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浙江省星光聯盟2024-2025學年九年級下學期三月份學科素養調查科學試卷
1．（2025·浙江模擬）生物的長期進化，使生物在形態、結構、功能等各個方面都表現出適應性。下列各種生物的特征中，為了增大壓強的是（　　）
A．鴨子的蹼足
B．啄木鳥的喙
C．鯽魚流線型體型
D．仙人掌針狀葉
【答案】B
【知識點】增大或減小壓強的方法
【解析】【分析】由可知，可通過增大壓力或減小受力面積來增大壓強。【解答】A、鴨子的蹼足面積較大，在壓力一定時，增大與地面的接觸面積，減小了壓強，故A不符合題意；
B、啄木鳥的喙細長而尖，在壓力一定時，減小了與樹表面的接觸面積，增大了壓強，故B符合題意；
C、魚類生活在水中，身體呈流線型，游泳時減小水的阻力，C不符合題意；
D、沙漠中干旱、高溫，水分蒸發很快。仙人掌適合在沙漠中生存，因為它的葉子是針狀的，盡量減與與空氣接觸的表面積，從而減小水分的蒸發，故D不浮合題意。
故答案為：B。
2．（2025·浙江模擬）標準大氣壓下，液態氮的沸點為﹣196℃，室溫下將液態氮置于試管中，會看到試管周圍有大量“白氣”產生，并且筷子上有霜形成，如圖所示。下列關于該現象的分析正確的是（　　）
A．霜的形成需要吸熱 B．霜是水蒸氣凝華形成的
C．“白氣”的形成需要吸熱 D．“白氣”是氮氣液化形成的
【答案】B
【知識點】液化及液化現象；凝華及凝華現象
【解析】【分析】由氣態轉化為固態的過程稱為凝華；由氣態轉化為液態的過程稱為液化。【解答】AB、霜是由空氣中水蒸氣遇冷凝華形成的，該過程需要放熱，故A錯誤，B正確；
CD、“白氣”是由空氣中的水蒸氣遇冷液化形成小水珠，液化過程需要放熱，故CD錯誤。
故答案為：B。
3．（2025·浙江模擬）為響應國家提出的“節能減排，低碳生活”的號召，小金每天騎如圖所示自行車上學，下列相關估測值中最符合實際的是（　　）
A．自行車的質量約為200kg
B．車座到地面的高度約為1m
C．騎行時的平均速度約為
D．一中學生從地面騎上自行車坐墊至少做功5000J
【答案】B
【知識點】長度的測量；速度公式及其應用；平均速度的計算及測量；功的計算公式的應用
【解析】【分析】估測時遇到不是很熟悉的物理量或單位，可通過計算轉化為熟悉的物理量或單位再進行判斷，例如將前面每小時換算成米每秒。【解答】A、自行車的質量約為20kg，故A不符合題意；
B、車座到地面的高度約為中年人身高的一半多一點，即約為1m，故B符合題意；
C、騎行時的平均速度約為，故C不符合題意；
D、一中學生從地面騎上自行車坐墊至少做功
故D不符合題意。
故答案為：B。
4．（2025·浙江模擬）在班級組織的“自制指南針”活動中，小偉同學用條形磁體將縫衣針磁化后，將其放在水中漂浮的一片樹葉上。多次將樹葉輕輕旋轉，待樹葉靜止后，觀察到樹葉的尖端總是指向南方，如圖所示。下列說法中正確的是（　　）
A．樹葉尖端指向地磁南極
B．指南針的“N”應標注在樹葉尖端
C．樹葉周圍存在磁場和磁感線
D．若用磁體的N極靠近樹葉尖端，會相互吸引
【答案】D
【知識點】磁體、磁極、磁化；磁極間的相互作用；磁場和磁感線
【解析】【分析】AB.當磁體靜止下來時，指南的一端為南極，指北的一端為北極，且地磁兩極和地理兩極交錯分布；
C.根據磁感線和磁場的定義判斷；
D.根據磁極之間的相互作用規律判斷。
【解答】A．地理兩極和地磁兩極交錯分布，因為樹葉尖端指向南方，即樹葉尖端為地理南極，也就是地磁的北極，故A錯誤；
B．根據題意可知，樹葉尖端指向地理的南極，指南針的“S”應標注在樹葉尖端，故B錯誤；
C．樹葉周圍存在磁場，磁感線實際并不存在，故C錯誤；
D．根據異名磁極相互吸引可在，樹葉的尖端是指南針的S極，若用磁體的N極靠近樹葉尖端，會相互吸引，故D正確。
故選D。
5．（2025·浙江模擬）一水平放置靜止的氣缸內充滿了空氣，在大小為F的恒力作用下，活塞沿著粗糙的氣缸壁向左運動，下列說法正確的是（　　）
A．活塞向左運動，氣缸內氣體分子運動速度不變，但是氣缸內氣體的內能增加了
B．若活塞在恒力F作用下向左運動了S長的距離，則活塞克服氣缸壁摩擦力做功的大小為：
C．恒力F推動活塞向左運動過程中，活塞的機械能始終保持不變
D．力F推動活塞向左運動，這一過程中能量轉化形式和四沖程汽油機的壓縮沖程的能量轉化相同
【答案】D
【知識點】動能和勢能的轉化與守恒；物體內能的改變方法；熱機的工作原理；機械能守恒
【解析】【分析】外界對氣體做功，氣體的內能增加，溫度升高，機械能轉化為內能，整個過程能量守恒，可知活塞的機械能減小。【解答】A、活塞向左運動，對氣體做功，氣體內能增加，溫度升高，分子運動速度增大，故A錯誤；
B、若活塞在恒力F作用下向左運動了S長的距離， 則活塞克服氣缸壁摩檫力做功的大小為：，其中f為摩擦力，故B錯誤；
C、恒力F推動活塞向左運動過程中，活塞克服摩擦力做功，機械能減小，故C錯誤；
D、力F推動活塞向左運動，對氣體做功，將機械能轉化為內能，這一過程中能量轉化形式和四沖程汽 油機的壓縮沖程的能量轉化相同，故D正確。
故答案為：D。
6．（2025·浙江模擬）小敏透過水杯看見《科學作業本》上的“科”字呈如圖所示的放大效果。下列選項中與其成像規律相同的是（　　）
A． B．
C． D．
【答案】D
【知識點】凸透鏡成像的應用
【解析】【分析】凸透鏡成像規律：物距在一倍焦距以內，成正立、放大的虛像；物距在一倍和兩倍焦距之間，像距大于兩倍焦距時，成倒立、放大的實像，物距等于像距等于兩倍焦距時，成倒立、等大的實像；物距大于兩倍焦距，像距在一倍和兩倍焦距之間時，成倒立、縮小的實像【解答】透過水杯看見《科學作業本》上的“科”字呈如圖所示的放大效果，成像原理是放大鏡，成的是正立放大的虛像，物距處于1倍焦距以內，故D符合題意，ABC不符合題意。
故答案為：D。
7．（2025·浙江模擬）科學課上，教師演示了一個有趣的小實驗。將一根長筷子插入蘋果中（如圖甲），然后將筷子提起，豎直懸在空中，用錘子不斷輕敲筷子上端，發現蘋果不斷的往上爬升（如圖乙）。下列說法正確的是（　　）
A．蘋果往上爬升，說明它具有慣性
B．提著筷子的手受到的摩擦力方向始終豎直向上
C．敲擊時，錘子對筷子的力與筷子對錘子的力是一對平衡力
D．靜止時，蘋果受到的重力和筷子對蘋果的靜摩擦力是一對相互作用力
【答案】A
【知識點】力的作用是相互的；慣性；平衡力的辨別；力與運動的關系；摩擦力的存在
【解析】【分析】平衡力的特點：大小相等、方向相反、作用在同一直線、同一物體上。
相互作用力的特點：大小相等、方向相反、作用在同一直線、兩個物體上。【解答】A、將一根長筷子插入蘋果中，然后將筷子提起，豎直懸在空中，用錘子不斷輕敲筷子上端，筷子受力而向下運動，蘋果具有慣性保持靜止，蘋果相對于筷子向上運動了，發現蘋果不斷的往上爬升。說明蘋果具有慣性，故A正確；
B、手提筷子，有向上運動的趨勢，故受到的摩擦力向下，故B錯誤；
C、敲擊時，錘子對筷子的力與筷子對錘子的力作用在不同物體上，不是平衡力，故C錯誤；
D、靜止時，受力平衡，蘋果受到的重力和筷子對蘋果的靜摩擦力是一對平衡力，故D錯誤。
故答案為：A。
8．（2025·浙江模擬）2024年4月20日，乒乓球世界杯已經決出四強，林高遠迎戰張本智和。下列說法正確的是（　　）
A．林高遠的鞋底凹凸不平，有利于增大摩擦力
B．林高遠扣球時，球拍對乒乓球的作用力大于乒乓球對球拍的作用力
C．乒乓球離開球拍后仍能繼續前進，是由于受到了慣性力的作用
D．乒乓球在水平桌面繼續滾動的過程中，摩擦力和機械能均保持不變
【答案】A
【知識點】力的作用是相互的；慣性；影響摩擦力大小的因素；動能和勢能的轉化與守恒
【解析】【分析】滑動摩擦力的影響因素：壓力大小和接觸面的粗糙程度，壓力越大，接觸面的粗糙程度越大，滑動摩擦力越大。【解答】A、林高遠的鞋底凹凸不平，是在壓力一定時，通過增大接觸面的粗糙程度來增大摩擦力，故A正確；
B、林高遠扣球時，球拍對乒乓球的作用力與乒乓球對球拍的作用力是一對相互作用力，二者大小相 等，故B錯誤；
C、乒乓球離開球拍后仍能繼續前進，是由于乒乓球具有慣性，慣性不是力，不能說受到慣性力的作用，故C錯誤；
D、乒乓球在水平桌面繼續滾動的過程中，克服摩擦力做功，機械能轉化為內能，機械能減小，故D錯誤。
故答案為：A。
9．（2025·浙江模擬）小敏將橙子放入水中，靜止后如圖甲，將該橙子剝去部分表皮后放入水中，靜止后如圖乙，剝去全部表皮后放入水中，靜止后如圖丙（不考慮實驗過程中橙子吸水）。下列說法正確的是（　　）
A．三種狀態下橙子的密度關系：
B．甲圖中，橙子所受浮力大于自身重力
C．乙圖中橙子的 V排小于甲圖中橙子的V排
D．丙圖中，橙子對容器底部壓力為零
【答案】C
【知識點】阿基米德原理；物體的浮沉條件及其應用
【解析】【分析】根據物體的沉浮狀態判斷密度大小及浮力大小，當物體的密度小于液體的密度時，物體將漂浮，此時物體受到的浮力等于重力；當物體的密度等于液體的密度時，物體將懸浮，此時物體受到的浮力等于重力；當物體密度大于液體密度時，物體將下沉，此時物體受到的浮力小于物體的重力。【解答】A、由浮沉條件知道，甲圖中橙子漂浮ρ甲＜ρ水，乙中橙子懸浮ρ乙=ρ水，丙中橙子下沉ρ丙＞ρ水，故三種狀態下橙子的密度關系ρ甲＜ρ乙＜ρ丙，故A錯誤；
B、甲圖中，橙子漂浮，橙子所受浮力等于自身重力，故B錯誤；
C、甲、乙兩圖中，橙子分別漂浮和懸浮，所受的浮力均等于自身的重力，而甲圖中橙子的重力較大，故甲圖中橙子所受的浮力較大，根據知道，乙圖中橙子的V排小于甲圖中橙子的V排，故C正確；
D、丙圖中，橙子沉底，所受的浮力小于自身的重力，橙子收到豎直向上的浮力和支持力及豎直向下的重力，且對容器底部壓力大小等于所受的支持力大小，橙子對容器底部壓力不為零，故D錯誤。
故答案為：C。
10．（2025·浙江模擬）科學研究中常常用到“控制變量法”、“轉換法”、“類比法”、“模型法”等科學方法。下列研究實例中，用到的科學方法與其它三項不同的是（　　）
A．甲實驗用木塊滑動距離表示動能大小
B．乙實驗通過小燈泡發光情況比較金屬絲電阻大小
C．丙實驗通過海綿形變程度判斷壓力作用效果
D．丁實驗用磁感線描述磁場
【答案】D
【知識點】壓力的作用效果；影響電阻大小的因素；磁場和磁感線；動能的影響因素
【解析】【分析】轉換法：用更易觀察的現象來反映不易觀察的現象的研究方法。【解答】A用木塊滑動距離表示動能大小，運用了轉換法；
B通過小燈泡發光情況比較金屬絲電阻大小，運用了轉換法；
C通過海綿形變程度判斷壓力作用效果，運用了轉換法；
D用磁感線描述磁場，運用了模型法。
D選項和其他三個選項所用科學方法不同。
故答案為：D。
11．（2025·浙江模擬）目前大多國產電動汽車都采用智能遙控車鑰匙。有兩種方式可以解鎖車門：當車鑰匙離車輛較遠時，按下開鎖鍵（相當于S1閉合），車門自動解鎖；當鑰匙靠近車輛時，車上感應開關S2自動閉合，再觸摸門把手（相當于S3閉合）車門也自動解鎖。下列四個設計圖符合要求的是（P為自動解鎖模塊）（　　）
A． B．
C． D．
【答案】D
【知識點】串、并聯電路的設計
【解析】【分析】由題中信息可知，只閉合S1能打開車門或者同時閉合S2S3可以打開車門，可知S1與S2S3并聯，且S2與S3串聯。【解答】根據題意知道，當車鑰匙離車輛較遠時，按下開鎖鍵（相當于S1閉合），車門自動解鎖；當鑰匙靠近車輛時，車上感應開關S2自動閉合，再觸摸門把手（相當于S3閉合）車門也自動解鎖，這說明開關S2、S3相互影響，是串聯的，然后再與開關S1并聯在電路中，自動解鎖模塊串聯在干路中，故D符合題意，ABC不符合題意。
故答案為：D。
12．（2025·浙江模擬）關于下列四幅圖，分析正確的是（　　）
A．圖甲所示實驗，冰在融化過程中吸收熱量，溫度保持不變，內能也不變
B．圖乙所示實驗中，厚玻璃內的空氣被壓縮時，瓶內氣壓增大
C．圖丙是沿海地區白天吹的風，風向是從陸地吹向海洋
D．圖丁所示是四沖程汽油機工作過程的壓縮沖程，內能轉化為機械能
【答案】B
【知識點】熔化與熔化現象；流體壓強與流速的關系；氣體壓強跟體積的關系；物體內能的改變方法；熱機的工作原理
【解析】【分析】內能不僅與溫度有關，吸收或放出熱量，物體的內能一定增大或減小。【解答】A、冰是晶體，晶體在熔化過程中吸收熱量，內能增大，但是溫度保持不變，故A錯誤；
B、圖乙所示實驗中，厚玻璃內的空氣被壓縮時，空氣的體積變小，氣壓增大，故B正確；
C、海水的比熱容大于陸地的比熱容，白天吸收了相同的熱量后，陸地上方空氣升高的溫度比海洋上空空氣的溫度升高的多。所以，陸地上方空氣的氣壓低，海洋上方空氣的氣壓高。風從氣壓高的海洋流向氣壓低的陸地，故C錯誤；
D、圖丁進氣門和排氣門關閉，活塞向下運動，是做功沖程，內能轉化為機械能，故D錯誤。
故答案為：B。
13．（2025·浙江模擬）醫生給心臟疾病的患者做手術時，往往要用一種稱為“人工心臟泵”的體外裝置來代替心臟，以推動血液循環。如圖是該裝置的示意圖，線圈ab固定在用軟鐵制成的活塞柄上（相當于一個電磁鐵），通電時線圈與活害柄組成的系統與固定在左側的磁體相互作用，從而帶動活塞運動。活塞通過閥門與血管相通，閥門S1只能向外開啟，S2只能向內開啟。下列說法正確的是（　　）
A．若電流從a端流進線圈，從b端流出線圈，則電磁鐵左側為S極
B．若電流從b端流進線圈，從a端流出線圈，則電磁鐵右側為S極
C．要使血液流出該“血泵”，電流需從a端流進線圈，從b端流出線圈
D．要使血液流入該“血泵”，電流需從a端流進線圈，b從端流出線圈
【答案】C
【知識點】磁極間的相互作用；右手螺旋定則；通電螺線管的極性和電流方向的判斷
【解析】【分析】根據右手螺旋定則判斷線圈產生磁場的磁極方向，再根據同名磁極相互排斥、異名磁極相互吸引判斷活塞移動方向，從而確定血液進出情況。【解答】由圖知道，當“人工心臟泵”工作時，血液從閥門S2 抽進，從閥門S1 送出。
A、若電流從a端流進線圈，從b端流出線圈，由安培定則知道，電磁鐵左側為N極，故A錯誤；
B、若電流從b端流進線圈，從a端流出線圈，由安培定則知道，電磁鐵右側為N極，故B錯誤；
C、要使血液流出該“血泵”，活塞要向右移動，即電磁鐵和左側磁體相互排斥，電磁鐵左側應該為N極，由安培定則知道，電流從a端流進線圈，從b端流出線圈，故C正確；
D、要使血液流入該“血泵”活塞要向左移動，即電磁鐵和左側磁體相互吸引，電磁鐵左側應該為S極，由安培定則知道，電流從b端流進線圈，從a端流出線圈，故D錯誤。
故答案為：C。
14．（2025·浙江模擬）如圖所示鳳凰飛天秀，鳳凰正沿直線朝斜右下方勻速運動。用G表示鳳凰所受的重力，F表示空氣對它的作用力，下列四幅圖中能表示此過程中“鳳凰”受力情況的是（　　）
A． B．
C． D．
【答案】B
【知識點】二力平衡的條件及其應用；力與運動的關系
【解析】【分析】物體受平衡力或不受力時，運動狀態不會發生改變，將保持靜止或做勻速直線運動。平衡力的特點：大小相等、方向相反、作用在同一直線、同一物體上。【解答】鳳凰做勻速直線運動，處于平衡狀態，合力為零，故空氣對它的作用力豎直向上，和重力大小相等，方向相反，故B符合題意，ACD不符合題意。
故答案為：B。
15．（2025·浙江模擬）圖像是表征事物的一種方法。小明用如圖甲所示電路測定小燈泡的電功率，將滑片從b移至a，記錄多組電壓表和電流表的示數并描繪出如圖乙所示的I-U圖像。若圖中面積S1表示燈泡兩端電壓為U1時消耗的電功率大小，則此時滑動變阻器所消耗的電功率可表示為（　　）
A．S2 B．S3 C．S1+S2 D．S1+S3
【答案】B
【知識點】串、并聯電路的電流特點；串、并聯電路的電壓特點；電功率計算公式的應用
【解析】【分析】串聯電路電源電壓等于各用電器兩端電壓之和，電路中電流處處相等，結合電功率公式P=UI表示出滑動變阻器的電功率的表達式，從而確定對應的圖像。【解答】當滑片在阻值最大處時電路中的電流最小，由圖乙知，電壓表的示數為U1，當滑片在阻值最小處時，電路中的電流最大，電壓表的示數最大，為電源電壓，由圖乙知，此時電壓表的示數為U0，當電壓為U1時，根據串聯電路電壓的規律知，滑動變阻器兩端的電壓為
電流與小燈泡的電流相同，由知，滑動變阻器的功率為
此時滑動變阻器所消耗的電功率可表示為S3，故B符合題意，ACD不符合題意。
故答案為：B。
16．（2025·浙江模擬）小明暑假外出旅游。他到火車站乘坐復興號列車，進入車廂時，發現旁邊停著一列和諧號列車。
（1）坐到座位上后，透過車窗只能看到和諧號列車，發現它動了，據此判斷：　 　；
A．一定是和諧號運動了
B．一定是復興號運動了
C．可能是兩車都運動了
（2）列車在平直軌道上向西行駛，小明發現桌上茶杯中的水面突然變為圖示情形，此現象說明杯內的水具有　 　，此時茶杯受到的摩擦力方向向　 　。
【答案】C；慣性；東
【知識點】參照物及其選擇；慣性；摩擦力的存在
【解析】【分析】（1）運動和靜止是相對的，同一物體，參照物不同，運動狀態可能不同。物體與參照物之間的空間位置沒有發生改變，則物體是靜止的，物體與參照物之間的空間位置發生改變，則物體是運動的。
（2）摩擦力方向與相對運動或相對運動的趨勢相反。【解答】（1）乘坐復興號列車，透過車窗只能看到和諧號列車且發現它動了，有三種情形：和諧號運動，相對于復興號，位置發生變化，是運動的；復興號運動，相對于和諧號，位置發生變化，是運動的；也可能是兩車都運動，因為速度不同，位置發生變化，是運動的，故AB不符合題意，C符合題意。
故答案為：C。
（2）如圖，杯子中的水東低西高，說明列車在向西減速行駛，杯內的水具有慣性，繼續向前運動，此時茶杯有向西的運動趨勢，受到的摩擦力方向向東。
17．（2025·浙江模擬）某游客參加蹦極挑戰，從開始自由下落至第1次到達最低點的過程中，下落速度與時間關系如圖甲，若該過程中蹦極繩的彈力與時間的關系如圖乙（忽略空氣阻力）。t1至t2過程中，游客速度繼續增大的原因是自身重力　 　（選填“>”、“＜”或“＝”）游客受到的拉力，t2至t3過程中，游客和蹦極繩之間的能量轉化情況是　 　。
【答案】>；游客的重力勢能和動能轉化成蹦極繩的彈性勢能
【知識點】力與運動的關系；動能和勢能的轉化與守恒
【解析】【分析】力是改變物體運動狀態的原因，當動力大于阻力時，物體將做加速運動，動力小于阻力時，物體將做減速運動，動力等于阻力時，物體受力平衡，將做勻速直線運動或保持靜止狀態。【解答】t1至t2過程中，彈力開始有，但彈力較小，繼續加速，則游客速度繼續增大的原因是自身重力大于蹦極繩對游客的拉力，在t2時刻速度最大，彈力等于重力；
t2至t3過程中，游客的速度和高度減小，動能和重力勢能減小，機械能減小，繩子伸長，彈性勢能增大，則游客和蹦極繩之間的能量轉化情況是游客的機械能轉化為彈性繩子的彈性勢能。
18．（2025·浙江模擬）某興趣小組設計了一款自帶風力發電機的一體式路燈，其模型及縱截面示意圖如圖所示。任意方向吹來的風經過燈罩的上、下表面時都會產生上升氣流，帶動風葉轉動而發電。
（1）風力發電機的發電原理是______（填字母）；
A．電磁感應
B．電流周圍存在磁場
C．通電線圈在磁場中轉動
（2）燈罩上方空氣流速大，壓強　 　；
（3）若路燈額定功率為100瓦，風力發電機產生1千瓦時的電能，能使該路燈正常工作　 　小時。
【答案】（1）A
（2）小
（3）10
【知識點】流體壓強與流速的關系；電磁感應
【解析】【分析】（1）通電導體在磁場中轉動是電動機的原理。
（2）流體流速大，壓強小。
（3）根據計算時間，注意單位換算。
【解答】（1）電磁感應是指閉合電路的一部分導體在磁場中切割磁感線，電路中會產生感應電流，風力發電機原理是電磁感應現象。
故答案為：A。
（2）流體流速越大的位置，壓強越小，燈罩上方空氣流速大，所以壓強小。
（3）已知額定功率
路燈正常工作的時間
（1）電磁感應是指閉合電路的一部分導體在磁場中切割磁感線，電路中會產生感應電流，風力發電機原理是電磁感應現象，故選A。
（2）流體流速越大的位置，壓強越小；燈罩上方空氣流速大，壓強小。
（3）已知額定功率
路燈正常工作的時間
19．（2025·浙江模擬）如圖所示，狗拉著雪橇在水平雪地上做勻速直線運動，它對雪橇的水平拉力為100牛。
（1）以地面為參照物，雪橇處于　 　（填“靜止狀態”或“運動狀態”）；
（2）雪橇運動5米，狗的拉力對雪橇做功為　 　焦；
（3）貨物和雪橇保持相對靜止且兩者的接觸面水平，不計空氣阻力，則雪橇對貨物的摩擦力為　 　牛。
【答案】（1）運動狀態
（2）500
（3）0
【知識點】參照物及其選擇；摩擦力的存在；功的計算公式的應用
【解析】【分析】（1）運動和靜止是相對的，物體與參照物之間的空間位置沒有發生改變，則物體是靜止的，物體與參照物之間的空間位置發生改變，則物體是運動的。
（2）根據計算功的大小，做功的條件是物體在力的方向上移動距離。
（3）存在摩擦力的條件：物體間存在相對運動或相對運動的趨勢。
【解答】（1）狗拉著雪橇在水平雪地上做勻速直線運動，以地面為參照物，雪橇的位置發生改變，是運動的。
（2）狗的拉力對雪橇做功為
（3）貨物和雪橇保持相對靜止且兩者的接觸面水平，未發生相對運動，也無相對運動的趨勢，因此雪橇對貨物無摩擦力。
（1）狗拉著雪橇在水平雪地上做勻速直線運動，以地面為參照物，雪橇的位置發生改變，是運動的。
（2）狗的拉力對雪橇做功為
（3）貨物和雪橇保持相對靜止且兩者的接觸面水平，未發生相對運動，也無相對運動的趨勢，因此雪橇對貨物無摩擦力。
20．（2025·浙江模擬）如圖所示是小明為爺爺購買的一款助聽器及部分結構名稱。
（1）助聽器能幫助聽力衰減患者聽見聲音是因為它能將聲音放大，即增大了聲音的　 　這一特性；
（2）調節助聽器上的音量控制旋鈕可以改變聲音的放大程度，它的實質是　 　（填某種電學元件）；
（3）小明查閱說明書后，了解到助聽器的麥克風能將收集到的聲信號轉化為電信號，而內部的動圈式受話器則會將音頻電信號轉換成聲信號。其中動圈式受話器的原理是通電導體　 　。
【答案】響度；變阻器；在磁場中受力運動
【知識點】響度、音調與聲源振動的關系；滑動變阻器的原理及其使用；磁場對通電導線的作用
【解析】【分析】（1）將聲音放大，指的是聲音的音量更大，即響度大。
（2）聲音放大程度不同，原因是電路中電流大小不同，可知音量控制按鈕相當于滑動變阻器，通過改變連入電路中的電阻大小來改變電路中電流大小。
（3）聲音是由物體振動產生的，動圈式話筒能將電能轉化為機械能，與電動機的能量轉化形式相同，原理是通電導體在磁場中受力運動。【解答】（1）響度是指聲音的大小和強弱，也就是日常生活中的音量，因此是增大了聲音的響度這一特性。
（2）調節廣播音量大小的電位器實質是滑動變阻器，改變電路中的電流也就是聲音的大小。
（3）動圈式受話器則會將音頻電信號轉換成聲信號，與電動機的原理相同，即：通電導體在磁場中受力而運動。
21．（2025·浙江模擬）如圖甲所示為水火箭制作項目化活動，在可樂瓶中裝入適量的水，再用帶有打氣管的瓶塞將瓶口塞住，最后配置上火箭頂端的整流罩，將水火箭豎立于地面，利用打氣筒通過打氣管向瓶內打氣，當瓶內壓強足夠大時，瓶塞脫落，瓶內的水向下噴出，水火箭豎直向上飛起。
（1）瓶內的水向下噴出的同時水火箭向上運動，這是因為　 　；
（2）若水火箭發射前的總質量為2千克，則當水火箭豎直上升至10米高時，水火箭克服自身重力做功將　 　200焦（選填“等于”、“大于”或“小于”）；
（3）圖乙為水火箭發射后的速度時間圖像，則t1、t2.、t3時刻中水火箭受到平衡力的時刻有　 　。
【答案】物體間力的作用是相互的或力能改變物體的運動狀態；小于；t1
【知識點】力的作用是相互的；二力平衡的條件及其應用；力與運動的關系；功的計算公式的應用；水火箭模型
【解析】【分析】（1）力的作用是相互的，相互作用力大小相等、方向相反，作用在同一直線上。
（2）克服重力做功=力與物體在重力的方向上移動的距離，因重力在減小，可知功小于初始重力與移動距離的乘積。
（3）物體做加速運動時，說明動力大于阻力，物體做減速運動時，阻力大于動力，可知當速度達到最大值時，動力與阻力相等。【解答】（1）水火箭上升時，瓶內的水向下噴出，同時水火箭向上運動，這是因為物體間力的作用是相互的或力可以改變物體的運動狀態。
（2）發射前，水火箭的重力為
如果水火箭的重力不變，那么上升10m克服重力做功為
而實際上，隨著高度的增大，水流不斷噴出，則火箭的重力逐漸減小，因此水火箭克服重力做功將小于200J。
（3）在開始一段時間內，火箭受到的向上的推力大于重力，則它做加速運動。隨著推力的逐漸減小，當推力與重力相等時，此時合力為零，加速停止，即此時速度最大，此時受到平衡力。根據圖乙可知，當t1時刻時，火箭的速度最大，則此時它受到平衡力。
22．（2025·浙江模擬）受《天工開物》中枯棒汲水（圖甲）啟發，小明自制了“杠桿密度計”如圖乙，將一輕質細硬桿用細線固定在O點并懸掛起來，物塊固定懸掛在A點，把不計質量的礦泉水瓶裝滿水，用細線懸掛在桿上，將懸掛點移至B點，使桿在水平位置平衡。換用相同的礦泉水瓶裝滿不同液體，重復以上操作，在桿上可標出懸掛點B1、B2、B3……對應密度的刻度值。
（1）如圖甲所示，若向下拉繩子，則放下空桶時，桔槔為　 　杠桿；
（2）如圖乙所示，若測得B、B2到O點的距離分別為l、l2，則B2點標注的密度值為　 　；（用ρ水及題給字母表示）
（3）為了制作出精確度更高的“杠桿密度計”，下列改進措施可行的是　 　；
A．把O點位置往物塊一側移動一段距離
B．減小物塊的質量
C．減少加入杯中的液體體積
【答案】費力；；C
【知識點】杠桿的平衡條件；杠桿的動態平衡分析
【解析】【分析】（1）阻力臂大于動力臂，為費力杠桿；阻力臂小于動力臂，為省力杠桿；阻力臂等于動力臂，為等臂杠桿。
（2）根據杠桿平衡條件和重力公式計算密度值。
（3）精度更高，即液體密度變化量一定時，OB距離變化量增大，根據杠桿平衡條件進行分析。【解答】（1）如圖甲所示，若向下拉繩子，則放下空桶時，阻力臂大于動力臂，桔槔為費力杠桿。
（2）測得B、B2到O點的距離分別為l、l2，據杠桿平衡條件知
則
所以B2點標注的密度值為。
（3）物塊懸掛在A點施加的力是阻力，AO是阻力臂，施加在礦泉水瓶上的力是動力，BO是動力臂，即。
A、把O點位置往物塊一側移動一段距離，說明阻力臂變小，動力和阻力不變，在動力臂減小，AB兩點之間長度縮短，密度秤不會更精確，故A不符合題意；
B、減小物塊的質量，說明阻力減小，阻力臂和動力不變，則動力臂要變小，AB兩點之間長度縮短，密度秤不會更精確，故B不符合題意；
C、減少加入杯中的液體體積，說明動力減小，而阻力、阻力臂不變，則動力臂增大，AB兩點之間長度變長，密度秤會更精確，故C符合題意。
故答案為：C。
23．（2025·浙江模擬）在探究物體動能大小與質量的關系時，課本方案為：讓不同質量的小鋼球從同一斜面上相同高度處分別由靜止開始沿斜面滾下，比較木塊被小鋼球推出的距離大小。
（1）小金認為課本方案難以操作，將斜面和水平面都改成了滑軌，將木塊換成圓柱體塊，方案迭代為1.0。這樣改進的優點是　 　；實驗過程中，若圓柱體塊滑出滑軌，可以如何改進實驗　 　；
（2）小科質疑：不同質量的小鋼球從同一傾斜滑軌上相同高度由靜止滾下，到達底部時速度真的相同嗎？她在傾斜滑軌的底部安裝光控燈（當球滾過時，光控燈會亮起），進行三軌同步實驗，方案迭代為2.0。利用分割槽使三個不同質量的小鋼球分別從三個相同傾斜軌道的同一高度由靜止同時滾下，若出現　 　的現象，說明三個小球到達斜面底部時速度相同；
（3）實驗發現，不同質量的小鋼球到達斜面底部時速度并不相同，查閱資料后發現是由于小鋼球體積不同所導致。如何在改變小鋼球質量的情況下控制其體積不變，你的方法是　 　。
【答案】（1）避免小球和圓柱體木塊在運動過程發生偏移；降低小球釋放高度
（2）三個光控燈同時亮起
（3）選擇體積相同的實心和空心小鋼球
【知識點】動能的影響因素
【解析】【分析】（1）圓柱體劃出軌道，說明小球的動能過大，可通過減小下滑高度、減小小球質量或增大圓柱體重力等方式進行改進。
（2）小球到達斜面底部的速度相同，將觀察到燈同時亮起。
（3）要得到質量不同但體積相同的小球，可將小球制成空心的。
【解答】（1）將斜面和水平面都改成了滑軌，將木塊換成圓柱體塊，可以避免小球和圓柱體木塊在運動過程中發生偏移。
圓柱體塊滑出滑軌，說明小球的速度過快，因此應降低小球釋放高度，減小小球到達斜面底端的速度。
（2）當小球滾過時，光控燈會亮起，如果三個光控燈同時亮起，說明三個小球同時到達光控燈處，時間相同，由于路程相同，所以三個小球到達斜面底部時速度相同。
（3）選擇體積相同的實心和空心小鋼球，它們質量不同，但是體積相同，可以排除小球體積對實驗結果的影響。
（1）[1]將斜面和水平面都改成了滑軌，將木塊換成圓柱體塊，可以避免小球和圓柱體木塊在運動過程中發生偏移。
[2]圓柱體塊滑出滑軌，說明小球的速度過快，因此應降低小球釋放高度，減小小球到達斜面底端的速度。
（2）當小球滾過時，光控燈會亮起，如果三個光控燈同時亮起，說明三個小球同時到達光控燈處，時間相同，由于路程相同，所以三個小球到達斜面底部時速度相同。
（3）選擇體積相同的實心和空心小鋼球，它們質量不同，但是體積相同，可以排除小球體積對實驗結果的影響。
24．（2025·浙江模擬）小明用壓強計探究液體內部壓強的影響因素。
（1）壓強計通過U形管兩側液面的　 　來反映被測壓強大小。使用前，用手按壓金屬盒上的橡皮膜，發現兩側液面沒有明顯變化，接下來應進行的操作是　 　；
A．向U形管中注入一些水
B．將U形管中水倒出一些
C．檢查裝置是否漏氣
（2）小明在圖甲中，保持金屬盒深度不變，改變橡皮膜朝向，目的是為了探究液體內部壓強大小與　 　是否有關；
（3）小明還猜想液體壓強與液體深度和密度有關。他在圖甲基礎上，繼續將金屬盒下移一段距離，發現壓強變大。若接下來又進行了圖乙所示實驗，再與圖甲比較，　 　（選填“能”或“不能”）得出液體壓強與液體密度有關的初步結論。
【答案】高度差；C；方向；能
【知識點】影響液體壓強大小的因素
【解析】【分析】（1）用手按壓金屬盒上的橡皮膜，發現兩側液面沒有明顯變化，說明不能形成穩定的壓強差，即裝置漏氣，接下來應檢查裝置的氣密性。
（2）改變朝向，可知探究的是液體壓強大小與方向的關系。
（3）圖乙和圖甲控制深度相同，可探究液體壓強與液體密度的關系，同一裝置，可探究液體壓強與液體深度的關系。【解答】（1）根據轉換法，實驗是通過U形管中液面的高度差來反映被測壓強大小的。
使用前用手輕輕按壓幾下橡皮膜是檢查裝置的氣密性；如果U形管中的液體能靈活升降，則說明裝置不漏氣；液面沒有明顯變化，則說明裝置漏氣，故AB不符合題意，C符合題意。
故答案為：C。
（2）保持金屬盒深度不變，改變橡皮膜朝向，說明液體對橡皮膜的壓力的方向不同，故目的是為了探究液體內部壓強大小與方向是否有關。
（3）要探究液體壓強與液體密度的關系，需控制液體的深度相同，圖甲基礎上，繼續將金屬盒下移一段距離，此時的密度不變，深度變深，發現壓強變大；接下來又進行了圖乙所示實驗，再與圖甲比較，這屬于尋找普遍規律，更換不同密度的液體多次實驗，所以能得出液體壓強與液體密度有關的初步結論。
25．（2025·浙江模擬）如圖甲所示是小金同學探究“平面鏡成像特點”的實驗裝置。
（1）A、B兩根蠟燭的大小和形狀相同，這樣做的目的是　 　；
（2）小金同學按照如圖甲所示測出來蠟燭和像的位置以及它們到平面鏡的距離后，讓蠟燭以的速度在桌面上沿著平面鏡向右水平直線移動，像相對于蠟燭的速度是　 　；
（3）實驗中，若看到蠟燭A通過玻璃板成兩個像，如圖乙所示，其中距離觀察者較近的像較　 　（選填“亮”或“暗”）；
（4）丙圖為貓咪照鏡子的情境，若貓的頭部位置保持不變，把鏡子沿中間截成兩半，將右邊一半沿原來位置直線向右移一段距離，則左、右兩半面鏡子　 　。
A.各成半個像，合起來成一個完整的像
B.左半邊鏡子成完整像，右半邊不成像
C.都成完整的像，但兩個像在不同位置
D.都成完整的像，且兩個像在同一位置
【答案】便于確定像的位置；0；亮；D
【知識點】平面鏡成像特點、原理和現象
【解析】【分析】（1）實驗采用了等效替代法，用于探究像與物的大小關系。
（2）物與像關于平面鏡對稱，蠟燭向右移，沒有改變蠟燭與平面鏡之間的相對位置，所以像的位置不變。
（3）前面的像是由光的反射形成的，光線較多，所以較亮，后面的像是由光的折射形成的，折射光線較少，所以像較暗。
（4）平面鏡所成的像是由反射光線的反向延長線會聚而成的虛像，兩塊平面鏡分別成完整的像，貓與平面鏡之間的相對位置相同，可知像的位置相同。【解答】（1）A、B兩根蠟燭的大小和形狀應相同，當B與A的像重合時可知像與物大小相等，這樣便于驗證像和物的大小關系。
（2）平面鏡成像中物與像始終關于平面鏡對稱，當以蠟燭為參照物時，像與蠟燭的位置未變，則為靜止，因此速度為0cm/s。
（3）光線射到玻璃上，要發生反射和折射，玻璃有兩個表面，前表面直接反射，較亮，所以其中距離觀察者較近的像較亮。
（4）平面鏡所成的像，像和物體形狀、大小相同，與平面鏡的大小無關，半個平面鏡仍能成完整像；平面鏡左右兩部分都能成完整的像，像與小貓關于鏡面對稱，將其中的一半平行向右移一段距離，沒有改變貓與平面鏡之間的相對位置，所以像的位置相同，故D符合題意，ABC不符合題意。
故答案為：D。
26．（2025·浙江模擬）乒乓球是我國的“國球”，由于直徑38mm的球速度快、旋轉強，比賽時，回合數太少，觀眾不易看清球路。為了提高觀賞性和趣味性，現今的乒乓球比賽用的都是直徑40mm的大球。小寧認為，乒乓球直徑的改變可能會影響它的彈性，于是展開了相關實驗。
[實驗準備]
選擇同一廠家生產的材料、質量相同，直徑不同的乒乓球各一，在同一臺面上，探究其彈性強弱。
[實驗數據]
由靜止釋放的高度h1/cm 直徑38mm乒乓球彈起高度h2/cm 直徑40mm乒乓球彈起高度h3/cm
30 24 23
60 44 42
[實驗分析及結論]
當由靜止釋放的高度相同時，可根據　 　比較兩種乒乓球的彈性。
由以上實驗數據可初步判斷直徑40mm乒乓球的彈性稍弱些。
[反思與完善]
為使實驗結論更為可靠，在上述實驗基礎上，還可以補充進行的操作是　 　（答出一點即可）
[拓展]
小寧在課余時間喜歡打乒乓球。如圖所示，他發了一個“旋轉球”，箭頭表示乒乓球的旋轉方向，請預測乒乓球將會向　 　（選填“a”“b”或“c”）方向運動。
【答案】乒乓球彈起的高度；如：①各多用幾個同款乒乓球，重復實驗；②多次改變由靜止釋放的高度，重復實驗；c
【知識點】流體壓強與流速的關系
【解析】【分析】小球由靜止釋放后彈起的高度越高是，說明彈性越好。
為了避免偶然性，得出普遍性規律，可改變由靜止釋放的高度，進行重復實驗。
根據流體流速大、壓強小進行分析。【解答】實驗分析及結論：當由靜止釋放的高度相同時，可根據乒乓球彈起高度比較兩種乒乓球的彈性，這是轉換法。
反思與完善：為使實驗結論更為可靠，在上述實驗基礎上，還可以補充進行的操作是①各多用幾個同款乒乓球，重復實驗；②多次改變由靜止釋放的高度，重復實驗。
拓展：由于球逆時針旋轉，球上方的空氣流動速度小，壓強大，球下方的空氣流動速度大，壓強小，因此，球受到向下的壓力，在空中會沿弧線迅速下落，乒乓球將會向c方向運動。
27．（2025·浙江模擬）某興趣小組的同學利用甲圖所示的電路進行了多個電學實驗。實驗器材有：學生電源（輸出電壓6V）、滑動變阻器（“10Ω，2A”、“30Ω，1.5A”、“50Ω，1A”）、電流表、電壓表各一只，若干導線。
（1）第一小組的同學要測量電阻Rx的阻值，他們在A、B間接入待測電阻Rx，請你用筆畫線代替導線，將答題卡圖乙中的實物圖連接完整　 　；
（2）第二小組的同學要研究“電流與電阻的關系”。他們將阻值為5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω的定值電阻分別接在A、B間，閉合開關，調節滑動變阻器的滑片，記下電流表示數，得到如圖丙所示的電流I隨電阻R變化的圖像。實驗中選擇的滑動變阻器規格是“　 　”；
（3）第三小組的同學要測量額定電壓為2.5V的小燈泡的額定功率。在A、B間接入2.5V的小燈泡，正確連接電路，實驗步驟及操作都正確。閉合開關后，調節滑動變阻器滑片直到電壓表示數為2.5V，此時電流表的示數如圖丁所示，則小燈泡的額定功率為　 　W；
（4）若將圖甲去掉電壓表，把電流表改裝為直接能讀出A、B兩間電阻的電阻表，電源電壓保持6V不變，電流表量程選擇：0~0.6A，先將A、B直接用導線連接，并移動滑動變阻器的滑片使電流表滿偏，電流表0.6A的刻度上標定的電阻值為0Ω，此時滑動變阻器的阻值為　 　Ω。保持滑動變阻器接入電路的阻值不變，就可以在電流表盤上標注其他刻度的阻值；
（5）改裝后可直接測電阻的表，其表盤刻度　 　（選填“均勻”或“不均勻”）。
【答案】；50Ω，1A；0.6；10；不均勻
【知識點】串、并聯電路的電流特點；串、并聯電路的電壓特點；探究電流與電壓、電阻的關系實驗；伏安法測電阻的探究實驗
【解析】【分析】（1）由電路圖可知，滑片向右移，滑動變阻器連入電路的阻值減小，所以應將滑動變阻器右下角接線柱連入電路，如圖所示
。
（2）根據表中數據計算定值電阻兩端電壓，根據串聯電路的電壓規律可求得和滑動變阻器兩端電壓，由電壓比等于電阻比或歐姆定律計算定值電阻阻值最大時滑動變阻器連入電路的阻值，即為滑動變阻器的最小規格。
（3）電流表小量程的分度值為0.02A，讀出電流表示數，再用P=UI計算額定功率。
（4）此時電路中只有滑動變阻器，根據歐姆定律計算阻值。
（5）電路中電流為，可知電流與AB間電阻不成正比，所以刻度不均勻。【解答】（1）電壓表是測量A、B間的電壓，所以電壓表應并聯在A、B兩端；滑動變阻器應遵循“一上一下”，而由電路圖可知，當滑片向右滑動時，滑動變阻器的阻值小，所以滑動變阻器應接下端右側的接線柱，實物圖連接如下圖所示：。
（2）因為第二小組的同學要研究“電流與電阻的關系”。由圖丙可知，定值電阻兩端的電壓為
保持不變。當定值電阻阻值為25Ω時，電路中的電流為
滑動變阻器兩端的電壓為
則滑動變阻器的最大阻值至少為
所以，實驗中選擇的滑動變阻器規格是“50Ω，1A”。
（3）由圖丙可知
所以
小燈泡的額定功率為0.6W。
（4）將A、B直接用導線連接，并移動滑動變阻器的滑片使電流表滿偏，此時電路中只有滑動變阻器且阻值處于最小值，則
此時滑動變阻器的阻值為10Ω。
（5）流過改裝后可直接測電阻的表的電流為
因為改裝后保持滑動變阻器接入電路的阻值不變，則
由此可見Ix與Rx不成正比，所以改裝后可直接測電阻的表，其表盤刻度不均勻。
28．（2025·浙江模擬）電動汽車因其綠色環保而備受人們的青睞。電動汽車提供能量的裝置是車內的電池組。某電動汽車的部分參數如表所示。
（1）若空載時輪胎與地面接觸總面積400 厘米2，則此時車對地面的壓強為多少帕？
（2）對該車充電，電池容量從30%至100%，需用5小時。充滿電后，質量為60千克的司機駕車勻速行駛了40千米，此時儀表盤顯示電池剩余容量為80%。若汽車行駛時所受阻力為總重力的0.05倍，則該電動汽車將電能轉化為機械能的效率為多少？
某電動汽車性能參數表
空車質量 1380千克 充電電壓 220伏
最高車速 225 千米/時 充電功率 7千瓦
【答案】（1）電動汽車對水平地面的壓力
電動汽車對水平地面的壓強
（2）汽車重力
因汽車勻速行駛時處于平衡狀態，受到的牽引力和阻力是一對平衡力，所以，電動汽車的牽引力
電動汽車勻速行駛40km，牽引力所做的功
由“電池容量從30%至100%，需用5小時。充滿電后，質量為60千克的司機駕車勻速行駛了40千米，此時儀表盤顯示電池剩余容量為80%”知道，消耗的電能為
則該電動汽車將電能轉化為機械能的效率為
【知識點】二力平衡的條件及其應用；壓強的大小及其計算；功的計算公式的應用；能量利用效率；機械效率的計算
【解析】【分析】（1）根據計算壓強，此時的壓力等于重力，注意單位換算。
（2）汽車勻速行駛，受力平衡，牽引力等于阻力。機械效率等于有用功即機械能除以總能即消耗的電能。
29．（2025·浙江模擬）如圖所示，水底有一塊體積100cm3的鋁塊。現用一電源電壓為6V的電動機把浸沒在水中的鋁塊提出水面，離開水面后，鋁塊3s內勻速提升了1m，電路中的電流為0.2A。已知鋁的密度為2.7×103kg/m3，鋁塊提升過程中受到的阻力、繩子自重和摩擦等都不計。求：
（1）鋁塊浸沒在水中受到的浮力。
（2）鋁塊的重力。
（3）鋁塊離開水面后，電動機工作1s內產生的電熱。
（4）電動機線圈阻值。
【答案】（1）鋁塊浸沒時受到的浮力F浮=ρ水gV排=ρ水gV=1.0×103kg/m3×10N/kg×100×10-6m3=1N
（2）鋁塊的質量為m=ρ鋁V=2.7×103kg/m3×100×10-6m3=0.27kg
鋁塊的重力為G=mg=0.27kg×10N/kg=2.7N
（3）鋁塊離開水面后，1s電動機對鋁塊做的功為W=Gh=2.7N×1m=0.9J
電動機消耗的電能為W'=UIt=6V×0.2A×1s=1.2J
電動機工作1s內產生的電熱為Q=W'-W=1.2J-0.9J=0.3J
（4）根據得電動機線圈阻值為
【知識點】重力的大小；阿基米德原理；浮力大小的計算；焦耳定律的計算公式及其應用；電功與熱量的綜合計算
【解析】【分析】（1）根據阿基米德原理計算浮力。
（2）根據計算重力。
（3）消耗的電能轉化為內能和機械能，可知內能為電能減去機械能。
（4）根據焦耳定律計算電阻的阻值。
（1）鋁塊浸沒時受到的浮力F浮=ρ水gV排=ρ水gV=1.0×103kg/m3×10N/kg×100×10-6m3=1N
（2）鋁塊的質量為m=ρ鋁V=2.7×103kg/m3×100×10-6m3=0.27kg
鋁塊的重力為G=mg=0.27kg×10N/kg=2.7N
（3）鋁塊離開水面后，1s電動機對鋁塊做的功為W=Gh=2.7N×1m=0.9J
電動機消耗的電能為W'=UIt=6V×0.2A×1s=1.2J
電動機工作1s內產生的電熱為Q=W'-W=1.2J-0.9J=0.3J
（4）根據得電動機線圈阻值為
30．（2025·浙江模擬）圖甲是某款電火鍋，其內部簡化電路如圖乙所示，S1是旋鈕開關，S2是溫控開關（當鍋體溫度達到設定值時自動斷開，當鍋體溫度低于一定值時自動閉合），R是指示燈的分壓電阻，不起到加熱作用，發熱管內部結構如圖丙所示，滑片轉動時只能與滑動觸頭接觸，0檔為斷開狀態，Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ、Ⅳ檔是不同功率的檔位，電熱絲被均分為四節接入電路，其他元件的電阻均忽略不計。
（1）S1從0檔轉到Ⅰ檔開始工作，溫控開關S2的狀態是　 　（選填“斷開”或“閉合”）
（2）加熱時，鍋內水溫逐漸升高，其中改變水的內能的方式是　 　（選填“做功”或“熱傳遞”）。
（3）圖丙中，滑片順時針轉動，發熱管的加熱功率增大，IV檔時功率最大，則接線柱a、b、c中連入電路的應該是　 　。
（4）已知電火鍋IV檔加熱功率為1000瓦，若電火鍋在Ⅲ檔工作5分鐘，求發熱管消耗的電能。　 　
【答案】閉合；熱傳遞；b，c；由于電熱絲被均分為四節接入電路，由圖知道，Ⅲ檔長度是IV檔長度的2倍，由知道，電火鍋IV檔接入電路的電阻所以Ⅲ檔時，連入阻值為96.8歐，此時功率電火鍋在Ⅲ檔工作5分鐘，發熱管消耗的電能W=Pt=500W×300s=1.5×105J
【知識點】滑動變阻器的原理及其使用；物體內能的改變方法；電功計算公式的應用；電功率計算公式的應用；常用電熱器
【解析】【分析】（1）由題中“當鍋體溫度達到設定值時自動斷開，當鍋體溫度低于一定值時自動閉合”可知， S1從0檔轉到Ⅰ檔開始工作，溫控開關S2的狀態是閉合。
（2）改變內能的方式：做功和熱傳遞。
（3）滑片順時針轉動，發熱管的加熱功率增大，由可知，此時電功率大，則電阻小，即滑動變阻器連入電路的有效長度減小，可知連接的是bc。
（4）根據和電阻大小與長度成正比計算在Ⅲ檔時的電功率，再由計算消耗的電能。【解答】（1）根據題意知道，S2是溫控開關，即當鍋體溫度達到設定值時自動斷開，當鍋體溫度低于一定值時自動閉合，所以，S1從0檔轉到Ⅰ檔是開始工作，故溫控開關S2的狀態應是閉合的。
（2）鍋中的水溫度升高，是水吸收了熱量，所以，是通過熱傳遞增加了水的內能。
（3）根據題意知道，滑片順時針轉動，發熱管的加熱功率增大，且IV檔時功率最大，由知道，說明滑片順時針轉動，接入電路的電阻減小，由圖知道，滑片與b連接，當接線柱b、c中連入電路時，滿足要求。
31．（2025·浙江模擬）如圖所示是高空修剪樹枝的工具——高枝剪。當樹枝進入兩剪片形成的刀口中，拉動拉繩就能輕松剪斷樹枝。
（1）為了剪斷較粗較硬的枝條，除了增大拉力外，還應盡量將枝條靠近　 　（選填“A點”或“O點”）；
（2）用80N的拉力作用在繩子自由端時，B點受到繩子a的拉力是多少　 　
（3）某時刻，彈簧處于原長，若修剪刀的刀口A點對樹枝施加的力為540牛，此時繩子端需施加的力F為多大　 　 （已知（厘米，厘米，滑輪中各股繩子視為平行，不計繩重、滑輪自重及摩擦）
【答案】（1）O點
（2）240N
（3）120N
【知識點】杠桿的平衡條件；滑輪組及其工作特點
【解析】【分析】（1）根據杠桿平衡條件進行分析，阻力變大時，可通過減小阻力臂或增大拉力或增大動力臂實現剪斷較粗較硬枝條的目的。
（2）由圖可知，B端有一根繩子，滑輪下方有三根繩子，可知自由端拉力為B端拉力的三分之一。
（3）根據杠桿平衡條件進行計算，力臂指的是支點到力的作用線的垂直距離。
【解答】（1）根據圖片可知，為了剪斷較粗較硬的枝條，除了增大拉力外，據杠桿的平衡條件盡可能增大動力臂或者減小阻力臂，所以盡量將枝條靠近O點。
（2）若不計繩重、滑輪自重及摩擦，當用80N的拉力作用在繩子自由端時，根據滑輪組繩末端力的關系可得
將數據帶入上式可得
所以Fa=240N。
（3）根據圖片可知，O為支點，OB為動力臂，OA為阻力臂，根據杠桿平衡條件，代入數據為
解得F=120N。
（1）根據圖片可知，為了剪斷較粗較硬的枝條，除了增大拉力外，據杠桿的平衡條件盡可能增大動力臂或者減小阻力臂，所以盡量將枝條靠近O點。
（2）若不計繩重、滑輪自重及摩擦，當用80N的拉力作用在繩子自由端時，根據滑輪組繩末端力的關系可得
將數據帶入上式可得
所以Fa=240N。
（3）根據圖片可知，O為支點，OB為動力臂，OA為阻力臂，根據杠桿平衡條件，代入數據為
解得F=120N。
32．（2025·浙江模擬）根據電動扶梯“有人乘時運行較快，無人乘時運行較慢”的特點，項目化學習小組設計了它的工作電路如圖甲。該電路由“控制電路”和“工作電路”兩部分組成，其中“控制電路”由壓敏電阻R、滑動變阻器R1、電磁鐵、電壓為9伏的電源 U1等組成，壓敏電阻的阻值與所受壓力的變化關系如圖乙：“工作電路”由電源、電動機、定值電阻等組成。無人乘時電動扶梯以較慢的速度運行，當控制電路的電流增大到設定值10毫安，銜鐵被吸下，電動機功率增大，電動扶梯運行速度變快。（電磁鐵線圈電阻忽略不計）
（1）請將圖甲中“工作電路”補充完整，使電路設計能滿足實際工作情況的需要；　 　
（2）根據圖乙，壓敏電阻所受的壓力F增大，壓敏電阻R的阻值將　 　（選填“增大”、“不變”或“減小”）；
（3）若滑動變阻器R1接入電路的阻值為300歐，某次運行時，通過電磁鐵線圈的電流恰好達到10毫安，則此時電動扶梯載重為多少？　 　
（4）在保持設定電流10毫安不變的情況下，若要使自動扶梯在更小的載重下就能實現快速運行，如何改進？（寫出一點改進意見）　 　
【答案】；減小；根據歐姆定律知道，控制電路的總電阻為根據串聯電阻的特點查表知道， 當電阻R=600Ω時， 壓力F=400N，則G=F=400N，所以電動扶梯載重為400N。；①減小電路的總電阻，即滑動變阻器R1接的滑片向左移動；②增大電源電壓。
【知識點】電阻和電阻的串聯、并聯；歐姆定律及其應用；電磁繼電器的組成、原理和特點
【解析】【分析】（1）電磁鐵磁性強弱與線圈匝數和電流大小有關，匝數一定時，電流越大，電磁鐵磁性越強，將銜鐵吸下。
（2）根據圖乙可知，壓力增大，壓敏電阻的阻值減小。
（3）根據歐姆定律計算總電阻，串聯電路總電阻等于各用電器電阻之和，根據電阻值由圖乙讀出壓力大小。
（4）電流不變，根據歐姆定律可知，若電壓不變，則總電阻不變；若電阻改變，則同步改變電源電壓。【解答】（1）有人乘坐時，壓力大，則壓敏電阻的阻值小，根據歐姆定律可知，控制電路中的電流變大，電磁鐵磁性增強，銜鐵被吸下；工作電路中的電梯運行快，說明工作電路中的電流大，根據歐姆定律可知，電路中的電阻小，故應該只讓電動機接入電路；無人乘時，壓力小，則壓敏電阻的阻值大，根據歐姆定律可知，控制電路中的電流變小，電磁鐵磁性減弱，銜鐵被拉起；無人乘時運行較慢，說明工作電路中的電流小，根據歐姆定律可知，電路的總電阻大，則電動機和定值電阻串聯，如下圖
（2）根據圖像乙知道，當壓力增大時，壓敏電阻的阻值變小，即壓敏電阻的阻值隨壓力的增大而減小。
（4）要求質量更小的人站上電梯就能使其較快運行，質量變小，重力變小，則對電梯的壓力變小，根據圖甲可知，此時力敏電阻的阻值變大，控制電路的總電阻變大，根據歐姆定律知道，電路中的電流變小，由于吸合電流不變，要使此時的電流達到吸合電流，則需要增大電路中的電路，故采取的方法是：①減小電路的總電阻，即滑動變阻器R1接的滑片向左移動；②增大電源電壓。
1 / 1浙江省星光聯盟2024-2025學年九年級下學期三月份學科素養調查科學試卷
1．（2025·浙江模擬）生物的長期進化，使生物在形態、結構、功能等各個方面都表現出適應性。下列各種生物的特征中，為了增大壓強的是（　　）
A．鴨子的蹼足
B．啄木鳥的喙
C．鯽魚流線型體型
D．仙人掌針狀葉
2．（2025·浙江模擬）標準大氣壓下，液態氮的沸點為﹣196℃，室溫下將液態氮置于試管中，會看到試管周圍有大量“白氣”產生，并且筷子上有霜形成，如圖所示。下列關于該現象的分析正確的是（　　）
A．霜的形成需要吸熱 B．霜是水蒸氣凝華形成的
C．“白氣”的形成需要吸熱 D．“白氣”是氮氣液化形成的
3．（2025·浙江模擬）為響應國家提出的“節能減排，低碳生活”的號召，小金每天騎如圖所示自行車上學，下列相關估測值中最符合實際的是（　　）
A．自行車的質量約為200kg
B．車座到地面的高度約為1m
C．騎行時的平均速度約為
D．一中學生從地面騎上自行車坐墊至少做功5000J
4．（2025·浙江模擬）在班級組織的“自制指南針”活動中，小偉同學用條形磁體將縫衣針磁化后，將其放在水中漂浮的一片樹葉上。多次將樹葉輕輕旋轉，待樹葉靜止后，觀察到樹葉的尖端總是指向南方，如圖所示。下列說法中正確的是（　　）
A．樹葉尖端指向地磁南極
B．指南針的“N”應標注在樹葉尖端
C．樹葉周圍存在磁場和磁感線
D．若用磁體的N極靠近樹葉尖端，會相互吸引
5．（2025·浙江模擬）一水平放置靜止的氣缸內充滿了空氣，在大小為F的恒力作用下，活塞沿著粗糙的氣缸壁向左運動，下列說法正確的是（　　）
A．活塞向左運動，氣缸內氣體分子運動速度不變，但是氣缸內氣體的內能增加了
B．若活塞在恒力F作用下向左運動了S長的距離，則活塞克服氣缸壁摩擦力做功的大小為：
C．恒力F推動活塞向左運動過程中，活塞的機械能始終保持不變
D．力F推動活塞向左運動，這一過程中能量轉化形式和四沖程汽油機的壓縮沖程的能量轉化相同
6．（2025·浙江模擬）小敏透過水杯看見《科學作業本》上的“科”字呈如圖所示的放大效果。下列選項中與其成像規律相同的是（　　）
A． B．
C． D．
7．（2025·浙江模擬）科學課上，教師演示了一個有趣的小實驗。將一根長筷子插入蘋果中（如圖甲），然后將筷子提起，豎直懸在空中，用錘子不斷輕敲筷子上端，發現蘋果不斷的往上爬升（如圖乙）。下列說法正確的是（　　）
A．蘋果往上爬升，說明它具有慣性
B．提著筷子的手受到的摩擦力方向始終豎直向上
C．敲擊時，錘子對筷子的力與筷子對錘子的力是一對平衡力
D．靜止時，蘋果受到的重力和筷子對蘋果的靜摩擦力是一對相互作用力
8．（2025·浙江模擬）2024年4月20日，乒乓球世界杯已經決出四強，林高遠迎戰張本智和。下列說法正確的是（　　）
A．林高遠的鞋底凹凸不平，有利于增大摩擦力
B．林高遠扣球時，球拍對乒乓球的作用力大于乒乓球對球拍的作用力
C．乒乓球離開球拍后仍能繼續前進，是由于受到了慣性力的作用
D．乒乓球在水平桌面繼續滾動的過程中，摩擦力和機械能均保持不變
9．（2025·浙江模擬）小敏將橙子放入水中，靜止后如圖甲，將該橙子剝去部分表皮后放入水中，靜止后如圖乙，剝去全部表皮后放入水中，靜止后如圖丙（不考慮實驗過程中橙子吸水）。下列說法正確的是（　　）
A．三種狀態下橙子的密度關系：
B．甲圖中，橙子所受浮力大于自身重力
C．乙圖中橙子的 V排小于甲圖中橙子的V排
D．丙圖中，橙子對容器底部壓力為零
10．（2025·浙江模擬）科學研究中常常用到“控制變量法”、“轉換法”、“類比法”、“模型法”等科學方法。下列研究實例中，用到的科學方法與其它三項不同的是（　　）
A．甲實驗用木塊滑動距離表示動能大小
B．乙實驗通過小燈泡發光情況比較金屬絲電阻大小
C．丙實驗通過海綿形變程度判斷壓力作用效果
D．丁實驗用磁感線描述磁場
11．（2025·浙江模擬）目前大多國產電動汽車都采用智能遙控車鑰匙。有兩種方式可以解鎖車門：當車鑰匙離車輛較遠時，按下開鎖鍵（相當于S1閉合），車門自動解鎖；當鑰匙靠近車輛時，車上感應開關S2自動閉合，再觸摸門把手（相當于S3閉合）車門也自動解鎖。下列四個設計圖符合要求的是（P為自動解鎖模塊）（　　）
A． B．
C． D．
12．（2025·浙江模擬）關于下列四幅圖，分析正確的是（　　）
A．圖甲所示實驗，冰在融化過程中吸收熱量，溫度保持不變，內能也不變
B．圖乙所示實驗中，厚玻璃內的空氣被壓縮時，瓶內氣壓增大
C．圖丙是沿海地區白天吹的風，風向是從陸地吹向海洋
D．圖丁所示是四沖程汽油機工作過程的壓縮沖程，內能轉化為機械能
13．（2025·浙江模擬）醫生給心臟疾病的患者做手術時，往往要用一種稱為“人工心臟泵”的體外裝置來代替心臟，以推動血液循環。如圖是該裝置的示意圖，線圈ab固定在用軟鐵制成的活塞柄上（相當于一個電磁鐵），通電時線圈與活害柄組成的系統與固定在左側的磁體相互作用，從而帶動活塞運動。活塞通過閥門與血管相通，閥門S1只能向外開啟，S2只能向內開啟。下列說法正確的是（　　）
A．若電流從a端流進線圈，從b端流出線圈，則電磁鐵左側為S極
B．若電流從b端流進線圈，從a端流出線圈，則電磁鐵右側為S極
C．要使血液流出該“血泵”，電流需從a端流進線圈，從b端流出線圈
D．要使血液流入該“血泵”，電流需從a端流進線圈，b從端流出線圈
14．（2025·浙江模擬）如圖所示鳳凰飛天秀，鳳凰正沿直線朝斜右下方勻速運動。用G表示鳳凰所受的重力，F表示空氣對它的作用力，下列四幅圖中能表示此過程中“鳳凰”受力情況的是（　　）
A． B．
C． D．
15．（2025·浙江模擬）圖像是表征事物的一種方法。小明用如圖甲所示電路測定小燈泡的電功率，將滑片從b移至a，記錄多組電壓表和電流表的示數并描繪出如圖乙所示的I-U圖像。若圖中面積S1表示燈泡兩端電壓為U1時消耗的電功率大小，則此時滑動變阻器所消耗的電功率可表示為（　　）
A．S2 B．S3 C．S1+S2 D．S1+S3
16．（2025·浙江模擬）小明暑假外出旅游。他到火車站乘坐復興號列車，進入車廂時，發現旁邊停著一列和諧號列車。
（1）坐到座位上后，透過車窗只能看到和諧號列車，發現它動了，據此判斷：　 　；
A．一定是和諧號運動了
B．一定是復興號運動了
C．可能是兩車都運動了
（2）列車在平直軌道上向西行駛，小明發現桌上茶杯中的水面突然變為圖示情形，此現象說明杯內的水具有　 　，此時茶杯受到的摩擦力方向向　 　。
17．（2025·浙江模擬）某游客參加蹦極挑戰，從開始自由下落至第1次到達最低點的過程中，下落速度與時間關系如圖甲，若該過程中蹦極繩的彈力與時間的關系如圖乙（忽略空氣阻力）。t1至t2過程中，游客速度繼續增大的原因是自身重力　 　（選填“>”、“＜”或“＝”）游客受到的拉力，t2至t3過程中，游客和蹦極繩之間的能量轉化情況是　 　。
18．（2025·浙江模擬）某興趣小組設計了一款自帶風力發電機的一體式路燈，其模型及縱截面示意圖如圖所示。任意方向吹來的風經過燈罩的上、下表面時都會產生上升氣流，帶動風葉轉動而發電。
（1）風力發電機的發電原理是______（填字母）；
A．電磁感應
B．電流周圍存在磁場
C．通電線圈在磁場中轉動
（2）燈罩上方空氣流速大，壓強　 　；
（3）若路燈額定功率為100瓦，風力發電機產生1千瓦時的電能，能使該路燈正常工作　 　小時。
19．（2025·浙江模擬）如圖所示，狗拉著雪橇在水平雪地上做勻速直線運動，它對雪橇的水平拉力為100牛。
（1）以地面為參照物，雪橇處于　 　（填“靜止狀態”或“運動狀態”）；
（2）雪橇運動5米，狗的拉力對雪橇做功為　 　焦；
（3）貨物和雪橇保持相對靜止且兩者的接觸面水平，不計空氣阻力，則雪橇對貨物的摩擦力為　 　牛。
20．（2025·浙江模擬）如圖所示是小明為爺爺購買的一款助聽器及部分結構名稱。
（1）助聽器能幫助聽力衰減患者聽見聲音是因為它能將聲音放大，即增大了聲音的　 　這一特性；
（2）調節助聽器上的音量控制旋鈕可以改變聲音的放大程度，它的實質是　 　（填某種電學元件）；
（3）小明查閱說明書后，了解到助聽器的麥克風能將收集到的聲信號轉化為電信號，而內部的動圈式受話器則會將音頻電信號轉換成聲信號。其中動圈式受話器的原理是通電導體　 　。
21．（2025·浙江模擬）如圖甲所示為水火箭制作項目化活動，在可樂瓶中裝入適量的水，再用帶有打氣管的瓶塞將瓶口塞住，最后配置上火箭頂端的整流罩，將水火箭豎立于地面，利用打氣筒通過打氣管向瓶內打氣，當瓶內壓強足夠大時，瓶塞脫落，瓶內的水向下噴出，水火箭豎直向上飛起。
（1）瓶內的水向下噴出的同時水火箭向上運動，這是因為　 　；
（2）若水火箭發射前的總質量為2千克，則當水火箭豎直上升至10米高時，水火箭克服自身重力做功將　 　200焦（選填“等于”、“大于”或“小于”）；
（3）圖乙為水火箭發射后的速度時間圖像，則t1、t2.、t3時刻中水火箭受到平衡力的時刻有　 　。
22．（2025·浙江模擬）受《天工開物》中枯棒汲水（圖甲）啟發，小明自制了“杠桿密度計”如圖乙，將一輕質細硬桿用細線固定在O點并懸掛起來，物塊固定懸掛在A點，把不計質量的礦泉水瓶裝滿水，用細線懸掛在桿上，將懸掛點移至B點，使桿在水平位置平衡。換用相同的礦泉水瓶裝滿不同液體，重復以上操作，在桿上可標出懸掛點B1、B2、B3……對應密度的刻度值。
（1）如圖甲所示，若向下拉繩子，則放下空桶時，桔槔為　 　杠桿；
（2）如圖乙所示，若測得B、B2到O點的距離分別為l、l2，則B2點標注的密度值為　 　；（用ρ水及題給字母表示）
（3）為了制作出精確度更高的“杠桿密度計”，下列改進措施可行的是　 　；
A．把O點位置往物塊一側移動一段距離
B．減小物塊的質量
C．減少加入杯中的液體體積
23．（2025·浙江模擬）在探究物體動能大小與質量的關系時，課本方案為：讓不同質量的小鋼球從同一斜面上相同高度處分別由靜止開始沿斜面滾下，比較木塊被小鋼球推出的距離大小。
（1）小金認為課本方案難以操作，將斜面和水平面都改成了滑軌，將木塊換成圓柱體塊，方案迭代為1.0。這樣改進的優點是　 　；實驗過程中，若圓柱體塊滑出滑軌，可以如何改進實驗　 　；
（2）小科質疑：不同質量的小鋼球從同一傾斜滑軌上相同高度由靜止滾下，到達底部時速度真的相同嗎？她在傾斜滑軌的底部安裝光控燈（當球滾過時，光控燈會亮起），進行三軌同步實驗，方案迭代為2.0。利用分割槽使三個不同質量的小鋼球分別從三個相同傾斜軌道的同一高度由靜止同時滾下，若出現　 　的現象，說明三個小球到達斜面底部時速度相同；
（3）實驗發現，不同質量的小鋼球到達斜面底部時速度并不相同，查閱資料后發現是由于小鋼球體積不同所導致。如何在改變小鋼球質量的情況下控制其體積不變，你的方法是　 　。
24．（2025·浙江模擬）小明用壓強計探究液體內部壓強的影響因素。
（1）壓強計通過U形管兩側液面的　 　來反映被測壓強大小。使用前，用手按壓金屬盒上的橡皮膜，發現兩側液面沒有明顯變化，接下來應進行的操作是　 　；
A．向U形管中注入一些水
B．將U形管中水倒出一些
C．檢查裝置是否漏氣
（2）小明在圖甲中，保持金屬盒深度不變，改變橡皮膜朝向，目的是為了探究液體內部壓強大小與　 　是否有關；
（3）小明還猜想液體壓強與液體深度和密度有關。他在圖甲基礎上，繼續將金屬盒下移一段距離，發現壓強變大。若接下來又進行了圖乙所示實驗，再與圖甲比較，　 　（選填“能”或“不能”）得出液體壓強與液體密度有關的初步結論。
25．（2025·浙江模擬）如圖甲所示是小金同學探究“平面鏡成像特點”的實驗裝置。
（1）A、B兩根蠟燭的大小和形狀相同，這樣做的目的是　 　；
（2）小金同學按照如圖甲所示測出來蠟燭和像的位置以及它們到平面鏡的距離后，讓蠟燭以的速度在桌面上沿著平面鏡向右水平直線移動，像相對于蠟燭的速度是　 　；
（3）實驗中，若看到蠟燭A通過玻璃板成兩個像，如圖乙所示，其中距離觀察者較近的像較　 　（選填“亮”或“暗”）；
（4）丙圖為貓咪照鏡子的情境，若貓的頭部位置保持不變，把鏡子沿中間截成兩半，將右邊一半沿原來位置直線向右移一段距離，則左、右兩半面鏡子　 　。
A.各成半個像，合起來成一個完整的像
B.左半邊鏡子成完整像，右半邊不成像
C.都成完整的像，但兩個像在不同位置
D.都成完整的像，且兩個像在同一位置
26．（2025·浙江模擬）乒乓球是我國的“國球”，由于直徑38mm的球速度快、旋轉強，比賽時，回合數太少，觀眾不易看清球路。為了提高觀賞性和趣味性，現今的乒乓球比賽用的都是直徑40mm的大球。小寧認為，乒乓球直徑的改變可能會影響它的彈性，于是展開了相關實驗。
[實驗準備]
選擇同一廠家生產的材料、質量相同，直徑不同的乒乓球各一，在同一臺面上，探究其彈性強弱。
[實驗數據]
由靜止釋放的高度h1/cm 直徑38mm乒乓球彈起高度h2/cm 直徑40mm乒乓球彈起高度h3/cm
30 24 23
60 44 42
[實驗分析及結論]
當由靜止釋放的高度相同時，可根據　 　比較兩種乒乓球的彈性。
由以上實驗數據可初步判斷直徑40mm乒乓球的彈性稍弱些。
[反思與完善]
為使實驗結論更為可靠，在上述實驗基礎上，還可以補充進行的操作是　 　（答出一點即可）
[拓展]
小寧在課余時間喜歡打乒乓球。如圖所示，他發了一個“旋轉球”，箭頭表示乒乓球的旋轉方向，請預測乒乓球將會向　 　（選填“a”“b”或“c”）方向運動。
27．（2025·浙江模擬）某興趣小組的同學利用甲圖所示的電路進行了多個電學實驗。實驗器材有：學生電源（輸出電壓6V）、滑動變阻器（“10Ω，2A”、“30Ω，1.5A”、“50Ω，1A”）、電流表、電壓表各一只，若干導線。
（1）第一小組的同學要測量電阻Rx的阻值，他們在A、B間接入待測電阻Rx，請你用筆畫線代替導線，將答題卡圖乙中的實物圖連接完整　 　；
（2）第二小組的同學要研究“電流與電阻的關系”。他們將阻值為5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω的定值電阻分別接在A、B間，閉合開關，調節滑動變阻器的滑片，記下電流表示數，得到如圖丙所示的電流I隨電阻R變化的圖像。實驗中選擇的滑動變阻器規格是“　 　”；
（3）第三小組的同學要測量額定電壓為2.5V的小燈泡的額定功率。在A、B間接入2.5V的小燈泡，正確連接電路，實驗步驟及操作都正確。閉合開關后，調節滑動變阻器滑片直到電壓表示數為2.5V，此時電流表的示數如圖丁所示，則小燈泡的額定功率為　 　W；
（4）若將圖甲去掉電壓表，把電流表改裝為直接能讀出A、B兩間電阻的電阻表，電源電壓保持6V不變，電流表量程選擇：0~0.6A，先將A、B直接用導線連接，并移動滑動變阻器的滑片使電流表滿偏，電流表0.6A的刻度上標定的電阻值為0Ω，此時滑動變阻器的阻值為　 　Ω。保持滑動變阻器接入電路的阻值不變，就可以在電流表盤上標注其他刻度的阻值；
（5）改裝后可直接測電阻的表，其表盤刻度　 　（選填“均勻”或“不均勻”）。
28．（2025·浙江模擬）電動汽車因其綠色環保而備受人們的青睞。電動汽車提供能量的裝置是車內的電池組。某電動汽車的部分參數如表所示。
（1）若空載時輪胎與地面接觸總面積400 厘米2，則此時車對地面的壓強為多少帕？
（2）對該車充電，電池容量從30%至100%，需用5小時。充滿電后，質量為60千克的司機駕車勻速行駛了40千米，此時儀表盤顯示電池剩余容量為80%。若汽車行駛時所受阻力為總重力的0.05倍，則該電動汽車將電能轉化為機械能的效率為多少？
某電動汽車性能參數表
空車質量 1380千克 充電電壓 220伏
最高車速 225 千米/時 充電功率 7千瓦
29．（2025·浙江模擬）如圖所示，水底有一塊體積100cm3的鋁塊。現用一電源電壓為6V的電動機把浸沒在水中的鋁塊提出水面，離開水面后，鋁塊3s內勻速提升了1m，電路中的電流為0.2A。已知鋁的密度為2.7×103kg/m3，鋁塊提升過程中受到的阻力、繩子自重和摩擦等都不計。求：
（1）鋁塊浸沒在水中受到的浮力。
（2）鋁塊的重力。
（3）鋁塊離開水面后，電動機工作1s內產生的電熱。
（4）電動機線圈阻值。
30．（2025·浙江模擬）圖甲是某款電火鍋，其內部簡化電路如圖乙所示，S1是旋鈕開關，S2是溫控開關（當鍋體溫度達到設定值時自動斷開，當鍋體溫度低于一定值時自動閉合），R是指示燈的分壓電阻，不起到加熱作用，發熱管內部結構如圖丙所示，滑片轉動時只能與滑動觸頭接觸，0檔為斷開狀態，Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ、Ⅳ檔是不同功率的檔位，電熱絲被均分為四節接入電路，其他元件的電阻均忽略不計。
（1）S1從0檔轉到Ⅰ檔開始工作，溫控開關S2的狀態是　 　（選填“斷開”或“閉合”）
（2）加熱時，鍋內水溫逐漸升高，其中改變水的內能的方式是　 　（選填“做功”或“熱傳遞”）。
（3）圖丙中，滑片順時針轉動，發熱管的加熱功率增大，IV檔時功率最大，則接線柱a、b、c中連入電路的應該是　 　。
（4）已知電火鍋IV檔加熱功率為1000瓦，若電火鍋在Ⅲ檔工作5分鐘，求發熱管消耗的電能。　 　
31．（2025·浙江模擬）如圖所示是高空修剪樹枝的工具——高枝剪。當樹枝進入兩剪片形成的刀口中，拉動拉繩就能輕松剪斷樹枝。
（1）為了剪斷較粗較硬的枝條，除了增大拉力外，還應盡量將枝條靠近　 　（選填“A點”或“O點”）；
（2）用80N的拉力作用在繩子自由端時，B點受到繩子a的拉力是多少　 　
（3）某時刻，彈簧處于原長，若修剪刀的刀口A點對樹枝施加的力為540牛，此時繩子端需施加的力F為多大　 　 （已知（厘米，厘米，滑輪中各股繩子視為平行，不計繩重、滑輪自重及摩擦）
32．（2025·浙江模擬）根據電動扶梯“有人乘時運行較快，無人乘時運行較慢”的特點，項目化學習小組設計了它的工作電路如圖甲。該電路由“控制電路”和“工作電路”兩部分組成，其中“控制電路”由壓敏電阻R、滑動變阻器R1、電磁鐵、電壓為9伏的電源 U1等組成，壓敏電阻的阻值與所受壓力的變化關系如圖乙：“工作電路”由電源、電動機、定值電阻等組成。無人乘時電動扶梯以較慢的速度運行，當控制電路的電流增大到設定值10毫安，銜鐵被吸下，電動機功率增大，電動扶梯運行速度變快。（電磁鐵線圈電阻忽略不計）
（1）請將圖甲中“工作電路”補充完整，使電路設計能滿足實際工作情況的需要；　 　
（2）根據圖乙，壓敏電阻所受的壓力F增大，壓敏電阻R的阻值將　 　（選填“增大”、“不變”或“減小”）；
（3）若滑動變阻器R1接入電路的阻值為300歐，某次運行時，通過電磁鐵線圈的電流恰好達到10毫安，則此時電動扶梯載重為多少？　 　
（4）在保持設定電流10毫安不變的情況下，若要使自動扶梯在更小的載重下就能實現快速運行，如何改進？（寫出一點改進意見）　 　
答案解析部分
1．【答案】B
【知識點】增大或減小壓強的方法
【解析】【分析】由可知，可通過增大壓力或減小受力面積來增大壓強。【解答】A、鴨子的蹼足面積較大，在壓力一定時，增大與地面的接觸面積，減小了壓強，故A不符合題意；
B、啄木鳥的喙細長而尖，在壓力一定時，減小了與樹表面的接觸面積，增大了壓強，故B符合題意；
C、魚類生活在水中，身體呈流線型，游泳時減小水的阻力，C不符合題意；
D、沙漠中干旱、高溫，水分蒸發很快。仙人掌適合在沙漠中生存，因為它的葉子是針狀的，盡量減與與空氣接觸的表面積，從而減小水分的蒸發，故D不浮合題意。
故答案為：B。
2．【答案】B
【知識點】液化及液化現象；凝華及凝華現象
【解析】【分析】由氣態轉化為固態的過程稱為凝華；由氣態轉化為液態的過程稱為液化。【解答】AB、霜是由空氣中水蒸氣遇冷凝華形成的，該過程需要放熱，故A錯誤，B正確；
CD、“白氣”是由空氣中的水蒸氣遇冷液化形成小水珠，液化過程需要放熱，故CD錯誤。
故答案為：B。
3．【答案】B
【知識點】長度的測量；速度公式及其應用；平均速度的計算及測量；功的計算公式的應用
【解析】【分析】估測時遇到不是很熟悉的物理量或單位，可通過計算轉化為熟悉的物理量或單位再進行判斷，例如將前面每小時換算成米每秒。【解答】A、自行車的質量約為20kg，故A不符合題意；
B、車座到地面的高度約為中年人身高的一半多一點，即約為1m，故B符合題意；
C、騎行時的平均速度約為，故C不符合題意；
D、一中學生從地面騎上自行車坐墊至少做功
故D不符合題意。
故答案為：B。
4．【答案】D
【知識點】磁體、磁極、磁化；磁極間的相互作用；磁場和磁感線
【解析】【分析】AB.當磁體靜止下來時，指南的一端為南極，指北的一端為北極，且地磁兩極和地理兩極交錯分布；
C.根據磁感線和磁場的定義判斷；
D.根據磁極之間的相互作用規律判斷。
【解答】A．地理兩極和地磁兩極交錯分布，因為樹葉尖端指向南方，即樹葉尖端為地理南極，也就是地磁的北極，故A錯誤；
B．根據題意可知，樹葉尖端指向地理的南極，指南針的“S”應標注在樹葉尖端，故B錯誤；
C．樹葉周圍存在磁場，磁感線實際并不存在，故C錯誤；
D．根據異名磁極相互吸引可在，樹葉的尖端是指南針的S極，若用磁體的N極靠近樹葉尖端，會相互吸引，故D正確。
故選D。
5．【答案】D
【知識點】動能和勢能的轉化與守恒；物體內能的改變方法；熱機的工作原理；機械能守恒
【解析】【分析】外界對氣體做功，氣體的內能增加，溫度升高，機械能轉化為內能，整個過程能量守恒，可知活塞的機械能減小。【解答】A、活塞向左運動，對氣體做功，氣體內能增加，溫度升高，分子運動速度增大，故A錯誤；
B、若活塞在恒力F作用下向左運動了S長的距離， 則活塞克服氣缸壁摩檫力做功的大小為：，其中f為摩擦力，故B錯誤；
C、恒力F推動活塞向左運動過程中，活塞克服摩擦力做功，機械能減小，故C錯誤；
D、力F推動活塞向左運動，對氣體做功，將機械能轉化為內能，這一過程中能量轉化形式和四沖程汽 油機的壓縮沖程的能量轉化相同，故D正確。
故答案為：D。
6．【答案】D
【知識點】凸透鏡成像的應用
【解析】【分析】凸透鏡成像規律：物距在一倍焦距以內，成正立、放大的虛像；物距在一倍和兩倍焦距之間，像距大于兩倍焦距時，成倒立、放大的實像，物距等于像距等于兩倍焦距時，成倒立、等大的實像；物距大于兩倍焦距，像距在一倍和兩倍焦距之間時，成倒立、縮小的實像【解答】透過水杯看見《科學作業本》上的“科”字呈如圖所示的放大效果，成像原理是放大鏡，成的是正立放大的虛像，物距處于1倍焦距以內，故D符合題意，ABC不符合題意。
故答案為：D。
7．【答案】A
【知識點】力的作用是相互的；慣性；平衡力的辨別；力與運動的關系；摩擦力的存在
【解析】【分析】平衡力的特點：大小相等、方向相反、作用在同一直線、同一物體上。
相互作用力的特點：大小相等、方向相反、作用在同一直線、兩個物體上。【解答】A、將一根長筷子插入蘋果中，然后將筷子提起，豎直懸在空中，用錘子不斷輕敲筷子上端，筷子受力而向下運動，蘋果具有慣性保持靜止，蘋果相對于筷子向上運動了，發現蘋果不斷的往上爬升。說明蘋果具有慣性，故A正確；
B、手提筷子，有向上運動的趨勢，故受到的摩擦力向下，故B錯誤；
C、敲擊時，錘子對筷子的力與筷子對錘子的力作用在不同物體上，不是平衡力，故C錯誤；
D、靜止時，受力平衡，蘋果受到的重力和筷子對蘋果的靜摩擦力是一對平衡力，故D錯誤。
故答案為：A。
8．【答案】A
【知識點】力的作用是相互的；慣性；影響摩擦力大小的因素；動能和勢能的轉化與守恒
【解析】【分析】滑動摩擦力的影響因素：壓力大小和接觸面的粗糙程度，壓力越大，接觸面的粗糙程度越大，滑動摩擦力越大。【解答】A、林高遠的鞋底凹凸不平，是在壓力一定時，通過增大接觸面的粗糙程度來增大摩擦力，故A正確；
B、林高遠扣球時，球拍對乒乓球的作用力與乒乓球對球拍的作用力是一對相互作用力，二者大小相 等，故B錯誤；
C、乒乓球離開球拍后仍能繼續前進，是由于乒乓球具有慣性，慣性不是力，不能說受到慣性力的作用，故C錯誤；
D、乒乓球在水平桌面繼續滾動的過程中，克服摩擦力做功，機械能轉化為內能，機械能減小，故D錯誤。
故答案為：A。
9．【答案】C
【知識點】阿基米德原理；物體的浮沉條件及其應用
【解析】【分析】根據物體的沉浮狀態判斷密度大小及浮力大小，當物體的密度小于液體的密度時，物體將漂浮，此時物體受到的浮力等于重力；當物體的密度等于液體的密度時，物體將懸浮，此時物體受到的浮力等于重力；當物體密度大于液體密度時，物體將下沉，此時物體受到的浮力小于物體的重力。【解答】A、由浮沉條件知道，甲圖中橙子漂浮ρ甲＜ρ水，乙中橙子懸浮ρ乙=ρ水，丙中橙子下沉ρ丙＞ρ水，故三種狀態下橙子的密度關系ρ甲＜ρ乙＜ρ丙，故A錯誤；
B、甲圖中，橙子漂浮，橙子所受浮力等于自身重力，故B錯誤；
C、甲、乙兩圖中，橙子分別漂浮和懸浮，所受的浮力均等于自身的重力，而甲圖中橙子的重力較大，故甲圖中橙子所受的浮力較大，根據知道，乙圖中橙子的V排小于甲圖中橙子的V排，故C正確；
D、丙圖中，橙子沉底，所受的浮力小于自身的重力，橙子收到豎直向上的浮力和支持力及豎直向下的重力，且對容器底部壓力大小等于所受的支持力大小，橙子對容器底部壓力不為零，故D錯誤。
故答案為：C。
10．【答案】D
【知識點】壓力的作用效果；影響電阻大小的因素；磁場和磁感線；動能的影響因素
【解析】【分析】轉換法：用更易觀察的現象來反映不易觀察的現象的研究方法。【解答】A用木塊滑動距離表示動能大小，運用了轉換法；
B通過小燈泡發光情況比較金屬絲電阻大小，運用了轉換法；
C通過海綿形變程度判斷壓力作用效果，運用了轉換法；
D用磁感線描述磁場，運用了模型法。
D選項和其他三個選項所用科學方法不同。
故答案為：D。
11．【答案】D
【知識點】串、并聯電路的設計
【解析】【分析】由題中信息可知，只閉合S1能打開車門或者同時閉合S2S3可以打開車門，可知S1與S2S3并聯，且S2與S3串聯。【解答】根據題意知道，當車鑰匙離車輛較遠時，按下開鎖鍵（相當于S1閉合），車門自動解鎖；當鑰匙靠近車輛時，車上感應開關S2自動閉合，再觸摸門把手（相當于S3閉合）車門也自動解鎖，這說明開關S2、S3相互影響，是串聯的，然后再與開關S1并聯在電路中，自動解鎖模塊串聯在干路中，故D符合題意，ABC不符合題意。
故答案為：D。
12．【答案】B
【知識點】熔化與熔化現象；流體壓強與流速的關系；氣體壓強跟體積的關系；物體內能的改變方法；熱機的工作原理
【解析】【分析】內能不僅與溫度有關，吸收或放出熱量，物體的內能一定增大或減小。【解答】A、冰是晶體，晶體在熔化過程中吸收熱量，內能增大，但是溫度保持不變，故A錯誤；
B、圖乙所示實驗中，厚玻璃內的空氣被壓縮時，空氣的體積變小，氣壓增大，故B正確；
C、海水的比熱容大于陸地的比熱容，白天吸收了相同的熱量后，陸地上方空氣升高的溫度比海洋上空空氣的溫度升高的多。所以，陸地上方空氣的氣壓低，海洋上方空氣的氣壓高。風從氣壓高的海洋流向氣壓低的陸地，故C錯誤；
D、圖丁進氣門和排氣門關閉，活塞向下運動，是做功沖程，內能轉化為機械能，故D錯誤。
故答案為：B。
13．【答案】C
【知識點】磁極間的相互作用；右手螺旋定則；通電螺線管的極性和電流方向的判斷
【解析】【分析】根據右手螺旋定則判斷線圈產生磁場的磁極方向，再根據同名磁極相互排斥、異名磁極相互吸引判斷活塞移動方向，從而確定血液進出情況。【解答】由圖知道，當“人工心臟泵”工作時，血液從閥門S2 抽進，從閥門S1 送出。
A、若電流從a端流進線圈，從b端流出線圈，由安培定則知道，電磁鐵左側為N極，故A錯誤；
B、若電流從b端流進線圈，從a端流出線圈，由安培定則知道，電磁鐵右側為N極，故B錯誤；
C、要使血液流出該“血泵”，活塞要向右移動，即電磁鐵和左側磁體相互排斥，電磁鐵左側應該為N極，由安培定則知道，電流從a端流進線圈，從b端流出線圈，故C正確；
D、要使血液流入該“血泵”活塞要向左移動，即電磁鐵和左側磁體相互吸引，電磁鐵左側應該為S極，由安培定則知道，電流從b端流進線圈，從a端流出線圈，故D錯誤。
故答案為：C。
14．【答案】B
【知識點】二力平衡的條件及其應用；力與運動的關系
【解析】【分析】物體受平衡力或不受力時，運動狀態不會發生改變，將保持靜止或做勻速直線運動。平衡力的特點：大小相等、方向相反、作用在同一直線、同一物體上。【解答】鳳凰做勻速直線運動，處于平衡狀態，合力為零，故空氣對它的作用力豎直向上，和重力大小相等，方向相反，故B符合題意，ACD不符合題意。
故答案為：B。
15．【答案】B
【知識點】串、并聯電路的電流特點；串、并聯電路的電壓特點；電功率計算公式的應用
【解析】【分析】串聯電路電源電壓等于各用電器兩端電壓之和，電路中電流處處相等，結合電功率公式P=UI表示出滑動變阻器的電功率的表達式，從而確定對應的圖像。【解答】當滑片在阻值最大處時電路中的電流最小，由圖乙知，電壓表的示數為U1，當滑片在阻值最小處時，電路中的電流最大，電壓表的示數最大，為電源電壓，由圖乙知，此時電壓表的示數為U0，當電壓為U1時，根據串聯電路電壓的規律知，滑動變阻器兩端的電壓為
電流與小燈泡的電流相同，由知，滑動變阻器的功率為
此時滑動變阻器所消耗的電功率可表示為S3，故B符合題意，ACD不符合題意。
故答案為：B。
16．【答案】C；慣性；東
【知識點】參照物及其選擇；慣性；摩擦力的存在
【解析】【分析】（1）運動和靜止是相對的，同一物體，參照物不同，運動狀態可能不同。物體與參照物之間的空間位置沒有發生改變，則物體是靜止的，物體與參照物之間的空間位置發生改變，則物體是運動的。
（2）摩擦力方向與相對運動或相對運動的趨勢相反。【解答】（1）乘坐復興號列車，透過車窗只能看到和諧號列車且發現它動了，有三種情形：和諧號運動，相對于復興號，位置發生變化，是運動的；復興號運動，相對于和諧號，位置發生變化，是運動的；也可能是兩車都運動，因為速度不同，位置發生變化，是運動的，故AB不符合題意，C符合題意。
故答案為：C。
（2）如圖，杯子中的水東低西高，說明列車在向西減速行駛，杯內的水具有慣性，繼續向前運動，此時茶杯有向西的運動趨勢，受到的摩擦力方向向東。
17．【答案】>；游客的重力勢能和動能轉化成蹦極繩的彈性勢能
【知識點】力與運動的關系；動能和勢能的轉化與守恒
【解析】【分析】力是改變物體運動狀態的原因，當動力大于阻力時，物體將做加速運動，動力小于阻力時，物體將做減速運動，動力等于阻力時，物體受力平衡，將做勻速直線運動或保持靜止狀態。【解答】t1至t2過程中，彈力開始有，但彈力較小，繼續加速，則游客速度繼續增大的原因是自身重力大于蹦極繩對游客的拉力，在t2時刻速度最大，彈力等于重力；
t2至t3過程中，游客的速度和高度減小，動能和重力勢能減小，機械能減小，繩子伸長，彈性勢能增大，則游客和蹦極繩之間的能量轉化情況是游客的機械能轉化為彈性繩子的彈性勢能。
18．【答案】（1）A
（2）小
（3）10
【知識點】流體壓強與流速的關系；電磁感應
【解析】【分析】（1）通電導體在磁場中轉動是電動機的原理。
（2）流體流速大，壓強小。
（3）根據計算時間，注意單位換算。
【解答】（1）電磁感應是指閉合電路的一部分導體在磁場中切割磁感線，電路中會產生感應電流，風力發電機原理是電磁感應現象。
故答案為：A。
（2）流體流速越大的位置，壓強越小，燈罩上方空氣流速大，所以壓強小。
（3）已知額定功率
路燈正常工作的時間
（1）電磁感應是指閉合電路的一部分導體在磁場中切割磁感線，電路中會產生感應電流，風力發電機原理是電磁感應現象，故選A。
（2）流體流速越大的位置，壓強越小；燈罩上方空氣流速大，壓強小。
（3）已知額定功率
路燈正常工作的時間
19．【答案】（1）運動狀態
（2）500
（3）0
【知識點】參照物及其選擇；摩擦力的存在；功的計算公式的應用
【解析】【分析】（1）運動和靜止是相對的，物體與參照物之間的空間位置沒有發生改變，則物體是靜止的，物體與參照物之間的空間位置發生改變，則物體是運動的。
（2）根據計算功的大小，做功的條件是物體在力的方向上移動距離。
（3）存在摩擦力的條件：物體間存在相對運動或相對運動的趨勢。
【解答】（1）狗拉著雪橇在水平雪地上做勻速直線運動，以地面為參照物，雪橇的位置發生改變，是運動的。
（2）狗的拉力對雪橇做功為
（3）貨物和雪橇保持相對靜止且兩者的接觸面水平，未發生相對運動，也無相對運動的趨勢，因此雪橇對貨物無摩擦力。
（1）狗拉著雪橇在水平雪地上做勻速直線運動，以地面為參照物，雪橇的位置發生改變，是運動的。
（2）狗的拉力對雪橇做功為
（3）貨物和雪橇保持相對靜止且兩者的接觸面水平，未發生相對運動，也無相對運動的趨勢，因此雪橇對貨物無摩擦力。
20．【答案】響度；變阻器；在磁場中受力運動
【知識點】響度、音調與聲源振動的關系；滑動變阻器的原理及其使用；磁場對通電導線的作用
【解析】【分析】（1）將聲音放大，指的是聲音的音量更大，即響度大。
（2）聲音放大程度不同，原因是電路中電流大小不同，可知音量控制按鈕相當于滑動變阻器，通過改變連入電路中的電阻大小來改變電路中電流大小。
（3）聲音是由物體振動產生的，動圈式話筒能將電能轉化為機械能，與電動機的能量轉化形式相同，原理是通電導體在磁場中受力運動。【解答】（1）響度是指聲音的大小和強弱，也就是日常生活中的音量，因此是增大了聲音的響度這一特性。
（2）調節廣播音量大小的電位器實質是滑動變阻器，改變電路中的電流也就是聲音的大小。
（3）動圈式受話器則會將音頻電信號轉換成聲信號，與電動機的原理相同，即：通電導體在磁場中受力而運動。
21．【答案】物體間力的作用是相互的或力能改變物體的運動狀態；小于；t1
【知識點】力的作用是相互的；二力平衡的條件及其應用；力與運動的關系；功的計算公式的應用；水火箭模型
【解析】【分析】（1）力的作用是相互的，相互作用力大小相等、方向相反，作用在同一直線上。
（2）克服重力做功=力與物體在重力的方向上移動的距離，因重力在減小，可知功小于初始重力與移動距離的乘積。
（3）物體做加速運動時，說明動力大于阻力，物體做減速運動時，阻力大于動力，可知當速度達到最大值時，動力與阻力相等。【解答】（1）水火箭上升時，瓶內的水向下噴出，同時水火箭向上運動，這是因為物體間力的作用是相互的或力可以改變物體的運動狀態。
（2）發射前，水火箭的重力為
如果水火箭的重力不變，那么上升10m克服重力做功為
而實際上，隨著高度的增大，水流不斷噴出，則火箭的重力逐漸減小，因此水火箭克服重力做功將小于200J。
（3）在開始一段時間內，火箭受到的向上的推力大于重力，則它做加速運動。隨著推力的逐漸減小，當推力與重力相等時，此時合力為零，加速停止，即此時速度最大，此時受到平衡力。根據圖乙可知，當t1時刻時，火箭的速度最大，則此時它受到平衡力。
22．【答案】費力；；C
【知識點】杠桿的平衡條件；杠桿的動態平衡分析
【解析】【分析】（1）阻力臂大于動力臂，為費力杠桿；阻力臂小于動力臂，為省力杠桿；阻力臂等于動力臂，為等臂杠桿。
（2）根據杠桿平衡條件和重力公式計算密度值。
（3）精度更高，即液體密度變化量一定時，OB距離變化量增大，根據杠桿平衡條件進行分析。【解答】（1）如圖甲所示，若向下拉繩子，則放下空桶時，阻力臂大于動力臂，桔槔為費力杠桿。
（2）測得B、B2到O點的距離分別為l、l2，據杠桿平衡條件知
則
所以B2點標注的密度值為。
（3）物塊懸掛在A點施加的力是阻力，AO是阻力臂，施加在礦泉水瓶上的力是動力，BO是動力臂，即。
A、把O點位置往物塊一側移動一段距離，說明阻力臂變小，動力和阻力不變，在動力臂減小，AB兩點之間長度縮短，密度秤不會更精確，故A不符合題意；
B、減小物塊的質量，說明阻力減小，阻力臂和動力不變，則動力臂要變小，AB兩點之間長度縮短，密度秤不會更精確，故B不符合題意；
C、減少加入杯中的液體體積，說明動力減小，而阻力、阻力臂不變，則動力臂增大，AB兩點之間長度變長，密度秤會更精確，故C符合題意。
故答案為：C。
23．【答案】（1）避免小球和圓柱體木塊在運動過程發生偏移；降低小球釋放高度
（2）三個光控燈同時亮起
（3）選擇體積相同的實心和空心小鋼球
【知識點】動能的影響因素
【解析】【分析】（1）圓柱體劃出軌道，說明小球的動能過大，可通過減小下滑高度、減小小球質量或增大圓柱體重力等方式進行改進。
（2）小球到達斜面底部的速度相同，將觀察到燈同時亮起。
（3）要得到質量不同但體積相同的小球，可將小球制成空心的。
【解答】（1）將斜面和水平面都改成了滑軌，將木塊換成圓柱體塊，可以避免小球和圓柱體木塊在運動過程中發生偏移。
圓柱體塊滑出滑軌，說明小球的速度過快，因此應降低小球釋放高度，減小小球到達斜面底端的速度。
（2）當小球滾過時，光控燈會亮起，如果三個光控燈同時亮起，說明三個小球同時到達光控燈處，時間相同，由于路程相同，所以三個小球到達斜面底部時速度相同。
（3）選擇體積相同的實心和空心小鋼球，它們質量不同，但是體積相同，可以排除小球體積對實驗結果的影響。
（1）[1]將斜面和水平面都改成了滑軌，將木塊換成圓柱體塊，可以避免小球和圓柱體木塊在運動過程中發生偏移。
[2]圓柱體塊滑出滑軌，說明小球的速度過快，因此應降低小球釋放高度，減小小球到達斜面底端的速度。
（2）當小球滾過時，光控燈會亮起，如果三個光控燈同時亮起，說明三個小球同時到達光控燈處，時間相同，由于路程相同，所以三個小球到達斜面底部時速度相同。
（3）選擇體積相同的實心和空心小鋼球，它們質量不同，但是體積相同，可以排除小球體積對實驗結果的影響。
24．【答案】高度差；C；方向；能
【知識點】影響液體壓強大小的因素
【解析】【分析】（1）用手按壓金屬盒上的橡皮膜，發現兩側液面沒有明顯變化，說明不能形成穩定的壓強差，即裝置漏氣，接下來應檢查裝置的氣密性。
（2）改變朝向，可知探究的是液體壓強大小與方向的關系。
（3）圖乙和圖甲控制深度相同，可探究液體壓強與液體密度的關系，同一裝置，可探究液體壓強與液體深度的關系。【解答】（1）根據轉換法，實驗是通過U形管中液面的高度差來反映被測壓強大小的。
使用前用手輕輕按壓幾下橡皮膜是檢查裝置的氣密性；如果U形管中的液體能靈活升降，則說明裝置不漏氣；液面沒有明顯變化，則說明裝置漏氣，故AB不符合題意，C符合題意。
故答案為：C。
（2）保持金屬盒深度不變，改變橡皮膜朝向，說明液體對橡皮膜的壓力的方向不同，故目的是為了探究液體內部壓強大小與方向是否有關。
（3）要探究液體壓強與液體密度的關系，需控制液體的深度相同，圖甲基礎上，繼續將金屬盒下移一段距離，此時的密度不變，深度變深，發現壓強變大；接下來又進行了圖乙所示實驗，再與圖甲比較，這屬于尋找普遍規律，更換不同密度的液體多次實驗，所以能得出液體壓強與液體密度有關的初步結論。
25．【答案】便于確定像的位置；0；亮；D
【知識點】平面鏡成像特點、原理和現象
【解析】【分析】（1）實驗采用了等效替代法，用于探究像與物的大小關系。
（2）物與像關于平面鏡對稱，蠟燭向右移，沒有改變蠟燭與平面鏡之間的相對位置，所以像的位置不變。
（3）前面的像是由光的反射形成的，光線較多，所以較亮，后面的像是由光的折射形成的，折射光線較少，所以像較暗。
（4）平面鏡所成的像是由反射光線的反向延長線會聚而成的虛像，兩塊平面鏡分別成完整的像，貓與平面鏡之間的相對位置相同，可知像的位置相同。【解答】（1）A、B兩根蠟燭的大小和形狀應相同，當B與A的像重合時可知像與物大小相等，這樣便于驗證像和物的大小關系。
（2）平面鏡成像中物與像始終關于平面鏡對稱，當以蠟燭為參照物時，像與蠟燭的位置未變，則為靜止，因此速度為0cm/s。
（3）光線射到玻璃上，要發生反射和折射，玻璃有兩個表面，前表面直接反射，較亮，所以其中距離觀察者較近的像較亮。
（4）平面鏡所成的像，像和物體形狀、大小相同，與平面鏡的大小無關，半個平面鏡仍能成完整像；平面鏡左右兩部分都能成完整的像，像與小貓關于鏡面對稱，將其中的一半平行向右移一段距離，沒有改變貓與平面鏡之間的相對位置，所以像的位置相同，故D符合題意，ABC不符合題意。
故答案為：D。
26．【答案】乒乓球彈起的高度；如：①各多用幾個同款乒乓球，重復實驗；②多次改變由靜止釋放的高度，重復實驗；c
【知識點】流體壓強與流速的關系
【解析】【分析】小球由靜止釋放后彈起的高度越高是，說明彈性越好。
為了避免偶然性，得出普遍性規律，可改變由靜止釋放的高度，進行重復實驗。
根據流體流速大、壓強小進行分析。【解答】實驗分析及結論：當由靜止釋放的高度相同時，可根據乒乓球彈起高度比較兩種乒乓球的彈性，這是轉換法。
反思與完善：為使實驗結論更為可靠，在上述實驗基礎上，還可以補充進行的操作是①各多用幾個同款乒乓球，重復實驗；②多次改變由靜止釋放的高度，重復實驗。
拓展：由于球逆時針旋轉，球上方的空氣流動速度小，壓強大，球下方的空氣流動速度大，壓強小，因此，球受到向下的壓力，在空中會沿弧線迅速下落，乒乓球將會向c方向運動。
27．【答案】；50Ω，1A；0.6；10；不均勻
【知識點】串、并聯電路的電流特點；串、并聯電路的電壓特點；探究電流與電壓、電阻的關系實驗；伏安法測電阻的探究實驗
【解析】【分析】（1）由電路圖可知，滑片向右移，滑動變阻器連入電路的阻值減小，所以應將滑動變阻器右下角接線柱連入電路，如圖所示
。
（2）根據表中數據計算定值電阻兩端電壓，根據串聯電路的電壓規律可求得和滑動變阻器兩端電壓，由電壓比等于電阻比或歐姆定律計算定值電阻阻值最大時滑動變阻器連入電路的阻值，即為滑動變阻器的最小規格。
（3）電流表小量程的分度值為0.02A，讀出電流表示數，再用P=UI計算額定功率。
（4）此時電路中只有滑動變阻器，根據歐姆定律計算阻值。
（5）電路中電流為，可知電流與AB間電阻不成正比，所以刻度不均勻。【解答】（1）電壓表是測量A、B間的電壓，所以電壓表應并聯在A、B兩端；滑動變阻器應遵循“一上一下”，而由電路圖可知，當滑片向右滑動時，滑動變阻器的阻值小，所以滑動變阻器應接下端右側的接線柱，實物圖連接如下圖所示：。
（2）因為第二小組的同學要研究“電流與電阻的關系”。由圖丙可知，定值電阻兩端的電壓為
保持不變。當定值電阻阻值為25Ω時，電路中的電流為
滑動變阻器兩端的電壓為
則滑動變阻器的最大阻值至少為
所以，實驗中選擇的滑動變阻器規格是“50Ω，1A”。
（3）由圖丙可知
所以
小燈泡的額定功率為0.6W。
（4）將A、B直接用導線連接，并移動滑動變阻器的滑片使電流表滿偏，此時電路中只有滑動變阻器且阻值處于最小值，則
此時滑動變阻器的阻值為10Ω。
（5）流過改裝后可直接測電阻的表的電流為
因為改裝后保持滑動變阻器接入電路的阻值不變，則
由此可見Ix與Rx不成正比，所以改裝后可直接測電阻的表，其表盤刻度不均勻。
28．【答案】（1）電動汽車對水平地面的壓力
電動汽車對水平地面的壓強
（2）汽車重力
因汽車勻速行駛時處于平衡狀態，受到的牽引力和阻力是一對平衡力，所以，電動汽車的牽引力
電動汽車勻速行駛40km，牽引力所做的功
由“電池容量從30%至100%，需用5小時。充滿電后，質量為60千克的司機駕車勻速行駛了40千米，此時儀表盤顯示電池剩余容量為80%”知道，消耗的電能為
則該電動汽車將電能轉化為機械能的效率為
【知識點】二力平衡的條件及其應用；壓強的大小及其計算；功的計算公式的應用；能量利用效率；機械效率的計算
【解析】【分析】（1）根據計算壓強，此時的壓力等于重力，注意單位換算。
（2）汽車勻速行駛，受力平衡，牽引力等于阻力。機械效率等于有用功即機械能除以總能即消耗的電能。
29．【答案】（1）鋁塊浸沒時受到的浮力F浮=ρ水gV排=ρ水gV=1.0×103kg/m3×10N/kg×100×10-6m3=1N
（2）鋁塊的質量為m=ρ鋁V=2.7×103kg/m3×100×10-6m3=0.27kg
鋁塊的重力為G=mg=0.27kg×10N/kg=2.7N
（3）鋁塊離開水面后，1s電動機對鋁塊做的功為W=Gh=2.7N×1m=0.9J
電動機消耗的電能為W'=UIt=6V×0.2A×1s=1.2J
電動機工作1s內產生的電熱為Q=W'-W=1.2J-0.9J=0.3J
（4）根據得電動機線圈阻值為
【知識點】重力的大小；阿基米德原理；浮力大小的計算；焦耳定律的計算公式及其應用；電功與熱量的綜合計算
【解析】【分析】（1）根據阿基米德原理計算浮力。
（2）根據計算重力。
（3）消耗的電能轉化為內能和機械能，可知內能為電能減去機械能。
（4）根據焦耳定律計算電阻的阻值。
（1）鋁塊浸沒時受到的浮力F浮=ρ水gV排=ρ水gV=1.0×103kg/m3×10N/kg×100×10-6m3=1N
（2）鋁塊的質量為m=ρ鋁V=2.7×103kg/m3×100×10-6m3=0.27kg
鋁塊的重力為G=mg=0.27kg×10N/kg=2.7N
（3）鋁塊離開水面后，1s電動機對鋁塊做的功為W=Gh=2.7N×1m=0.9J
電動機消耗的電能為W'=UIt=6V×0.2A×1s=1.2J
電動機工作1s內產生的電熱為Q=W'-W=1.2J-0.9J=0.3J
（4）根據得電動機線圈阻值為
30．【答案】閉合；熱傳遞；b，c；由于電熱絲被均分為四節接入電路，由圖知道，Ⅲ檔長度是IV檔長度的2倍，由知道，電火鍋IV檔接入電路的電阻所以Ⅲ檔時，連入阻值為96.8歐，此時功率電火鍋在Ⅲ檔工作5分鐘，發熱管消耗的電能W=Pt=500W×300s=1.5×105J
【知識點】滑動變阻器的原理及其使用；物體內能的改變方法；電功計算公式的應用；電功率計算公式的應用；常用電熱器
【解析】【分析】（1）由題中“當鍋體溫度達到設定值時自動斷開，當鍋體溫度低于一定值時自動閉合”可知， S1從0檔轉到Ⅰ檔開始工作，溫控開關S2的狀態是閉合。
（2）改變內能的方式：做功和熱傳遞。
（3）滑片順時針轉動，發熱管的加熱功率增大，由可知，此時電功率大，則電阻小，即滑動變阻器連入電路的有效長度減小，可知連接的是bc。
（4）根據和電阻大小與長度成正比計算在Ⅲ檔時的電功率，再由計算消耗的電能。【解答】（1）根據題意知道，S2是溫控開關，即當鍋體溫度達到設定值時自動斷開，當鍋體溫度低于一定值時自動閉合，所以，S1從0檔轉到Ⅰ檔是開始工作，故溫控開關S2的狀態應是閉合的。
（2）鍋中的水溫度升高，是水吸收了熱量，所以，是通過熱傳遞增加了水的內能。
（3）根據題意知道，滑片順時針轉動，發熱管的加熱功率增大，且IV檔時功率最大，由知道，說明滑片順時針轉動，接入電路的電阻減小，由圖知道，滑片與b連接，當接線柱b、c中連入電路時，滿足要求。
31．【答案】（1）O點
（2）240N
（3）120N
【知識點】杠桿的平衡條件；滑輪組及其工作特點
【解析】【分析】（1）根據杠桿平衡條件進行分析，阻力變大時，可通過減小阻力臂或增大拉力或增大動力臂實現剪斷較粗較硬枝條的目的。
（2）由圖可知，B端有一根繩子，滑輪下方有三根繩子，可知自由端拉力為B端拉力的三分之一。
（3）根據杠桿平衡條件進行計算，力臂指的是支點到力的作用線的垂直距離。
【解答】（1）根據圖片可知，為了剪斷較粗較硬的枝條，除了增大拉力外，據杠桿的平衡條件盡可能增大動力臂或者減小阻力臂，所以盡量將枝條靠近O點。
（2）若不計繩重、滑輪自重及摩擦，當用80N的拉力作用在繩子自由端時，根據滑輪組繩末端力的關系可得
將數據帶入上式可得
所以Fa=240N。
（3）根據圖片可知，O為支點，OB為動力臂，OA為阻力臂，根據杠桿平衡條件，代入數據為
解得F=120N。
（1）根據圖片可知，為了剪斷較粗較硬的枝條，除了增大拉力外，據杠桿的平衡條件盡可能增大動力臂或者減小阻力臂，所以盡量將枝條靠近O點。
（2）若不計繩重、滑輪自重及摩擦，當用80N的拉力作用在繩子自由端時，根據滑輪組繩末端力的關系可得
將數據帶入上式可得
所以Fa=240N。
（3）根據圖片可知，O為支點，OB為動力臂，OA為阻力臂，根據杠桿平衡條件，代入數據為
解得F=120N。
32．【答案】；減小；根據歐姆定律知道，控制電路的總電阻為根據串聯電阻的特點查表知道， 當電阻R=600Ω時， 壓力F=400N，則G=F=400N，所以電動扶梯載重為400N。；①減小電路的總電阻，即滑動變阻器R1接的滑片向左移動；②增大電源電壓。
【知識點】電阻和電阻的串聯、并聯；歐姆定律及其應用；電磁繼電器的組成、原理和特點
【解析】【分析】（1）電磁鐵磁性強弱與線圈匝數和電流大小有關，匝數一定時，電流越大，電磁鐵磁性越強，將銜鐵吸下。
（2）根據圖乙可知，壓力增大，壓敏電阻的阻值減小。
（3）根據歐姆定律計算總電阻，串聯電路總電阻等于各用電器電阻之和，根據電阻值由圖乙讀出壓力大小。
（4）電流不變，根據歐姆定律可知，若電壓不變，則總電阻不變；若電阻改變，則同步改變電源電壓。【解答】（1）有人乘坐時，壓力大，則壓敏電阻的阻值小，根據歐姆定律可知，控制電路中的電流變大，電磁鐵磁性增強，銜鐵被吸下；工作電路中的電梯運行快，說明工作電路中的電流大，根據歐姆定律可知，電路中的電阻小，故應該只讓電動機接入電路；無人乘時，壓力小，則壓敏電阻的阻值大，根據歐姆定律可知，控制電路中的電流變小，電磁鐵磁性減弱，銜鐵被拉起；無人乘時運行較慢，說明工作電路中的電流小，根據歐姆定律可知，電路的總電阻大，則電動機和定值電阻串聯，如下圖
（2）根據圖像乙知道，當壓力增大時，壓敏電阻的阻值變小，即壓敏電阻的阻值隨壓力的增大而減小。
（4）要求質量更小的人站上電梯就能使其較快運行，質量變小，重力變小，則對電梯的壓力變小，根據圖甲可知，此時力敏電阻的阻值變大，控制電路的總電阻變大，根據歐姆定律知道，電路中的電流變小，由于吸合電流不變，要使此時的電流達到吸合電流，則需要增大電路中的電路，故采取的方法是：①減小電路的總電阻，即滑動變阻器R1接的滑片向左移動；②增大電源電壓。
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