資源簡介

四川省雅安中學2025年中考“二診”物理試題
1．（2025·雅安模擬）如圖是一款輕巧便攜的手持攝像機。根據圖片提供的信息，下列對該設備的高度估測最接近實際的是（　　）
A．5cm B．15cm C．30cm D．50cm
2．（2025·雅安模擬）安全用電，人人有責。關于生活中的用電方式，不正確的是（　　）
A．使用驗電筆檢查電路時，手不能觸碰到筆尾金屬體
B．不要用濕手接觸帶電設備，不要用濕布擦抹帶電設備
C．了解家庭電路中總開關位置，學會在緊急情況下斷開總開關
D．手機在充電過程中，不宜進行其他操作，如通話、閱覽信息等
3．（2025·雅安模擬）醫生搶救中暑病人時，有時會在病人額頭上大面積地擦酒精。這種療法的依據是（　　）
A．酒精蒸發會放熱 B．酒精蒸發會吸熱
C．酒精升華會放熱 D．酒精升華會吸熱
4．（2025·雅安模擬）中華典籍《周禮·考工記》中有“識日出之景，與日入之景”的記載，這是一種通過日出、日落時細桿的影子進行辨方正位的方法，如圖所示。這種方法依據的是（　　）
A．光的折射 B．光的反射
C．光的直線傳播 D．光的色散
5．（2025·雅安模擬）關于信息和能源，以下說法正確的是（　　）
A．我國的北斗衛星定位系統是利用電磁波進行定位的
B．WiFi技術是一種無線網絡傳輸技術，它通過超聲波傳遞信息
C．核能是一種可再生能源，它是未來理想能源的一個重要發展方向
D．能量在利用的過程中，其轉化和轉移是有方向性的，且總量會不斷減少
6．（2025·雅安模擬）如圖所示，青瓦是古建筑常用的建筑材料，制瓦工藝有上千年的歷史。制瓦工藝分為成坯、曬制、高溫燒制等諸多流程。下列說法正確的是（　　）
A．曬制泥坯時，泥坯溫度越高含有熱量越多
B．高溫燒制時，通過熱傳遞的方式改變瓦片的內能
C．燒制青瓦時，燃料燃燒越充分其熱值越大
D．在質地均勻的瓦上定型切割，瓦的密度變小
7．（2025·雅安模擬）我國自主研制的智能乒乓球機器人，能通過圖像傳感裝置綜合分析運動員的各項技術，并針對性地變換發球、回球等操作，以提高運動員的技術水平。下列說法正確的是（　　）
A．乒乓球被擊出后，運動軌跡發生改變，說明力是改變物體運動狀態的原因
B．球拍對乒乓球的作用力和乒乓球對球拍的作用力是一對平衡力
C．乒乓球被擊出后，從高處下落的過程中動能不變，重力勢能增大
D．乒乓球被擊出后，若所受的力全部消失，它一定保持靜止狀態
8．（2025·雅安模擬）物理是以實驗為基礎的自然科學。下列有關物理實驗的說法正確的是（　　）
A．圖甲實驗中小磁針對通電導線沒有力的作用
B．圖乙裝置可用來探究發電機工作的原理
C．圖丙裝置可用來探究電熱與電流大小的關系
D．圖丁裝置可用來探究導體長度對電阻大小的影響
9．（2025·雅安模擬）許多汽車的后視鏡配備了如圖甲所示的加熱裝置，該裝置有“低溫”除霧和“高溫”除霜功能，保持鏡面清晰，確保駕駛安全。其內部電路如圖乙所示，和為加熱電阻.下列分析正確的是（　　）
A．除霧狀態，電路中只有工作 B．除霜狀態，電路中只有工作
C．除霧狀態，電路的總電流最小 D．除霜狀態，電路的總功率最小
10．（2025·雅安模擬）圖甲為電影放映機，其成像原理如圖乙所示。下列說法正確的是（　　）
A．銀幕上呈現的是正立、放大的虛像
B．制作電影放映機的透鏡，可以制作近視眼鏡的鏡片
C．銀幕到透鏡的距離大于2倍焦距
D．要使銀幕上的像變大，應增大膠片與透鏡間的距離
11．（2025·雅安模擬）如圖所示，水平桌面上兩相同電子秤，上面分別放有相同的圓柱形容器，容器中裝有甲、乙兩種不同的液體，將體積相等的A、B兩個小球分別放入液體中靜止時，A球沉底、B球漂浮，此時液體深度，液體對容器底部壓強相等。下列說法正確的是（　　）
A．液體密度
B．兩小球受到的浮力
C．兩電子秤示數相等
D．將A、B兩個小球取出后（忽略帶出的液體），左側電子秤示數變化較大
12．（2025·雅安模擬）在綜合實踐活動課上，有一小組的同學設計了如圖甲所示的模擬調光燈電路，電源電壓恒定，為定值電阻，閉合開關S后，將滑動變阻器的滑片P由最右端向左移動，直至燈泡L正常發光，此過程中，電流表A的示數隨兩電壓表（電壓表未畫出）示數變化關系圖像如圖乙所示。下列說法正確的是（　　）
A．燈泡L中的電流隨電壓變化關系如圖乙曲線②
B．電源電壓為6V
C．實驗過程中，滑動變阻器接入電路的阻值范圍為3~35Ω
D．燈泡L正常發光時，定值電阻在2min內消耗的電能為18.75J
13．（2025·雅安模擬）2024年8月4日，在巴黎奧運會乒乓球男單決賽中，我國選手樊振東奪得金牌。現場觀眾的歡呼聲有時會干擾到運動員，此時裁判會提醒現場觀眾保持安靜，這是在　 　處減弱噪聲。觀眾看到乒乓球在空中運動，是以　 　為參照物。
14．（2025·雅安模擬）如圖是“臨摹神器”，將平板和玻璃板M放在支架上調節到適當角度，眼睛需要在　 　（選填“平板側”或“白紙側”）進行觀察，即可對平板屏幕中的物體臨摹。若將平板遠離玻璃板M時，玻璃板M所成的像的大小會　 　（選填“變大”、“變小”或“不變”）
15．（2025·雅安模擬）仔細觀察和思考，可以發現小汽車的一些設計和使用過程中的許多現象都與物理知識有關。小汽車的外形設計成流線型（如圖），當它在水平路面上高速行駛時對路面的壓力比靜止時　 　（填“增大”，“減小”或“不變”）；汽車發動機工作時，缸體的溫度很高，常用水作為冷卻劑，這主要利用了水的　 　的特性。若汽車的水箱中裝有10kg水，當水溫升高50℃時吸收的熱量是　 　J。[ c水=4.2×103J/（kg·℃）]；
16．（2025·雅安模擬）小明家里燈泡壞了，他在網上購買了一個與原來燈泡外形相似的燈泡，如圖甲所示。該燈泡正常工作時電阻是　 　Ω；若將此燈泡直接接入家庭電路中，燈泡會燒壞，為了解決這個問題，可以給燈泡串聯一個定值電阻。小明想自制這個定值電阻，于是找到一卷電阻絲，規格如圖乙所示，已知電阻絲的阻值和其長度成正比，則需截取　 　cm的電阻絲，并將其繞制在陶瓷管上完成制作。
17．（2025·雅安模擬）修建房屋時，某建筑工人使用滑輪組提升建材，如圖所示。他用豎直向下的拉力在15s內將重為480N的建材勻速提升了3m，每個滑輪重20N，不計滑輪摩擦和繩重，該過程中工人對繩子拉力的功率為　 　，裝置的機械效率為　 　。（g取10N/kg）
18．（2025·雅安模擬）一條光線射到水面后發生折射，折射光線OA如圖所示，請畫出入射光線的大致方向。
19．（2025·雅安模擬）如圖所示，請畫出撐開雨傘時，撐桿對傘骨作用力F的力臂l。
20．（2025·雅安模擬）在“探究影響液體內部壓強的因素”的活動中，興趣小組準備了壓強計、水和鹽水等實驗器材。
（1）液體壓強計是通過U形管中兩側液面的　 　來反映橡皮膜所受壓強大小的，這種方法叫　 　（選填“控制變量法”“等效替代法”或“轉換法”）；
（2）壓強計的金屬盒上所蒙著的橡皮膜最好選用較　 　（選填“厚”或“薄”）的橡皮膜；
（3）對于圖甲所示壓強計出現的問題，應將壓強計金屬盒拿出液體，然后　 　；
A．將U形管中液體倒出一部分
B．更換U形管中液體
C．檢查壓強計的氣密性
（4）正確處理存在問題之后，將壓強計的金屬盒放入液體中，如圖乙、丙、丁所示；
（5）為了探究液體內部壓強與液體密度的關系，應該比較圖中　 　兩圖所示的實驗，并得出結論：　 　；
（6）小明利用礦泉水瓶裝滿水，繼續探究，如圖①所示，將瓶蓋擰緊，他只將N孔堵住，水從M孔也不能流出，因為水受到了　 　的作用。當他擰開瓶蓋，放開兩小孔，在瓶底部水平放置接水盤，發現水的落點為圖②所示的B、C，于是他將接水盤向下平移至D處，使MA=ND，水的落點為E、F。為了比較兩小孔處液體壓強大小，應比較AC與　 　的距離。
21．（2025·雅安模擬）小明和小華一起進行伏安法測電阻的實驗。
（1）他們選用的器材如圖甲所示，請你用筆畫線代替導線將實物電路連接完整，要求：滑動變阻器的滑片P向右移動時電流表的示數變大。
（2）連接電路之前，應該　 　開關。
（3）閉合開關，小明發現兩電表均無示數。為了查找故障，他將電壓表拆下，保持電路其他部分連接完好，再將電壓表分別接在電源、待測電阻Rx、滑動變阻器兩端，然后閉合開關，發現只有接在待測電阻Rx兩端時，電壓表無示數。則故障可能是　 　。
（4）排除故障后，小明和小華配合進行實驗，并根據數據畫出如圖乙所示的圖像，由圖像可知，該待測電阻Rx的阻值為　 　Ω。
（5）實驗后，小華又另外設計了一個測未知電阻Rx阻值的實驗，如圖所示。實驗步驟如下：
①將電壓表接在B、C兩點間，閉合開關，將滑動變阻器滑片移到b端、電阻箱R調為某一阻值R1，使電壓表和電流表示數為合適的值；
②斷開開關，將電壓表右端由C點改接到D點；
③閉合開關，反復調節　 　使兩表的示數與步驟①中相同，此時電阻箱的阻值為R2；
④待測電阻的阻值Rx=　 　；
⑤若操作無誤，反復調節始終無法實現兩表的示數與步驟①中相同，原因可能是　 　。
22．（2025·雅安模擬）新型混合動力汽車具有節能、低排放等優點。在某次測試中，汽車受到的阻力為4000N，汽車以60km/h的速度勻速行駛了0.5h，消耗汽油10kg（汽油熱值為4.5×107J/kg）。求：
（1）測試中汽車行駛的路程；
（2）測試中牽引力做的功；
（3）測試中消耗的汽油完全燃燒放出的熱量。
23．（2025·雅安模擬）健身使用的電子握力計模擬電路如圖甲所示。將電流表（量程為0~0.6A）改裝成握力計。電源電壓為18V，定值電阻R1為10Ω，握力計手柄A端與滑動變阻器R2的滑片P連接，B端與R2的b端固定在絕緣支架上。測握力F大小時，滑片在ab之間滑動，握力為零時滑片P處于a端，滑動變阻器接入電路的阻值與握力F的大小關系如圖乙所示。
（1）握力為0N時電路中的電流是多少？
（2）握力為100N時，R2消耗的電功率是多少？
（3）若想增大握力計的測量范圍。電路中增加一個阻值為10Ω定值電阻R3，請判斷分析應該將R3與R1串聯還是并聯？在電路安全的情況下，計算改進后握力計測量握力的范圍。
24．（2025·雅安模擬）如圖（a）所示，放置在水平地面上的薄壁柱形容器甲內盛有0.2米深的水，空薄壁柱形容器乙漂浮在容器甲內的水面上。甲容器的底面積為米2，乙容器的底面積為米2，質量為2千克，體積為米3的柱體丙放在水平地面上。求：
（1）水對甲容器底部的壓強；
（2）柱體丙的密度；
（3）如圖（b）所示，現將柱體丙輕輕地放入乙容器內，乙容器仍漂浮在水面上且水未溢出。求丙放入前后，水對甲容器底部壓強的增加量△p水。
答案解析部分
1．【答案】B
【知識點】長度的估測
【解析】【解答】成人的手掌寬度約左右，圖中，手持攝像機高度約為手掌寬的倍，手持攝像機高度約為左右，B符合題意。
故選B。
【分析】根據成人手掌的寬度，結合攝像機和手掌寬度的關系，判斷長度。
2．【答案】A
【知識點】測電筆的使用；安全用電原則
【解析】【解答】A．使用驗電筆檢查電路時，手必須接觸筆尾金屬體與地面、導線構成閉合回路，才可以判斷導線是否帶電，故A錯誤；
B．生活用水是導體，濕手、濕布上的水都可以導電，接觸帶電設備時可能發生觸電事故，故B正確；
C．了解家庭電路中總開關的位置，可以在家中發生觸電事故或電路著火時及時斷開電路的總開關，防止災情擴大，故C正確；
D．手機充電過程中會發熱，疊加使用時的熱量加大了對手機內部組件的損耗，以及容易出現安全隱患，因此充電過程中不宜進行其他操作，故D正確。
故選A。
【分析】（1）試電筆在使用時手要接觸筆尾金屬體，不能接觸筆尖金屬體；
（2）安全用電原則：不接觸低壓帶電體，不靠近高壓帶電體；在進行電氣設備的安裝、維修、更換部件等操作時，以及緊急情況下，必須先切斷電源，并確保電源已完全斷開；不用濕手觸摸和擦拭電器，以防發生觸電事故。
3．【答案】B
【知識點】蒸發及其現象
【解析】【解答】在病人額頭上大面積地擦酒精，酒精蒸發變成酒精蒸氣時吸達到降溫的目的，故B符合題意，ACD不符合題意。
故選B。
【分析】汽化為液態變為氣態，會吸收熱量，如：蒸發。
4．【答案】C
【知識點】光的直線傳播及其應用
【解析】【解答】影子的形成原理是光的直線傳播。故ABD不符合題意，C符合題意。
故選C。
【分析】1、光的反射：光在同一種介質中傳播中，遇到反射面，將一部分光反射回來的現象叫做光的反射，常見例子有：平面鏡反射，湖面反射；
2、光的折射：光經過不同介質時，傳播方向會發生偏折的現象，如：海市蜃樓、彩虹的形成、岸面看水水變淺；
3、光的直線傳播：光在同種介質中沿直線傳播，實例有影子的形成、日食、小孔成像、激光校準等。
5．【答案】A
【知識點】能量守恒；核能；電磁波在日常生活中的應用
【解析】【解答】A．無限遠距離通信的介質為電磁波，如我國的北斗衛星定位系統是利用電磁波進行定位的，故A正確；
B．WiFi技術是通過電磁波傳遞信息，故B錯誤；
C．核能是一種不可再生能源，故C錯誤；
D．能量在利用的過程中，總量保持不變，故D錯誤。
故選A。
【分析】1、自然界中能量是守恒的，但消耗的能源產生的能量不能充分利用，以其它能量的形式損失掉。能量在轉化中具有方向性；能重復利用或循環獲得的能量是可再生的，否則是不可再生的；
2、信息的傳遞：無線網絡通信依靠電磁波來傳遞信息；
3、可再生能源：使用后短期可以恢復的能源、如風能、太陽能、不可再生能源：使用內短期不能再生的能源，如核能、化石能源。
6．【答案】B
【知識點】密度及其特性；熱量的概念；熱傳遞改變物體內能；燃料的熱值
【解析】【解答】A．熱量只能通過吸收（或者放出）來描述，故A錯誤；
B．高溫燒制時，瓦片和火焰存在溫度差，所以通過熱傳遞的方法增加瓦片的內能，故B正確；
C．燃料的熱值與燃料是否充分燃燒、質量都無關，故C錯誤；
D．密度和物體的種類有關，磚頭切割，密度不變，故D錯誤。
故選B。
【分析】1、密度的性質：密度是物質的基本屬性，不隨質量和體積的變化而變化；至于材料本身以及材料狀態有關。
2、物質的熱值為單位質量燃料完全燃燒釋放的能量，是物質的基本屬性；只與燃料的種類有關，與燃料的質量、燃燒程度等均無關。
3、熱傳遞是熱量從溫度高的物體傳到溫度低的物體，或者從物體的高溫部分傳到低溫部分的過程。
7．【答案】A
【知識點】機械能及其轉化；力的作用效果；物體運動狀態的變化；二力平衡的條件及其應用
【解析】【解答】A．乒乓球被擊出后，在重力作用下，運動速度和軌跡發生變化，說明力是改變物體運動狀態的原因，故A正確；
B．球拍對乒乓球的作用力和乒乓球對球拍的作用力是一對相互作用力，故B錯誤；
C．乒乓球被擊出后，從高處下落時，質量不變，速度增大，所以動能變大，高度降低，重力勢能減小，故C錯誤；
D．乒乓球被擊出后，若所受的力全部消失，根據牛頓第一定律，它將做勻速直線運動，故D錯誤。
故選A。
【分析】1、力的作用效果：力會使物體的運動狀態和物體形狀發生改變；
2、相互作用力：作用力是相互的，施力物體也是受力物體。特點為大小相等、方向相反、作用在兩個物體上，
3、平衡力的特點為：大小相同，方向相反，作用在同一個物體上，
4、機械能：機械能為動能和重力勢能之和，當質量不變時，動能和速度成正比，速度不變時，動能和質量成正比；當質量不變時，重力勢能和高度成正比，高度不變時，重力勢能和質量成正比；
5、牛頓第一定律：一切物體在沒有受到外力作用的時候，總保持 勻速直線運動。
8．【答案】D
【知識點】影響電阻大小的因素；電流的熱效應；通電直導線周圍的磁場；直流電動機的構造原理與工作過程
【解析】【解答】A．圖甲是奧斯特實驗，驗證了通電導線周圍存在磁場，在磁場的作用下，小磁針發生偏轉，根據力的作用是相互的，所以小磁針對通電導線也有力的作用，故A錯誤；
B．圖乙裝置中有電源，通電導體在磁場中受力運動，而發電機的原理是電磁感應現象，故B錯誤；
C．圖丙裝置中，變量為電阻的阻值，可用來探究電熱與電阻大小的關系，而不是與電流大小的關系，故C錯誤；
D．圖丁裝置中，導體接入電路的長度可以發生變化，所以可用來探究導體長度對電阻大小的影響，故D正確。
故選D。
【分析】1、電磁感應現象：閉合電路的一部分導體在磁場中作切割磁感線運動，導體中就會產生電流的現象，實例：發電機、 POS機讀出信息；
2、電流的磁效應：通電導線周圍存在磁場，使得小磁針發生偏轉；
3、通電導線在磁場中受到力的作用，實例有：電動機；
4、電阻的影響因素： 當導體的材料和橫截面積相同時，電阻的長度越長，導體的電阻越大 ；當導體的材料和長度相同時，電阻的橫截面積越小，導體的電阻越大，歐姆定律的含義R=U/I只用于計算用電器兩端電壓以及通過用電器電流計算電阻的公式，并不具有物理含義進行選項判識。
9．【答案】C
【知識點】電功率的計算；多狀態電路——多擋位問題
【解析】【解答】AC．除霧狀態為低溫檔位，根據電功率公式P=計算可知，電壓不變，電功率和電阻為反比，此時電路電阻最大，根據歐姆定律可知，此時電流最小，電路中只有R2工作，故A錯誤，C正確；
BD．當開關S、S1均閉合時，電路中R1與R2并聯，根據并聯電路電阻規律可知，此時電路中的總電阻最小，總電流最大，總功率最大，處于“高溫”除霜狀態，故BD錯誤。
故選C。
【分析】電功率的計算：公式為P=，當電源電壓不變時，電阻和功率成反比，低溫檔位對應大電阻；
并聯電路電壓相等、支路電流之和為干路電流，電阻規律。
10．【答案】C
【知識點】凸透鏡成像的應用；近視眼的成因與矯正辦法
【解析】【解答】A．據圖可知，投影儀的像時倒立的放大的實像，故A錯誤；
B．電影放映機的透鏡是凸透鏡，近視眼的眼睛為凹透鏡，所以不可以可以制作近視眼鏡的鏡片，故B錯誤；
C．根據凸透鏡成像規律，當像為倒立的放大的實像時，像距大于2倍焦距，即銀幕到透鏡的距離應大于2倍焦距，故C正確；
D．根據凸透鏡成像規律，物近像遠像變大可知，要使銀幕上的像變大，應增大銀幕與透鏡間的距離，同時減小膠片到凸透鏡的距離。故D錯誤。
故選C。
【分析】凸透鏡成實像時，物距越大，像距越小，像越小；物距越小，像距越大，像越大；
物距大于一倍焦距小于二倍焦距，呈倒立立放大的實像，應用為投影儀；
近視眼對光線匯聚作用較強，需要凹透鏡（對光線具有發散作用）進行矯正。
11．【答案】D
【知識點】壓強的大小及其計算；液體壓強計算公式的應用；阿基米德原理；浮力的利用；物體的浮沉條件及其應用
【解析】【解答】A．放入小球后，液體深度，根據，以及液體對容器底部壓強相等，可知，液體密度，故A錯誤；
B．由圖可知，A球在甲液體中沉底，B球漂浮在乙液體上，所以A排開液體的體積大于B，即，，根據可知，兩小球受到的浮力，故B錯誤；
C．甲中杯底受到的壓力等于液體甲對杯底的壓力和A球對杯底的壓力之和，即
；乙中杯底受到的壓力可表示為
；由于液體對容器底部壓強相等，故，容器的重力相等，則，根據可知，，故左電子秤的示數更大，故C錯誤；
D．根據物體漂浮可知，A球在甲液體中沉底，B球漂浮在乙液體上，則，，，故，根據則，故將A、B兩個小球取出后（忽略帶出的液體），左側電子秤示數變化較大，故D正確。
故選D。
【分析】1、浮力的本質為上下表面產生的壓力差，計算公式為F浮=ρ液gV排，所以物體所受浮力和物體所處的深度無關，與排開水的體積有關，當排開水的體積越小時，浮力越小，排開水的體積越大時，浮力越大；
2、阿基米德原理：物體排開水的重力等于物體所受浮力；
3、物體沉浮條件：物體懸浮時的浮力等于重力（排開水的體積等于物體體積），物體的密度等于液體的密度，物體漂浮表明浮力等于重力（排開水的體積小于物體體積），物體的密度小于液體的密度，物體下沉時重力大于浮力（排開水的體積等于物體體積），物體的密度大于液體的密度；
4、壓強的計算：公式為P=ρgh，壓強和液體的密度、浸沒深度有關，且密度越大，壓強越大，深度越大，壓強越大， 在同種液體的同一深度，液體向各個方向的壓強 相同。
12．【答案】C
【知識點】串聯電路的電流規律；并聯電路的電壓規律；歐姆定律及其應用；電功的計算
【解析】【解答】A．圖中，電壓表V1和小燈泡并聯，通過小燈泡的電流隨電壓表增大而增大，①是小燈泡的I-U圖象，故A錯誤；
B．圖線②，電流隨電壓表示數的增大而減小，是滑動變阻器兩端的電壓圖線，電壓表在滑動變阻器的兩端，也可能在定值電阻和滑動變阻器的兩端；根據串聯電路總電壓規律，當電流相等時，圖象①②的電壓之和不相等，電壓表沒有并聯在定值電阻和滑動變阻器的兩端，并聯在滑動變阻器的兩端；圖中：當電流為0.1A時，燈泡和變阻器兩端電壓分別為0.5V、3.5V，則電源電壓為
·····①
當電流為0.25A時，燈泡和變阻器兩端電壓分別為0.75V、2.5V，則電源電壓為
······②，聯立①②，得R1=5Ω，U=4.5V，故B錯誤；
C．當電路中的電流最小時，滑動變阻器R2接入電路的阻值最大，當電流最小為0.1A時，滑動變阻器兩端的電壓U2=3.5V，滑動變阻器接入的阻值：；
當電流最大時，滑動變阻器接入的阻值最小，當電流最大為0.25A，滑動變阻器兩端的電壓，滑動變阻器接入的最小阻值為：，實驗中，滑動變阻器接入電路的阻值范圍為3~35Ω，故C正確；
D．圖乙中，小燈泡正常發光時的電流為0.25A，定值電阻消耗的電能：
，故D錯誤。
故選C。
【分析】燈泡的電流隨電壓的增大而增大；滑動變阻器的電流隨電壓增大而減小；根據串聯電路電壓規律判斷電壓表測量的位置；根據串聯電路總電壓等于各用電器分壓之和，計算電源電壓；根據電路中電流的最大和最小值，利用，計算電阻；根據W=I2Rt，計算用電器消耗電能的多少。
13．【答案】聲源；地面
【知識點】參照物及其選擇；防治噪聲的途徑
【解析】【解答】裁判提醒觀眾保持安靜，是在聲源處減弱噪聲。乒乓球和桌子的運動狀態不同，所以二者相對運動。
【分析】1、物體相對運動：物體與參照物運動狀態不一致，所以物體相對參照物運動，物體與參照物運動狀態不一致，所以物體相對參照物靜止；
2、減弱噪音的途徑有：聲源處（摩托車裝消聲器）、傳播中（建隔音墻 ）、人耳處（戴耳罩）。
14．【答案】平板側；不變
【知識點】平面鏡成像的原理、特點
【解析】【解答】 平面鏡成像不能再光屏上呈現，為了能觀察到平板屏幕中物體成的像，需要透需要在平板側進行觀察，才能看到像。平面鏡成的像遵循像和物體大小相等，所以物體的大小不變，鏡M所成的像的大小不變。
【分析】平面鏡成像特點：物像等大、物像等距、物像關于平面鏡對稱、成虛像。
15．【答案】減小；比熱容大；
【知識點】比熱容；流體壓強與流速的關系
【解析】【解答】小汽車高速行駛時，車頂空氣流速大壓強小，車底空氣流速小壓強大，產生向上的壓強差，根據壓強公式F=Ps可知，會產生向上的升力，使車對路面的壓力比靜止時減小。水的比熱容較大，因此常用作發動機冷卻劑。10kg 的水溫度 升高50℃ 吸收的熱量Q=cmΔt=4.2×103J/(kg ℃)×10kg×50℃=2.1×106J。
【分析】1、比熱容的應用：水的比熱容較大，用水做冷卻劑；計算不同液體的比熱容：原理為Q=cmΔt。
2、壓強和流速的關系：壓強越大，流速越小，應用為飛機機翼上凸，空氣流速快，導致壓強較小，形成向上的升力。
16．【答案】32.4；80
【知識點】影響電阻大小的因素；歐姆定律及其應用；電功率的計算
【解析】【解答】由圖甲可知，燈泡規格為36V，40W，根據電功率公式計算可知該燈泡正常工作時電阻是；根據串聯電路電壓規律計算電阻兩端的電壓為；根據P=UI計算電路的電流為；根據歐姆定律計算串聯電阻的阻值，所以截取的電阻絲的長度。
【分析】1、電功率的計算：公式為P=UI.。
2、串聯電路的電路規律：串聯電路，電流處處相等，電源的電壓為用電器電壓之和，總電阻為用電器電阻之和。
3、電壓表與待測用電器并聯測量電壓，電流表串聯測量用電器電流，根據歐姆定律U=IR計算用電器的電流和電阻以及電壓。
17．【答案】100W；96%
【知識點】功率計算公式的應用；滑輪（組）的機械效率；滑輪組繩子拉力的計算
【解析】【解答】不計滑輪摩擦和繩重，動滑輪重20N，根據拉力的計算公式計算自由端的拉力為；結合功率公式P=Fv計算工人對繩子拉力的功率為；機械效率為有用功的占比，則該滑輪組的機械效率為。
【分析】1、動滑輪的工作特點：可以省力，但是費距離，定滑輪的工作特點：可以改變方向但是不省力
2、拉力的計算， ，n為動滑輪纏繞繩子數，繩子移動的距離為物體移動距離的n倍，
3、功的相關計算：W=Fs，距離為拉力的方向。總結：考慮滑輪重力的情況，定滑輪的機械效率要大于動滑輪，重物重力越大，機械效率越大。
18．【答案】
【知識點】作光的折射光路圖
【解析】【解答】光從空氣射向水面時，會發生折射，折射光線靠近法線，故先過入射點O做出法線，然后在法線右側的空氣中做出入射光線，如下圖：
【分析】折射規律：光從空氣中傳播到水中，折射光線會偏向法線，光從水中射向空氣中，折射光線會遠離法線。
19．【答案】
【知識點】力臂的畫法
【解析】【解答】力臂和力的作用線互相垂直，過點O作力F作用線的垂線，即為力F的力臂l，如圖所示：
【分析】力臂的畫法：力臂是支點和力的作用線的垂線段。
20．【答案】高度差；轉換法；薄；C；丙、丁；不同液體的同一深度，液體密度越大壓強越大；大氣壓；DF
【知識點】探究液體壓強的特點實驗
【解析】【解答】（1）探究影響液體內部壓強的因素，液體的壓強無法直觀描述，只能將U形管兩側液面高度差轉換為液體內部壓強的大小，應用了轉換法。
（2）在實驗中，U形管壓強計金屬盒上的橡皮膜應該選用薄一些的為好，橡皮膜越容易發生形變，測量時會較靈敏，實驗效果明顯。
（3）由圖甲知道，金屬盒置于一定深度的液體中，沒有出現高度差，原因為裝置漏氣，應該檢查裝置的氣密性，故C符合題意，AB不符合題意。
故選C。
（5）探究液體內部壓強與液體密度的關系，變量為液體的密度，應該比較丙、丁兩圖所示的實驗。液體中的深度相同，鹽水的密度更大，U形管兩側液面高度差更大，說明探頭在鹽水中橡皮受到的壓強更大，可得結論：液體內部壓強與液體的密度有關，深度相同時，液體密度越大，壓強越大。
（6）將瓶蓋擰緊，他只將N孔堵住，水受到了大氣壓的作用，導致水從M孔不能流出，為了比較兩小孔處液體壓強大小，應比較AC與DF的距離。
【分析】1、壓強的計算：公式為P=ρgh，壓強和液體的密度、浸沒深度有關，且密度越大，壓強越大，深度越大，壓強越大， 在同種液體的同一深度，液體向各個方向的壓強 相同；
2、液體壓強影響因素的試驗：儀器有壓強計、不同密度的液體，U型管；試驗步驟：檢查裝置的氣密性，方法為 按壓探頭的橡皮膜，U形管兩邊液面高度變化 明顯，則氣密性良好；使用控制變量法，探究壓強和深度關系時，需要控制液體密度不變；
3、轉換法：轉換法：在物理實驗中，某些物理量（動能、電能）難以直接觀察，需要轉換成容易觀察的指標進行測量，如用通過觀察U型管兩邊液面的高度差來表示探頭處液體壓強的大小。
21．【答案】（1）
（2）斷開
（3）滑動變阻器斷路
（4）5
（5）電阻箱R和滑動變阻器；R1-R2；R1【知識點】伏安法測電阻的探究實驗
【解析】【解答】（1）變阻器的連接原則為一上一下，滑片向右移動時電路中電流變大，說明變阻器連入電路阻值減小，即作圖如下：
（2）在電路連接過程中，為保證安全，開關應該是斷開的。
（3）利用電壓表差故障，電壓表有示數表明并聯之外的電路是通路，接在待測電阻兩端無示數，說明待測電阻與電源兩極間有斷開之處，接在電源兩端有示數，接在變阻器兩端有示數，所以，故障能滑動變阻器斷路。
（4）當電壓為2.5V，通過電阻的電流為0.5A，待測電阻阻值為
（5） ①將電壓表接在B、C兩點間，閉合開關，將滑動變阻器滑片移到b端、電阻箱R調為某一阻值R1，使電壓表和電流表示數為合適的值； 此步驟測量電阻箱兩端電壓；
②斷開開關，將電壓表右端由C點改接到D點； 此步驟測量電源電壓；
調節電阻箱與滑動變阻器。電壓表示數為U。，根據歐姆定律計算可知
結合電阻的串聯可知：，；在操作過程中必須保證，所以第一次讀數時電阻箱連入電路阻值小于待測電阻阻值，則改接電壓表后，不能調節兩次電壓表、電流表讀數均相等。
【分析】1、伏安法測電阻：電壓表并聯待測電阻兩側測量待測電阻的電壓U，電流表串聯在電路中測量待測電阻的電流I，根據歐姆定律R=U/I計算待測電阻的阻值。
2、電路連接的基本操作：連接電路時，為保護電路開關應斷開，變阻器調節至最大阻值處，對電表進行試觸，根據電表偏轉角度選擇合適的電表量程；同時電表的正負極接線柱要符合電流的正進負出；
3、串聯電路的電路規律：串聯電路，電流處處相等，電源的電壓為用電器電壓之和，總電阻為用電器電阻之和.
4、電壓表與待測用電器并聯測量電壓，電流表串聯測量用電器電流，根據歐姆定律U=IR計算用電器的電流和電阻以及電壓。
22．【答案】（1）解：汽車以60km/h的速度勻速行駛了0.5h，汽車行駛的路程為。
（2）解：由題意可知，測試中汽車受到的阻力為4000N，由于汽車勻速行駛，汽車的牽引力和阻力是平衡力，牽引力；牽引力做功。
（3）解：測試中消耗的汽油10kg，汽油熱值為4.5×107J/kg，燃料完全燃燒放出的熱量。
【知識點】燃料的熱值；速度公式及其應用；功的計算及應用
【解析】【分析】（1）汽車以60km/h的速度勻速行駛了0.5h，根據速度公式計算汽車行駛的路程。
（2）由題意可知，測試中汽車受到的阻力為4000N，由于汽車勻速行駛，根據二力平衡可知牽引力，根據做功公式W=Fs計算牽引力做功。
（3）測試中消耗的汽油10kg，汽油熱值為4.5×107J/kg，根據Q=mq計算燃料完全燃燒放出的熱量。
（1）汽車以60km/h的速度勻速行駛了0.5h，汽車行駛的路程為。
（2）由題意可知，測試中汽車受到的阻力為4000N，由于汽車勻速行駛，汽車的牽引力和阻力是平衡力，牽引力
牽引力做功。
（3）測試中消耗的汽油10kg，汽油熱值為4.5×107J/kg，燃料完全燃燒放出的熱量。
23．【答案】（1）解：根據甲圖可知，R1和R2組成串聯電路，當握力為0N時，R2=50Ω；
則串聯電路總電阻R總=R1+R2=10Ω+50Ω=60Ω；
那么此時電路中的電流。
（2）解：根據乙圖可知，當握力為100N時，滑動變阻器R2的阻值為R'2=30Ω；
串聯電路總電阻R'總=R1+R'2=10Ω+30Ω=40Ω；
此時電路電流；
R2消耗的電功率P2=I22R2'=(0.45A)2×30Ω=6.075W。
（3）解：當握力增大時，R2阻值減小，電路總電阻減小，因電源電壓不變，由歐姆定律可知：電路總電流將增大，因此應使定值電阻阻值增大，即電路中增加一個阻值為10Ω定值電阻R3，應該將R3與R1串聯；
改進后的握力計，由R3與R1串聯成新的定值電阻R定值，則R定值=R1+R3=10Ω+10Ω=20Ω；
在電路安全的情況下，達到最大握力時，R2電阻最小，電路總電阻最小，此時電路電流最大，最大電流值為Imax=0.6A；
此時電路總電阻；
R2的阻值R″2=Rmin-R定值=30Ω-20Ω=10Ω
由乙圖可知，當R″2=10Ω時，握力F=200N，
即改進后握力計測量握力的范圍為0~200N。
【知識點】歐姆定律及其應用；電路的動態分析；電功率的計算
【解析】【分析】 （1）由甲圖可知：定值電阻R1和滑動變阻器R2組成串聯電路；由乙圖可知：當握力為0N時，R2的阻值；已知電源電壓，由串聯電路電阻特點求出電路總電阻，利用歐姆定律即可求出此時電路中的電流；
（2）由乙圖可知：當握力為100N時，滑動變阻器R2的阻值；已知電源電壓，由串聯電路電阻特點可求出電路總電阻，由歐姆定律求出此時電路的電流；已知R2的電阻、電流，由公式P=I2R可求出R2消耗的電功率；
（3）由乙圖可知：當握力增大時，R2阻值減小，電路總電阻減小，因電源電壓不變，由歐姆定律可知：電路總電流將增大，存在超過電流表最大測量值的風險，則應使定值電阻阻值增大，使電路總電流不超過電流表量程，即應該將R3與R1串聯；在電路安全的情況下，電路最大電流為0.6A，由歐姆定律求出此時電路總電阻，進而求出R2的阻值，由乙圖可知對應的最大握力，即可求出改進后握力計測量握力的范圍。
（1）由甲圖可知，定值電阻R1和滑動變阻器R2組成串聯電路，電源電壓為18V不變；由乙圖可知，當握力為0N時，R2=50Ω；由串聯電路電阻特點可知：串聯電路總電阻
R總=R1+R2=10Ω+50Ω=60Ω
由歐姆定律可知，此時電路中的電流
（2）由乙圖可知，當握力為100N時，滑動變阻器R2的阻值為R'2=30Ω；串聯電路總電阻
R'總=R1+R'2=10Ω+30Ω=40Ω
此時電路電流
R2消耗的電功率
P2=I22R2'=(0.45A)2×30Ω=6.075W
（3）由乙圖可知：當握力增大時，R2阻值減小，電路總電阻減小，因電源電壓不變，由歐姆定律可知：電路總電流將增大，存在超過電流表最大測量值的風險，因此應使定值電阻阻值增大，使電路總電流不超過電流表量程，則想增大握力計的測量范圍，電路中增加一個阻值為10Ω定值電阻R3，應該將R3與R1串聯；改進后的握力計，由R3與R1串聯成新的定值電阻R定值，則
R定值=R1+R3=10Ω+10Ω=20Ω
在電路安全的情況下，達到最大握力時，R2電阻最小，電路總電阻最小，此時電路電流最大，最大電流值為Imax=0.6A；由歐姆定律可知：電路總電阻
R2的阻值
R″2=Rmin-R定值=30Ω-20Ω=10Ω
由乙圖可知，當R″2=10Ω時，握力F=200N，即改進后握力計測量握力的范圍為0~200N。
24．【答案】（1）解：水對甲容器底部的壓強為
（2）解：柱體丙的密度為
（3）解：將柱體丙放入乙容器前后，乙容器均漂浮，浮力等于重力，則增加的浮力為
根據力的相互作用，水對甲容器底部壓力的增加量為
則水對甲容器底部壓強的增加量為
【知識點】密度公式及其應用；壓強的大小及其計算；液體壓強計算公式的應用；物體的浮沉條件及其應用
【解析】【分析】（1）根據p=ρgh，計算液體壓強的大小；
（2）根據，計算密度大小；
（3）根據物體漂浮，結合重力，計算浮力；根據，計算壓強。
（1）水對甲容器底部的壓強為
（2）柱體丙的密度為
（3）將柱體丙放入乙容器前后，乙容器均漂浮，浮力等于重力，則增加的浮力為
根據力的相互作用，水對甲容器底部壓力的增加量為
則水對甲容器底部壓強的增加量為
1 / 1四川省雅安中學2025年中考“二診”物理試題
1．（2025·雅安模擬）如圖是一款輕巧便攜的手持攝像機。根據圖片提供的信息，下列對該設備的高度估測最接近實際的是（　　）
A．5cm B．15cm C．30cm D．50cm
【答案】B
【知識點】長度的估測
【解析】【解答】成人的手掌寬度約左右，圖中，手持攝像機高度約為手掌寬的倍，手持攝像機高度約為左右，B符合題意。
故選B。
【分析】根據成人手掌的寬度，結合攝像機和手掌寬度的關系，判斷長度。
2．（2025·雅安模擬）安全用電，人人有責。關于生活中的用電方式，不正確的是（　　）
A．使用驗電筆檢查電路時，手不能觸碰到筆尾金屬體
B．不要用濕手接觸帶電設備，不要用濕布擦抹帶電設備
C．了解家庭電路中總開關位置，學會在緊急情況下斷開總開關
D．手機在充電過程中，不宜進行其他操作，如通話、閱覽信息等
【答案】A
【知識點】測電筆的使用；安全用電原則
【解析】【解答】A．使用驗電筆檢查電路時，手必須接觸筆尾金屬體與地面、導線構成閉合回路，才可以判斷導線是否帶電，故A錯誤；
B．生活用水是導體，濕手、濕布上的水都可以導電，接觸帶電設備時可能發生觸電事故，故B正確；
C．了解家庭電路中總開關的位置，可以在家中發生觸電事故或電路著火時及時斷開電路的總開關，防止災情擴大，故C正確；
D．手機充電過程中會發熱，疊加使用時的熱量加大了對手機內部組件的損耗，以及容易出現安全隱患，因此充電過程中不宜進行其他操作，故D正確。
故選A。
【分析】（1）試電筆在使用時手要接觸筆尾金屬體，不能接觸筆尖金屬體；
（2）安全用電原則：不接觸低壓帶電體，不靠近高壓帶電體；在進行電氣設備的安裝、維修、更換部件等操作時，以及緊急情況下，必須先切斷電源，并確保電源已完全斷開；不用濕手觸摸和擦拭電器，以防發生觸電事故。
3．（2025·雅安模擬）醫生搶救中暑病人時，有時會在病人額頭上大面積地擦酒精。這種療法的依據是（　　）
A．酒精蒸發會放熱 B．酒精蒸發會吸熱
C．酒精升華會放熱 D．酒精升華會吸熱
【答案】B
【知識點】蒸發及其現象
【解析】【解答】在病人額頭上大面積地擦酒精，酒精蒸發變成酒精蒸氣時吸達到降溫的目的，故B符合題意，ACD不符合題意。
故選B。
【分析】汽化為液態變為氣態，會吸收熱量，如：蒸發。
4．（2025·雅安模擬）中華典籍《周禮·考工記》中有“識日出之景，與日入之景”的記載，這是一種通過日出、日落時細桿的影子進行辨方正位的方法，如圖所示。這種方法依據的是（　　）
A．光的折射 B．光的反射
C．光的直線傳播 D．光的色散
【答案】C
【知識點】光的直線傳播及其應用
【解析】【解答】影子的形成原理是光的直線傳播。故ABD不符合題意，C符合題意。
故選C。
【分析】1、光的反射：光在同一種介質中傳播中，遇到反射面，將一部分光反射回來的現象叫做光的反射，常見例子有：平面鏡反射，湖面反射；
2、光的折射：光經過不同介質時，傳播方向會發生偏折的現象，如：海市蜃樓、彩虹的形成、岸面看水水變淺；
3、光的直線傳播：光在同種介質中沿直線傳播，實例有影子的形成、日食、小孔成像、激光校準等。
5．（2025·雅安模擬）關于信息和能源，以下說法正確的是（　　）
A．我國的北斗衛星定位系統是利用電磁波進行定位的
B．WiFi技術是一種無線網絡傳輸技術，它通過超聲波傳遞信息
C．核能是一種可再生能源，它是未來理想能源的一個重要發展方向
D．能量在利用的過程中，其轉化和轉移是有方向性的，且總量會不斷減少
【答案】A
【知識點】能量守恒；核能；電磁波在日常生活中的應用
【解析】【解答】A．無限遠距離通信的介質為電磁波，如我國的北斗衛星定位系統是利用電磁波進行定位的，故A正確；
B．WiFi技術是通過電磁波傳遞信息，故B錯誤；
C．核能是一種不可再生能源，故C錯誤；
D．能量在利用的過程中，總量保持不變，故D錯誤。
故選A。
【分析】1、自然界中能量是守恒的，但消耗的能源產生的能量不能充分利用，以其它能量的形式損失掉。能量在轉化中具有方向性；能重復利用或循環獲得的能量是可再生的，否則是不可再生的；
2、信息的傳遞：無線網絡通信依靠電磁波來傳遞信息；
3、可再生能源：使用后短期可以恢復的能源、如風能、太陽能、不可再生能源：使用內短期不能再生的能源，如核能、化石能源。
6．（2025·雅安模擬）如圖所示，青瓦是古建筑常用的建筑材料，制瓦工藝有上千年的歷史。制瓦工藝分為成坯、曬制、高溫燒制等諸多流程。下列說法正確的是（　　）
A．曬制泥坯時，泥坯溫度越高含有熱量越多
B．高溫燒制時，通過熱傳遞的方式改變瓦片的內能
C．燒制青瓦時，燃料燃燒越充分其熱值越大
D．在質地均勻的瓦上定型切割，瓦的密度變小
【答案】B
【知識點】密度及其特性；熱量的概念；熱傳遞改變物體內能；燃料的熱值
【解析】【解答】A．熱量只能通過吸收（或者放出）來描述，故A錯誤；
B．高溫燒制時，瓦片和火焰存在溫度差，所以通過熱傳遞的方法增加瓦片的內能，故B正確；
C．燃料的熱值與燃料是否充分燃燒、質量都無關，故C錯誤；
D．密度和物體的種類有關，磚頭切割，密度不變，故D錯誤。
故選B。
【分析】1、密度的性質：密度是物質的基本屬性，不隨質量和體積的變化而變化；至于材料本身以及材料狀態有關。
2、物質的熱值為單位質量燃料完全燃燒釋放的能量，是物質的基本屬性；只與燃料的種類有關，與燃料的質量、燃燒程度等均無關。
3、熱傳遞是熱量從溫度高的物體傳到溫度低的物體，或者從物體的高溫部分傳到低溫部分的過程。
7．（2025·雅安模擬）我國自主研制的智能乒乓球機器人，能通過圖像傳感裝置綜合分析運動員的各項技術，并針對性地變換發球、回球等操作，以提高運動員的技術水平。下列說法正確的是（　　）
A．乒乓球被擊出后，運動軌跡發生改變，說明力是改變物體運動狀態的原因
B．球拍對乒乓球的作用力和乒乓球對球拍的作用力是一對平衡力
C．乒乓球被擊出后，從高處下落的過程中動能不變，重力勢能增大
D．乒乓球被擊出后，若所受的力全部消失，它一定保持靜止狀態
【答案】A
【知識點】機械能及其轉化；力的作用效果；物體運動狀態的變化；二力平衡的條件及其應用
【解析】【解答】A．乒乓球被擊出后，在重力作用下，運動速度和軌跡發生變化，說明力是改變物體運動狀態的原因，故A正確；
B．球拍對乒乓球的作用力和乒乓球對球拍的作用力是一對相互作用力，故B錯誤；
C．乒乓球被擊出后，從高處下落時，質量不變，速度增大，所以動能變大，高度降低，重力勢能減小，故C錯誤；
D．乒乓球被擊出后，若所受的力全部消失，根據牛頓第一定律，它將做勻速直線運動，故D錯誤。
故選A。
【分析】1、力的作用效果：力會使物體的運動狀態和物體形狀發生改變；
2、相互作用力：作用力是相互的，施力物體也是受力物體。特點為大小相等、方向相反、作用在兩個物體上，
3、平衡力的特點為：大小相同，方向相反，作用在同一個物體上，
4、機械能：機械能為動能和重力勢能之和，當質量不變時，動能和速度成正比，速度不變時，動能和質量成正比；當質量不變時，重力勢能和高度成正比，高度不變時，重力勢能和質量成正比；
5、牛頓第一定律：一切物體在沒有受到外力作用的時候，總保持 勻速直線運動。
8．（2025·雅安模擬）物理是以實驗為基礎的自然科學。下列有關物理實驗的說法正確的是（　　）
A．圖甲實驗中小磁針對通電導線沒有力的作用
B．圖乙裝置可用來探究發電機工作的原理
C．圖丙裝置可用來探究電熱與電流大小的關系
D．圖丁裝置可用來探究導體長度對電阻大小的影響
【答案】D
【知識點】影響電阻大小的因素；電流的熱效應；通電直導線周圍的磁場；直流電動機的構造原理與工作過程
【解析】【解答】A．圖甲是奧斯特實驗，驗證了通電導線周圍存在磁場，在磁場的作用下，小磁針發生偏轉，根據力的作用是相互的，所以小磁針對通電導線也有力的作用，故A錯誤；
B．圖乙裝置中有電源，通電導體在磁場中受力運動，而發電機的原理是電磁感應現象，故B錯誤；
C．圖丙裝置中，變量為電阻的阻值，可用來探究電熱與電阻大小的關系，而不是與電流大小的關系，故C錯誤；
D．圖丁裝置中，導體接入電路的長度可以發生變化，所以可用來探究導體長度對電阻大小的影響，故D正確。
故選D。
【分析】1、電磁感應現象：閉合電路的一部分導體在磁場中作切割磁感線運動，導體中就會產生電流的現象，實例：發電機、 POS機讀出信息；
2、電流的磁效應：通電導線周圍存在磁場，使得小磁針發生偏轉；
3、通電導線在磁場中受到力的作用，實例有：電動機；
4、電阻的影響因素： 當導體的材料和橫截面積相同時，電阻的長度越長，導體的電阻越大 ；當導體的材料和長度相同時，電阻的橫截面積越小，導體的電阻越大，歐姆定律的含義R=U/I只用于計算用電器兩端電壓以及通過用電器電流計算電阻的公式，并不具有物理含義進行選項判識。
9．（2025·雅安模擬）許多汽車的后視鏡配備了如圖甲所示的加熱裝置，該裝置有“低溫”除霧和“高溫”除霜功能，保持鏡面清晰，確保駕駛安全。其內部電路如圖乙所示，和為加熱電阻.下列分析正確的是（　　）
A．除霧狀態，電路中只有工作 B．除霜狀態，電路中只有工作
C．除霧狀態，電路的總電流最小 D．除霜狀態，電路的總功率最小
【答案】C
【知識點】電功率的計算；多狀態電路——多擋位問題
【解析】【解答】AC．除霧狀態為低溫檔位，根據電功率公式P=計算可知，電壓不變，電功率和電阻為反比，此時電路電阻最大，根據歐姆定律可知，此時電流最小，電路中只有R2工作，故A錯誤，C正確；
BD．當開關S、S1均閉合時，電路中R1與R2并聯，根據并聯電路電阻規律可知，此時電路中的總電阻最小，總電流最大，總功率最大，處于“高溫”除霜狀態，故BD錯誤。
故選C。
【分析】電功率的計算：公式為P=，當電源電壓不變時，電阻和功率成反比，低溫檔位對應大電阻；
并聯電路電壓相等、支路電流之和為干路電流，電阻規律。
10．（2025·雅安模擬）圖甲為電影放映機，其成像原理如圖乙所示。下列說法正確的是（　　）
A．銀幕上呈現的是正立、放大的虛像
B．制作電影放映機的透鏡，可以制作近視眼鏡的鏡片
C．銀幕到透鏡的距離大于2倍焦距
D．要使銀幕上的像變大，應增大膠片與透鏡間的距離
【答案】C
【知識點】凸透鏡成像的應用；近視眼的成因與矯正辦法
【解析】【解答】A．據圖可知，投影儀的像時倒立的放大的實像，故A錯誤；
B．電影放映機的透鏡是凸透鏡，近視眼的眼睛為凹透鏡，所以不可以可以制作近視眼鏡的鏡片，故B錯誤；
C．根據凸透鏡成像規律，當像為倒立的放大的實像時，像距大于2倍焦距，即銀幕到透鏡的距離應大于2倍焦距，故C正確；
D．根據凸透鏡成像規律，物近像遠像變大可知，要使銀幕上的像變大，應增大銀幕與透鏡間的距離，同時減小膠片到凸透鏡的距離。故D錯誤。
故選C。
【分析】凸透鏡成實像時，物距越大，像距越小，像越小；物距越小，像距越大，像越大；
物距大于一倍焦距小于二倍焦距，呈倒立立放大的實像，應用為投影儀；
近視眼對光線匯聚作用較強，需要凹透鏡（對光線具有發散作用）進行矯正。
11．（2025·雅安模擬）如圖所示，水平桌面上兩相同電子秤，上面分別放有相同的圓柱形容器，容器中裝有甲、乙兩種不同的液體，將體積相等的A、B兩個小球分別放入液體中靜止時，A球沉底、B球漂浮，此時液體深度，液體對容器底部壓強相等。下列說法正確的是（　　）
A．液體密度
B．兩小球受到的浮力
C．兩電子秤示數相等
D．將A、B兩個小球取出后（忽略帶出的液體），左側電子秤示數變化較大
【答案】D
【知識點】壓強的大小及其計算；液體壓強計算公式的應用；阿基米德原理；浮力的利用；物體的浮沉條件及其應用
【解析】【解答】A．放入小球后，液體深度，根據，以及液體對容器底部壓強相等，可知，液體密度，故A錯誤；
B．由圖可知，A球在甲液體中沉底，B球漂浮在乙液體上，所以A排開液體的體積大于B，即，，根據可知，兩小球受到的浮力，故B錯誤；
C．甲中杯底受到的壓力等于液體甲對杯底的壓力和A球對杯底的壓力之和，即
；乙中杯底受到的壓力可表示為
；由于液體對容器底部壓強相等，故，容器的重力相等，則，根據可知，，故左電子秤的示數更大，故C錯誤；
D．根據物體漂浮可知，A球在甲液體中沉底，B球漂浮在乙液體上，則，，，故，根據則，故將A、B兩個小球取出后（忽略帶出的液體），左側電子秤示數變化較大，故D正確。
故選D。
【分析】1、浮力的本質為上下表面產生的壓力差，計算公式為F浮=ρ液gV排，所以物體所受浮力和物體所處的深度無關，與排開水的體積有關，當排開水的體積越小時，浮力越小，排開水的體積越大時，浮力越大；
2、阿基米德原理：物體排開水的重力等于物體所受浮力；
3、物體沉浮條件：物體懸浮時的浮力等于重力（排開水的體積等于物體體積），物體的密度等于液體的密度，物體漂浮表明浮力等于重力（排開水的體積小于物體體積），物體的密度小于液體的密度，物體下沉時重力大于浮力（排開水的體積等于物體體積），物體的密度大于液體的密度；
4、壓強的計算：公式為P=ρgh，壓強和液體的密度、浸沒深度有關，且密度越大，壓強越大，深度越大，壓強越大， 在同種液體的同一深度，液體向各個方向的壓強 相同。
12．（2025·雅安模擬）在綜合實踐活動課上，有一小組的同學設計了如圖甲所示的模擬調光燈電路，電源電壓恒定，為定值電阻，閉合開關S后，將滑動變阻器的滑片P由最右端向左移動，直至燈泡L正常發光，此過程中，電流表A的示數隨兩電壓表（電壓表未畫出）示數變化關系圖像如圖乙所示。下列說法正確的是（　　）
A．燈泡L中的電流隨電壓變化關系如圖乙曲線②
B．電源電壓為6V
C．實驗過程中，滑動變阻器接入電路的阻值范圍為3~35Ω
D．燈泡L正常發光時，定值電阻在2min內消耗的電能為18.75J
【答案】C
【知識點】串聯電路的電流規律；并聯電路的電壓規律；歐姆定律及其應用；電功的計算
【解析】【解答】A．圖中，電壓表V1和小燈泡并聯，通過小燈泡的電流隨電壓表增大而增大，①是小燈泡的I-U圖象，故A錯誤；
B．圖線②，電流隨電壓表示數的增大而減小，是滑動變阻器兩端的電壓圖線，電壓表在滑動變阻器的兩端，也可能在定值電阻和滑動變阻器的兩端；根據串聯電路總電壓規律，當電流相等時，圖象①②的電壓之和不相等，電壓表沒有并聯在定值電阻和滑動變阻器的兩端，并聯在滑動變阻器的兩端；圖中：當電流為0.1A時，燈泡和變阻器兩端電壓分別為0.5V、3.5V，則電源電壓為
·····①
當電流為0.25A時，燈泡和變阻器兩端電壓分別為0.75V、2.5V，則電源電壓為
······②，聯立①②，得R1=5Ω，U=4.5V，故B錯誤；
C．當電路中的電流最小時，滑動變阻器R2接入電路的阻值最大，當電流最小為0.1A時，滑動變阻器兩端的電壓U2=3.5V，滑動變阻器接入的阻值：；
當電流最大時，滑動變阻器接入的阻值最小，當電流最大為0.25A，滑動變阻器兩端的電壓，滑動變阻器接入的最小阻值為：，實驗中，滑動變阻器接入電路的阻值范圍為3~35Ω，故C正確；
D．圖乙中，小燈泡正常發光時的電流為0.25A，定值電阻消耗的電能：
，故D錯誤。
故選C。
【分析】燈泡的電流隨電壓的增大而增大；滑動變阻器的電流隨電壓增大而減小；根據串聯電路電壓規律判斷電壓表測量的位置；根據串聯電路總電壓等于各用電器分壓之和，計算電源電壓；根據電路中電流的最大和最小值，利用，計算電阻；根據W=I2Rt，計算用電器消耗電能的多少。
13．（2025·雅安模擬）2024年8月4日，在巴黎奧運會乒乓球男單決賽中，我國選手樊振東奪得金牌。現場觀眾的歡呼聲有時會干擾到運動員，此時裁判會提醒現場觀眾保持安靜，這是在　 　處減弱噪聲。觀眾看到乒乓球在空中運動，是以　 　為參照物。
【答案】聲源；地面
【知識點】參照物及其選擇；防治噪聲的途徑
【解析】【解答】裁判提醒觀眾保持安靜，是在聲源處減弱噪聲。乒乓球和桌子的運動狀態不同，所以二者相對運動。
【分析】1、物體相對運動：物體與參照物運動狀態不一致，所以物體相對參照物運動，物體與參照物運動狀態不一致，所以物體相對參照物靜止；
2、減弱噪音的途徑有：聲源處（摩托車裝消聲器）、傳播中（建隔音墻 ）、人耳處（戴耳罩）。
14．（2025·雅安模擬）如圖是“臨摹神器”，將平板和玻璃板M放在支架上調節到適當角度，眼睛需要在　 　（選填“平板側”或“白紙側”）進行觀察，即可對平板屏幕中的物體臨摹。若將平板遠離玻璃板M時，玻璃板M所成的像的大小會　 　（選填“變大”、“變小”或“不變”）
【答案】平板側；不變
【知識點】平面鏡成像的原理、特點
【解析】【解答】 平面鏡成像不能再光屏上呈現，為了能觀察到平板屏幕中物體成的像，需要透需要在平板側進行觀察，才能看到像。平面鏡成的像遵循像和物體大小相等，所以物體的大小不變，鏡M所成的像的大小不變。
【分析】平面鏡成像特點：物像等大、物像等距、物像關于平面鏡對稱、成虛像。
15．（2025·雅安模擬）仔細觀察和思考，可以發現小汽車的一些設計和使用過程中的許多現象都與物理知識有關。小汽車的外形設計成流線型（如圖），當它在水平路面上高速行駛時對路面的壓力比靜止時　 　（填“增大”，“減小”或“不變”）；汽車發動機工作時，缸體的溫度很高，常用水作為冷卻劑，這主要利用了水的　 　的特性。若汽車的水箱中裝有10kg水，當水溫升高50℃時吸收的熱量是　 　J。[ c水=4.2×103J/（kg·℃）]；
【答案】減小；比熱容大；
【知識點】比熱容；流體壓強與流速的關系
【解析】【解答】小汽車高速行駛時，車頂空氣流速大壓強小，車底空氣流速小壓強大，產生向上的壓強差，根據壓強公式F=Ps可知，會產生向上的升力，使車對路面的壓力比靜止時減小。水的比熱容較大，因此常用作發動機冷卻劑。10kg 的水溫度 升高50℃ 吸收的熱量Q=cmΔt=4.2×103J/(kg ℃)×10kg×50℃=2.1×106J。
【分析】1、比熱容的應用：水的比熱容較大，用水做冷卻劑；計算不同液體的比熱容：原理為Q=cmΔt。
2、壓強和流速的關系：壓強越大，流速越小，應用為飛機機翼上凸，空氣流速快，導致壓強較小，形成向上的升力。
16．（2025·雅安模擬）小明家里燈泡壞了，他在網上購買了一個與原來燈泡外形相似的燈泡，如圖甲所示。該燈泡正常工作時電阻是　 　Ω；若將此燈泡直接接入家庭電路中，燈泡會燒壞，為了解決這個問題，可以給燈泡串聯一個定值電阻。小明想自制這個定值電阻，于是找到一卷電阻絲，規格如圖乙所示，已知電阻絲的阻值和其長度成正比，則需截取　 　cm的電阻絲，并將其繞制在陶瓷管上完成制作。
【答案】32.4；80
【知識點】影響電阻大小的因素；歐姆定律及其應用；電功率的計算
【解析】【解答】由圖甲可知，燈泡規格為36V，40W，根據電功率公式計算可知該燈泡正常工作時電阻是；根據串聯電路電壓規律計算電阻兩端的電壓為；根據P=UI計算電路的電流為；根據歐姆定律計算串聯電阻的阻值，所以截取的電阻絲的長度。
【分析】1、電功率的計算：公式為P=UI.。
2、串聯電路的電路規律：串聯電路，電流處處相等，電源的電壓為用電器電壓之和，總電阻為用電器電阻之和。
3、電壓表與待測用電器并聯測量電壓，電流表串聯測量用電器電流，根據歐姆定律U=IR計算用電器的電流和電阻以及電壓。
17．（2025·雅安模擬）修建房屋時，某建筑工人使用滑輪組提升建材，如圖所示。他用豎直向下的拉力在15s內將重為480N的建材勻速提升了3m，每個滑輪重20N，不計滑輪摩擦和繩重，該過程中工人對繩子拉力的功率為　 　，裝置的機械效率為　 　。（g取10N/kg）
【答案】100W；96%
【知識點】功率計算公式的應用；滑輪（組）的機械效率；滑輪組繩子拉力的計算
【解析】【解答】不計滑輪摩擦和繩重，動滑輪重20N，根據拉力的計算公式計算自由端的拉力為；結合功率公式P=Fv計算工人對繩子拉力的功率為；機械效率為有用功的占比，則該滑輪組的機械效率為。
【分析】1、動滑輪的工作特點：可以省力，但是費距離，定滑輪的工作特點：可以改變方向但是不省力
2、拉力的計算， ，n為動滑輪纏繞繩子數，繩子移動的距離為物體移動距離的n倍，
3、功的相關計算：W=Fs，距離為拉力的方向。總結：考慮滑輪重力的情況，定滑輪的機械效率要大于動滑輪，重物重力越大，機械效率越大。
18．（2025·雅安模擬）一條光線射到水面后發生折射，折射光線OA如圖所示，請畫出入射光線的大致方向。
【答案】
【知識點】作光的折射光路圖
【解析】【解答】光從空氣射向水面時，會發生折射，折射光線靠近法線，故先過入射點O做出法線，然后在法線右側的空氣中做出入射光線，如下圖：
【分析】折射規律：光從空氣中傳播到水中，折射光線會偏向法線，光從水中射向空氣中，折射光線會遠離法線。
19．（2025·雅安模擬）如圖所示，請畫出撐開雨傘時，撐桿對傘骨作用力F的力臂l。
【答案】
【知識點】力臂的畫法
【解析】【解答】力臂和力的作用線互相垂直，過點O作力F作用線的垂線，即為力F的力臂l，如圖所示：
【分析】力臂的畫法：力臂是支點和力的作用線的垂線段。
20．（2025·雅安模擬）在“探究影響液體內部壓強的因素”的活動中，興趣小組準備了壓強計、水和鹽水等實驗器材。
（1）液體壓強計是通過U形管中兩側液面的　 　來反映橡皮膜所受壓強大小的，這種方法叫　 　（選填“控制變量法”“等效替代法”或“轉換法”）；
（2）壓強計的金屬盒上所蒙著的橡皮膜最好選用較　 　（選填“厚”或“薄”）的橡皮膜；
（3）對于圖甲所示壓強計出現的問題，應將壓強計金屬盒拿出液體，然后　 　；
A．將U形管中液體倒出一部分
B．更換U形管中液體
C．檢查壓強計的氣密性
（4）正確處理存在問題之后，將壓強計的金屬盒放入液體中，如圖乙、丙、丁所示；
（5）為了探究液體內部壓強與液體密度的關系，應該比較圖中　 　兩圖所示的實驗，并得出結論：　 　；
（6）小明利用礦泉水瓶裝滿水，繼續探究，如圖①所示，將瓶蓋擰緊，他只將N孔堵住，水從M孔也不能流出，因為水受到了　 　的作用。當他擰開瓶蓋，放開兩小孔，在瓶底部水平放置接水盤，發現水的落點為圖②所示的B、C，于是他將接水盤向下平移至D處，使MA=ND，水的落點為E、F。為了比較兩小孔處液體壓強大小，應比較AC與　 　的距離。
【答案】高度差；轉換法；薄；C；丙、丁；不同液體的同一深度，液體密度越大壓強越大；大氣壓；DF
【知識點】探究液體壓強的特點實驗
【解析】【解答】（1）探究影響液體內部壓強的因素，液體的壓強無法直觀描述，只能將U形管兩側液面高度差轉換為液體內部壓強的大小，應用了轉換法。
（2）在實驗中，U形管壓強計金屬盒上的橡皮膜應該選用薄一些的為好，橡皮膜越容易發生形變，測量時會較靈敏，實驗效果明顯。
（3）由圖甲知道，金屬盒置于一定深度的液體中，沒有出現高度差，原因為裝置漏氣，應該檢查裝置的氣密性，故C符合題意，AB不符合題意。
故選C。
（5）探究液體內部壓強與液體密度的關系，變量為液體的密度，應該比較丙、丁兩圖所示的實驗。液體中的深度相同，鹽水的密度更大，U形管兩側液面高度差更大，說明探頭在鹽水中橡皮受到的壓強更大，可得結論：液體內部壓強與液體的密度有關，深度相同時，液體密度越大，壓強越大。
（6）將瓶蓋擰緊，他只將N孔堵住，水受到了大氣壓的作用，導致水從M孔不能流出，為了比較兩小孔處液體壓強大小，應比較AC與DF的距離。
【分析】1、壓強的計算：公式為P=ρgh，壓強和液體的密度、浸沒深度有關，且密度越大，壓強越大，深度越大，壓強越大， 在同種液體的同一深度，液體向各個方向的壓強 相同；
2、液體壓強影響因素的試驗：儀器有壓強計、不同密度的液體，U型管；試驗步驟：檢查裝置的氣密性，方法為 按壓探頭的橡皮膜，U形管兩邊液面高度變化 明顯，則氣密性良好；使用控制變量法，探究壓強和深度關系時，需要控制液體密度不變；
3、轉換法：轉換法：在物理實驗中，某些物理量（動能、電能）難以直接觀察，需要轉換成容易觀察的指標進行測量，如用通過觀察U型管兩邊液面的高度差來表示探頭處液體壓強的大小。
21．（2025·雅安模擬）小明和小華一起進行伏安法測電阻的實驗。
（1）他們選用的器材如圖甲所示，請你用筆畫線代替導線將實物電路連接完整，要求：滑動變阻器的滑片P向右移動時電流表的示數變大。
（2）連接電路之前，應該　 　開關。
（3）閉合開關，小明發現兩電表均無示數。為了查找故障，他將電壓表拆下，保持電路其他部分連接完好，再將電壓表分別接在電源、待測電阻Rx、滑動變阻器兩端，然后閉合開關，發現只有接在待測電阻Rx兩端時，電壓表無示數。則故障可能是　 　。
（4）排除故障后，小明和小華配合進行實驗，并根據數據畫出如圖乙所示的圖像，由圖像可知，該待測電阻Rx的阻值為　 　Ω。
（5）實驗后，小華又另外設計了一個測未知電阻Rx阻值的實驗，如圖所示。實驗步驟如下：
①將電壓表接在B、C兩點間，閉合開關，將滑動變阻器滑片移到b端、電阻箱R調為某一阻值R1，使電壓表和電流表示數為合適的值；
②斷開開關，將電壓表右端由C點改接到D點；
③閉合開關，反復調節　 　使兩表的示數與步驟①中相同，此時電阻箱的阻值為R2；
④待測電阻的阻值Rx=　 　；
⑤若操作無誤，反復調節始終無法實現兩表的示數與步驟①中相同，原因可能是　 　。
【答案】（1）
（2）斷開
（3）滑動變阻器斷路
（4）5
（5）電阻箱R和滑動變阻器；R1-R2；R1【知識點】伏安法測電阻的探究實驗
【解析】【解答】（1）變阻器的連接原則為一上一下，滑片向右移動時電路中電流變大，說明變阻器連入電路阻值減小，即作圖如下：
（2）在電路連接過程中，為保證安全，開關應該是斷開的。
（3）利用電壓表差故障，電壓表有示數表明并聯之外的電路是通路，接在待測電阻兩端無示數，說明待測電阻與電源兩極間有斷開之處，接在電源兩端有示數，接在變阻器兩端有示數，所以，故障能滑動變阻器斷路。
（4）當電壓為2.5V，通過電阻的電流為0.5A，待測電阻阻值為
（5） ①將電壓表接在B、C兩點間，閉合開關，將滑動變阻器滑片移到b端、電阻箱R調為某一阻值R1，使電壓表和電流表示數為合適的值； 此步驟測量電阻箱兩端電壓；
②斷開開關，將電壓表右端由C點改接到D點； 此步驟測量電源電壓；
調節電阻箱與滑動變阻器。電壓表示數為U。，根據歐姆定律計算可知
結合電阻的串聯可知：，；在操作過程中必須保證，所以第一次讀數時電阻箱連入電路阻值小于待測電阻阻值，則改接電壓表后，不能調節兩次電壓表、電流表讀數均相等。
【分析】1、伏安法測電阻：電壓表并聯待測電阻兩側測量待測電阻的電壓U，電流表串聯在電路中測量待測電阻的電流I，根據歐姆定律R=U/I計算待測電阻的阻值。
2、電路連接的基本操作：連接電路時，為保護電路開關應斷開，變阻器調節至最大阻值處，對電表進行試觸，根據電表偏轉角度選擇合適的電表量程；同時電表的正負極接線柱要符合電流的正進負出；
3、串聯電路的電路規律：串聯電路，電流處處相等，電源的電壓為用電器電壓之和，總電阻為用電器電阻之和.
4、電壓表與待測用電器并聯測量電壓，電流表串聯測量用電器電流，根據歐姆定律U=IR計算用電器的電流和電阻以及電壓。
22．（2025·雅安模擬）新型混合動力汽車具有節能、低排放等優點。在某次測試中，汽車受到的阻力為4000N，汽車以60km/h的速度勻速行駛了0.5h，消耗汽油10kg（汽油熱值為4.5×107J/kg）。求：
（1）測試中汽車行駛的路程；
（2）測試中牽引力做的功；
（3）測試中消耗的汽油完全燃燒放出的熱量。
【答案】（1）解：汽車以60km/h的速度勻速行駛了0.5h，汽車行駛的路程為。
（2）解：由題意可知，測試中汽車受到的阻力為4000N，由于汽車勻速行駛，汽車的牽引力和阻力是平衡力，牽引力；牽引力做功。
（3）解：測試中消耗的汽油10kg，汽油熱值為4.5×107J/kg，燃料完全燃燒放出的熱量。
【知識點】燃料的熱值；速度公式及其應用；功的計算及應用
【解析】【分析】（1）汽車以60km/h的速度勻速行駛了0.5h，根據速度公式計算汽車行駛的路程。
（2）由題意可知，測試中汽車受到的阻力為4000N，由于汽車勻速行駛，根據二力平衡可知牽引力，根據做功公式W=Fs計算牽引力做功。
（3）測試中消耗的汽油10kg，汽油熱值為4.5×107J/kg，根據Q=mq計算燃料完全燃燒放出的熱量。
（1）汽車以60km/h的速度勻速行駛了0.5h，汽車行駛的路程為。
（2）由題意可知，測試中汽車受到的阻力為4000N，由于汽車勻速行駛，汽車的牽引力和阻力是平衡力，牽引力
牽引力做功。
（3）測試中消耗的汽油10kg，汽油熱值為4.5×107J/kg，燃料完全燃燒放出的熱量。
23．（2025·雅安模擬）健身使用的電子握力計模擬電路如圖甲所示。將電流表（量程為0~0.6A）改裝成握力計。電源電壓為18V，定值電阻R1為10Ω，握力計手柄A端與滑動變阻器R2的滑片P連接，B端與R2的b端固定在絕緣支架上。測握力F大小時，滑片在ab之間滑動，握力為零時滑片P處于a端，滑動變阻器接入電路的阻值與握力F的大小關系如圖乙所示。
（1）握力為0N時電路中的電流是多少？
（2）握力為100N時，R2消耗的電功率是多少？
（3）若想增大握力計的測量范圍。電路中增加一個阻值為10Ω定值電阻R3，請判斷分析應該將R3與R1串聯還是并聯？在電路安全的情況下，計算改進后握力計測量握力的范圍。
【答案】（1）解：根據甲圖可知，R1和R2組成串聯電路，當握力為0N時，R2=50Ω；
則串聯電路總電阻R總=R1+R2=10Ω+50Ω=60Ω；
那么此時電路中的電流。
（2）解：根據乙圖可知，當握力為100N時，滑動變阻器R2的阻值為R'2=30Ω；
串聯電路總電阻R'總=R1+R'2=10Ω+30Ω=40Ω；
此時電路電流；
R2消耗的電功率P2=I22R2'=(0.45A)2×30Ω=6.075W。
（3）解：當握力增大時，R2阻值減小，電路總電阻減小，因電源電壓不變，由歐姆定律可知：電路總電流將增大，因此應使定值電阻阻值增大，即電路中增加一個阻值為10Ω定值電阻R3，應該將R3與R1串聯；
改進后的握力計，由R3與R1串聯成新的定值電阻R定值，則R定值=R1+R3=10Ω+10Ω=20Ω；
在電路安全的情況下，達到最大握力時，R2電阻最小，電路總電阻最小，此時電路電流最大，最大電流值為Imax=0.6A；
此時電路總電阻；
R2的阻值R″2=Rmin-R定值=30Ω-20Ω=10Ω
由乙圖可知，當R″2=10Ω時，握力F=200N，
即改進后握力計測量握力的范圍為0~200N。
【知識點】歐姆定律及其應用；電路的動態分析；電功率的計算
【解析】【分析】 （1）由甲圖可知：定值電阻R1和滑動變阻器R2組成串聯電路；由乙圖可知：當握力為0N時，R2的阻值；已知電源電壓，由串聯電路電阻特點求出電路總電阻，利用歐姆定律即可求出此時電路中的電流；
（2）由乙圖可知：當握力為100N時，滑動變阻器R2的阻值；已知電源電壓，由串聯電路電阻特點可求出電路總電阻，由歐姆定律求出此時電路的電流；已知R2的電阻、電流，由公式P=I2R可求出R2消耗的電功率；
（3）由乙圖可知：當握力增大時，R2阻值減小，電路總電阻減小，因電源電壓不變，由歐姆定律可知：電路總電流將增大，存在超過電流表最大測量值的風險，則應使定值電阻阻值增大，使電路總電流不超過電流表量程，即應該將R3與R1串聯；在電路安全的情況下，電路最大電流為0.6A，由歐姆定律求出此時電路總電阻，進而求出R2的阻值，由乙圖可知對應的最大握力，即可求出改進后握力計測量握力的范圍。
（1）由甲圖可知，定值電阻R1和滑動變阻器R2組成串聯電路，電源電壓為18V不變；由乙圖可知，當握力為0N時，R2=50Ω；由串聯電路電阻特點可知：串聯電路總電阻
R總=R1+R2=10Ω+50Ω=60Ω
由歐姆定律可知，此時電路中的電流
（2）由乙圖可知，當握力為100N時，滑動變阻器R2的阻值為R'2=30Ω；串聯電路總電阻
R'總=R1+R'2=10Ω+30Ω=40Ω
此時電路電流
R2消耗的電功率
P2=I22R2'=(0.45A)2×30Ω=6.075W
（3）由乙圖可知：當握力增大時，R2阻值減小，電路總電阻減小，因電源電壓不變，由歐姆定律可知：電路總電流將增大，存在超過電流表最大測量值的風險，因此應使定值電阻阻值增大，使電路總電流不超過電流表量程，則想增大握力計的測量范圍，電路中增加一個阻值為10Ω定值電阻R3，應該將R3與R1串聯；改進后的握力計，由R3與R1串聯成新的定值電阻R定值，則
R定值=R1+R3=10Ω+10Ω=20Ω
在電路安全的情況下，達到最大握力時，R2電阻最小，電路總電阻最小，此時電路電流最大，最大電流值為Imax=0.6A；由歐姆定律可知：電路總電阻
R2的阻值
R″2=Rmin-R定值=30Ω-20Ω=10Ω
由乙圖可知，當R″2=10Ω時，握力F=200N，即改進后握力計測量握力的范圍為0~200N。
24．（2025·雅安模擬）如圖（a）所示，放置在水平地面上的薄壁柱形容器甲內盛有0.2米深的水，空薄壁柱形容器乙漂浮在容器甲內的水面上。甲容器的底面積為米2，乙容器的底面積為米2，質量為2千克，體積為米3的柱體丙放在水平地面上。求：
（1）水對甲容器底部的壓強；
（2）柱體丙的密度；
（3）如圖（b）所示，現將柱體丙輕輕地放入乙容器內，乙容器仍漂浮在水面上且水未溢出。求丙放入前后，水對甲容器底部壓強的增加量△p水。
【答案】（1）解：水對甲容器底部的壓強為
（2）解：柱體丙的密度為
（3）解：將柱體丙放入乙容器前后，乙容器均漂浮，浮力等于重力，則增加的浮力為
根據力的相互作用，水對甲容器底部壓力的增加量為
則水對甲容器底部壓強的增加量為
【知識點】密度公式及其應用；壓強的大小及其計算；液體壓強計算公式的應用；物體的浮沉條件及其應用
【解析】【分析】（1）根據p=ρgh，計算液體壓強的大小；
（2）根據，計算密度大小；
（3）根據物體漂浮，結合重力，計算浮力；根據，計算壓強。
（1）水對甲容器底部的壓強為
（2）柱體丙的密度為
（3）將柱體丙放入乙容器前后，乙容器均漂浮，浮力等于重力，則增加的浮力為
根據力的相互作用，水對甲容器底部壓力的增加量為
則水對甲容器底部壓強的增加量為
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