資源簡介 廣東省東莞市第一中學2024-2025學年高一下學期第一段考物理試卷1.(2025高一下·東莞月考)關于做平拋運動的物體,下列說法正確的是( )A.物體在任意相等時間內位移的增量都相等B.物體做的是加速度大小、方向都不變的勻變速曲線運動C.水平射程由初速度決定,初速度越大,水平射程越大D.在空中運動的時間由初速度決定,初速度越大,時間越長2.(2025高一下·東莞月考)中國選手劉詩穎在2020東京奧運會田徑女子標槍決賽中以66米34的成績獲得金牌!劉詩穎的“冠軍一投”的運動簡化圖如圖所示。投出去的標槍做曲線運動,忽略空氣阻力,關于標槍的運動及曲線運動,下列說法正確的是( )A.出手后標槍的加速度是變化的B.速度發生變化的運動,一定是曲線運動C.標槍升到最高點時速度為零D.標槍運動先減速上升,后加速下降3.(2025高一下·東莞月考)關于圓周運動,下列說法中正確的是( )A.勻速圓周運動是勻變速運動B.圓周運動中向心力的作用效果只改變線速度的方向,不改變線速度的大小C.做圓周運動的物體,所受的合外力一定指向圓心D.在勻速圓周運動中,向心加速度恒定4.(2025高一下·東莞月考)在風洞實驗室中進行如圖所示的實驗,光滑的水平面上一小球以速度v0向東運動,運動中要穿過水平向北的風洞MN,在風洞施加的水平恒力作用下,小球通過風洞過程及通過后的軌跡正確的圖是( )A. B.C. D.5.(2025高一下·東莞月考)如圖所示,汽車用跨過定滑輪的輕繩提升物塊。汽車勻速向左運動,在物塊到達滑輪之前,下列說法正確的是( )A.物塊將豎直向上做勻速運動 B.物塊受到繩的拉力大于重力C.物塊受到繩的拉力等于重力 D.物塊將豎直向上先加速后減速6.(2025高一下·東莞月考)如圖,小船從河岸處A點出發渡河。若河寬為100m,河水流速,方向平行于河岸指向河的下游,船在靜水中速度,船頭方向與河岸垂直,船視為質點,則下列說法正確的是( )A.小船從A點出發經過20s到達對岸B.小船到達對岸的位置在河正對岸下游125m處C.若河水流速變慢,小船從A點到對岸的時間可能低于20sD.若小船行駛到河中央時水流變快,小船過河時間不變7.(2025高一下·東莞月考)行星繞太陽的運動下列說法中正確的是( )A.所有行星都在同一橢圓軌道上繞太陽運動B.行星繞太陽運動時,太陽位于行星軌道的中心處C.離太陽越近的行星運動周期越長D.所有行星的軌道半長軸的三次方跟公轉周期的二次方的比值都相等8.(2025高一下·東莞月考)物理來源于生活,也可以解釋生活。對于如圖所示生活中經常出現的情況,分析正確的是( )A.圖甲中小球在水平面做勻速圓周運動時,軌道半徑為L,重力與拉力合力提供向心力B.圖乙中物體隨水平圓盤一起做圓周運動時,一定受到指向圓盤圓心的摩擦力C.圖丙中汽車過拱橋最高點時,速度越大,對橋面的壓力越小D.圖丁中若轎車轉彎時速度過大發生側翻,是因為受到的離心力大于向心力9.(2025高一下·東莞月考)如圖所示,給光滑圓管道內的小球(可看作質點)一個初速度,使小球在豎直面內做半徑為R的圓周運動,則關于小球在最高點時的速度v,下列敘述中正確的是( )A.的最小值為B.當時,小球不受任何力的作用C.當時,管道對小球的彈力方向豎直向下D.當v由逐漸減小時,在最高點管道對小球的彈力逐漸增大10.(2025高一下·東莞月考)利用引力常量G和下列某一組數據,可以計算出地球質量的是( )A.地球的半徑及重力加速度(不考慮地球自轉)B.人造衛星在地面附近繞地球做圓周運動的速度及周期C.月球繞地球做圓周運動的周期及月球與地球間的距離D.地球繞太陽做圓周運動的周期及地球與太陽間的距離11.(2025高一下·東莞月考)“飛車走避”雜技表演簡化后的模型如圖所示,表演者沿表演臺的側壁做勻速圓周運動。若表演時雜技演員和摩托車的總質量不變,摩托車與側壁間沿側壁傾斜方向的摩擦力恰好為零,軌道平面離地面的高度為H,側壁傾斜角度不變,則下列說法中正確的是( )A.摩托車做圓周運動的H越高,角速度越小B.摩托車做圓周運動的H越高,線速度越小C.摩托車做圓周運動的H增大,向心力大小一定不變D.摩托車對側壁的壓力隨高度H變大而減小12.(2025高一下·東莞月考)如圖所示,一物體從固定的光滑豎直面圓弧軌道上端由靜止下滑過程中,下列說法正確的是( )A.當物體滑到軌道最低點時,物體處于受力平衡狀態B.當物體滑到軌道最低點時,物體處于超重狀態C.當物體滑到軌道最低點時,合外力指向圓心D.物體下滑過程中,合外力一直指向圓心13.(2025高一下·東莞月考)某學習小組用實驗探究“平拋運動規律”。(1)在圖1中用小錘敲擊鐵片,觀察到A、B兩個小球 ,則說明平拋運動在豎直方向上做 運動。(2)在圖2中同時斷電后P、Q兩個小球同時沿著斜槽滾下,觀察到P、Q兩個小球撞在一起,則說明平拋運動在水平方向上做 運動。(3)以下研究平拋運動實驗過程的一些做法,其中合理的( )A.安裝斜槽軌道,使其末端保持水平B.每次小球釋放的初始位置可以任意選擇C.每次小球應從同一位置由靜止釋放(4)已知圖中小方格的邊長,則小球平拋的初速度為 (結果保留兩位有效數字,)14.(2025高一下·東莞月考)在“探究向心力大小的表達式”實驗中,所用向心力演示器如圖所示。圖是演示器部分原理示意圖:皮帶輪①、④的半徑相同,輪②的半徑是輪①的1.5倍,輪③的半徑是輪①的2倍,輪④的半徑是輪⑤的1.5倍,輪④的半徑是輪⑥的2倍;兩轉臂上黑白格的長度相等;為三根固定在轉臂上的擋板,可與轉臂上做圓周運動的實驗球產生擠壓,從而提供向心力。圖中的標尺1和2可以顯示出兩球所受向心力的大小關系。可供選擇的實驗球有:質量均為的球1和球2,質量為m的球3。(1)在研究向心力的大小F與質量m、角速度和半徑r之間的關系時,我們主要用到了物理學中的 。A.等效替代法 B.控制變量法 C.理想實驗法 D.轉化法(2)實驗時將球1、球2分別放在擋板位置,將皮帶與輪②和輪⑤連接,轉動手柄觀察左右兩個標尺,此過程是驗證向心力的大小與 的關系。(3)實驗時將皮帶與輪③和輪⑥相連,將球分別放在擋板位置,轉動手柄,則標尺1和標尺2顯示的向心力之比為 。15.(2025高一下·東莞月考)沖關節目是一種戶外娛樂健康游戲,如圖所示為參賽者遇到的一個關卡。一個半徑為R的圓盤浮在水面上,圓盤表面保持水平且與水平跑道的高度差,M為圓盤邊緣上一點。某時刻,參賽者從跑道上P點水平向右跳出,初速度的方向與圓盤半徑在同一豎直平面內。已知圓盤的圓心與P點之間的水平距離為,圓盤半徑,重力加速度g取,不計空氣阻力.(1)求參賽者從P點跳出至落至圓盤經歷的時間t;(2)參賽者要能落在圓盤上,求v0的最小值;(3)若參賽者從P點跳出的同時,圓盤繞過其圓心O的豎直軸以角速度ω勻速轉動,要使參賽者落到M點,求圓盤轉動的角速度ω.16.(2025高一下·東莞月考)如圖所示,一輕繩連著一小球,懸掛于O點,現給小球一個初速度釋放做豎直圓周運動。設小球質量,繩長,小球運動的最低點離地高度。(1)若小球通過最高點的速度大小為,求此時小球對繩的拉力;(2)若輕繩能夠承受的最大拉力為105N,求允許小球通過最低點的最大速率;(3)若以(2)問的最大速率通過最低點時,輕繩恰好斷裂,求小球平拋的水平位移x大小。答案解析部分1.【答案】B【知識點】平拋運動【解析】【解答】平拋運動的性質:平拋運動可以看成水平方向上的勻速直線運動和豎直方向上的自由落體運動。B.做平拋運動的物體,加速度為重力加速度,所以平拋運動是加速度大小、方向都不變的勻變速曲線運動,故B正確;ACD.物體做平拋運動,豎直方向有可得可知物體在空中運動的時間由下落高度決定,與初速度無關;水平方向有可知水平射程由初速度和下落高度共同決定,初速度越大,水平射程不一定越大;物體的合位移大小為可知物體在任意相等時間內位移的增量不相等,故ACD錯誤。故選B。【分析】平拋運動可看作水平方向的勻速直線運動以及豎直方向的自由落體運動的合運動。平拋運動的物體,由于所受的合外力為恒力,所以平拋運動是勻變速曲線運動,平拋物體的運動軌跡為一拋物線。平拋運動的時間僅與拋出點的豎直高度有關;物體落地的水平位移與時間及初速度有關。2.【答案】D【知識點】斜拋運動【解析】【解答】曲線運動中,質點在某一刻(或某一位置)的速度方向是在曲線這一點的切線方向A.忽略空氣阻力,標槍出手后只受重力,標槍的加速度為重力加速度,保持不變,故A錯誤;B.速度發生變化的運動,如果只是速度大小變化,但方向不變,則物體做直線運動,故B錯誤;C.標槍升到最高點時豎直分速度為零,但水平方向的速度不為零,故C錯誤;D.標槍出手后只受重力,標槍的加速度為重力加速度,方向豎直向下,所以標槍運動先減速上升,后加速下降,故D正確。故選D。【分析】斜拋運動最高點有水平方向上的速度;根據牛頓第二定律得出加速度不變,再進行判斷;根據受力情況分析運動情況。3.【答案】B【知識點】勻速圓周運動【解析】【解答】本題考查對向心力的來源及作用的理解能力.對于勻速圓周運動,是由合外力提供向心力.A.勻變速運動是加速度恒定的運動。勻速圓周運動的加速度方向始終指向圓心,方向不斷變化,不是恒定的,所以勻速圓周運動不是勻變速運動,故A錯誤;B.向心力始終與線速度方向垂直,根據力的作用效果,它只改變線速度的方向,不改變線速度的大小 ,故B正確;C.只有做勻速圓周運動的物體,所受合外力才全部用來提供向心力,方向指向圓心;做變速圓周運動的物體,合外力并不完全指向圓心,故C錯誤;D.在勻速圓周運動中,向心加速度大小不變,但方向始終指向圓心,時刻在變化,不是恒定的,故D錯誤。故選B。【分析】勻速圓周運動的物體由所受的合外力提供向心力,不是物體產生的向心力.對于圓周運動,向心力方向時刻在變化,向心力是變化的.向心力與速度方向垂直,只改變速度的方向,不改變速度的大小.4.【答案】A【知識點】曲線運動的條件【解析】【解答】本題主要考查了曲線運動的條件,合外力指向物體做曲線運動軌跡的凹側。小球在光滑的水平面上以v0向東運動,給小球一個向北的水平恒力,根據曲線運動條件,合外力指向物體做曲線運動軌跡的凹側,且速度的方向沿著軌跡的切線方向。故選A。【分析】物體做曲線運動的條件是合力與速度不在同一條直線上,速度的方向與該點曲線的切線方向相同,合外力指向物體做曲線運動軌跡的凹的一側。5.【答案】B【知識點】牛頓第二定律;運動的合成與分解【解析】【解答】解答該題的關鍵是確定汽車實際運動的速度是合速度,把該速度按效果進行分解,即為沿繩子擺動的方向(垂直于繩子的方向)和沿繩子的方向進行正交分解。同時要會結合三角函數的知識進行相關的分析和計算。設連接汽車的繩子與水平方向的夾角為,將汽車的速度分解為沿繩子方向分速度和垂直繩子方向分速度,則有汽車勻速向左運動,逐漸減小,逐漸增大,則物塊將豎直向上做加速運動;根據牛頓第二定律可知,物塊受到的合力向上,則物塊受到繩的拉力大于重力。故選B。【分析】對汽車的實際速度按照效果沿繩子的方向和垂直于繩子的方向進行分解,表示出沿繩子方向上的分量,其大小即為物塊上升的速度大小,結合三角函數的知識即可得知物塊的運動規律,從而可判知物塊A的運動狀態。6.【答案】D【知識點】小船渡河問題分析【解析】【解答】解決本題的關鍵會根據平行四邊形定則進行速度的合成,以及知道小船實際運動的軌跡與小船合速度的方向相同。AB.船頭方向與河岸垂直,所以小船過河時間為小船到達對岸的位置在河正對岸下游故AB錯誤;CD.小船過河時間由垂直河岸的速度和河寬決定,與水流速度無關;若河水流速變慢,小船從A點到對岸的時間仍為;若小船行駛到河中央時水流變快,小船過河時間不變,故C錯誤,D正確。故選D。【分析】船頭方向與河岸垂直渡河時間最短,根據計算;小船沿著河岸方向根據x=v1t計算;將小船的運動分解為垂直于河岸方向和沿河岸方向,小船在垂直河岸方向的分運動不變;小船的合速度是相互垂直的船速和水速的合成,某一方向速度發生變化,合速度發生變化。7.【答案】D【知識點】開普勒定律【解析】【解答】正確理解開普勒的行星運動三定律是解答本題的關鍵,注意公轉周期與自轉周期的區別。AB. 行星繞太陽的運動 ,由開普勒第一定律可得,所有行星都繞太陽做橢圓運動,且太陽處在所有橢圓的一個焦點上, 不是所有行星都在同一橢圓軌道上繞太陽運動 ,故AB錯誤;C.由開普勒第三定律得,離太陽越近的行星的運動周期越短,故C錯誤;D.由開普勒第三定律可得,所以行星軌道半長軸的三次方跟公轉周期的二次方的比值都相等,故D正確。故選D。【分析】 開普勒的行星運動三定律:第一定律:所有的行星圍繞太陽運動的軌道都是橢圓,太陽處在所有橢圓的一個焦點上.第二定律:對每一個行星而言,太陽行星的連線在相同時間內掃過的面積相等。第三定律:所有行星的軌道的半長軸的三次方跟公轉周期的二次方的比值都相等.8.【答案】C【知識點】生活中的圓周運動;離心運動和向心運動;豎直平面的圓周運動【解析】【解答】本題主要考查了生活中的圓周運動,解決本題的關鍵知道圓周運動向心力的來源,結合牛頓第二定律進行分析求解.A.圖甲中小球在水平面做勻速圓周運動時,如圖所示其中紅色部分表示軌跡圓,紫色點為圓心,綠色線段為半徑,由幾何關系可知小球只在重力和拉力作用下做勻速圓周運動,故重力和拉力合力提供向心力,故A錯誤;B.圖乙中物體隨水平圓盤一起做勻速圓周運動時,一定受到指向圓盤圓心的摩擦力。而當物體隨水平圓盤做變速圓周時,物體的線速度大小是變化的,即在切線方向存在摩擦力的分力,存在多個摩擦力即此時物體所受摩擦力不指向圓心,故B錯誤;C.圖丙中汽車過拱橋最高點時,重力和支持力的合力提供向心力滿足因此當汽車過拱橋最高點時,速度越大,對橋面的壓力越小,故C正確;D.圖丁中若轎車轉彎時速度過大發生側翻,是因為汽車做離心運動,即需要的向心力大于提供的向心力,故D錯誤。故選C。【分析】 小球做圓周運動,靠重力和拉力的合力提供向心力;過拱橋時,靠重力和支持力的合力提供向心力;火車拐彎靠重力和支持力的合力提供向心力;汽車在平坦公路上拐彎,靠靜摩擦力提供向心力。9.【答案】C,D【知識點】豎直平面的圓周運動【解析】【解答】本題考查圓周運動,解題時需注意確定向心力的來源,向心力可以是重力、彈力、摩擦力等單個力,也可以是幾個力的合力或某個力的分力,因此在受力分析中要避免再另外添加向心力。A.由物體在環形豎直軌道內的圓周運動特點可知,管道對小球的彈力表現為支持力且等于重力時,有速度的最小值:v=0,故A錯誤;B.當小球在最高點時管道對球的作用力為0,由重力提供向心力,此時速度為,可得解得所以當時,小球只受重力的作用,故B錯誤;C.當時,管道對小球的彈力方向豎直向下,故C正確;D.當時,管道對球的作用力表現為支持力,根據牛頓第二定律可得解得當v由逐漸減小時,在最高點管道對小球的彈力逐漸增大,故D正確。故選CD。【分析】由物體在環形豎直軌道內的圓周運動特點,即可分析判斷;由牛頓第二定律列式,根據向心力的特點,根據力與力的關系分析判斷。10.【答案】A,B,C【知識點】萬有引力定律【解析】【解答】萬有引力的應用問題一般由重力加速度和中心天體的半徑能求出中心天體質量,或已知環繞天體的軌道半徑和線速度,或軌道半徑和周期,根據萬有引力提供向心力能求中心天體的質量。A.根據萬有引力等于重力解得可知利用引力常量G和地球的半徑及重力加速度可以計算出地球的質量,故A正確;B.已知人造衛星做圓周運動的速度和周期,根據可計算出衛星的軌道半徑萬有引力提供向心力有可求出地球質量利用引力常量G和人造衛星在地面附近繞地球做圓周運動的速度及周期可以計算出地球的質量,故B正確;C.已知月球繞地球運動的周期和半徑,根據得地球的質量為利用引力常量G和月球繞地球做圓周運動的周期及月球與地球間的距離可以計算出地球的質量,故C正確。D.已知地球繞太陽做圓周運動的周期及地球與太陽間的距離,根據可計算出太陽的質量,但無法計算地球的質量,即利用引力常量G和地球繞太陽做圓周運動的周期及地球與太陽間的距離不能計算出地球的質量,故D錯誤。故選ABC。【分析】在地球表面上,物體的重力等于地球對物體的萬有引力,由此列式分析能否求地球質量。根據萬有引力提供向心力列式, 分析BCD三項。11.【答案】A,C【知識點】生活中的圓周運動【解析】【解答】 本題考查應用物理規律分析實際問題的能力,此題是圓錐擺模型,關鍵是分析物體的受力情況,抓住不變量進行研究。摩托車與側壁間沿側壁傾斜方向的摩擦力恰好為零,軌道平面離地面的高度為H,側壁傾斜角度不變 對雜技演員和摩托車受力分析得當摩托車做圓周運動的H增大時,向心力大小一定不變;側壁對摩托車的支持力大小不變,由牛頓第三定律可得,摩托車對側壁的壓力大小也不變。又摩托車做圓周運動的H越高,就會越大,角速度越小,線速度越大。故選AC。 摩托車做勻速圓周運動,提供圓周運動的向心力是重力mg和支持力F的合力,作出力圖,得出向心力大小不變,結合牛頓第三定律分析。h越高,圓周運動的半徑越大,由向心力公式分析角速度、線速度大小。【分析】摩托車做勻速圓周運動,提供圓周運動的向心力是重力mg和支持力F的合力,作出力圖,得出向心力大小不變,結合牛頓第三定律分析。h越高,圓周運動的半徑越大,由向心力公式分析角速度、線速度大小。12.【答案】B,C【知識點】共點力的平衡;超重與失重;豎直平面的圓周運動【解析】【解答】本題考查圓周運動,解題關鍵是對物體正確進行受力分析,知道向心力來源。A.物體在圓弧軌道運動過程中,物體做圓周運動,合力不為0,處于非平衡態,故A錯誤;BC.當物體滑到軌道最低點時,合力指向圓心,即有向上的加速度,物體處于超重狀態,故BC正確;D.物體下滑過程做的是變加速圓周運動,除了最低點外,其余位置合力均不指圓心,故D錯誤。故選BC。【分析】只有勻速圓周運動合力直線圓心,加速度向上為超重,曲線運動物體一定不是受力平衡狀態。13.【答案】(1)同時落地;自由落體(2)勻速直線(3)A;C(4)1.0【知識點】研究平拋物體的運動【解析】【解答】本題考查平拋運動規律的研究,通過實驗探究出平拋運動處理的規律,要掌握運動的分解法。解決本題的關鍵掌握平拋運動在水平方向和豎直方向上的運動規律,運用運動學公式和推論靈活求解。(1)在圖1中用小錘敲擊鐵片,觀察到A、B兩個小球同時落地,則說明平拋運動在豎直方向上做自由落體運動。(2)在圖2中同時斷電后P、Q兩個小球同時沿著斜槽滾下,觀察到P、Q兩個小球撞在一起,說明P、Q兩個小球水平方向有相同的運動情況,即說明平拋運動在水平方向上做勻速直線運動。(3)A.為保證小球做平拋運動初速度水平,安裝斜槽軌道,使其末端保持水平,故A正確;BC.為保證小球做平拋運動初速度相同,故每次小球應從同一位置由靜止釋放,故B錯誤,C正確。故選AC。(4)由題圖可知,豎直方向有解得水平方向有解得小球平拋的初速度為【分析】(1)將平拋運動和自由落體運動比較,得到平拋運動在豎直方向上的運動情況。(2)將平拋運動和水平方向勻速直線運動比較,得到平拋運動在水平方向上的運動情況。(3)根據實驗原理、實驗操作方法來分析即可。(4)應用勻變速直線運動的推論與勻速運動的位移公式求解。(1)[1][2]在圖1中用小錘敲擊鐵片,觀察到A、B兩個小球同時落地,則說明平拋運動在豎直方向上做自由落體運動。(2)在圖2中同時斷電后P、Q兩個小球同時沿著斜槽滾下,觀察到P、Q兩個小球撞在一起,說明P、Q兩個小球水平方向有相同的運動情況,即說明平拋運動在水平方向上做勻速直線運動。(3)A.為保證小球做平拋運動初速度水平,安裝斜槽軌道,使其末端保持水平,故A正確;BC.為保證小球做平拋運動初速度相同,故每次小球應從同一位置由靜止釋放,故B錯誤,C正確。故選AC。(4)由題圖可知,豎直方向有解得水平方向有解得小球平拋的初速度為14.【答案】B;角速度;【知識點】向心力【解析】【解答】本實驗采用控制變量法,即要研究一個量與另外一個量的關系,需要控制其它量不變。(1)本實驗采用控制變量法,故B正確,ACD錯誤。(2)將球1、球2分別放在擋板位置時,兩球的質量、運動半徑均相同,但轉動的角速度不同,從而向心力不同,故此過程是驗心力的大小與角速度的關系;(3)根據由題可知代入數據可得【分析】(1)本實驗采用控制變量法研究。(2)兩球的質量、運動半徑均相同,但轉動的角速度不同,驗證向心力的大小與角速度的關系;(3)根據向心力表達式,結合各個物理量的大小求解。15.【答案】(1)根據解得(2)根據解得(3)根據題意得(,2,3……)解得(,2,3……)【知識點】線速度、角速度和周期、轉速【解析】【分析】(1)參賽者從P點到圓盤做平拋運動,根據下落的高度求出運動時間t;(2)參賽者要能落在圓盤上,v0最小時恰好落在圓盤左側邊緣,由此求出即可;(3)要使參賽者落到M點,必須滿足,從而求出圓盤轉動的角速度ω。16.【答案】(1)在最高點,對小球,由牛頓第二定律有代入題中時間,解得根據牛頓第三定律,小球對繩的拉力大小方向豎直向下。(2)在最低點,對小球,由牛頓第二定律有其中聯立解得(3)題意易得輕繩斷裂后,小球做平拋運動,則有聯立解得【知識點】平拋運動;生活中的圓周運動【解析】【分析】(1)由牛頓第二定律可以求出小球受到的拉力;(2)在B位置,由牛頓第二定律可求小球通過最低點的最大速率;(3)繩子斷裂后小球做平拋運動,應用平拋運動規律可以求出s。(1)在最高點,對小球,由牛頓第二定律有代入題中時間,解得根據牛頓第三定律,小球對繩的拉力大小方向豎直向下。(2)在最低點,對小球,由牛頓第二定律有其中聯立解得(3)題意易得輕繩斷裂后,小球做平拋運動,則有聯立解得1 / 1廣東省東莞市第一中學2024-2025學年高一下學期第一段考物理試卷1.(2025高一下·東莞月考)關于做平拋運動的物體,下列說法正確的是( )A.物體在任意相等時間內位移的增量都相等B.物體做的是加速度大小、方向都不變的勻變速曲線運動C.水平射程由初速度決定,初速度越大,水平射程越大D.在空中運動的時間由初速度決定,初速度越大,時間越長【答案】B【知識點】平拋運動【解析】【解答】平拋運動的性質:平拋運動可以看成水平方向上的勻速直線運動和豎直方向上的自由落體運動。B.做平拋運動的物體,加速度為重力加速度,所以平拋運動是加速度大小、方向都不變的勻變速曲線運動,故B正確;ACD.物體做平拋運動,豎直方向有可得可知物體在空中運動的時間由下落高度決定,與初速度無關;水平方向有可知水平射程由初速度和下落高度共同決定,初速度越大,水平射程不一定越大;物體的合位移大小為可知物體在任意相等時間內位移的增量不相等,故ACD錯誤。故選B。【分析】平拋運動可看作水平方向的勻速直線運動以及豎直方向的自由落體運動的合運動。平拋運動的物體,由于所受的合外力為恒力,所以平拋運動是勻變速曲線運動,平拋物體的運動軌跡為一拋物線。平拋運動的時間僅與拋出點的豎直高度有關;物體落地的水平位移與時間及初速度有關。2.(2025高一下·東莞月考)中國選手劉詩穎在2020東京奧運會田徑女子標槍決賽中以66米34的成績獲得金牌!劉詩穎的“冠軍一投”的運動簡化圖如圖所示。投出去的標槍做曲線運動,忽略空氣阻力,關于標槍的運動及曲線運動,下列說法正確的是( )A.出手后標槍的加速度是變化的B.速度發生變化的運動,一定是曲線運動C.標槍升到最高點時速度為零D.標槍運動先減速上升,后加速下降【答案】D【知識點】斜拋運動【解析】【解答】曲線運動中,質點在某一刻(或某一位置)的速度方向是在曲線這一點的切線方向A.忽略空氣阻力,標槍出手后只受重力,標槍的加速度為重力加速度,保持不變,故A錯誤;B.速度發生變化的運動,如果只是速度大小變化,但方向不變,則物體做直線運動,故B錯誤;C.標槍升到最高點時豎直分速度為零,但水平方向的速度不為零,故C錯誤;D.標槍出手后只受重力,標槍的加速度為重力加速度,方向豎直向下,所以標槍運動先減速上升,后加速下降,故D正確。故選D。【分析】斜拋運動最高點有水平方向上的速度;根據牛頓第二定律得出加速度不變,再進行判斷;根據受力情況分析運動情況。3.(2025高一下·東莞月考)關于圓周運動,下列說法中正確的是( )A.勻速圓周運動是勻變速運動B.圓周運動中向心力的作用效果只改變線速度的方向,不改變線速度的大小C.做圓周運動的物體,所受的合外力一定指向圓心D.在勻速圓周運動中,向心加速度恒定【答案】B【知識點】勻速圓周運動【解析】【解答】本題考查對向心力的來源及作用的理解能力.對于勻速圓周運動,是由合外力提供向心力.A.勻變速運動是加速度恒定的運動。勻速圓周運動的加速度方向始終指向圓心,方向不斷變化,不是恒定的,所以勻速圓周運動不是勻變速運動,故A錯誤;B.向心力始終與線速度方向垂直,根據力的作用效果,它只改變線速度的方向,不改變線速度的大小 ,故B正確;C.只有做勻速圓周運動的物體,所受合外力才全部用來提供向心力,方向指向圓心;做變速圓周運動的物體,合外力并不完全指向圓心,故C錯誤;D.在勻速圓周運動中,向心加速度大小不變,但方向始終指向圓心,時刻在變化,不是恒定的,故D錯誤。故選B。【分析】勻速圓周運動的物體由所受的合外力提供向心力,不是物體產生的向心力.對于圓周運動,向心力方向時刻在變化,向心力是變化的.向心力與速度方向垂直,只改變速度的方向,不改變速度的大小.4.(2025高一下·東莞月考)在風洞實驗室中進行如圖所示的實驗,光滑的水平面上一小球以速度v0向東運動,運動中要穿過水平向北的風洞MN,在風洞施加的水平恒力作用下,小球通過風洞過程及通過后的軌跡正確的圖是( )A. B.C. D.【答案】A【知識點】曲線運動的條件【解析】【解答】本題主要考查了曲線運動的條件,合外力指向物體做曲線運動軌跡的凹側。小球在光滑的水平面上以v0向東運動,給小球一個向北的水平恒力,根據曲線運動條件,合外力指向物體做曲線運動軌跡的凹側,且速度的方向沿著軌跡的切線方向。故選A。【分析】物體做曲線運動的條件是合力與速度不在同一條直線上,速度的方向與該點曲線的切線方向相同,合外力指向物體做曲線運動軌跡的凹的一側。5.(2025高一下·東莞月考)如圖所示,汽車用跨過定滑輪的輕繩提升物塊。汽車勻速向左運動,在物塊到達滑輪之前,下列說法正確的是( )A.物塊將豎直向上做勻速運動 B.物塊受到繩的拉力大于重力C.物塊受到繩的拉力等于重力 D.物塊將豎直向上先加速后減速【答案】B【知識點】牛頓第二定律;運動的合成與分解【解析】【解答】解答該題的關鍵是確定汽車實際運動的速度是合速度,把該速度按效果進行分解,即為沿繩子擺動的方向(垂直于繩子的方向)和沿繩子的方向進行正交分解。同時要會結合三角函數的知識進行相關的分析和計算。設連接汽車的繩子與水平方向的夾角為,將汽車的速度分解為沿繩子方向分速度和垂直繩子方向分速度,則有汽車勻速向左運動,逐漸減小,逐漸增大,則物塊將豎直向上做加速運動;根據牛頓第二定律可知,物塊受到的合力向上,則物塊受到繩的拉力大于重力。故選B。【分析】對汽車的實際速度按照效果沿繩子的方向和垂直于繩子的方向進行分解,表示出沿繩子方向上的分量,其大小即為物塊上升的速度大小,結合三角函數的知識即可得知物塊的運動規律,從而可判知物塊A的運動狀態。6.(2025高一下·東莞月考)如圖,小船從河岸處A點出發渡河。若河寬為100m,河水流速,方向平行于河岸指向河的下游,船在靜水中速度,船頭方向與河岸垂直,船視為質點,則下列說法正確的是( )A.小船從A點出發經過20s到達對岸B.小船到達對岸的位置在河正對岸下游125m處C.若河水流速變慢,小船從A點到對岸的時間可能低于20sD.若小船行駛到河中央時水流變快,小船過河時間不變【答案】D【知識點】小船渡河問題分析【解析】【解答】解決本題的關鍵會根據平行四邊形定則進行速度的合成,以及知道小船實際運動的軌跡與小船合速度的方向相同。AB.船頭方向與河岸垂直,所以小船過河時間為小船到達對岸的位置在河正對岸下游故AB錯誤;CD.小船過河時間由垂直河岸的速度和河寬決定,與水流速度無關;若河水流速變慢,小船從A點到對岸的時間仍為;若小船行駛到河中央時水流變快,小船過河時間不變,故C錯誤,D正確。故選D。【分析】船頭方向與河岸垂直渡河時間最短,根據計算;小船沿著河岸方向根據x=v1t計算;將小船的運動分解為垂直于河岸方向和沿河岸方向,小船在垂直河岸方向的分運動不變;小船的合速度是相互垂直的船速和水速的合成,某一方向速度發生變化,合速度發生變化。7.(2025高一下·東莞月考)行星繞太陽的運動下列說法中正確的是( )A.所有行星都在同一橢圓軌道上繞太陽運動B.行星繞太陽運動時,太陽位于行星軌道的中心處C.離太陽越近的行星運動周期越長D.所有行星的軌道半長軸的三次方跟公轉周期的二次方的比值都相等【答案】D【知識點】開普勒定律【解析】【解答】正確理解開普勒的行星運動三定律是解答本題的關鍵,注意公轉周期與自轉周期的區別。AB. 行星繞太陽的運動 ,由開普勒第一定律可得,所有行星都繞太陽做橢圓運動,且太陽處在所有橢圓的一個焦點上, 不是所有行星都在同一橢圓軌道上繞太陽運動 ,故AB錯誤;C.由開普勒第三定律得,離太陽越近的行星的運動周期越短,故C錯誤;D.由開普勒第三定律可得,所以行星軌道半長軸的三次方跟公轉周期的二次方的比值都相等,故D正確。故選D。【分析】 開普勒的行星運動三定律:第一定律:所有的行星圍繞太陽運動的軌道都是橢圓,太陽處在所有橢圓的一個焦點上.第二定律:對每一個行星而言,太陽行星的連線在相同時間內掃過的面積相等。第三定律:所有行星的軌道的半長軸的三次方跟公轉周期的二次方的比值都相等.8.(2025高一下·東莞月考)物理來源于生活,也可以解釋生活。對于如圖所示生活中經常出現的情況,分析正確的是( )A.圖甲中小球在水平面做勻速圓周運動時,軌道半徑為L,重力與拉力合力提供向心力B.圖乙中物體隨水平圓盤一起做圓周運動時,一定受到指向圓盤圓心的摩擦力C.圖丙中汽車過拱橋最高點時,速度越大,對橋面的壓力越小D.圖丁中若轎車轉彎時速度過大發生側翻,是因為受到的離心力大于向心力【答案】C【知識點】生活中的圓周運動;離心運動和向心運動;豎直平面的圓周運動【解析】【解答】本題主要考查了生活中的圓周運動,解決本題的關鍵知道圓周運動向心力的來源,結合牛頓第二定律進行分析求解.A.圖甲中小球在水平面做勻速圓周運動時,如圖所示其中紅色部分表示軌跡圓,紫色點為圓心,綠色線段為半徑,由幾何關系可知小球只在重力和拉力作用下做勻速圓周運動,故重力和拉力合力提供向心力,故A錯誤;B.圖乙中物體隨水平圓盤一起做勻速圓周運動時,一定受到指向圓盤圓心的摩擦力。而當物體隨水平圓盤做變速圓周時,物體的線速度大小是變化的,即在切線方向存在摩擦力的分力,存在多個摩擦力即此時物體所受摩擦力不指向圓心,故B錯誤;C.圖丙中汽車過拱橋最高點時,重力和支持力的合力提供向心力滿足因此當汽車過拱橋最高點時,速度越大,對橋面的壓力越小,故C正確;D.圖丁中若轎車轉彎時速度過大發生側翻,是因為汽車做離心運動,即需要的向心力大于提供的向心力,故D錯誤。故選C。【分析】 小球做圓周運動,靠重力和拉力的合力提供向心力;過拱橋時,靠重力和支持力的合力提供向心力;火車拐彎靠重力和支持力的合力提供向心力;汽車在平坦公路上拐彎,靠靜摩擦力提供向心力。9.(2025高一下·東莞月考)如圖所示,給光滑圓管道內的小球(可看作質點)一個初速度,使小球在豎直面內做半徑為R的圓周運動,則關于小球在最高點時的速度v,下列敘述中正確的是( )A.的最小值為B.當時,小球不受任何力的作用C.當時,管道對小球的彈力方向豎直向下D.當v由逐漸減小時,在最高點管道對小球的彈力逐漸增大【答案】C,D【知識點】豎直平面的圓周運動【解析】【解答】本題考查圓周運動,解題時需注意確定向心力的來源,向心力可以是重力、彈力、摩擦力等單個力,也可以是幾個力的合力或某個力的分力,因此在受力分析中要避免再另外添加向心力。A.由物體在環形豎直軌道內的圓周運動特點可知,管道對小球的彈力表現為支持力且等于重力時,有速度的最小值:v=0,故A錯誤;B.當小球在最高點時管道對球的作用力為0,由重力提供向心力,此時速度為,可得解得所以當時,小球只受重力的作用,故B錯誤;C.當時,管道對小球的彈力方向豎直向下,故C正確;D.當時,管道對球的作用力表現為支持力,根據牛頓第二定律可得解得當v由逐漸減小時,在最高點管道對小球的彈力逐漸增大,故D正確。故選CD。【分析】由物體在環形豎直軌道內的圓周運動特點,即可分析判斷;由牛頓第二定律列式,根據向心力的特點,根據力與力的關系分析判斷。10.(2025高一下·東莞月考)利用引力常量G和下列某一組數據,可以計算出地球質量的是( )A.地球的半徑及重力加速度(不考慮地球自轉)B.人造衛星在地面附近繞地球做圓周運動的速度及周期C.月球繞地球做圓周運動的周期及月球與地球間的距離D.地球繞太陽做圓周運動的周期及地球與太陽間的距離【答案】A,B,C【知識點】萬有引力定律【解析】【解答】萬有引力的應用問題一般由重力加速度和中心天體的半徑能求出中心天體質量,或已知環繞天體的軌道半徑和線速度,或軌道半徑和周期,根據萬有引力提供向心力能求中心天體的質量。A.根據萬有引力等于重力解得可知利用引力常量G和地球的半徑及重力加速度可以計算出地球的質量,故A正確;B.已知人造衛星做圓周運動的速度和周期,根據可計算出衛星的軌道半徑萬有引力提供向心力有可求出地球質量利用引力常量G和人造衛星在地面附近繞地球做圓周運動的速度及周期可以計算出地球的質量,故B正確;C.已知月球繞地球運動的周期和半徑,根據得地球的質量為利用引力常量G和月球繞地球做圓周運動的周期及月球與地球間的距離可以計算出地球的質量,故C正確。D.已知地球繞太陽做圓周運動的周期及地球與太陽間的距離,根據可計算出太陽的質量,但無法計算地球的質量,即利用引力常量G和地球繞太陽做圓周運動的周期及地球與太陽間的距離不能計算出地球的質量,故D錯誤。故選ABC。【分析】在地球表面上,物體的重力等于地球對物體的萬有引力,由此列式分析能否求地球質量。根據萬有引力提供向心力列式, 分析BCD三項。11.(2025高一下·東莞月考)“飛車走避”雜技表演簡化后的模型如圖所示,表演者沿表演臺的側壁做勻速圓周運動。若表演時雜技演員和摩托車的總質量不變,摩托車與側壁間沿側壁傾斜方向的摩擦力恰好為零,軌道平面離地面的高度為H,側壁傾斜角度不變,則下列說法中正確的是( )A.摩托車做圓周運動的H越高,角速度越小B.摩托車做圓周運動的H越高,線速度越小C.摩托車做圓周運動的H增大,向心力大小一定不變D.摩托車對側壁的壓力隨高度H變大而減小【答案】A,C【知識點】生活中的圓周運動【解析】【解答】 本題考查應用物理規律分析實際問題的能力,此題是圓錐擺模型,關鍵是分析物體的受力情況,抓住不變量進行研究。摩托車與側壁間沿側壁傾斜方向的摩擦力恰好為零,軌道平面離地面的高度為H,側壁傾斜角度不變 對雜技演員和摩托車受力分析得當摩托車做圓周運動的H增大時,向心力大小一定不變;側壁對摩托車的支持力大小不變,由牛頓第三定律可得,摩托車對側壁的壓力大小也不變。又摩托車做圓周運動的H越高,就會越大,角速度越小,線速度越大。故選AC。 摩托車做勻速圓周運動,提供圓周運動的向心力是重力mg和支持力F的合力,作出力圖,得出向心力大小不變,結合牛頓第三定律分析。h越高,圓周運動的半徑越大,由向心力公式分析角速度、線速度大小。【分析】摩托車做勻速圓周運動,提供圓周運動的向心力是重力mg和支持力F的合力,作出力圖,得出向心力大小不變,結合牛頓第三定律分析。h越高,圓周運動的半徑越大,由向心力公式分析角速度、線速度大小。12.(2025高一下·東莞月考)如圖所示,一物體從固定的光滑豎直面圓弧軌道上端由靜止下滑過程中,下列說法正確的是( )A.當物體滑到軌道最低點時,物體處于受力平衡狀態B.當物體滑到軌道最低點時,物體處于超重狀態C.當物體滑到軌道最低點時,合外力指向圓心D.物體下滑過程中,合外力一直指向圓心【答案】B,C【知識點】共點力的平衡;超重與失重;豎直平面的圓周運動【解析】【解答】本題考查圓周運動,解題關鍵是對物體正確進行受力分析,知道向心力來源。A.物體在圓弧軌道運動過程中,物體做圓周運動,合力不為0,處于非平衡態,故A錯誤;BC.當物體滑到軌道最低點時,合力指向圓心,即有向上的加速度,物體處于超重狀態,故BC正確;D.物體下滑過程做的是變加速圓周運動,除了最低點外,其余位置合力均不指圓心,故D錯誤。故選BC。【分析】只有勻速圓周運動合力直線圓心,加速度向上為超重,曲線運動物體一定不是受力平衡狀態。13.(2025高一下·東莞月考)某學習小組用實驗探究“平拋運動規律”。(1)在圖1中用小錘敲擊鐵片,觀察到A、B兩個小球 ,則說明平拋運動在豎直方向上做 運動。(2)在圖2中同時斷電后P、Q兩個小球同時沿著斜槽滾下,觀察到P、Q兩個小球撞在一起,則說明平拋運動在水平方向上做 運動。(3)以下研究平拋運動實驗過程的一些做法,其中合理的( )A.安裝斜槽軌道,使其末端保持水平B.每次小球釋放的初始位置可以任意選擇C.每次小球應從同一位置由靜止釋放(4)已知圖中小方格的邊長,則小球平拋的初速度為 (結果保留兩位有效數字,)【答案】(1)同時落地;自由落體(2)勻速直線(3)A;C(4)1.0【知識點】研究平拋物體的運動【解析】【解答】本題考查平拋運動規律的研究,通過實驗探究出平拋運動處理的規律,要掌握運動的分解法。解決本題的關鍵掌握平拋運動在水平方向和豎直方向上的運動規律,運用運動學公式和推論靈活求解。(1)在圖1中用小錘敲擊鐵片,觀察到A、B兩個小球同時落地,則說明平拋運動在豎直方向上做自由落體運動。(2)在圖2中同時斷電后P、Q兩個小球同時沿著斜槽滾下,觀察到P、Q兩個小球撞在一起,說明P、Q兩個小球水平方向有相同的運動情況,即說明平拋運動在水平方向上做勻速直線運動。(3)A.為保證小球做平拋運動初速度水平,安裝斜槽軌道,使其末端保持水平,故A正確;BC.為保證小球做平拋運動初速度相同,故每次小球應從同一位置由靜止釋放,故B錯誤,C正確。故選AC。(4)由題圖可知,豎直方向有解得水平方向有解得小球平拋的初速度為【分析】(1)將平拋運動和自由落體運動比較,得到平拋運動在豎直方向上的運動情況。(2)將平拋運動和水平方向勻速直線運動比較,得到平拋運動在水平方向上的運動情況。(3)根據實驗原理、實驗操作方法來分析即可。(4)應用勻變速直線運動的推論與勻速運動的位移公式求解。(1)[1][2]在圖1中用小錘敲擊鐵片,觀察到A、B兩個小球同時落地,則說明平拋運動在豎直方向上做自由落體運動。(2)在圖2中同時斷電后P、Q兩個小球同時沿著斜槽滾下,觀察到P、Q兩個小球撞在一起,說明P、Q兩個小球水平方向有相同的運動情況,即說明平拋運動在水平方向上做勻速直線運動。(3)A.為保證小球做平拋運動初速度水平,安裝斜槽軌道,使其末端保持水平,故A正確;BC.為保證小球做平拋運動初速度相同,故每次小球應從同一位置由靜止釋放,故B錯誤,C正確。故選AC。(4)由題圖可知,豎直方向有解得水平方向有解得小球平拋的初速度為14.(2025高一下·東莞月考)在“探究向心力大小的表達式”實驗中,所用向心力演示器如圖所示。圖是演示器部分原理示意圖:皮帶輪①、④的半徑相同,輪②的半徑是輪①的1.5倍,輪③的半徑是輪①的2倍,輪④的半徑是輪⑤的1.5倍,輪④的半徑是輪⑥的2倍;兩轉臂上黑白格的長度相等;為三根固定在轉臂上的擋板,可與轉臂上做圓周運動的實驗球產生擠壓,從而提供向心力。圖中的標尺1和2可以顯示出兩球所受向心力的大小關系。可供選擇的實驗球有:質量均為的球1和球2,質量為m的球3。(1)在研究向心力的大小F與質量m、角速度和半徑r之間的關系時,我們主要用到了物理學中的 。A.等效替代法 B.控制變量法 C.理想實驗法 D.轉化法(2)實驗時將球1、球2分別放在擋板位置,將皮帶與輪②和輪⑤連接,轉動手柄觀察左右兩個標尺,此過程是驗證向心力的大小與 的關系。(3)實驗時將皮帶與輪③和輪⑥相連,將球分別放在擋板位置,轉動手柄,則標尺1和標尺2顯示的向心力之比為 。【答案】B;角速度;【知識點】向心力【解析】【解答】本實驗采用控制變量法,即要研究一個量與另外一個量的關系,需要控制其它量不變。(1)本實驗采用控制變量法,故B正確,ACD錯誤。(2)將球1、球2分別放在擋板位置時,兩球的質量、運動半徑均相同,但轉動的角速度不同,從而向心力不同,故此過程是驗心力的大小與角速度的關系;(3)根據由題可知代入數據可得【分析】(1)本實驗采用控制變量法研究。(2)兩球的質量、運動半徑均相同,但轉動的角速度不同,驗證向心力的大小與角速度的關系;(3)根據向心力表達式,結合各個物理量的大小求解。15.(2025高一下·東莞月考)沖關節目是一種戶外娛樂健康游戲,如圖所示為參賽者遇到的一個關卡。一個半徑為R的圓盤浮在水面上,圓盤表面保持水平且與水平跑道的高度差,M為圓盤邊緣上一點。某時刻,參賽者從跑道上P點水平向右跳出,初速度的方向與圓盤半徑在同一豎直平面內。已知圓盤的圓心與P點之間的水平距離為,圓盤半徑,重力加速度g取,不計空氣阻力.(1)求參賽者從P點跳出至落至圓盤經歷的時間t;(2)參賽者要能落在圓盤上,求v0的最小值;(3)若參賽者從P點跳出的同時,圓盤繞過其圓心O的豎直軸以角速度ω勻速轉動,要使參賽者落到M點,求圓盤轉動的角速度ω.【答案】(1)根據解得(2)根據解得(3)根據題意得(,2,3……)解得(,2,3……)【知識點】線速度、角速度和周期、轉速【解析】【分析】(1)參賽者從P點到圓盤做平拋運動,根據下落的高度求出運動時間t;(2)參賽者要能落在圓盤上,v0最小時恰好落在圓盤左側邊緣,由此求出即可;(3)要使參賽者落到M點,必須滿足,從而求出圓盤轉動的角速度ω。16.(2025高一下·東莞月考)如圖所示,一輕繩連著一小球,懸掛于O點,現給小球一個初速度釋放做豎直圓周運動。設小球質量,繩長,小球運動的最低點離地高度。(1)若小球通過最高點的速度大小為,求此時小球對繩的拉力;(2)若輕繩能夠承受的最大拉力為105N,求允許小球通過最低點的最大速率;(3)若以(2)問的最大速率通過最低點時,輕繩恰好斷裂,求小球平拋的水平位移x大小。【答案】(1)在最高點,對小球,由牛頓第二定律有代入題中時間,解得根據牛頓第三定律,小球對繩的拉力大小方向豎直向下。(2)在最低點,對小球,由牛頓第二定律有其中聯立解得(3)題意易得輕繩斷裂后,小球做平拋運動,則有聯立解得【知識點】平拋運動;生活中的圓周運動【解析】【分析】(1)由牛頓第二定律可以求出小球受到的拉力;(2)在B位置,由牛頓第二定律可求小球通過最低點的最大速率;(3)繩子斷裂后小球做平拋運動,應用平拋運動規律可以求出s。(1)在最高點,對小球,由牛頓第二定律有代入題中時間,解得根據牛頓第三定律,小球對繩的拉力大小方向豎直向下。(2)在最低點,對小球,由牛頓第二定律有其中聯立解得(3)題意易得輕繩斷裂后,小球做平拋運動,則有聯立解得1 / 1 展開更多...... 收起↑ 資源列表 廣東省東莞市第一中學2024-2025學年高一下學期第一段考物理試卷(學生版).docx 廣東省東莞市第一中學2024-2025學年高一下學期第一段考物理試卷(教師版).docx 縮略圖、資源來源于二一教育資源庫