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峨山縣第一中學(xué) 2024-2025 學(xué)年高三上學(xué)期1月份考試
高三年級(jí) 物理
本試卷共2個(gè)大題，滿分 100 分，考試時(shí)間 75 分鐘
一、選擇題:本顆共 10 小題，共46 分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第 1~7 題只有一項(xiàng)符合題目要求，每小題4分:第 8-10 題有多項(xiàng)符合題目要求，每小題6分，全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。
1.北京冬奧會(huì)速滑比賽中的某段過(guò)程，攝像機(jī)和運(yùn)動(dòng)員的位移x隨時(shí)間t變化的圖像如圖，下列說(shuō)法正確的是(　　)
A. 攝像機(jī)做直線運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)員做曲線運(yùn)動(dòng)
B. 0~ t1時(shí)間內(nèi)攝像機(jī)在前，t1~t2時(shí)間內(nèi)運(yùn)動(dòng)員在前
C. 0~ t2時(shí)間內(nèi)攝像機(jī)與運(yùn)動(dòng)員的平均速度相同
D. 0~ t2時(shí)間內(nèi)任一時(shí)刻攝像機(jī)的速度都大于運(yùn)動(dòng)員的速度
2.(2023·廣東佛山市模擬) 當(dāng)帶電的云層離地面較近時(shí)，云和地面形成一個(gè)巨型電容器，它們之間會(huì)形成一個(gè)強(qiáng)電場(chǎng)，若云層帶電荷量一定，將云層底面及地面始終都看作平整的平面，則(　　)
A. 當(dāng)云層向下靠近地面時(shí)，該電容器的電容將減小
B. 當(dāng)云層向下靠近地面時(shí)，云層和地面間的電勢(shì)差將增大
C. 當(dāng)云層向下靠近地面時(shí)，云層和地面間的電場(chǎng)強(qiáng)度將增大
D. 當(dāng)云層底面積增大時(shí)，該電容器的電容將增大
3.如圖所示，兩根輕繩一端系于結(jié)點(diǎn)O，另一端分別系于固定豎直放置的圓環(huán)上的A、B兩點(diǎn)，O為圓心，O點(diǎn)下面懸掛一物體M，輕繩OA水平，拉力大小為F1，輕繩OB與輕繩OA成α＝120°角，拉力大小為F2。將兩輕繩同時(shí)緩慢順時(shí)針轉(zhuǎn)過(guò)60°，并保持兩輕繩之間的夾角α始終不變，且物體始終保持靜止?fàn)顟B(tài)。則在旋轉(zhuǎn)過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是(　　)
F1逐漸增大
F1先增大后減小
C. F2先增大后減小
D. F2先減小后增大
4.甲、乙兩車并排停在同一條平直公路上，從t=0時(shí)刻開(kāi)始兩車分別做勻加速運(yùn)動(dòng)，t1=5s時(shí)兩車又分別開(kāi)始做勻減速運(yùn)動(dòng)。t2=8s時(shí)兩車相距最遠(yuǎn)，最遠(yuǎn)距離為16m，此時(shí)甲車在前，乙車在后。甲車運(yùn)動(dòng)過(guò)程的速度 時(shí)間圖像如圖所示，則乙車減速過(guò)程的加速度大小為(　　)
A. 0.5m/s2 B. 12m/s2 C. m/s2 D. m/s2
5.2024年12月5日，我國(guó)成功將“千帆星座”第三批組網(wǎng)衛(wèi)星送入預(yù)定軌道。“千帆星座”將構(gòu)建覆蓋全球的衛(wèi)星互聯(lián)網(wǎng)系統(tǒng)，采用分階段實(shí)施的多層低軌道星座設(shè)計(jì)，其軌道高度在160km至2 000km之間。已知地球同步衛(wèi)星的高度約為36 000km，則下列說(shuō)法正確的是(　　)
所有組網(wǎng)衛(wèi)星軌道平面都與赤道平面垂直
組網(wǎng)衛(wèi)星的速度大于地球同步衛(wèi)星的速度
C. 組網(wǎng)衛(wèi)星的運(yùn)行周期大于地球的自轉(zhuǎn)周期
D. 組網(wǎng)衛(wèi)星的加速度小于地球同步衛(wèi)星的加速度
6.一列沿x軸正方向傳播的簡(jiǎn)諧橫波在某時(shí)刻的波動(dòng)圖像如圖所示，圖中質(zhì)點(diǎn)a、f均處于波峰，質(zhì)點(diǎn)c處于波谷，質(zhì)點(diǎn)b、e偏離平衡位置的位移相同，質(zhì)點(diǎn)d恰好處于平衡位置。下列說(shuō)法正確的是(　　)
此時(shí)質(zhì)點(diǎn)b、e的速度相同
此時(shí)質(zhì)點(diǎn)b、e的加速度相同
C. 此時(shí)質(zhì)點(diǎn)d正在沿y軸正方向運(yùn)動(dòng)
D. 此時(shí)質(zhì)點(diǎn)a、c、f的加速度相同
7.電纜周圍的電場(chǎng)分布對(duì)電纜的電氣強(qiáng)度影響很大。如圖所示為電纜終端周圍的電場(chǎng)分布情況，圖中虛線為等勢(shì)線，實(shí)線為電場(chǎng)線，下列說(shuō)法正確的是(　　)
A. 電場(chǎng)中點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大于點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度
B. 將一電子放在點(diǎn)，電子的電勢(shì)能為
C. 將一電子由點(diǎn)經(jīng)點(diǎn)移至點(diǎn)，電場(chǎng)力先做正功后做負(fù)功
D. 在點(diǎn)由靜止釋放一帶正電的粒子，粒子將沿電場(chǎng)線運(yùn)動(dòng)
8.如圖(a)所示，一質(zhì)量為的長(zhǎng)木板靜置于粗糙水平面上，其上放置一質(zhì)量未知的小滑塊，且長(zhǎng)木板與小滑塊之間接觸面粗糙。小滑塊受到水平拉力作用時(shí)，用傳感器測(cè)出小滑塊的加速度與水平拉力的關(guān)系如圖(b)實(shí)線所示。已知地面與長(zhǎng)木板的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.2，重力加速度，下列說(shuō)法正確的是(　　)
A. 小滑塊與長(zhǎng)木板之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.6
B. 當(dāng)水平拉力增大時(shí)，小滑塊比長(zhǎng)木板先相對(duì)地面發(fā)生滑動(dòng)
C. 小滑塊的質(zhì)量為
D. 當(dāng)水平拉力時(shí)，長(zhǎng)木板的加速度大小為
9.如圖所示，平行金屬板中帶電質(zhì)點(diǎn)P原處于靜止?fàn)顟B(tài)，不考慮電流表和電壓表對(duì)電路的影響，當(dāng)滑動(dòng)變阻器R4的滑片向b端移動(dòng)時(shí)，則(　　)
電壓表讀數(shù)減小
電流表讀數(shù)減小
C. 質(zhì)點(diǎn)P將向下運(yùn)動(dòng)
D. R3上消耗的功率增大
10.某裝置如圖所示，兩根輕桿與小球及一小滑塊通過(guò)光滑鉸鏈連接，桿的端與固定在豎直光滑桿上的光滑鉸鏈相連。小球與小滑塊的質(zhì)量均為，輕桿長(zhǎng)均為，原長(zhǎng)為的輕質(zhì)彈簧與滑塊都套在該豎直桿上，彈簧連接在Ａ點(diǎn)與小滑塊之間。裝置靜止時(shí)，彈簧長(zhǎng)為，重力加速度為，，以下說(shuō)法正確的是(　　)
A. 輕桿對(duì)小球的作用力方向沿桿向上，大小為
B. 輕桿對(duì)小滑塊的作用力方向沿桿向下，大小為
C. 彈簧的勁度系數(shù)
D. 若小球繞桿以角速度在水平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，則彈簧將恢復(fù)原長(zhǎng)
11.在“測(cè)量金屬絲的電阻率”實(shí)驗(yàn)中：
(1)測(cè)量一段電阻約為5歐姆的鎳鉻絲電阻率時(shí)所用器材和部分電路連線如圖(a)所示，要求電壓表示數(shù)變化范圍足夠大，請(qǐng)用筆畫(huà)線代替導(dǎo)線，把實(shí)驗(yàn)儀器連接成完整的實(shí)驗(yàn)電路。
(2)用螺旋測(cè)微器測(cè)量該鎳鉻絲的直徑D，示數(shù)如圖(b)所示，其讀數(shù)為　　　　mm。
(3)由于電壓表?yè)p壞，一同學(xué)將該鎳鉻絲接入如圖(c)所示電路，與滿偏電流Ig、內(nèi)阻為rg的表頭G兩端并聯(lián)，鎳鉻絲接入電路的長(zhǎng)度為L(zhǎng)，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器使表頭G滿偏，毫安表示數(shù)為I。改變L，重復(fù)上述步驟，獲得多組I、L數(shù)據(jù)，作出圖像如圖(d)所示，圖像斜率為k。若所有操作都規(guī)范，理論上該直線　　　　(選填“會(huì)”或“不會(huì)”)過(guò)坐標(biāo)原點(diǎn)。由圖像可知該鎳鉻絲的電阻率ρ=　　　　(用Ig、rg、k、D表示)。
12.利用如圖(a)所示的裝置可測(cè)量滑塊在斜面上運(yùn)動(dòng)的加速度。一斜面上安裝有兩個(gè)光電門(mén)，其中光電門(mén)乙固定在斜面上靠近底端處，光電門(mén)甲的位置可移動(dòng)，當(dāng)一帶有遮光片的滑塊自斜面上端滑下時(shí)，與兩個(gè)光電門(mén)都相連的計(jì)時(shí)器可以顯示出遮光片從光電門(mén)甲至乙所用的時(shí)間t，改變光電門(mén)甲的位置進(jìn)行多次測(cè)量，每次都使滑塊從同一點(diǎn)由靜止開(kāi)始下滑，并用米尺測(cè)量甲、乙之間的距離x，記下相應(yīng)的t值，所得數(shù)據(jù)如表中所示。
完成下列填空和作圖：
(1)若滑塊所受摩擦力為一常量，滑塊加速度的大小a、滑塊經(jīng)過(guò)光電門(mén)乙時(shí)的瞬時(shí)速度vt、測(cè)量值x和t四個(gè)物理量之間所滿足的關(guān)系式是________；
(2)根據(jù)表中給出的數(shù)據(jù)，在圖(b)給出的坐標(biāo)紙上作出－t 圖線；
(3)由所作出的－t圖線，得出滑塊加速度的大小為a＝________m/s2(保留2位有效數(shù)字)。
13.如圖所示，質(zhì)量為2kg的物體放于傾角θ為37°的足夠長(zhǎng)的固定斜面底端，受到50N 的水平拉力作用而由靜止開(kāi)始向上運(yùn)動(dòng)，物體與斜面的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.5，2s后將水平拉力撤去。(g 取 1 0m/s )求：
(1)求物體向上運(yùn)動(dòng)的最高點(diǎn)的位置；
(2)水平拉力撤去后還要經(jīng)過(guò)多少時(shí)間物體才能再次回到斜面底端
14.假設(shè)我國(guó)宇航員登上某星球，該星球的半徑為R，在該星球表面有一傾角為53°的固定斜面，一質(zhì)量為2kg的小物塊在力F的作用下由靜止開(kāi)始沿斜面向上運(yùn)動(dòng)，力F始終與斜面平行。已知小物塊和斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=，力F隨時(shí)間變化的規(guī)律如圖所示(取沿斜面向上為正方向)，2s末小物塊的速度恰好為0，其中星球半徑R、引力常量G已知。
(1)求該星球表面的重力加速度大小；
(2)求該星球的平均密度(用R、G、g等符號(hào)表示)。
15.如圖所示，有兩條不計(jì)電阻的平行光滑金屬導(dǎo)軌、，導(dǎo)軌間距L=1m，其中、段傾斜放置，傾斜角，，、段水平放置，兩段之間通過(guò)一小段(大小可忽略)光滑圓弧絕緣材料平滑相連，在傾斜導(dǎo)軌左端連接一電容的電容器，在N和兩端與R=0.1Ω的電阻器相連，在傾斜導(dǎo)軌、區(qū)域內(nèi)加有垂直于傾斜導(dǎo)軌平面向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，在水平導(dǎo)軌的區(qū)域內(nèi)加有垂直水平導(dǎo)軌平面向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，、均與導(dǎo)軌垂直，且，是質(zhì)量為、各邊長(zhǎng)度均為L(zhǎng)的開(kāi)口向左的U形金屬框，已知其de邊電阻為R=0.1Ω，其余各段電阻可忽略不計(jì)，開(kāi)始時(shí)緊挨導(dǎo)軌靜置于左側(cè)外，一不計(jì)電阻的質(zhì)量為m=1kg的金屬棒a緊貼從靜止釋放，使其向下滑行，越過(guò)后與U形金屬框發(fā)生碰撞，碰后粘在一起形成一個(gè)正方形導(dǎo)體框沿導(dǎo)軌穿過(guò)磁場(chǎng)B2區(qū)域。不計(jì)一切摩擦，取重力加速度，求：
(1)金屬棒a在傾斜導(dǎo)軌下滑的加速度大小；
(2)de邊剛進(jìn)入磁場(chǎng)B2區(qū)域時(shí)的速度大小；
(3)整個(gè)過(guò)程中電阻器R上產(chǎn)生的焦耳熱。
1.【答案】C
【解析】x-t圖像只能表示直線運(yùn)動(dòng)的規(guī)律，則攝像機(jī)和運(yùn)動(dòng)員都在做直線運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；x-t圖像反映了物體的位置隨時(shí)間的變化情況，由圖可知，在0~ t2時(shí)間內(nèi)攝像機(jī)一直在前，故B錯(cuò)誤；0~ t2時(shí)間內(nèi)攝像機(jī)與運(yùn)動(dòng)員的位移相同，所用時(shí)間相同，根據(jù)可知，平均速度相同，故C正確; x-t圖像的斜率表示速度，則在0~ t2時(shí)間內(nèi)攝像機(jī)的速度先大于運(yùn)動(dòng)員速度，在等于運(yùn)動(dòng)員速度，后小于運(yùn)動(dòng)員速度，故D錯(cuò)誤。
2.【答案】D
【解析】根據(jù)電容器電容的決定式C＝可知，當(dāng)云層向下靠近地面時(shí)，d減小，該電容器的電容C將增大，故A錯(cuò)誤；根據(jù)電容器電容的定義式C＝可知，當(dāng)云層向下靠近地面時(shí)，該電容器的電容C增大，由于帶電荷量Q不變，則云層和地面間的電勢(shì)差將減小，故B錯(cuò)誤；根據(jù)電場(chǎng)強(qiáng)度與電勢(shì)差的關(guān)系E＝，再聯(lián)立上面兩式可得E＝，則當(dāng)云層向下靠近地面時(shí)，云層和地面間的電場(chǎng)強(qiáng)度將不變，故C錯(cuò)誤；根據(jù)電容器電容的定義式可知，當(dāng)云層底面積增大時(shí)，正對(duì)面積S增大，該電容器的電容C將增大，故D正確．
3.【答案】A
【解析】對(duì)結(jié)點(diǎn)O進(jìn)行受力分析，并作出矢量三角形，如圖所示，根據(jù)圖示可知兩輕繩順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)前(實(shí)線)到轉(zhuǎn)動(dòng)后(虛線)的過(guò)程中，F(xiàn)1逐漸增大，F(xiàn)2逐漸減小，A正確，B、C、D錯(cuò)誤。
4.【答案】D
【解析】由圖可得前8s甲位移，此時(shí)甲車在乙車前16m，因此乙位移為30m，設(shè)其最大速度為vm，相距最遠(yuǎn)時(shí)速度相同，均為4m/s，，，故選D。
5.【答案】B
【解析】所有組網(wǎng)衛(wèi)星均繞地心做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，其軌道平面不一定都與赤道平面垂直，A錯(cuò)誤；根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力，可得，，，由于組網(wǎng)衛(wèi)星的軌道半徑較小，所以其速度大于地球同步衛(wèi)星的速度，周期小于地球同步衛(wèi)星的周期，即小于地球的自轉(zhuǎn)周期，加速度大于地球同步衛(wèi)星的加速度，B正確，CD錯(cuò)誤。選B。

6.【答案】B
【解析】簡(jiǎn)諧橫波在傳播過(guò)程中，介質(zhì)中各質(zhì)點(diǎn)都做同頻率的簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，此時(shí)質(zhì)點(diǎn)向軸正方向振動(dòng)，而質(zhì)點(diǎn)向軸負(fù)方向振動(dòng)，速度方向不同，A錯(cuò)誤；此時(shí)質(zhì)點(diǎn)偏離平衡位置的位移相同，加速度相同，B正確；此時(shí)質(zhì)點(diǎn)正在沿軸負(fù)方向振動(dòng)，C錯(cuò)誤；此時(shí)質(zhì)點(diǎn)的加速度大小相等，質(zhì)點(diǎn)的加速度沿軸負(fù)方向，質(zhì)點(diǎn)的加速度沿軸正方向，D錯(cuò)誤。故選B。
7.【答案】C
【解析】因a點(diǎn)的電場(chǎng)線較b點(diǎn)密集，可知電場(chǎng)中點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)小于點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度，A錯(cuò)誤；因c點(diǎn)電勢(shì)為30V，則將一電子放在點(diǎn)，電子的電勢(shì)能為，B錯(cuò)誤；將一電子由點(diǎn)經(jīng)點(diǎn)移至點(diǎn)，電勢(shì)先升高后降低，則電子的電勢(shì)能先減小后變大，則電場(chǎng)力先做正功后做負(fù)功，C正確；因電場(chǎng)線為曲線，則在點(diǎn)由靜止釋放一帶正電的粒子，粒子不可能沿電場(chǎng)線運(yùn)動(dòng)，D錯(cuò)誤。故選C。
8.【答案】AC
【解析】設(shè)小滑塊質(zhì)量為，小滑塊與長(zhǎng)木板之間的動(dòng)摩擦數(shù)為，當(dāng)小滑塊與長(zhǎng)木板發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)時(shí)，對(duì)小滑塊由牛頓第二定律有，得，由(b)圖可得，A正確；從圖(b)知，當(dāng)拉力為時(shí)，小滑塊與長(zhǎng)木板恰好發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)，此時(shí)兩物體具有共同加速度，對(duì)長(zhǎng)木板分析，由牛頓第二定律有，得，對(duì)小滑塊，有，得，因?yàn)椋孕』瑝K和長(zhǎng)木板相對(duì)地面同時(shí)發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)，B錯(cuò)誤，C正確；由于，所以此時(shí)長(zhǎng)木板的加速度未達(dá)到，D錯(cuò)誤。故選AC。
9.【答案】AC
【解析】由圖可知，R2與滑動(dòng)變阻器R4串聯(lián)后與R3并聯(lián)后，再與R1串聯(lián)接在電源兩端，電容器與R3并聯(lián)，當(dāng)滑動(dòng)變阻器R4的滑片向b端移動(dòng)時(shí)，滑動(dòng)變阻器接入電路的電阻減小，則電路中總電阻減小，由閉合電路的歐姆定律可知總電流增大，路端電壓減小，R1兩端的電壓增大，故并聯(lián)部分的電壓減小，由歐姆定律可知流過(guò)R3的電流減小，則流過(guò)R2與R4的電流增大，故電流表示數(shù)增大；因并聯(lián)部分兩端的電壓減小，而R2兩端的電壓增大，故電壓表示數(shù)減小，故A正確，B錯(cuò)誤；因電容器兩端電壓減小，故帶電質(zhì)點(diǎn)P受到向上的電場(chǎng)力減小，則重力大于電場(chǎng)力，帶電質(zhì)點(diǎn)P向下運(yùn)動(dòng)，故C正確；因R3兩端的電壓減小，由P＝可知，R3上消耗的功率減小，故D錯(cuò)誤。
10.【答案】BC
【解析】對(duì)球受力分析，重力，桿對(duì)球的支持力(沿著桿的方向)，依據(jù)平行四邊形定則，結(jié)合幾何關(guān)系與三角知識(shí)，則有：與豎直夾角為，即，解得，輕桿與對(duì)小球的作用力大小，選項(xiàng)A錯(cuò)誤，B正確；
C.對(duì)于小滑塊，根據(jù)平衡條件，則有，解得，再由胡克定律，則有，選項(xiàng)Ｃ正確；當(dāng)小球在水平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)，若彈簧處于原長(zhǎng)，則二者受力分析如圖，對(duì)滑塊列平衡方程，解得，故D錯(cuò)誤。故選BC。
11.【答案】(1)＝－at＋vt (2)見(jiàn)解析圖 (3)2.0
【解析】(1)沿斜面向下是勻加速運(yùn)動(dòng)，反過(guò)來(lái)也可以看成是初速度為vt的沿斜面向上的勻減速運(yùn)動(dòng)，由位移公式有
x＝vtt－at2
由于要作t圖像，所以可將上式變形得＝－t＋vt。
(2)t圖線如圖所示。
(3)由＝－t＋vt
可知圖像的斜率k＝－
解得a＝－2k＝2.0 m/s2。
12.【答案】(1)見(jiàn)解析 (2)0.680 (3)不會(huì)
【解析】(1)電阻絲的電阻較小，故電流表選用外接法，實(shí)驗(yàn)要求電壓表示數(shù)變化范圍足夠大，滑動(dòng)變阻器采用分壓式接法，電路連接如下
(2)根據(jù)螺旋測(cè)微器的讀法，可知金屬絲的直徑
(3)根據(jù)電路圖及閉合電路的歐姆定律可得：，
整理可得：，故圖像不會(huì)過(guò)原點(diǎn)，
圖像的斜率為，
解得：
13.【答案】(1)；(2)
【解析】(1)在水平拉力作用下勻加速運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，設(shè)加速度大小為，由牛頓第二定律得
由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式得
得
撤去水平拉力后，向上做勻減速運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，設(shè)加速度大小為，由牛頓第二定律得
又
得
(2)由
得
沿斜面向下做勻加速運(yùn)動(dòng)中，設(shè)加速度大小為，由牛頓第二定律得
由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式
得
14.【答案】(1)3m/s2；(2)1.5m/s；(3)1.12J
【解析】(1)金屬棒a沿傾斜軌道向下滑行過(guò)程中有，，，所以電流為，，由牛頓第二定律得，，，則，，，求得金屬棒加速度為，
(2)金屬棒a沿傾斜軌道向下滑行過(guò)程，由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式得，，金屬棒a越過(guò)后與U形金屬框發(fā)生碰撞，由動(dòng)量守恒定律，，解得，，此后一起勻速向右運(yùn)動(dòng)直到de邊進(jìn)入磁場(chǎng)區(qū)域，即de邊進(jìn)入磁場(chǎng)區(qū)域時(shí)速度為1.5m/s；
(3)在de邊進(jìn)入磁場(chǎng)區(qū)域時(shí)，de邊左側(cè)電阻為0，即右側(cè)的電阻器R被短路，無(wú)電流，此時(shí)回路總電阻就為de邊的電阻R；在cf邊進(jìn)出磁場(chǎng)時(shí)，此時(shí)右側(cè)de邊和電阻器組成并聯(lián)電路，此時(shí)總電阻為0.5R，根據(jù)，，，則碰后粘在一起全部進(jìn)入磁場(chǎng)區(qū)域過(guò)程，根據(jù)動(dòng)量定理有，，解得，，金屬框一起全部穿出磁場(chǎng)區(qū)域過(guò)程，有，，解得，，所以此過(guò)程中電阻器R上產(chǎn)生的焦耳熱為，，故電阻器R上產(chǎn)生的焦耳熱為1.12J。
15.【答案】(1)4m/s2；(2)
【解析】(1)假設(shè)該星球表面的重力加速度大小為g，小物塊在力F1=20N作用的過(guò)程中，有，小物塊1s末的速度，小物塊在力F2= 4N作用的過(guò)程中，有，且有，聯(lián)立解得
(2)在該星球表面則有，星球體積，
聯(lián)立解得星球的平均密度

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