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2025屆廣東省深圳市建文外國語學(xué)校兩學(xué)部高三下學(xué)期一模物理試題
1．（2025·深圳模擬）勻強(qiáng)電場的電場強(qiáng)度E隨時(shí)間t變化的圖像如圖所示。當(dāng)時(shí)。在此勻強(qiáng)電場中由靜止釋放一個(gè)帶正電的粒子，帶電粒子只受靜電力的作用，下列說法正確的是（　　）
A．帶電粒子將做往復(fù)運(yùn)動(dòng) B．3s末帶電粒子回到原出發(fā)點(diǎn)
C．3s末帶電粒子的速度不為零 D．前3s內(nèi)，靜電力做的總功為零
【答案】D
【知識(shí)點(diǎn)】帶電粒子在電場中的運(yùn)動(dòng)綜合
【解析】【解答】本題帶電粒子在周期性變化的電場中運(yùn)動(dòng)，關(guān)鍵之處是電場強(qiáng)度大小不一，導(dǎo)致加速度不一，所以失去對(duì)稱性．若電場強(qiáng)度大小相同，則帶電粒子一直同一個(gè)方向運(yùn)動(dòng)。A． 在此勻強(qiáng)電場中由靜止釋放一個(gè)帶正電的粒子，在時(shí)間內(nèi)， 帶電粒子只受靜電力的作用， 由牛頓第二定律可知粒子的加速度大小為
在時(shí)間內(nèi)，粒子的加速度大小為
可知粒子由靜止先以加速度大小加速2s，再以加速度大小減速1s，由于，可知3s末粒子速度為零，同理在時(shí)間內(nèi)由靜止又以加速度大小加速2s，再以加速度大小減速1s，此時(shí)粒子速度是零，因此粒子在時(shí)間內(nèi)，帶電粒子將始終向同一個(gè)方向運(yùn)動(dòng)，其速度時(shí)間圖像如圖所示
A錯(cuò)誤；
B．由帶電粒子的速度時(shí)間圖像可知，帶電粒子將始終向同一個(gè)方向運(yùn)動(dòng)，因此3s末帶電粒子回不到原出發(fā)點(diǎn)，B錯(cuò)誤；
C．由帶電粒子的速度時(shí)間圖像可知，3s末帶電粒子的速度是零，C錯(cuò)誤；
D．在前3s內(nèi)，由動(dòng)能定理可知
前3s內(nèi)，靜電力做的總功是零，D正確。
故選D。
【分析】由題圖可知，電場強(qiáng)度的大小與方向的變化，當(dāng)帶電粒子由靜止釋放僅在電場力作用下，根據(jù)運(yùn)動(dòng)與力的關(guān)系可確定運(yùn)動(dòng)情況。
2．（2025·深圳模擬）用平行單色光垂直照射一層透明薄膜，觀察到如圖所示明暗相間的干涉條紋。下列關(guān)于該區(qū)域薄膜厚度d隨坐標(biāo)x的變化圖像，可能正確的是（　　）
A． B．
C． D．
【答案】D
【知識(shí)點(diǎn)】薄膜干涉
【解析】【解答】本題主要考查了薄膜干涉實(shí)驗(yàn)，掌握了薄膜干涉的原理和相鄰條紋空氣層厚度差的關(guān)系即可順利解決此類題目。用平行單色光垂直照射一層透明薄膜，從透明薄膜的上下表面分別反射的兩列光是相干光，發(fā)生干涉現(xiàn)象，出現(xiàn)條紋，所以此條紋是由上方玻璃板的下表面和下方玻璃板的上表面反射光疊加后形成的，其光程差為透明薄膜厚度的2倍，當(dāng)光程差△x=nλ時(shí)此處表現(xiàn)為亮條紋，即當(dāng)薄膜的厚度
時(shí)對(duì)應(yīng)的條紋為亮條紋，在題目的干涉條紋中，從左向右條紋的間距逐漸增大，結(jié)合干涉條紋公式對(duì)應(yīng)的厚度公式可知從左向右薄膜厚度的變化率逐漸減小。
故選D。
【分析】從透明薄膜的上下表面分別反射的兩列光是相干光，其光程差為透明薄膜厚度的2倍，當(dāng)光程差Δx=nλ時(shí)此處表現(xiàn)為亮條紋，故相鄰亮條紋之間的透明薄膜的厚度差為，且干涉條紋與入射光在同一側(cè)，從而即可求解。
3．（2025·深圳模擬）讓質(zhì)量為1kg的石塊P1從足夠高處自由下落，P1在下落的第1s末速度大小為v1，再將其和質(zhì)量為2kg的石塊綁為一個(gè)整體P2，使P2從原高度自由下落，P2在下落的第2s末速度大小為v2，g取10m/s2，則（　　）
A．v1=5m/s B．v1=15m/s C．v2=20m/s D．v2=30m/s
【答案】C
【知識(shí)點(diǎn)】自由落體運(yùn)動(dòng)
【解析】【解答】本題是對(duì)自由落體運(yùn)動(dòng)的規(guī)律的考查，解題時(shí)要知道物體做自由落體運(yùn)動(dòng)的加速度為g，與物體的質(zhì)量無關(guān)。
重物自由下落做自由落體運(yùn)動(dòng)，與質(zhì)量無關(guān)，則下落1s后速度為
第2s末速度大小為
故選C。
【分析】重物自由下落做自由落體運(yùn)動(dòng)，與質(zhì)量無關(guān)，由速度—時(shí)間關(guān)系可求v1和v2。
4．（2025·深圳模擬）如圖所示，火車在傾斜的軌道上勻速轉(zhuǎn)彎，彎道的傾角為θ，半徑為r，重力加速度為g，則火車轉(zhuǎn)彎時(shí)外側(cè)車輪輪緣不對(duì)外軌產(chǎn)生擠壓的最大速率是（設(shè)轉(zhuǎn)彎半徑水平）（　　）
A． B． C． D．
【答案】C
【知識(shí)點(diǎn)】生活中的圓周運(yùn)動(dòng)
【解析】【解答】本題考查火車轉(zhuǎn)彎時(shí)的受力分析和向心力問題，會(huì)根據(jù)題意進(jìn)行準(zhǔn)確分析解答。火車在傾斜的軌道上勻速轉(zhuǎn)彎時(shí)，若內(nèi)、外側(cè)車輪輪緣不對(duì)內(nèi)、外軌產(chǎn)生擠壓，則有火車的重力與傾斜軌道的支持力的合力提供向心力，如圖所示。設(shè)此時(shí)火車的速率為，則此速率是火車轉(zhuǎn)彎時(shí)外側(cè)車輪輪緣不對(duì)外軌產(chǎn)生擠壓的最大值，由牛頓第二定律可得
解得
故選C。
【分析】根據(jù)火車的受力分析結(jié)合重力與支持力的合力提供向心力列式求解相應(yīng)的速率。
5．（2025·深圳模擬）汽車的發(fā)動(dòng)機(jī)的額定輸出功率為P1，它在水平路面上行駛時(shí)受到的摩擦阻力大小恒定．汽車在水平路面上由靜止開始運(yùn)動(dòng)，直到車速達(dá)到最大速度vm，汽車發(fā)動(dòng)機(jī)的輸出功率P隨時(shí)間變化的圖象如圖所示．若在0~t1時(shí)間內(nèi)，汽車發(fā)動(dòng)機(jī)的牽引力是恒定的，則汽車受到的合力F合隨時(shí)間變化的圖象可能是（　　）
A． B．
C． D．
【答案】D
【知識(shí)點(diǎn)】機(jī)車啟動(dòng)
【解析】【解答】解決本題的關(guān)鍵會(huì)通過受力判斷物體的運(yùn)動(dòng)， 功率是反映做功快慢的物理量，與功的多少?zèng)]有直接關(guān)系。0~t1時(shí)間內(nèi)牽引力是恒定的，故合力也是恒定的，輸出功率一直增大，當(dāng)達(dá)到額定功率后，即t>t1時(shí)，功率保持不變，速度繼續(xù)增大，牽引力開始減小，一直到等于摩擦力，故合力也一直減小直到等于零故選項(xiàng)D正確，ABC錯(cuò)誤，故選D.
【分析】根據(jù)圖象可知，在0～t1時(shí)間內(nèi)功率隨時(shí)間均勻增大，知汽車由靜止開始做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，通過受力判斷功率達(dá)到額定功率后的運(yùn)動(dòng)。從而得出合力隨時(shí)間的變化圖線。
6．（2025·深圳模擬）如圖所示的電路中，A、B為兩相同燈泡，C為理想電容器，E為直流電源，S為開關(guān)．下列說法中正確的是（　　）
A．閉合S的瞬間，A、B均有電流流過，且最終大小相等
B．閉合S的瞬間，A中有電流通過，B沒有電流通過
C．?dāng)嚅_S的瞬間，A、B中瞬時(shí)電流大小相等
D．?dāng)嚅_S的瞬間，A中電流反向，B中仍無電流
【答案】C
【知識(shí)點(diǎn)】電容器及其應(yīng)用
【解析】【解答】本題考查閉合電路歐姆定律及電容器的性質(zhì)，要注意明確直流電不能通過電容器，但充放電時(shí)可以有電流“通過”。AB．閉合S的瞬間，電流突然增大，A、B均有電流流過，但平穩(wěn)后，A中仍有電流，B中沒有電流，選項(xiàng)AB錯(cuò)誤；
CD．?dāng)嚅_S的瞬間，電流突然減小，A、B與電容C組成一個(gè)電路，兩個(gè)燈泡串聯(lián)，所以它們有瞬時(shí)電流，且大小相等，選項(xiàng)C正確，D錯(cuò)誤。
故選C。
【分析】當(dāng)電容器充放電時(shí)，均會(huì)有電流通過；故根據(jù)開關(guān)通斷時(shí)分析電容器的狀態(tài)即可明確有無電流。
7．（2025·深圳模擬）黃河鐵牛是世界橋梁史上的傳世之寶。如圖，唐代蒲津浮橋通過兩岸的鐵牛固定，鐵牛底部的鐵柱插入地下。鐵牛受到3個(gè)力，其中橋索對(duì)鐵牛的拉力為，鐵柱對(duì)鐵牛的作用力為，鐵牛自身重力為，則（　　）
A．橋索對(duì)鐵牛的拉力可以不沿橋索方向
B．鐵柱對(duì)鐵牛的作用力一定沿著鐵柱向上
C．與的合力豎直向上
D．若增大，減小
【答案】C
【知識(shí)點(diǎn)】共點(diǎn)力的平衡
【解析】【解答】本題考查了共點(diǎn)力平衡問題，解題的關(guān)鍵要知道三力平衡，任何一個(gè)力都可以看作其它兩個(gè)力的合力，大小相等，方向相反。A．橋索對(duì)鐵牛的拉力一定沿橋索方向，故A錯(cuò)誤；
B．根據(jù)三個(gè)力的合成可知一定與和重力合力的方向相反，不一定沿著鐵柱向上，故B錯(cuò)誤；
C．同上述分析可知與的合力與重力等大反向，方向豎直向上，故C正確；
D．根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件及矢量三角形法則可知若增大，增大，故D錯(cuò)誤。
故選C。
【分析】對(duì)鐵牛受力分析，鐵牛受到自身重力 G，橋素對(duì)鐵牛的拉力為F1，鐵柱對(duì)鐵牛的作用力為F2，三者共點(diǎn)力平衡。橋索對(duì)鐵牛的拉力F1一定沿橋索方向，由三角形定律可知，F(xiàn)2一定與F1和重力合力的方向相反，若增大F1，F(xiàn)2也增大。F1與F2的合力與力重力平衡，故合力方向豎直向上。
8．（2025·深圳模擬）如圖所示，在空間軸上方有沿負(fù)方向的勻強(qiáng)電場，電場強(qiáng)度大小為，在軸下方有方向與軸成角的勻強(qiáng)電場，電場強(qiáng)度大小為。現(xiàn)有一帶正電量q，質(zhì)量為m的粒子從以沿方向的速度射出，忽略粒子所受的重力。若粒子第一次經(jīng)過軸時(shí)速度方向與軸成角，則（　　）
A．與滿足
B．粒子第2次經(jīng)過軸時(shí)的位置為
C．粒子第20次經(jīng)過軸時(shí)的位置為
D．粒子第20次經(jīng)過軸時(shí)速度大小為
【答案】B,C
【知識(shí)點(diǎn)】帶電粒子在電場中的偏轉(zhuǎn)
【解析】【解答】粒子在電場中做類平拋運(yùn)動(dòng)，根據(jù)類平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律結(jié)合周期性特點(diǎn)解答。A． 在軸下方有方向與軸成角的勻強(qiáng)電場， 粒子第一次經(jīng)過軸時(shí)速度方向與軸成角，則有
粒子在第一象限做類平拋運(yùn)動(dòng)，豎直方向上有
解得
故A錯(cuò)誤；
B．根據(jù)類平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律可得粒子第一次到達(dá)軸有
結(jié)合上述解得
隨后粒子第二次到達(dá)軸有
解得
則有
即粒子第2次經(jīng)過軸時(shí)的位置為，故B正確；
D．結(jié)合上述，粒子在第一象限內(nèi)的加速度
將粒子在軸下方的運(yùn)動(dòng)沿x軸與y軸方向分解，兩方向的分加速度分別為
粒子在軸下側(cè)電場中水平方向做初速度為的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，且在軸下側(cè)電場中水平方向后一過程可以看為前一過程的一個(gè)延續(xù)部分，在軸下側(cè)電場中豎直方向做雙向勻變速直線運(yùn)動(dòng)，結(jié)合上述，粒子第一次到達(dá)軸的時(shí)間為
根據(jù)豎直方向做雙向勻變速直線運(yùn)動(dòng)的對(duì)稱性可知，除第一次越過x軸的時(shí)間為，其余越過x軸的時(shí)間均為，粒子在軸下側(cè)電場運(yùn)動(dòng)的總時(shí)間
則粒子第20次經(jīng)過軸時(shí)速度大小為
結(jié)合上述解得
故D錯(cuò)誤；
C、粒子第二次在第一象限運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為2t，水平方向運(yùn)動(dòng)的距離為
x3=vx2×2t
根據(jù)周期性運(yùn)動(dòng)規(guī)律可知，粒子第20次經(jīng)過x軸時(shí)的位置為
x'20=10x2+9x3+x
解得
x'20=838h
故粒子第20次經(jīng)過x軸時(shí)的位置為（838h，0），故C正確；
故選BC。
【分析】根據(jù)類平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律結(jié)合運(yùn)動(dòng)分解解得A，分析粒子在第一、四象限運(yùn)動(dòng)的規(guī)律，根據(jù)周期性特點(diǎn)分析解答。
9．（2025·深圳模擬）A、B、C三條通電長直導(dǎo)線在穿線管中呈直線等距分布，電流方向如圖所示，橫截面恰好形成邊長為d的等邊三角形，O點(diǎn)為等邊三角形的中心，A、B兩條導(dǎo)線中的電流大小相同，都為I，導(dǎo)線C中的電流為 2I，導(dǎo)線半徑不計(jì)。則（　　）
A．A 內(nèi)電流產(chǎn)生的磁場的磁感線是一系列同心圓，方向?yàn)槟鏁r(shí)針方向
B．A、B內(nèi)電流在C 處產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相同
C．C處的磁場方向水平向左
D．O點(diǎn)的磁場方向豎直向下
【答案】B,C
【知識(shí)點(diǎn)】磁感應(yīng)強(qiáng)度；通電導(dǎo)線及通電線圈周圍的磁場
【解析】【解答】本題考查直導(dǎo)線周圍的磁場問題，解答本題的關(guān)鍵是明確通電直導(dǎo)線周圍的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向的判定，用平行四邊形定則求合磁場的方向。A．通電直導(dǎo)線周圍的磁感線是一系列同心圓，根據(jù)右手螺旋定則，方向?yàn)轫槙r(shí)針方向，A 項(xiàng)錯(cuò)誤；
B．A、B內(nèi)電流在C處產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相同，方向不同，B項(xiàng)正確；
C．A 內(nèi)電流在C 處產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B1，B內(nèi)電流在C 處產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B2，其合磁場方向水平向左，如圖所示，C項(xiàng)正確；
D．同理可知，A、B內(nèi)電流在O點(diǎn)處產(chǎn)生的合磁場方向水平向左，Ｃ內(nèi)電流在O點(diǎn)處產(chǎn)生的磁場方向水平向左，因此A、B、C中電流在O點(diǎn)處的合磁場方向不是豎直向下，D項(xiàng)錯(cuò)誤。
故選BC。
【分析】根據(jù)安培定則判斷導(dǎo)線a、b分別在導(dǎo)線c處產(chǎn)生的磁場方向，由左手定則判斷導(dǎo)線c所受的安培力方向，由F=BIL分析導(dǎo)線c所受安培力大小。根據(jù)三根導(dǎo)線在O點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向，由平行四邊形定則確定O點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向。
10．（2025·深圳模擬）物理學(xué)中經(jīng)常看到形如 的公式，一種情形是x的大小與y、z都有關(guān)； 另一種情形是x雖然可由y、z計(jì)算，但與y、z無關(guān)。下列四個(gè)公式中，屬于后一種情形的是（　　）
A．電阻 B．密度
C．熱值 D．壓強(qiáng)
【答案】A,B,C
【知識(shí)點(diǎn)】力學(xué)；電磁學(xué)
【解析】【解答】本題考查學(xué)生對(duì)物理量概念和定義式的理解，知道各物理量的影響因素是解題的關(guān)鍵。A．電阻在數(shù)值上等于導(dǎo)體兩端電壓與通過的電流的比值，但電阻與電壓、電流無關(guān)，故A符合題意要求；
B．密度在數(shù)值上等于物體質(zhì)量與其體積之比，但密度與質(zhì)量、體積無關(guān)，故B符合題意要求；
C．熱值在數(shù)值上等于某種燃料完全燃燒放出的熱量，但熱值是燃料的一種特性，它只與燃料的種類有關(guān)，與燃料的質(zhì)量，燃燒的程度等均無關(guān)，故C符合題意要求；
D．壓強(qiáng)與壓力成正比，與受力面積成反比，表達(dá)式為，故D不符合題意要求。
故選ABC。
【分析】電阻是導(dǎo)體阻礙電流的性質(zhì)，其大小與導(dǎo)體的 長度、橫截面積、材料、溫度有關(guān)，與電壓和電流無關(guān)；密度是物質(zhì)的一種特性，與物質(zhì)的種類、狀態(tài)有關(guān)，而與質(zhì)量、體積無關(guān)；熱值是燃料的一種特性，燃料的種類有關(guān)，與燃料的質(zhì)量、燃燒程度無關(guān)；壓強(qiáng)是物體受到壓力的作用效果，壓強(qiáng)大小與壓力和受力面積有關(guān)。
11．（2025·深圳模擬）某同學(xué)利用重物自由下落來做“驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律”的實(shí)驗(yàn)裝置如圖甲所示。
（1）在“驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律”的實(shí)驗(yàn)中，有下列器材可供選擇：
A . 帶夾子的鐵架臺(tái) B. 電磁式打點(diǎn)計(jì)時(shí)器 C. 低壓交流電源
D. 紙帶 E. 帶夾子的重物 F. 秒表
G. 天平 H. 刻度尺
其中不必要的器材有　 　（填器材前面的字母）。
（2）請(qǐng)指出實(shí)驗(yàn)裝置甲中存在的明顯錯(cuò)誤：　 　。
（3）進(jìn)行實(shí)驗(yàn)時(shí)，為保證測量的重物下落時(shí)初速度為零，應(yīng)選______（填“A”或“B”）。
A．先接通電源，再釋放紙帶 B．先釋放紙帶，再接通電源。
（4）根據(jù)打出的紙帶，選取紙帶上連續(xù)打出的1、2、3、4四個(gè)點(diǎn)如圖乙所示。已測出點(diǎn)1、2、3、4到打出的第一點(diǎn)0的距離分別為、、、，打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的打點(diǎn)周期為。若代入所測數(shù)據(jù)能滿足表達(dá)式　 　，則可驗(yàn)證重物下落過程機(jī)械能守恒（用題目中已測出的物理量表示）。
（5）某同學(xué)作出了圖象（圖丙），則由圖線得到的重力加速度　 　（結(jié)果保留三位有效數(shù)字）。
（6）大多數(shù)學(xué)生的實(shí)驗(yàn)結(jié)果顯示，重力勢能的減少量大于動(dòng)能的增加量，原因是______。
A．利用公式計(jì)算重物速度
B．利用公式計(jì)算重物速度
C．存在空氣阻力和摩擦阻力的影響
D．沒有采用多次實(shí)驗(yàn)取平均值的方法
【答案】（1）FG
（2）打點(diǎn)計(jì)時(shí)器接直流電源
（3）A
（4）
（5）9.67
（6）C
【知識(shí)點(diǎn)】驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律
【解析】【解答】本題考查了實(shí)驗(yàn)器材的選取、實(shí)驗(yàn)注意事項(xiàng)與實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)的處理方法，只要掌握勻變速直線運(yùn)動(dòng)的推論以及機(jī)械能守恒表達(dá)式和誤差分析即可解題，平時(shí)要注意基礎(chǔ)知識(shí)的學(xué)習(xí)和掌握。
（1）在驗(yàn)證機(jī)械能守恒的實(shí)驗(yàn)中，驗(yàn)證動(dòng)能增加量與重力勢能的減小量是否相等，所以要測量重錘下降的高度和瞬時(shí)速度，測量下降高度和瞬時(shí)速度均需要刻度尺，不需要秒表，不必測量重錘的質(zhì)量，也不需要天平。
故選FG
（2）電磁打點(diǎn)計(jì)時(shí)器需要用學(xué)生電源，的低壓交流電；電火花打點(diǎn)計(jì)時(shí)器需要的交流電源，所以圖中的打點(diǎn)計(jì)時(shí)器接直流電是錯(cuò)誤的
（3）打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的使用方法，必須先接通電源，后釋放紙帶
故選A。
（4）重力減少量為
對(duì)應(yīng)的動(dòng)能增加量表達(dá)式
二者相等說明機(jī)械能守恒，即
化簡得
（5）據(jù)機(jī)械能守恒表達(dá)式
解得
斜率為
解得
（6）在驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律實(shí)驗(yàn)中，由于重錘下落需要克服空氣阻力以及紙帶和限位孔的摩擦阻力做功，所以重力勢能減少量稍大于動(dòng)能增加量。
故選C
【分析】（1）根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理，實(shí)驗(yàn)的儀器分析；
（2）根據(jù)操作步驟注意事項(xiàng)分析；
（3）有打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的實(shí)驗(yàn)一般先接通打點(diǎn)計(jì)時(shí)器，后釋放紙帶；
（4）實(shí)驗(yàn)中驗(yàn)證重力勢能變化量ΔEp=mgh，需確定高度h求解；由勻變速直線運(yùn)動(dòng)的推論求瞬時(shí)速度，要測量瞬時(shí)速度，需要測量位移；進(jìn)而求解動(dòng)能的增加量ΔEk；
（5）根據(jù)機(jī)械能守恒定律得到 圖像表達(dá)式，根據(jù)表達(dá)式分析；
（6）重錘下落時(shí)需要克服阻力做功，導(dǎo)致ΔEp稍大于ΔEk，在誤差允許范圍內(nèi)，機(jī)械能守恒。
（1）在驗(yàn)證機(jī)械能守恒的實(shí)驗(yàn)中，驗(yàn)證動(dòng)能增加量與重力勢能的減小量是否相等，所以要測量重錘下降的高度和瞬時(shí)速度，測量下降高度和瞬時(shí)速度均需要刻度尺，不需要秒表，不必測量重錘的質(zhì)量，也不需要天平。
故選FG
（2）電磁打點(diǎn)計(jì)時(shí)器需要用學(xué)生電源，的低壓交流電；電火花打點(diǎn)計(jì)時(shí)器需要的交流電源，所以圖中的打點(diǎn)計(jì)時(shí)器接直流電是錯(cuò)誤的
（3）打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的使用方法，必須先接通電源，后釋放紙帶
故選A。
（4）重力減少量為
對(duì)應(yīng)的動(dòng)能增加量表達(dá)式
二者相等說明機(jī)械能守恒，即
化簡得
（5）據(jù)機(jī)械能守恒表達(dá)式
解得
斜率為
解得
（6）在驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律實(shí)驗(yàn)中，由于重錘下落需要克服空氣阻力以及紙帶和限位孔的摩擦阻力做功，所以重力勢能減少量稍大于動(dòng)能增加量。
故選C
12．（2025·深圳模擬）1. （1）用圖1所示的多用表測量一合金絲的電阻。待測合金絲阻值約為十幾歐，測量步驟如下：
①使用前先調(diào)節(jié)指針定位螺絲，使多用電表指針對(duì)準(zhǔn)“直流電流、電壓”的0刻線。
②將選擇開關(guān)轉(zhuǎn)到電阻擋的　 　（選填“×1”“×10”或“×100”）的位置。
③將紅、黑表筆插入“＋”、“－”插孔，并將兩表筆短接，調(diào)節(jié)歐姆調(diào)零旋鈕，使電表指針對(duì)準(zhǔn)“電阻”的　 　（選填“0刻線”或“∞刻線”）。
④將兩表筆分別與待測電阻相接，讀取數(shù)據(jù)，示數(shù)如圖2所示，則合金絲的阻值為　 　。
（2）按照?qǐng)D3連接電路，測量合金絲的電阻率。實(shí)驗(yàn)時(shí)多次改變合金絲甲接入電路的長度、調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器連入電路的阻值，使電流表的讀數(shù)達(dá)到某一相同值時(shí)記錄電壓表的示數(shù)U，從而得到多個(gè)的值，作出圖像，如圖4中圖線a所示。
①在實(shí)驗(yàn)中應(yīng)使用　 　（選填“0~20”或“0~200”）的滑動(dòng)變阻器。
②已知合金絲甲的橫截面積為8.0×10-8m2，則合金絲甲的電阻率為　 　·m（結(jié)果保留2位有效數(shù)字）。
③圖4中圖線b是另一根長度相同、材料相同的合金絲乙采用同樣的方法獲得的圖像，由圖可知合金絲乙的橫截面積　 　（選填“大于”、“等于”或“小于”）合金絲甲的橫截面積。
④請(qǐng)從理論上分析并說明，利用圖4中直線斜率求合金絲電阻率，是否存在因電表內(nèi)阻帶來的誤差　 　。
【答案】×1；0刻線；15；0~20；1.2×10-6；大于；見解析
【知識(shí)點(diǎn)】導(dǎo)體電阻率的測量；電壓表、電流表歐姆表等電表的讀數(shù)
【解析】【解答】本題考查了多用電表的使用方法和測量導(dǎo)體的電阻率的實(shí)驗(yàn)。掌握歐姆表使用及測量時(shí)應(yīng)注意的事項(xiàng)，掌握利用圖像處理實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)的方法。（1）②指針指到中間刻度附近時(shí)，測量誤差較小，待測電阻只有十幾歐姆，為了使指針指到中間刻度附近，則將選擇開關(guān)轉(zhuǎn)到電阻擋的“×1”的位置。
③將紅、黑表筆插入“＋”、“－”插孔，并將兩表筆短接，調(diào)節(jié)歐姆調(diào)零旋鈕，使電表指針對(duì)準(zhǔn)“電阻”的 “0刻線”。
④合金絲的阻值為15Ω。
（2）①在實(shí)驗(yàn)中滑動(dòng)變阻器選擇與待測電阻阻值相當(dāng)?shù)模瑒t應(yīng)使用0~20的滑動(dòng)變阻器。
②根據(jù)
由圖像可知
解得ρ=1.2×10-6Ω m
③由圖可知圖4中圖線b對(duì)應(yīng)的斜率較小，根據(jù)
材料相同，則電阻率相同，可知合金絲乙的橫截面積大于合金絲甲的橫截面積。
④由上述分析可知，導(dǎo)體的電阻率與圖像的斜率有關(guān)，和電表內(nèi)阻無關(guān)，所以不存在因電表內(nèi)阻帶來的誤差。
【分析】（1）在實(shí)驗(yàn)中滑動(dòng)變阻器串聯(lián)在電路中，應(yīng)選擇最大阻值與待測電阻阻值相差不多的滑動(dòng)變阻器；
（2）根據(jù)歐姆定律和電阻定律，結(jié)合圖線的斜率求解；
（3）根據(jù)圖4中圖線的物理意義解答；
（4）根據(jù)上述結(jié)論分析求解電阻率的過程，確定電表內(nèi)阻是否帶來誤差。
13．（2025·深圳模擬）如圖，質(zhì)量為2kg的小球A（視為質(zhì)點(diǎn)）在細(xì)繩和OP作用下處于平衡狀態(tài)，細(xì)繩，與豎直方向的夾角均為60°。質(zhì)量為6kg的木板B靜止在光滑水平面上，質(zhì)量為2kg的物塊C靜止在B的左端。剪斷細(xì)繩，小球A開始運(yùn)動(dòng)。（重力加速度g取）
（1）求A運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)時(shí)細(xì)繩OP所受的拉力。
（2）A在最低點(diǎn)時(shí)，細(xì)繩OP斷裂。A飛出后恰好與C左側(cè)碰撞（時(shí)間極短）、碰后A豎直下落，C水平向右運(yùn)動(dòng)。求碰后C的速度大小。
（3）A、C碰后，C相對(duì)B滑行4m后與B共速。求C和B之間的動(dòng)摩擦因數(shù)。
【答案】解：根據(jù)題意，設(shè)AC質(zhì)量為，B的質(zhì)量為，細(xì)繩長為，初始時(shí)細(xì)線與豎直方向夾角。
（1）A開始運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)有
對(duì)最低點(diǎn)受力分析，根據(jù)牛頓第二定律得
解得
，
（2）A與C相碰時(shí)，水平方向動(dòng)量守恒，由于碰后A豎直下落可知
故解得
（3）A、C碰后，C相對(duì)B滑行4m后與B共速，則對(duì)CB分析，過程中根據(jù)動(dòng)量守恒可得
根據(jù)能量守恒得
聯(lián)立解得
【知識(shí)點(diǎn)】動(dòng)量守恒定律；碰撞模型
【解析】【分析】1.多過程問題看似復(fù)雜，但一般都可以劃分為多段基本運(yùn)動(dòng)形式：直線運(yùn)動(dòng)、平拋運(yùn)動(dòng)、圓周運(yùn)動(dòng)。
解題思路：
(1)對(duì)于這類問題，首先作受力分析和運(yùn)動(dòng)分析，根據(jù)受力和運(yùn)動(dòng)特點(diǎn)將多過程問題劃分為幾個(gè)基本的力學(xué)模型，最好畫出草圖。
(2)然后根據(jù)每個(gè)過程的特點(diǎn)，結(jié)合力學(xué)三大觀點(diǎn)的選用原則選擇合適的力學(xué)規(guī)律(動(dòng)能定理、機(jī)械能守恒定律、能量守恒定律、牛頓運(yùn)動(dòng)定律、運(yùn)動(dòng)學(xué)關(guān)系式、動(dòng)量守恒定律、動(dòng)量定理)列方程，并注意過程銜接處的物理量關(guān)系(如速度大小不變)。
(3)聯(lián)立方程求解(有些情況需要先計(jì)算出一個(gè)過程末的物理量，然后再據(jù)此重復(fù)(1)(2)步驟分析下一個(gè)過程列方程求解，層層遞進(jìn))。
2.“滑塊—木板”模型的解題思路
①系統(tǒng)的動(dòng)量守恒。
②在涉及滑塊或木板運(yùn)動(dòng)的時(shí)間時(shí)，優(yōu)先考慮用動(dòng)量定理。
③在涉及滑塊或木板的位移時(shí)，優(yōu)先考慮用動(dòng)能定理。
④在涉及滑塊與木板的相對(duì)位移時(shí)，優(yōu)先考慮用系統(tǒng)的能量守恒。
⑤滑塊與木板不相對(duì)滑動(dòng)時(shí)，兩者達(dá)到共同速度。
14．（2025·深圳模擬）如圖所示，玻璃管A上端封閉，玻璃管B兩端開口且足夠長，兩管下端用橡皮管連接起來，A管上端被一段水銀柱封閉了一段長為9cm的氣體，B管的水銀面比A管高5cm，外界大氣壓為75cmHg，溫度為，保持溫度不變，上下移動(dòng)B管，使穩(wěn)定后A管中氣體長度變?yōu)?0cm。
（1）求穩(wěn)定后的A、B管水銀面的高度差；
（2）穩(wěn)定后保持兩管不動(dòng)，降低A管中的封閉氣體溫度，使A管中氣體長度恢復(fù)到9cm，求此時(shí)氣體的溫度。
【答案】（1）氣體做等溫變化，初態(tài)壓強(qiáng)為
初態(tài)體積為
末態(tài)壓強(qiáng)為，體積為
根據(jù)玻意耳定律可得
解得
故管中的水銀面比B管的高
（2）要使A管中氣體長度恢復(fù)到，則B管的水銀還要降低，所以A管中封閉氣體的壓強(qiáng)為
根據(jù)理想氣體的狀態(tài)方程可得
其中，
解得
【知識(shí)點(diǎn)】理想氣體與理想氣體的狀態(tài)方程；氣體的等溫變化及玻意耳定律
【解析】【分析】（1）氣體發(fā)生等溫變化，根據(jù)玻意耳定律結(jié)合幾何關(guān)系，即可求出穩(wěn)定后的A、B管水銀面的高度差；
（2）穩(wěn)定后保持兩管不動(dòng)，降低A管中的封閉氣體溫度，過程中壓強(qiáng)體積溫度均變化，對(duì)封閉氣體運(yùn)用理想氣體的狀態(tài)方程，即可求出使A管中氣體長度恢復(fù)到9cm時(shí)氣體的溫度．
（1）氣體做等溫變化，初態(tài)壓強(qiáng)為
初態(tài)體積為
末態(tài)壓強(qiáng)為，體積為
根據(jù)玻意耳定律可得
解得
故管中的水銀面比B管的高
（2）要使A管中氣體長度恢復(fù)到，則B管的水銀還要降低，所以A管中封閉氣體的壓強(qiáng)為
根據(jù)理想氣體的狀態(tài)方程可得
其中，
解得
15．（2025·深圳模擬）如圖所示，已知電源電動(dòng)勢為E=20V，內(nèi)阻r=0.5Ω，固定電阻R=3Ω，電路中標(biāo)有“3V 6W”的燈泡L和內(nèi)阻rM=0.5Ω的小型直流電動(dòng)機(jī)，電容為C=3μF的電容器接在電動(dòng)機(jī)的兩端．閉合開關(guān)K，電動(dòng)機(jī)和燈泡恰好都正常工作．求：
（1）電路中的電流強(qiáng)度I；
（2）電容器的帶電量Q；
（3）電動(dòng)機(jī)輸出的機(jī)械功率P機(jī)。
【答案】（1）電路中的電流強(qiáng)度為
（2）電動(dòng)機(jī)兩端電壓為
電容器的帶電量為
（3）電動(dòng)機(jī)輸出的機(jī)械功率P機(jī)為
【知識(shí)點(diǎn)】含容電路分析
【解析】【分析】（1）根據(jù)小燈泡的額定電壓和額定功率計(jì)算；
（2）根據(jù)閉合電路的歐姆定律計(jì)算電動(dòng)機(jī)兩端的電壓，然后根據(jù)Q=CU計(jì)算；
（3）根據(jù)電動(dòng)機(jī)輸出的機(jī)械功率、熱功率和消耗的總功率的關(guān)系計(jì)算。
1 / 12025屆廣東省深圳市建文外國語學(xué)校兩學(xué)部高三下學(xué)期一模物理試題
1．（2025·深圳模擬）勻強(qiáng)電場的電場強(qiáng)度E隨時(shí)間t變化的圖像如圖所示。當(dāng)時(shí)。在此勻強(qiáng)電場中由靜止釋放一個(gè)帶正電的粒子，帶電粒子只受靜電力的作用，下列說法正確的是（　　）
A．帶電粒子將做往復(fù)運(yùn)動(dòng) B．3s末帶電粒子回到原出發(fā)點(diǎn)
C．3s末帶電粒子的速度不為零 D．前3s內(nèi)，靜電力做的總功為零
2．（2025·深圳模擬）用平行單色光垂直照射一層透明薄膜，觀察到如圖所示明暗相間的干涉條紋。下列關(guān)于該區(qū)域薄膜厚度d隨坐標(biāo)x的變化圖像，可能正確的是（　　）
A． B．
C． D．
3．（2025·深圳模擬）讓質(zhì)量為1kg的石塊P1從足夠高處自由下落，P1在下落的第1s末速度大小為v1，再將其和質(zhì)量為2kg的石塊綁為一個(gè)整體P2，使P2從原高度自由下落，P2在下落的第2s末速度大小為v2，g取10m/s2，則（　　）
A．v1=5m/s B．v1=15m/s C．v2=20m/s D．v2=30m/s
4．（2025·深圳模擬）如圖所示，火車在傾斜的軌道上勻速轉(zhuǎn)彎，彎道的傾角為θ，半徑為r，重力加速度為g，則火車轉(zhuǎn)彎時(shí)外側(cè)車輪輪緣不對(duì)外軌產(chǎn)生擠壓的最大速率是（設(shè)轉(zhuǎn)彎半徑水平）（　　）
A． B． C． D．
5．（2025·深圳模擬）汽車的發(fā)動(dòng)機(jī)的額定輸出功率為P1，它在水平路面上行駛時(shí)受到的摩擦阻力大小恒定．汽車在水平路面上由靜止開始運(yùn)動(dòng)，直到車速達(dá)到最大速度vm，汽車發(fā)動(dòng)機(jī)的輸出功率P隨時(shí)間變化的圖象如圖所示．若在0~t1時(shí)間內(nèi)，汽車發(fā)動(dòng)機(jī)的牽引力是恒定的，則汽車受到的合力F合隨時(shí)間變化的圖象可能是（　　）
A． B．
C． D．
6．（2025·深圳模擬）如圖所示的電路中，A、B為兩相同燈泡，C為理想電容器，E為直流電源，S為開關(guān)．下列說法中正確的是（　　）
A．閉合S的瞬間，A、B均有電流流過，且最終大小相等
B．閉合S的瞬間，A中有電流通過，B沒有電流通過
C．?dāng)嚅_S的瞬間，A、B中瞬時(shí)電流大小相等
D．?dāng)嚅_S的瞬間，A中電流反向，B中仍無電流
7．（2025·深圳模擬）黃河鐵牛是世界橋梁史上的傳世之寶。如圖，唐代蒲津浮橋通過兩岸的鐵牛固定，鐵牛底部的鐵柱插入地下。鐵牛受到3個(gè)力，其中橋索對(duì)鐵牛的拉力為，鐵柱對(duì)鐵牛的作用力為，鐵牛自身重力為，則（　　）
A．橋索對(duì)鐵牛的拉力可以不沿橋索方向
B．鐵柱對(duì)鐵牛的作用力一定沿著鐵柱向上
C．與的合力豎直向上
D．若增大，減小
8．（2025·深圳模擬）如圖所示，在空間軸上方有沿負(fù)方向的勻強(qiáng)電場，電場強(qiáng)度大小為，在軸下方有方向與軸成角的勻強(qiáng)電場，電場強(qiáng)度大小為。現(xiàn)有一帶正電量q，質(zhì)量為m的粒子從以沿方向的速度射出，忽略粒子所受的重力。若粒子第一次經(jīng)過軸時(shí)速度方向與軸成角，則（　　）
A．與滿足
B．粒子第2次經(jīng)過軸時(shí)的位置為
C．粒子第20次經(jīng)過軸時(shí)的位置為
D．粒子第20次經(jīng)過軸時(shí)速度大小為
9．（2025·深圳模擬）A、B、C三條通電長直導(dǎo)線在穿線管中呈直線等距分布，電流方向如圖所示，橫截面恰好形成邊長為d的等邊三角形，O點(diǎn)為等邊三角形的中心，A、B兩條導(dǎo)線中的電流大小相同，都為I，導(dǎo)線C中的電流為 2I，導(dǎo)線半徑不計(jì)。則（　　）
A．A 內(nèi)電流產(chǎn)生的磁場的磁感線是一系列同心圓，方向?yàn)槟鏁r(shí)針方向
B．A、B內(nèi)電流在C 處產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相同
C．C處的磁場方向水平向左
D．O點(diǎn)的磁場方向豎直向下
10．（2025·深圳模擬）物理學(xué)中經(jīng)常看到形如 的公式，一種情形是x的大小與y、z都有關(guān)； 另一種情形是x雖然可由y、z計(jì)算，但與y、z無關(guān)。下列四個(gè)公式中，屬于后一種情形的是（　　）
A．電阻 B．密度
C．熱值 D．壓強(qiáng)
11．（2025·深圳模擬）某同學(xué)利用重物自由下落來做“驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律”的實(shí)驗(yàn)裝置如圖甲所示。
（1）在“驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律”的實(shí)驗(yàn)中，有下列器材可供選擇：
A . 帶夾子的鐵架臺(tái) B. 電磁式打點(diǎn)計(jì)時(shí)器 C. 低壓交流電源
D. 紙帶 E. 帶夾子的重物 F. 秒表
G. 天平 H. 刻度尺
其中不必要的器材有　 　（填器材前面的字母）。
（2）請(qǐng)指出實(shí)驗(yàn)裝置甲中存在的明顯錯(cuò)誤：　 　。
（3）進(jìn)行實(shí)驗(yàn)時(shí)，為保證測量的重物下落時(shí)初速度為零，應(yīng)選______（填“A”或“B”）。
A．先接通電源，再釋放紙帶 B．先釋放紙帶，再接通電源。
（4）根據(jù)打出的紙帶，選取紙帶上連續(xù)打出的1、2、3、4四個(gè)點(diǎn)如圖乙所示。已測出點(diǎn)1、2、3、4到打出的第一點(diǎn)0的距離分別為、、、，打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的打點(diǎn)周期為。若代入所測數(shù)據(jù)能滿足表達(dá)式　 　，則可驗(yàn)證重物下落過程機(jī)械能守恒（用題目中已測出的物理量表示）。
（5）某同學(xué)作出了圖象（圖丙），則由圖線得到的重力加速度　 　（結(jié)果保留三位有效數(shù)字）。
（6）大多數(shù)學(xué)生的實(shí)驗(yàn)結(jié)果顯示，重力勢能的減少量大于動(dòng)能的增加量，原因是______。
A．利用公式計(jì)算重物速度
B．利用公式計(jì)算重物速度
C．存在空氣阻力和摩擦阻力的影響
D．沒有采用多次實(shí)驗(yàn)取平均值的方法
12．（2025·深圳模擬）1. （1）用圖1所示的多用表測量一合金絲的電阻。待測合金絲阻值約為十幾歐，測量步驟如下：
①使用前先調(diào)節(jié)指針定位螺絲，使多用電表指針對(duì)準(zhǔn)“直流電流、電壓”的0刻線。
②將選擇開關(guān)轉(zhuǎn)到電阻擋的　 　（選填“×1”“×10”或“×100”）的位置。
③將紅、黑表筆插入“＋”、“－”插孔，并將兩表筆短接，調(diào)節(jié)歐姆調(diào)零旋鈕，使電表指針對(duì)準(zhǔn)“電阻”的　 　（選填“0刻線”或“∞刻線”）。
④將兩表筆分別與待測電阻相接，讀取數(shù)據(jù)，示數(shù)如圖2所示，則合金絲的阻值為　 　。
（2）按照?qǐng)D3連接電路，測量合金絲的電阻率。實(shí)驗(yàn)時(shí)多次改變合金絲甲接入電路的長度、調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器連入電路的阻值，使電流表的讀數(shù)達(dá)到某一相同值時(shí)記錄電壓表的示數(shù)U，從而得到多個(gè)的值，作出圖像，如圖4中圖線a所示。
①在實(shí)驗(yàn)中應(yīng)使用　 　（選填“0~20”或“0~200”）的滑動(dòng)變阻器。
②已知合金絲甲的橫截面積為8.0×10-8m2，則合金絲甲的電阻率為　 　·m（結(jié)果保留2位有效數(shù)字）。
③圖4中圖線b是另一根長度相同、材料相同的合金絲乙采用同樣的方法獲得的圖像，由圖可知合金絲乙的橫截面積　 　（選填“大于”、“等于”或“小于”）合金絲甲的橫截面積。
④請(qǐng)從理論上分析并說明，利用圖4中直線斜率求合金絲電阻率，是否存在因電表內(nèi)阻帶來的誤差　 　。
13．（2025·深圳模擬）如圖，質(zhì)量為2kg的小球A（視為質(zhì)點(diǎn)）在細(xì)繩和OP作用下處于平衡狀態(tài)，細(xì)繩，與豎直方向的夾角均為60°。質(zhì)量為6kg的木板B靜止在光滑水平面上，質(zhì)量為2kg的物塊C靜止在B的左端。剪斷細(xì)繩，小球A開始運(yùn)動(dòng)。（重力加速度g取）
（1）求A運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)時(shí)細(xì)繩OP所受的拉力。
（2）A在最低點(diǎn)時(shí)，細(xì)繩OP斷裂。A飛出后恰好與C左側(cè)碰撞（時(shí)間極短）、碰后A豎直下落，C水平向右運(yùn)動(dòng)。求碰后C的速度大小。
（3）A、C碰后，C相對(duì)B滑行4m后與B共速。求C和B之間的動(dòng)摩擦因數(shù)。
14．（2025·深圳模擬）如圖所示，玻璃管A上端封閉，玻璃管B兩端開口且足夠長，兩管下端用橡皮管連接起來，A管上端被一段水銀柱封閉了一段長為9cm的氣體，B管的水銀面比A管高5cm，外界大氣壓為75cmHg，溫度為，保持溫度不變，上下移動(dòng)B管，使穩(wěn)定后A管中氣體長度變?yōu)?0cm。
（1）求穩(wěn)定后的A、B管水銀面的高度差；
（2）穩(wěn)定后保持兩管不動(dòng)，降低A管中的封閉氣體溫度，使A管中氣體長度恢復(fù)到9cm，求此時(shí)氣體的溫度。
15．（2025·深圳模擬）如圖所示，已知電源電動(dòng)勢為E=20V，內(nèi)阻r=0.5Ω，固定電阻R=3Ω，電路中標(biāo)有“3V 6W”的燈泡L和內(nèi)阻rM=0.5Ω的小型直流電動(dòng)機(jī)，電容為C=3μF的電容器接在電動(dòng)機(jī)的兩端．閉合開關(guān)K，電動(dòng)機(jī)和燈泡恰好都正常工作．求：
（1）電路中的電流強(qiáng)度I；
（2）電容器的帶電量Q；
（3）電動(dòng)機(jī)輸出的機(jī)械功率P機(jī)。
答案解析部分
1．【答案】D
【知識(shí)點(diǎn)】帶電粒子在電場中的運(yùn)動(dòng)綜合
【解析】【解答】本題帶電粒子在周期性變化的電場中運(yùn)動(dòng)，關(guān)鍵之處是電場強(qiáng)度大小不一，導(dǎo)致加速度不一，所以失去對(duì)稱性．若電場強(qiáng)度大小相同，則帶電粒子一直同一個(gè)方向運(yùn)動(dòng)。A． 在此勻強(qiáng)電場中由靜止釋放一個(gè)帶正電的粒子，在時(shí)間內(nèi)， 帶電粒子只受靜電力的作用， 由牛頓第二定律可知粒子的加速度大小為
在時(shí)間內(nèi)，粒子的加速度大小為
可知粒子由靜止先以加速度大小加速2s，再以加速度大小減速1s，由于，可知3s末粒子速度為零，同理在時(shí)間內(nèi)由靜止又以加速度大小加速2s，再以加速度大小減速1s，此時(shí)粒子速度是零，因此粒子在時(shí)間內(nèi)，帶電粒子將始終向同一個(gè)方向運(yùn)動(dòng)，其速度時(shí)間圖像如圖所示
A錯(cuò)誤；
B．由帶電粒子的速度時(shí)間圖像可知，帶電粒子將始終向同一個(gè)方向運(yùn)動(dòng)，因此3s末帶電粒子回不到原出發(fā)點(diǎn)，B錯(cuò)誤；
C．由帶電粒子的速度時(shí)間圖像可知，3s末帶電粒子的速度是零，C錯(cuò)誤；
D．在前3s內(nèi)，由動(dòng)能定理可知
前3s內(nèi)，靜電力做的總功是零，D正確。
故選D。
【分析】由題圖可知，電場強(qiáng)度的大小與方向的變化，當(dāng)帶電粒子由靜止釋放僅在電場力作用下，根據(jù)運(yùn)動(dòng)與力的關(guān)系可確定運(yùn)動(dòng)情況。
2．【答案】D
【知識(shí)點(diǎn)】薄膜干涉
【解析】【解答】本題主要考查了薄膜干涉實(shí)驗(yàn)，掌握了薄膜干涉的原理和相鄰條紋空氣層厚度差的關(guān)系即可順利解決此類題目。用平行單色光垂直照射一層透明薄膜，從透明薄膜的上下表面分別反射的兩列光是相干光，發(fā)生干涉現(xiàn)象，出現(xiàn)條紋，所以此條紋是由上方玻璃板的下表面和下方玻璃板的上表面反射光疊加后形成的，其光程差為透明薄膜厚度的2倍，當(dāng)光程差△x=nλ時(shí)此處表現(xiàn)為亮條紋，即當(dāng)薄膜的厚度
時(shí)對(duì)應(yīng)的條紋為亮條紋，在題目的干涉條紋中，從左向右條紋的間距逐漸增大，結(jié)合干涉條紋公式對(duì)應(yīng)的厚度公式可知從左向右薄膜厚度的變化率逐漸減小。
故選D。
【分析】從透明薄膜的上下表面分別反射的兩列光是相干光，其光程差為透明薄膜厚度的2倍，當(dāng)光程差Δx=nλ時(shí)此處表現(xiàn)為亮條紋，故相鄰亮條紋之間的透明薄膜的厚度差為，且干涉條紋與入射光在同一側(cè)，從而即可求解。
3．【答案】C
【知識(shí)點(diǎn)】自由落體運(yùn)動(dòng)
【解析】【解答】本題是對(duì)自由落體運(yùn)動(dòng)的規(guī)律的考查，解題時(shí)要知道物體做自由落體運(yùn)動(dòng)的加速度為g，與物體的質(zhì)量無關(guān)。
重物自由下落做自由落體運(yùn)動(dòng)，與質(zhì)量無關(guān)，則下落1s后速度為
第2s末速度大小為
故選C。
【分析】重物自由下落做自由落體運(yùn)動(dòng)，與質(zhì)量無關(guān)，由速度—時(shí)間關(guān)系可求v1和v2。
4．【答案】C
【知識(shí)點(diǎn)】生活中的圓周運(yùn)動(dòng)
【解析】【解答】本題考查火車轉(zhuǎn)彎時(shí)的受力分析和向心力問題，會(huì)根據(jù)題意進(jìn)行準(zhǔn)確分析解答。火車在傾斜的軌道上勻速轉(zhuǎn)彎時(shí)，若內(nèi)、外側(cè)車輪輪緣不對(duì)內(nèi)、外軌產(chǎn)生擠壓，則有火車的重力與傾斜軌道的支持力的合力提供向心力，如圖所示。設(shè)此時(shí)火車的速率為，則此速率是火車轉(zhuǎn)彎時(shí)外側(cè)車輪輪緣不對(duì)外軌產(chǎn)生擠壓的最大值，由牛頓第二定律可得
解得
故選C。
【分析】根據(jù)火車的受力分析結(jié)合重力與支持力的合力提供向心力列式求解相應(yīng)的速率。
5．【答案】D
【知識(shí)點(diǎn)】機(jī)車啟動(dòng)
【解析】【解答】解決本題的關(guān)鍵會(huì)通過受力判斷物體的運(yùn)動(dòng)， 功率是反映做功快慢的物理量，與功的多少?zèng)]有直接關(guān)系。0~t1時(shí)間內(nèi)牽引力是恒定的，故合力也是恒定的，輸出功率一直增大，當(dāng)達(dá)到額定功率后，即t>t1時(shí)，功率保持不變，速度繼續(xù)增大，牽引力開始減小，一直到等于摩擦力，故合力也一直減小直到等于零故選項(xiàng)D正確，ABC錯(cuò)誤，故選D.
【分析】根據(jù)圖象可知，在0～t1時(shí)間內(nèi)功率隨時(shí)間均勻增大，知汽車由靜止開始做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，通過受力判斷功率達(dá)到額定功率后的運(yùn)動(dòng)。從而得出合力隨時(shí)間的變化圖線。
6．【答案】C
【知識(shí)點(diǎn)】電容器及其應(yīng)用
【解析】【解答】本題考查閉合電路歐姆定律及電容器的性質(zhì)，要注意明確直流電不能通過電容器，但充放電時(shí)可以有電流“通過”。AB．閉合S的瞬間，電流突然增大，A、B均有電流流過，但平穩(wěn)后，A中仍有電流，B中沒有電流，選項(xiàng)AB錯(cuò)誤；
CD．?dāng)嚅_S的瞬間，電流突然減小，A、B與電容C組成一個(gè)電路，兩個(gè)燈泡串聯(lián)，所以它們有瞬時(shí)電流，且大小相等，選項(xiàng)C正確，D錯(cuò)誤。
故選C。
【分析】當(dāng)電容器充放電時(shí)，均會(huì)有電流通過；故根據(jù)開關(guān)通斷時(shí)分析電容器的狀態(tài)即可明確有無電流。
7．【答案】C
【知識(shí)點(diǎn)】共點(diǎn)力的平衡
【解析】【解答】本題考查了共點(diǎn)力平衡問題，解題的關(guān)鍵要知道三力平衡，任何一個(gè)力都可以看作其它兩個(gè)力的合力，大小相等，方向相反。A．橋索對(duì)鐵牛的拉力一定沿橋索方向，故A錯(cuò)誤；
B．根據(jù)三個(gè)力的合成可知一定與和重力合力的方向相反，不一定沿著鐵柱向上，故B錯(cuò)誤；
C．同上述分析可知與的合力與重力等大反向，方向豎直向上，故C正確；
D．根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件及矢量三角形法則可知若增大，增大，故D錯(cuò)誤。
故選C。
【分析】對(duì)鐵牛受力分析，鐵牛受到自身重力 G，橋素對(duì)鐵牛的拉力為F1，鐵柱對(duì)鐵牛的作用力為F2，三者共點(diǎn)力平衡。橋索對(duì)鐵牛的拉力F1一定沿橋索方向，由三角形定律可知，F(xiàn)2一定與F1和重力合力的方向相反，若增大F1，F(xiàn)2也增大。F1與F2的合力與力重力平衡，故合力方向豎直向上。
8．【答案】B,C
【知識(shí)點(diǎn)】帶電粒子在電場中的偏轉(zhuǎn)
【解析】【解答】粒子在電場中做類平拋運(yùn)動(dòng)，根據(jù)類平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律結(jié)合周期性特點(diǎn)解答。A． 在軸下方有方向與軸成角的勻強(qiáng)電場， 粒子第一次經(jīng)過軸時(shí)速度方向與軸成角，則有
粒子在第一象限做類平拋運(yùn)動(dòng)，豎直方向上有
解得
故A錯(cuò)誤；
B．根據(jù)類平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律可得粒子第一次到達(dá)軸有
結(jié)合上述解得
隨后粒子第二次到達(dá)軸有
解得
則有
即粒子第2次經(jīng)過軸時(shí)的位置為，故B正確；
D．結(jié)合上述，粒子在第一象限內(nèi)的加速度
將粒子在軸下方的運(yùn)動(dòng)沿x軸與y軸方向分解，兩方向的分加速度分別為
粒子在軸下側(cè)電場中水平方向做初速度為的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，且在軸下側(cè)電場中水平方向后一過程可以看為前一過程的一個(gè)延續(xù)部分，在軸下側(cè)電場中豎直方向做雙向勻變速直線運(yùn)動(dòng)，結(jié)合上述，粒子第一次到達(dá)軸的時(shí)間為
根據(jù)豎直方向做雙向勻變速直線運(yùn)動(dòng)的對(duì)稱性可知，除第一次越過x軸的時(shí)間為，其余越過x軸的時(shí)間均為，粒子在軸下側(cè)電場運(yùn)動(dòng)的總時(shí)間
則粒子第20次經(jīng)過軸時(shí)速度大小為
結(jié)合上述解得
故D錯(cuò)誤；
C、粒子第二次在第一象限運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為2t，水平方向運(yùn)動(dòng)的距離為
x3=vx2×2t
根據(jù)周期性運(yùn)動(dòng)規(guī)律可知，粒子第20次經(jīng)過x軸時(shí)的位置為
x'20=10x2+9x3+x
解得
x'20=838h
故粒子第20次經(jīng)過x軸時(shí)的位置為（838h，0），故C正確；
故選BC。
【分析】根據(jù)類平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律結(jié)合運(yùn)動(dòng)分解解得A，分析粒子在第一、四象限運(yùn)動(dòng)的規(guī)律，根據(jù)周期性特點(diǎn)分析解答。
9．【答案】B,C
【知識(shí)點(diǎn)】磁感應(yīng)強(qiáng)度；通電導(dǎo)線及通電線圈周圍的磁場
【解析】【解答】本題考查直導(dǎo)線周圍的磁場問題，解答本題的關(guān)鍵是明確通電直導(dǎo)線周圍的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向的判定，用平行四邊形定則求合磁場的方向。A．通電直導(dǎo)線周圍的磁感線是一系列同心圓，根據(jù)右手螺旋定則，方向?yàn)轫槙r(shí)針方向，A 項(xiàng)錯(cuò)誤；
B．A、B內(nèi)電流在C處產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相同，方向不同，B項(xiàng)正確；
C．A 內(nèi)電流在C 處產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B1，B內(nèi)電流在C 處產(chǎn)生的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B2，其合磁場方向水平向左，如圖所示，C項(xiàng)正確；
D．同理可知，A、B內(nèi)電流在O點(diǎn)處產(chǎn)生的合磁場方向水平向左，Ｃ內(nèi)電流在O點(diǎn)處產(chǎn)生的磁場方向水平向左，因此A、B、C中電流在O點(diǎn)處的合磁場方向不是豎直向下，D項(xiàng)錯(cuò)誤。
故選BC。
【分析】根據(jù)安培定則判斷導(dǎo)線a、b分別在導(dǎo)線c處產(chǎn)生的磁場方向，由左手定則判斷導(dǎo)線c所受的安培力方向，由F=BIL分析導(dǎo)線c所受安培力大小。根據(jù)三根導(dǎo)線在O點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向，由平行四邊形定則確定O點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向。
10．【答案】A,B,C
【知識(shí)點(diǎn)】力學(xué)；電磁學(xué)
【解析】【解答】本題考查學(xué)生對(duì)物理量概念和定義式的理解，知道各物理量的影響因素是解題的關(guān)鍵。A．電阻在數(shù)值上等于導(dǎo)體兩端電壓與通過的電流的比值，但電阻與電壓、電流無關(guān)，故A符合題意要求；
B．密度在數(shù)值上等于物體質(zhì)量與其體積之比，但密度與質(zhì)量、體積無關(guān)，故B符合題意要求；
C．熱值在數(shù)值上等于某種燃料完全燃燒放出的熱量，但熱值是燃料的一種特性，它只與燃料的種類有關(guān)，與燃料的質(zhì)量，燃燒的程度等均無關(guān)，故C符合題意要求；
D．壓強(qiáng)與壓力成正比，與受力面積成反比，表達(dá)式為，故D不符合題意要求。
故選ABC。
【分析】電阻是導(dǎo)體阻礙電流的性質(zhì)，其大小與導(dǎo)體的 長度、橫截面積、材料、溫度有關(guān)，與電壓和電流無關(guān)；密度是物質(zhì)的一種特性，與物質(zhì)的種類、狀態(tài)有關(guān)，而與質(zhì)量、體積無關(guān)；熱值是燃料的一種特性，燃料的種類有關(guān)，與燃料的質(zhì)量、燃燒程度無關(guān)；壓強(qiáng)是物體受到壓力的作用效果，壓強(qiáng)大小與壓力和受力面積有關(guān)。
11．【答案】（1）FG
（2）打點(diǎn)計(jì)時(shí)器接直流電源
（3）A
（4）
（5）9.67
（6）C
【知識(shí)點(diǎn)】驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律
【解析】【解答】本題考查了實(shí)驗(yàn)器材的選取、實(shí)驗(yàn)注意事項(xiàng)與實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)的處理方法，只要掌握勻變速直線運(yùn)動(dòng)的推論以及機(jī)械能守恒表達(dá)式和誤差分析即可解題，平時(shí)要注意基礎(chǔ)知識(shí)的學(xué)習(xí)和掌握。
（1）在驗(yàn)證機(jī)械能守恒的實(shí)驗(yàn)中，驗(yàn)證動(dòng)能增加量與重力勢能的減小量是否相等，所以要測量重錘下降的高度和瞬時(shí)速度，測量下降高度和瞬時(shí)速度均需要刻度尺，不需要秒表，不必測量重錘的質(zhì)量，也不需要天平。
故選FG
（2）電磁打點(diǎn)計(jì)時(shí)器需要用學(xué)生電源，的低壓交流電；電火花打點(diǎn)計(jì)時(shí)器需要的交流電源，所以圖中的打點(diǎn)計(jì)時(shí)器接直流電是錯(cuò)誤的
（3）打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的使用方法，必須先接通電源，后釋放紙帶
故選A。
（4）重力減少量為
對(duì)應(yīng)的動(dòng)能增加量表達(dá)式
二者相等說明機(jī)械能守恒，即
化簡得
（5）據(jù)機(jī)械能守恒表達(dá)式
解得
斜率為
解得
（6）在驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律實(shí)驗(yàn)中，由于重錘下落需要克服空氣阻力以及紙帶和限位孔的摩擦阻力做功，所以重力勢能減少量稍大于動(dòng)能增加量。
故選C
【分析】（1）根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理，實(shí)驗(yàn)的儀器分析；
（2）根據(jù)操作步驟注意事項(xiàng)分析；
（3）有打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的實(shí)驗(yàn)一般先接通打點(diǎn)計(jì)時(shí)器，后釋放紙帶；
（4）實(shí)驗(yàn)中驗(yàn)證重力勢能變化量ΔEp=mgh，需確定高度h求解；由勻變速直線運(yùn)動(dòng)的推論求瞬時(shí)速度，要測量瞬時(shí)速度，需要測量位移；進(jìn)而求解動(dòng)能的增加量ΔEk；
（5）根據(jù)機(jī)械能守恒定律得到 圖像表達(dá)式，根據(jù)表達(dá)式分析；
（6）重錘下落時(shí)需要克服阻力做功，導(dǎo)致ΔEp稍大于ΔEk，在誤差允許范圍內(nèi)，機(jī)械能守恒。
（1）在驗(yàn)證機(jī)械能守恒的實(shí)驗(yàn)中，驗(yàn)證動(dòng)能增加量與重力勢能的減小量是否相等，所以要測量重錘下降的高度和瞬時(shí)速度，測量下降高度和瞬時(shí)速度均需要刻度尺，不需要秒表，不必測量重錘的質(zhì)量，也不需要天平。
故選FG
（2）電磁打點(diǎn)計(jì)時(shí)器需要用學(xué)生電源，的低壓交流電；電火花打點(diǎn)計(jì)時(shí)器需要的交流電源，所以圖中的打點(diǎn)計(jì)時(shí)器接直流電是錯(cuò)誤的
（3）打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的使用方法，必須先接通電源，后釋放紙帶
故選A。
（4）重力減少量為
對(duì)應(yīng)的動(dòng)能增加量表達(dá)式
二者相等說明機(jī)械能守恒，即
化簡得
（5）據(jù)機(jī)械能守恒表達(dá)式
解得
斜率為
解得
（6）在驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律實(shí)驗(yàn)中，由于重錘下落需要克服空氣阻力以及紙帶和限位孔的摩擦阻力做功，所以重力勢能減少量稍大于動(dòng)能增加量。
故選C
12．【答案】×1；0刻線；15；0~20；1.2×10-6；大于；見解析
【知識(shí)點(diǎn)】導(dǎo)體電阻率的測量；電壓表、電流表歐姆表等電表的讀數(shù)
【解析】【解答】本題考查了多用電表的使用方法和測量導(dǎo)體的電阻率的實(shí)驗(yàn)。掌握歐姆表使用及測量時(shí)應(yīng)注意的事項(xiàng)，掌握利用圖像處理實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)的方法。（1）②指針指到中間刻度附近時(shí)，測量誤差較小，待測電阻只有十幾歐姆，為了使指針指到中間刻度附近，則將選擇開關(guān)轉(zhuǎn)到電阻擋的“×1”的位置。
③將紅、黑表筆插入“＋”、“－”插孔，并將兩表筆短接，調(diào)節(jié)歐姆調(diào)零旋鈕，使電表指針對(duì)準(zhǔn)“電阻”的 “0刻線”。
④合金絲的阻值為15Ω。
（2）①在實(shí)驗(yàn)中滑動(dòng)變阻器選擇與待測電阻阻值相當(dāng)?shù)模瑒t應(yīng)使用0~20的滑動(dòng)變阻器。
②根據(jù)
由圖像可知
解得ρ=1.2×10-6Ω m
③由圖可知圖4中圖線b對(duì)應(yīng)的斜率較小，根據(jù)
材料相同，則電阻率相同，可知合金絲乙的橫截面積大于合金絲甲的橫截面積。
④由上述分析可知，導(dǎo)體的電阻率與圖像的斜率有關(guān)，和電表內(nèi)阻無關(guān)，所以不存在因電表內(nèi)阻帶來的誤差。
【分析】（1）在實(shí)驗(yàn)中滑動(dòng)變阻器串聯(lián)在電路中，應(yīng)選擇最大阻值與待測電阻阻值相差不多的滑動(dòng)變阻器；
（2）根據(jù)歐姆定律和電阻定律，結(jié)合圖線的斜率求解；
（3）根據(jù)圖4中圖線的物理意義解答；
（4）根據(jù)上述結(jié)論分析求解電阻率的過程，確定電表內(nèi)阻是否帶來誤差。
13．【答案】解：根據(jù)題意，設(shè)AC質(zhì)量為，B的質(zhì)量為，細(xì)繩長為，初始時(shí)細(xì)線與豎直方向夾角。
（1）A開始運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)有
對(duì)最低點(diǎn)受力分析，根據(jù)牛頓第二定律得
解得
，
（2）A與C相碰時(shí)，水平方向動(dòng)量守恒，由于碰后A豎直下落可知
故解得
（3）A、C碰后，C相對(duì)B滑行4m后與B共速，則對(duì)CB分析，過程中根據(jù)動(dòng)量守恒可得
根據(jù)能量守恒得
聯(lián)立解得
【知識(shí)點(diǎn)】動(dòng)量守恒定律；碰撞模型
【解析】【分析】1.多過程問題看似復(fù)雜，但一般都可以劃分為多段基本運(yùn)動(dòng)形式：直線運(yùn)動(dòng)、平拋運(yùn)動(dòng)、圓周運(yùn)動(dòng)。
解題思路：
(1)對(duì)于這類問題，首先作受力分析和運(yùn)動(dòng)分析，根據(jù)受力和運(yùn)動(dòng)特點(diǎn)將多過程問題劃分為幾個(gè)基本的力學(xué)模型，最好畫出草圖。
(2)然后根據(jù)每個(gè)過程的特點(diǎn)，結(jié)合力學(xué)三大觀點(diǎn)的選用原則選擇合適的力學(xué)規(guī)律(動(dòng)能定理、機(jī)械能守恒定律、能量守恒定律、牛頓運(yùn)動(dòng)定律、運(yùn)動(dòng)學(xué)關(guān)系式、動(dòng)量守恒定律、動(dòng)量定理)列方程，并注意過程銜接處的物理量關(guān)系(如速度大小不變)。
(3)聯(lián)立方程求解(有些情況需要先計(jì)算出一個(gè)過程末的物理量，然后再據(jù)此重復(fù)(1)(2)步驟分析下一個(gè)過程列方程求解，層層遞進(jìn))。
2.“滑塊—木板”模型的解題思路
①系統(tǒng)的動(dòng)量守恒。
②在涉及滑塊或木板運(yùn)動(dòng)的時(shí)間時(shí)，優(yōu)先考慮用動(dòng)量定理。
③在涉及滑塊或木板的位移時(shí)，優(yōu)先考慮用動(dòng)能定理。
④在涉及滑塊與木板的相對(duì)位移時(shí)，優(yōu)先考慮用系統(tǒng)的能量守恒。
⑤滑塊與木板不相對(duì)滑動(dòng)時(shí)，兩者達(dá)到共同速度。
14．【答案】（1）氣體做等溫變化，初態(tài)壓強(qiáng)為
初態(tài)體積為
末態(tài)壓強(qiáng)為，體積為
根據(jù)玻意耳定律可得
解得
故管中的水銀面比B管的高
（2）要使A管中氣體長度恢復(fù)到，則B管的水銀還要降低，所以A管中封閉氣體的壓強(qiáng)為
根據(jù)理想氣體的狀態(tài)方程可得
其中，
解得
【知識(shí)點(diǎn)】理想氣體與理想氣體的狀態(tài)方程；氣體的等溫變化及玻意耳定律
【解析】【分析】（1）氣體發(fā)生等溫變化，根據(jù)玻意耳定律結(jié)合幾何關(guān)系，即可求出穩(wěn)定后的A、B管水銀面的高度差；
（2）穩(wěn)定后保持兩管不動(dòng)，降低A管中的封閉氣體溫度，過程中壓強(qiáng)體積溫度均變化，對(duì)封閉氣體運(yùn)用理想氣體的狀態(tài)方程，即可求出使A管中氣體長度恢復(fù)到9cm時(shí)氣體的溫度．
（1）氣體做等溫變化，初態(tài)壓強(qiáng)為
初態(tài)體積為
末態(tài)壓強(qiáng)為，體積為
根據(jù)玻意耳定律可得
解得
故管中的水銀面比B管的高
（2）要使A管中氣體長度恢復(fù)到，則B管的水銀還要降低，所以A管中封閉氣體的壓強(qiáng)為
根據(jù)理想氣體的狀態(tài)方程可得
其中，
解得
15．【答案】（1）電路中的電流強(qiáng)度為
（2）電動(dòng)機(jī)兩端電壓為
電容器的帶電量為
（3）電動(dòng)機(jī)輸出的機(jī)械功率P機(jī)為
【知識(shí)點(diǎn)】含容電路分析
【解析】【分析】（1）根據(jù)小燈泡的額定電壓和額定功率計(jì)算；
（2）根據(jù)閉合電路的歐姆定律計(jì)算電動(dòng)機(jī)兩端的電壓，然后根據(jù)Q=CU計(jì)算；
（3）根據(jù)電動(dòng)機(jī)輸出的機(jī)械功率、熱功率和消耗的總功率的關(guān)系計(jì)算。
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