資源簡介

湖南省長沙市第一中學2025屆九年級下學期中考一模物理試卷
1．（2025·長沙模擬）古箏是古老的民族樂器，音域寬廣，音色優美動聽，演奏技巧豐富，表現力強，被稱為“眾樂之王”，亦稱為“東方鋼琴”。其中“音域”描述的是古箏聲音的(　　)
A．音調的跨度范圍 B．響度變化
C．音色好壞 D．以上均不是
2．（2025·長沙模擬）下圖是游客在長沙銅官窯古鎮，感受1600℃的中式浪漫一打鐵花的情景。表演過程中，工匠們首先在熔爐內將罐子里的生鐵化成汁(生鐵為晶體)，使其形成絢爛的鐵花火雨，騰空而起，最終這些鐵花飛雨在夜空中逐漸冷卻成鐵顆粒并落地。下列說法正確的是 (　　)
A．生鐵化成鐵水是升華現象，此過程吸收熱量
B．生鐵化成鐵水是熔化現象，此過程吸收熱量，溫度上升
C．鐵水冷卻成鐵顆粒是液化現象，此過程放出熱量
D．鐵水冷卻成鐵顆粒是凝固現象，此過程放出熱量，溫度不變
3．（2025·長沙模擬）關于紅外線和紫外線的說法正確的是(　　)
A．利用紫外線遙控電視機
B．利用紅外線加熱食物
C．利用紅外線驗鈔
D．利用人體發出的紫外線測量人體溫度
4．（2025·長沙模擬）2025年亞洲冬季運動會于2月7日至 14日在哈爾濱舉行。如圖所示是運動員進行越野滑雪比賽的精彩瞬間。下列說法中正確的是 (　　)
A．運動員穿上滑雪板是為了減小對雪地壓力
B．運動員在水平面靜止時，雪面對滑雪板的支持力等于滑雪板的重力
C．運動員到達終點后，不能立即停下來是因為運動員具有慣性
D．運動員彎道滑行時，他的運動狀態不發生改變
5．（2025·長沙模擬）圖是我國“六代機”試飛的照片，下列說法正確的是(　　)
A．制作飛機的材料具有密度大、強度高的特點
B．飛機上表面空氣流速大，壓強大
C．飛機起飛后，加速上升的過程中飛機的動能增加，勢能不變
D．飛機采用的二維矢量噴嘴可改變飛機推力的方向，利用了力的作用效果與力的方向有關
6．（2025·長沙模擬）下列生活中的杠桿，屬于費力杠桿的是 (　　)
A．剪鐵皮的剪刀 B．橋瓶蓋的起子
C．筷子 D．抽水機的手柄
7．（2025·長沙模擬）關于信息和能源，下列說法正確的是(　　)
A．電磁波不能在真空中傳播
B．電磁波在氣體、液體、固體中的傳播速度不變
C．核能屬于可再生能源
D．太陽能屬于可再生能源
8．（2025·長沙模擬）為了節能減排，很多小區將樓道里的路燈設計成了“智能燈”。這種“智能燈”的特點是白天不會亮，晚上有人走動發出聲音時，燈自動亮起來，一分鐘后，若再無聲音就自動斷開。下列電路圖設計符合該“智能燈”原理圖的是(　　)
A． B．
C． D．
9．（2025·長沙模擬）電動自行車充電需重點注意操作規范、環境安全及電池保護，避免火災隱患。以下注意事項正確的是(　　)
A．可以將電動車推到家中去充電
B．選擇通風良好的空曠區域，防止起火后蔓延
C．可以在樓道、室內、易燃物附近充電
D．正在充電的電動車著火時直接用水澆滅
10．（2025·長沙模擬）體育中考跑步時，我們會穿上帶磁卡的馬甲。當我們跑過終點時，地上的線圈內會產生電流從而記錄我們跑步的時間，下圖揭示了其主要原理的是 (　　)
A． B．
C． D．
11．（2025·長沙模擬）在水平桌面上有甲、乙兩個完全相同的柱形容器，容器中均裝有適量的不同液體，現將A、B兩個完全相同的小球分別放入兩容器內，待小球靜止后如圖所示，此時甲、乙兩容器內液面高度相同。則下列說法正確的是(　　)
A．A、B兩球受到的浮力相等
B．甲容器中液體的密度大于乙容器中液體的密度
C．放入小球后，液體對甲、乙兩容器底部的壓強相等
D．放入小球后，甲、乙兩容器對桌面的壓力相等
12．（2025·長沙模擬）某同學為抽屜設計了一個簡易防盜報警器，并將它安裝在抽屜內。報警器的原理如圖所示，抽屜打開，光照射到光敏電阻時，報警器報警。下列分析正確的是(　　)
A．光敏電阻的阻值隨光照強度增大而減小
B．光照強度增大時，控制電路的總功率減小
C．光照強度增大時，R0兩端電壓減小
D．為了節能，可以增加R0的電阻，并增加電磁鐵的線圈匝數
13．（2025·長沙模擬）2024年12月20日，我國成功試運行了全球首套兆瓦級別的制氫設備，為解決海上風力發電的電能存儲、輸送難題提供了新的解決方案。風力發電的過程是將　 　能轉化為電能。每消耗40kW·h的電能，就能生產1m3(約0.09kg)的氫，這些氫完全燃燒釋放的熱量約為　 　J(氫的熱值 q氫=1.4×108J/kg）
14．（2025·長沙模擬）如圖所示是古代省油燈的示意圖。它下層盛水，能減慢上層油的消耗。燈點燃后，通過熱傳遞的方式使油的內能增加，溫度升高，加快油的　 　(填物態變化)，增加耗油量。在夾層中加冷水，降低油溫，達到省油的目的，這是利用水　 　大的特性。
15．（2025·長沙模擬）圖為無人機給高海拔哨所的部隊士兵送餐的圖片。若每架無人機所載餐盒質量為6kg，小王操作該無人機以1.5m/s速度勻速上升150m，接著以2m/s的速度平飛400m將餐盒送到哨所。則無人機在上升過程中對餐盒做的功為　 　J，整個飛行過程中無人機對餐盒做功的功率為　 　W。 (g取10N/kg)
16．（2025·長沙模擬）如圖甲所示是常用的3D打印筆，它通過加熱，擠出熱熔的塑料，然后在空氣中迅速冷卻，最后凝固成形。此打印筆有快速檔和慢速檔，其內部簡化電路如圖乙所示，使用快速檔打印時的總功率為66W，兩個電阻都是用于發熱的電熱絲，其中， R1=2200Ω。則閉合開關： S1、S2時，打印筆處于　 　2檔；慢速檔時，R1在10s內產生的熱量為　 　J；R2的電阻大小為　 　Ω。
17．（2025·長沙模擬）圖為電子天平改裝的密度計，用它可以快速測量固體密度，下圖為用該裝置測量木塊密度的過程示意圖。ABCD是一個用不銹鋼制作的整體框架，電子天平的壓力傳感器位于AB柱的正下方，天平的讀數只受AB 柱壓力的影響。甲圖：將框架ABCD放置在天平上，天平示數為26.0g；乙圖：將方框D浸沒在水中，天平示數23.0g；丙圖：將木塊F放在框架上，天平讀數為29.0g。丁圖：將木塊F放在金屬盒D中，木塊與D頂部相碰，此時電子天平的示數為19.0g。由以上信息可得：木塊F的重力為　 　N，丁圖中物體F 所受的浮力為　 　N，木塊F 的密度為　 　g/cm3。(忽略燒杯中水面升降對C桿的浮力影響， g取10N/ kg)
18．（2025·長沙模擬）請畫出右圖中光線AO從水中斜射到空氣中的大致光路圖。
19．（2025·長沙模擬）為“探究平面鏡成像中像與物的位置關系”，小亮同學設計了如圖所示的裝置。
實驗次數 物距/ cm 像距/ cm
1 3.5 3.6
2 4.2 4.1
3 5.2 5.3
（1）小亮在豎直放置的玻璃板前放點燃的蠟燭甲，可看到玻璃板的后面出現蠟燭的像，拿另一支未點燃的蠟燭在玻璃板后面移動，看到它跟像　 　，并記錄位置AA`；
（2）小亮重復實驗兩次，并記錄蠟燭的位置如圖所示。撤去玻璃板后接下來的第一個操作步驟是　 　；
（3）接著小亮用毫米刻度尺量出了三次實驗的物距和像距并記錄在表格中，從數據可以看出他實驗中存在的最大問題是　 　。
20．（2025·長沙模擬）在做“探究水的沸騰”實驗中：
（1）實驗裝置如圖甲所示，儀器安裝的順序應該是　 　；
（2）當水的溫度加熱到90℃時，每隔1min記錄一次溫度，直到水沸騰后幾分鐘為止。某次實驗的數據如下表所示，則水的沸點是　 　℃；
時間 0min 1min 2min 3min 4min 5min 6min 7min
溫度 90℃ 92℃ 94℃ 96℃ 98℃ 98℃ 98℃ 98℃
（3）加熱過程中，燒杯上方出現的“白氣”是水蒸氣　 　形成的(填物態變化)。
21．（2025·長沙模擬）下圖是探究“浮力的大小與什么因素有關”的實驗裝置和實驗過程中彈簧測力計的示數。
（1）②圖中物體A 所受浮力大小為　 　N；
（2）分析圖①②③可以得到的結論是物體所受的浮力與　 　無關；
（3）若要探究浮力與液體密度的關系，應該選①　 　三個實驗步驟來比較。
22．（2025·長沙模擬）小馬同學用下圖所示電路測額定電壓為2.5V小燈泡L1的電功率。
實驗次數 電壓/V 電流/A
1 2.0 0.22
2 2.5 0.25
3 3.0 0.28
（1）閉合開關前，滑動變阻器滑片應該移到　 　端；
（2）小馬同學測得數據如表格所示，則小燈泡的額定功率為　 　W；
（3）在做完第三組實驗之后，要求再測量一個標有“3V 0.5W”的小燈泡L2的額定功率。小馬的操作步驟是：將開關斷開，用L2換掉L1，閉合開關，調節滑動變阻器使電壓表的讀數為3V；小麗的操作步驟是：將開關斷開，用L2換掉L1，將滑動變阻器的阻值調到最大，閉合開關，調節滑動變阻器使電壓表的讀數為3V。你認為誰的方案正確，并簡要的說明理由　 　。
23．（2025·長沙模擬）2025年2月20日，中國石油集團20日宣布，我國首口超萬米科學探索井一深地塔科1井日前成功在地下10910米處完鉆，實現“深地”領域重大突破，下圖為10000m深處附近提取的巖芯樣品。取其中某段樣品進行分析： 測得其質量為1800g， 體積為600cm3。 (g取10N/ kg) 求：
（1）該樣品的重力；
（2）該樣品的密度；
（3） 若將地表0~10000m之間視為密度 2.5×103kg/m3且分布均勻的巖石，試估算地表10000m深處由于巖石本身的重力而產生的壓強。
24．（2025·長沙模擬）如圖甲所示電路中，電源電壓保持恒定。燈泡標有“3V 1.5W”，其電阻隨溫度的變化忽略不計；滑動變阻器標有“60Ω 2A”，電壓表所接量程均為( 0-15V。單刀雙擲開關置于b點、滑動變阻器滑片置于中點時，燈泡恰好正常發光。
（1）求燈泡正常發光時的電阻；
（2）電源電壓；
（3）將單刀雙擲開關置于a點，移動滑動變阻器的滑片，得到電壓表 V1、V2隨電流變化關系如圖乙所示。則通過調節開關和移動滑片，該電路能達到的最小電功率為多大
答案解析部分
1．【答案】A
【知識點】音調、響度與音色的區分
【解析】【解答】 解：“音域”描述的是古箏聲音的振動頻率范圍，即音調的跨度范圍，故A正確，BCD錯誤。
故選：A。
【分析】 聲音的高低叫音調，與發聲體的振動頻率有關；聲音的大小叫響度，與發聲體的振幅和距離發聲體遠近有關；聲音的特點和品質叫音色，與發聲體的材料和結構有關。
2．【答案】D
【知識點】熔化與熔化吸熱特點；凝固與凝固放熱特點；液化及液化放熱；升華及升華吸熱
【解析】【解答】解：AB、生鐵化成鐵水由固態變為液態，是熔化現象，需要吸收熱量，溫度不變，故AB錯誤；
CD、鐵水冷卻落地是凝固現象，需要放出熱量，溫度不變，故C錯誤、D正確。
故選：D。
【分析】熔化指物質由固態轉變成液態，熔化要吸熱；凝固指物質由液態轉化成固態，凝固要放熱。
3．【答案】B
【知識點】紅外線；紫外線
【解析】【解答】 解：A、遙控電視機利用的是紅外線，而非紫外線。紅外線具有較強的方向性和穿透能力，且不會對人體造成傷害，適合用于遙控信號的傳輸，故A錯誤。
B、紅外線具有熱效應，可用于加熱食物。例如，生活中的紅外烤箱、浴霸等都是利用紅外線的熱效應來工作的，故B正確。
C、驗鈔是利用紫外線能使熒光物質發光的特性，而不是紅外線。鈔票上的防偽熒光物質在紫外線的照射下會發出熒光，從而可以辨別鈔票的真偽，故C錯誤。
D、人體會發出紅外線，而不是紫外線。利用人體發出的紅外線，通過紅外熱成像儀等設備可以測量人體溫度，故D錯誤。
故選：B。
【分析】 （1）紅外線的作用和用途：根據紅外線的熱作用比較強制成熱譜儀、紅外線夜視儀、紅外線體溫計等；紅外線可以傳遞信息，可以進行遙控制成電視、空調遙控器等；
（2）紫外線的作用和用途：紫外線能使熒光物質發光，制成驗鈔機；紫外線具有化學效應，能殺菌，制成滅菌燈；能促成維生素D的合成。
4．【答案】C
【知識點】物體運動狀態的變化；慣性及其現象；二力平衡的條件及其應用
【解析】【解答】 解：A、運動員穿上滑雪板，是在壓力一定時，通過增大受力面積來減小壓強，故A錯誤。
B、運動員在水平面靜止時，雪面對滑雪板的支持力與滑雪板和運動員的總重力是一對平衡力，大小相等，故B錯誤。
C、運動員到達終點后，不能立即停下來是因為運動員具有慣性，故C正確。
D、運動員彎道滑行時，他的運動方向發生改變，所以運動狀態發生改變，故D錯誤。
故選：C。
【分析】 （1）減小壓強的方法：在壓力一定時，增大受力面積；在受力面積一定時，減小壓力。
（2）二力平衡的條件：大小相等、方向相反、作用在同一個物體上，作用在同一條直線上。
（3）物體保持原來運動狀態不變的性質叫慣性。
（4）物體運動狀態的變化包括：①速度大小的改變；②運動方向的改變。只要其中的一個發生了變化，我們就說物體的運動狀態發生了改變。
5．【答案】D
【知識點】密度及其特性；動能和勢能的大小變化；力的作用效果；力的三要素及力的示意圖；流體壓強與流速的關系
【解析】【解答】 解：A、為減輕質量，易于飛機起飛，制作飛機的材料具有密度小、強度高的特點，故A錯誤。
B、機翼形狀上凸下平，上方空氣流速大，壓強小，下方空氣流速小壓強大，機翼上表面受到的壓力小于下表面受到的壓力，使飛機產生了向上的升力，故B錯誤。
C、飛機起飛后，加速上升的過程中，飛機的質量不變，速度和高度變大，所以飛機的動能和重力勢能都增加，故C錯誤。
D、飛機采用的二維矢量噴嘴可改變飛機推力的方向，利用了力的作用效果與力的方向有關，故D正確。
故選：D。
【分析】 （1）根據可知同體積的不同物質，密度越小，質量越小。
（2）在流體中，流速越大的位置，壓強越小。
（3）動能大小的影響因素：質量、速度；質量越大，速度越大，動能越大；
重力勢能大小的影響因素：質量、被舉得高度；質量越大，高度越高，重力勢能越大。
（4）力的三要素：力的大小、方向、作用點，力的三要素影響力的作用效果。
6．【答案】C
【知識點】杠桿的分類
【解析】【解答】 解：A、剪鐵皮的剪刀，在使用過程中，動力臂大于阻力臂，是省力杠桿，故A錯誤；
B、開啤酒瓶蓋的起子，在使用過程中，動力臂大于阻力臂，是省力杠桿，故B錯誤；
C、筷子，在使用過程中，動力臂小于阻力臂，是費力杠桿，故C正確；
D、 抽水機手柄在使用過程中，動力臂大于阻力臂，是省力杠桿，故D錯誤。
故選：C。
【分析】結合生活經驗，先判斷杠桿在使用過程中，動力臂和阻力臂的大小關系，再判斷它是屬于哪種類型的杠桿。
7．【答案】D
【知識點】能源及其分類；信息與信息傳播；電磁波的傳播；電磁波在日常生活中的應用
【解析】【解答】 解：A、電磁波的傳播不需要介質，所以可以在真空中傳播，故A錯誤；
B、電磁波在不同的介質中傳播速度不同，所以電磁波在氣體、液體、固體中的傳播速度不同，故B錯誤；
C、核能不能源源不斷的獲取，所以核能屬于不可再生能源，故C錯誤；
D、太陽能可以源源不斷的獲取，所以太陽能屬于可再生能源，故D正確。
故選：D。
【分析】 （1）電磁波的傳播不需要介質，電磁波可以在固體、液體、氣體中傳播，也可以在真空中傳播；
（2）電磁波在不同的介質中傳播速度不同；
（3）（4）可再生能源是指可以從自然界中源源不斷地得到的能源。
8．【答案】C
【知識點】串、并聯電路的設計；電路的基本連接方式
【解析】【解答】 解：由題意可知，“智能燈”在同時滿足進入夜晚天色變黑和有人走動發出聲音兩個條件時才會亮起來，說明光控開關和聲控開關是串聯接入電路的，然后與燈泡串聯，故C正確。
故選：C。
【分析】 根據題意分析兩個開關的連接方式、燈泡的連接方式，然后選出正確的電路圖。
9．【答案】B
【知識點】安全用電原則
【解析】【解答】 解：A、為了防止發生意外，電動車不能推到家中去充電，故A錯誤；
BC、電動車充電時會產生熱量，有時會引發火災，所以不可以在樓道、室內、易燃物附近充電，應選擇通風良好的空曠區域，防止起火后蔓延，故B正確、C錯誤；
D、正在充電的電動車著火時，用水滅火，生活用水容易導電，容易讓施救者發生觸電事故，故D錯誤。
故選：B。
【分析】 （1）電動車充電時會產生熱量，嚴重時會引發火災；
（2）生活用水是導體，容易導電。
10．【答案】C
【知識點】通電直導線周圍的磁場；電磁鐵的構造和原理；電磁感應；發電機的構造和原理
【解析】【解答】 解：體育中考跑步時會穿上帶磁卡的馬甲，跑過終點時，地上的線圈內會產生電流從而記錄我們跑步的時間，利用的是電磁感應原理；
A、如圖是奧斯特實驗，反映電流周圍存在著磁場，故A不符合題意；
B、如圖是研究影響電磁鐵磁性強弱因素的實驗，電磁鐵是利用電流的磁效應工作的，故B不符合題意；
C、如圖電路中沒有電源，當閉合開關，閉合電路的一部分導體在磁場中進行切割磁感線運動時，導體中有感應電流產生，這是電磁感應，故C符合題意；
D、如圖電路中有電源，探究通電導體在磁場中受力運動，故D不符合題意。
故選：C。
【分析】閉合電路的一部分導體在磁場中進行切割磁感線運動時，導體中有感應電流產生，這種現象是電磁感應現象。
11．【答案】A,B
【知識點】壓力及重力與壓力的區別；壓強的大小及其計算；浮力的利用
【解析】【解答】 解：A、因為兩個完全相同的小球分別漂浮和懸浮在兩種液體中，根據浮沉條件知，所以兩容器中小球受到的浮力相等，均等于小球的重力，故浮力相等，故A正確；
BC、由圖可知，小球排開兩液體的體積V排甲＜V排乙，又因為兩容器中小球受到的浮力相等，由F浮=ρ液gV排可知，兩液體密度ρ甲＞ρ乙，又因為小球靜止時兩個容器中的液面高度相同，由p=ρgh可知，液體對兩容器底部的壓強p甲＞p乙，故C錯誤、B正確；
D、由圖可知，兩液體的體積V甲＞V乙，且ρ甲＞ρ乙，由G=ρgV可知，兩液體重力G甲＞G乙，由于容器對桌面的壓力等于容器、容器中液體和小球的重力之和，則甲容器對桌面的壓力大，故D錯誤。
故選：AB。
【分析】 （1）根據物體的浮沉條件判斷兩者所受浮力關系，根據阿基米德原理可判斷兩液體密度關系，根據p=ρgh判斷對杯底的壓強關系；
（2）由于容器對桌面的壓力等于容器、容器中液體和小球的重力之和，則根據G=ρgV得出液體重力的大小；結合總重得出壓力關系。
12．【答案】A,D
【知識點】電路的動態分析；電功率的計算；電磁鐵的構造和原理；電磁繼電器的組成、原理和特點；影響電磁鐵磁性強弱的因素及其探究
【解析】【解答】解：A、當光線照射到光敏電阻時，電鈴報警，說明銜鐵被吸下，電磁鐵磁性變強，進而得知電路電流變大，故電阻變小，即光敏電阻的阻值隨光照強度的增大而減小，故A正確；
B、光照強度增大時，光敏電阻阻值變小，電流變大，根據p=UI可知，控制電路的電功率變大，故B錯誤；
C、串聯電路是分壓電路，光照強度增大時，光敏電阻變小，分的電壓變小，R0兩端電壓變大，故C錯誤；
D、 為了節能，可以增加R0的電阻，并增加電磁鐵的線圈匝數，故D正確。
故選：AD。
【分析】（1）根據提議進行分析，電鈴響推出銜鐵被吸下，說明電流變大，推出電阻變小；
（2）電阻變小，電流變大，根據公式p=UI求出電功率的變化。
（3）串聯電路是分壓電路，電阻越大，分壓越多；
（4） 為了節能，可以增加R0的電阻，并增加電磁鐵的線圈匝數 。
13．【答案】機械；1.26×107
【知識點】機械能及其轉化；熱量的計算
【解析】【解答】 解：（1）風力發電的過程是將風的機械能轉化為電能。
（2）1m3（約0.09kg）的氫完全燃燒釋放的熱量：Q放=mq氫=0.09kg×1.4×108J/kg=1.26×107J。
故答案為：機械；1.26×107。
【分析】 （1）發電機工作時，將機械能轉化為電能；
（2）知道氫的質量、熱值，利用Q放=mq計算氫完全燃燒放出的熱量。
14．【答案】汽化；比熱容
【知識點】汽化及汽化吸熱的特點；比熱容
【解析】【解答】 解：燈點燃后，通過熱傳遞的方式使油的內能增加，溫度升高，加快油的汽化；在夾層中加冷水，降低油溫，達到省油的目的，這是利用水比熱容較大的特點。
故答案為：汽化；比熱容。
【分析】汽化指物質由液態轉變成氣態，汽化要吸熱；水的比熱容大，常用來做冷卻劑或者取暖劑。
15．【答案】9000；30
【知識點】功率的計算；功的計算及應用
【解析】【解答】 解：無人機在上升過程中對餐盒做的功：W=Gh=mgh=6kg×10N/kg×150m=9000J；
無人機水平飛行時，在豎直方向上移動的距離為零，則豎直向上的拉力對餐盒不做功，
根據可得，整個過程無人機的運動時間：
整個飛行過程中無人機對餐盒做功的功率：。
故答案為：9000；30。
【分析】 根據W=Gh=mgh求無人機在上升過程中對餐盒做的功；
根據求整個飛行過程中無人機的運動時間，根據求整個飛行過程中無人機對餐盒做功的功率。
16．【答案】快速；220；1100
【知識點】焦耳定律的應用；電流的熱效應；多狀態電路——多擋位問題
【解析】【解答】 解：由圖乙可知，只閉合開關S時，電路為R1的簡單電路，電路的電阻較大；閉合開關S、S1時，R1和R2并聯，電路的電阻較小，根據可知，只閉合開關S時，電路消耗的電功率較小，打印筆處于慢擋；
閉合開關S、S1時，電路消耗的電功率較大，打印筆處于快速擋；
慢速擋時，R1在10s內產生的熱量：
根據可得，；
快速擋工作時，總功率為66W，根據可得：，
解得，R2=1100Ω。
故答案為：快速；220；1100。
【分析】由圖乙可知，只閉合開關S時，電路為R1的簡單電路，電路的電阻較大；閉合開關S、S1時，R1和R2并聯，電路的電阻較小，根據可知打印筆的工作狀態；
根據求慢速擋時，R1在10s內產生的熱量；
快速擋工作時，根據可得R2的電阻大小。
17．【答案】0.06；0.1；0.6
【知識點】浮力大小的計算；浮力的利用
【解析】【解答】 解：根據乙、丙兩圖，增大的示數等于木塊的質量，故m=m3-m2=29g-23g=6g=0.006kg；
木塊重力G=mg=0.006kg×10N/kg=0.06N；
根據丙丁兩圖，木塊向上推動使得框架的壓力減小，故F=F浮-G=（m2-m4）g；
（0.026kg-0.019kg）×10N/kg；
解得F浮=G+（m2-m4）g=0.06N+（0.023kg-0.019kg）×10N/kg=0.1N；
由阿基米德原理F浮=ρ水gV排可得：0.1N=ρ水gV排；
物體的重力為0.06N，根據G=mg=ρVg可得：0.06N=ρ物gV；
浸沒時V排=V，解得ρ物=0.6ρ水=0.6g/cm3。
故答案為：0.06；0.1；0.6。
【分析】 根據乙、丙兩圖分析質量，根據G=mg計算重力；
根據乙丁兩圖分析木塊向上的推力，即浮力減去重力，據此計算浮力；
根據阿基米德原和重力公式計算物體的密度。
18．【答案】
【知識點】作光的折射光路圖
【解析】【解答】 解：根據光的折射定律，光從水中斜射入空氣時，折射角大于入射角，折射光線與入射光線在兩種介質中，在法線左側的空氣中作出折射光線，如圖所示：
【分析】光的折射規律：入射光線、法線、折射光線在同一平面內，折射光線和入射光線分別位于法線兩側。當光線從其它透明介質斜射入空氣時，折射角大于入射角。
19．【答案】（1）重合
（2）連接AA'、BB'、CC'
（3）刻度尺讀數時未估讀
【知識點】探究平面鏡成像的特點
【解析】【解答】解：（1）小亮在豎直放置的玻璃板前放點燃的蠟燭甲，可看到玻璃板的后面出現蠟燭的像，拿另一支未點燃的蠟燭在玻璃板后面移動，看到它跟像重合，玻璃板后面的蠟燭即為像的位置，則并記錄位置AA'；
（2）要研究像與物的位置關系，小亮重復實驗兩次，并記錄蠟燭的位置如圖2所示。撤去玻璃板后接下來的第一個操作步驟是連接AA'、BB'、CC'；
（3）接著小亮用毫米刻度尺量出了三次實驗的物距和像距并記錄在表格中，因刻度尺分度值為0.1厘米，從數據可以看出他實驗中存在的最大問題是刻度尺讀數時未估讀。
故答案為：（1）重合；（2）連接AA'、BB'、CC'；（3）刻度尺讀數時未估讀。
【分析】 （1）實驗中根據等效替代法確定像的位置；
（2）本實驗要研究像與物的位置關系，據此分析；
（3）測量長度時，要估讀到分度值的下一位。
20．【答案】（1）自下而上
（2）98
（3）液化
【知識點】探究水的沸騰實驗
【解析】【解答】 解：（1）酒精燈需用外焰加熱，所以要放好酒精燈，再固定鐵圈的高度；而溫度計的玻璃泡要全部浸沒到液體中，但不能碰到容器壁和容器底，所以先放好燒杯后，再調節溫度計的高度，所以組裝實驗器材時，應按照自下而上的順序；
（2）由表格中數據知，從4到8分鐘，水的溫度保持98℃不變，所以可以看出水的沸點是98℃；
（3）加熱過程中，燒杯上方出現的“白氣”是水蒸氣液化形成的。
故答案為：（1）自下而上；（2）98；（3）液化。
【分析】 （1）實驗時，需用酒精燈的外焰加熱，所以要調整好鐵圈的高度，然后根據溫度計的使用規則固定好其位置；
（2）掌握沸點的概念，水在沸騰過程中溫度保持不變，水沸騰時的溫度就是水的沸點；
（3）物質由氣態變為液態的過程是液化。
21．【答案】（1）1
（2）浸入深度
（3）②⑤
【知識點】探究浮力大小的實驗
【解析】【解答】解：（1）根據①和②可知，物體A浸在水中時受到的浮力為F浮=4N-3N=1N；（2）分析圖①②③可知，物體排開水的體積和液體的密度相同，深度不同，但彈簧測力計示數相同，則浮力相同，即浮力大小與液體深度無關；（3）若探究浮力與液體的密度關系，應控制排開液體體積相同，改變物體排開液體的體積，故選①②⑤。
故答案為：（1）1；（2）浸入深度；（3）②⑤。
【分析】 （1）根據稱重法得出浮力的大小；
（2）（3）浮力大小與液體的密度和排開液體的體積有關，在進行實驗探究時，要注意控制變量法的運用；把握住所探究的相同量和不同量，再結合圖示可判斷出實驗結論。
22．【答案】（1）左
（2）0.625
（3）小麗的方案正確；在閉合開關前，滑動變阻器的滑片應該放在最大阻值處，為了保護電路。
【知識點】探究用電器的電功率實驗
【解析】【解答】解：（1）閉合開關前，應將滑動變阻器的滑片移到最大阻值處，即應將滑片移到最左端；
（2）由表格中低二次實驗數據可知額定電功率為P=UI=2.5V×0.25A=0.625W；
（3）小麗的方案正確；在閉合開關前，滑動變阻器的滑片應該放在最大阻值處，為了保護電路。
故答案為：（1）左；（2）0.625；（3）小麗的方案正確；在閉合開關前，滑動變阻器的滑片應該放在最大阻值處，為了保護電路。
【分析】（1）在閉合開關前，為了保護電路，應將滑片移到最大阻值處；
（2）根據表格中數據進行計算；
（3）閉合開關前，應將滑片移到最大阻值處，防止電流或電壓過大而損壞電表。
23．【答案】（1）解：樣品的重力為：G=mg=1800×10-3kg×10N/kg=18N；
（2）解：樣品的密度為：；
（3）解： 根據可知，地表10000m深處由于巖石本身的重力而產生的壓強為：
p=ρgh=2.5×103kg/m3×10N/kg×10000m=2.5×108Pa。
【知識點】密度公式及其應用；重力及其大小的計算；壓強的大小及其計算
【解析】【分析】 （1）根據G=mg求出樣品的重力；
（2）根據求出樣品的密度；
（3）根據求出地表10000m深處由于巖石本身的重力而產生的壓強。
24．【答案】（1）解：因為燈泡標有“3V 1.5W”，即燈泡正常發光時的電阻為。
（2）解：單刀雙擲開關置于b點、滑動變阻器滑片置于中點時，燈泡恰好正常發光，即電路電流等于燈泡正常發光是的電流為；
則滑動變阻器的電壓為U滑=IR=0.5A×30Ω=15V；故電源電壓為U總=U燈+U滑=3V+15V=18V。
（3）解：開關解到a處時，R1、R2、R3串聯，由乙圖可知當R1的電流為0.3A時電流最小，此時電路電功率最小，即P=UI=18V×0.3A=5.4W。
【知識點】串聯電路的電壓規律；歐姆定律及其應用；電路的動態分析；電功率的計算
【解析】【分析】（1）根據燈泡的銘牌可以求出燈泡發光是的電阻；
（2）先求出燈泡的電流，再求出滑動變阻器的電壓，串聯電路總電壓等于各用電器電壓之和；
（3）根據圖乙找出最小的電流，根據公式P=UI求出最小的電功率。
1 / 1湖南省長沙市第一中學2025屆九年級下學期中考一模物理試卷
1．（2025·長沙模擬）古箏是古老的民族樂器，音域寬廣，音色優美動聽，演奏技巧豐富，表現力強，被稱為“眾樂之王”，亦稱為“東方鋼琴”。其中“音域”描述的是古箏聲音的(　　)
A．音調的跨度范圍 B．響度變化
C．音色好壞 D．以上均不是
【答案】A
【知識點】音調、響度與音色的區分
【解析】【解答】 解：“音域”描述的是古箏聲音的振動頻率范圍，即音調的跨度范圍，故A正確，BCD錯誤。
故選：A。
【分析】 聲音的高低叫音調，與發聲體的振動頻率有關；聲音的大小叫響度，與發聲體的振幅和距離發聲體遠近有關；聲音的特點和品質叫音色，與發聲體的材料和結構有關。
2．（2025·長沙模擬）下圖是游客在長沙銅官窯古鎮，感受1600℃的中式浪漫一打鐵花的情景。表演過程中，工匠們首先在熔爐內將罐子里的生鐵化成汁(生鐵為晶體)，使其形成絢爛的鐵花火雨，騰空而起，最終這些鐵花飛雨在夜空中逐漸冷卻成鐵顆粒并落地。下列說法正確的是 (　　)
A．生鐵化成鐵水是升華現象，此過程吸收熱量
B．生鐵化成鐵水是熔化現象，此過程吸收熱量，溫度上升
C．鐵水冷卻成鐵顆粒是液化現象，此過程放出熱量
D．鐵水冷卻成鐵顆粒是凝固現象，此過程放出熱量，溫度不變
【答案】D
【知識點】熔化與熔化吸熱特點；凝固與凝固放熱特點；液化及液化放熱；升華及升華吸熱
【解析】【解答】解：AB、生鐵化成鐵水由固態變為液態，是熔化現象，需要吸收熱量，溫度不變，故AB錯誤；
CD、鐵水冷卻落地是凝固現象，需要放出熱量，溫度不變，故C錯誤、D正確。
故選：D。
【分析】熔化指物質由固態轉變成液態，熔化要吸熱；凝固指物質由液態轉化成固態，凝固要放熱。
3．（2025·長沙模擬）關于紅外線和紫外線的說法正確的是(　　)
A．利用紫外線遙控電視機
B．利用紅外線加熱食物
C．利用紅外線驗鈔
D．利用人體發出的紫外線測量人體溫度
【答案】B
【知識點】紅外線；紫外線
【解析】【解答】 解：A、遙控電視機利用的是紅外線，而非紫外線。紅外線具有較強的方向性和穿透能力，且不會對人體造成傷害，適合用于遙控信號的傳輸，故A錯誤。
B、紅外線具有熱效應，可用于加熱食物。例如，生活中的紅外烤箱、浴霸等都是利用紅外線的熱效應來工作的，故B正確。
C、驗鈔是利用紫外線能使熒光物質發光的特性，而不是紅外線。鈔票上的防偽熒光物質在紫外線的照射下會發出熒光，從而可以辨別鈔票的真偽，故C錯誤。
D、人體會發出紅外線，而不是紫外線。利用人體發出的紅外線，通過紅外熱成像儀等設備可以測量人體溫度，故D錯誤。
故選：B。
【分析】 （1）紅外線的作用和用途：根據紅外線的熱作用比較強制成熱譜儀、紅外線夜視儀、紅外線體溫計等；紅外線可以傳遞信息，可以進行遙控制成電視、空調遙控器等；
（2）紫外線的作用和用途：紫外線能使熒光物質發光，制成驗鈔機；紫外線具有化學效應，能殺菌，制成滅菌燈；能促成維生素D的合成。
4．（2025·長沙模擬）2025年亞洲冬季運動會于2月7日至 14日在哈爾濱舉行。如圖所示是運動員進行越野滑雪比賽的精彩瞬間。下列說法中正確的是 (　　)
A．運動員穿上滑雪板是為了減小對雪地壓力
B．運動員在水平面靜止時，雪面對滑雪板的支持力等于滑雪板的重力
C．運動員到達終點后，不能立即停下來是因為運動員具有慣性
D．運動員彎道滑行時，他的運動狀態不發生改變
【答案】C
【知識點】物體運動狀態的變化；慣性及其現象；二力平衡的條件及其應用
【解析】【解答】 解：A、運動員穿上滑雪板，是在壓力一定時，通過增大受力面積來減小壓強，故A錯誤。
B、運動員在水平面靜止時，雪面對滑雪板的支持力與滑雪板和運動員的總重力是一對平衡力，大小相等，故B錯誤。
C、運動員到達終點后，不能立即停下來是因為運動員具有慣性，故C正確。
D、運動員彎道滑行時，他的運動方向發生改變，所以運動狀態發生改變，故D錯誤。
故選：C。
【分析】 （1）減小壓強的方法：在壓力一定時，增大受力面積；在受力面積一定時，減小壓力。
（2）二力平衡的條件：大小相等、方向相反、作用在同一個物體上，作用在同一條直線上。
（3）物體保持原來運動狀態不變的性質叫慣性。
（4）物體運動狀態的變化包括：①速度大小的改變；②運動方向的改變。只要其中的一個發生了變化，我們就說物體的運動狀態發生了改變。
5．（2025·長沙模擬）圖是我國“六代機”試飛的照片，下列說法正確的是(　　)
A．制作飛機的材料具有密度大、強度高的特點
B．飛機上表面空氣流速大，壓強大
C．飛機起飛后，加速上升的過程中飛機的動能增加，勢能不變
D．飛機采用的二維矢量噴嘴可改變飛機推力的方向，利用了力的作用效果與力的方向有關
【答案】D
【知識點】密度及其特性；動能和勢能的大小變化；力的作用效果；力的三要素及力的示意圖；流體壓強與流速的關系
【解析】【解答】 解：A、為減輕質量，易于飛機起飛，制作飛機的材料具有密度小、強度高的特點，故A錯誤。
B、機翼形狀上凸下平，上方空氣流速大，壓強小，下方空氣流速小壓強大，機翼上表面受到的壓力小于下表面受到的壓力，使飛機產生了向上的升力，故B錯誤。
C、飛機起飛后，加速上升的過程中，飛機的質量不變，速度和高度變大，所以飛機的動能和重力勢能都增加，故C錯誤。
D、飛機采用的二維矢量噴嘴可改變飛機推力的方向，利用了力的作用效果與力的方向有關，故D正確。
故選：D。
【分析】 （1）根據可知同體積的不同物質，密度越小，質量越小。
（2）在流體中，流速越大的位置，壓強越小。
（3）動能大小的影響因素：質量、速度；質量越大，速度越大，動能越大；
重力勢能大小的影響因素：質量、被舉得高度；質量越大，高度越高，重力勢能越大。
（4）力的三要素：力的大小、方向、作用點，力的三要素影響力的作用效果。
6．（2025·長沙模擬）下列生活中的杠桿，屬于費力杠桿的是 (　　)
A．剪鐵皮的剪刀 B．橋瓶蓋的起子
C．筷子 D．抽水機的手柄
【答案】C
【知識點】杠桿的分類
【解析】【解答】 解：A、剪鐵皮的剪刀，在使用過程中，動力臂大于阻力臂，是省力杠桿，故A錯誤；
B、開啤酒瓶蓋的起子，在使用過程中，動力臂大于阻力臂，是省力杠桿，故B錯誤；
C、筷子，在使用過程中，動力臂小于阻力臂，是費力杠桿，故C正確；
D、 抽水機手柄在使用過程中，動力臂大于阻力臂，是省力杠桿，故D錯誤。
故選：C。
【分析】結合生活經驗，先判斷杠桿在使用過程中，動力臂和阻力臂的大小關系，再判斷它是屬于哪種類型的杠桿。
7．（2025·長沙模擬）關于信息和能源，下列說法正確的是(　　)
A．電磁波不能在真空中傳播
B．電磁波在氣體、液體、固體中的傳播速度不變
C．核能屬于可再生能源
D．太陽能屬于可再生能源
【答案】D
【知識點】能源及其分類；信息與信息傳播；電磁波的傳播；電磁波在日常生活中的應用
【解析】【解答】 解：A、電磁波的傳播不需要介質，所以可以在真空中傳播，故A錯誤；
B、電磁波在不同的介質中傳播速度不同，所以電磁波在氣體、液體、固體中的傳播速度不同，故B錯誤；
C、核能不能源源不斷的獲取，所以核能屬于不可再生能源，故C錯誤；
D、太陽能可以源源不斷的獲取，所以太陽能屬于可再生能源，故D正確。
故選：D。
【分析】 （1）電磁波的傳播不需要介質，電磁波可以在固體、液體、氣體中傳播，也可以在真空中傳播；
（2）電磁波在不同的介質中傳播速度不同；
（3）（4）可再生能源是指可以從自然界中源源不斷地得到的能源。
8．（2025·長沙模擬）為了節能減排，很多小區將樓道里的路燈設計成了“智能燈”。這種“智能燈”的特點是白天不會亮，晚上有人走動發出聲音時，燈自動亮起來，一分鐘后，若再無聲音就自動斷開。下列電路圖設計符合該“智能燈”原理圖的是(　　)
A． B．
C． D．
【答案】C
【知識點】串、并聯電路的設計；電路的基本連接方式
【解析】【解答】 解：由題意可知，“智能燈”在同時滿足進入夜晚天色變黑和有人走動發出聲音兩個條件時才會亮起來，說明光控開關和聲控開關是串聯接入電路的，然后與燈泡串聯，故C正確。
故選：C。
【分析】 根據題意分析兩個開關的連接方式、燈泡的連接方式，然后選出正確的電路圖。
9．（2025·長沙模擬）電動自行車充電需重點注意操作規范、環境安全及電池保護，避免火災隱患。以下注意事項正確的是(　　)
A．可以將電動車推到家中去充電
B．選擇通風良好的空曠區域，防止起火后蔓延
C．可以在樓道、室內、易燃物附近充電
D．正在充電的電動車著火時直接用水澆滅
【答案】B
【知識點】安全用電原則
【解析】【解答】 解：A、為了防止發生意外，電動車不能推到家中去充電，故A錯誤；
BC、電動車充電時會產生熱量，有時會引發火災，所以不可以在樓道、室內、易燃物附近充電，應選擇通風良好的空曠區域，防止起火后蔓延，故B正確、C錯誤；
D、正在充電的電動車著火時，用水滅火，生活用水容易導電，容易讓施救者發生觸電事故，故D錯誤。
故選：B。
【分析】 （1）電動車充電時會產生熱量，嚴重時會引發火災；
（2）生活用水是導體，容易導電。
10．（2025·長沙模擬）體育中考跑步時，我們會穿上帶磁卡的馬甲。當我們跑過終點時，地上的線圈內會產生電流從而記錄我們跑步的時間，下圖揭示了其主要原理的是 (　　)
A． B．
C． D．
【答案】C
【知識點】通電直導線周圍的磁場；電磁鐵的構造和原理；電磁感應；發電機的構造和原理
【解析】【解答】 解：體育中考跑步時會穿上帶磁卡的馬甲，跑過終點時，地上的線圈內會產生電流從而記錄我們跑步的時間，利用的是電磁感應原理；
A、如圖是奧斯特實驗，反映電流周圍存在著磁場，故A不符合題意；
B、如圖是研究影響電磁鐵磁性強弱因素的實驗，電磁鐵是利用電流的磁效應工作的，故B不符合題意；
C、如圖電路中沒有電源，當閉合開關，閉合電路的一部分導體在磁場中進行切割磁感線運動時，導體中有感應電流產生，這是電磁感應，故C符合題意；
D、如圖電路中有電源，探究通電導體在磁場中受力運動，故D不符合題意。
故選：C。
【分析】閉合電路的一部分導體在磁場中進行切割磁感線運動時，導體中有感應電流產生，這種現象是電磁感應現象。
11．（2025·長沙模擬）在水平桌面上有甲、乙兩個完全相同的柱形容器，容器中均裝有適量的不同液體，現將A、B兩個完全相同的小球分別放入兩容器內，待小球靜止后如圖所示，此時甲、乙兩容器內液面高度相同。則下列說法正確的是(　　)
A．A、B兩球受到的浮力相等
B．甲容器中液體的密度大于乙容器中液體的密度
C．放入小球后，液體對甲、乙兩容器底部的壓強相等
D．放入小球后，甲、乙兩容器對桌面的壓力相等
【答案】A,B
【知識點】壓力及重力與壓力的區別；壓強的大小及其計算；浮力的利用
【解析】【解答】 解：A、因為兩個完全相同的小球分別漂浮和懸浮在兩種液體中，根據浮沉條件知，所以兩容器中小球受到的浮力相等，均等于小球的重力，故浮力相等，故A正確；
BC、由圖可知，小球排開兩液體的體積V排甲＜V排乙，又因為兩容器中小球受到的浮力相等，由F浮=ρ液gV排可知，兩液體密度ρ甲＞ρ乙，又因為小球靜止時兩個容器中的液面高度相同，由p=ρgh可知，液體對兩容器底部的壓強p甲＞p乙，故C錯誤、B正確；
D、由圖可知，兩液體的體積V甲＞V乙，且ρ甲＞ρ乙，由G=ρgV可知，兩液體重力G甲＞G乙，由于容器對桌面的壓力等于容器、容器中液體和小球的重力之和，則甲容器對桌面的壓力大，故D錯誤。
故選：AB。
【分析】 （1）根據物體的浮沉條件判斷兩者所受浮力關系，根據阿基米德原理可判斷兩液體密度關系，根據p=ρgh判斷對杯底的壓強關系；
（2）由于容器對桌面的壓力等于容器、容器中液體和小球的重力之和，則根據G=ρgV得出液體重力的大小；結合總重得出壓力關系。
12．（2025·長沙模擬）某同學為抽屜設計了一個簡易防盜報警器，并將它安裝在抽屜內。報警器的原理如圖所示，抽屜打開，光照射到光敏電阻時，報警器報警。下列分析正確的是(　　)
A．光敏電阻的阻值隨光照強度增大而減小
B．光照強度增大時，控制電路的總功率減小
C．光照強度增大時，R0兩端電壓減小
D．為了節能，可以增加R0的電阻，并增加電磁鐵的線圈匝數
【答案】A,D
【知識點】電路的動態分析；電功率的計算；電磁鐵的構造和原理；電磁繼電器的組成、原理和特點；影響電磁鐵磁性強弱的因素及其探究
【解析】【解答】解：A、當光線照射到光敏電阻時，電鈴報警，說明銜鐵被吸下，電磁鐵磁性變強，進而得知電路電流變大，故電阻變小，即光敏電阻的阻值隨光照強度的增大而減小，故A正確；
B、光照強度增大時，光敏電阻阻值變小，電流變大，根據p=UI可知，控制電路的電功率變大，故B錯誤；
C、串聯電路是分壓電路，光照強度增大時，光敏電阻變小，分的電壓變小，R0兩端電壓變大，故C錯誤；
D、 為了節能，可以增加R0的電阻，并增加電磁鐵的線圈匝數，故D正確。
故選：AD。
【分析】（1）根據提議進行分析，電鈴響推出銜鐵被吸下，說明電流變大，推出電阻變小；
（2）電阻變小，電流變大，根據公式p=UI求出電功率的變化。
（3）串聯電路是分壓電路，電阻越大，分壓越多；
（4） 為了節能，可以增加R0的電阻，并增加電磁鐵的線圈匝數 。
13．（2025·長沙模擬）2024年12月20日，我國成功試運行了全球首套兆瓦級別的制氫設備，為解決海上風力發電的電能存儲、輸送難題提供了新的解決方案。風力發電的過程是將　 　能轉化為電能。每消耗40kW·h的電能，就能生產1m3(約0.09kg)的氫，這些氫完全燃燒釋放的熱量約為　 　J(氫的熱值 q氫=1.4×108J/kg）
【答案】機械；1.26×107
【知識點】機械能及其轉化；熱量的計算
【解析】【解答】 解：（1）風力發電的過程是將風的機械能轉化為電能。
（2）1m3（約0.09kg）的氫完全燃燒釋放的熱量：Q放=mq氫=0.09kg×1.4×108J/kg=1.26×107J。
故答案為：機械；1.26×107。
【分析】 （1）發電機工作時，將機械能轉化為電能；
（2）知道氫的質量、熱值，利用Q放=mq計算氫完全燃燒放出的熱量。
14．（2025·長沙模擬）如圖所示是古代省油燈的示意圖。它下層盛水，能減慢上層油的消耗。燈點燃后，通過熱傳遞的方式使油的內能增加，溫度升高，加快油的　 　(填物態變化)，增加耗油量。在夾層中加冷水，降低油溫，達到省油的目的，這是利用水　 　大的特性。
【答案】汽化；比熱容
【知識點】汽化及汽化吸熱的特點；比熱容
【解析】【解答】 解：燈點燃后，通過熱傳遞的方式使油的內能增加，溫度升高，加快油的汽化；在夾層中加冷水，降低油溫，達到省油的目的，這是利用水比熱容較大的特點。
故答案為：汽化；比熱容。
【分析】汽化指物質由液態轉變成氣態，汽化要吸熱；水的比熱容大，常用來做冷卻劑或者取暖劑。
15．（2025·長沙模擬）圖為無人機給高海拔哨所的部隊士兵送餐的圖片。若每架無人機所載餐盒質量為6kg，小王操作該無人機以1.5m/s速度勻速上升150m，接著以2m/s的速度平飛400m將餐盒送到哨所。則無人機在上升過程中對餐盒做的功為　 　J，整個飛行過程中無人機對餐盒做功的功率為　 　W。 (g取10N/kg)
【答案】9000；30
【知識點】功率的計算；功的計算及應用
【解析】【解答】 解：無人機在上升過程中對餐盒做的功：W=Gh=mgh=6kg×10N/kg×150m=9000J；
無人機水平飛行時，在豎直方向上移動的距離為零，則豎直向上的拉力對餐盒不做功，
根據可得，整個過程無人機的運動時間：
整個飛行過程中無人機對餐盒做功的功率：。
故答案為：9000；30。
【分析】 根據W=Gh=mgh求無人機在上升過程中對餐盒做的功；
根據求整個飛行過程中無人機的運動時間，根據求整個飛行過程中無人機對餐盒做功的功率。
16．（2025·長沙模擬）如圖甲所示是常用的3D打印筆，它通過加熱，擠出熱熔的塑料，然后在空氣中迅速冷卻，最后凝固成形。此打印筆有快速檔和慢速檔，其內部簡化電路如圖乙所示，使用快速檔打印時的總功率為66W，兩個電阻都是用于發熱的電熱絲，其中， R1=2200Ω。則閉合開關： S1、S2時，打印筆處于　 　2檔；慢速檔時，R1在10s內產生的熱量為　 　J；R2的電阻大小為　 　Ω。
【答案】快速；220；1100
【知識點】焦耳定律的應用；電流的熱效應；多狀態電路——多擋位問題
【解析】【解答】 解：由圖乙可知，只閉合開關S時，電路為R1的簡單電路，電路的電阻較大；閉合開關S、S1時，R1和R2并聯，電路的電阻較小，根據可知，只閉合開關S時，電路消耗的電功率較小，打印筆處于慢擋；
閉合開關S、S1時，電路消耗的電功率較大，打印筆處于快速擋；
慢速擋時，R1在10s內產生的熱量：
根據可得，；
快速擋工作時，總功率為66W，根據可得：，
解得，R2=1100Ω。
故答案為：快速；220；1100。
【分析】由圖乙可知，只閉合開關S時，電路為R1的簡單電路，電路的電阻較大；閉合開關S、S1時，R1和R2并聯，電路的電阻較小，根據可知打印筆的工作狀態；
根據求慢速擋時，R1在10s內產生的熱量；
快速擋工作時，根據可得R2的電阻大小。
17．（2025·長沙模擬）圖為電子天平改裝的密度計，用它可以快速測量固體密度，下圖為用該裝置測量木塊密度的過程示意圖。ABCD是一個用不銹鋼制作的整體框架，電子天平的壓力傳感器位于AB柱的正下方，天平的讀數只受AB 柱壓力的影響。甲圖：將框架ABCD放置在天平上，天平示數為26.0g；乙圖：將方框D浸沒在水中，天平示數23.0g；丙圖：將木塊F放在框架上，天平讀數為29.0g。丁圖：將木塊F放在金屬盒D中，木塊與D頂部相碰，此時電子天平的示數為19.0g。由以上信息可得：木塊F的重力為　 　N，丁圖中物體F 所受的浮力為　 　N，木塊F 的密度為　 　g/cm3。(忽略燒杯中水面升降對C桿的浮力影響， g取10N/ kg)
【答案】0.06；0.1；0.6
【知識點】浮力大小的計算；浮力的利用
【解析】【解答】 解：根據乙、丙兩圖，增大的示數等于木塊的質量，故m=m3-m2=29g-23g=6g=0.006kg；
木塊重力G=mg=0.006kg×10N/kg=0.06N；
根據丙丁兩圖，木塊向上推動使得框架的壓力減小，故F=F浮-G=（m2-m4）g；
（0.026kg-0.019kg）×10N/kg；
解得F浮=G+（m2-m4）g=0.06N+（0.023kg-0.019kg）×10N/kg=0.1N；
由阿基米德原理F浮=ρ水gV排可得：0.1N=ρ水gV排；
物體的重力為0.06N，根據G=mg=ρVg可得：0.06N=ρ物gV；
浸沒時V排=V，解得ρ物=0.6ρ水=0.6g/cm3。
故答案為：0.06；0.1；0.6。
【分析】 根據乙、丙兩圖分析質量，根據G=mg計算重力；
根據乙丁兩圖分析木塊向上的推力，即浮力減去重力，據此計算浮力；
根據阿基米德原和重力公式計算物體的密度。
18．（2025·長沙模擬）請畫出右圖中光線AO從水中斜射到空氣中的大致光路圖。
【答案】
【知識點】作光的折射光路圖
【解析】【解答】 解：根據光的折射定律，光從水中斜射入空氣時，折射角大于入射角，折射光線與入射光線在兩種介質中，在法線左側的空氣中作出折射光線，如圖所示：
【分析】光的折射規律：入射光線、法線、折射光線在同一平面內，折射光線和入射光線分別位于法線兩側。當光線從其它透明介質斜射入空氣時，折射角大于入射角。
19．（2025·長沙模擬）為“探究平面鏡成像中像與物的位置關系”，小亮同學設計了如圖所示的裝置。
實驗次數 物距/ cm 像距/ cm
1 3.5 3.6
2 4.2 4.1
3 5.2 5.3
（1）小亮在豎直放置的玻璃板前放點燃的蠟燭甲，可看到玻璃板的后面出現蠟燭的像，拿另一支未點燃的蠟燭在玻璃板后面移動，看到它跟像　 　，并記錄位置AA`；
（2）小亮重復實驗兩次，并記錄蠟燭的位置如圖所示。撤去玻璃板后接下來的第一個操作步驟是　 　；
（3）接著小亮用毫米刻度尺量出了三次實驗的物距和像距并記錄在表格中，從數據可以看出他實驗中存在的最大問題是　 　。
【答案】（1）重合
（2）連接AA'、BB'、CC'
（3）刻度尺讀數時未估讀
【知識點】探究平面鏡成像的特點
【解析】【解答】解：（1）小亮在豎直放置的玻璃板前放點燃的蠟燭甲，可看到玻璃板的后面出現蠟燭的像，拿另一支未點燃的蠟燭在玻璃板后面移動，看到它跟像重合，玻璃板后面的蠟燭即為像的位置，則并記錄位置AA'；
（2）要研究像與物的位置關系，小亮重復實驗兩次，并記錄蠟燭的位置如圖2所示。撤去玻璃板后接下來的第一個操作步驟是連接AA'、BB'、CC'；
（3）接著小亮用毫米刻度尺量出了三次實驗的物距和像距并記錄在表格中，因刻度尺分度值為0.1厘米，從數據可以看出他實驗中存在的最大問題是刻度尺讀數時未估讀。
故答案為：（1）重合；（2）連接AA'、BB'、CC'；（3）刻度尺讀數時未估讀。
【分析】 （1）實驗中根據等效替代法確定像的位置；
（2）本實驗要研究像與物的位置關系，據此分析；
（3）測量長度時，要估讀到分度值的下一位。
20．（2025·長沙模擬）在做“探究水的沸騰”實驗中：
（1）實驗裝置如圖甲所示，儀器安裝的順序應該是　 　；
（2）當水的溫度加熱到90℃時，每隔1min記錄一次溫度，直到水沸騰后幾分鐘為止。某次實驗的數據如下表所示，則水的沸點是　 　℃；
時間 0min 1min 2min 3min 4min 5min 6min 7min
溫度 90℃ 92℃ 94℃ 96℃ 98℃ 98℃ 98℃ 98℃
（3）加熱過程中，燒杯上方出現的“白氣”是水蒸氣　 　形成的(填物態變化)。
【答案】（1）自下而上
（2）98
（3）液化
【知識點】探究水的沸騰實驗
【解析】【解答】 解：（1）酒精燈需用外焰加熱，所以要放好酒精燈，再固定鐵圈的高度；而溫度計的玻璃泡要全部浸沒到液體中，但不能碰到容器壁和容器底，所以先放好燒杯后，再調節溫度計的高度，所以組裝實驗器材時，應按照自下而上的順序；
（2）由表格中數據知，從4到8分鐘，水的溫度保持98℃不變，所以可以看出水的沸點是98℃；
（3）加熱過程中，燒杯上方出現的“白氣”是水蒸氣液化形成的。
故答案為：（1）自下而上；（2）98；（3）液化。
【分析】 （1）實驗時，需用酒精燈的外焰加熱，所以要調整好鐵圈的高度，然后根據溫度計的使用規則固定好其位置；
（2）掌握沸點的概念，水在沸騰過程中溫度保持不變，水沸騰時的溫度就是水的沸點；
（3）物質由氣態變為液態的過程是液化。
21．（2025·長沙模擬）下圖是探究“浮力的大小與什么因素有關”的實驗裝置和實驗過程中彈簧測力計的示數。
（1）②圖中物體A 所受浮力大小為　 　N；
（2）分析圖①②③可以得到的結論是物體所受的浮力與　 　無關；
（3）若要探究浮力與液體密度的關系，應該選①　 　三個實驗步驟來比較。
【答案】（1）1
（2）浸入深度
（3）②⑤
【知識點】探究浮力大小的實驗
【解析】【解答】解：（1）根據①和②可知，物體A浸在水中時受到的浮力為F浮=4N-3N=1N；（2）分析圖①②③可知，物體排開水的體積和液體的密度相同，深度不同，但彈簧測力計示數相同，則浮力相同，即浮力大小與液體深度無關；（3）若探究浮力與液體的密度關系，應控制排開液體體積相同，改變物體排開液體的體積，故選①②⑤。
故答案為：（1）1；（2）浸入深度；（3）②⑤。
【分析】 （1）根據稱重法得出浮力的大小；
（2）（3）浮力大小與液體的密度和排開液體的體積有關，在進行實驗探究時，要注意控制變量法的運用；把握住所探究的相同量和不同量，再結合圖示可判斷出實驗結論。
22．（2025·長沙模擬）小馬同學用下圖所示電路測額定電壓為2.5V小燈泡L1的電功率。
實驗次數 電壓/V 電流/A
1 2.0 0.22
2 2.5 0.25
3 3.0 0.28
（1）閉合開關前，滑動變阻器滑片應該移到　 　端；
（2）小馬同學測得數據如表格所示，則小燈泡的額定功率為　 　W；
（3）在做完第三組實驗之后，要求再測量一個標有“3V 0.5W”的小燈泡L2的額定功率。小馬的操作步驟是：將開關斷開，用L2換掉L1，閉合開關，調節滑動變阻器使電壓表的讀數為3V；小麗的操作步驟是：將開關斷開，用L2換掉L1，將滑動變阻器的阻值調到最大，閉合開關，調節滑動變阻器使電壓表的讀數為3V。你認為誰的方案正確，并簡要的說明理由　 　。
【答案】（1）左
（2）0.625
（3）小麗的方案正確；在閉合開關前，滑動變阻器的滑片應該放在最大阻值處，為了保護電路。
【知識點】探究用電器的電功率實驗
【解析】【解答】解：（1）閉合開關前，應將滑動變阻器的滑片移到最大阻值處，即應將滑片移到最左端；
（2）由表格中低二次實驗數據可知額定電功率為P=UI=2.5V×0.25A=0.625W；
（3）小麗的方案正確；在閉合開關前，滑動變阻器的滑片應該放在最大阻值處，為了保護電路。
故答案為：（1）左；（2）0.625；（3）小麗的方案正確；在閉合開關前，滑動變阻器的滑片應該放在最大阻值處，為了保護電路。
【分析】（1）在閉合開關前，為了保護電路，應將滑片移到最大阻值處；
（2）根據表格中數據進行計算；
（3）閉合開關前，應將滑片移到最大阻值處，防止電流或電壓過大而損壞電表。
23．（2025·長沙模擬）2025年2月20日，中國石油集團20日宣布，我國首口超萬米科學探索井一深地塔科1井日前成功在地下10910米處完鉆，實現“深地”領域重大突破，下圖為10000m深處附近提取的巖芯樣品。取其中某段樣品進行分析： 測得其質量為1800g， 體積為600cm3。 (g取10N/ kg) 求：
（1）該樣品的重力；
（2）該樣品的密度；
（3） 若將地表0~10000m之間視為密度 2.5×103kg/m3且分布均勻的巖石，試估算地表10000m深處由于巖石本身的重力而產生的壓強。
【答案】（1）解：樣品的重力為：G=mg=1800×10-3kg×10N/kg=18N；
（2）解：樣品的密度為：；
（3）解： 根據可知，地表10000m深處由于巖石本身的重力而產生的壓強為：
p=ρgh=2.5×103kg/m3×10N/kg×10000m=2.5×108Pa。
【知識點】密度公式及其應用；重力及其大小的計算；壓強的大小及其計算
【解析】【分析】 （1）根據G=mg求出樣品的重力；
（2）根據求出樣品的密度；
（3）根據求出地表10000m深處由于巖石本身的重力而產生的壓強。
24．（2025·長沙模擬）如圖甲所示電路中，電源電壓保持恒定。燈泡標有“3V 1.5W”，其電阻隨溫度的變化忽略不計；滑動變阻器標有“60Ω 2A”，電壓表所接量程均為( 0-15V。單刀雙擲開關置于b點、滑動變阻器滑片置于中點時，燈泡恰好正常發光。
（1）求燈泡正常發光時的電阻；
（2）電源電壓；
（3）將單刀雙擲開關置于a點，移動滑動變阻器的滑片，得到電壓表 V1、V2隨電流變化關系如圖乙所示。則通過調節開關和移動滑片，該電路能達到的最小電功率為多大
【答案】（1）解：因為燈泡標有“3V 1.5W”，即燈泡正常發光時的電阻為。
（2）解：單刀雙擲開關置于b點、滑動變阻器滑片置于中點時，燈泡恰好正常發光，即電路電流等于燈泡正常發光是的電流為；
則滑動變阻器的電壓為U滑=IR=0.5A×30Ω=15V；故電源電壓為U總=U燈+U滑=3V+15V=18V。
（3）解：開關解到a處時，R1、R2、R3串聯，由乙圖可知當R1的電流為0.3A時電流最小，此時電路電功率最小，即P=UI=18V×0.3A=5.4W。
【知識點】串聯電路的電壓規律；歐姆定律及其應用；電路的動態分析；電功率的計算
【解析】【分析】（1）根據燈泡的銘牌可以求出燈泡發光是的電阻；
（2）先求出燈泡的電流，再求出滑動變阻器的電壓，串聯電路總電壓等于各用電器電壓之和；
（3）根據圖乙找出最小的電流，根據公式P=UI求出最小的電功率。
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