資源簡介

2025屆四川省宜賓市普通高中高三下學期高考適應性考試物理試卷
1．（2025·宜賓模擬）閉合線圈在勻強磁場中繞垂直于磁場的軸勻速轉動，線圈中產生的感應電動勢e隨時間t變化的規律如圖甲所示，同時把此線圈作為電源接入如圖乙所示的電路中。則（　　）
A．e的瞬時表達式為
B．時穿過閉合線圈的磁通量最大
C．定值電阻R上的電流方向每秒鐘改變50次
D．理想電壓表V的示數為
2．（2025·宜賓模擬）消防員在一次用高壓水槍滅火的過程中，消防員同時啟動了多個噴水口進行滅火。有甲、乙靠在一起的高壓水槍，它們噴出的水在空中運動的軌跡曲線如圖所示，已知兩曲線在同一豎直面內，忽略空氣阻力，則（　　）
A．甲、乙水槍噴出的水初速度相等
B．乙水槍噴出的水初速度較大
C．乙水槍噴出的水在空中運動的時間較長
D．甲水槍噴出的水在最高點的速度較大
3．（2025·宜賓模擬）如圖是工業生產中用到的光控繼電器示意圖（部分），它由電源、光電管、放大器、電磁繼電器等組成。當用黃光照射光電管陰極時，沒有發生光電效應，當用藍光照射光電管陰極時，發生了光電效應。則（　　）
A．端應該接電源正極
B．增大黃光照射強度，電路中可能存在光電流
C．增大藍光照射強度，光電子的最大初動能增大
D．若將電源正負極對調，電路中可能沒有電流
4．（2025·宜賓模擬）汽車自動駕駛技術依賴于傳感器，實時感知周圍環境并進行決策。在一次測試中，一輛自動駕駛汽車因感知到前方存在障礙物而緊急剎車，剎車過程可看作勻減速直線運動。以開始剎車時為計時零點，自動駕駛汽車的圖像如圖所示，則自動駕駛汽車（　　）
A．前4s內平均速度大小為20m/s
B．0~4s內和0~8s內平均速度大小相等
C．前4s內剎車的加速度大小為3.75m/s2
D．時的速度大小為25m/s
5．（2025·宜賓模擬）a光、b光分別是氫原子從能級向能級躍遷、從能級向能級躍遷時輻射的可見光。如圖所示，a光、b光均垂直射向三棱鏡的AB邊，已知a光在AC邊折射時偏離入射方向的夾角為，則（　　）
A．三棱鏡對a光的折射率為
B．b光在BC邊上會發生全反射
C．在三棱鏡中，a光的傳播速度等于b光的傳播速度
D．在三棱鏡中，a光的波長小于b光的波長
6．（2025·宜賓模擬）如圖甲所示為家用燃氣爐架，有四個對稱分布的爪，正對兩爪的間距為d，將鍋靜置于爐架上，如圖乙所示（縱截面圖），鍋的總質量為m，質量可視為均勻分布在半徑為R的球冠面上，不計爪與鍋之間的摩擦力，則（　　）
A．R越大，鍋受到的合力越大
B．R越大，每個爪與鍋之間的彈力越大
C．相鄰的兩爪對鍋的作用力大小為
D．正對的兩爪對鍋的作用力大小為
7．（2025·宜賓模擬）某靜電除塵裝置的原理截面圖如圖，一對間距為，極板長為的平行金屬板，下板中點為，兩板接多檔位穩壓電源；均勻分布在、兩點間的個（數量很多）帶負電灰塵顆粒物，均以水平向右的初速度從左側進入兩板間。顆粒物可視為質點，其質量均為，電荷量均為，板間視為勻強電場。若不計重力、空氣阻力和顆粒物之間的相互作用力，且顆粒物能夠全部被收集在下極板，則（　　）
A．上極板帶正電
B．電源電壓至少為
C．電源電壓為時，凈化過程中電場力對顆粒物做的總功為
D．點左側和右側收集到的顆粒數之比可能為1∶4
8．（2025·宜賓模擬）2024年3月20日，鵲橋二號中繼星成功發射升空，為嫦娥六號在月球背面的探月任務提供地月間中繼通訊。鵲橋二號采用周期為24h的環月橢圓凍結軌道（如圖），近月點A距月心約為2.0×103km，遠月點B距月心約為1.8×104km，CD為橢圓軌道的短軸，則（　　）
A．鵲橋二號從A點運動到B點過程中動能增大
B．鵲橋二號從C經B到D的運動時間大于12h
C．鵲橋二號在A、B兩點的加速度大小之比約為81∶1
D．鵲橋二號在地球表面的發射速度大于11.2km/s
9．（2025·宜賓模擬）中醫的懸絲診脈懸的是“絲”，“診”的是脈搏通過懸絲傳過來的振動，即通過機械波判斷出病灶的位置與輕重緩急。如圖甲，假設“絲”上有A、B、C三個質點，坐標分別為、m、m。時刻，病人的脈搏搭上絲線上的質點A，質點A開始振動，其振動圖像如圖乙所示，產生的機械波沿絲線向x軸正方向傳播，A、B兩質點的振動方向始終相反，波長大于0.6m。則該機械波（　　）
A．波長為0.8m
B．s時，質點C第一次運動到波峰
C．在到s內，質點B通過的路程為7.5mm
D．若醫生將絲線的另一端搭在自己的脈搏上，他的脈搏振動頻率為1.25Hz，則絲線中兩列波相遇時能發生干涉
10．（2025·宜賓模擬）水平地面上方足夠大的空間存在水平方向上相互正交的勻強電場和勻強磁場，如圖所示。一質量kg，帶電量C的物體從A點由靜止釋放，釋放后經時間s，恰好從B點離開地面。已知電場強度N/C，磁感應強度T，物體與地面的動摩擦因數。物體可視為質點，重力加速度m/s2，則（　　）
A．物體從A運動到B做加速度增大的加速直線運動
B．物體運動到B點的速度大小為6m/s
C．A、B之間的距離m
D．從B點離開地面后，再經過秒后，物體距離地面的高度為米
11．（2025·宜賓模擬）物理興趣小組利用圖（a）所示的裝置研究小球的正碰。正確安裝實驗器材并調試后，先讓小球A從斜槽軌道上滾下（不放小球B），拍攝小球A平拋過程中的頻閃照片，如圖（b）所示；然后把小球B放在斜槽軌道末端，再讓小球A從軌道上滾下，兩個小球碰撞后，拍攝小球A、B平拋過程中的頻閃照片，如圖（c）所示。頻閃時間間隔不變。
（1）為了保證實驗效果，以下做法不必要的是______。
A．小球A的半徑等于小球B的半徑
B．小球A的質量大于小球B的質量
C．斜槽軌道各處必須光滑
D．每次小球A應從斜槽軌道上同一位置由靜止釋放
（2）若兩小球碰撞過程動量守恒，則兩小球的質量之比　 　。
（3）碰撞后兩球的分離速度，與碰撞前兩球的接近速度成正比，比值由兩球的材料性質決定，即，通常把叫做恢復系數。請同學們計算本實驗中兩球的恢復系數　 　。
12．（2025·宜賓模擬）為盡可能準確測量電源的電動勢和內阻，實驗室提供有下列器材：
靈敏電流計G（內阻約為150Ω）；
電壓表V（0~3V，內阻約為10kΩ）；
電阻箱（0~9999Ω）；
滑動變阻器（0~100Ω，1.5A）；
舊干電池一節；
導線、開關若干。
（1）某實驗小組先測靈敏電流計的內阻，電路如圖甲所示，測得電壓表示數為2.40V，靈敏電流計示數為4.00mA，電阻箱旋鈕位置如圖乙所示，則靈敏電流計內阻為　 　Ω（結果保留到整數）；
（2）實驗小組將電阻箱與靈敏電流計并聯，將靈敏電流計的量程擴大為原來的20倍。并連接成如圖丙所示的電路測量干電池的電動勢和內阻，調節滑動變阻器讀出幾組電壓表和電流計的示數如下表，其對應的圖線如圖丁所示；
0.80 0.90 1.00 1.10 1.20
/mA 3.00 2.49 2.01 1.51 1.00
（3）由圖丁可求得干電池的電動勢　 　V，內阻　 　；（結果保留到小數點后2位）
（4）從系統誤差角度分析：本實驗測出的電源電動勢與真實值相比　 　；測出的電源內阻與真實值相比　 　。（選填“偏大”“偏小”或“相等”）
13．（2025·宜賓模擬）某探究小組設計了一個氣缸如圖甲，開口向上并豎直放置，其上端裝有固定卡環，氣缸導熱性能良好且內壁光滑。質量kg，橫截面積的活塞將一定質量氣體（可視為理想氣體）封閉在氣缸內。現緩慢升高環境溫度，氣體從狀態A變化到狀態C的圖像如圖乙所示，已知大氣壓強Pa，重力加速度m/s2。求：
（1）狀態C時氣體的壓強；
（2）氣體從A到C的過程中氣體內能增加了72J，則這一過程中氣體吸收的熱量是多少？
14．（2025·宜賓模擬）如圖所示，長的長木板B放在光滑的水平地面上，其左端放有一可視為質點的小物塊A，長木板B右側與放置于地面的光滑圓弧槽C緊挨著但不粘連，長木板B的右端與圓弧軌道平滑連接。已知，，，小物塊A與長木板B間的動摩擦因數。現給小物塊A一水平向右的初速度，小物塊A到達長木板B的右端后沖上圓弧軌道。重力加速度。求：
（1）小物塊A剛滑離長木板B時，小物塊A的速率；
（2）小物塊A相對于圓弧槽C最低點上升的最大高度；
（3）圓弧槽C能達到的最大速率。
15．（2025·宜賓模擬）某科技大學電磁實驗室中，幾名大學生正探究在梯度磁場中有關功率的問題。實驗模型簡化示意圖如圖（a）所示，水平面內兩根足夠長的鍍銀導軌水平放置并固定，其間距，左端與阻值的電阻相連。學生啟動磁場生成系統，使區域的磁感應強度B呈線性分布，方向垂直于軌道平面向下，監測屏上顯示的圖像如圖（b）所示。一質量為、接入導軌的電阻的金屬棒，以滑入磁場時開啟伺服電機，該電機動態調節作用在金屬棒中點上的水平外力的大小，使此過程中電阻的電功率保持不變，其圖像如圖所示。金屬棒運動過程中與導軌始終接觸良好并與導軌垂直，不計導軌電阻，不計摩擦力，求：
（1）電阻消耗的電功率；
（2）金屬棒在處的速度大小；
（3）金屬棒從運動到過程中水平外力做功的平均功率。
答案解析部分
1．【答案】A
【知識點】交變電流的圖像與函數表達式；交變電流的峰值、有效值、平均值與瞬時值
【解析】【解答】本題考查正弦式交變電流，解題關鍵是能根據圖像得到正弦交流電的峰值和周期，會求解有效值、頻率，知道交變電流的產生原理。A．根據線圈中產生的感應電動勢e隨時間t變化的規律圖甲可知，電動勢最大值
周期
則
瞬時值表達式
A正確；
B．由圖甲可知時電動勢最大，穿過閉合線圈的磁通量最小，B錯誤；
C．電流方向每個周期改變2次，每秒鐘50個周期，所以定值電阻R上的電流方向每秒鐘改變100次，C錯誤；
D．理想電壓表V的示數為有效值，其大小為
D錯誤。
故選A。
【分析】根據圖象可知交流電的最大值以及周期等物理量，然后進一步可求出其瞬時值的表達式以及有效值等，電流方向每個周期改變2次。
2．【答案】B
【知識點】斜拋運動
【解析】【解答】本題結合兩個斜拋運動模型考查學生對斜拋運動的理解，其中靈活運用運動的合成與分解，運用逆向思維將豎直方向分運動視為反向的自由落體運動為解決本題的關鍵。AB．水在上升過程中做斜拋運動，到達最高點過程，斜拋運動豎直方向做豎直上拋運動，令噴出水的初速度與水平方向夾角為，利用逆向思維有
解得
根據圖示可知，豎直方向高度相等，甲噴出的初速度與水平方向夾角大一些，則乙水槍噴出的水初速度較大，故A錯誤，B正確；
C．斜拋運動豎直方向做豎直上拋運動，根據圖示可知，高度相等，利用逆向思維有
根據對稱性可知，上升與下降時間相等，水槍噴出的水在空中運動的時間
解得
即甲、乙水槍噴出的水在空中運動的時間相等，故C錯誤；
D．斜拋運動水平方向做勻速直線運動，則水在最高點的速度
結合上述可知，甲噴水速度小于乙噴水速度，甲噴出的初速度與水平方向夾角大一些，則甲水槍噴出的水在最高點的速度較小，故D錯誤。
故選B。
【分析】水的運動可看作斜拋運動，將斜拋運動分解到水平和豎直方向，水平方向做勻速直線運動，豎直方向做豎直上拋運動。豎直上拋運動上升過程和下降過程具有對稱性，時間相同，豎直方向的初速度和末速度大小相等。
3．【答案】D
【知識點】光電效應
【解析】【解答】本題考查光電效應，要求學生能分析實驗發生的裝置圖以及結合光電效應方程進行分析。光電效應方程：Ek=hν-W0，其中hν為入射光子的能量，Ek為光電子的最大初動能，W0是金屬的逸出功A．電路中產生電流，結合題意可知，使逸出的光電子在光電管中加速，放大器的作用是將光電管中產生的電流放大后，則a端接電源的正極，故A錯誤；
B．否發生光電效應取決于入射光的頻率，與入射光強度無關。黃光照射時未發生光電效應，說明黃光頻率低于光電管陰極材料的截止頻率，即便增大黃光強度，也不會發生光電效應，電路中不會有光電流，故B錯誤；
C．光電子的最大初動能只與入射光頻率有關，增大藍光照射強度，即增加藍光的光子數，但藍光頻率不變，所以光電子的最大初動能不變，故C錯誤；
D．調轉電源正負極，可以減小電路中的電流，若當電源電壓小于光電管的遏制電壓時，電路中有電流出現，當電源電壓大于光電管的遏制電壓時，電路中沒有電流，故若將電源正負極對調，電路中可能沒有電流，故D正確。
故選D。
【分析】電路中a端應該接電源正極，則經放大器放大后的電流使電磁鐵被磁化，將銜鐵吸住；調轉電源正負極，電流會減小但不一定為零；光電效應的發生與否決定于光的頻率；若光電效應能發生，光電子的最大初動能由光的頻率決定而與強度無關。
4．【答案】C
【知識點】運動學 S-t 圖象
【解析】【解答】x-t圖像的特點：①位移圖像的斜率等于物體的速度；②位移圖像的縱坐標表示物體在某時刻的位置。這是我們解題的關鍵。A．由自動駕駛汽車的圖像可知，前4秒內的位移為
根據勻變速運動規律可知，前4秒內平均速度大小為
故A不符合題意；
B．根據圖像可知內和內位移相等，由于時間不等，故平均速度不等，故B不符合題意；
CD．設時的速度大小為，加速度大小為，前內剎車的位移為
將剎車的過程逆向來看，根據可得
由可得，時的速度大小為
故C符合題意，故D不符合題意。
故選C。
【分析】x-t圖像的形狀反映了物體的位移隨時間變化的情況，圖像的斜率表示速度，傾斜的直線表示物體做勻速直線運動，曲線則表示物體做變速直線運動。
5．【答案】B
【知識點】光的折射及折射定律；光的全反射
【解析】【解答】求解此題的關鍵是明確能級躍遷的原理，根據a光和b光的頻率關系得出臨界角關系 。A． a光、b光均垂直射向三棱鏡的AB邊，由圖可知a光在AC面的入射角為30°，折射角為45°，可得三棱鏡對a光的折射率
故A錯誤；
BD．a光射到界面的臨界角為
可知
因氫原子從能級向能級躍遷輻射光a的頻率小于從能級向能級躍遷時輻射的光b的頻率，可知a光的波長大于b光的波長，且
，
b光在BC邊上的入射角為45°，可知B光會在BC邊上會發生全反射，故B正確，D錯誤；
C．根據
可知，在三棱鏡中，可知a光的傳播速度大于b光的傳播速度，故C錯誤。
故選B。
【分析】根據折射率公式結合幾何關系求解三棱鏡對a光的折射率；分析a、b兩光的頻率關系，從而得出兩光在同一介質中折射率的關系，確定b光能否在BC邊發射全反射。
6．【答案】D
【知識點】共點力的平衡
【解析】【解答】本題考查共點力的平衡問題，關鍵是能夠確定研究對象，進行受力分析，利用平衡條件建立平衡方程進行解答。A． 將鍋靜置于爐架上，重力與支持力相互平衡，R越大，鍋受到的合力不變，始終等于零，故A錯誤；
B．設每個爪與鍋之間的彈力FN與豎直方向成θ角，根據平衡條件得
解得
R越大，θ越小，cosθ增大，每個爪與鍋之間的彈力FN越小，B錯誤；
C．相鄰的兩爪對鍋的作用力大小為FN1，其與豎直方向成α角，根據平衡條件得
解得
C錯誤；
D．設正對的兩爪對鍋的作用力為FN2，根據平衡條件得
解得
D正確。
故選D。
【分析】根據幾何知識求出爪與球心連線與豎直方向的夾角，再根據平衡條件求爪與鍋之間的彈力大小。鍋靜止，受到的合力為零。根據彈力表達式分析彈力的變化情況。
7．【答案】C
【知識點】帶電粒子在電場中的偏轉
【解析】【解答】帶電粒子在電場中做拋體運動，水平方向做勻速運動，豎直方向做勻變速直線運動的，熟悉類平拋運動規律是解題的關鍵。A． 顆粒物要被下板收集，則顆粒物所受電場力方向必向下，因顆粒物帶負電，故板間場強方向向上，上板應帶負電，故A錯誤；
B．電源電壓最小時，沿上板邊緣進入的顆粒物恰好落到下板右端，設其在板間運動的時間為t，加速度大小為a，則沿極板方向有
垂直極板方向有
又
聯立解得
故B錯誤；
C．因初始時刻顆粒物均勻分布，由
可得凈化過程中電場力對顆粒物做的總功為
故C正確；
D．電源電壓最小時，O點左側和右側收集到的顆粒數之比最小，沿極板方向由
可知，落到O點和下板右端的顆粒在板間運動的時間之比為
垂直極板方向，由
可知，落到O點和下板右端的顆粒的初始高度之比為
因初始時刻顆粒物均勻分布，故O點左側和右側收集到的顆粒數之比最少為
故D錯誤。
故選C。
【分析】電荷帶負電，顆粒物要被下板收集，則下極板帶正電，根據帶電粒子在水平方向勻速運動，豎直方向勻變速運動進行求解。根據電場力做功公式分析，電源電壓最小時，O點左側和右側收集到的顆粒數之比最小。
8．【答案】B,C
【知識點】第一、第二與第三宇宙速度；衛星問題
【解析】【解答】本題考查開普勒第二定律、萬有引力定律的應用與第一宇宙速度的理解，會根據題意進行準確的分析和判斷。A．根據運動方向與力的夾角可知，鵲橋二號從A點運動到B點過程中月球的引力做負功，則動能減小，選項A錯誤；
B．根據開普勒第二定律推論可知，鵲橋二號距離月球越近的位置速率越大，可知從C經B到D的運動過程的時間大于半個周期，即時間大于12h，選項B正確；
C．根據
可得
鵲橋二號在A、B兩點的加速度大小之比約為
選項C正確；
D．鵲橋二號沒有脫離地球引力范圍，則在地球表面的發射速度小于11.2km/s，選項D錯誤。
故選BC。
【分析】根據開普勒第二定律分析解答；根據萬有引力提供向心力解得加速度的比；根據月球的在軌衛星的運行速度和月球的第一宇宙速度的關系進行判斷。
9．【答案】A,C
【知識點】機械波及其形成和傳播；波的干涉現象
【解析】【解答】本題要抓住簡諧波的基本特點：介質中各質點的起振方向都與波源的起振方向相同，波在一個周期內傳播的距離是一個波長，同時注意波發生干涉的條件。A．A、B兩質點運動的方向始終相反，可知A、B兩質點間的距離為
解得
由題知，波長大于0.6m，即
解得
故此時
則波長為
故A正確；
B．由圖乙可知，周期為，質點A開始振動的方向為沿軸負方向，則所有質點的起振方向都是沿軸負方向，故質點C第一次運動到波峰的時間為
又
聯立解得
故B錯誤；
C．由乙圖可振幅為
波從A點傳到B點的時間為
即質點B從時開始振動，在t = 0到t = 4.25s內，質點B振動的時間為
故質點B通過的路程為
故C正確；
D．由圖乙可知，該波的周期為
則頻率為
若醫生將絲線的另一端搭在自己的脈搏上，他的脈搏振動頻率為1.25Hz，與該波的頻率不相等，故則絲線中兩列波相遇時不能發生干涉，故D錯誤。
故選AC。
【分析】根據各質點的起始振動方向相同判斷；根據A、B兩質點運動的方向始終相反，波長大于0.6m，確定波長，讀出周期，再求出波速；根據振動圖像判斷質點的起振方向，結合運動學公式求解質點B在t=2s處于什么位置；根據兩波的頻率是否相同，判斷能否發生穩定的干涉現象。
10．【答案】A,D
【知識點】帶電粒子在電場與磁場混合場中的運動
【解析】【解答】帶電粒子在重力場、電場、磁場的復合場中，只要是做直線運動，一定是勻速直線運動（v與B不平行），若速度是變的，洛倫茲力會變，合力就是變的，合力與速度不在一條直線上，帶電體就會做曲線運動。A．物體從A運動到B的過程中受力分析，可知物體受重力、電場力、洛倫茲力、摩擦力，水平方向有
豎直方向有
隨著速度增大，加速度逐漸增大，故A正確；
B．從B點離開地面，則有
解得
故B錯誤；
C．物體從A運動到B的過程中，根據動量定理有
其中
解得
m
故C錯誤；
D．粒子離開地面時，恰好受重力、電場力、洛倫茲力作用，且大小分別為
N，N，N
根據配速法，如圖
其中
解得
與水平方向的夾角滿足
可分解為方向的勻速直線運動及向下的作用下的勻速圓周運動，粒子在磁場中運動的周期為
經過秒后，做圓周運動的分運動在豎直方向無位移，則物體距離地面的高度為
米
故D正確；
故選AD。
【分析】物體從A運動到B的過程中受力分析，洛倫茲力變化，導致加速度變化，B點離開地面，洛倫茲力等于重力。
11．【答案】（1）C
（2）2∶1
（3）
【知識點】驗證動量守恒定律
【解析】【解答】本題考查了驗證動量守恒定律的實驗，理解并掌握本實驗利用平拋運動間接測量小球碰撞速度的方法。
（1）A．為保證兩球能發生正碰，碰撞后兩個小球在同一條直線上，則小球A的半徑等于小球B的半徑，故A正確；
B．為防止入射球A碰后不反彈，則小球A的質量大于小球B的質量，故B正確；
C．斜槽軌道沒必要各處必須光滑，故C錯誤；
D．每次小球A應從斜槽軌道上同一位置由靜止釋放，以保證小球到達底端時速度相等，選項D正確，不符合題意。
故選C。
（2）兩幅照片中豎直位移
由b圖像可知碰前A的速度
碰后AB的速度
，
由動量守恒
可得
（3）本實驗中兩球的恢復系數
【分析】（1）根據要使兩球發生對心正碰、碰撞過程要保證入射小球不被反彈、要保證小球在空中做平拋運動、斜槽與小球之間的摩擦力大小對實驗無影響進行解答。
（2）小球的平拋運動在豎直方向上為自由落體運動，在水平方向上為勻速直線運動。根據Δy=gT2，求得相鄰兩位置的時間間隔T，結合動量守恒求解兩小球的質量之比 。
（3）根據圖（2）乙中的信息，結合（2）的分析，分別求得碰撞后小球A、B平拋的初速度，從而得到兩球的恢復系數 。
（1）A．為保證兩球能發生正碰，則小球A的半徑等于小球B的半徑，選項A正確，不符合題意；
B．為防止入射球A碰后不反彈，則小球A的質量大于小球B的質量，選項B正確，不符合題意；
C．斜槽軌道沒必要各處必須光滑，選項C錯誤，符合題意；
D．每次小球A應從斜槽軌道上同一位置由靜止釋放，以保證小球到達底端時速度相等，選項D正確，不符合題意。
故選C。
（2）兩幅照片中豎直位移
由b圖像可知碰前A的速度
碰后AB的速度，
由動量守恒
可得
（3）本實驗中兩球的恢復系數
12．【答案】152；1.40；；相等；相等
【知識點】電池電動勢和內阻的測量
【解析】【解答】本題考查了求電流表內阻、電流表改裝、作圖象、求電源電動勢與內阻；電阻箱各旋鈕示數與對應倍率的乘積之和是電阻箱示數，分析清楚電路結構、應用串聯電路特點可以求出電流計內阻；電源U-I圖象與縱軸交點坐標值是電源電動勢，圖象斜率的絕對值是電源內阻．（1）由圖乙所示電阻箱可知，電阻箱示數為
由歐姆定律可得
解得
（3）由題知，實驗小組將電阻箱與靈敏電流計并聯，將靈敏電流計的量程擴大為原來的20倍，根據
可得擴大后電流的內阻為
根據丙圖的電路圖，可得
變形得
根據電源U I圖象可知，圖象與縱軸交點坐標值為1.40，電源電動勢E=1.40V
圖象斜率為
根據
電源內阻
（4）由題知，通過電源的電流是安培表測得的電流20倍，根據丙圖可得
上述公式中電壓表和電流表的示數均為電路的真實值，因此本實驗測出的電源電動勢與真實值相等，所測出的電源內阻與真實值相等。
【分析】（1）電阻箱各旋鈕示數與對應倍率的乘積之和是電阻箱示數；由串聯電路特點與歐姆定律求出靈敏電流計的內阻；
（2）由表格數據先描點，再盡量描成一條直線；
（3）根據并聯電路特點與歐姆定律求出改裝后電流表的內阻RA，寫出U-IG表達式，再結合上一問圖象的斜率和截距求出電源電動勢和內阻；
（4）電表測量值是電路的真實值，所以由U-IG圖象與縱軸交點坐標值是電源電動勢真實值。
13．【答案】（1）解：在A狀態氣體壓強為
氣體由B狀態變化到C狀態，氣體發生等容變化，則有
又
聯立解得
（2）解：氣體從A狀態到B狀態為等壓過程，外界對氣體做功為
根據熱力學第一定律
聯立解得
【知識點】熱力學第一定律及其應用；氣體的等容變化及查理定律
【解析】【分析】（1）先根據求出氣體在狀態A時的壓強，氣體從A變化到B發生的是等壓變化，氣體從狀態B變化到狀態C，發生等容變化，根據查理定律求狀態C時氣體的壓強；
（2）根據公式W=pΔV計算出氣體從A到B過程中對外做功。氣體從B到C過程中不做功，再根據熱力學第一定律計算此過程氣體吸收的熱量。
（1）在A狀態氣體壓強為
氣體由B狀態變化到C狀態，氣體發生等容變化，則有
又
聯立解得
（2）氣體從A狀態到B狀態為等壓過程，外界對氣體做功為
根據熱力學第一定律
聯立解得
14．【答案】（1）解：法一：小物塊到達長木板右端時根據動量守恒有
根據能量守恒有
解得
，
法二：對A，根據牛頓第二定律
根據位移時間公式有
對BC，根據牛頓第二定律有
根據位移時間公式有
又
根據速度時間公式有
根據速度時間公式有
聯立解得
，，
（2）解：當物塊A與圓槽共速時，距槽最低點達到最大高度，根據動量守恒有
根據能量守恒有
聯立解得
，
（3）解：由于是圓槽，物塊A不管有沒有沖出圓槽，定會落回圓槽，當返回圓槽最低點時，達到最大速度，根據動量守恒有
根據能量守恒有
聯立解得

【知識點】碰撞模型
【解析】【分析】（1）A在B上滑動，根據水平動量守恒，能量守恒列式求解；
（2） 當物塊A與圓槽共速時，距槽最低點達到最大高度，根據動量守恒列式求解；
（3） 物塊A返回圓槽最低點時，達到最大速度，根據動量守恒和機械能守恒定律列式求解。
（1）法一：小物塊到達長木板右端時根據動量守恒有
根據能量守恒有
解得，
法二：對A，根據牛頓第二定律
根據位移時間公式有
對BC，根據牛頓第二定律有
根據位移時間公式有
又
根據速度時間公式有
根據速度時間公式有
聯立解得，，
（2）當物塊A與圓槽共速時，距槽最低點達到最大高度，根據動量守恒有
根據能量守恒有
聯立解得，
（3）由于是圓槽，物塊A不管有沒有沖出圓槽，定會落回圓槽，當返回圓槽最低點時，達到最大速度，根據動量守恒有
根據能量守恒有
聯立解得
15．【答案】（1）解：電阻上消耗的功率不變，即回路電流不變，在處有
由閉合電路歐姆定律得
則功率為
聯立解得
（2）解：由圖（），磁感應強度為
在處
根據
或
解得
（3）解：法一：電阻上消耗的功率不變，恒定，電動勢恒定，則平均電動勢和瞬時電動勢數值相同，則有
前3s的
解得
或者
解得
法二：根據
可知隨線性變化，則安培力的做功為
又
解得
法三：根據法拉第電磁感應定律有
.
解得
即
即圖像圍成的面積，故
.
根據動能定理有
或者能量守恒有
可得
或者
或者
解得
或或
可得

【知識點】感應電動勢及其產生條件；導體切割磁感線時的感應電動勢；電磁感應中的能量類問題
【解析】【分析】（1）電阻R的電功率保持不變，則回路中電流不變。在x=0處，根據E0=B0lv0求出金屬棒產生的感應電動勢，由閉合電路歐姆定律求出電路中電流，再由功率公式求解電阻R消耗的電功率P0；
（2）根據金屬棒在x=3m處與x=0處電流相等列式，從而求出金屬棒在x=3m處的速度大小；
（3）根據法拉第電磁感應定律以及電荷量與磁通量變化量的關系求出金屬棒從x=0運動到x=3m的時間，由動能定理求出水平外力F做的功，再求外力D做功的平均功率。
（1）電阻上消耗的功率不變，即回路電流不變，在處有
由閉合電路歐姆定律得
則功率為
聯立解得
（2）由圖（），磁感應強度為
在處
根據或
解得
（3）法一：電阻上消耗的功率不變，恒定，電動勢恒定，則平均電動勢和瞬時電動勢數值相同，則有
前3s的
解得
或者
解得
法二：根據
可知隨線性變化，則安培力的做功為
又
解得
法三：根據法拉第電磁感應定律有.
解得
即
，即圖像圍成的面積
故.
根據動能定理有
或者能量守恒有
可得
或者或者
解得或或
可得
1 / 12025屆四川省宜賓市普通高中高三下學期高考適應性考試物理試卷
1．（2025·宜賓模擬）閉合線圈在勻強磁場中繞垂直于磁場的軸勻速轉動，線圈中產生的感應電動勢e隨時間t變化的規律如圖甲所示，同時把此線圈作為電源接入如圖乙所示的電路中。則（　　）
A．e的瞬時表達式為
B．時穿過閉合線圈的磁通量最大
C．定值電阻R上的電流方向每秒鐘改變50次
D．理想電壓表V的示數為
【答案】A
【知識點】交變電流的圖像與函數表達式；交變電流的峰值、有效值、平均值與瞬時值
【解析】【解答】本題考查正弦式交變電流，解題關鍵是能根據圖像得到正弦交流電的峰值和周期，會求解有效值、頻率，知道交變電流的產生原理。A．根據線圈中產生的感應電動勢e隨時間t變化的規律圖甲可知，電動勢最大值
周期
則
瞬時值表達式
A正確；
B．由圖甲可知時電動勢最大，穿過閉合線圈的磁通量最小，B錯誤；
C．電流方向每個周期改變2次，每秒鐘50個周期，所以定值電阻R上的電流方向每秒鐘改變100次，C錯誤；
D．理想電壓表V的示數為有效值，其大小為
D錯誤。
故選A。
【分析】根據圖象可知交流電的最大值以及周期等物理量，然后進一步可求出其瞬時值的表達式以及有效值等，電流方向每個周期改變2次。
2．（2025·宜賓模擬）消防員在一次用高壓水槍滅火的過程中，消防員同時啟動了多個噴水口進行滅火。有甲、乙靠在一起的高壓水槍，它們噴出的水在空中運動的軌跡曲線如圖所示，已知兩曲線在同一豎直面內，忽略空氣阻力，則（　　）
A．甲、乙水槍噴出的水初速度相等
B．乙水槍噴出的水初速度較大
C．乙水槍噴出的水在空中運動的時間較長
D．甲水槍噴出的水在最高點的速度較大
【答案】B
【知識點】斜拋運動
【解析】【解答】本題結合兩個斜拋運動模型考查學生對斜拋運動的理解，其中靈活運用運動的合成與分解，運用逆向思維將豎直方向分運動視為反向的自由落體運動為解決本題的關鍵。AB．水在上升過程中做斜拋運動，到達最高點過程，斜拋運動豎直方向做豎直上拋運動，令噴出水的初速度與水平方向夾角為，利用逆向思維有
解得
根據圖示可知，豎直方向高度相等，甲噴出的初速度與水平方向夾角大一些，則乙水槍噴出的水初速度較大，故A錯誤，B正確；
C．斜拋運動豎直方向做豎直上拋運動，根據圖示可知，高度相等，利用逆向思維有
根據對稱性可知，上升與下降時間相等，水槍噴出的水在空中運動的時間
解得
即甲、乙水槍噴出的水在空中運動的時間相等，故C錯誤；
D．斜拋運動水平方向做勻速直線運動，則水在最高點的速度
結合上述可知，甲噴水速度小于乙噴水速度，甲噴出的初速度與水平方向夾角大一些，則甲水槍噴出的水在最高點的速度較小，故D錯誤。
故選B。
【分析】水的運動可看作斜拋運動，將斜拋運動分解到水平和豎直方向，水平方向做勻速直線運動，豎直方向做豎直上拋運動。豎直上拋運動上升過程和下降過程具有對稱性，時間相同，豎直方向的初速度和末速度大小相等。
3．（2025·宜賓模擬）如圖是工業生產中用到的光控繼電器示意圖（部分），它由電源、光電管、放大器、電磁繼電器等組成。當用黃光照射光電管陰極時，沒有發生光電效應，當用藍光照射光電管陰極時，發生了光電效應。則（　　）
A．端應該接電源正極
B．增大黃光照射強度，電路中可能存在光電流
C．增大藍光照射強度，光電子的最大初動能增大
D．若將電源正負極對調，電路中可能沒有電流
【答案】D
【知識點】光電效應
【解析】【解答】本題考查光電效應，要求學生能分析實驗發生的裝置圖以及結合光電效應方程進行分析。光電效應方程：Ek=hν-W0，其中hν為入射光子的能量，Ek為光電子的最大初動能，W0是金屬的逸出功A．電路中產生電流，結合題意可知，使逸出的光電子在光電管中加速，放大器的作用是將光電管中產生的電流放大后，則a端接電源的正極，故A錯誤；
B．否發生光電效應取決于入射光的頻率，與入射光強度無關。黃光照射時未發生光電效應，說明黃光頻率低于光電管陰極材料的截止頻率，即便增大黃光強度，也不會發生光電效應，電路中不會有光電流，故B錯誤；
C．光電子的最大初動能只與入射光頻率有關，增大藍光照射強度，即增加藍光的光子數，但藍光頻率不變，所以光電子的最大初動能不變，故C錯誤；
D．調轉電源正負極，可以減小電路中的電流，若當電源電壓小于光電管的遏制電壓時，電路中有電流出現，當電源電壓大于光電管的遏制電壓時，電路中沒有電流，故若將電源正負極對調，電路中可能沒有電流，故D正確。
故選D。
【分析】電路中a端應該接電源正極，則經放大器放大后的電流使電磁鐵被磁化，將銜鐵吸住；調轉電源正負極，電流會減小但不一定為零；光電效應的發生與否決定于光的頻率；若光電效應能發生，光電子的最大初動能由光的頻率決定而與強度無關。
4．（2025·宜賓模擬）汽車自動駕駛技術依賴于傳感器，實時感知周圍環境并進行決策。在一次測試中，一輛自動駕駛汽車因感知到前方存在障礙物而緊急剎車，剎車過程可看作勻減速直線運動。以開始剎車時為計時零點，自動駕駛汽車的圖像如圖所示，則自動駕駛汽車（　　）
A．前4s內平均速度大小為20m/s
B．0~4s內和0~8s內平均速度大小相等
C．前4s內剎車的加速度大小為3.75m/s2
D．時的速度大小為25m/s
【答案】C
【知識點】運動學 S-t 圖象
【解析】【解答】x-t圖像的特點：①位移圖像的斜率等于物體的速度；②位移圖像的縱坐標表示物體在某時刻的位置。這是我們解題的關鍵。A．由自動駕駛汽車的圖像可知，前4秒內的位移為
根據勻變速運動規律可知，前4秒內平均速度大小為
故A不符合題意；
B．根據圖像可知內和內位移相等，由于時間不等，故平均速度不等，故B不符合題意；
CD．設時的速度大小為，加速度大小為，前內剎車的位移為
將剎車的過程逆向來看，根據可得
由可得，時的速度大小為
故C符合題意，故D不符合題意。
故選C。
【分析】x-t圖像的形狀反映了物體的位移隨時間變化的情況，圖像的斜率表示速度，傾斜的直線表示物體做勻速直線運動，曲線則表示物體做變速直線運動。
5．（2025·宜賓模擬）a光、b光分別是氫原子從能級向能級躍遷、從能級向能級躍遷時輻射的可見光。如圖所示，a光、b光均垂直射向三棱鏡的AB邊，已知a光在AC邊折射時偏離入射方向的夾角為，則（　　）
A．三棱鏡對a光的折射率為
B．b光在BC邊上會發生全反射
C．在三棱鏡中，a光的傳播速度等于b光的傳播速度
D．在三棱鏡中，a光的波長小于b光的波長
【答案】B
【知識點】光的折射及折射定律；光的全反射
【解析】【解答】求解此題的關鍵是明確能級躍遷的原理，根據a光和b光的頻率關系得出臨界角關系 。A． a光、b光均垂直射向三棱鏡的AB邊，由圖可知a光在AC面的入射角為30°，折射角為45°，可得三棱鏡對a光的折射率
故A錯誤；
BD．a光射到界面的臨界角為
可知
因氫原子從能級向能級躍遷輻射光a的頻率小于從能級向能級躍遷時輻射的光b的頻率，可知a光的波長大于b光的波長，且
，
b光在BC邊上的入射角為45°，可知B光會在BC邊上會發生全反射，故B正確，D錯誤；
C．根據
可知，在三棱鏡中，可知a光的傳播速度大于b光的傳播速度，故C錯誤。
故選B。
【分析】根據折射率公式結合幾何關系求解三棱鏡對a光的折射率；分析a、b兩光的頻率關系，從而得出兩光在同一介質中折射率的關系，確定b光能否在BC邊發射全反射。
6．（2025·宜賓模擬）如圖甲所示為家用燃氣爐架，有四個對稱分布的爪，正對兩爪的間距為d，將鍋靜置于爐架上，如圖乙所示（縱截面圖），鍋的總質量為m，質量可視為均勻分布在半徑為R的球冠面上，不計爪與鍋之間的摩擦力，則（　　）
A．R越大，鍋受到的合力越大
B．R越大，每個爪與鍋之間的彈力越大
C．相鄰的兩爪對鍋的作用力大小為
D．正對的兩爪對鍋的作用力大小為
【答案】D
【知識點】共點力的平衡
【解析】【解答】本題考查共點力的平衡問題，關鍵是能夠確定研究對象，進行受力分析，利用平衡條件建立平衡方程進行解答。A． 將鍋靜置于爐架上，重力與支持力相互平衡，R越大，鍋受到的合力不變，始終等于零，故A錯誤；
B．設每個爪與鍋之間的彈力FN與豎直方向成θ角，根據平衡條件得
解得
R越大，θ越小，cosθ增大，每個爪與鍋之間的彈力FN越小，B錯誤；
C．相鄰的兩爪對鍋的作用力大小為FN1，其與豎直方向成α角，根據平衡條件得
解得
C錯誤；
D．設正對的兩爪對鍋的作用力為FN2，根據平衡條件得
解得
D正確。
故選D。
【分析】根據幾何知識求出爪與球心連線與豎直方向的夾角，再根據平衡條件求爪與鍋之間的彈力大小。鍋靜止，受到的合力為零。根據彈力表達式分析彈力的變化情況。
7．（2025·宜賓模擬）某靜電除塵裝置的原理截面圖如圖，一對間距為，極板長為的平行金屬板，下板中點為，兩板接多檔位穩壓電源；均勻分布在、兩點間的個（數量很多）帶負電灰塵顆粒物，均以水平向右的初速度從左側進入兩板間。顆粒物可視為質點，其質量均為，電荷量均為，板間視為勻強電場。若不計重力、空氣阻力和顆粒物之間的相互作用力，且顆粒物能夠全部被收集在下極板，則（　　）
A．上極板帶正電
B．電源電壓至少為
C．電源電壓為時，凈化過程中電場力對顆粒物做的總功為
D．點左側和右側收集到的顆粒數之比可能為1∶4
【答案】C
【知識點】帶電粒子在電場中的偏轉
【解析】【解答】帶電粒子在電場中做拋體運動，水平方向做勻速運動，豎直方向做勻變速直線運動的，熟悉類平拋運動規律是解題的關鍵。A． 顆粒物要被下板收集，則顆粒物所受電場力方向必向下，因顆粒物帶負電，故板間場強方向向上，上板應帶負電，故A錯誤；
B．電源電壓最小時，沿上板邊緣進入的顆粒物恰好落到下板右端，設其在板間運動的時間為t，加速度大小為a，則沿極板方向有
垂直極板方向有
又
聯立解得
故B錯誤；
C．因初始時刻顆粒物均勻分布，由
可得凈化過程中電場力對顆粒物做的總功為
故C正確；
D．電源電壓最小時，O點左側和右側收集到的顆粒數之比最小，沿極板方向由
可知，落到O點和下板右端的顆粒在板間運動的時間之比為
垂直極板方向，由
可知，落到O點和下板右端的顆粒的初始高度之比為
因初始時刻顆粒物均勻分布，故O點左側和右側收集到的顆粒數之比最少為
故D錯誤。
故選C。
【分析】電荷帶負電，顆粒物要被下板收集，則下極板帶正電，根據帶電粒子在水平方向勻速運動，豎直方向勻變速運動進行求解。根據電場力做功公式分析，電源電壓最小時，O點左側和右側收集到的顆粒數之比最小。
8．（2025·宜賓模擬）2024年3月20日，鵲橋二號中繼星成功發射升空，為嫦娥六號在月球背面的探月任務提供地月間中繼通訊。鵲橋二號采用周期為24h的環月橢圓凍結軌道（如圖），近月點A距月心約為2.0×103km，遠月點B距月心約為1.8×104km，CD為橢圓軌道的短軸，則（　　）
A．鵲橋二號從A點運動到B點過程中動能增大
B．鵲橋二號從C經B到D的運動時間大于12h
C．鵲橋二號在A、B兩點的加速度大小之比約為81∶1
D．鵲橋二號在地球表面的發射速度大于11.2km/s
【答案】B,C
【知識點】第一、第二與第三宇宙速度；衛星問題
【解析】【解答】本題考查開普勒第二定律、萬有引力定律的應用與第一宇宙速度的理解，會根據題意進行準確的分析和判斷。A．根據運動方向與力的夾角可知，鵲橋二號從A點運動到B點過程中月球的引力做負功，則動能減小，選項A錯誤；
B．根據開普勒第二定律推論可知，鵲橋二號距離月球越近的位置速率越大，可知從C經B到D的運動過程的時間大于半個周期，即時間大于12h，選項B正確；
C．根據
可得
鵲橋二號在A、B兩點的加速度大小之比約為
選項C正確；
D．鵲橋二號沒有脫離地球引力范圍，則在地球表面的發射速度小于11.2km/s，選項D錯誤。
故選BC。
【分析】根據開普勒第二定律分析解答；根據萬有引力提供向心力解得加速度的比；根據月球的在軌衛星的運行速度和月球的第一宇宙速度的關系進行判斷。
9．（2025·宜賓模擬）中醫的懸絲診脈懸的是“絲”，“診”的是脈搏通過懸絲傳過來的振動，即通過機械波判斷出病灶的位置與輕重緩急。如圖甲，假設“絲”上有A、B、C三個質點，坐標分別為、m、m。時刻，病人的脈搏搭上絲線上的質點A，質點A開始振動，其振動圖像如圖乙所示，產生的機械波沿絲線向x軸正方向傳播，A、B兩質點的振動方向始終相反，波長大于0.6m。則該機械波（　　）
A．波長為0.8m
B．s時，質點C第一次運動到波峰
C．在到s內，質點B通過的路程為7.5mm
D．若醫生將絲線的另一端搭在自己的脈搏上，他的脈搏振動頻率為1.25Hz，則絲線中兩列波相遇時能發生干涉
【答案】A,C
【知識點】機械波及其形成和傳播；波的干涉現象
【解析】【解答】本題要抓住簡諧波的基本特點：介質中各質點的起振方向都與波源的起振方向相同，波在一個周期內傳播的距離是一個波長，同時注意波發生干涉的條件。A．A、B兩質點運動的方向始終相反，可知A、B兩質點間的距離為
解得
由題知，波長大于0.6m，即
解得
故此時
則波長為
故A正確；
B．由圖乙可知，周期為，質點A開始振動的方向為沿軸負方向，則所有質點的起振方向都是沿軸負方向，故質點C第一次運動到波峰的時間為
又
聯立解得
故B錯誤；
C．由乙圖可振幅為
波從A點傳到B點的時間為
即質點B從時開始振動，在t = 0到t = 4.25s內，質點B振動的時間為
故質點B通過的路程為
故C正確；
D．由圖乙可知，該波的周期為
則頻率為
若醫生將絲線的另一端搭在自己的脈搏上，他的脈搏振動頻率為1.25Hz，與該波的頻率不相等，故則絲線中兩列波相遇時不能發生干涉，故D錯誤。
故選AC。
【分析】根據各質點的起始振動方向相同判斷；根據A、B兩質點運動的方向始終相反，波長大于0.6m，確定波長，讀出周期，再求出波速；根據振動圖像判斷質點的起振方向，結合運動學公式求解質點B在t=2s處于什么位置；根據兩波的頻率是否相同，判斷能否發生穩定的干涉現象。
10．（2025·宜賓模擬）水平地面上方足夠大的空間存在水平方向上相互正交的勻強電場和勻強磁場，如圖所示。一質量kg，帶電量C的物體從A點由靜止釋放，釋放后經時間s，恰好從B點離開地面。已知電場強度N/C，磁感應強度T，物體與地面的動摩擦因數。物體可視為質點，重力加速度m/s2，則（　　）
A．物體從A運動到B做加速度增大的加速直線運動
B．物體運動到B點的速度大小為6m/s
C．A、B之間的距離m
D．從B點離開地面后，再經過秒后，物體距離地面的高度為米
【答案】A,D
【知識點】帶電粒子在電場與磁場混合場中的運動
【解析】【解答】帶電粒子在重力場、電場、磁場的復合場中，只要是做直線運動，一定是勻速直線運動（v與B不平行），若速度是變的，洛倫茲力會變，合力就是變的，合力與速度不在一條直線上，帶電體就會做曲線運動。A．物體從A運動到B的過程中受力分析，可知物體受重力、電場力、洛倫茲力、摩擦力，水平方向有
豎直方向有
隨著速度增大，加速度逐漸增大，故A正確；
B．從B點離開地面，則有
解得
故B錯誤；
C．物體從A運動到B的過程中，根據動量定理有
其中
解得
m
故C錯誤；
D．粒子離開地面時，恰好受重力、電場力、洛倫茲力作用，且大小分別為
N，N，N
根據配速法，如圖
其中
解得
與水平方向的夾角滿足
可分解為方向的勻速直線運動及向下的作用下的勻速圓周運動，粒子在磁場中運動的周期為
經過秒后，做圓周運動的分運動在豎直方向無位移，則物體距離地面的高度為
米
故D正確；
故選AD。
【分析】物體從A運動到B的過程中受力分析，洛倫茲力變化，導致加速度變化，B點離開地面，洛倫茲力等于重力。
11．（2025·宜賓模擬）物理興趣小組利用圖（a）所示的裝置研究小球的正碰。正確安裝實驗器材并調試后，先讓小球A從斜槽軌道上滾下（不放小球B），拍攝小球A平拋過程中的頻閃照片，如圖（b）所示；然后把小球B放在斜槽軌道末端，再讓小球A從軌道上滾下，兩個小球碰撞后，拍攝小球A、B平拋過程中的頻閃照片，如圖（c）所示。頻閃時間間隔不變。
（1）為了保證實驗效果，以下做法不必要的是______。
A．小球A的半徑等于小球B的半徑
B．小球A的質量大于小球B的質量
C．斜槽軌道各處必須光滑
D．每次小球A應從斜槽軌道上同一位置由靜止釋放
（2）若兩小球碰撞過程動量守恒，則兩小球的質量之比　 　。
（3）碰撞后兩球的分離速度，與碰撞前兩球的接近速度成正比，比值由兩球的材料性質決定，即，通常把叫做恢復系數。請同學們計算本實驗中兩球的恢復系數　 　。
【答案】（1）C
（2）2∶1
（3）
【知識點】驗證動量守恒定律
【解析】【解答】本題考查了驗證動量守恒定律的實驗，理解并掌握本實驗利用平拋運動間接測量小球碰撞速度的方法。
（1）A．為保證兩球能發生正碰，碰撞后兩個小球在同一條直線上，則小球A的半徑等于小球B的半徑，故A正確；
B．為防止入射球A碰后不反彈，則小球A的質量大于小球B的質量，故B正確；
C．斜槽軌道沒必要各處必須光滑，故C錯誤；
D．每次小球A應從斜槽軌道上同一位置由靜止釋放，以保證小球到達底端時速度相等，選項D正確，不符合題意。
故選C。
（2）兩幅照片中豎直位移
由b圖像可知碰前A的速度
碰后AB的速度
，
由動量守恒
可得
（3）本實驗中兩球的恢復系數
【分析】（1）根據要使兩球發生對心正碰、碰撞過程要保證入射小球不被反彈、要保證小球在空中做平拋運動、斜槽與小球之間的摩擦力大小對實驗無影響進行解答。
（2）小球的平拋運動在豎直方向上為自由落體運動，在水平方向上為勻速直線運動。根據Δy=gT2，求得相鄰兩位置的時間間隔T，結合動量守恒求解兩小球的質量之比 。
（3）根據圖（2）乙中的信息，結合（2）的分析，分別求得碰撞后小球A、B平拋的初速度，從而得到兩球的恢復系數 。
（1）A．為保證兩球能發生正碰，則小球A的半徑等于小球B的半徑，選項A正確，不符合題意；
B．為防止入射球A碰后不反彈，則小球A的質量大于小球B的質量，選項B正確，不符合題意；
C．斜槽軌道沒必要各處必須光滑，選項C錯誤，符合題意；
D．每次小球A應從斜槽軌道上同一位置由靜止釋放，以保證小球到達底端時速度相等，選項D正確，不符合題意。
故選C。
（2）兩幅照片中豎直位移
由b圖像可知碰前A的速度
碰后AB的速度，
由動量守恒
可得
（3）本實驗中兩球的恢復系數
12．（2025·宜賓模擬）為盡可能準確測量電源的電動勢和內阻，實驗室提供有下列器材：
靈敏電流計G（內阻約為150Ω）；
電壓表V（0~3V，內阻約為10kΩ）；
電阻箱（0~9999Ω）；
滑動變阻器（0~100Ω，1.5A）；
舊干電池一節；
導線、開關若干。
（1）某實驗小組先測靈敏電流計的內阻，電路如圖甲所示，測得電壓表示數為2.40V，靈敏電流計示數為4.00mA，電阻箱旋鈕位置如圖乙所示，則靈敏電流計內阻為　 　Ω（結果保留到整數）；
（2）實驗小組將電阻箱與靈敏電流計并聯，將靈敏電流計的量程擴大為原來的20倍。并連接成如圖丙所示的電路測量干電池的電動勢和內阻，調節滑動變阻器讀出幾組電壓表和電流計的示數如下表，其對應的圖線如圖丁所示；
0.80 0.90 1.00 1.10 1.20
/mA 3.00 2.49 2.01 1.51 1.00
（3）由圖丁可求得干電池的電動勢　 　V，內阻　 　；（結果保留到小數點后2位）
（4）從系統誤差角度分析：本實驗測出的電源電動勢與真實值相比　 　；測出的電源內阻與真實值相比　 　。（選填“偏大”“偏小”或“相等”）
【答案】152；1.40；；相等；相等
【知識點】電池電動勢和內阻的測量
【解析】【解答】本題考查了求電流表內阻、電流表改裝、作圖象、求電源電動勢與內阻；電阻箱各旋鈕示數與對應倍率的乘積之和是電阻箱示數，分析清楚電路結構、應用串聯電路特點可以求出電流計內阻；電源U-I圖象與縱軸交點坐標值是電源電動勢，圖象斜率的絕對值是電源內阻．（1）由圖乙所示電阻箱可知，電阻箱示數為
由歐姆定律可得
解得
（3）由題知，實驗小組將電阻箱與靈敏電流計并聯，將靈敏電流計的量程擴大為原來的20倍，根據
可得擴大后電流的內阻為
根據丙圖的電路圖，可得
變形得
根據電源U I圖象可知，圖象與縱軸交點坐標值為1.40，電源電動勢E=1.40V
圖象斜率為
根據
電源內阻
（4）由題知，通過電源的電流是安培表測得的電流20倍，根據丙圖可得
上述公式中電壓表和電流表的示數均為電路的真實值，因此本實驗測出的電源電動勢與真實值相等，所測出的電源內阻與真實值相等。
【分析】（1）電阻箱各旋鈕示數與對應倍率的乘積之和是電阻箱示數；由串聯電路特點與歐姆定律求出靈敏電流計的內阻；
（2）由表格數據先描點，再盡量描成一條直線；
（3）根據并聯電路特點與歐姆定律求出改裝后電流表的內阻RA，寫出U-IG表達式，再結合上一問圖象的斜率和截距求出電源電動勢和內阻；
（4）電表測量值是電路的真實值，所以由U-IG圖象與縱軸交點坐標值是電源電動勢真實值。
13．（2025·宜賓模擬）某探究小組設計了一個氣缸如圖甲，開口向上并豎直放置，其上端裝有固定卡環，氣缸導熱性能良好且內壁光滑。質量kg，橫截面積的活塞將一定質量氣體（可視為理想氣體）封閉在氣缸內。現緩慢升高環境溫度，氣體從狀態A變化到狀態C的圖像如圖乙所示，已知大氣壓強Pa，重力加速度m/s2。求：
（1）狀態C時氣體的壓強；
（2）氣體從A到C的過程中氣體內能增加了72J，則這一過程中氣體吸收的熱量是多少？
【答案】（1）解：在A狀態氣體壓強為
氣體由B狀態變化到C狀態，氣體發生等容變化，則有
又
聯立解得
（2）解：氣體從A狀態到B狀態為等壓過程，外界對氣體做功為
根據熱力學第一定律
聯立解得
【知識點】熱力學第一定律及其應用；氣體的等容變化及查理定律
【解析】【分析】（1）先根據求出氣體在狀態A時的壓強，氣體從A變化到B發生的是等壓變化，氣體從狀態B變化到狀態C，發生等容變化，根據查理定律求狀態C時氣體的壓強；
（2）根據公式W=pΔV計算出氣體從A到B過程中對外做功。氣體從B到C過程中不做功，再根據熱力學第一定律計算此過程氣體吸收的熱量。
（1）在A狀態氣體壓強為
氣體由B狀態變化到C狀態，氣體發生等容變化，則有
又
聯立解得
（2）氣體從A狀態到B狀態為等壓過程，外界對氣體做功為
根據熱力學第一定律
聯立解得
14．（2025·宜賓模擬）如圖所示，長的長木板B放在光滑的水平地面上，其左端放有一可視為質點的小物塊A，長木板B右側與放置于地面的光滑圓弧槽C緊挨著但不粘連，長木板B的右端與圓弧軌道平滑連接。已知，，，小物塊A與長木板B間的動摩擦因數。現給小物塊A一水平向右的初速度，小物塊A到達長木板B的右端后沖上圓弧軌道。重力加速度。求：
（1）小物塊A剛滑離長木板B時，小物塊A的速率；
（2）小物塊A相對于圓弧槽C最低點上升的最大高度；
（3）圓弧槽C能達到的最大速率。
【答案】（1）解：法一：小物塊到達長木板右端時根據動量守恒有
根據能量守恒有
解得
，
法二：對A，根據牛頓第二定律
根據位移時間公式有
對BC，根據牛頓第二定律有
根據位移時間公式有
又
根據速度時間公式有
根據速度時間公式有
聯立解得
，，
（2）解：當物塊A與圓槽共速時，距槽最低點達到最大高度，根據動量守恒有
根據能量守恒有
聯立解得
，
（3）解：由于是圓槽，物塊A不管有沒有沖出圓槽，定會落回圓槽，當返回圓槽最低點時，達到最大速度，根據動量守恒有
根據能量守恒有
聯立解得

【知識點】碰撞模型
【解析】【分析】（1）A在B上滑動，根據水平動量守恒，能量守恒列式求解；
（2） 當物塊A與圓槽共速時，距槽最低點達到最大高度，根據動量守恒列式求解；
（3） 物塊A返回圓槽最低點時，達到最大速度，根據動量守恒和機械能守恒定律列式求解。
（1）法一：小物塊到達長木板右端時根據動量守恒有
根據能量守恒有
解得，
法二：對A，根據牛頓第二定律
根據位移時間公式有
對BC，根據牛頓第二定律有
根據位移時間公式有
又
根據速度時間公式有
根據速度時間公式有
聯立解得，，
（2）當物塊A與圓槽共速時，距槽最低點達到最大高度，根據動量守恒有
根據能量守恒有
聯立解得，
（3）由于是圓槽，物塊A不管有沒有沖出圓槽，定會落回圓槽，當返回圓槽最低點時，達到最大速度，根據動量守恒有
根據能量守恒有
聯立解得
15．（2025·宜賓模擬）某科技大學電磁實驗室中，幾名大學生正探究在梯度磁場中有關功率的問題。實驗模型簡化示意圖如圖（a）所示，水平面內兩根足夠長的鍍銀導軌水平放置并固定，其間距，左端與阻值的電阻相連。學生啟動磁場生成系統，使區域的磁感應強度B呈線性分布，方向垂直于軌道平面向下，監測屏上顯示的圖像如圖（b）所示。一質量為、接入導軌的電阻的金屬棒，以滑入磁場時開啟伺服電機，該電機動態調節作用在金屬棒中點上的水平外力的大小，使此過程中電阻的電功率保持不變，其圖像如圖所示。金屬棒運動過程中與導軌始終接觸良好并與導軌垂直，不計導軌電阻，不計摩擦力，求：
（1）電阻消耗的電功率；
（2）金屬棒在處的速度大小；
（3）金屬棒從運動到過程中水平外力做功的平均功率。
【答案】（1）解：電阻上消耗的功率不變，即回路電流不變，在處有
由閉合電路歐姆定律得
則功率為
聯立解得
（2）解：由圖（），磁感應強度為
在處
根據
或
解得
（3）解：法一：電阻上消耗的功率不變，恒定，電動勢恒定，則平均電動勢和瞬時電動勢數值相同，則有
前3s的
解得
或者
解得
法二：根據
可知隨線性變化，則安培力的做功為
又
解得
法三：根據法拉第電磁感應定律有
.
解得
即
即圖像圍成的面積，故
.
根據動能定理有
或者能量守恒有
可得
或者
或者
解得
或或
可得

【知識點】感應電動勢及其產生條件；導體切割磁感線時的感應電動勢；電磁感應中的能量類問題
【解析】【分析】（1）電阻R的電功率保持不變，則回路中電流不變。在x=0處，根據E0=B0lv0求出金屬棒產生的感應電動勢，由閉合電路歐姆定律求出電路中電流，再由功率公式求解電阻R消耗的電功率P0；
（2）根據金屬棒在x=3m處與x=0處電流相等列式，從而求出金屬棒在x=3m處的速度大小；
（3）根據法拉第電磁感應定律以及電荷量與磁通量變化量的關系求出金屬棒從x=0運動到x=3m的時間，由動能定理求出水平外力F做的功，再求外力D做功的平均功率。
（1）電阻上消耗的功率不變，即回路電流不變，在處有
由閉合電路歐姆定律得
則功率為
聯立解得
（2）由圖（），磁感應強度為
在處
根據或
解得
（3）法一：電阻上消耗的功率不變，恒定，電動勢恒定，則平均電動勢和瞬時電動勢數值相同，則有
前3s的
解得
或者
解得
法二：根據
可知隨線性變化，則安培力的做功為
又
解得
法三：根據法拉第電磁感應定律有.
解得
即
，即圖像圍成的面積
故.
根據動能定理有
或者能量守恒有
可得
或者或者
解得或或
可得
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