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專題16 解題思想
五年（2021-2025）中考（一年模擬）物理真題分類匯編，研真題，明考向。為了進一步配合廣大師生復習備考，21教育重磅推出《（2021-2025）五年中考真題和一年模擬分類匯編》系列。本套資料設計科學，根據地區試題匯編，按照知識點構成情況，將試題分解組合，全面呈現各學科知識點在五年中考和一年模擬題中的考查情況，是考生掌握當地中考命題動向、熟悉中考考查方式、復習備考不可或缺的精品資料！
1．（2025 河北）如圖所示，小明在站臺上的安全線外候車，是為了防止列車進站時，列車附近的空氣流速大，壓強 　 　 而帶來的危險。列車出站后，在列車座位上的小明相對于列車車窗是 　 　 的。
2．（2024 河北）2024年4月26日，神舟十八號載人飛船成功對接空間站天和核心艙徑向端口。對接成功后，飛船相對于空間站是 　 　 的；宇航員在空間站通過 　 　 波與地面聯系；飛船在太空中 　 　 （選填“有”或“沒有”）慣性。
（多選）3．（2024 河北）如圖1所示，在一次社會實踐活動中，小明用一輛小車運送貨物時，先后經過同一平直路面上的甲、乙、丙三個地點，圖2為運動路徑示意圖。小明先用水平推力F把裝有貨物的小車從甲勻速推到乙，用時為t1；在乙停車卸貨用時為t2；再用水平推力將空車從乙勻速推到丙，用時為t3；兩次推力做功之比為2：1。下列說法正確的是（　　）
A．小明全程的平均速度為
B．從乙到丙的過程中，小明的水平推力為
C．從乙到丙的過程中，小明推力做功的功率為
D．若把空車從丙沿原路勻速推回到甲，推力做功為F（s1+s2）
4．（2023 河北）在探究電阻一定時電流與電壓關系的實驗中，小明把電源、定值電阻、滑動變阻器、電壓表、電流表和開關連成電路進行實驗。
（1）圖1是小明連接的部分電路，請你用筆畫線代替導線將電路補充完整。
表一：
導線連接點 a和b a和c
電壓表指針是否偏轉 否 是
電流表指針是否偏轉 否 是
（2）連接好電路后，閉合開關，調節滑動變阻器的滑片，電壓表和電流表的指針都不偏轉。圖中a為電源的正極，b、c分別為滑動變阻器上電阻絲右側的接線柱和金屬桿右端的接線柱，用一條導線的兩端分別連接a和b、a和c進行檢測，結果如表一所示。發生故障的元件是 　 　 。
（3）排除故障后進行實驗。某次實驗時，電壓表的示數如圖2所示，示數為 　 　 V。移動滑動變阻器的滑片，記錄多組數據填入表二。
數據序號 1 2 3 4 5 6
電壓U/V 1.0 1.2 1.4 1.8 2.0 2.4
電流I/A 0.10 0.12 0.14 0.28 0.20 0.24
（4）小明根據表二中的數據畫出圖像，如圖3所示。從圖像可以看出，第 　 　 （選填數據序號）組數據明顯是錯誤的，分析時需要把它剔除掉。
根據以上數據，小明得出結論：電阻兩端的電壓與通過電阻的電流之比為定值。
（5）小紅按圖4連接電路，測量并記錄幾組電壓和電流值，如表三所示，其中R1＝10Ω、R2＝5Ω，U1、U2、I分別表示電壓表V1、V2和電流表A的示數。
數據序號 1 2 3 4 5
電壓U1/V 1.0 2.0 3.0 4.0 5.0
電壓U2/V 1.5 3.0 4.5 6.0 7.5
電流I/A 0.10 0.20 0.30 0.40 0.50
小紅在與小明的交流中，發現用圖像法處理數據可以更直觀地看出兩個量之間的變化關系，于是她也利用表三中的數據在坐標系中畫出了三條直線①②③，如圖5所示，其中 　 　 是由表三中的I和U2的數據畫出的。小明認為小紅的實驗相當于探究了三個定值電阻的電流與電壓的關系，證據更充分。交流評估后得出結論：在電阻一定的情況下，通過導體的電流與導體兩端的電壓成正比。
【拓展】某小燈泡L的額定電流是I0，但額定電壓的標識模糊不清，為測定L正常發光時的電阻，小明設計了下列的電路，其中定值電阻R0和滑動變阻器的最大阻值R已知，但電源電壓未知。為保證電路安全，滑動變阻器均不能調到最小阻值。實驗時各電路中的小燈泡L都能調至正常發光。以下電路圖中，能夠達到目的的有圖
　 　 。
5．（2022 河北）雨過天晴，地面上會出現建筑物的影子，影子是由于 　 　 形成的。通過地面上一層薄薄的積水還可以看到建筑物的像，如圖所示，像的大小與建筑物的大小 　 　 。一些建筑物外部采用了玻璃幕墻作為裝飾，強光照射到玻璃幕墻時會發生 　 　 反射，造成“光污染”。
6．（2022 河北）一家火鍋店用某種材質的紙折成火鍋，加上水，放在點燃的天然氣爐上涮菜，如圖所示。天然氣屬于 　 　 （選填“可再生”或“不可再生”）能源。紙鍋中的水在沸騰過程中溫度 　 　 （選填“繼續升高”或“保持不變”），該溫度低于紙的著火點。若紙鍋中水的質量為1kg，水溫從20℃升高到100℃，則水需要吸收 　 　 J的熱量。[已知水的比熱容為4.2×103J/（kg ℃）]
7．（2022 河北）如圖是小明做“探究什么情況下磁可以生電”的實驗裝置。
（1）實驗時，小明通過觀察 　 　 來判斷電路中是否產生感應電流。
（2）小明進行了如圖乙所示的5次操作，其中能產生感應電流的是 　 　 （選填所有符合要求的操作序號）。
（3）完成實驗后，小明認為實驗現象不太明顯，請你提出一條改進措施：　 　 。
（4）利用“磁生電”工作的裝置有 　 　 （選填“電鈴”“揚聲器”“動圈式話筒”或“電磁起重機”）。
8．（2021 河北）下列數據最接近實際情況的是（　　）
A．人正常體溫約為37.8℃
B．初中語文課本的長度約為26cm
C．一個蘋果的質量約為1.2kg
D．正常人脈搏跳動10次所用時間約為1min
9．（2021 河北）如圖所示的做法中符合安全原則的是（　　）
A．圖甲用濕抹布擦發光的燈泡 B．圖乙發現有人觸電迅速切斷電源
C．圖丙用手指觸碰插座的插孔 D．圖丁多個大功率用電器同時用一個插座
（多選）10．（2021 河北）如圖所示能夠說明流體壓強與流速關系的是（　　）
A．圖甲攔河壩設計成上窄下寬 B．圖乙向下吹氣，乒乓球不下落
C．圖丙用吸盤搬運玻璃 D．圖丁站在安全線以外候車
一．選擇題（共10小題）
1．（2025 邢臺模擬）如圖是運動員射門時的足球軌跡，下列說法正確的是（　　）
A．腳踢球使球飛出，說明力是物體運動的原因
B．足球在空中飛行時，運動狀態一定在改變
C．足球在空中飛行時，以球為參照物，運動員是靜止的
D．足球運動到最高點時，若所有力都消失，足球將靜止
2．（2025 大名縣校級模擬）國產動畫大電影《哪吒之魔童鬧海》今年寒假燃爆熒屏。如圖所示是哪吒與敖丙在踢毽子，下列說法正確的是（　　）
A．哪吒將毽子踢向敖丙，說明力可以改變物體的運動狀態
B．踢毽子時毽子對腳沒有力的作用
C．以地面為參照物，空中的毽子是靜止的
D．毽子在最高點時，受到平衡力的作用
3．（2025 競秀區模擬）如圖所示，警察騎著電動平衡車巡邏，下列說法正確的是（　　）
A．平衡車勻速直線運動時，以平衡車為參照物，人是運動的
B．剎車時，人會向前傾是因為人具有慣性
C．騎著車勻速轉彎時，人的運動狀態不變
D．人對車的壓力和地面對車的支持力是一對平衡力
4．（2025 張家口一模）在現代生活與生產中，“電”已廣泛融入各個領域。關于安全用電，下列說法正確的是（　　）
A．用電器短路著火時立即用水澆滅
B．更換燈泡前先斷開電源開關
C．發生觸電事故時用手直接去拉觸電的同伴
D．控制智能電燈的開關可以接在零線和電燈之間
5．（2025 安次區一模）如圖所示，在北京冬奧會上武大靖帶領三名隊友，在速滑混合團體2000米接力賽中一路領先。下列說法正確的是（　　）
A．運動員在勻速滑行時，溜冰鞋與冰面間摩擦力為零
B．運動員在勻速轉彎時，受到平衡力作用
C．到達終點不能立即停下來，是因為運動員受到慣性作用
D．運動員用力向后蹬冰面，人就會快速向前，這是因為物體間力的作用是相互的
6．（2025 正定縣二模）如圖所示是小明在“跨學科實踐課”上利用不同的粗細均勻吸管制成的三只密度計，放入同一杯水中時的情形，下列說法正確的是（　　）
A．密度計漂浮時所受浮力小于其自身重力
B．三只密度計在水面處的刻度值不同
C．向水中加入食鹽后密度計會下沉
D．密度計②在測量其他液體密度時結果更精確
7．（2025 廣陽區一模）下列圖示所蘊含的物理知識的說法中，正確的是（　　）
A．甲圖，帶正電物體接觸驗電器金屬球，兩金屬箔片因得到正電荷互相排斥張開
B．乙圖，給沸騰的水加熱，它的溫度保持不變，內能不變
C．丙圖，是四沖程汽油機的做功沖程，該沖程發生的能量轉化是內能轉化為機械能
D．丁圖，深秋夜，桔子噴水結冰防凍是利用水的比熱容大這一特性為人類服務的
8．（2025 保定模擬）如圖甲所示，物體A在大小不變的水平拉力F的作用下，先后在粗糙程度不同的表面DE和HG上做直線運動，圖乙為物體在DE、HG兩段運動過程中距離和時間關系的圖像。F在DE段所做的功為W1，功率為P1，受到的摩擦力為f1；在HG段所做的功為W2，功率為P3，受到的摩擦力為f2。則下列說法正確的是（　　）
A．W1＞W2 B．F＝f1 C．P1＞P2 D．f1＝f2
9．（2025 張家口模擬）圖甲所示為冬奧會使用的創可貼體溫計，圖乙所示為該裝置感溫區的電路圖，其中電源電壓恒為6V，定值電阻R0的阻值為10Ω，R為熱敏電阻，其阻值會隨體溫的升高而增大。當電壓表的示數達到2V時便會報警。下列判斷正確的是（　　）
A．體溫越高，電壓表示數越小
B．恰好報警時，電流表的示數為0.2A
C．恰好報警時，熱敏電阻的阻值為20Ω
D．增大R0的阻值，會使裝置在體溫更高時報警
10．（2025 蓮池區一模）如圖所示，電源電壓不變，閉合開關S，當滑動變阻器R2的滑片由最右端向中點滑動過程中，下列說法正確的是（　　）
A．電壓表示數不變，電流表A1示數變大
B．電壓表示數變大，電流表A2示數變大
C．電壓表示數與電流表A2示數比值變小，電壓表示數與電流表A1示數乘積不變
D．電壓表示數與電流表A1示數比值不變，電壓表示數與電流表A2示數乘積不變
二．多選題（共2小題）
（多選）11．（2025 河北模擬）用彈簧測力計在同一木板上拉同一木塊，使它先后在水平面和斜面上均以v的速度做勻速直線運動，如圖所示。已知水平面上拉力與斜面上拉力之比為5：9，請分析下列說法正確的是（　　）
A．相同時間內，甲、乙兩次拉力對木塊做功之比為5：9
B．甲、乙兩次拉力做功的功率之比為5：9
C．甲中的木塊受到的摩擦力比乙中的木塊受到的摩擦力大
D．相同時間內，甲、乙兩次克服摩擦力做功相等
（多選）12．（2025 滄州模擬）如圖是小明在綜合實踐活動中用帶抽屜的紙盒和透鏡自制的簡易投影儀，將手機放入抽屜中，通過推拉抽屜，能將手機上的畫面放大投影到白墻上。下列說法正確的是（　　）
A．手機到凸透鏡的距離應大于透鏡的二倍焦距
B．若要在墻上正常閱讀手機內容，手機應如圖所示正立放置
C．要使墻上的像變大，應減小手機與透鏡間的距離且同時增大像距
D．物距不變，在凸透鏡前放置一個合適的凸透鏡，調整像距，墻上的像逐漸變小
三．填空題（共6小題）
13．（2025 永年區一模）如所示，一只小鳥從樹上迅速俯沖至湖面，湖面上映出了小鳥的倒影。在俯沖過程中，小鳥在水中的倒影大小 　 　 （選填“變大”“變小”或“不變”）且相對于小鳥本身是 　 　 的（選填“運動”或“靜止”）。
14．（2025 叢臺區一模）斧子的斧頭變松了，人們常用撞擊斧柄下端的方法使斧頭緊套在斧柄上（如圖所示），這是因為斧柄突然停止運動，斧頭由于 　 　 會繼續向下運動，這樣斧頭就會牢牢地套在斧柄上了。斧柄下端撞擊木墩時，以斧柄為參照物，斧頭是 　 　 （選填“運動”或“靜止”）的。
15．（2025 路南區二模）小華家電茶爐的加熱電阻為60.5Ω，只將電茶爐接入220V的家庭電路中正常工作10min，剛好將電茶爐內1kg的水從20℃加熱至100℃水吸收的熱量為 　 　 J，電茶爐燒水的效率為 　 　 。
16．（2025 裕華區二模）如圖1，小明用兩個不同電路中的電阻絲R1、R2，分別同時給質量均為200g的甲、乙液體加熱（c甲＜c乙），假設該過程中電阻絲產生的熱量全部被液體吸收。這兩種液體的溫度隨加熱時間變化的圖像如圖2所示：
（1）加熱時，是通過 　 　 的方式使液體的內能增大；
（2）同一時刻，　 　 （選填“甲”或“乙”）液體的分子運動更劇烈；
（3）加熱相同時間，甲液體吸收的熱量 　 　 （選填“＞”“＜”或“＝”）乙液體吸收的熱量；
（4）實驗中測得通過R1和R2的電流大小相等，可以判斷R1　 　 R2（選填“＞”“＜”或“＝”）；
（5）若甲液體的比熱容為2.1×103J/（kg ℃），則加熱150s時甲液體吸收的熱量為 　 　 J。
17．（2025 任澤區一模）如圖（a）所示，展示了我省太行山脈某座山峰的立體圖。圖中的環狀線代表海拔高度相同的相鄰點所構成的閉合曲線，我們稱之為“等高線”。將這些等高線投影到平面圖上，如圖（b）所示，可以看到射線與等高線是垂直的。
（1）若山坡表面光滑，某物體沿射線方向運動（從3號等高線滑向1號等高線）時，動能會 　 　 （選填“變大”“變小”或“不變”）。
（2）若質量相等的兩個物體分別處在山峰上的3號等高線的A、B兩處，則此時兩物體的重力勢能 　 　 （選填“不相等”或“相等”）。
18．（2025 裕華區一模）小明發現小轎車后擋風玻璃上有一條條“細線”，如圖甲所示，咨詢維修師傅得知這些“細線”是一種電阻絲，是用來清除后擋風玻璃上的霧或霜的。閉合汽車駕駛室的除霜開關，玻璃上的電阻絲就會發熱。他從維修師傅那里要來一塊帶“細線”的玻璃帶到實驗室，將其接入如圖乙所示的電路的MN之間進行實驗。閉合開關并移動滑片，當電壓表示數為6V時，電流表示數為0.5A，則1min玻璃“細線”產生的熱量為 　 　 J。小明發現剛才的實驗中玻璃里有一根“細線”是斷開的，說明這些“細線”的連接方式是 　 　 聯。由此分析可知：與玻璃“細線”未斷相比，該玻璃的除霜能力將 　 　 （選填“保持不變”“增強”或“減弱”）。
四．實驗探究題（共5小題）
19．（2025 隆化縣校級模擬）小明用如圖甲所示裝置來探究某種固體熔化時溫度的變化規律，實驗過程中，從20℃開始，每隔1min記錄一次試管中溫度計的示數。
（1）組裝圖甲中的實驗器材時，應按 　 　 （選填“自下而上”或“自上而下”）的順序安裝；
（2）某時刻溫度計的示數如圖乙，示數為 　 　 ℃；
（3）根據實驗數據，作出如圖丙所示的圖象，分析圖象并結合實驗現象可知：
①該物質的熔點是 　 　 ℃；t1﹣t2階段，試管中的物質處于 　 　 態；
②這種固體是 　 　 （選填“晶體”或“非晶體”）。
20．（2025 邯鄲模擬）小寧“探究影響浮力大小的因素”的實驗過程如圖所示，圖中帶有蓋子的圓筒可以密封，圓筒中可以添加砝碼（每個砝碼重為1N）。
（1）通過比較圖a和c，圓筒浸沒在水中受到的浮力為 　 　 N；通過比較圖b和c，可知：物體所受浮力的大小與 　 　 有關；通過比較圖c和d，可知：物體所受浮力的大小與物體 　 　 無關；
（2）小明對a、b、c、d四個步驟進行了觀察研究，能正確反映彈簧測力計的示數F和金屬塊下表面在水中的深度h關系的圖象是如圖2中 　 　 ；（填寫A、B、C、D序號，金屬塊未接觸容器底）
（3）通過比較圖c和e，發現浮力的大小與液體密度有關。小寧受啟發利用圓筒自制一個如圖3所示的密度計，實驗步驟如下：
①讓密度計漂浮在水中，測得此時水面到密度計底部的距離h0＝6.0cm；
②讓密度計漂浮在某溶液中，測得此時液面到密度計底部的距離h1＝5.0cm，則此溶液的密度ρ＝ 　 　 g/cm3。
【拓展】在第（3）問中若適當增大圓筒中配重的質量，這支密度計所能測量液體密度的最大值 　 　 （選填“減小”、“不變”或“增大”）。
21．（2025 正定縣二模）小明和同組同學用“伏安法”測未知電阻R的阻值，電源電壓為6V，滑動變阻器標有“30Ω 1A”字樣。其中小明設計的電路如圖甲所示。
（1）請用筆畫線代替導線，將圖甲中未完成的電路補充完整（要求：變阻器的滑片向右移動時電流表示數變小）。
（2）實驗中，電壓表示數突然變為0，而電流表示數變大，產生這一現象的原因可能是　 　 。
（3）排除故障后繼續實驗，記錄的實驗數據如下表所示。其中有一組數據不是本實驗測得的，它是第　 　 組（填序號）。
序號 1 2 3 4 5
U/V 1.0 2.0 3.0 4.0 5.0
I/A 0.10 0.19 0.30 0.40 0.51
（4）本實驗多次測量的目的是　 　 。
（5）小明根據實驗數據繪制的定值電阻的 I﹣U圖像如圖乙中的A所示，小亮采用相同的器材進行該實驗時根據實驗數據繪出的 I﹣U 圖像如圖乙中的B所示。你認為小亮得到的圖像與小明得到的圖像不同的原因可能是　 　 。
【拓展】小明想繼續使用原電路探究電流與電阻關系：
①他又找到阻值為5Ω、15Ω和20Ω的定值電阻各一個，若要4個電阻都能完成實驗，且保證各元件安全，電壓表示數范圍應為　 　 V。
②小明用以上電阻進行實驗時，在移動滑動變阻器滑片的過程中，電路中的最大電流恰好是最小電流的5倍，則電流最小時小明用的R應為　 　 Ω的電阻。
22．（2025 平鄉縣模擬）小明利用圖中所示的電路，測量額定電壓為2.5V小燈泡的電功率。
（1）用筆畫線代替導線，將圖甲中的電路補充完整。要求：導線不得交叉，滑動變阻器的滑片向左移動時，電路中的電流變大。
（2）連接電路后，閉合開關，小燈泡不亮，電壓表有示數，電流表無示數，無論怎樣移動滑動變阻器的滑片，小燈泡都不會發光，兩電表示數均無變化。產生這一故障的原因可能是：　 　 。
（3）排除故障后，移動滑動變阻器的滑片到某一位置，小燈泡正常發光，電流表的示數如圖乙所示，此時通過小燈泡的電流為 　 　 A，小燈泡的額定功率為 　 　 W。
（4）繼續移動滑動變阻器的滑片，記下了多組電壓值和電流值，如圖丙所示的圖像。根據圖像可知，小燈泡的電阻是變化的，原因是 　 　 。
（5）利用圖丁所示電路，測出額定電壓為U額的小燈泡的額定功率（定值電阻R0阻值已知，電源電壓未知）。
①閉合開關S、S1，斷開開關S2，調節滑動變阻器R的滑片，使電壓表的示數為U額；
②保持滑動變阻器的滑片不動，　 　 （填寫各開關斷開或閉合），讀出電壓表的示數為U1；
③則小燈泡的額定功率P額＝　 　 （用U額、U1、R0表示）。
23．（2025 秦皇島一模）在“探究電流與電阻的關系”的實驗中，小明使用阻值為5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω的定值電阻各一個，電壓為6V的電源等器材進行探究。
（1）請用筆畫線代替導線將圖甲電路連接完整（要求：滑片P向右移動時電路中電流變大）；
（2）正確連接并規范操作后，閉合開關，兩電表均無示數。為了檢查電路故障，小華將電壓表接在滑動變阻器兩端時無示數，接在開關兩端時有示數，則電路的故障是 　 　 （選填“A”、“B”或“C”）；
A.開關斷路 B.滑動變阻器斷路 C.定值電阻斷路
（3）圖乙是改正故障后根據測得的實驗數據繪制的電流I隨電阻R變化的圖像，由圖像可知R兩端的電壓為 　 　 V；當R的電阻由5Ω更換為10Ω時，閉合開關后，應該將滑動變阻器的滑片P向 　 　 端（選填“左”或“右”）滑動；要完成該實驗滑動變阻器的最大阻值至少是 　 　 Ω；由圖像得到實驗結論為：　 　 。
五．綜合應用題（共7小題）
24．（2025 藁城區模擬）如圖甲所示為小明新買的電熱飯盒的簡易電路圖，R1和R2是兩個電熱絲，圖乙是某次使用電熱飯盒30min內其功率隨時間的變化圖像。求：
（1）本次使用電熱飯盒共消耗的電能；
（2）電熱絲R2的阻值；
（3）在實際使用過程中小明發現此飯盒保溫功率太大，他想在不改變加熱功率的情況下，將保溫功率改為50W，請在圖丙中作出改進后的電路，計算并標出相應的電阻值。
25．（2025 橋西區一模）如圖甲、乙所示，小明把定值電阻R1和滑動變阻器R2先后以不同方式接入相同電源的電路中。R2的規格為“20Ω，1A”或“50Ω，1A”，電壓表選用0～15V量程。在保證電路安全的情況下，移動滑片時發現有一個電路中的滑動變阻器的滑片P既不能移到最左端，也不能移到最右端，并且兩電路中總電流的最大變化量均為0.6A。
（1）圖 　 　 （選填“甲”或“乙”）中電路的滑片既不能移到最左端，也不能移到最右端。
（2）通過計算說明變阻器R2的規格。
（3）求出定值電阻R1的阻值。
額定電壓 220V
加熱功率 16W
保溫功率 8W
26．（2025 邯鄲模擬）某興趣小組的同學對如圖1的某品牌恒溫熱奶器進行了深入研究，發現其內部只有兩個發熱絲，如圖2。經研究發現其內部電路可簡化為圖3所示，熱奶器銘牌上的部分內容如表所示。
（1）要使用熱奶器的加熱功能，開關S應該 　 　 （選填“斷開”或“閉合”）。
（2）熱奶器正常加熱時，電路中的電流是多少安？（結果保留兩位小數）
（3）若熱奶器正常加熱半小時所放出的熱量全部被牛奶吸收，可讓一盒初溫為15℃、質量為250g牛奶升高到多少攝氏度？（c牛奶＝4.0×103J/（kg ℃））
27．（2025 裕華區校級二模）甲物體密度為2×103kg/m3，邊長如圖甲所示，乙容器為一個矩形容器，底部邊長如圖乙所示，容器內水對容器底部的壓強為1200Pa，容器足夠高。，g取10N/kg）
（1）求甲物體的質量。
（2）求乙容器中水的深度。
（3）將甲物體放入乙容器里，讓甲物體對容器底部壓力最大，求此時物體受到的浮力。
28．（2025 長安區模擬）重力為10N、底面積為200cm2的圓柱形薄壁容器放在水平桌面上，內部盛有50N的水，如圖中甲所示。現用彈簧測力計懸掛一金屬圓柱體，從液面處開始緩慢浸入水中，拉力F與圓柱體下表面到水面距離h的變化關系如圖乙所示。當圓柱體下表面距液面為20cm時，將系圓柱體的細線松開，圓柱體沉入容器底部（水未溢出），如圖丙所示。ρ水＝1.0×103kg/m3，g取10N/kg）求：
（1）圓柱體浸沒在水中時所受到的浮力；
（2）圓柱體的密度；
（3）圓柱體沉入容器底部時，容器對桌面的壓強。
（解答時，要有必要的文字說明、公式和計算步驟等，只寫最后結果不得分）
29．（2025 保定模擬）如圖甲，邊長為20cm的薄壁正方體容器（質量不計）放在水平桌面上，將質地均勻的實心圓柱體豎直放在容器底部，圓柱體橫截面積為200cm2，高度為10cm。現向容器內緩慢注入水，圓柱體始終直立，圓柱體對容器底部的壓力與注入水的質量關系如圖乙所示，g取10N/kg，。求：
（1）圓柱體的密度；
（2）圖乙中縱坐標上F1的大小；
（3）當水對容器底部的壓強與容器對桌面的壓強之比為1：3時，容器內水的質量。
30．（2025 邢臺模擬）2023年我國自主品牌比亞迪發布了一款仰望U8汽車電動汽車，該車型具備四輪獨立能力，能夠實現極限操穩、應急浮水、原地調頭等功能，該車啟動應急浮水功能后可以像船一樣浮在水面并前進，如圖是該汽車行駛在水面的情景。已知仰望U8汽車的總質量為4t，每個車輪與地面的接觸面積為200cm2，在水中行駛時汽車底盤距離水面達0.8m，平均速度可達1.6km/h，水的密度取1.0×103kg/m3，g取10N/kg。求：
（1）U8汽車空載時漂浮在水面上所受浮力。
（2）U8以平均速度在水中行駛3min的直線距離。
（3）U8汽車空載時對水平路面的壓強和在水中行駛時底盤受到水的壓強。
五年真題參考答案與試題解析
1．【考點】流體壓強與流速的關系；運動和靜止的相對性．版權所有
【專題】定性思想；氣體的壓強、流體壓強與流速的關系；理解能力．
【解答】（1）在列車駛過時列車附近的空氣流動速度加快、壓強小，會產生一個向內側的壓強差；
（2）以車窗為參照物，小明相對于車窗的位置沒有發生變化，所以小明是靜止的。
故答案為：小；靜止。
2．【考點】電磁波的傳播；運動和靜止的相對性；慣性的概念．版權所有
【專題】定性思想；信息的傳遞；應用能力．
【解答】（1）對接成功后，飛船相對于空間站沒有位置的變化，飛船相對于空間站是靜止的；
（2）空間站是通過電磁波與地面聯系的；
（3）飛船在太空中質量不變，有慣性且大小不變。
故答案為：靜止；電磁；有。
3．【考點】功率的計算；平均速度；功的簡單計算．版權所有
【專題】定量思想；功、功率、機械效率；應用能力．
【解答】A、小明全程的平均速度為：v，故A錯誤；
B、小車在甲、乙段做的功為：W1＝Fs1，
由兩次推力做功之比為：2：1
所以從乙到丙的過程中，小明的水平推力為：F′，故B正確；
C、從乙到丙的過程中，小明推力做功的功率為：P，故C正確；
D、若把空車從丙沿原路勻速推回到甲，推力做功為：
W3＝F′（s1+s2）（s1+s2），故D錯誤。
故選：BC。
4．【考點】探究電流與電壓的關系．版權所有
【專題】定量思想；測量型實驗綜合題；實驗基本能力．
【解答】（1）將電壓表并聯在定值電阻兩端的電壓，如下圖所示：
；
（2）連接好電路后，閉合開關，調節滑動變阻器的滑片，電流表的指針不偏轉，說明電路中沒有電流，電路為斷路，電壓表沒有示數，說明電壓表與電源的兩端不相連，說明與電壓表并聯以外的部分有斷路，導線接在a和b上，電流表和電壓表都沒有示數，說明a和b間沒有斷路，導線接在a和c上，電流表和電壓表都有示數，說明滑動變阻器有斷路；
（3）由圖2知電壓表選用0～3V的量程，分度值為0.1V，示數為1.2V；
（4）同一電阻電流與電壓值成正比，都在同一直線上，而圖3中第4次數據沒有在同一直線上，說明第4組數據明顯是錯誤的，分析時需要把它剔除掉；
（5）由圖4知電壓表V1測量定值電阻R1兩端的電壓，電壓表V2時測量定值電阻R1和R2兩端的總電壓，由于R1＝10Ω、R2＝5Ω，所以R1+R2＝10Ω+5Ω＝15Ω；
由圖5知①的電阻值為：R5Ω；②的電阻值為：R′10Ω，③的電阻值為：R″15Ω，所以③是由表三中的I和U2的數據畫出的；
【拓展】：A、圖中只有電流表，先只閉合開關S1，小燈泡、定值電阻、滑動變阻器串聯，移動滑動變阻器使電流表的示數為I0，再閉合開關S2，保持滑片位置不變，讀出電流表的示數I1，再將滑動變阻器調到阻值最大處，讀出電流表的示數為I2，此時電源電壓為：U＝I2（R+R0），則開始兩次滑動變阻器接入電路的電阻為：R滑R0，根據U額＝U﹣U0﹣U滑算出小燈泡的額定電壓，由R表示出小燈泡正常發光時的電阻，故A符合題意；
B、圖中只有電壓表，無法確定燈泡何時正常發光，所以不能測量出小燈泡的額定電阻，故B不符合題意；
C、圖中只有電流表，先只閉合開關S1，小燈泡與滑動變阻器串聯，移動滑動變阻器使電流表的示數為I0，再斷開開關S1，閉合開關S2，保持滑片位置不變，讀出電流表的示數為I1，再將滑動變阻器調到阻值最大處，讀出電流表的示數為I2，此時電源電壓為：U＝I2（R+R0），則開始兩次滑動變阻器接入電路的電阻為：R滑R0，根據U額＝U﹣U滑算出小燈泡的額定電壓，由R表示出小燈泡正常發光時的電阻，故C符合題意；
D、圖中只有電壓表，先只閉合開關S1，小燈泡、定值電阻、滑動變阻器串聯，電壓表測量定值電阻兩端的電壓，移動滑動變阻器使電壓表的示數為I0R0，再閉合開關S2，定值電阻與滑動變阻器串聯，電壓表測量定值電阻兩端的電壓，保持滑片位置不變，讀出電壓表的示數U1，再將滑動變阻器調到阻值最大處，讀出電壓表的示數為U2，此時電路中的電流為：I，滑動變阻器兩端的電壓為：U滑＝IR，根據串聯電路電壓的規律算出電源電壓U＝U2+U滑＝U2，由歐姆定律算出開始兩次滑動變阻器接入電路的電阻和第一次滑動變阻器兩端的電壓，由串聯電路電壓的規律算出小燈泡的額定電壓，根據歐姆定律算出小燈泡正常發光時的電阻，故D符合題意。
故選：ACD。
故答案為：（1）見解答圖；（2）滑動變阻器；（3）1.2；（4）4；（5）③；（6）ACD。
5．【考點】鏡面反射；像與物大小相等；光沿直線傳播的現象．版權所有
【專題】定性思想；光的傳播和反射、平面鏡成像；理解能力．
【解答】（1）影子是沿直線傳播的光被不透明的建筑物擋住，在建筑物后面的地面上光照不到的地方形成影子；
（2）通過地面上一層薄薄的積水還可以看到建筑物的像，是平面鏡成像，像的大小與建筑物的大小相等；
（3）當強烈的太陽光照射到玻璃幕墻的表面時，會發生鏡面反射，反射光線非常集中，炫目的光會干擾人們的正常生活，造成“光污染”。
故答案為：光的直線傳播；相等；鏡面。
6．【考點】利用比熱容的公式計算熱量．版權所有
【專題】定量思想；比熱容、熱機、熱值；應用能力．
【解答】（1）天然氣不能源源不斷地從自然界獲得，也不可重復利用，故天然氣屬于不可再生能源；
（2）水沸騰時吸收熱量，溫度保持不變；
（3）水吸收的熱量：
Q吸＝cmΔt＝4.2×103J/（kg ℃）×1kg×（100℃﹣20℃）＝3.36×105J。
故答案為：不可再生；保持不變；3.36×105。
7．【考點】探究產生感應電流的條件．版權所有
【專題】定性思想；探究型實驗綜合題；科學探究能力．
【解答】
（1）實驗時，通過觀察靈敏電流計的指針是否偏轉，來確定電路中是否產生感應電流，這用到了轉換法；
（2）①當導體AB水平向右運動時，會切割磁感線，產生感應電流；
②當導體AB豎直向上運動時，不會切割磁感線，不會產生感應電流；
③當導體AB斜向上運動時，會切割磁感線，產生感應電流；
④磁體水平向左運動時，會切割磁感線，產生感應電流；
⑤磁體豎直向上運動時，不會切割磁感線，不會產生感應電流；
綜合分析會產生感應電流的是：①③④；
（3）實驗現象不太明顯，說明感應電流太小，故需要增大感應電流；增大感應電流的方法：①換一個磁性更強的磁體；②加快導體AB切割磁感線的運動速度；③將導體AB換成多匝線圈；
（4）揚聲器是把電信號轉化為聲信號，利用通電導體在磁場中受力原理；電鈴、電磁起重機的主要部件是電磁鐵，利用電流的磁效應；動圈式話筒是把聲信號轉變成電信號的，聲信號的振動帶動線圈在磁場中振動，產生電流，是電磁感應原理。
故答案為：（1）靈敏電流計的指針是否偏轉；（2）①③④；（3）換一個磁性更強的磁體；（4）動圈式話筒。
8．【考點】常見的長度及估測；時間的估測；質量的估測；攝氏溫度的規定及單位．版權所有
【專題】定性思想；估算法；估算綜合應用題；應用能力．
【解答】A、正常情況下，人的體溫在37℃左右，變化幅度很小。故A不符合實際；
B、一根筷子的長度約25cm，初中語文課本的長度略大于此數值，在26cm左右。故B符合實際；
C、三個蘋果的質量約1斤，而1斤＝500g，所以一個蘋果的質量在160g＝0.16kg左右。故C不符合實際；
D、正常情況下，人的脈搏跳動一次的時間接近1s，跳動10次的時間在8s左右。故D不符合實際。
故選：B。
9．【考點】安全用電原則．版權所有
【專題】定性思想；順推法；電與熱、生活用電；應用能力．
【解答】A、由于生活用水是導體，所以用濕抹布擦發光的燈泡很容易使得人觸電。故A不符合安全用電原則；
B、發現有人觸電，施救時應先將觸電者與帶電體分離，切斷電源或用干燥竹竿等絕緣體將電線挑開。故B符合安全用電原則；
C、用手指觸碰插座的插孔的做法是很危險的，很容易碰到里面的火線而觸電。故C不符合安全用電原則；
D、插座板負載過多，干路電流過大，可能會造成火災。故D不符合安全用電原則。
故選：B。
10．【考點】流體壓強與流速的關系．版權所有
【專題】定性思想；氣體的壓強、流體壓強與流速的關系；理解能力．
【解答】A、液體內部壓強隨著深度的增加而增大，即越往下面，河水的壓強越大，所以攔河壩設計成下寬上窄，故A不合題意；
B、對著漏斗吹氣，乒乓球上方的空氣流速變大，壓強變小，小于下部的氣壓，產生了一個向上的壓強差，將乒乓球托住，故B符合題意；
C、吸盤要固定在玻璃上，需要先用力擠壓吸盤，把盤內的空氣擠出，然后吸盤就被外界的大氣壓緊壓在了玻璃上，利用的是大氣壓，故C不合題意；
D、在站臺上的乘客要站在安全線以外候車，是因為空氣流速越快的位置壓強越小，故D符合題意。
故選：BD。
一年模擬參考答案與試題解析
一．選擇題（共10小題）
1．【考點】牛頓第一定律的應用；物體運動狀態變化的判斷；運動和靜止的相對性；力可以改變物體的運動狀態．版權所有
【專題】應用題；參照思想；運動和力；重力、彈力、摩擦力；應用能力．
【解答】A、腳踢球使球飛出，說明力可以改變物體的運動狀態，力不是物體運動的原因，故A錯誤；
B、足球在空中飛行過程中，受到重力和空氣阻力的作用，這兩個力不是平衡力，故其運動狀態一定發生改變，故B正確；
C、足球在空中飛行時，以球為參照物，運動員相對于球的位置發生了變化，足球是運動的，故C錯誤；
D、足球運動到最高點時，在水平方向上仍有一定速度，根據牛頓第一定律可知，若所有力都消失，足球將做勻速直線運動，故D錯誤。
故選：B。
2．【考點】平衡狀態與平衡力的概念；運動和靜止的相對性；力可以改變物體的運動狀態；力的相互性．版權所有
【專題】應用題；參照思想；運動和力；重力、彈力、摩擦力；應用能力．
【解答】A、哪吒將毽子踢向敖丙，毽子的運動方向和速度大小發生了變化，說明力可以改變物體的運動狀態，故A正確。
B、物體間力的作用是相互的，踢毽子時腳給毽子一個力，同時毽子也給腳一個大小相等的反作用力，故B錯誤。
C、以地面為參照物，空中的毽子相對地面的位置發生了變化，是運動的，故C錯誤。
D、毽子在最高點時，受到重力和空氣阻力的作用，這兩個力不在同一直線上，不是平衡力，所以毽子受到非平衡力的作用，故D錯誤。
故選：A。
3．【考點】運用慣性判斷物體的運動；平衡力的判斷；運動和靜止的相對性；物體運動狀態變化的判斷．版權所有
【專題】應用題；解題思想；運動和力；應用能力．
【解答】A．平衡車勻速直線運動時，以平衡車為參照物，人相對于平衡車沒有發生位置變化，是靜止的，故A錯誤；
B．剎車時人會向前傾，是因為人具有慣性，會保持原來的運動狀態，故B正確；
C．騎著車勻速轉彎時，人的運動方向變化，所以運動狀態改變，故C錯誤；
D．地面對車的支持力等于人和車的總重力，則人對車的壓力和地面對車的支持力大小不等，不是一對平衡力，故D錯誤。
故選：B。
4．【考點】安全用電原則；家庭電路中各元件的連接方式；觸電急救．版權所有
【專題】定性思想；電與熱、生活用電；理解能力．
【解答】A、生活用水是導體，發生電火災時如果直接用水去滅火，會發生觸電事故，所以用電器著火時應先切斷電源再用水澆滅，故A錯誤；
B、更換燈泡時容易碰到金屬部分，切斷電源可以保證金屬部分不帶電，故B正確；
C、發生觸電事故，立即切斷電源，防止施救者二次觸電，故C錯誤；
D、控制電燈的開關應安裝在火線和電燈之間，故D錯誤。
故選：B。
5．【考點】摩擦力的方向；力的相互性；運用慣性判斷物體的運動；平衡狀態的判斷．版權所有
【專題】定性思想；重力、彈力、摩擦力；理解能力．
【解答】A、運動員在快速滑行過程中，溜冰鞋與冰面間摩擦力不為零，故A錯誤；
B、運動員在勻速轉彎時，運動速度大小不變但方向在不斷改變，處于非平衡狀態，受到的不是平衡力，故B錯誤；
C、運動員到達終點時不能立即停下來，是因為運動員具有慣性，仍要保持原來的運動狀態，慣性不是力，不能用受到慣性作用來表述，故C錯誤；
D、運動員用力向后蹬冰面，人就會快速向前，這是因為物體間力的作用是相互的，故D正確。
故選：D。
6．【考點】密度計原理；阿基米德原理的定性分析．版權所有
【專題】定性思想；浮沉的應用；理解能力．
【解答】A、該密度計在水中靜止時，所受的浮力等于自身的重力，故A錯誤；
B、密度計在水面處的刻度值為水的密度，故刻度值相同，故B錯誤；
C、加食鹽前后，密度計都漂浮，自重不變，密度計受到的浮力不變，F浮＝G；
因為F浮＝ρ液V排g，液體的密度增大，所以密度計排開水的體積減小，將上浮一些，故C錯誤；
D、密度計的特點是刻度不均勻，上疏下密，上小下大，而且分度值越小越準確；深度深，相鄰兩密度值的間距越大；由題圖可知密度計②所處的深度最深，相鄰兩密度值的間距最大，測量值最準確，故D正確。
故選：D。
7．【考點】驗電器的原理；沸騰的特點；水的比熱容特點及實際應用；四沖程的能量轉化．版權所有
【專題】定性思想；其他綜合題；理解能力．
【解答】A．用帶正電體接觸驗電器時，兩箔片因失去電子而帶正電，由于同種電荷相互排斥金屬箔張開，故A錯誤；
B．水在沸騰過程中，吸收熱量，溫度保持沸點不變，內能增加，故B錯誤；
C．丙圖中，兩氣門都關閉，活塞下行，汽缸容積變大，火花塞點火，是做功沖程，做功沖程將內能轉化為機械能，故C正確；
D．深秋夜晚，給桔子噴水可防凍，利用的是水凝固放熱給橘子保溫不至于凍壞，不是利用水的比熱容大這一特性為人類服務的，故D錯誤。
故選：C。
8．【考點】功率的大小比較；功的比較大小．版權所有
【專題】應用題；比較思想；功、功率、機械效率；應用能力；獲取知識解決問題能力．
【解答】A、由圖2可知，物體A在水平拉力F的作用下在DE段移動了3m，用時6s，物體A在水平拉力F的作用下在HG段移動了3m，用時3s，已知物體A在大小不變的水平拉力F的作用下，即拉力F相同，移動的距離相等，根據W＝Fs可知，F在DE段所做的功等于在GH段所做的功，即W1＝W2，故A錯誤；
B、從乙圖看，DE段做勻速直線運動，拉力等于摩擦力，即F＝f1，故B正確；
C、F在DE段所做的功等于在HG段所做的功，HG段的時間少于DE段的時間，根據P可知，F在DE段所做功的功率小于在HG段所做功的功率，即P1＜P2，故C錯誤；
D、DE段做勻速直線運動，拉力等于摩擦力，在HG段，不做勻速直線運動，拉力不等于此階段的摩擦力，故兩次的摩擦力不相等，故D錯誤。
故選：B。
9．【考點】歐姆定律的應用；動態電路的分析．版權所有
【專題】定量思想；歐姆定律；電路變化分析綜合題；應用能力．
【解答】A、由圖知兩電阻串聯，電壓表測熱敏電阻兩端的電壓，電流表測量電路中的電流，由于熱敏電阻的阻值會隨體溫的升高而增大，所以當體溫越高熱敏電阻的阻值會越大，根據串聯電路的分壓作用知熱敏電阻分得的電壓會越大，電壓表示數越大，故A錯誤；
B、當電壓表的示數達到2V時便會報警串聯電路總電壓等于各部分電壓之和，當電壓表示數為2V時，定值電阻兩端的電壓：U0＝U﹣UR＝6V﹣2V＝4V，
串聯電路各處電流相等，根據歐姆定律可得此時通過電路的電流：I0.4A，故B錯誤；
C、根據歐姆定律可得此時熱敏電阻的阻值：R5Ω，故C錯誤；
D、由題知熱敏電阻的阻值隨溫度的升高而增大，溫度越高電阻R阻值越大，分壓越多，定值電阻R0分得的電壓越少，此時應增大保護電阻R0的阻值使其分得的電壓越多，故D正確。
故選：D。
10．【考點】動態電路的分析．版權所有
【專題】定性思想；電路變化分析綜合題；應用能力．
【解答】由電路圖可知，R2與R1并聯，電流表A1測R1支路的電流，電流表A2測干路電流，電壓表測電源兩端的電壓；
AB、電源電壓不變，則滑片移動過程中電壓表示數不變；
滑動變阻器R2的滑片P從最右端向中點移動的過程中，滑動變阻器接入電路的電阻變小，根據歐姆定律可知，通過滑動變阻器的電流變大；
因并聯電路中各支路互不影響，則通過R1的電流不變，即電流表A1示數不變；
根據并聯電路的電流關系可知，干路中的電流變大，即電流表A2示數變大，故AB錯誤；
C、電壓表示數與電流表A2示數比值變小，電壓表示數與電流表A1示數乘積不變，故C正確；
D、電壓表示數與電流表A1示數比值不變，電壓表示數與電流表A2示數乘積變大，故D錯誤。
故選：C。
二．多選題（共2小題）
11．【考點】功率的大小比較．版權所有
【專題】應用題；比較思想；控制變量法；功、功率、機械效率．
【解答】
A、木塊在水平面和斜面上的速度相等，根據v知，相同時間內，木塊通過的路程相等，又知拉力之比為5：9，所以甲、乙兩次拉力對木塊做功之比：5：9．故A正確；
B、拉力之比為5：9，且木塊在水平面和斜面上的速度相同，
由PFv可得，甲、乙兩次拉力做功的功率之比為：
5：9．故B正確；
C、用同一木板和同一木塊做實驗，則接觸面的粗糙程度相同，但木塊對水平面的壓力大于對斜面的壓力，所以，甲中的木塊受到的摩擦力比乙中的木塊受到的摩擦力大，故C正確；
D、相同時間內，木塊兩次通過的路程相等，甲、乙兩次拉動木塊時，木塊受到的摩擦力大小不等，所以根據W＝fs可知，相同時間內，甲、乙兩次克服摩擦力做功不相等，故D錯誤。
故選：ABC。
12．【考點】凸透鏡成像規律的應用．版權所有
【專題】定性思想；透鏡及其應用；應用能力．
【解答】A、投影儀成像規律是物距處于一倍焦距和二倍焦距之間，像距大于二倍焦距，所以手機到透鏡的距離為一倍焦距和二倍焦距之間，故A錯誤；
B、由于投影儀成倒立、放大的實像，所以若要在墻上正常閱讀手機內容，手機應如圖所示倒立放置，故B錯誤；
C、要使墻上的像變大，根據凸透鏡成像規律“物近像遠，像變大”，所以需要減小手機到透鏡間的距離，同時增大像距，故C正確；
D、在物距一定時，在凸透鏡前放置一個合適的凸透鏡，由于凸透鏡對光線具有會聚作用，像距變小，墻上的像逐漸變小，故D正確。
故選：CD。
三．填空題（共6小題）
13．【考點】像與物大小相等；運動和靜止的相對性．版權所有
【專題】應用題；參照思想；光的傳播和反射、平面鏡成像；運動和力；應用能力．
【解答】由平面鏡成像的特點知道，像和物體的大小相等，所以不管小鳥向下俯沖還是向上飛，像始終和小鳥等大，不發生變化。
根據平面鏡成像特點可知，在俯沖過程中，小鳥在水中的倒影和小鳥到水面的距離都在變小，則小鳥在水中的倒影相對于小鳥的位置發生了變化，所以是運動的。
故答案為：不變；運動。
14．【考點】運用慣性判斷物體的運動；運動和靜止的相對性．版權所有
【專題】應用題；參照思想；運動和力；應用能力．
【解答】斧子的斧頭變松了，撞擊斧柄下端，斧柄突然停止運動，斧頭由于慣性會繼續向下運動，這樣斧頭就會牢牢地套在斧柄上了。
斧柄下端撞擊木墩時，以斧柄為參照物，斧頭相對于斧柄的位置發生了變化，所以是運動的。
故答案為：慣性；運動。
15．【考點】電功與電能的計算；利用比熱容的公式計算熱量；能量的利用效率．版權所有
【專題】定量思想；電能和電功率；應用能力．
【解答】只將電茶爐接入220V電路中正常工作10min消耗的電能：
Wt10×60s＝4.8×105JkW h，
水吸收的熱量：
Q吸＝cmΔt＝4.2×103J/（kg ℃）×1kg×（100℃﹣20℃）＝3.36×105J；
電茶爐燒水的效率：
η70%。
故答案為：3.36×105；70%。
16．【考點】利用比熱容的公式計算熱量；溫度對分子熱運動的影響；熱傳遞改變物體的內能．版權所有
【專題】定量思想；比熱容、熱機、熱值；應用能力．
【解答】（1）燃料燃燒放出熱量，液體吸收熱量，內能增大，通過熱傳遞的方式使液體的內能增大；
（2）同一時刻，甲的溫度高，甲液體的分子運動更劇烈；
（3）加熱相同的時間150s，甲的溫度40℃，乙的溫度升高60℃，甲和乙的質量相同，c甲＜c乙，甲吸收的熱量比乙吸收的熱量少，加熱器放出的熱量全部被液體吸收，所以R1產生的熱量比R2產生的熱量少；
（4）實驗中測得通過R1和R2的電流大小相等，R1產生的熱量比R2產生的熱量少，加熱時間相同，根據焦耳定律Q＝I2Rt，所以R1＜R2；
（5）加熱150s時甲液體吸收的熱量為：
Q＝cmΔt＝2.1×103J/（kg ℃）×200×10﹣3kg×（100℃﹣60℃）＝1.68×104J。
故答案為：（1）熱傳遞；（2）甲；（3）＜；（4）＜；（5）1.68×104。
17．【考點】比較重力勢能的大小；動能大小與速度的關系．版權所有
【專題】應用題；比較思想；機械能及其轉化；應用能力．
【解答】（1）若山坡表面光滑，某物體沿射線方向從3號等高線滑向1號等高線時，高度降低，重力勢能轉化為動能，所以動能會變大。
（2）重力勢能與質量和高度有關，質量相等的兩個物體處在山峰上的3號等高線的A、B兩處，高度相同，所以此時兩物體的重力勢能相等。
故答案為：（1）變大；（2）相等。
18．【考點】焦耳定律的簡單計算；串聯和并聯的概念與辨析．版權所有
【專題】定量思想；電與熱、生活用電；應用能力．
【解答】（1）1min玻璃“細線”產生的熱量為：
W＝UIt＝6V×0.5A×60s＝180J；
（2）小明發現剛才的實驗中玻璃里有一根“細線”是斷開的，但電流表和電壓表都有示數，即各”細線“互不影響，說明玻璃中的各“細線”的連接方式是并聯的；由并聯電路的特點可知，各支路互不影響，所以該玻璃中其他未斷“細絲”的除霜能力將保持不變，但電路中的總電流減小，整個玻璃的除霜能量減弱。
故答案為：180；并；減弱。
四．實驗探究題（共5小題）
19．【考點】探究固體熔化時溫度的變化規律；探究固體熔化時實驗裝置的組裝順序；探究固體熔化時的實驗數據以及圖像處理；溫度計的讀數．版權所有
【專題】定性思想；溫度計、熔化和凝固；理解能力．
【解答】（1）安裝實驗器材時，需要用酒精燈的外焰加熱，并且避免溫度計的玻璃泡碰到容器底或容器壁，應按照“自下而上”的順序進行；
（2）圖乙中，該溫度計的分度值為1℃，0刻度線在下方，液柱的液面在0℃以上，所以溫度計的示數為37℃；
（3）①從圖象可以看出，熔化過程中，溫度保持在55℃不變，即該物質的熔點是55℃；t1～t2階段，試管中的物質處于熔化過程中，因此物質處于固液共存狀態；因為該物質熔化過程中溫度保持不變，有固定的熔點，因此水杯中的這種固體顆粒是晶體；
②從圖丙可以看出，該物質有固定的熔點，是晶體。
故答案為：（1）自下而上；（2）37；（3）①55；固液共存；②晶體。
20．【考點】探究浮力大小的影響因素．版權所有
【專題】定量思想；探究型實驗綜合題；科學探究能力．
【解答】（1）圖a中彈簧測力計分度值為0.1N，示數為1.4N，即放入一個鉤碼的圓筒重力為1.4N；圖c中圓筒浸沒在水中時，測力計示數為0.8N，根據稱重法，圓筒浸沒在水中受到的浮力為F浮＝G﹣F示＝1.4N﹣0.8N＝0.6N。
比較圖b和c，只有物體浸入液體的體積不同，測力計示數不同，則浮力不同，可得：物體所受浮力的大小與浸入液體的體積有關。
圖d中，測力計示數為1.8N，則受到的浮力為F浮'＝G+G鉤碼﹣F示'＝1.4N+1N﹣1.8N＝0.6N，所以圖c和d中浮力相同，只有物體的重力不同，說明物體所受浮力的大小與物體重力大小無關。
（2）圓柱體逐漸浸入水中的過程中，浸入水中越深，它排開水的體積越大受到的浮力越大，彈簧測力計的示數越小；浸沒后，它排開水的體積不變，受到的浮力不變，則彈簧測力計的示數也不變。故彈簧測力計的示數是先變小后不變。
故選：D。
（3）密度計始終漂浮，浮力等于重力，重力不變，則浮力不變，根據F浮＝ρ液gV排則有ρ水gSh0＝ρgSh1；
解得此溶液的密度為：
；
若適當增大圓筒中配重的質量，則密度計的重力變大，則浮力變大，根據F浮＝ρ液gV排，在V排不變時，液體的密度變大，所以這支密度計所能測量液體密度的最大值增大。
故答案為：（1）0.6；浸入液體的體積；重力；（2）D；（3）②1.2；【拓展】增大。
21．【考點】伏安法測電阻．版權所有
【專題】實驗題；參照思想；分析、綜合能力；實驗基本能力．
【解答】（1）變阻器的滑片向右移動時電流表示數變小，可知電路的電阻變大，變阻器左下接線柱連入電路中與電阻串聯，如下所示：
（2）實驗中，而電流表示數變大，電路為通路，電壓表示數突然變為0，產生這一現象的原因可能是電阻短路。
（3）由表中第1組數據，由串聯電阻的規律及歐姆定律可知，變阻器連入電路的電阻為
R滑30Ω
排除故障后繼續實驗，記錄的實驗數據如下表所示。其中有一組數據不是本實驗測得的，它是第1組。
（4）根據一組數據得出的電阻誤差較大，本實驗多次測量的目的是多次測量求平均值減小誤差。
（5）燈與變阻器串聯，通過燈的電流變大時，根據U＝IR，燈的電壓變大，由串聯電路電壓規律，變阻器的電壓變小，小亮采用相同的器材進行該實驗時根據實驗數據繪出的 I﹣U 圖像如圖乙中的B所示，小亮得到的圖像與小明得到的圖像不同的原因可能是小亮把電壓表并在滑動變阻器兩端。
【拓展】
①根據串聯電路的規律及分壓原理有
方程左邊為一定值，故右邊也為一定值，當變阻器最大電阻連入電路中時，對應的定值電阻也最大，這時電壓表控制的電壓最小，即
控制的最小電壓為
UV＝2.4V
最大電流為0.6A，對應的電阻為5歐，由歐姆定律易知最大電壓為3V，若要4個電阻都能完成實驗，且保證各元件安全，電壓表示數范圍應為2.4～3V。
②小明用以上電阻進行實驗時，在移動滑動變阻器滑片的過程中，電路中的最大電流（為0.6A）恰好是最小電流的5倍，最小電流為0.12A，根據串聯電阻的規律及歐姆定律有
I最小
即為0.12A
R＝20Ω
則此時小明用的R應為20Ω的電阻。
故答案為：
（1）見解析中圖；
（2）電阻短路；
（3）1；
（4）求平均值減小誤差；
（5）小亮把電壓表并在滑動變阻器兩端。
【拓展】①2.4～3；②20。
22．【考點】伏安法測量小燈泡的電功率．版權所有
【專題】定量思想；測量型實驗綜合題；實驗基本能力．
【解答】（1）滑動變阻器的滑片P向左移動時，電路中電流變大，即電阻變小，故變阻器左下接線柱串聯入電路中，如下圖所示：
（2）電流表無示數，燈泡不亮，說明電路出現了斷路，電壓表有示數，且任意移動滑動變阻器的滑片，電壓表示數不變，說明與電壓表并聯的燈泡斷路，即燈泡斷路；
（3）由圖乙知電流表的量程為0﹣0.6A，分度值為0.02A，示數為0.26A，
小燈泡的額定功率為：
P＝UI＝2.5V×0.26＝0.65W；
（4）由圖丙所示I﹣U圖象可知，隨燈泡電壓U變大，通過電阻電流變大，根據R可知，燈絲電阻變大，
由于電壓變大，電流變大，燈泡變亮，燈泡的溫度升高，所以燈絲電阻隨溫度升高而變大；
（5）①閉合開關S、S1，斷開開關S2，調節滑動變阻器R的滑片，使電壓表的示數為U額，此時L、R0、變阻器串聯，電壓表測燈泡兩端電壓，小燈泡正常發光；
②保持滑動變阻器的滑片不動，斷開開關S1，閉合開關S、S2，讀出電壓表的示數為U1，此時電路的連接方式不變，電壓表測L、R0的總電壓，各元件電阻大小不變，所以燈泡仍正常發光；
③由串聯電路特點和歐姆定律可知，燈泡正常發光電流：I＝I0，
小燈泡額定功率為：
P額＝U額I＝U額 。
故答案為：（1）見解析；（2）小燈泡斷路；（3）0.26；0.65；（4）燈絲電阻隨溫度升高而變大；（5）斷開開關S1，閉合開關S、S2；U額 。
23．【考點】探究電流與電阻的關系．版權所有
【專題】定量思想；控制變量法；歐姆定律；分析、綜合能力；實驗基本能力．
【解答】（1）在“探究電流與電阻關系”的實驗中，定值電阻與滑動變阻器串聯，電流表測量電路中的電流，電壓表測量定值電阻兩端的電壓。當滑片P向右移動時電路中電流變大，即電路中的電阻變小，所以滑動變阻器應選擇右下方接線柱接入電路，如下圖所示：
；
（2）閉合開關，電流表無示數，說明電路中某處斷路，電壓表無示數，說明電壓表不能與電源兩極連通，即電壓表所測電路之外的電路有斷路，當電壓表與開關并聯時，電壓表有示數，說明此時電壓表能與電源兩極連通，則除開關外，其它電路沒有斷路，電路的故障是開關斷路，故選A；
（3）由圖乙可知，當R1＝5Ω時，電流為I1＝0.4A，當R2＝10Ω時，電流為I2＝0.2A，當R3＝20Ω時，電流為I3＝0.1A，由U＝IR可知，R兩端的電壓為2V；
當R的電阻由5Ω更換為10Ω時，由串聯電路的分壓原理可知，R兩端的電壓會變大，要控制R兩端的電壓不變，就應將變阻器兩端的電壓調大，即將變阻器接入電路的阻值調大，所以應該將滑動變阻器的滑片P向左端滑動；
已知電源電壓為U＝6V、R兩端所控制的電壓為U定＝2V，
所以變阻器兩端的電壓為U滑＝U﹣U定＝6V﹣2V＝4V，
由串聯電路的分壓大原理可得：R滑大：R定大＝U滑大：U定大＝4V：2V＝2：1，
即：R滑大＝2R定大＝2×25Ω＝50Ω；
由圖象知，當導體兩端電壓一定時，流過導體的電流與電阻成反比。
故答案為：（1）圖見解答；（2）A；（3）2；左；50；當導體兩端電壓一定時，流過導體的電流與電阻成反比。
五．綜合應用題（共7小題）
24．【考點】電功率的綜合計算；電功與電能的計算．版權所有
【專題】定量思想；電能和電功率；應用能力．
【解答】（1）由P＝ 可知使用高溫擋時電熱飯盒消耗的電能為：
W＝Pt＝400W×10×60s＝2.4×105J；
使用低溫擋時電熱飯盒消耗的電能：
W′＝P′t′＝100W×20×60s＝1.2×105J；
本次使用電熱飯盒總共消耗的電能為：
W總＝W+W′＝2.4×105J+1.2×105J＝3.6×105J；
（2）當開關S接2時，電路中只有R1接入電路，此時電路中的電阻最小，根據P＝ 知此時電路的電功率最大，為高溫擋，由圖知可知此時功率為400W，
電熱絲R1的阻值為：
R1＝ 121Ω；
當電熱飯盒處于保溫功能時，電路的總功率最小，此時電路的總電阻最大，即R1與R2串聯，保溫功能時電路中的總電阻為：
R總＝ 484Ω，
根據串聯電路電阻規律可得電熱絲R2的阻值為：
R2＝R總﹣R1＝484Ω﹣121Ω＝363Ω；
（3）由題可知，不改變加熱功率，則R1的電阻不變，依據R＝ 得保溫時電路的總電阻R總′＝ 968Ω，則需要增加的電阻R3＝R總′﹣R總＝968Ω﹣484Ω＝484Ω或者將R2換為R2′＝R總′﹣R1＝968Ω﹣121Ω＝847Ω，如答圖所示．
。
答：（1）本次使用電熱飯盒共消耗的電能為3.6×105J；
（2）電熱絲R2的阻值為363Ω；
（3）見解答圖。
25．【考點】電功率的綜合計算；歐姆定律的應用．版權所有
【專題】定量思想；電能和電功率；應用能力．
【解答】（1）（2）甲圖不能，因為甲圖為并聯電路，滑片一定能移到最大阻值處，即滑片一定能移到最右端。
由滑動變阻器的規格可知通過滑動變阻器的最大電流為1A，兩電路中總電流的最大變化量均為0.6A。
乙圖中兩電阻串聯，因ΔImax＝0.6A，則電路的最小電流為：Imin＝Imax﹣ΔImax＝1A﹣0.6A＝0.4A，
此時滑動變阻器接入電路的電阻最大（但未移到最右端），由串聯分壓原理可知此時其兩端電壓最大，且電壓表選用0～15V量程，所以其兩端電壓最大為：U2max＝15V，
此時滑動變阻器接入電路的阻值：R237.5Ω＞20Ω，
所以，滑動變阻器的規格為“50Ω 1A”。
（3）圖甲中兩電阻并聯，由并聯電路的特點可知，滑片移動時通過R1的電流不變，
因ΔImax＝0.6A，且I滑max＝1A，則通過變阻器的最小電流為：I滑min＝I滑max﹣ΔImax＝1A﹣0.6A＝0.4A，
此時滑動變阻器接入電路的電阻最大為50Ω，則電源電壓為：U＝U滑＝I滑minR滑max＝0.4A×50Ω＝20V。
乙圖中，當電壓表示數最大為15V時，電流最小為0.4A，
因串聯電路總電壓等于各部分電壓之和，則此時R1兩端的電壓為：Ub1min＝U﹣Ub2max＝20V﹣15V＝5V，
由歐姆定律可得R1的電阻為：R112.5Ω。
答：（1）乙。
（2）滑動變阻器的規格為“50Ω 1A”。
（3）定值電阻R1的阻值12.5Ω。
26．【考點】電功率的綜合計算；利用比熱容的公式計算熱量；電功率P＝UI的簡單計算．版權所有
【專題】定量思想；電能和電功率；應用能力．
【解答】（1）由P＝UI可知，電壓一定，電阻較大時，電路中的功率較小，熱奶器處于保溫狀態，否則處于加熱狀態，
由電路圖可知，開關S斷開時電阻R1、R2串聯，電路中的總電阻最大，飲水機處于保溫狀態；
當開關S閉合時電路為R1的簡單電路，飲水機處于加熱狀態；
（2）熱奶器正常加熱時，電路中的電流是：
I0.07A；
（3）若熱奶器正常加熱半小時所放出的熱量全部被牛奶吸收，正常加熱0.5h＝1800s牛奶吸收的熱量Q吸＝W＝P中加熱t＝16W×1800s＝28800J，
根據Q吸＝cmΔt可知牛奶升高的溫度Δt28.8℃，
牛奶升高到的溫度為：
t＝t0+Δt＝15℃+28.8℃＝43.8℃。
故答案為：（1）閉合；
（2）熱奶器正常加熱時，電路中的電流是0.07A；
（3）若熱奶器正常加熱半小時所放出的熱量全部被牛奶吸收，可讓一盒初溫為15℃、質量為250g牛奶升高到43.8℃。
27．【考點】利用阿基米德原理進行簡單計算；密度公式的變形運用計算質量和體積；變形公式h＝p/ρg求液體的深度．版權所有
【專題】定量思想；浮力；應用能力．
【解答】（1）物體體積為：V＝0.3m×0.2m×0.2m＝1.2×10﹣2m3，
物體質量為：m＝ρV＝2×103kg/m3×1.2×10﹣2m3＝24kg；
（2）根據p＝ρgh得乙容器中水的深度為：
；
（3）將物體豎直放入容器時，物體受到的浮力最小，對容器底部的壓力最大。
水的總體積為：；
放入物體后，由V水＝（S容﹣S物）h得，1.2×10﹣2m3＝（0.4m×0.25m﹣0.2m×0.2m） h，
解得此時水的深度為：
h＝0.2m，
物體排開水的體積為：
，
物體受到的浮力為：
。
答：（1）甲物體的質量為24kg。
（2）乙容器中水的深度為0.12m。
（3）將甲物體放入乙容器里，讓甲物體對容器底部壓力最大，此時物體受到的浮力為80N。
28．【考點】稱重法測量浮力；密度的簡單計算；壓強的公式的應用．版權所有
【專題】定量思想；浮力；應用能力．
【解答】（1）由圖乙可知，圓柱體未進入水中時拉力為3N，則圓柱體的重力為G＝3N，圓柱體浸沒在水中后拉力為F＝2N，由稱重法可知，圓柱體浸沒在水中時所受的浮力為F浮＝G﹣F＝3N﹣2N＝1N
（2）當圓柱體浸沒在水中，圓柱體的體積V＝V排，由F浮＝ρ水V排g可得圓柱體的體積為：
V＝V排1×10﹣4m3；
則圓柱體的質量為：
m0.3kg，
故圓柱體的密度為：
ρ3×103kg/m3；
（3）根據題意可知，容器對桌面的壓力為F＝G容+G水+G圓柱
圓柱體沉入容器底部時，容器對桌面的壓強為：
p3150Pa。
答：（1）圓柱體浸沒在水中時所受到的浮力為1N；
（2）圓柱體的密度為3×103kg/m3；
（3）圓柱體沉入容器底部時，容器對桌面的壓強為3150Pa。
29．【考點】利用阿基米德原理進行簡單計算；密度的簡單計算；壓強的公式的應用；液體壓強的公式及計算．版權所有
【專題】定量思想；浮力；應用能力．
【解答】（1）由圖乙可知，當注入液體的質量為0時，此時圓柱體對容器底部的壓力F壓等于圓柱體的重力G，即F壓＝G＝180N，
故由G＝mg可得，圓柱體的質量為m18kg；
圓柱體的體積為V＝Sh＝200cm2×10cm＝2000cm3＝2×10﹣3m3，
圓柱體的密度：ρ9×103kg/m3；
（2）由阿基米德原理可得，當圓柱體剛被浸沒時，它受到的浮力為：
F浮＝ρ水gV排＝ρ水gV柱＝1×103kg/m3×10N/kg×2×10﹣3m3＝20N，
圓柱體對容器底部的壓力：F1＝G﹣F浮＝180N﹣20N＝160N；
（3）由（2）中可知圓柱體剛好浸沒時注入水的質量為2kg，
當注入水質量m1小于等于2kg時，容器內的水深度為h′，
ΔS＝S容﹣S0＝0.04m2﹣0.02m2＝0.02m2，
由p＝ρgh可得此時水對容器底的壓強為p1＝ρ水g①，
由圖乙可知當沒有注入水時圓柱體對容器底的壓力，則注入水后容器對桌面的壓力為F＝180N+m1g，
容器對桌面的壓強為：p2②，
由題意可知p1：p2＝1：3﹣﹣﹣﹣﹣﹣③，
將①②代入③中解得m1＝3.6kg，因m1＝3.6kg＞2kg，故應舍去，
當注入水的質量大于2kg時，即注入水的深度大于10cm，因液體體積與圓柱體體積之和等于容器底面積乘以液體的深度，即V水+V0＝S容h′，
液體的體積為V水，
故可得V0＝S容h′，
解得此時水的深度為h′，
由p＝ρgh可得此時液體對容器底的壓強為p水＝ρ水gh′＝ρ水g④，
由受力分析可知，容器對桌面的壓強為p容，
由題意可知p水：p容＝1：3，
故可得（mg+ρ水gV0）：（180N+mg）＝1：3，
代入數據可得（m×10N/kg+1×103kg/m3×10N/kg×2×10﹣3m3）：（180N+m×10N/kg）＝1：3，
解得m＝6kg。
答：（1）圓柱體的密度為9×103kg/m3；
（2）圖乙中縱坐標上F1的大小為160N；
（3）容器內水的質量為6kg。
30．【考點】速度公式的應用；壓強的公式的應用；液體壓強的公式及計算；利用物體的浮沉條件求浮力的大小．版權所有
【專題】定量思想；壓強、液體的壓強；應用能力．
【解答】（1）U8汽車空載時漂浮在水面上所受浮力等于重力，即：F浮＝G＝mg＝4×103kg×10N/kg＝4×104N；
（2）根據v得U8以平均速度在水中行駛3min的直線距離為：
s＝vt＝1.6km/hh＝0.08km＝80m；
（3）U8汽車空載時對水平路面的壓強為：
p5×105Pa；
在水中行駛時底盤受到水的壓強為：
p′＝ρgh＝1.0×103kg/m3×10N/kg×0.8m＝8000Pa。
答：（1）U8汽車空載時漂浮在水面上所受浮力為4×104N；
（2）U8以平均速度在水中行駛3min的直線距離為80m；
（3）U8汽車空載時對水平路面的壓強為5×105Pa、在水中行駛時底盤受到水的壓強8000Pa。
4；郵箱：540160554@；學號：4723941
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