑動變阻器滑片P的上段被電流表短路，電路中的總電阻變小，根據可知，電路中的總功率會變大，所以選擇電壓表設計電路更節能，故A錯誤；
BD．如果選擇電流表，由題意可知，當水量增多時，滑片下移，滑動變阻器R接入電路中的電阻變小，電路的總電阻變小，根據歐姆定律可知，電路中的電流變大，即電流表的示數變大；若水太多，電路中電流太大，若電路中沒有R0，可能會燒壞電源和電流表，所以R0可以在水太多時保護電路，故B正確，D錯誤；
C．如果選擇電壓表，R0與R的最大值串聯，電路中總電阻最大且保持不變，電壓表測量滑片P上段電阻絲兩端的電壓，根據歐姆定律可知，電路中的電流不變。當水量增多時，滑片下移，滑片P上方電阻絲的長度變長、阻值變大，根據U＝IR可知，滑片P上方電阻絲兩端的電壓變大，所以電壓表的示數變大，故C錯誤；
故選B。
【分析】1.如果選擇電壓表，R0與R的最大值串聯，電路中總電阻最大且保持不變，根據分析比較電路總功率大小；電壓表測量滑片P上段電阻絲兩端的電壓，根據歐姆定律可知，電路中的電流不變。當水量變化時，根據滑動變阻器接入電路電阻的變化及歐姆定律分析電流表的示數變化；
2.如果選擇電流表，當水量增變化時，根據滑動變阻器R接入電路中的電阻變化分析電路的總電阻變化，根據分析比較電路總功率大小；根據歐姆定律分析電路中的電流變化，即電流表的示數變化；
3.定值電阻R0可以保護電路。
7．（2025·龍華模擬）如圖所示，請根據平面鏡成像的特點，作出眼睛通過水洼看到水中月亮上M點的反射光路。（用點代表月亮上M點的像）
【答案】
【知識點】平面鏡成像的相關作圖
【解析】【解答】月亮反射的光線照在水面上，發生反射，反射光線進入人的眼睛，人逆著反射光線看去，看到的是月亮關于水面對稱的虛像。過路面作M點的對稱M'點，即為月亮在水中的像，連接眼睛與M'點，即為入射光線 ，與水面相交于O點，即為入射點，連接M點與O點，即為入射光線，如圖所示：
【分析】1.平面鏡成像特點：平面鏡成正立的虛像，像與物的大小相等，像與物到平面鏡的距離相等，像與物的連線與鏡面垂直；
2.光的反射規律：反射光線、入射光線、法線在同一平面內；反射光線和入射光線分居法線兩側；反射角等于入射角。
8．（2025·龍華模擬）2024年湖北沙洋江漢運河半程馬拉松（21公里）成功舉辦，中國選手以1小時07分的成績獲得男子季軍，他的“配速”（配速定義：通過每公里路程所需要的時間）約為　 　min/km（計算結果保留一位小數），他的配速值　 　（選填“大于”或“小于”）冠軍的配速值；以他為參照物，路旁的油菜花是　 　的（選填“運動”或“靜止”）。
【答案】3.2；大于；運動
【知識點】速度公式及其應用；參照物及其選擇
【解析】【解答】配速：通過每公里路程所需要的時間，則他的“配速”約為：；
季軍用時比冠軍用時長，則他通過每公里路程所需要的時間大于冠軍所用時間，所以他的配速值大于冠軍的配速值。
以他為參照物，路旁的油菜花與他的位置發生了變化，所以 路旁的油菜花是運動的。
【分析】根據配速的定義計算、比較；
研究物體運動狀態時，要選擇合適的參照物，若物體和參照物之間位置發生變化，則物體是運動的，若物體和參照物之間位置沒有發生變化，則物體是靜止的。
9．（2025·龍華模擬）在空間站失重環境下，書寫也并非易事。如果用鉛筆書寫，飛濺的鉛筆芯顆粒石墨材料導電性能極佳，進入電器會導致電路發生　 　 故障。如果用鋼筆書寫，墨水不會自動往下流，導致書寫斷斷續續。為此，我國設計出如圖甲所示的“太空圓珠筆”，書寫過程中，筆尖與紙張的摩擦類型屬于滾動摩擦，筆芯內氮氣的密度　 　 （變大、變小或不變）。2021年9月的“開學第一課’，航天員劉伯明在空間站用毛筆寫下了“理想”二字，如圖乙所示，書寫過程中墨汁附著在毛筆上并沒有四處飛濺，從分子角度而言，這是因為　 　 。
【答案】短路；變小；分子間有引力
【知識點】密度公式及其應用；電路的三種狀態；分子間相互作用力
【解析】【解答】鉛筆芯顆粒（石墨材料）導電性能較好，當它進入電器后，會直接接在電源正負極上，或者導致電子元件被短接，從而使電路發生短路故障。
用圓珠筆寫字時，筆尖在紙上滾動，墨水向筆尖流動，筆芯內氮氣的體積增大，而氮氣的質量不變，由可知，筆芯內氮氣的密度變小。
在空間站書寫時，墨汁附著在毛筆上并沒有四處飛濺，從分子角度而言，是由于分子之間存在著相互作用的引力，使墨汁能夠附著在毛筆上。
【分析】1.電路的三種狀態是通路、短路和斷路。即處處連通的電路叫做通路；某處斷開的電路叫做斷路，也叫開路；短路是不經過用電器將導線直接接在電源正負兩極上的電路；
2.根據分析筆芯內氮氣的密度變化；
3.分子之間存在著相互作用的引力和斥力。
10．（2025·龍華模擬）東東家買了一個新的電熱水壺，如圖甲、乙分別是一種電熱水壺的外形及內部電路圖。電路中的R是電熱絲，S是自動開關，①、②、③是底座上的三個接線點，則①接　 　，③接　 　（均選填“零線”“火線”或“大地”）。
【答案】大地；火線
【知識點】家庭電路的組成；家庭電路工作電壓、零線、火線的辨別
【解析】【解答】為保證用電安全，開關應接在火線與電熱絲之間，故③接火線，②接零線，電熱水壺的金屬外殼應與地線相連，故①接大地。
【分析】為保證用電安全，開關應接在火線與用電器之間，用電器的金屬外殼應接地。
11．（2025·龍華模擬）小明發現冬天海水結冰時的溫度比河水的低，這一現象激發了他探究鹽水凝固時溫度變化規律的興趣。他將一杯鹽水放入溫度為-20℃的恒溫冷凍室內，利用傳感器收集數據，繪制了如圖所示的溫度-時間圖像。
（1）這杯鹽水的凝固點是　 　℃，凝固過程持續了　 　min。
（2）杯內鹽水第25min時的內能　 　（選填“大于”“小于”或“等于”）第15min時的內能。
（3）從圖像中發現，當鹽水凝固后，溫度降低明顯變快，這是因為凝固后它的　 　變小。
【答案】（1）-4；10
（2）小于
（3）比熱容
【知識點】凝固與凝固放熱特點；熔化和凝固的溫度—時間圖象；比熱容
【解析】【解答】（1）由圖可知，在15min~25min內，鹽水的溫度保持-4℃不變，鹽水處于凝固過程，所以這杯鹽水的凝固點是-4℃，凝固過程持續了25min-15min=10min。
（2）由圖可知，在15min~25min內，鹽水處于凝固過程，鹽水不斷放熱，但溫度不變，所以杯內鹽水第25min時的內能小于第15min時的內能。
（3）當鹽水凝固后，鹽水由液體變為固態，比熱容變小，所以溫度降低明顯變快，這是因為凝固后它的比熱容變小。
【分析】（1）（2）1.晶體凝固時的溫度叫做晶體的凝固點；
2.鹽水在凝固過程中，不斷放熱，內能減小，但溫度不變；
（3）比熱容是物質的一種特性，大小與物體的種類、狀態有關。
（1）[1]由圖可知，在15min~25min是鹽水的凝固過程，此過程中溫度-4℃保持不變min，因此這杯鹽水的凝固點是-4℃。
[2]由圖可知，在15min~25min是鹽水的凝固過程，凝固過程持續了25min-15min=10min
（2）由圖可知，在15min~25min是鹽水的凝固過程，此過程中鹽水持續放熱，但是溫度不變，因此第25min時的內能小于第15min時的內能。
（3）當鹽水凝固后，溫度降低明顯變快，因此可知它的比熱容變小。
12．（2025·龍華模擬）小明在探究“凸透鏡成像規律”的實驗中，所使用的凸透鏡焦距是15cm。
（1）實驗前要調整燭焰的焰心和光屏的中心，使它們位于　 　。
（2）如圖甲所示，當小明把凸透鏡固定在50cm刻度線位置，蠟燭固定在15cm刻度線位置時，光屏應在　 　（選填“I”、“II”或“III”）區域內左右移動，才能在光屏上得到清晰的實像，　 　是根據這一原理制成的。
（3）小明繼續模擬探究“眼睛的缺陷”，它用凸透鏡模擬人眼的晶狀體，用光屏模擬人眼的視網膜。如圖乙，小明先固定蠟燭，拿一個近視眼鏡給“眼睛”戴上，光屏上出現燭焰清晰的像。撤掉眼鏡后，光屏上的像變模糊，為使像重新清晰，應將光屏　 　透鏡（選填“靠近”、“遠離”或“保持不動”）。得到清晰的像后發現，該像的大小與原來的像相比　 　（選填“變大”、“變小”或“不變”）。
【答案】（1）凸透鏡的主光軸上
（2）Ⅱ；照相機
（3）靠近；變小
【知識點】凸透鏡成像規律及其探究實驗；近視眼的成因與矯正辦法
【解析】【解答】（1）實驗前，調整燭焰的焰心和光屏的中心，使它們位于凸透鏡的主光軸上，這樣能使燭焰的像成在光屏的中央。
（2）由圖可知，物距 u=50cm - 15cm =35cm，大于2倍焦距，成倒立、縮小的實像，像應在1倍焦距和2倍焦距之間，故光屏應在Ⅱ區域內左右移動，照相機是根據這一原理制成的。
（3）近視眼鏡是凹透鏡，對光線有發散作用，撤去近視眼鏡，此時的像應在原來位置之前，所以為使像重新清晰，應將光屏靠近透鏡；
根據凸透鏡成實像時“物遠像近像變小”的規律可知，光屏靠近透鏡，即像距變小，則像變小，故該像的大小與原來的像相比變小 。
【分析】（1）實驗前，應調節蠟燭、凸透鏡、光屏的中心在同一高度，目的是使像能成在光屏的中央；
（2） 凸透鏡成像規律：u>v，u>2f，成倒立、縮小的實像，fu2f，應用：投影儀；
u（3）1.近視眼鏡是凹透鏡，對光線有發散作用；
2.凸透鏡成實像時“物遠像近像變小”。
（1）實驗前要調整燭焰的焰心、光屏的中心，使它們位于凸透鏡的主光軸上，目的是使像能成在光屏的中央。
（2）[1][2]凸透鏡焦距是15cm，當把凸透鏡固定在50cm刻度線位置，蠟燭固定在15cm刻度線位置時，物距為
大于2倍焦距，所以此時成倒立縮小的實像，像在1倍和2倍焦距之間，故在Ⅱ區域，應用于照相機。
（3）[1][2]視網膜是用來接收像的，所以視網膜的作用相當于光屏；近視眼鏡是凹透鏡，對光線有發散作用，撤去近視眼鏡，應向左移動光屏才能得到清晰的像也就是將光屏靠近透鏡；像距變小，則像變小。
13．（2025·龍華模擬）厚膜電阻是一種被廣泛應用于高溫電子設備中的定值電阻，具有耐高溫的特性。為測定某厚膜電阻的阻值大小，設計如下實驗。
實驗 電壓U/V 電流I/A 電阻R/Ω
1 4.9 0.1 49
2 9.6 0.2 48
3 12 0.24
（1）如圖甲所示是某同學正在連接的實物圖，此時的一處錯誤是　 　，圖中滑動變阻器的滑片已調至最大阻值處，請畫出最后一根導線　 　；
（2）正確連接并操作后，移動滑動變阻器滑片，測量并記錄的實驗數據如上表所示。綜合分析表中的實驗數據，可知該厚膜電阻的阻值是　 　Ω；
（3）查閱資料發現：該厚膜電阻材料為導電金屬陶瓷，滑動變阻器金屬絲材料為鎳鉻合金絲，兩種材料電阻隨溫度變化圖像如圖乙所示。保持滑片位置不變，開關閉合一段時間后，電壓表示數　 　。（選填“變大”、“變小”或“不變”）
（4）將滑動變阻器的滑片從一端滑到另一端，記錄電壓表和電流表示數并繪制圖像如圖丙，其中面積S1表示電壓表示數為U1時厚膜電阻的電功率大小，則此時滑動變阻器的電功率表示為面積　 　。（選填“S1”、“S2”或“S3”）
【答案】（1）開關沒有斷開；
（2）49
（3）變小
（4）S3
【知識點】串聯電路的電壓規律；歐姆定律及其應用；伏安法測電阻的探究實驗；電功率的計算
【解析】【解答】（1）由圖甲可知，在連接電路時的錯誤是：開關沒有斷開；
由甲圖可知滑動變阻器應“一上一下”連接到電路中，與厚膜電阻串聯，為了保護電路，閉合開關前，應將滑動變阻器的滑片P移到阻值最大處，圖甲所示滑動變阻器的滑片位于A端，因此應將滑動變阻器的B接線柱連接到電源正極，如圖所示：
（2）第三次實驗測得R的阻值為：
該厚膜電阻的阻值是：
（3）由甲圖可知，滑動變阻器與厚膜電阻串聯，電壓表測量厚膜電阻兩端的電壓，電流表測量電路中的電流；由圖乙可知，導電金屬陶瓷的電阻受溫度的影響較小，相當于定值電阻，鎳鉻合金絲的電阻隨溫度的升高而增大；保持滑片位置不變，開關閉合一段時間后，溫度升高，鎳鉻合金絲的電阻增大，根據串聯分壓的原理可知，滑動變阻器兩端電壓增大，電源電壓不變，根據串聯電路電壓的規律可知，厚膜電阻兩端電壓減小，即電壓表示數減小。
（4）由圖丙可知，滑片從一端滑到另一端時，U1變大，即厚膜電阻兩端的電壓變大，根據串聯電路電壓的規律可知，滑動變阻器兩端的電壓變小，根據串聯分壓原理可知，滑動變阻器的阻值變小，可知滑片是從A端向B端移動；當滑片移到B端時，滑動變阻器接入電路的阻值為0，滑動變阻器兩端的電壓為0，則電壓表的示數為U2，即電源電壓U2，當電壓表的示數為U1時，滑動變阻器的電壓為：
電路的總功率為：
此時滑動變阻器的電功率為：
面積S1表示電壓表示數為U1時厚膜電阻的電功率大小，則此時滑動變阻器的電功率表示為面積S3。
【分析】 （1）連接電路時，開關應斷開；
閉合開關前，為了保護電路，應將滑動變阻器的滑片P移到阻值最大處；
（2）根據求出第三次實驗測得R的阻值，計算三次測量結果的平均值可以減小實驗誤差；
（3）根據圖乙可知鎳鉻合金絲的電阻和導電金屬陶瓷的電阻受溫度的影響情況；根據串聯電路分壓原理和串聯電路電壓的規律分析電表示數的變化；
（4）當滑片移到B端時，電壓表的示數為電源電壓，根據串聯電路電壓規律表示出變阻器兩端的電壓，由P=UI計算滑動變阻器的電功率，據此進行分析。
（1）[1][2]由圖甲可知，在連接電路時，開關沒有斷開，由甲圖可知變阻器應與厚膜電阻串聯，這樣變阻器可以調節通過厚膜電阻兩端的電壓和通過電路的電流，電壓表測量厚膜電阻兩端的電壓，電流表測量電路中的電流，為了保護電路，閉合開關前，應將滑動變阻器的滑片P移到阻值最大處，圖甲所示的滑片位于A端，因此應將最后一根導線接入滑動變阻器的B接線柱。如圖所示：
（2）由歐姆定律可得，第三次實驗測得R的阻值
多次測量取平均值可以減小誤差，因此該厚膜電阻的阻值是
（3）由上圖可知，由甲圖可知變阻器與厚膜電阻串聯，電壓表測量厚膜電阻兩端的電壓，電流表測量電路中的電流，由圖乙可知、鎳鉻合金絲的電阻隨溫度的升高而增大，導電金屬陶瓷的電阻受溫度的影響較小，相當于定值電阻，保持滑片不變，開關閉合一段時間后，由于溫度升高，鎳鉻合金絲的電阻隨溫度的升高而增大，而厚膜電阻的阻值受溫度的影響不大，則總電阻變大，電源電壓不變，則電流變小，即電流表的示數變小，根據歐姆定律可知厚膜電阻兩端電壓減小，即電壓表示數減小。
（4）由圖像丙可知，隨著滑片的移動， U1變大，則滑片是從A端向B端移動，當滑片移到B端時，滑動變阻器接入電路的阻值為0，滑動變阻器兩端的電壓為0，則電壓表的示數為電源電壓，當電壓表的示數為U1時，滑動變阻器的電壓為
電路的總功率
當面積S1表示電壓表示數為U1時厚膜電阻的電功率大小，此時滑動變阻器的電功率
即S3表示此時滑動變阻器的電功率。
14．（2025·龍華模擬）某汽車在一段平直的公路上勻速行駛，汽車以50km/h的速度勻速直線行駛了0.6h。汽車所受的阻力與速度的圖象如圖所示。且行駛過程中消耗了12.5×10-3m3燃油（假設燃油完全燃燒）。若燃油的密度ρ=0.8×103kg/m3，熱值q=4×107J/kg，求：
（1）汽車牽引力所做的功；
（2）燃油放出的總熱量Q是多少？
（3）汽車的熱機效率。
【答案】解：（1）由圖可知以50km/h的速度勻速直線行駛時，阻力為4000N，汽車牽引力也為4000N，所做的功為：
（2）燃油放出的總熱量Q為：
（3）汽車的熱機效率為：
答：（1）汽車牽引力所做的功為1.2×108J；
（2）燃油放出的總熱量為4×108J；
（3）汽車的熱機效率為30%。
【知識點】燃料的熱值；熱機的效率；速度公式及其應用；功的計算及應用
【解析】【分析】 （1）已知車速，由圖可知汽車此時所受的阻力，由二力平衡的條件可得汽車的牽引力，再利用s=vt求出汽車行駛的路程，最后根據W=Fs可求出汽車牽引力做的功；
（2）已知消耗燃油的體積，利用m=ρV可求出燃油的質量，再利用Q放=qm可求出燃油完全燃燒放出的熱量；
（3）根據求出汽車的熱機效率。
15．（2025·龍華模擬）小麗同學家里有一款暖腳器（如圖甲），內置一個電熱墊，其簡化電路如圖乙，銘牌上的部分信息如表。[]求：
額定電壓 220V
電熱絲R1 880Ω
電熱絲R2 880Ω
熱墊質量 0.5kg
（1）暖腳器在低溫擋正常工作時，電路中的電流是多少？
（2）暖腳器在高溫擋正常工作時的功率是多少？
（3）某次用高溫擋正常工作使電熱墊從15℃加熱到65℃需要多長時間？（加熱效率是80%）
【答案】（1）解：由乙圖可知，當只閉合開關S1時，為暖腳器的低溫擋，此時只有R1接入電路，根據歐姆定律可得，電路中的電流為：
答：暖腳器在低溫擋正常工作時，電路中的電流是0.25A。
（2）解：由乙圖可知，當開關S1、S2都閉合時，為暖腳器的高溫擋，此時R1、R2并聯接入電路，由銘牌信息表可得，，所以并聯電路的總電阻為：
故暖腳器在高溫擋正常工作時的功率為：
答：暖腳器在高溫擋正常工作時的功率是110W。
（3）解：由題意可得，電熱墊的溫度變化度數為：
所以溫度升高吸收的熱量為：
則消耗的電能為：
所以需要使用高溫擋加熱的時間為：
答：某次用高溫擋正常工作使電熱墊從15℃加熱到65℃需要625s。
【知識點】比熱容；歐姆定律及其應用；電功率的計算；電功與熱量的綜合計算；多狀態電路——多擋位問題
【解析】【分析】（1）由乙圖可知，只閉合開關S1時，只有R1接入電路，為暖腳器的低溫擋，已知R1的電阻，根據求出電路中的電流；
（2）由乙圖可知，開關S1、S2都閉合時，R1、R2并聯接入電路，為暖腳器的高溫擋，已知R1、R2的電阻，根據并聯電路的電阻規律求出總電阻，根據求出暖腳器在高溫擋正常工作時的功率；
（3）由電熱墊的初溫和末溫求出電熱墊的溫度變化，已知電熱墊的比熱容和質量，根據求出電熱墊溫度升高吸收的熱量，根據加熱效率，利用求出消耗的電能，根據高溫檔功率，利用求出需要使用高溫擋加熱的時間。
（1）由乙圖可知，當只閉合開關S1時，為暖腳器的低溫擋，此時只有R1接入電路，所以根據歐姆定律，電路中的電流為
（2）由乙圖可知，當開關S1、S2都閉合時，為暖腳器的高溫擋，此時R1、R2并聯接入電路，由銘牌信息表可得，，所以并聯電路的總電阻為
故暖腳器在高溫擋正常工作時的功率為
（3）由題意可得，電熱墊的溫度變化度數為
所以溫度升高吸收的熱量為
則消耗的電能為
所以需要使用高溫擋加熱的時間為
16．（2025·龍華模擬）閱讀短文，回答問題。
燃氣灶常配備有熄火保護裝置，當燃氣灶意外熄火時，自動關閉燃氣閥，如圖甲所示。圖乙是某燃氣灶熄火保護裝置原理示意圖。工作時，熱電偶熱端受熱，當冷、熱兩端有一定溫度差時，電磁鐵將銜鐵吸引過來，銜鐵通過連桿帶動活塞向左移動，壓縮彈簧，同時進氣口被打開，燃氣輸送至出氣口。若爐火意外熄滅，熱電偶沒有溫度差，電磁鐵失去磁性釋放銜鐵，活塞在彈簧作用下關閉進氣口，防止燃氣外泄。
（1）熄火保護裝置工作時，熱電偶在電路中相當于　 　（選填“電源”“開關”或“用電器”），熱電偶將　 　能轉化為電能；
（2）若電流方向如圖乙的箭頭方向，則電磁鐵D端為　 　（選填“N”或“S”）極。熱電偶內部電子移動方向為　 　（選填“A到B”或“B到A”）；
（3）在測試熄火保護裝置時，發現電磁鐵無法將銜鐵完全吸過來，燃氣無法到達出氣口，為了解決此問題，可采取的方法是　 　。
【答案】（1）電源；內
（2）N；B到A
（3）增加線圈的匝數
【知識點】電源及其能量轉化；電路的構成及電路圖；通電螺線管的極性和電流方向的判斷；影響電磁鐵磁性強弱的因素及其探究
【解析】【解答】（1）由材料可知，熱電偶熱端受熱，當冷、熱兩端有一定溫度差時，電磁鐵將銜鐵吸引過來，說明電路中有電流，使熱電偶產生電壓，為電路提供的電能，故熱電偶在電路中相當于電源；
熱電偶是利用冷、熱兩端的溫度差來工作產生電能的，這是將內能轉化為電能。
（2）由乙圖可知，電流從電磁鐵左端流入，右端流出，由安培定則可知，電磁鐵的D端為N極；
由圖乙可知，熱電偶內部電流的方向是從A到B，電子定向移動方向與電流方向相反，所以熱電偶內部電子移動方向為B到A。
（3）電磁鐵無法將銜鐵完全吸過來，說明電磁鐵的磁性較弱，可以增加電磁鐵上線圈的匝數，增強電磁鐵的磁性。
【分析】（1）熱電偶工作時會產生電能，相當于電源；
（2）分析通過電磁鐵的電流方向，根據安培定則判斷電磁鐵的磁極；
電子定向移動的方向與電流的方向相反；
（3）電磁鐵的磁性強弱與電流大小和線圈匝數有關。
（1）[1][2]由材料可知，熱電偶熱端受熱，當冷、熱兩端有一定溫度差時，電磁鐵將銜鐵吸引過來，說明電路中有電流，是熱電偶產生電壓，為電路提供的電能，在電路中相當于電源，故從能量轉化角度，熱電偶消耗了內能轉化成了電能。
（2）[1]由乙圖可知，電流從電磁鐵左端流入，根據右手安培定則可判定電磁波的D端為N極；
[2]電流的方向與電子定向移動的方向相反，熱電偶內部電流的方向是從A到B，則電子移動方向為B到A。
（3）電磁鐵的磁性強弱與電流大小和線圈匝數有關，電磁鐵無法將銜鐵完全吸過來，說明電磁鐵的磁性較小，可以在電磁鐵上多繞幾圈線圈，增加線圈的匝數。
17．（2025·龍華模擬）小明的科創小組利用學校社團的3D打印機制作一臺殲-35A模型。
【目標任務】用3D打印機制作一架殲-35A模型
【工作原理】3D打印機先利用熱融噴頭將材料加熱到對應溫度，再按照3D數據，通過逐層打印的方式將料絲噴出，使其凝固成立體實物。打印機常用絲材的部分技術參數如表1：
絲材類型 推薦打印溫度/℃ 熔融特點 材料特點
PLA 195~230 存在固液共存態 無毒、可降解、強度低
ABS 220~250 從固態變軟逐漸成液態 韌性強、打印時有刺激性氣味
【材料選取】
（1）圖甲是某兩種材料熔化時溫度隨時間變化的曲線，　 　曲線可能是ABS材料；
（2）小明希望可以在封閉室內環境打印殲-35A模型，并且后期能夠對模型進行環保處理，因此選擇表1中　 　絲材制作更合適；
【項目評估】老師介紹：3D打印模型內部常采用類似蜂巢的空心填充方式，以優化材料使用和減輕重量。填充密度是指3D打印模型內部的固體填充程度，通常為0%到100%之間的百分比，如圖乙所示。
我們也可以通過模型實際質量與假設其完全實心時的質量之比來計算填充密度。一般來說，填充密度過高會導致材料浪費和打印時間延長，過低則可能無法滿足模型的強度要求。根據經驗，老師列出模型的填充密度和強度等級的關系，如表2：
填充密度 強度等級
0~15% 較低
15~50% 中等
>50% 較高
小明選擇密度為1.25g/cm3的PLA打印一架殲35-A模型，并用所學的物理知識測量模型的填充密度。需要的儀器有電子秤、記號筆等，實驗過程如圖丙所示（ρ水=1g/cm3）。
a。水槽中裝入適量的水，記錄電子秤示數m1，標記液面位置A；
b。把模型放入水槽，記錄電子秤示數m2；
c。用細針將模型壓入水中，使其完全浸沒，標記液面位置B；
d。取出模型后，往水槽加水，直至液面升高至位置B，記錄電子秤示數m3。
（3）模型的質量為　 　g；
（4）模型的填充密度為　 　%，強度等級為　 　；
（5）若小明換用密度為1.05g/cm3的ABS絲材打印內、外結構相同的同一模型，則模型的填充密度　 　（選填“變大”、“變小”或“不變”）。
【答案】（1）B
（2）PLA
（3）100
（4）20；中等
（5）不變
【知識點】凝固與凝固放熱特點；密度公式及其應用；固體密度的測量
【解析】【解答】（1）從表中兩種材料的熔融特點可知，PLA材料由固定的熔點，是晶體，ABS材料沒有固定的熔點，是非晶體，所以B曲線可能是ABS材料；
（2）小明希望可以在封閉環境下打印，材料應無毒，無刺激性氣味，故應選擇表1中PLA絲材制作更合適；
（3）由圖丙可知，模型的質量為：
（4）由圖丙可知，模型浸沒在水中時，排開水的質量為，模型的體積等于排開水的體積，則模型的體積為：
實心模型的質量為：
模型填充密度為：
由表2可知，模型的填充密度在15~50%范圍內，強度等級為中等。
（5）對于外結構相同的模型，填充部分的體積占模型總體積的比例是不變的，所以模型的填充密度不變。
【分析】（1）根據從表中熔融特點進行分析分析；
有固定的熔化溫度的固體叫晶體，沒有固定的熔化溫度的固體叫非晶體；
（2）根據“在封閉室內工作”進行分析，選擇合適的材料；
（3）模型的質量等于水和模型的總質量減去水的質量；
（4）模型浸沒在水中時，模型的的體積等于排開水的體積，若模型室實心的，根據m=ρV求出實心模型的質量，根據模型質量除以實心材料的模型的質量求出充填密度；
（5）對于充填密度一定的模型來說，充填部分的體積和總體積是一定的，由此進行判斷充填密度的情況。
（1）從表中兩種材料的熔融特點可知，PLA為晶體，ABS為非晶體沒有固定的熔點和凝固的，B曲線為非靜態熔化過程的情況。
（2）小明希望可以在封閉環境下打印，故對材料特點要無毒，沒有刺激性氣味的材料，故選用PLA。
（3）模型的質量
（4）[1][2]模型的體積V等于，水的體積，
實心模型的質量
模型填充密度為
從表2中填充密度數據可知，模型強度等級為中等。
（5）對于外結構相同的模型，它的填充部分的體積占模型總體積的比例是固定的，所以用不同過的材料打印模型，填充宓度不變。
1 / 1廣東省深圳市龍華區第二實驗學校集團華仁校區2025年中考二模物理試題
1．（2025·龍華模擬）下列對物理量的估測與實際情況相符的是（　　）
A．人體的正常體溫為38.7℃
B．一根粉筆的質量約為25g
C．一枚一元錢硬幣的直徑約為25mm
D．中學生脈搏跳動一次的時間大約為3s
2．（2025·龍華模擬）關于聲現象，下列說法正確的是（　　）
A．圖甲中發聲的音叉將乒乓球彈開說明聲是由物體振動產生的
B．圖乙中鋼尺伸出桌面的長度越長，振動時，音調越高
C．圖丙中小白兔通過聲音的音調判斷出叫門的不是媽媽
D．圖丁中捕魚船通過聲吶確定魚群位置利用了聲波傳遞能量
3．（2025·龍華模擬）下列選項中對相應現象解釋正確的是（　　）
A．如圖甲，液態玻璃倒入模具后將會凝固，凝固過程玻璃溫度不變
B．如圖乙，瓶中裝入液氮，瓶口上方的“白氣”是液氮汽化形成的氮氣
C．如圖丙，草葉上的露珠是空氣中的水蒸氣遇冷液化形成的
D．如圖丁，霧凇是水蒸氣凝固形成的
4．（2025·龍華模擬）下列光現象的成因，與射擊比賽“三點一線”的瞄準原理相同的是（　　）
A．林中樹影
B．水中倒影
C．鏡中汽車
D．空中彩虹
5．（2025·龍華模擬）海鮮保存常要求溫度低于-18℃。小明為海鮮市場的冷庫設計了溫度自動報警器，其原理如圖甲所示。控制電路和工作電路的電源電壓均為3V保持不變，電磁鐵線圈電阻忽略不計，乙圖為熱敏電阻R隨溫度變化的圖像。冷庫溫度等于或高于-18℃時，工作電路報警。下列說法正確的是（　　）
A．冷庫溫度升高時，熱敏電阻R的阻值變大
B．工作電路報警時，銜鐵被吸下，燈亮鈴不響
C．冷庫溫度為-18℃時，控制電路中電流為0.03A
D．冷庫溫度降低時，控制電路消耗的電功率變大
6．（2025·龍華模擬）小明為自己家的養牛場設計了一款補水提示器，其工作原理如圖所示，水量減少時滑片上移，下列分析正確的是（　　）
A．與電壓表相比，選擇電流表設計電路更節能
B．如果選擇電流表，R0可以在水太多時保護電路
C．如果選擇電壓表，水量增多時電表示數變小
D．如果選擇電流表，水量增多時電表示數變小
7．（2025·龍華模擬）如圖所示，請根據平面鏡成像的特點，作出眼睛通過水洼看到水中月亮上M點的反射光路。（用點代表月亮上M點的像）
8．（2025·龍華模擬）2024年湖北沙洋江漢運河半程馬拉松（21公里）成功舉辦，中國選手以1小時07分的成績獲得男子季軍，他的“配速”（配速定義：通過每公里路程所需要的時間）約為　 　min/km（計算結果保留一位小數），他的配速值　 　（選填“大于”或“小于”）冠軍的配速值；以他為參照物，路旁的油菜花是　 　的（選填“運動”或“靜止”）。
9．（2025·龍華模擬）在空間站失重環境下，書寫也并非易事。如果用鉛筆書寫，飛濺的鉛筆芯顆粒石墨材料導電性能極佳，進入電器會導致電路發生　 　 故障。如果用鋼筆書寫，墨水不會自動往下流，導致書寫斷斷續續。為此，我國設計出如圖甲所示的“太空圓珠筆”，書寫過程中，筆尖與紙張的摩擦類型屬于滾動摩擦，筆芯內氮氣的密度　 　 （變大、變小或不變）。2021年9月的“開學第一課’，航天員劉伯明在空間站用毛筆寫下了“理想”二字，如圖乙所示，書寫過程中墨汁附著在毛筆上并沒有四處飛濺，從分子角度而言，這是因為　 　 。
10．（2025·龍華模擬）東東家買了一個新的電熱水壺，如圖甲、乙分別是一種電熱水壺的外形及內部電路圖。電路中的R是電熱絲，S是自動開關，①、②、③是底座上的三個接線點，則①接　 　，③接　 　（均選填“零線”“火線”或“大地”）。
11．（2025·龍華模擬）小明發現冬天海水結冰時的溫度比河水的低，這一現象激發了他探究鹽水凝固時溫度變化規律的興趣。他將一杯鹽水放入溫度為-20℃的恒溫冷凍室內，利用傳感器收集數據，繪制了如圖所示的溫度-時間圖像。
（1）這杯鹽水的凝固點是　 　℃，凝固過程持續了　 　min。
（2）杯內鹽水第25min時的內能　 　（選填“大于”“小于”或“等于”）第15min時的內能。
（3）從圖像中發現，當鹽水凝固后，溫度降低明顯變快，這是因為凝固后它的　 　變小。
12．（2025·龍華模擬）小明在探究“凸透鏡成像規律”的實驗中，所使用的凸透鏡焦距是15cm。
（1）實驗前要調整燭焰的焰心和光屏的中心，使它們位于　 　。
（2）如圖甲所示，當小明把凸透鏡固定在50cm刻度線位置，蠟燭固定在15cm刻度線位置時，光屏應在　 　（選填“I”、“II”或“III”）區域內左右移動，才能在光屏上得到清晰的實像，　 　是根據這一原理制成的。
（3）小明繼續模擬探究“眼睛的缺陷”，它用凸透鏡模擬人眼的晶狀體，用光屏模擬人眼的視網膜。如圖乙，小明先固定蠟燭，拿一個近視眼鏡給“眼睛”戴上，光屏上出現燭焰清晰的像。撤掉眼鏡后，光屏上的像變模糊，為使像重新清晰，應將光屏　 　透鏡（選填“靠近”、“遠離”或“保持不動”）。得到清晰的像后發現，該像的大小與原來的像相比　 　（選填“變大”、“變小”或“不變”）。
13．（2025·龍華模擬）厚膜電阻是一種被廣泛應用于高溫電子設備中的定值電阻，具有耐高溫的特性。為測定某厚膜電阻的阻值大小，設計如下實驗。
實驗 電壓U/V 電流I/A 電阻R/Ω
1 4.9 0.1 49
2 9.6 0.2 48
3 12 0.24
（1）如圖甲所示是某同學正在連接的實物圖，此時的一處錯誤是　 　，圖中滑動變阻器的滑片已調至最大阻值處，請畫出最后一根導線　 　；
（2）正確連接并操作后，移動滑動變阻器滑片，測量并記錄的實驗數據如上表所示。綜合分析表中的實驗數據，可知該厚膜電阻的阻值是　 　Ω；
（3）查閱資料發現：該厚膜電阻材料為導電金屬陶瓷，滑動變阻器金屬絲材料為鎳鉻合金絲，兩種材料電阻隨溫度變化圖像如圖乙所示。保持滑片位置不變，開關閉合一段時間后，電壓表示數　 　。（選填“變大”、“變小”或“不變”）
（4）將滑動變阻器的滑片從一端滑到另一端，記錄電壓表和電流表示數并繪制圖像如圖丙，其中面積S1表示電壓表示數為U1時厚膜電阻的電功率大小，則此時滑動變阻器的電功率表示為面積　 　。（選填“S1”、“S2”或“S3”）
14．（2025·龍華模擬）某汽車在一段平直的公路上勻速行駛，汽車以50km/h的速度勻速直線行駛了0.6h。汽車所受的阻力與速度的圖象如圖所示。且行駛過程中消耗了12.5×10-3m3燃油（假設燃油完全燃燒）。若燃油的密度ρ=0.8×103kg/m3，熱值q=4×107J/kg，求：
（1）汽車牽引力所做的功；
（2）燃油放出的總熱量Q是多少？
（3）汽車的熱機效率。
15．（2025·龍華模擬）小麗同學家里有一款暖腳器（如圖甲），內置一個電熱墊，其簡化電路如圖乙，銘牌上的部分信息如表。[]求：
額定電壓 220V
電熱絲R1 880Ω
電熱絲R2 880Ω
熱墊質量 0.5kg
（1）暖腳器在低溫擋正常工作時，電路中的電流是多少？
（2）暖腳器在高溫擋正常工作時的功率是多少？
（3）某次用高溫擋正常工作使電熱墊從15℃加熱到65℃需要多長時間？（加熱效率是80%）
16．（2025·龍華模擬）閱讀短文，回答問題。
燃氣灶常配備有熄火保護裝置，當燃氣灶意外熄火時，自動關閉燃氣閥，如圖甲所示。圖乙是某燃氣灶熄火保護裝置原理示意圖。工作時，熱電偶熱端受熱，當冷、熱兩端有一定溫度差時，電磁鐵將銜鐵吸引過來，銜鐵通過連桿帶動活塞向左移動，壓縮彈簧，同時進氣口被打開，燃氣輸送至出氣口。若爐火意外熄滅，熱電偶沒有溫度差，電磁鐵失去磁性釋放銜鐵，活塞在彈簧作用下關閉進氣口，防止燃氣外泄。
（1）熄火保護裝置工作時，熱電偶在電路中相當于　 　（選填“電源”“開關”或“用電器”），熱電偶將　 　能轉化為電能；
（2）若電流方向如圖乙的箭頭方向，則電磁鐵D端為　 　（選填“N”或“S”）極。熱電偶內部電子移動方向為　 　（選填“A到B”或“B到A”）；
（3）在測試熄火保護裝置時，發現電磁鐵無法將銜鐵完全吸過來，燃氣無法到達出氣口，為了解決此問題，可采取的方法是　 　。
17．（2025·龍華模擬）小明的科創小組利用學校社團的3D打印機制作一臺殲-35A模型。
【目標任務】用3D打印機制作一架殲-35A模型
【工作原理】3D打印機先利用熱融噴頭將材料加熱到對應溫度，再按照3D數據，通過逐層打印的方式將料絲噴出，使其凝固成立體實物。打印機常用絲材的部分技術參數如表1：
絲材類型 推薦打印溫度/℃ 熔融特點 材料特點
PLA 195~230 存在固液共存態 無毒、可降解、強度低
ABS 220~250 從固態變軟逐漸成液態 韌性強、打印時有刺激性氣味
【材料選取】
（1）圖甲是某兩種材料熔化時溫度隨時間變化的曲線，　 　曲線可能是ABS材料；
（2）小明希望可以在封閉室內環境打印殲-35A模型，并且后期能夠對模型進行環保處理，因此選擇表1中　 　絲材制作更合適；
【項目評估】老師介紹：3D打印模型內部常采用類似蜂巢的空心填充方式，以優化材料使用和減輕重量。填充密度是指3D打印模型內部的固體填充程度，通常為0%到100%之間的百分比，如圖乙所示。
我們也可以通過模型實際質量與假設其完全實心時的質量之比來計算填充密度。一般來說，填充密度過高會導致材料浪費和打印時間延長，過低則可能無法滿足模型的強度要求。根據經驗，老師列出模型的填充密度和強度等級的關系，如表2：
填充密度 強度等級
0~15% 較低
15~50% 中等
>50% 較高
小明選擇密度為1.25g/cm3的PLA打印一架殲35-A模型，并用所學的物理知識測量模型的填充密度。需要的儀器有電子秤、記號筆等，實驗過程如圖丙所示（ρ水=1g/cm3）。
a。水槽中裝入適量的水，記錄電子秤示數m1，標記液面位置A；
b。把模型放入水槽，記錄電子秤示數m2；
c。用細針將模型壓入水中，使其完全浸沒，標記液面位置B；
d。取出模型后，往水槽加水，直至液面升高至位置B，記錄電子秤示數m3。
（3）模型的質量為　 　g；
（4）模型的填充密度為　 　%，強度等級為　 　；
（5）若小明換用密度為1.05g/cm3的ABS絲材打印內、外結構相同的同一模型，則模型的填充密度　 　（選填“變大”、“變小”或“不變”）。
答案解析部分
1．【答案】C
【知識點】溫度及溫度計的使用與讀數；質量及其特性；時間的估測；長度的估測
【解析】【解答】A．人體的正常體溫為37℃，故A不符合題意；
B．一根粉筆的質量較小，約為10g左右，故B不符合題意；
C．一枚一元錢硬幣的直徑約為25mm，故C符合題意；
D．中學生的脈搏1min跳動的次數約為75次左右，跳動一次的時間大約為1s，故D不符合題意。
故選C。
【分析】對題目中涉及的物理量有個初步的了解，根據需要進行相應的換算或轉換，排除與生活實際相差較遠的選項。
2．【答案】A
【知識點】聲音的產生；音調及音調與頻率的關系；音調、響度與音色的區分；聲與信息
【解析】【解答】A．圖甲中發聲的音叉將乒乓球彈開，說明聲音是由物體振動產生的，故A正確；
B．音調高低與頻率有關，圖乙中鋼尺伸出桌面的長度越長，振動時，頻率越低，則音調越低，故B錯誤；
C．小白兔是通過音色判斷出叫門的不是媽媽，故C錯誤；
D．捕魚船通過聲吶確定魚群位置是利用超聲波的反射來傳遞信息，從而可以確定魚群的位置，不是傳遞能量，故D錯誤。
故選A。
【分析】聲音是由物體振動產生的，頻率高，音調高，頻率低，音調低，不同材料的物體發出聲音的音色不同。
3．【答案】C
【知識點】凝固與凝固放熱特點；晶體和非晶體；液化及液化放熱；升華及升華吸熱
【解析】【解答】A.如圖甲，玻璃是非晶體，液態玻璃倒入模具后將會凝固，凝固過程玻璃溫度下降，故A錯誤；
B.如圖乙，瓶中裝入液氮，液氮汽化吸熱，瓶子周圍的空氣溫度降低，瓶口上方的“白氣”是空氣中的水蒸氣液化形成的，故B錯誤；
C.如圖丙，草葉上的露珠是空氣中的水蒸氣遇冷液化形成的，故C正確；
D.如圖丁，霧凇是水蒸氣遇冷凝華形成的小冰晶，故D錯誤。
故選C。
【分析】1.非晶體：沒有固定熔化或凝固溫度的物質，如玻璃、蜂蠟、松香、瀝青、橡膠等；
2.凝固：物質由液態變成固態的過程，凝固放熱；
液化：物質由氣態變成液態的過程，液化放熱；
凝華：物質由氣態直接變成固態的過程，凝華放熱。
4．【答案】A
【知識點】光的直線傳播及其應用；光的反射；凸面鏡和凹面鏡；光的色散
【解析】【解答】射擊比賽“三點一線”的瞄準原理是光的直線傳播；
A．林中的樹影是光的直線傳播現象，故A符合題意；
B．水中的倒影是光的反射形成的，故B不符合題意；
C．汽車的后視鏡是凸面鏡，鏡中的汽車是光的反射形成的，故C不符合題意；
D．空中的彩虹是光的色散現象，是光的折射形成的，故D不符合題意。
故選A。
【分析】1.光在同種均勻介質中沿直線傳播，如影子的形成，樹蔭下的光斑，日食、月食等都是由光沿直線傳播形成的；
2.光的反射： 光在傳播到不同介質表面時，被反射回原來介質中的現象，如水面出現岸上物體的倒影、平面鏡成像、玻璃等光滑物體反光都是光的反射形成的；
3.光的折射：光從一種介質斜射入另一種介質時，光的傳播方向會發生偏折，這種現象叫光的折射，如水池底變淺、水中筷子彎折、海市蜃樓等都是光的折射形成的。
5．【答案】C
【知識點】歐姆定律及其應用；電路的動態分析；電功率的計算；電磁繼電器的組成、原理和特點
【解析】【解答】A．由圖乙可知，熱敏電阻的阻值隨冷庫溫度的升高而減小，故A錯誤；
B．根據圖甲，當工作電路報警時，銜鐵被吸下，燈泡斷路，電鈴接通，所以鈴響燈不亮，故B錯誤；
C．由圖乙可知，當冷庫溫度為-18℃時，熱敏電阻的阻值R=100Ω，控制電路中電流為：
故C正確；
D．由圖乙可知，當冷庫溫度降低時，熱敏電阻阻值變大，根據可知，控制電路中電功率變小，故D錯誤。
故選C。
【分析】1.由圖乙分析熱敏電阻隨溫度的變化；
2.控制電路只有熱敏電阻R，結合電源電壓利用根據歐姆定律，求出報警的臨界電流；當溫度升高后，熱敏電阻阻值變小，控制電路電流變大，銜鐵被吸下，工作電路中電鈴響；當溫度降低時，熱敏電阻阻值變大，根據分析控制電路電功率變化。
6．【答案】B
【知識點】滑動變阻器的原理及其使用；電阻的串聯；歐姆定律及其應用；電路的動態分析；電功率的計算
【解析】【解答】A．若電表為電壓表，R0與R的最大阻值串聯，電路中總電阻最大且保持不變，根據可知，電路總功率最小；若電表為電流表，滑動變阻器滑片P的上段被電流表短路，電路中的總電阻變小，根據可知，電路中的總功率會變大，所以選擇電壓表設計電路更節能，故A錯誤；
BD．如果選擇電流表，由題意可知，當水量增多時，滑片下移，滑動變阻器R接入電路中的電阻變小，電路的總電阻變小，根據歐姆定律可知，電路中的電流變大，即電流表的示數變大；若水太多，電路中電流太大，若電路中沒有R0，可能會燒壞電源和電流表，所以R0可以在水太多時保護電路，故B正確，D錯誤；
C．如果選擇電壓表，R0與R的最大值串聯，電路中總電阻最大且保持不變，電壓表測量滑片P上段電阻絲兩端的電壓，根據歐姆定律可知，電路中的電流不變。當水量增多時，滑片下移，滑片P上方電阻絲的長度變長、阻值變大，根據U＝IR可知，滑片P上方電阻絲兩端的電壓變大，所以電壓表的示數變大，故C錯誤；
故選B。
【分析】1.如果選擇電壓表，R0與R的最大值串聯，電路中總電阻最大且保持不變，根據分析比較電路總功率大小；電壓表測量滑片P上段電阻絲兩端的電壓，根據歐姆定律可知，電路中的電流不變。當水量變化時，根據滑動變阻器接入電路電阻的變化及歐姆定律分析電流表的示數變化；
2.如果選擇電流表，當水量增變化時，根據滑動變阻器R接入電路中的電阻變化分析電路的總電阻變化，根據分析比較電路總功率大小；根據歐姆定律分析電路中的電流變化，即電流表的示數變化；
3.定值電阻R0可以保護電路。
7．【答案】
【知識點】平面鏡成像的相關作圖
【解析】【解答】月亮反射的光線照在水面上，發生反射，反射光線進入人的眼睛，人逆著反射光線看去，看到的是月亮關于水面對稱的虛像。過路面作M點的對稱M'點，即為月亮在水中的像，連接眼睛與M'點，即為入射光線 ，與水面相交于O點，即為入射點，連接M點與O點，即為入射光線，如圖所示：
【分析】1.平面鏡成像特點：平面鏡成正立的虛像，像與物的大小相等，像與物到平面鏡的距離相等，像與物的連線與鏡面垂直；
2.光的反射規律：反射光線、入射光線、法線在同一平面內；反射光線和入射光線分居法線兩側；反射角等于入射角。
8．【答案】3.2；大于；運動
【知識點】速度公式及其應用；參照物及其選擇
【解析】【解答】配速：通過每公里路程所需要的時間，則他的“配速”約為：；
季軍用時比冠軍用時長，則他通過每公里路程所需要的時間大于冠軍所用時間，所以他的配速值大于冠軍的配速值。
以他為參照物，路旁的油菜花與他的位置發生了變化，所以 路旁的油菜花是運動的。
【分析】根據配速的定義計算、比較；
研究物體運動狀態時，要選擇合適的參照物，若物體和參照物之間位置發生變化，則物體是運動的，若物體和參照物之間位置沒有發生變化，則物體是靜止的。
9．【答案】短路；變小；分子間有引力
【知識點】密度公式及其應用；電路的三種狀態；分子間相互作用力
【解析】【解答】鉛筆芯顆粒（石墨材料）導電性能較好，當它進入電器后，會直接接在電源正負極上，或者導致電子元件被短接，從而使電路發生短路故障。
用圓珠筆寫字時，筆尖在紙上滾動，墨水向筆尖流動，筆芯內氮氣的體積增大，而氮氣的質量不變，由可知，筆芯內氮氣的密度變小。
在空間站書寫時，墨汁附著在毛筆上并沒有四處飛濺，從分子角度而言，是由于分子之間存在著相互作用的引力，使墨汁能夠附著在毛筆上。
【分析】1.電路的三種狀態是通路、短路和斷路。即處處連通的電路叫做通路；某處斷開的電路叫做斷路，也叫開路；短路是不經過用電器將導線直接接在電源正負兩極上的電路；
2.根據分析筆芯內氮氣的密度變化；
3.分子之間存在著相互作用的引力和斥力。
10．【答案】大地；火線
【知識點】家庭電路的組成；家庭電路工作電壓、零線、火線的辨別
【解析】【解答】為保證用電安全，開關應接在火線與電熱絲之間，故③接火線，②接零線，電熱水壺的金屬外殼應與地線相連，故①接大地。
【分析】為保證用電安全，開關應接在火線與用電器之間，用電器的金屬外殼應接地。
11．【答案】（1）-4；10
（2）小于
（3）比熱容
【知識點】凝固與凝固放熱特點；熔化和凝固的溫度—時間圖象；比熱容
【解析】【解答】（1）由圖可知，在15min~25min內，鹽水的溫度保持-4℃不變，鹽水處于凝固過程，所以這杯鹽水的凝固點是-4℃，凝固過程持續了25min-15min=10min。
（2）由圖可知，在15min~25min內，鹽水處于凝固過程，鹽水不斷放熱，但溫度不變，所以杯內鹽水第25min時的內能小于第15min時的內能。
（3）當鹽水凝固后，鹽水由液體變為固態，比熱容變小，所以溫度降低明顯變快，這是因為凝固后它的比熱容變小。
【分析】（1）（2）1.晶體凝固時的溫度叫做晶體的凝固點；
2.鹽水在凝固過程中，不斷放熱，內能減小，但溫度不變；
（3）比熱容是物質的一種特性，大小與物體的種類、狀態有關。
（1）[1]由圖可知，在15min~25min是鹽水的凝固過程，此過程中溫度-4℃保持不變min，因此這杯鹽水的凝固點是-4℃。
[2]由圖可知，在15min~25min是鹽水的凝固過程，凝固過程持續了25min-15min=10min
（2）由圖可知，在15min~25min是鹽水的凝固過程，此過程中鹽水持續放熱，但是溫度不變，因此第25min時的內能小于第15min時的內能。
（3）當鹽水凝固后，溫度降低明顯變快，因此可知它的比熱容變小。
12．【答案】（1）凸透鏡的主光軸上
（2）Ⅱ；照相機
（3）靠近；變小
【知識點】凸透鏡成像規律及其探究實驗；近視眼的成因與矯正辦法
【解析】【解答】（1）實驗前，調整燭焰的焰心和光屏的中心，使它們位于凸透鏡的主光軸上，這樣能使燭焰的像成在光屏的中央。
（2）由圖可知，物距 u=50cm - 15cm =35cm，大于2倍焦距，成倒立、縮小的實像，像應在1倍焦距和2倍焦距之間，故光屏應在Ⅱ區域內左右移動，照相機是根據這一原理制成的。
（3）近視眼鏡是凹透鏡，對光線有發散作用，撤去近視眼鏡，此時的像應在原來位置之前，所以為使像重新清晰，應將光屏靠近透鏡；
根據凸透鏡成實像時“物遠像近像變小”的規律可知，光屏靠近透鏡，即像距變小，則像變小，故該像的大小與原來的像相比變小 。
【分析】（1）實驗前，應調節蠟燭、凸透鏡、光屏的中心在同一高度，目的是使像能成在光屏的中央；
（2） 凸透鏡成像規律：u>v，u>2f，成倒立、縮小的實像，fu2f，應用：投影儀；
u（3）1.近視眼鏡是凹透鏡，對光線有發散作用；
2.凸透鏡成實像時“物遠像近像變小”。
（1）實驗前要調整燭焰的焰心、光屏的中心，使它們位于凸透鏡的主光軸上，目的是使像能成在光屏的中央。
（2）[1][2]凸透鏡焦距是15cm，當把凸透鏡固定在50cm刻度線位置，蠟燭固定在15cm刻度線位置時，物距為
大于2倍焦距，所以此時成倒立縮小的實像，像在1倍和2倍焦距之間，故在Ⅱ區域，應用于照相機。
（3）[1][2]視網膜是用來接收像的，所以視網膜的作用相當于光屏；近視眼鏡是凹透鏡，對光線有發散作用，撤去近視眼鏡，應向左移動光屏才能得到清晰的像也就是將光屏靠近透鏡；像距變小，則像變小。
13．【答案】（1）開關沒有斷開；
（2）49
（3）變小
（4）S3
【知識點】串聯電路的電壓規律；歐姆定律及其應用；伏安法測電阻的探究實驗；電功率的計算
【解析】【解答】（1）由圖甲可知，在連接電路時的錯誤是：開關沒有斷開；
由甲圖可知滑動變阻器應“一上一下”連接到電路中，與厚膜電阻串聯，為了保護電路，閉合開關前，應將滑動變阻器的滑片P移到阻值最大處，圖甲所示滑動變阻器的滑片位于A端，因此應將滑動變阻器的B接線柱連接到電源正極，如圖所示：
（2）第三次實驗測得R的阻值為：
該厚膜電阻的阻值是：
（3）由甲圖可知，滑動變阻器與厚膜電阻串聯，電壓表測量厚膜電阻兩端的電壓，電流表測量電路中的電流；由圖乙可知，導電金屬陶瓷的電阻受溫度的影響較小，相當于定值電阻，鎳鉻合金絲的電阻隨溫度的升高而增大；保持滑片位置不變，開關閉合一段時間后，溫度升高，鎳鉻合金絲的電阻增大，根據串聯分壓的原理可知，滑動變阻器兩端電壓增大，電源電壓不變，根據串聯電路電壓的規律可知，厚膜電阻兩端電壓減小，即電壓表示數減小。
（4）由圖丙可知，滑片從一端滑到另一端時，U1變大，即厚膜電阻兩端的電壓變大，根據串聯電路電壓的規律可知，滑動變阻器兩端的電壓變小，根據串聯分壓原理可知，滑動變阻器的阻值變小，可知滑片是從A端向B端移動；當滑片移到B端時，滑動變阻器接入電路的阻值為0，滑動變阻器兩端的電壓為0，則電壓表的示數為U2，即電源電壓U2，當電壓表的示數為U1時，滑動變阻器的電壓為：
電路的總功率為：
此時滑動變阻器的電功率為：
面積S1表示電壓表示數為U1時厚膜電阻的電功率大小，則此時滑動變阻器的電功率表示為面積S3。
【分析】 （1）連接電路時，開關應斷開；
閉合開關前，為了保護電路，應將滑動變阻器的滑片P移到阻值最大處；
（2）根據求出第三次實驗測得R的阻值，計算三次測量結果的平均值可以減小實驗誤差；
（3）根據圖乙可知鎳鉻合金絲的電阻和導電金屬陶瓷的電阻受溫度的影響情況；根據串聯電路分壓原理和串聯電路電壓的規律分析電表示數的變化；
（4）當滑片移到B端時，電壓表的示數為電源電壓，根據串聯電路電壓規律表示出變阻器兩端的電壓，由P=UI計算滑動變阻器的電功率，據此進行分析。
（1）[1][2]由圖甲可知，在連接電路時，開關沒有斷開，由甲圖可知變阻器應與厚膜電阻串聯，這樣變阻器可以調節通過厚膜電阻兩端的電壓和通過電路的電流，電壓表測量厚膜電阻兩端的電壓，電流表測量電路中的電流，為了保護電路，閉合開關前，應將滑動變阻器的滑片P移到阻值最大處，圖甲所示的滑片位于A端，因此應將最后一根導線接入滑動變阻器的B接線柱。如圖所示：
（2）由歐姆定律可得，第三次實驗測得R的阻值
多次測量取平均值可以減小誤差，因此該厚膜電阻的阻值是
（3）由上圖可知，由甲圖可知變阻器與厚膜電阻串聯，電壓表測量厚膜電阻兩端的電壓，電流表測量電路中的電流，由圖乙可知、鎳鉻合金絲的電阻隨溫度的升高而增大，導電金屬陶瓷的電阻受溫度的影響較小，相當于定值電阻，保持滑片不變，開關閉合一段時間后，由于溫度升高，鎳鉻合金絲的電阻隨溫度的升高而增大，而厚膜電阻的阻值受溫度的影響不大，則總電阻變大，電源電壓不變，則電流變小，即電流表的示數變小，根據歐姆定律可知厚膜電阻兩端電壓減小，即電壓表示數減小。
（4）由圖像丙可知，隨著滑片的移動， U1變大，則滑片是從A端向B端移動，當滑片移到B端時，滑動變阻器接入電路的阻值為0，滑動變阻器兩端的電壓為0，則電壓表的示數為電源電壓，當電壓表的示數為U1時，滑動變阻器的電壓為
電路的總功率
當面積S1表示電壓表示數為U1時厚膜電阻的電功率大小，此時滑動變阻器的電功率
即S3表示此時滑動變阻器的電功率。
14．【答案】解：（1）由圖可知以50km/h的速度勻速直線行駛時，阻力為4000N，汽車牽引力也為4000N，所做的功為：
（2）燃油放出的總熱量Q為：
（3）汽車的熱機效率為：
答：（1）汽車牽引力所做的功為1.2×108J；
（2）燃油放出的總熱量為4×108J；
（3）汽車的熱機效率為30%。
【知識點】燃料的熱值；熱機的效率；速度公式及其應用；功的計算及應用
【解析】【分析】 （1）已知車速，由圖可知汽車此時所受的阻力，由二力平衡的條件可得汽車的牽引力，再利用s=vt求出汽車行駛的路程，最后根據W=Fs可求出汽車牽引力做的功；
（2）已知消耗燃油的體積，利用m=ρV可求出燃油的質量，再利用Q放=qm可求出燃油完全燃燒放出的熱量；
（3）根據求出汽車的熱機效率。
15．【答案】（1）解：由乙圖可知，當只閉合開關S1時，為暖腳器的低溫擋，此時只有R1接入電路，根據歐姆定律可得，電路中的電流為：
答：暖腳器在低溫擋正常工作時，電路中的電流是0.25A。
（2）解：由乙圖可知，當開關S1、S2都閉合時，為暖腳器的高溫擋，此時R1、R2并聯接入電路，由銘牌信息表可得，，所以并聯電路的總電阻為：
故暖腳器在高溫擋正常工作時的功率為：
答：暖腳器在高溫擋正常工作時的功率是110W。
（3）解：由題意可得，電熱墊的溫度變化度數為：
所以溫度升高吸收的熱量為：
則消耗的電能為：
所以需要使用高溫擋加熱的時間為：
答：某次用高溫擋正常工作使電熱墊從15℃加熱到65℃需要625s。
【知識點】比熱容；歐姆定律及其應用；電功率的計算；電功與熱量的綜合計算；多狀態電路——多擋位問題
【解析】【分析】（1）由乙圖可知，只閉合開關S1時，只有R1接入電路，為暖腳器的低溫擋，已知R1的電阻，根據求出電路中的電流；
（2）由乙圖可知，開關S1、S2都閉合時，R1、R2并聯接入電路，為暖腳器的高溫擋，已知R1、R2的電阻，根據并聯電路的電阻規律求出總電阻，根據求出暖腳器在高溫擋正常工作時的功率；
（3）由電熱墊的初溫和末溫求出電熱墊的溫度變化，已知電熱墊的比熱容和質量，根據求出電熱墊溫度升高吸收的熱量，根據加熱效率，利用求出消耗的電能，根據高溫檔功率，利用求出需要使用高溫擋加熱的時間。
（1）由乙圖可知，當只閉合開關S1時，為暖腳器的低溫擋，此時只有R1接入電路，所以根據歐姆定律，電路中的電流為
（2）由乙圖可知，當開關S1、S2都閉合時，為暖腳器的高溫擋，此時R1、R2并聯接入電路，由銘牌信息表可得，，所以并聯電路的總電阻為
故暖腳器在高溫擋正常工作時的功率為
（3）由題意可得，電熱墊的溫度變化度數為
所以溫度升高吸收的熱量為
則消耗的電能為
所以需要使用高溫擋加熱的時間為
16．【答案】（1）電源；內
（2）N；B到A
（3）增加線圈的匝數
【知識點】電源及其能量轉化；電路的構成及電路圖；通電螺線管的極性和電流方向的判斷；影響電磁鐵磁性強弱的因素及其探究
【解析】【解答】（1）由材料可知，熱電偶熱端受熱，當冷、熱兩端有一定溫度差時，電磁鐵將銜鐵吸引過來，說明電路中有電流，使熱電偶產生電壓，為電路提供的電能，故熱電偶在電路中相當于電源；
熱電偶是利用冷、熱兩端的溫度差來工作產生電能的，這是將內能轉化為電能。
（2）由乙圖可知，電流從電磁鐵左端流入，右端流出，由安培定則可知，電磁鐵的D端為N極；
由圖乙可知，熱電偶內部電流的方向是從A到B，電子定向移動方向與電流方向相反，所以熱電偶內部電子移動方向為B到A。
（3）電磁鐵無法將銜鐵完全吸過來，說明電磁鐵的磁性較弱，可以增加電磁鐵上線圈的匝數，增強電磁鐵的磁性。
【分析】（1）熱電偶工作時會產生電能，相當于電源；
（2）分析通過電磁鐵的電流方向，根據安培定則判斷電磁鐵的磁極；
電子定向移動的方向與電流的方向相反；
（3）電磁鐵的磁性強弱與電流大小和線圈匝數有關。
（1）[1][2]由材料可知，熱電偶熱端受熱，當冷、熱兩端有一定溫度差時，電磁鐵將銜鐵吸引過來，說明電路中有電流，是熱電偶產生電壓，為電路提供的電能，在電路中相當于電源，故從能量轉化角度，熱電偶消耗了內能轉化成了電能。
（2）[1]由乙圖可知，電流從電磁鐵左端流入，根據右手安培定則可判定電磁波的D端為N極；
[2]電流的方向與電子定向移動的方向相反，熱電偶內部電流的方向是從A到B，則電子移動方向為B到A。
（3）電磁鐵的磁性強弱與電流大小和線圈匝數有關，電磁鐵無法將銜鐵完全吸過來，說明電磁鐵的磁性較小，可以在電磁鐵上多繞幾圈線圈，增加線圈的匝數。
17．【答案】（1）B
（2）PLA
（3）100
（4）20；中等
（5）不變
【知識點】凝固與凝固放熱特點；密度公式及其應用；固體密度的測量
【解析】【解答】（1）從表中兩種材料的熔融特點可知，PLA材料由固定的熔點，是晶體，ABS材料沒有固定的熔點，是非晶體，所以B曲線可能是ABS材料；
（2）小明希望可以在封閉環境下打印，材料應無毒，無刺激性氣味，故應選擇表1中PLA絲材制作更合適；
（3）由圖丙可知，模型的質量為：
（4）由圖丙可知，模型浸沒在水中時，排開水的質量為，模型的體積等于排開水的體積，則模型的體積為：
實心模型的質量為：
模型填充密度為：
由表2可知，模型的填充密度在15~50%范圍內，強度等級為中等。
（5）對于外結構相同的模型，填充部分的體積占模型總體積的比例是不變的，所以模型的填充密度不變。
【分析】（1）根據從表中熔融特點進行分析分析；
有固定的熔化溫度的固體叫晶體，沒有固定的熔化溫度的固體叫非晶體；
（2）根據“在封閉室內工作”進行分析，選擇合適的材料；
（3）模型的質量等于水和模型的總質量減去水的質量；
（4）模型浸沒在水中時，模型的的體積等于排開水的體積，若模型室實心的，根據m=ρV求出實心模型的質量，根據模型質量除以實心材料的模型的質量求出充填密度；
（5）對于充填密度一定的模型來說，充填部分的體積和總體積是一定的，由此進行判斷充填密度的情況。
（1）從表中兩種材料的熔融特點可知，PLA為晶體，ABS為非晶體沒有固定的熔點和凝固的，B曲線為非靜態熔化過程的情況。
（2）小明希望可以在封閉環境下打印，故對材料特點要無毒，沒有刺激性氣味的材料，故選用PLA。
（3）模型的質量
（4）[1][2]模型的體積V等于，水的體積，
實心模型的質量
模型填充密度為
從表2中填充密度數據可知，模型強度等級為中等。
（5）對于外結構相同的模型，它的填充部分的體積占模型總體積的比例是固定的，所以用不同過的材料打印模型，填充宓度不變。
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