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廣東省廣州市2025屆中考真題物理試卷
1．（2025·廣州） AI智能音箱收到調低音量的指令時，就會自動改變聲音的（　　）
A．音調 B．響度 C．音色 D．頻率
【答案】B
【知識點】音調、響度與音色的區分
【解析】【解答】 對AI智能音箱發出“增大聲音”或“減小聲音”的指令時，音箱就會自動改變聲音的響度。
故選B。
【分析】 聲音的三個特征分別是：音調、響度、音色，是從不同角度描述聲音的，音調指聲音的高低，由振動頻率決定；響度指聲音的強弱或大小，與振幅和距聲源的遠近有關；音色是由發聲體本身決定的一個特性。
2．（2025·廣州） 如圖是氮原子的結構示意圖，則氦原子（　　）
A．核外有2個電子 B．整體有4個電子
C．核外有2個正電荷 D．整體有4個正電荷
【答案】A
【知識點】原子結構
【解析】【解答】 原子由原子核和核外電子組成，原子核由質子和中子組成，核外電子帶負電，質子帶正電，核外有2個電子帶負電，核內有兩個質子帶正電，整體不顯電性，故A正確，BCD錯誤。
故選A。
【分析】 根據原子由原子核和核外電子組成，原子核由質子和中子組成，核外電子帶負電，質子帶正電。
3．（2025·廣州）某廣播電臺發射頻率為的電磁波，根據下圖信息，該電磁波屬于（　　）
A．無線電波 B．紅外線 C．紫外線 D．射線
【答案】A
【知識點】電磁波在日常生活中的應用
【解析】【解答】 已知該電磁波的頻率f=1.027×108Hz，由圖可知，該頻率小于1010Hz，
即該電磁波屬于無線電波，故A符合題意，BCD不合題意。
故選A。
【分析】 根據電磁波的頻率和圖示信息可知該電磁波屬于哪種電磁波。
4．（2025·廣州）如圖，從熱湯中取出的金屬勺子，由燙手到不燙手的過程，其內能（　　）
A．逐漸增加 B．保持不變
C．通過做功改變 D．通過熱傳遞改變
【答案】D
【知識點】做功改變物體內能；熱傳遞改變物體內能
【解析】【解答】 AB.從熱湯中取出的金屬勺子，由燙手到不燙手，其溫度降低，所以內能逐漸減少，故AB錯誤；
CD.做功改變物體內能是能量的轉化過程，如摩擦生熱是機械能轉化為內能。而熱傳遞改變物體內能是能量的轉移過程，是由于溫度差引起的，高溫物體放出熱量，內能減小，低溫物體吸收熱量，內能增加。金屬勺子由燙手到不燙手，是因為勺子與周圍空氣存在溫度差，勺子向空氣中散熱，內能減小，這是通過熱傳遞的方式改變內能的，故C錯誤，D正確。
故選D。
【分析】根據內能與溫度的關系，物體溫度降低，內能減小。改變物體內能的方式有做功和熱傳遞兩種。
5．（2025·廣州）如圖，蠟燭距凸透鏡20cm時，燭焰在光屏上成清晰的倒立縮小像，則該凸透鏡的焦距可能是（　　）
A．5cm B．20cm C．30cm D．40cm
【答案】A
【知識點】凸透鏡成像規律及其探究實驗
【解析】【解答】 由于成倒立縮小的實像，所以u=20cm＞2f，則f＜10cm，故A符合題意，BCD不合題意。
故選A。
【分析】 根據成像的特點，根據物距的范圍確定焦距的大小。
6．（2025·廣州）出租車駕駛室內設計了控制電路來顯示是否載有乘客，車頂指示燈顯示紅色時載有乘客，顯示綠色時未載乘客。下列電路圖中，通過開關S接“1”或“2”可以符合上述設計要求的是（　　）
A． B．
C． D．
【答案】C
【知識點】串、并聯電路的設計
【解析】【解答】 A.S打到1時，兩燈都發光，打到2時，電路斷路，故A不符合題意；
B.S打到1時，紅燈發光，打到2時，電路斷路，兩燈都不發光，故B不符合題意；
C.S打到1時，紅燈發光，打到2時，綠燈發光，故C符合題意；
D.綠燈始終與電源連通，始終發光，故D不符合題意。
故選C。
【分析】 根據要求，車頂指示燈顯示紅色時載有乘客，顯示綠色時未載乘客，兩燈工作互不影響，分析每個選項，找出符合題意的答案。
7．（2025·廣州）在如圖所示的粗糙程度相同的水平冰面上，運動員用水平推力從a點推動冰壺，經過b點時松手，冰壺到達c點停止運動，由a到b和由b到c的過程中，設冰壺受到的滑動摩擦力分別為和，運動員對冰壺做的功分別為和，則（　　）
A． B． C． D．
【答案】B
【知識點】功的計算及應用
【解析】【解答】 AB.由題知，由a到b和由b到c的過程中，冰壺與冰面的接觸面粗糙程度相同，冰壺對冰面的壓力相等，所以冰壺受到的滑動摩擦力分別為fab=fbc，故A錯誤、B正確；
CD.由題知，由a到b的過程中，冰壺受到運動員的推力，且在推力的方向上通過了距離，運動員對冰壺做功，而由b到c的過程中，冰壺雖然通過了距離，但不再受到運動員的推力，運動員對冰壺不做功，所以運動員對冰壺做的功分別為Wab＞Wbc，故CD錯誤。
故選B。
【分析】 （1）摩擦力大小的影響因素：壓力大小和接觸面的粗糙程度。
（2）物理學中的做功的兩個必要條件：一是作用在物體上的力，二是物體在力的方向上移動一段距離，二者缺一不可。
8．（2025·廣州）醫學上用“人工心臟泵”替代心臟推動血液循環，如圖是其工作原理的簡圖，活塞在電磁鐵的帶動下左右移動，代表心臟的舒張和收縮。“人工心臟泵”正常工作過程中，電磁鐵的電流從a流向b時，則（　　）
A．電磁鐵左端為S極，活塞向右移動
B．電磁鐵左端為S極，活塞向左移動
C．電磁鐵左端為N極，活塞向右移動
D．電磁鐵左端為N極，活塞向左移動
【答案】B
【知識點】磁現象；通電螺線管的極性和電流方向的判斷
【解析】【解答】 電磁鐵的電流從a流向b時，由安培定則可知，螺線管右端為N極，左端為S極，此時異名磁極相互吸引，故活塞左移，故ACD錯誤，B正確。
故選B。
【分析】 由安培定則可知電磁鐵的磁極，由磁極間的相互作用可知活塞的移動方向。
9．（2025·廣州）某種汽車安全帶控制裝置如圖a，擺錘豎直懸掛時，鎖棒水平，棘輪可以自由轉動，安全帶能被拉動，由此可判斷汽車靜止或正常行駛：如圖b，擺錘擺起時，鎖棒鎖定棘輪，安全帶不能被拉動，由此可判斷汽車可能（　　）
A．向西勻速行駛 B．向東勻速行駛
C．向西緊急剎車 D．向東緊急剎車
【答案】D
【知識點】慣性及其現象
【解析】【解答】 簡化模型如圖所示：
當擺錘在虛線位置時，擺錘和汽車具有向左的加速度，汽車的運動情況可能為向左加速行駛或向右減速行駛（或向東緊急剎車），
當汽車勻速運動時，無論向哪個方向運動，擺錘均處于豎直位置不擺動，故ABC錯誤，D正確。
故選D。
【分析】 將此題簡化模型，然后分析汽車的運動情況即可。
10．（2025·廣州）如圖是用于測量汽車輪胎內氣體壓強的胎壓計，其數值的單位是“”，表示的受力面積上，所受的壓力大小相當于1kg物體的重力大小。若g取10N/kg，則相當于（　　）
A． B． C． D．
【答案】D
【知識點】壓強的大小及其計算
【解析】【解答】 1kg物體的重力G=mg=1kg×10N/kg=10N，
1kg物體均勻壓在1cm2水平面上產生的壓力：F=G=10N，
受力面積S=1cm2=1×10-4m2，1kg/cm2相當于：
，故D正確，ABC錯誤。
故選D。
【分析】 kg/cm2是壓強單位，表示1cm2的受力面積上，所受的壓力大小相當于1kg物體的重力大小，其數值等于該面積上所受的壓力除以受力面積。
11．（2025·廣州）如圖所示的“風光互補”路燈，其太陽能電池板和風力發電機產生的電能，輸送至蓄電池儲存起來，供路燈照明使用。
（1）工作時，風力發電機將　 　能轉化成電能，太陽能電池板將　 　能轉化成電能，風能和太陽能是　 　（選填“可再生”“不可再生”）的　 　（選填“一次”“二次”）能源；
（2）蓄電池儲存的電能為4.8kW·h，若全部用于路燈供電，可供額定功率為80W的路燈正常發光　 　h．
【答案】（1）風能；太陽；可再生；一次
（2）60
【知識點】能量的轉化或轉移；能源及其分類；電功率的計算
【解析】【解答】 （1）風力發電機工作時，是利用風能帶動發電機的轉子轉動，從而產生電能，所以將風能轉化成電能。
太陽能電池板是通過光電效應直接把太陽能轉化為電能。
風能和太陽能可以從自然界源源不斷地得到補充，所以是可再生能源；同時它們可以直接從自然界獲取，屬于一次能源。
（2）已知電能W=4.8kW h，路燈額定功率P=80W=0.08kW，則蓄電池儲存的電能可供額定功率為80W的路燈正常發光。
【分析】 （1）風力發電機工作時，將機械能轉化成電能，太陽能電池板工作時把太陽能轉化為電能，消耗后能夠從自然界源源不斷獲得補充的能源屬于可再生能源，能夠直接從自然界獲取的能源叫一次能源；
（2）已知儲存的電能和路燈額定功率，由得到路燈正常發光的時間。
12．（2025·廣州）圖a是旅游景區某大山及其等高線地形圖的示意圖，A、B是山上的兩個位置，地形圖上的分別對應A、B．AC為垂直電梯通道，CB為水平隧道。某游客乘電梯從A到C，再通過隧道到B．
（1）在圖b中畫出電梯內游客受力的示意圖　 　：
（2）電梯下行過程中，以　 　（選填“地面”“電梯”）為參照物，電梯內游客是靜止的。已知CB為100m，游客在AC段和CB段經歷的時間相等，則游客在AC段的平均速度　 　（選填“大于”“等于”或“小于”）在CB段的平均速度；
（3）游客重力為500N，從A到B的過程中，其重力做的功為　 　J．
【答案】（1）
（2）電梯；小于
（3）
【知識點】速度公式及其應用；力的三要素及力的示意圖；參照物及其選擇；功的計算及應用
【解析】【解答】 （1）電梯內游客受力示意圖：游客在電梯內受到豎直向下的重力G和電梯地板對其豎直向上的支持力F。電梯靜止，重力G和支持力N大小相等；如下圖所示：
（2）電梯下行過程中，電梯內游客相對于電梯的位置沒有發生變化，所以以電梯為參照物，游客是靜止的。
根據a圖中信息，可以得出A、B兩地高度差h=800m-720m=80m，也就是AC=80m。已知CB為100m，游客在AC段和CB段經歷的時間相等，根據可知，AC段的平均速度小于CB段的平均速度；
（3）重力做功W=Gh=500N×80m=4000J。
【分析】 （1）靜止時，受平衡力作用；
（2）運動和靜止的相對性，判斷物體運動選取不同的參照物；等高線代表該地距離0海拔水平面有多高，從而得出AB兩地垂直距離，再利用相同時間比較距離來判斷速度大小；
（3）重力做功W=Gh。
13．（2025·廣州）如圖a，顧客站在傾斜放置的平面鏡前觀察自己的像。
（1）用AB表示站在平面鏡前的顧客，在圖b中畫出其在鏡中的像　 　；
（2）顧客在鏡子里看不到自己鞋子的像，她應　 　（選填“遠離”“靠近”）平面鏡移動，才能看到自己鞋子的像，顧客移動過程中，鞋子像的大小　 　（選填“變大”“變小”或“不變”）。
【答案】（1）
（2）靠近；不變
【知識點】平面鏡成像的相關作圖；平面鏡成像的原理、特點
【解析】【解答】 （1）分別作出物體AB端點A、B關于平面鏡的對稱點A'、B'，用虛線連接A'、B'即為AB在平面鏡中的像，如圖：
（2）顧客在鏡子里看不到自己鞋子的像，她應面鏡移動，才能看到自己鞋子的像，因為遠離平面鏡視角變大，看到的范圍大；
顧客移動過程中，根據平面鏡成像的特點可知，鞋子像的大小不變。
【分析】 （1）平面鏡成像的特點是：像物大小相等、到平面鏡的距離相等、連線與鏡面垂直，即像物關于平面鏡對稱，利用這一對稱性作出AB的像。
（2）根據平面鏡成像的特點：像和物體形狀、大小相同分析解答。
14．（2025·廣州）圖a所示的斜拉橋，可逐步簡化成圖b、c、d的模型。
（1）以O點為支點，在圖d中作出的力臂　 　；
（2）為了減小鋼索承受的拉力，可適當　 　（選填“升高”“降低”）鋼索懸掛點在橋塔上的高度，理由是：　 　。
【答案】（1）
（2）升高；增加了支點O到F1的距離，即增大了拉力的力臂l1，根據杠桿平衡條件可知，在阻力和阻力臂不變的情況下，拉力的力臂越大，拉力越小即橋對鋼索的拉力就越小。
【知識點】力的三要素及力的示意圖；杠桿的平衡條件；力臂的畫法
【解析】【解答】 （1）過支點O作垂直于F1作用線的垂線段（即為F1的力臂l1）；過支點O作垂直于F2作用線的垂線段（即為F2的力臂l2），如圖所示：
；
（2）由圖可知，若升高鋼索懸掛點在橋塔上的高度，即增加了支點O到F1的距離，即增大了拉力的力臂l1，根據杠桿平衡條件可知，在阻力和阻力臂不變的情況下，拉力的力臂越大，拉力越小即橋對鋼索的拉力就越小。
【分析】 （1）做力臂首先找出支點，過支點做力作用線的垂線段，用雙箭頭標出這段距離，即為力臂。
（2）通過橋高度的變化，結合圖示模型分析出杠桿五要素中哪個量發生了變化，然后再利用杠桿平衡條件分析出原因。
15．（2025·廣州）圖a是實踐小組設計的自動儲水箱簡圖，豎直細桿固定在水箱底部，浮簡可沿細桿上下移動，水箱中水深為0.1m時，浮筒對水箱底部的壓力剛好為零；水深為0.4m時，浮筒開始接觸進水閥門：水深為0.6m時，浮筒使進水閥門完全關閉，浮筒所受浮力和水深關系的圖像如圖b，已，東g取．
（1）水深從0.1m到0.4m的過程中，浮筒排開水的重力　 　，水對箱底產生的壓強　 　（以上兩空選填“變大”“變小”或“不變”）；
（2）閥門完全關閉時，求：
①水對箱底產生的壓強；
②浮筒排開水的體積。
【答案】（1）不變；變大
（2）解：閥門完全關閉時，水的深度為：h=0.6m：
①水對箱底產生的壓強為：
p水=ρ水gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.6m=6×103Pa；
②由圖知閥門完全關閉時浮筒受到的浮力F浮=7.5N，
由F浮=ρ水V排g可得浮筒排開水的體積：
。
【知識點】液體壓強的計算；阿基米德原理；物體的浮沉條件及其應用
【解析】【解答】 （1）由圖b知水深從0.1m到0.4m的過程中，浮筒所受浮力不變，由阿基米德原理F浮=G排可知，浮筒排開水的重力不變；
由于水的深度變大，由p=ρ液gh可知，水對箱底產生的壓強變大。
【分析】 （1）由圖b知水深從0.1m到0.4m的過程中，浮筒所受浮力不變，由阿基米德原理F浮=G排判斷出浮筒排開水重力的變化；由p=ρ液gh判斷出水對箱底產生壓強的變化；
（2）①根據p水=ρ液gh算出水對箱底產生的壓強；
②由圖知閥門完全關閉時浮筒受到的浮力F浮=7.5N，由F浮=ρ水V排g算出浮筒排開水的體積。
16．（2025·廣州）圖a所示的電熱加濕器，其內部結構及電路簡圖如圖b．通電后，發熱電阻R使加熱倉中的水沸騰變成水蒸氣噴出，增加環境濕度。已知水的比熱容為、密度為，沸點為100℃．
（1）加熱倉中的水變成水蒸氣屬于　 　（選填“液化”“汽化”）現象：
（2）已知R阻值為550Ω，求電熱加濕器的功率；
（3）若消耗電能，可使加熱倉內的水從20℃加熱至沸騰，求：
①加熱倉內水吸收的熱量；
②電熱加濕器的加熱效率。
【答案】（1）汽化
（2）解：電熱加濕器的功率；
（3）解：①水的質量：m=ρV=1.0×103kg/m3×3.0×10-5m3=0.03kg；
標準大氣壓下水的沸點為100℃，則水吸收的熱量：
Q吸=cm（t-t0）=4.2×103J/（kg ℃）×0.03kg×（100℃-20℃）=10080J。
電熱水壺的熱效率：。
【知識點】汽化及汽化吸熱的特點；熱量的計算；熱機的效率；電功率的計算；電功與熱量的綜合計算
【解析】【解答】 （1）加熱倉中的水變成水蒸氣屬于汽化現象。
【分析】 （1）根據物質的初始態和終末態確定物態變化的名稱；
（2）根據得出電熱加濕器的功率；
（3）①根據m=ρV得出水的質量；標準大氣壓下水的沸點為100℃，根據Q吸=cm（t-t0）得出水吸收的熱量；
②根據效率公式得出電加濕器的熱效率。
17．（2025·廣州）“探究串聯電路中電流的特點”實驗。
⑴連接電路：用筆畫線表示導線，把圖甲的滑動變阻器串聯接入電路　 　（要求：連線不要交叉：滑片P向D移動，電路的電流增大）。
⑵發現問題：電源（輸出電壓為6V）、電流表、滑動變阻器、開關、導線完好，電路正確連接。閉合開關，觀察到燈泡和不發光，電流表示數為零；
⑶排查故障：在不拆開導線且閉合開關的情況下，用圖乙所示的電壓表進行檢測，將鱷魚夾　 　（選填“a””b”）接電源“+”極、另一鱷魚夾先后夾在E、G接線柱，電壓表前后兩次的指針位置都如圖丙所示，其示數為　 　V；
⑷作出猜想：
猜想一：由于燈泡不發光，電壓表示數不為零斷路。短路。
猜想二：由于電流表示數為零，電壓表示數不為零，斷路。無故障。
⑸驗證猜想：取下，換上完好的燈泡，觀察到發光，仍然不發光。由此可知，　 　（選填“猜想一”“猜想二”）正確；
⑹繼續實驗：
①排除故障后，閉合開關，移動滑片P，多次進行實驗。某次（記為第一次）實驗三個電流表示數如下圖。
②為得到串聯電路中電流的特點，設計記錄實驗數據的表格，并將第一次的數據填入表格中。　 　
【答案】；b；6；猜想一；
實驗次數 IA/A IB/A IC/A
1 0.5 0.5 0.5
2 　 　 　
3 　 　 　
【知識點】探究串并聯電路中的電流特點實驗
【解析】【解答】（1）根據燈泡與滑動變阻器串聯，滑片P向D移動，電路的電流增大，說明電阻變小，選擇右下方接線柱，電路如圖所示：
（3）閉合開關，觀察到燈泡L1（3.8V，0.4A）和L2（2.5V，0.3A）不發光，電流表示數為零；說明電路是斷路，根據電壓表使用時電流從正接線柱流入，故b接電源正極；根據電壓用的是0-15V量程，分度值為0.5V，示數為6V；
（5）驗證猜想：取下L1，換上完好的燈泡L3（3.8V，0.4A），觀察到L3發光，說明此時電路是通路，L2仍然不發光，則L2短路。故猜想一正確；
（6）根據圖中三個電流表都是小量程，指針位置相同，故電流相等，都是0.5A；
根據需要，測量三處的電流，且多次測量，表格如下：
　 IA/A IB/A IC/A
1 0.5 0.5 0.5
2 　 　 　
3 　 　 　
【分析】 （1）根據燈泡與滑動變阻器串聯，滑片P向D移動，電路的電流增大，說明電阻變小連接電路；
（3）根據電流表示數確定故障，結合電壓表使用分析解答；根據電壓表的量程和分度值讀數
（5）根據替換后燈泡發光，說明不發光的是短路，據此分析；
（6）根據電流表量程和分度值讀數，結合探究的規律分析設計表格。
18．（2025·廣州）跨學科實踐小組設計了“測量氣球在空氣中所受浮力”的實驗。
（1）實驗過程：
①如圖a，用細線穿過自制標尺的O點并懸掛，使其處于水平平衡狀態，其中標尺分度值為1mm（圖中毫米刻度線沒有畫出）；
②將充足氣的籃球和套有氣針的干癟氣球，固定懸掛在標尺左端距O點為的位置；在標尺右端對稱位置懸掛小桶，往桶內裝入適量細沙，使標尺處于水平平衡狀態。若測得小桶和細沙的總重力為G，則籃球和氣球（含氣針）的總重力為　 　；
③把氣針插入籃球的氣門內，氣球隨即膨脹，如圖b，標尺的　 　（選填“左端”“右端”）向下發生傾斜，理由是：　 　；
④測量膨脹氣球受到的浮力大小。
方法一：在不改變小桶懸掛位置的情況下，　 　（選填“向小桶內添加”“從小桶內取出”）重力為的細沙，使標尺重新處于水平平衡狀態，則膨脹氣球受到的浮力大小為　 　；
方法二：保持小桶和細沙總重力為G的情況下，移動小桶懸掛的位置，使標尺重新處于水平平衡狀態，此時小桶懸掛位置與O點的距離為L，則膨脹氣球受到的浮力大小為　 　；
（2）實驗評估：
如圖c，如果用鉤碼替換圖a中的小桶和桶內細沙，為了較精準測量膨脹氣球受到的浮力大小，采用④中的哪種方法更合理？簡要說明理由　 　。
【答案】（1）G；右端；左端的氣球受到了向上的浮力，導致杠桿左端受到的動力變小，動力與動力臂的乘積變小，小于右端阻力與阻力與阻力臂的乘積；從小桶內取出；；
（2）方法二，理由： 通過移動鉤碼使標尺重新處于水平平衡狀態 。
【知識點】二力平衡的條件及其應用；杠桿的平衡條件
【解析】【解答】 （1）實驗過程：
②將充足氣的籃球和套有氣針的干癟氣球，固定懸掛在標尺左端距O點為L0的位置；在標尺右端對稱位置懸掛小桶，往桶內裝入適量細沙，使標尺處于水平平衡狀態，可知兩個力的力臂相同，根據杠桿的平衡條件，則籃球和氣球（含氣針）的總重力與小桶和細沙的總重力為G相等，即為G；
③把氣針插入籃球的氣門內，氣球隨即膨脹，根據阿基米德原理，因氣球受到的浮力變大，故左端繩子杠桿的作用力變小，由杠桿的平衡條件可知，標尺的右端向下發生傾斜。
④測量膨脹氣球受到的浮力大小。
方法一：在不改變小桶懸掛位置的情況下，從小桶內取出重力為G0的細沙，使標尺重新處于水平平衡狀態，根據杠桿的平衡條件有（G-F浮）L0=GL0；
則膨脹氣球受到的浮力大小為F浮=G0；
方法二：保持小桶和細沙總重力為G的情況下，移動小桶懸掛的位置，使標尺重新處于水平平衡狀態，此時小桶懸掛位置與O點的距離為L，
根據杠桿的平衡條件有（G-F浮）L0=GL；
則膨脹氣球受到的浮力大小為；
（2）實驗評估：
如圖c，如果用鉤碼替換圖a中的小桶和桶內細沙，為了較精準測量膨脹氣球受到的浮力大小，采用④中的方法二更合理，通過移動鉤碼使標尺重新處于水平平衡狀態。
【分析】 （1）實驗過程：
②在標尺右端對稱位置懸掛小桶，往桶內裝入適量細沙，使標尺處于水平平衡狀態，可知兩個力的力臂相同，根據杠桿的平衡條件得出小桶和細沙的總重力；
③根據阿基米德原理，因氣球受到的浮力變大，故左端繩子杠桿的作用力變小，由杠桿的平衡條件可知分析；
④由已知條件，根據杠桿的平衡條件得出膨脹氣球受到的浮力大小；根據杠桿的平衡條件得出則膨脹氣球受到的浮力大小。
（2）采用④中的方法二更合理，通過移動鉤碼使標尺重新處于水平平衡狀態。
1 / 1廣東省廣州市2025屆中考真題物理試卷
1．（2025·廣州） AI智能音箱收到調低音量的指令時，就會自動改變聲音的（　　）
A．音調 B．響度 C．音色 D．頻率
2．（2025·廣州） 如圖是氮原子的結構示意圖，則氦原子（　　）
A．核外有2個電子 B．整體有4個電子
C．核外有2個正電荷 D．整體有4個正電荷
3．（2025·廣州）某廣播電臺發射頻率為的電磁波，根據下圖信息，該電磁波屬于（　　）
A．無線電波 B．紅外線 C．紫外線 D．射線
4．（2025·廣州）如圖，從熱湯中取出的金屬勺子，由燙手到不燙手的過程，其內能（　　）
A．逐漸增加 B．保持不變
C．通過做功改變 D．通過熱傳遞改變
5．（2025·廣州）如圖，蠟燭距凸透鏡20cm時，燭焰在光屏上成清晰的倒立縮小像，則該凸透鏡的焦距可能是（　　）
A．5cm B．20cm C．30cm D．40cm
6．（2025·廣州）出租車駕駛室內設計了控制電路來顯示是否載有乘客，車頂指示燈顯示紅色時載有乘客，顯示綠色時未載乘客。下列電路圖中，通過開關S接“1”或“2”可以符合上述設計要求的是（　　）
A． B．
C． D．
7．（2025·廣州）在如圖所示的粗糙程度相同的水平冰面上，運動員用水平推力從a點推動冰壺，經過b點時松手，冰壺到達c點停止運動，由a到b和由b到c的過程中，設冰壺受到的滑動摩擦力分別為和，運動員對冰壺做的功分別為和，則（　　）
A． B． C． D．
8．（2025·廣州）醫學上用“人工心臟泵”替代心臟推動血液循環，如圖是其工作原理的簡圖，活塞在電磁鐵的帶動下左右移動，代表心臟的舒張和收縮。“人工心臟泵”正常工作過程中，電磁鐵的電流從a流向b時，則（　　）
A．電磁鐵左端為S極，活塞向右移動
B．電磁鐵左端為S極，活塞向左移動
C．電磁鐵左端為N極，活塞向右移動
D．電磁鐵左端為N極，活塞向左移動
9．（2025·廣州）某種汽車安全帶控制裝置如圖a，擺錘豎直懸掛時，鎖棒水平，棘輪可以自由轉動，安全帶能被拉動，由此可判斷汽車靜止或正常行駛：如圖b，擺錘擺起時，鎖棒鎖定棘輪，安全帶不能被拉動，由此可判斷汽車可能（　　）
A．向西勻速行駛 B．向東勻速行駛
C．向西緊急剎車 D．向東緊急剎車
10．（2025·廣州）如圖是用于測量汽車輪胎內氣體壓強的胎壓計，其數值的單位是“”，表示的受力面積上，所受的壓力大小相當于1kg物體的重力大小。若g取10N/kg，則相當于（　　）
A． B． C． D．
11．（2025·廣州）如圖所示的“風光互補”路燈，其太陽能電池板和風力發電機產生的電能，輸送至蓄電池儲存起來，供路燈照明使用。
（1）工作時，風力發電機將　 　能轉化成電能，太陽能電池板將　 　能轉化成電能，風能和太陽能是　 　（選填“可再生”“不可再生”）的　 　（選填“一次”“二次”）能源；
（2）蓄電池儲存的電能為4.8kW·h，若全部用于路燈供電，可供額定功率為80W的路燈正常發光　 　h．
12．（2025·廣州）圖a是旅游景區某大山及其等高線地形圖的示意圖，A、B是山上的兩個位置，地形圖上的分別對應A、B．AC為垂直電梯通道，CB為水平隧道。某游客乘電梯從A到C，再通過隧道到B．
（1）在圖b中畫出電梯內游客受力的示意圖　 　：
（2）電梯下行過程中，以　 　（選填“地面”“電梯”）為參照物，電梯內游客是靜止的。已知CB為100m，游客在AC段和CB段經歷的時間相等，則游客在AC段的平均速度　 　（選填“大于”“等于”或“小于”）在CB段的平均速度；
（3）游客重力為500N，從A到B的過程中，其重力做的功為　 　J．
13．（2025·廣州）如圖a，顧客站在傾斜放置的平面鏡前觀察自己的像。
（1）用AB表示站在平面鏡前的顧客，在圖b中畫出其在鏡中的像　 　；
（2）顧客在鏡子里看不到自己鞋子的像，她應　 　（選填“遠離”“靠近”）平面鏡移動，才能看到自己鞋子的像，顧客移動過程中，鞋子像的大小　 　（選填“變大”“變小”或“不變”）。
14．（2025·廣州）圖a所示的斜拉橋，可逐步簡化成圖b、c、d的模型。
（1）以O點為支點，在圖d中作出的力臂　 　；
（2）為了減小鋼索承受的拉力，可適當　 　（選填“升高”“降低”）鋼索懸掛點在橋塔上的高度，理由是：　 　。
15．（2025·廣州）圖a是實踐小組設計的自動儲水箱簡圖，豎直細桿固定在水箱底部，浮簡可沿細桿上下移動，水箱中水深為0.1m時，浮筒對水箱底部的壓力剛好為零；水深為0.4m時，浮筒開始接觸進水閥門：水深為0.6m時，浮筒使進水閥門完全關閉，浮筒所受浮力和水深關系的圖像如圖b，已，東g取．
（1）水深從0.1m到0.4m的過程中，浮筒排開水的重力　 　，水對箱底產生的壓強　 　（以上兩空選填“變大”“變小”或“不變”）；
（2）閥門完全關閉時，求：
①水對箱底產生的壓強；
②浮筒排開水的體積。
16．（2025·廣州）圖a所示的電熱加濕器，其內部結構及電路簡圖如圖b．通電后，發熱電阻R使加熱倉中的水沸騰變成水蒸氣噴出，增加環境濕度。已知水的比熱容為、密度為，沸點為100℃．
（1）加熱倉中的水變成水蒸氣屬于　 　（選填“液化”“汽化”）現象：
（2）已知R阻值為550Ω，求電熱加濕器的功率；
（3）若消耗電能，可使加熱倉內的水從20℃加熱至沸騰，求：
①加熱倉內水吸收的熱量；
②電熱加濕器的加熱效率。
17．（2025·廣州）“探究串聯電路中電流的特點”實驗。
⑴連接電路：用筆畫線表示導線，把圖甲的滑動變阻器串聯接入電路　 　（要求：連線不要交叉：滑片P向D移動，電路的電流增大）。
⑵發現問題：電源（輸出電壓為6V）、電流表、滑動變阻器、開關、導線完好，電路正確連接。閉合開關，觀察到燈泡和不發光，電流表示數為零；
⑶排查故障：在不拆開導線且閉合開關的情況下，用圖乙所示的電壓表進行檢測，將鱷魚夾　 　（選填“a””b”）接電源“+”極、另一鱷魚夾先后夾在E、G接線柱，電壓表前后兩次的指針位置都如圖丙所示，其示數為　 　V；
⑷作出猜想：
猜想一：由于燈泡不發光，電壓表示數不為零斷路。短路。
猜想二：由于電流表示數為零，電壓表示數不為零，斷路。無故障。
⑸驗證猜想：取下，換上完好的燈泡，觀察到發光，仍然不發光。由此可知，　 　（選填“猜想一”“猜想二”）正確；
⑹繼續實驗：
①排除故障后，閉合開關，移動滑片P，多次進行實驗。某次（記為第一次）實驗三個電流表示數如下圖。
②為得到串聯電路中電流的特點，設計記錄實驗數據的表格，并將第一次的數據填入表格中。　 　
18．（2025·廣州）跨學科實踐小組設計了“測量氣球在空氣中所受浮力”的實驗。
（1）實驗過程：
①如圖a，用細線穿過自制標尺的O點并懸掛，使其處于水平平衡狀態，其中標尺分度值為1mm（圖中毫米刻度線沒有畫出）；
②將充足氣的籃球和套有氣針的干癟氣球，固定懸掛在標尺左端距O點為的位置；在標尺右端對稱位置懸掛小桶，往桶內裝入適量細沙，使標尺處于水平平衡狀態。若測得小桶和細沙的總重力為G，則籃球和氣球（含氣針）的總重力為　 　；
③把氣針插入籃球的氣門內，氣球隨即膨脹，如圖b，標尺的　 　（選填“左端”“右端”）向下發生傾斜，理由是：　 　；
④測量膨脹氣球受到的浮力大小。
方法一：在不改變小桶懸掛位置的情況下，　 　（選填“向小桶內添加”“從小桶內取出”）重力為的細沙，使標尺重新處于水平平衡狀態，則膨脹氣球受到的浮力大小為　 　；
方法二：保持小桶和細沙總重力為G的情況下，移動小桶懸掛的位置，使標尺重新處于水平平衡狀態，此時小桶懸掛位置與O點的距離為L，則膨脹氣球受到的浮力大小為　 　；
（2）實驗評估：
如圖c，如果用鉤碼替換圖a中的小桶和桶內細沙，為了較精準測量膨脹氣球受到的浮力大小，采用④中的哪種方法更合理？簡要說明理由　 　。
答案解析部分
1．【答案】B
【知識點】音調、響度與音色的區分
【解析】【解答】 對AI智能音箱發出“增大聲音”或“減小聲音”的指令時，音箱就會自動改變聲音的響度。
故選B。
【分析】 聲音的三個特征分別是：音調、響度、音色，是從不同角度描述聲音的，音調指聲音的高低，由振動頻率決定；響度指聲音的強弱或大小，與振幅和距聲源的遠近有關；音色是由發聲體本身決定的一個特性。
2．【答案】A
【知識點】原子結構
【解析】【解答】 原子由原子核和核外電子組成，原子核由質子和中子組成，核外電子帶負電，質子帶正電，核外有2個電子帶負電，核內有兩個質子帶正電，整體不顯電性，故A正確，BCD錯誤。
故選A。
【分析】 根據原子由原子核和核外電子組成，原子核由質子和中子組成，核外電子帶負電，質子帶正電。
3．【答案】A
【知識點】電磁波在日常生活中的應用
【解析】【解答】 已知該電磁波的頻率f=1.027×108Hz，由圖可知，該頻率小于1010Hz，
即該電磁波屬于無線電波，故A符合題意，BCD不合題意。
故選A。
【分析】 根據電磁波的頻率和圖示信息可知該電磁波屬于哪種電磁波。
4．【答案】D
【知識點】做功改變物體內能；熱傳遞改變物體內能
【解析】【解答】 AB.從熱湯中取出的金屬勺子，由燙手到不燙手，其溫度降低，所以內能逐漸減少，故AB錯誤；
CD.做功改變物體內能是能量的轉化過程，如摩擦生熱是機械能轉化為內能。而熱傳遞改變物體內能是能量的轉移過程，是由于溫度差引起的，高溫物體放出熱量，內能減小，低溫物體吸收熱量，內能增加。金屬勺子由燙手到不燙手，是因為勺子與周圍空氣存在溫度差，勺子向空氣中散熱，內能減小，這是通過熱傳遞的方式改變內能的，故C錯誤，D正確。
故選D。
【分析】根據內能與溫度的關系，物體溫度降低，內能減小。改變物體內能的方式有做功和熱傳遞兩種。
5．【答案】A
【知識點】凸透鏡成像規律及其探究實驗
【解析】【解答】 由于成倒立縮小的實像，所以u=20cm＞2f，則f＜10cm，故A符合題意，BCD不合題意。
故選A。
【分析】 根據成像的特點，根據物距的范圍確定焦距的大小。
6．【答案】C
【知識點】串、并聯電路的設計
【解析】【解答】 A.S打到1時，兩燈都發光，打到2時，電路斷路，故A不符合題意；
B.S打到1時，紅燈發光，打到2時，電路斷路，兩燈都不發光，故B不符合題意；
C.S打到1時，紅燈發光，打到2時，綠燈發光，故C符合題意；
D.綠燈始終與電源連通，始終發光，故D不符合題意。
故選C。
【分析】 根據要求，車頂指示燈顯示紅色時載有乘客，顯示綠色時未載乘客，兩燈工作互不影響，分析每個選項，找出符合題意的答案。
7．【答案】B
【知識點】功的計算及應用
【解析】【解答】 AB.由題知，由a到b和由b到c的過程中，冰壺與冰面的接觸面粗糙程度相同，冰壺對冰面的壓力相等，所以冰壺受到的滑動摩擦力分別為fab=fbc，故A錯誤、B正確；
CD.由題知，由a到b的過程中，冰壺受到運動員的推力，且在推力的方向上通過了距離，運動員對冰壺做功，而由b到c的過程中，冰壺雖然通過了距離，但不再受到運動員的推力，運動員對冰壺不做功，所以運動員對冰壺做的功分別為Wab＞Wbc，故CD錯誤。
故選B。
【分析】 （1）摩擦力大小的影響因素：壓力大小和接觸面的粗糙程度。
（2）物理學中的做功的兩個必要條件：一是作用在物體上的力，二是物體在力的方向上移動一段距離，二者缺一不可。
8．【答案】B
【知識點】磁現象；通電螺線管的極性和電流方向的判斷
【解析】【解答】 電磁鐵的電流從a流向b時，由安培定則可知，螺線管右端為N極，左端為S極，此時異名磁極相互吸引，故活塞左移，故ACD錯誤，B正確。
故選B。
【分析】 由安培定則可知電磁鐵的磁極，由磁極間的相互作用可知活塞的移動方向。
9．【答案】D
【知識點】慣性及其現象
【解析】【解答】 簡化模型如圖所示：
當擺錘在虛線位置時，擺錘和汽車具有向左的加速度，汽車的運動情況可能為向左加速行駛或向右減速行駛（或向東緊急剎車），
當汽車勻速運動時，無論向哪個方向運動，擺錘均處于豎直位置不擺動，故ABC錯誤，D正確。
故選D。
【分析】 將此題簡化模型，然后分析汽車的運動情況即可。
10．【答案】D
【知識點】壓強的大小及其計算
【解析】【解答】 1kg物體的重力G=mg=1kg×10N/kg=10N，
1kg物體均勻壓在1cm2水平面上產生的壓力：F=G=10N，
受力面積S=1cm2=1×10-4m2，1kg/cm2相當于：
，故D正確，ABC錯誤。
故選D。
【分析】 kg/cm2是壓強單位，表示1cm2的受力面積上，所受的壓力大小相當于1kg物體的重力大小，其數值等于該面積上所受的壓力除以受力面積。
11．【答案】（1）風能；太陽；可再生；一次
（2）60
【知識點】能量的轉化或轉移；能源及其分類；電功率的計算
【解析】【解答】 （1）風力發電機工作時，是利用風能帶動發電機的轉子轉動，從而產生電能，所以將風能轉化成電能。
太陽能電池板是通過光電效應直接把太陽能轉化為電能。
風能和太陽能可以從自然界源源不斷地得到補充，所以是可再生能源；同時它們可以直接從自然界獲取，屬于一次能源。
（2）已知電能W=4.8kW h，路燈額定功率P=80W=0.08kW，則蓄電池儲存的電能可供額定功率為80W的路燈正常發光。
【分析】 （1）風力發電機工作時，將機械能轉化成電能，太陽能電池板工作時把太陽能轉化為電能，消耗后能夠從自然界源源不斷獲得補充的能源屬于可再生能源，能夠直接從自然界獲取的能源叫一次能源；
（2）已知儲存的電能和路燈額定功率，由得到路燈正常發光的時間。
12．【答案】（1）
（2）電梯；小于
（3）
【知識點】速度公式及其應用；力的三要素及力的示意圖；參照物及其選擇；功的計算及應用
【解析】【解答】 （1）電梯內游客受力示意圖：游客在電梯內受到豎直向下的重力G和電梯地板對其豎直向上的支持力F。電梯靜止，重力G和支持力N大小相等；如下圖所示：
（2）電梯下行過程中，電梯內游客相對于電梯的位置沒有發生變化，所以以電梯為參照物，游客是靜止的。
根據a圖中信息，可以得出A、B兩地高度差h=800m-720m=80m，也就是AC=80m。已知CB為100m，游客在AC段和CB段經歷的時間相等，根據可知，AC段的平均速度小于CB段的平均速度；
（3）重力做功W=Gh=500N×80m=4000J。
【分析】 （1）靜止時，受平衡力作用；
（2）運動和靜止的相對性，判斷物體運動選取不同的參照物；等高線代表該地距離0海拔水平面有多高，從而得出AB兩地垂直距離，再利用相同時間比較距離來判斷速度大小；
（3）重力做功W=Gh。
13．【答案】（1）
（2）靠近；不變
【知識點】平面鏡成像的相關作圖；平面鏡成像的原理、特點
【解析】【解答】 （1）分別作出物體AB端點A、B關于平面鏡的對稱點A'、B'，用虛線連接A'、B'即為AB在平面鏡中的像，如圖：
（2）顧客在鏡子里看不到自己鞋子的像，她應面鏡移動，才能看到自己鞋子的像，因為遠離平面鏡視角變大，看到的范圍大；
顧客移動過程中，根據平面鏡成像的特點可知，鞋子像的大小不變。
【分析】 （1）平面鏡成像的特點是：像物大小相等、到平面鏡的距離相等、連線與鏡面垂直，即像物關于平面鏡對稱，利用這一對稱性作出AB的像。
（2）根據平面鏡成像的特點：像和物體形狀、大小相同分析解答。
14．【答案】（1）
（2）升高；增加了支點O到F1的距離，即增大了拉力的力臂l1，根據杠桿平衡條件可知，在阻力和阻力臂不變的情況下，拉力的力臂越大，拉力越小即橋對鋼索的拉力就越小。
【知識點】力的三要素及力的示意圖；杠桿的平衡條件；力臂的畫法
【解析】【解答】 （1）過支點O作垂直于F1作用線的垂線段（即為F1的力臂l1）；過支點O作垂直于F2作用線的垂線段（即為F2的力臂l2），如圖所示：
；
（2）由圖可知，若升高鋼索懸掛點在橋塔上的高度，即增加了支點O到F1的距離，即增大了拉力的力臂l1，根據杠桿平衡條件可知，在阻力和阻力臂不變的情況下，拉力的力臂越大，拉力越小即橋對鋼索的拉力就越小。
【分析】 （1）做力臂首先找出支點，過支點做力作用線的垂線段，用雙箭頭標出這段距離，即為力臂。
（2）通過橋高度的變化，結合圖示模型分析出杠桿五要素中哪個量發生了變化，然后再利用杠桿平衡條件分析出原因。
15．【答案】（1）不變；變大
（2）解：閥門完全關閉時，水的深度為：h=0.6m：
①水對箱底產生的壓強為：
p水=ρ水gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.6m=6×103Pa；
②由圖知閥門完全關閉時浮筒受到的浮力F浮=7.5N，
由F浮=ρ水V排g可得浮筒排開水的體積：
。
【知識點】液體壓強的計算；阿基米德原理；物體的浮沉條件及其應用
【解析】【解答】 （1）由圖b知水深從0.1m到0.4m的過程中，浮筒所受浮力不變，由阿基米德原理F浮=G排可知，浮筒排開水的重力不變；
由于水的深度變大，由p=ρ液gh可知，水對箱底產生的壓強變大。
【分析】 （1）由圖b知水深從0.1m到0.4m的過程中，浮筒所受浮力不變，由阿基米德原理F浮=G排判斷出浮筒排開水重力的變化；由p=ρ液gh判斷出水對箱底產生壓強的變化；
（2）①根據p水=ρ液gh算出水對箱底產生的壓強；
②由圖知閥門完全關閉時浮筒受到的浮力F浮=7.5N，由F浮=ρ水V排g算出浮筒排開水的體積。
16．【答案】（1）汽化
（2）解：電熱加濕器的功率；
（3）解：①水的質量：m=ρV=1.0×103kg/m3×3.0×10-5m3=0.03kg；
標準大氣壓下水的沸點為100℃，則水吸收的熱量：
Q吸=cm（t-t0）=4.2×103J/（kg ℃）×0.03kg×（100℃-20℃）=10080J。
電熱水壺的熱效率：。
【知識點】汽化及汽化吸熱的特點；熱量的計算；熱機的效率；電功率的計算；電功與熱量的綜合計算
【解析】【解答】 （1）加熱倉中的水變成水蒸氣屬于汽化現象。
【分析】 （1）根據物質的初始態和終末態確定物態變化的名稱；
（2）根據得出電熱加濕器的功率；
（3）①根據m=ρV得出水的質量；標準大氣壓下水的沸點為100℃，根據Q吸=cm（t-t0）得出水吸收的熱量；
②根據效率公式得出電加濕器的熱效率。
17．【答案】；b；6；猜想一；
實驗次數 IA/A IB/A IC/A
1 0.5 0.5 0.5
2 　 　 　
3 　 　 　
【知識點】探究串并聯電路中的電流特點實驗
【解析】【解答】（1）根據燈泡與滑動變阻器串聯，滑片P向D移動，電路的電流增大，說明電阻變小，選擇右下方接線柱，電路如圖所示：
（3）閉合開關，觀察到燈泡L1（3.8V，0.4A）和L2（2.5V，0.3A）不發光，電流表示數為零；說明電路是斷路，根據電壓表使用時電流從正接線柱流入，故b接電源正極；根據電壓用的是0-15V量程，分度值為0.5V，示數為6V；
（5）驗證猜想：取下L1，換上完好的燈泡L3（3.8V，0.4A），觀察到L3發光，說明此時電路是通路，L2仍然不發光，則L2短路。故猜想一正確；
（6）根據圖中三個電流表都是小量程，指針位置相同，故電流相等，都是0.5A；
根據需要，測量三處的電流，且多次測量，表格如下：
　 IA/A IB/A IC/A
1 0.5 0.5 0.5
2 　 　 　
3 　 　 　
【分析】 （1）根據燈泡與滑動變阻器串聯，滑片P向D移動，電路的電流增大，說明電阻變小連接電路；
（3）根據電流表示數確定故障，結合電壓表使用分析解答；根據電壓表的量程和分度值讀數
（5）根據替換后燈泡發光，說明不發光的是短路，據此分析；
（6）根據電流表量程和分度值讀數，結合探究的規律分析設計表格。
18．【答案】（1）G；右端；左端的氣球受到了向上的浮力，導致杠桿左端受到的動力變小，動力與動力臂的乘積變小，小于右端阻力與阻力與阻力臂的乘積；從小桶內取出；；
（2）方法二，理由： 通過移動鉤碼使標尺重新處于水平平衡狀態 。
【知識點】二力平衡的條件及其應用；杠桿的平衡條件
【解析】【解答】 （1）實驗過程：
②將充足氣的籃球和套有氣針的干癟氣球，固定懸掛在標尺左端距O點為L0的位置；在標尺右端對稱位置懸掛小桶，往桶內裝入適量細沙，使標尺處于水平平衡狀態，可知兩個力的力臂相同，根據杠桿的平衡條件，則籃球和氣球（含氣針）的總重力與小桶和細沙的總重力為G相等，即為G；
③把氣針插入籃球的氣門內，氣球隨即膨脹，根據阿基米德原理，因氣球受到的浮力變大，故左端繩子杠桿的作用力變小，由杠桿的平衡條件可知，標尺的右端向下發生傾斜。
④測量膨脹氣球受到的浮力大小。
方法一：在不改變小桶懸掛位置的情況下，從小桶內取出重力為G0的細沙，使標尺重新處于水平平衡狀態，根據杠桿的平衡條件有（G-F浮）L0=GL0；
則膨脹氣球受到的浮力大小為F浮=G0；
方法二：保持小桶和細沙總重力為G的情況下，移動小桶懸掛的位置，使標尺重新處于水平平衡狀態，此時小桶懸掛位置與O點的距離為L，
根據杠桿的平衡條件有（G-F浮）L0=GL；
則膨脹氣球受到的浮力大小為；
（2）實驗評估：
如圖c，如果用鉤碼替換圖a中的小桶和桶內細沙，為了較精準測量膨脹氣球受到的浮力大小，采用④中的方法二更合理，通過移動鉤碼使標尺重新處于水平平衡狀態。
【分析】 （1）實驗過程：
②在標尺右端對稱位置懸掛小桶，往桶內裝入適量細沙，使標尺處于水平平衡狀態，可知兩個力的力臂相同，根據杠桿的平衡條件得出小桶和細沙的總重力；
③根據阿基米德原理，因氣球受到的浮力變大，故左端繩子杠桿的作用力變小，由杠桿的平衡條件可知分析；
④由已知條件，根據杠桿的平衡條件得出膨脹氣球受到的浮力大小；根據杠桿的平衡條件得出則膨脹氣球受到的浮力大小。
（2）采用④中的方法二更合理，通過移動鉤碼使標尺重新處于水平平衡狀態。
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