資源簡介

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高考沖刺押題預測 遺傳的基本規律
一．選擇題（共16小題）
1．（2024秋 常州期末）集群分離分析法可用于研究等位基因之間的堿基序列差異，其流程如圖所示。相關敘述錯誤的是（　　）
A．用于雜交的親本應選擇目的性狀差異明顯的，但其他性狀需盡量保持一致
B．兩個親本雜交后連續自交，便于在后代中純化出具有極端表型的個體
C．構建理想的DNA混池時，應選擇表型和基因型不能確定的個體
D．最終挖掘出堿基序列存在差異的基因，這些基因可能與目的性狀相關
2．（2024秋 重慶期末）煙草為二倍體雌雄同株植物，無法自交產生后代，已知這種現象受復等位基因Sx（x＝1，2，3……）控制，為了進一步探究其遺傳機制，科學家選取了一些煙草進行雜交實驗，結果如表所示，下列說法正確的是（　　）
♀ ♂ S1S3 S1S2 S2S3
S1S3 ﹣ S1S3、S2S3 S1S2、S1S3
S1S2 S1S2、S2S3 ﹣ S1S2、S1S3
S2S3 S1S2、S2S3 S1S3、S2S3 ﹣
A．煙草的全部個體所含有的全部S基因稱為該種群的基因庫
B．基因型為S2S3和S1S2煙草進行雜交，出現不同基因型后代的原因是發生了基因重組
C．調查研究發現某地的煙草S基因共有5種，則該地煙草最多有10種基因型
D．這些復等位基因的出現是基因突變的結果，體現了基因突變的隨機性
3．（2024秋 寧波期末）假說—演繹是現代科學研究常用的科學方法，下列不屬于孟德爾對分離現象的解釋的是（　　）
A．在體細胞中，遺傳因子是成對的
B．受精時，雌雄配子的結合是隨機的
C．F1與隱性純合子測交，后代分離比為1：1
D．生物體在產生配子時，成對的遺傳因子分離
4．（2024秋 洮北區校級期末）某鳥類羽毛顏色有黑色和白色兩種，由位于常染色體上的基因A、a和B、b共同控制。某科研人員選用白色雌雄個體相互交配，F1全為白色個體，F1雌雄個體相互交配，F2中白色：黑色＝15：1，下列有關敘述錯誤的是（　　）
A．親本基因型為AAbb和aaBB
B．F2中黑色個體全部為純合子
C．F2白色個體中純合子占
D．F2白色個體測交后代中可能出現黑色個體
5．（2024 江西模擬）科學合理的實驗操作是進行生物學實驗的重要保障，是得出正確實驗結果的前提。下列有關生物學實驗操作的敘述，正確的是（　　）
A．在“性狀分離比的模擬實驗”中，兩小桶中放置的小球數量必須相同
B．檢測酵母菌進行無氧呼吸產生了酒精時，培養時間要適當延長
C．用吸管將酵母菌培養液加到蓋有蓋玻片的計數板上后立即放到載物臺計數
D．“設計并制作生態缸，觀察其穩定性”實驗中，生態缸應放在通風、光線良好的地方便于提供充足的空氣和陽光
6．（2024 廈門模擬）某實驗室保存有野生型和一些突變型果蠅，果蠅部分隱性突變基因及其在染色體上的位置如圖所示。不考慮其他突變的情況下，下列敘述錯誤的是（　　）
A．翅外展黑檀體果蠅與野生型純合果蠅雜交，F1自由交配，F2出現9：3：3：1的性狀分離比
B．菱形眼雌蠅與野生型雄蠅雜交，F1中雄蠅均為野生型，雌蠅均為菱形眼
C．基因型為RuruEe的果蠅，減數分裂可能產生四種基因型的配子
D．痕翅果蠅的次級精母細胞中可能存在2個或0個r基因
7．（2024 新疆二模）“母性效應”是指子代性狀的表現型由母體的核基因型決定，而不受自身基因型的控制。椎實螺是一種雌雄同體的軟體動物，一般通過異體受精繁殖。若單獨飼養，也可以進行自體受精。其螺殼的旋轉方向有左旋和右旋的區分，旋轉方向遵循“母性效應”。某雜交實驗過程如圖所示，下列分析錯誤的是（　　）
A．與螺殼旋轉方向有關基因的遺傳遵循基因的分離定律
B．讓圖示F2個體進行自交，其后代全為右螺旋
C．若圖中為親本正交的結果，則親本反交得到的F2結果與正交結果一致
D．將某右旋椎實螺自交，所得后代全為左旋螺，則該右旋椎實螺基因型為dd
8．（2023秋 聊城期末）某植物有紅花和白花兩種花色，當同時存在A、B基因時，該植物開紅花，任何一對為隱性時開白花。過度甲基化的A純合會導致A基因表達產物異常，紅花個體會出現銀邊紅花，白花的個體中則會出現粉色條紋。某白花品系種植多年后，偶然發現了一開銀邊紅花的植株，推測發生了單突變。該植株自交得到的36株子代中，銀邊紅花27株，粉色條紋花9株。下列敘述錯誤的是（　　）
A．A、B基因位于2對同源染色體上
B．最可能的情況是b突變成了B
C．DNA甲基化屬于可遺傳變異，但本質上并沒有改變遺傳信息
D．該突變體后代的銀邊紅花27株隨機受粉得到F2，F2中銀邊紅花占
9．（2024 牡丹江校級模擬）基因和染色體的行為存在平行關系，下列相關敘述錯誤的是（　　）
A．一條染色體上有多個基因，基因在染色體上呈線性排列
B．非同源染色體自由組合，使所有非等位基因也自由組合
C．非同源染色體數量越多，非等位基因組合的種類也越多
D．同源染色體分離的同時，同源染色體上的等位基因也隨之分離
10．（2024秋 渭源縣校級月考）某種魚的鱗片有4種表型，分別是單列鱗、野生型鱗、無鱗和散鱗，由兩對獨立遺傳的等位基因（用A、a，B、b表示）決定，且BB對生物個體有致死作用。將無鱗魚和純合野生型鱗魚雜交，F1有兩種表型，野生型鱗魚占50%，單列鱗魚占50%；選取F1中的單列鱗魚進行相互交配，其后代中有上述4種表型，這4種表型的數量比為6：3：2：1，則F1的親本基因型組合是（　　）
A．Aabb×Aabb B．aaBb×aabb C．aaBb×AAbb D．AaBb×AAbb
11．（2024 湖北模擬）已知果蠅的紅眼和白眼這對相對性狀受一對等位基因控制，現選用多對果蠅進行如下兩組雜交：紅眼雌蠅×白眼雄蠅、白眼雌蠅×紅眼雄蠅。不考慮基因位于X、Y染色體的同源區段，下列推測錯誤的是（　　）
A．若兩組雜交的子一代中都是紅眼個體多于白眼個體，則紅眼為顯性
B．若兩組雜交的子一代眼色的遺傳都與性別無關，則基因位于常染色體上
C．若其中一組雜交的子一代雄性全為紅眼，雌性全為白眼，則紅眼為顯性
D．若其中一組雜交的子一代雄性全為白眼，雌性全為紅眼，則基因位于X染色體上
12．（2024 浙江模擬）水稻雌雄同株，自然狀態下花粉成熟后可以進行自交或者雜交。研究發現水稻的雄蕊是否可育由細胞核基因與細胞質基因共同決定。核基因R控制雄性可育，r控制雄性不育，細胞質基因N控制雄性可育，M基因控制雄性不育，這四種基因中R抑制M的表達，其中只有基因型為M（rr）基因型的水稻表現為雄性不育。下列敘述錯誤的是（　　）
A．水稻雄性可育的基因型有5種
B．N和M基因的遺傳不遵循孟德爾定律
C．雄性不育系與具有優良性狀的母本雜交可獲得雜種優勢稻
D．基因型M（rr）個體與N（rr）個體雜交可以持續獲得雄性不育系
13．（2024 浙江模擬）某昆蟲原始種群均為紅眼野生型，若干年后，種群中出現了能夠穩定遺傳的白眼品系，用野生型與該白眼品系雜交得F1，F1雌雄個體隨機交配后，紅眼與白眼比例大約為15：1，據此推測，下列敘述正確的是（　　）
A．白眼品系的出現，推測該昆蟲種群發生了進化
B．白眼品系的出現增加了物種多樣性，提高了物種豐富度
C．該昆蟲的眼色一定受兩對基因控制，有兩種表型
D．若控制眼色的若干種基因發生了基因突變，說明基因突變具有多方向性
14．（2023秋 亳州期末）已知某二倍體動物的翅色有紫色和黃色兩種，受等位基因T/t控制；眼色有綠色和白色兩種，受等位基因D/d控制。一只紫翅綠眼的個體甲和一只紫翅白眼的個體乙交配，所得雌性子代和雄性子代中均有紫翅：黃翅＝3：1，綠眼：白眼＝1：1。分析上述信息，下列敘述最合理的是（　　）
A．等位基因T/t和D/d在遺傳上遵循自由組合定律
B．等位基因T/t和D/d中，只能確定T/t位于常染色體上
C．翅色和眼色這兩對相對性狀中，顯性性狀分別是紫翅、綠眼
D．等位基因T和t的堿基排列順序不同，堿基對數也不同
15．（2024 湖南模擬）野生果蠅的體色與性別無關，有灰色與黑色兩種，分別由基因A、a控制。研究發現給果蠅的幼蟲飼喂一種特殊的飼料，果蠅的體色均為黑色。現有一只飼喂特殊飼料的黑色雄果蠅，為確定其基因組成，選擇多只雌果蠅與其雜交，通過后代的表型及比例進行判定。下列敘述正確的是（　　）
A．該黑色雄果蠅可能有三種基因組成，與其雜交的果蠅應為黑色且不喂該種飼料
B．選擇多只雌果蠅進行雜交實驗是為了得到足夠多的后代，形成特定的分離比
C．雜交后的子代需要用正常的飼料飼喂，否則特殊飼料將引起基因組成的改變
D．若子代中出現黑色果蠅，可根據黑色果蠅的性別確定A/a在染色體上的具體位置
16．（2024 河北區學業考試）豌豆子葉的顏色黃色（Y）對綠色（y）為顯性，種子的形狀圓形（R）對皺形（r）為顯性。這兩對相對性狀的遺傳遵循自由組合定律。下列雜交組合中，子代只會出現兩種表型的是（　　）
A．YyRR×yyRr B．YyRr×Yyrr C．Yyrr×YYRR D．YyRr×YyRr
二．解答題（共4小題）
17．（2024秋 陽江期末）擬南芥（2N＝10）十字花科植物，雌雄同花，株高20cm左右，從發芽到開花約40天，果實為角果，每個果莢可生50～60粒種子，存在多對易于區分的相對性狀。因此廣泛用于植物遺傳學研究，被稱為“植物界的果蠅”，近幾年多次用衛星送往空間站進行研究。請回答下列問題：
（1）擬南芥作為良好的遺傳學材料的優點有 　 　（列舉兩項），對擬南芥進行人工雜交實驗時，對母本進行的操作依次為 　 　。
（2）經過空間站培育后，研究人員發現擬南芥花色遺傳由一組位于一對同源染色體的復等位基因A1（紫色）、A2（粉色）、A3（白色）控制，其中某一基因純合致死。現有不同花色基因型的擬南芥種子若干，開展以下系列實驗，結果如圖所示：
①擬南芥花色性狀紫色、粉色、白色顯隱關系的順序是 　 　（用“＞”連接）。其中純合致死的基因型為 　 　。
②若想獲得子代花色種類最多，應選擇基因型為 　 　的個體作為親本進行雜交，其子代花色種類及比例為 　 　。
18．（2024秋 唐山期末）小麥是人類主要的糧食作物，白粉病嚴重威脅小麥生產，發掘并鑒定小麥抗白粉病基因意義重大。小麥品系A對小麥白粉菌有著較好的抗性，科研人員對其抗性基因的遺傳方式及其在染色體上的位置進行分析。回答下列問題：
（1）小麥抗病品系A與感病品系B雜交，F1全部感病。F1自交所得F2中感病：抗病＝3：1，這種現象被稱作 　 　。自交結果說明其抗性受一對基因控制，且抗病為隱性性狀，推測F2感病植株中純合子的比例約為 　 　。
（2）小麥品系C的抗病性狀受2號染色體上的一對隱性基因控制，品系A與品系C雜交，F1自交得到F2。若F1表型為 　 　，且F2表型及比例為 　 　，則說明品系A的抗性基因位于2號染色體，且與品系C的抗病基因為非等位基因。
（3）圖1為小麥2號染色體上的4種遺傳標記（DNA片段），標記1和標記4在遺傳時 　 　（填“遵循”或“不遵循”）自由組合定律。每種標記的長度在不同個體中因一段核苷酸序列的插入或缺失而可能不同。對品系A和B中4種標記的擴增產物進行電泳，根據圖2結果所示。與品系A相比，品系B的標記1中核苷酸序列發生了 　 　。
（4）研究發現，品系A的抗性基因位于2號染色體的標記1和標記4之間，且4種標記均不含抗性基因的序列。欲對抗性基因進行精細定位，科研人員對（1）中許多F2小麥的遺傳標記進行電泳分析，其中兩種類型小麥的電泳結果如圖2的Ⅰ、Ⅱ所示。類型Ⅰ表現為抗病，且同時含有品系A的標記3、4和品系B的標記1、2，推測原因是在減數分裂時，　 　。由于4種標記位置相鄰，上述推測在每個細胞中只可能發生一次，由此推斷抗性基因不位于標記 　 　之間。結合圖2中類型Ⅱ的結果，可將抗性基因定位于標記 　 　之間。
19．（2024秋 撫順期末）褐飛虱利用刺吸式口器吸食水稻汁液，引起水稻植株營養成分流失，使稻穗發育不良。水稻對褐飛虱的抗性受到多種基因的調控。科研人員挑選了一些抗褐飛虱較強的水稻品種（甲、乙、丙），并將其與不抗褐飛虱的水稻品種進行雜交，F1自交得到F2，雜交實驗及結果如表所示。回答下列問題：
雜交組合 親本 F1的表型及比例 F2的表型及比例
一 甲×不抗褐飛虱 抗褐飛虱 抗褐飛虱：不抗褐飛虱＝15：1
二 乙×不抗褐飛虱 不抗褐飛虱 抗褐飛虱：不抗褐飛虱＝1：3
三 丙×不抗褐飛虱 抗褐飛虱 抗褐飛虱：不抗褐飛虱＝13：3
（1）分析雜交實驗及結果可知，在抗性水稻甲、乙、丙中，抗性性狀受1對等位基因控制的水稻是 　 　，受顯性基因控制的水稻是 　 　。
（2）若讓雜交組合一F2的抗褐飛虱水稻進行自交，部分植株的子代會出現不抗褐飛虱性狀，則這部分植株在F2抗褐飛虱植株中所占的比例為 　 　。若選擇雜交組合二F2的抗褐飛虱水稻分別與F2的不抗褐飛虱水稻進行雜交，則F3的表型及比例為 　 　。
（3）科研人員認為雜交組合三抗褐飛虱的性狀與基因表達受抑制有關。以下模型中，能解釋該雜交現象的是 　 　（填序號）。按照該解釋模型分析，丙和不抗褐飛虱親本的基因型分別為 　 　。
（4）將甲和乙進行雜交，子代植株均表現為抗褐飛虱。F1自交得到F2，F2中抗褐飛虱：不抗褐飛虱接近61：3，其中大約25%的抗性植株對褐飛虱的抗性增強。從基因在染色體的位置和相互作用的角度分析，其原因是 　 　。
20．（2025 浙江模擬）稻瘟病菌侵染可導致水稻患稻瘟病，研究人員篩選獲得純合的稻瘟病抗性突變體（M），初步判斷抗性與4號染色體上的R/r基因有關。回答下列問題：
（1）將M與易感病的野生型（WT）植株雜交，F1均表現為易感病，F1自交，F2的表現型及比例為易感病：抗性＝3：1。據此可初步判斷，M的抗性性狀由 　 　性基因控制。
（2）WT和M均無A基因，且A基因無抗性功能。①科研人員將A基因導入WT，篩選得到抗稻瘟病純合植株N。將植株N與M雜交，F1均表現為抗性，F1自交，若F2的表現型及比例為 　 　，則支持“A基因與R基因位于非同源染色體上，且A基因抑制R基因的表達”的推測。若F2均有抗性，則支持 　 　的推測。②為驗證A基因通過抑制R基因的表達使植物表現抗性，從下表選擇合適的材料、處理和預期結果。組1：ah；組2：bg；組3：　 　；組4：　 　。
水稻植株材料 a WT
b 植株N
對材料的處理 c 轉入R基因
d 敲除R基因
e 轉入A基因
f 敲除A基因
預期結果 g 表達抗性
h 不表達抗性
（3）為確定M的突變位點，進行如下實驗：
①圖1中M與WT雜交，若F1產生配子時發生片段交換，請畫出F2中攜帶交換染色體的植株的4號染色體結構圖：　 　。利用F2植株進行 　 　，可獲得純合的重組植株R1～R5。
②圖2、圖3分別顯示對R1～R5進行分子標記檢測和稻瘟病菌感染率檢測的結果。據圖分析，抗稻瘟病菌感染的突變基因位于 　 　之間。
（4）下列關于稻瘟病抗性突變體（M）篩選、培育和應用的敘述，正確的是 　 　。
A．可利用體細胞無性系變異篩選獲得M
B．M的培育能提高水稻的遺傳多樣性
C．栽培M時可能會出現對稻瘟病菌敏感的植株
D．大規模種植M能對稻瘟病菌進行人工選擇
高考沖刺押題預測 遺傳的基本規律
參考答案與試題解析
一．選擇題（共16小題）
1．（2024秋 常州期末）集群分離分析法可用于研究等位基因之間的堿基序列差異，其流程如圖所示。相關敘述錯誤的是（　　）
A．用于雜交的親本應選擇目的性狀差異明顯的，但其他性狀需盡量保持一致
B．兩個親本雜交后連續自交，便于在后代中純化出具有極端表型的個體
C．構建理想的DNA混池時，應選擇表型和基因型不能確定的個體
D．最終挖掘出堿基序列存在差異的基因，這些基因可能與目的性狀相關
【考點】基因的分離定律的實質及應用．
【專題】正推法；基因分離定律和自由組合定律；理解能力．
【答案】C
【分析】分離定律的實質是雜合體內等位基因在減數分裂生成配子時隨同源染色體的分開而分離，進入兩個不同的配子，獨立的隨配子遺傳給后代。
【解答】解：A、集群分離分析法可用于研究等位基因之間的堿基序列差異，則除了研究的相關性狀有差異，其他性狀需盡量保持一致，保證單一變量，排除無關變量的影響，A正確；
B、兩個親本雜交后連續自交，提高純合子的比例，便于在后代中純化出具有極端表型的個體，B正確；
C、構建理想的DNA混池時，應選擇表型和基因型能確定的個體，才便于后續的堿基序列的定位，C錯誤；
D、通過對具有差異的堿基序列定位，最終挖掘出堿基序列存在差異的基因，這些基因可能與目的性狀相關，D正確。
故選：C。
【點評】本題考查基因的分離定律及應用的相關知識，要求學生正確分析題目信息，結合所學知識分析解答。
2．（2024秋 重慶期末）煙草為二倍體雌雄同株植物，無法自交產生后代，已知這種現象受復等位基因Sx（x＝1，2，3……）控制，為了進一步探究其遺傳機制，科學家選取了一些煙草進行雜交實驗，結果如表所示，下列說法正確的是（　　）
♀ ♂ S1S3 S1S2 S2S3
S1S3 ﹣ S1S3、S2S3 S1S2、S1S3
S1S2 S1S2、S2S3 ﹣ S1S2、S1S3
S2S3 S1S2、S2S3 S1S3、S2S3 ﹣
A．煙草的全部個體所含有的全部S基因稱為該種群的基因庫
B．基因型為S2S3和S1S2煙草進行雜交，出現不同基因型后代的原因是發生了基因重組
C．調查研究發現某地的煙草S基因共有5種，則該地煙草最多有10種基因型
D．這些復等位基因的出現是基因突變的結果，體現了基因突變的隨機性
【考點】基因的分離定律的實質及應用．
【專題】正推法；基因分離定律和自由組合定律；理解能力．
【答案】C
【分析】基因的分離定律：在雜合子的細胞中，位于一對同源染色體上的等位基因，具有一定的獨立性；在減數分裂形成配子的過程中，等位基因會隨同源染色體的分開而分離，分別進入到兩個配子中，獨立地隨配子遺傳給后代。
【解答】解：A、種群的基因庫是指一個種群中全部個體所含有的全部基因，而不只是全部S基因，A錯誤；
B、煙草的S基因是復等位基因，位于同源染色體上，基因型為S2S3和S1S2煙草進行雜交，出現不同基因型后代的原因是等位基因分離，雌雄配子隨機結合，而不是基因重組（基因重組發生在非等位基因之間），B錯誤；
C、調查研究發現某地的煙草S基因共有5種，由于不會有純合子出現，該地的煙草最多有10種基因型，C正確；
D、這些復等位基因的出現是基因突變的結果，體現了基因突變的不定向性（一個基因可以向不同的方向發生突變，產生一個以上的等位基因），而不是隨機性，D錯誤。
故選：C。
【點評】本題考查基因庫、基因重組及基因突變的特點等知識，意在考查考生對遺傳相關概念和原理的理解與應用能力。
3．（2024秋 寧波期末）假說—演繹是現代科學研究常用的科學方法，下列不屬于孟德爾對分離現象的解釋的是（　　）
A．在體細胞中，遺傳因子是成對的
B．受精時，雌雄配子的結合是隨機的
C．F1與隱性純合子測交，后代分離比為1：1
D．生物體在產生配子時，成對的遺傳因子分離
【考點】對分離現象的解釋和驗證．
【專題】正推法；基因分離定律和自由組合定律；理解能力．
【答案】C
【分析】孟德爾對一對相對性狀的雜交實驗的解釋：（1）生物的性狀是由細胞中的遺傳因子決定的；（2）體細胞中的遺傳因子成對存在；（3）配子中的遺傳因子成單存在；（4）受精時，雌雄配子隨機結合。
【解答】解：A、孟德爾對分離現象的解釋之一是在體細胞中，遺傳因子是成對存在的，A正確；
B、受精時，雌雄配子的結合是隨機的，這是孟德爾對分離現象的解釋內容，B正確；
C、F1與隱性純合子測交，后代分離比為1：1，這是孟德爾對分離現象解釋的驗證（測交實驗），而不是對分離現象的解釋，C錯誤；
D、生物體在產生配子時，成對的遺傳因子分離，分別進入不同的配子中，這是孟德爾對分離現象的解釋內容，D正確。
故選：C。
【點評】本題考查孟德爾對分離現象的解釋和驗證等知識，意在考查學生對孟德爾遺傳實驗相關內容的理解，區分解釋和驗證的不同內容。
4．（2024秋 洮北區校級期末）某鳥類羽毛顏色有黑色和白色兩種，由位于常染色體上的基因A、a和B、b共同控制。某科研人員選用白色雌雄個體相互交配，F1全為白色個體，F1雌雄個體相互交配，F2中白色：黑色＝15：1，下列有關敘述錯誤的是（　　）
A．親本基因型為AAbb和aaBB
B．F2中黑色個體全部為純合子
C．F2白色個體中純合子占
D．F2白色個體測交后代中可能出現黑色個體
【考點】基因的自由組合定律的實質及應用．
【專題】正推法；基因分離定律和自由組合定律；理解能力．
【答案】C
【分析】自由組合定律：控制不同性狀的遺傳因子的分離和組合是互不干擾的；在形成配子時，決定同一性狀的成對的遺傳因子彼此分離，決定不同性狀的遺傳因子自由組合。實質：位于非同源染色體上的非等位基因的分離或組合是互不干擾的；在減數分裂過程中，同源染色體上的等位基因彼此分離的同時，非同源染色體上的非等位基因自由組合。
【解答】解：AB、F2中白色：黑色＝15：1，是 9：3：3：1的變式，因此控制體色的兩對等位基因遵循基因的自由組合定律，白色基因型為A_B_、A_bb、aaB_，黑色基因型為 aabb。親本和 F1均為白色，所以F1的基因型為AaBb，親本基因型為AAbb 和 aaBB，A、B 正確；
C、F2白色個體基因型為9A_B_、3aaB_、3A_bb，白色純合子基因型為1AABB、1aaBB、1AAbb，則F2白色個體中純合子占 ，C錯誤；
D、F2白色個體（A_B_、A_bb、aaB_）測交后代可能出現黑色（aabb），D正確。
故選：C。
【點評】本題考查基因自由組合定律的相關內容，要求學生能運用所學的知識正確作答。
5．（2024 江西模擬）科學合理的實驗操作是進行生物學實驗的重要保障，是得出正確實驗結果的前提。下列有關生物學實驗操作的敘述，正確的是（　　）
A．在“性狀分離比的模擬實驗”中，兩小桶中放置的小球數量必須相同
B．檢測酵母菌進行無氧呼吸產生了酒精時，培養時間要適當延長
C．用吸管將酵母菌培養液加到蓋有蓋玻片的計數板上后立即放到載物臺計數
D．“設計并制作生態缸，觀察其穩定性”實驗中，生態缸應放在通風、光線良好的地方便于提供充足的空氣和陽光
【考點】一對相對性狀雜交實驗及“假說—演繹”分析；探究培養液中酵母菌種群數量的動態變化；生態缸的制作與觀察；探究酵母菌的呼吸方式．
【專題】教材經典實驗；光合作用與細胞呼吸；理解能力．
【答案】B
【分析】生態瓶制作要求：生態瓶必須是封閉的；生態瓶中投放的幾種生物必須具有很強的生活力，成分齊全（具有生產者、消費者和分解者）；生態瓶材料必須透明；生態瓶宜小不宜大；生態瓶采光用較強的散射光；選擇生命力強的生物，動物不宜太多，個體不宜太大。
【解答】解：A、在“性狀分離比的模擬實驗”中，兩小桶中放置的小球數量不一定相同，只要每個小桶內不同顏色的小球數量相同即可，A錯誤；
B、橙色的重鉻酸鉀溶液在酸性條件下與酒精發生化學反應，變成灰綠色。由于葡萄糖也能與酸性重鉻酸鉀反應發生顏色變化。因此，應將酵母菌的培養時間適當延長以耗盡溶液中的葡萄糖，B正確；
C、用血球計數板計數時，先將蓋玻片放在計數室上，再用吸管吸取培養液，滴于蓋玻片邊緣，讓培養液自行滲入，稍待片刻，待酵母菌沉降到計數室底部，就可以將計數板放到載物臺中央，C錯誤；
D、生態缸模擬生態系統，其物質是自給自足的，能量需要外界輸入，故為保證制作的生態缸長時間維持穩定應將其放置于室內光線良好的地方，不需要給生態缸提供充足的空氣，D錯誤。
故選：B。
【點評】本題主要考查課本中的實驗等相關知識點，意在考查學生對相關知識點的理解和熟練應用的能力。
6．（2024 廈門模擬）某實驗室保存有野生型和一些突變型果蠅，果蠅部分隱性突變基因及其在染色體上的位置如圖所示。不考慮其他突變的情況下，下列敘述錯誤的是（　　）
A．翅外展黑檀體果蠅與野生型純合果蠅雜交，F1自由交配，F2出現9：3：3：1的性狀分離比
B．菱形眼雌蠅與野生型雄蠅雜交，F1中雄蠅均為野生型，雌蠅均為菱形眼
C．基因型為RuruEe的果蠅，減數分裂可能產生四種基因型的配子
D．痕翅果蠅的次級精母細胞中可能存在2個或0個r基因
【考點】基因的自由組合定律的實質及應用；細胞的減數分裂．
【專題】正推法；基因分離定律和自由組合定律；伴性遺傳．
【答案】B
【分析】粗糙眼和黑檀體對應的基因均位于3號染色體上，二者不能進行自由組合。位于非同源染色體、X染色體、2號及3號染色體上的基因可以自由組合
【解答】解：A、由圖可知，翅外展黑檀體果蠅的基因型為dpdpee，野生型型純合果蠅的基因型為DpDpEE，二者雜交的F1基因型為DpdpEe，且這兩對基因位于兩條染色體上，符合基因的自由組合定律，所以F1自由交配，F2出現9：3：3：1的性狀分離比，A正確；
B、由圖可知，菱形眼雌蠅的基因型為xlzxlz和野生型雄蠅xLzY雜交，F1的基因型為xLzxlz和xlzY，雌蠅表現型為野生型，雄蠅表現型為菱形眼，B錯誤；
C、由圖可知，基因型為RuruEe的果蠅，對應的基因位于同一對同源染色體上，正常情況下減數分裂可以產生RuE和rue兩種配子，當發生（交叉）互換時，數分裂可能產生RuE、rue、Rue和ruE四種基因型的配子，C正確；
D、痕翅雄果蠅的基因型為XrY，處于減數第二次分裂的細胞為次級精母細胞，此時Xr和Y已經分離，到達減數第二次分裂的后期，姐妹染色單體分離后，細胞中可能存在2個或0個r基因，D正確。
故選：B。
【點評】本題考查自由組合和伴性遺傳的相關知識，要求考生能結合題圖信息分析作答。
7．（2024 新疆二模）“母性效應”是指子代性狀的表現型由母體的核基因型決定，而不受自身基因型的控制。椎實螺是一種雌雄同體的軟體動物，一般通過異體受精繁殖。若單獨飼養，也可以進行自體受精。其螺殼的旋轉方向有左旋和右旋的區分，旋轉方向遵循“母性效應”。某雜交實驗過程如圖所示，下列分析錯誤的是（　　）
A．與螺殼旋轉方向有關基因的遺傳遵循基因的分離定律
B．讓圖示F2個體進行自交，其后代全為右螺旋
C．若圖中為親本正交的結果，則親本反交得到的F2結果與正交結果一致
D．將某右旋椎實螺自交，所得后代全為左旋螺，則該右旋椎實螺基因型為dd
【考點】基因的分離定律的實質及應用．
【專題】信息轉化法；基因分離定律和自由組合定律．
【答案】B
【分析】據圖分析，左螺旋dd作為母本，與右螺旋DD作為父本雜交，后代基因型為Dd，表現型為左螺旋（與母本相同），子一代為Dd，Dd自交，子二代全部為右螺旋，且后代DD：DD：dd＝1：2：1，說明Dd的遺傳遵循基因的分離定律，即“母性效應”現象是符合孟德爾分離定律的。
【解答】解：A、Dd在產生配子時，等位基因分離，說明與螺殼旋轉方向有關的基因的遺傳遵循基因的分離定律，A正確；
B、讓圖示中F2個體進行自交，DD和Dd自交的后代都是右螺旋，dd自交的后代是左螺旋，因此后代螺殼右旋：左旋＝3：1，B錯誤；
C、若圖中為親本正交的結果，則親本反交得到的F1的基因型為Dd，表現型為右旋螺，子代的性狀由母體的核基因決定，所以F1自交得到的F2結果和正交結果一致，C正確；
D、由于子代的性狀由母體的核基因決定，所以當將某右旋椎實螺自交，所得后代全為左旋螺時，說明該右旋椎實螺為純合子，且基因型為dd，D正確。
故選：B。
【點評】本題較為新穎，考查基因分離定律的應用，意在考查學生能運用所學知識與觀點，通過比較、分析與綜合等方法對某些生物學問題進行解釋、推理，做出合理的判斷或得出正確的結論的能力。
8．（2023秋 聊城期末）某植物有紅花和白花兩種花色，當同時存在A、B基因時，該植物開紅花，任何一對為隱性時開白花。過度甲基化的A純合會導致A基因表達產物異常，紅花個體會出現銀邊紅花，白花的個體中則會出現粉色條紋。某白花品系種植多年后，偶然發現了一開銀邊紅花的植株，推測發生了單突變。該植株自交得到的36株子代中，銀邊紅花27株，粉色條紋花9株。下列敘述錯誤的是（　　）
A．A、B基因位于2對同源染色體上
B．最可能的情況是b突變成了B
C．DNA甲基化屬于可遺傳變異，但本質上并沒有改變遺傳信息
D．該突變體后代的銀邊紅花27株隨機受粉得到F2，F2中銀邊紅花占
【考點】基因的自由組合定律的實質及應用；表觀遺傳；基因突變的概念、原因、特點及意義．
【專題】信息轉化法；基因分離定律和自由組合定律；基因與性狀關系；解決問題能力．
【答案】A
【分析】1、基因自由組合定律的實質是：位于非同源染色體上的非等位基因的分離或自由組合是互不干擾的；在減數分裂過程中，同源染色體上的等位基因彼此分離的同時，非同源染色體上的非等位基因自由組合。
2、生物體基因的堿基序列保持不變，但基因表達和表型發生可遺傳變化的現象，叫作表觀遺傳。
【解答】解：A、依題意，當同時存在A、B基因時，該植物開紅花，任何一對為隱性時開白花。又知過度甲基化的A純合會導致A基因表達產物異常，紅花個體會出現銀邊紅花，白花的個體中則會出現粉色條紋。因此，當突變體體現銀邊時，A基因純合，則無法通過突變體自交子代性狀分離比為3：1確定A、B基因在染色體上的位置，A錯誤；
B、依題意，當同時存在A、B基因時，該植物開紅花，任何一對為隱性時開白花。又知過度甲基化的A純合會導致A基因表達產物異常，紅花個體會出現銀邊紅花，白花的個體中則會出現粉色條紋。突變體為銀邊紅花的植株，則其基因型為AAB﹣，該植株自交子代性狀分離比為3：1，則其基因型為AABb。又突變體是由白花品系突變而來，白花品系基因型可以是：A﹣bb、aaB﹣、aabb。又知該突變是發生了單突變，因此，最可能的情況是b突變成了B，白花個體基因型由AAbb變成AABb，表型為銀邊紅花，B正確；
C、基因A甲基化是表觀遺傳現象，表觀遺傳是指生物體基因的堿基序列保持不變，但基因表達和表型發生可遺傳變化的現象，本質上并沒有改變遺傳信息，C正確；
D、該突變體基因型為AABb，則自交后代中27株銀邊紅花基因型及比例為為1AABB：2AABb。這27株銀邊紅花隨機受粉時，產生的雌雄配子基因型及比例為：2AB：1Ab，則F2中，AAbb所占比例為，AAB﹣（銀邊紅花）所占比例為1，D正確。
故選：A。
【點評】本題考查基因自由組合定律及運用、表觀遺傳的相關知識，意在考查學生的識記能力和判斷能力，運用所學知識綜合分析問題和解決問題的能力。
9．（2024 牡丹江校級模擬）基因和染色體的行為存在平行關系，下列相關敘述錯誤的是（　　）
A．一條染色體上有多個基因，基因在染色體上呈線性排列
B．非同源染色體自由組合，使所有非等位基因也自由組合
C．非同源染色體數量越多，非等位基因組合的種類也越多
D．同源染色體分離的同時，同源染色體上的等位基因也隨之分離
【考點】基因的自由組合定律的實質及應用；基因與DNA的關系；基因的分離定律的實質及應用．
【專題】正推法；基因分離定律和自由組合定律；理解能力．
【答案】B
【分析】減數第一次分裂后期，同源染色體分離，非同源染色體自由組合，同時等位基因隨著同源染色體的分開而分離，非同源染色體上的非等位基因自由組合。減數第二次分裂后期，染色單體分開時，復制而來的兩個基因也隨之分開。
【解答】解：A、染色體是基因的主要載體，一條染色體上有多個基因，基因在染色體上呈線性排列，A正確；
B、減數分裂過程中非同源染色體自由組合，所以非同源染色體上的非等位基因之間也隨之自由組合，而位于同源染色體上的非等位基因之間不會發生自由組合，B錯誤；
C、非等位基因可以位于非同源染色體上，非同源染色體數量越多，通過自由組合形成的非等位基因組合種類也越多，C正確；
D、等位基因位于同源染色體上，因此同源染色體分離的同時，同源染色體上的等位基因也隨之分離，D正確。
故選：B。
【點評】本題考查基因分離定律和自由組合定律的實質，要求考生識記基因分離定律和基因自由組合定律的實質，掌握基因與染色體平行關系的實例，能結合所學的知識準確答題。
10．（2024秋 渭源縣校級月考）某種魚的鱗片有4種表型，分別是單列鱗、野生型鱗、無鱗和散鱗，由兩對獨立遺傳的等位基因（用A、a，B、b表示）決定，且BB對生物個體有致死作用。將無鱗魚和純合野生型鱗魚雜交，F1有兩種表型，野生型鱗魚占50%，單列鱗魚占50%；選取F1中的單列鱗魚進行相互交配，其后代中有上述4種表型，這4種表型的數量比為6：3：2：1，則F1的親本基因型組合是（　　）
A．Aabb×Aabb B．aaBb×aabb C．aaBb×AAbb D．AaBb×AAbb
【考點】基因的自由組合定律的實質及應用．
【專題】正推反推并用法；基因分離定律和自由組合定律；理解能力．
【答案】C
【分析】根據題意分析可知：魚的鱗片有4種表現型：單列鱗、野生型鱗、無鱗和散鱗，由位于兩對同源染色體上的兩對等位基因決定，符合基因自由組合規律。該魚的鱗片有4種表型，由兩對獨立遺傳的等位基因控制，并且BB有致死作用，可推知該魚種群4種表型由A_Bb、A_bb、aaBb和aabb這4種基因型控制。F1中的單列鱗魚相互交配能產生4種表型的個體，可推導F1中的單列鱗魚的基因型為AaBb。
【解答】解：由于F1中的單列鱗魚相互交配能產生4種表型且比例為6：3：2：1，可推知單列鱗魚的基因型為AaBb，4種表型的基因型分別是6A_Bb、3A_bb、2aaBb、laabb，BB對生物個體有致死作用，故野生型鱗和無鱗為單顯，其基因型分別為A_bb、aaBb，散鱗為雙隱性，其基因型為aabb。由無鱗魚和純合野生型鱗魚雜交，即aaBb×AAbb→AaBb（單列鱗）、Aabb（野生型鱗），故親本基因型為AAbb×aaBb，C正確，ABD錯誤。
故選：C。
【點評】本題考查基因的分離定律與自由組合定律有關知識，要求學生理解兩個定律的實質，在準確分析題干信息的基礎上運用所學知識和方法解決問題。
11．（2024 湖北模擬）已知果蠅的紅眼和白眼這對相對性狀受一對等位基因控制，現選用多對果蠅進行如下兩組雜交：紅眼雌蠅×白眼雄蠅、白眼雌蠅×紅眼雄蠅。不考慮基因位于X、Y染色體的同源區段，下列推測錯誤的是（　　）
A．若兩組雜交的子一代中都是紅眼個體多于白眼個體，則紅眼為顯性
B．若兩組雜交的子一代眼色的遺傳都與性別無關，則基因位于常染色體上
C．若其中一組雜交的子一代雄性全為紅眼，雌性全為白眼，則紅眼為顯性
D．若其中一組雜交的子一代雄性全為白眼，雌性全為紅眼，則基因位于X染色體上
【考點】基因的分離定律的實質及應用；伴性遺傳．
【專題】正推法；基因分離定律和自由組合定律；理解能力．
【答案】C
【分析】基因分離定律的實質：在雜合的細胞中，位于一對同源染色體上的等位基因，具有一定的獨立性；減數分裂形成配子的過程中，等位基因會隨同源染色體的分開而分離，分別進入兩個配子中，獨立地隨配子遺傳給子代。
【解答】解：A、一對等位基因控制的表型，其雜合子表現為顯性，故顯性表型中包含2種基因型，而隱性表型僅1種基因型，因此顯性表型的數量往往多于隱性表型，故若題中兩個雜交組合的子一代中都是紅眼個體多于白眼個體，則紅眼為顯性，A正確；
B、若兩個雜交組合的子一代眼色的遺傳都與性別無關，即無論正交還是反交，后代表型及比例一致，則基因位于常染色體上，B正確；
C、若其中一個組合中子一代雄性全為紅眼，雌性全為白眼，則白眼為顯性，C錯誤；
D、若其中一個組合中子一代雄性全為白眼，雌性全為紅眼，則與性別相關，基因位于X染色體上，D正確。
故選：C。
【點評】本題考查基因分離定律的實質及應用的相關知識，要求考生掌握基因分離定律的實質，能結合題干信息答題。
12．（2024 浙江模擬）水稻雌雄同株，自然狀態下花粉成熟后可以進行自交或者雜交。研究發現水稻的雄蕊是否可育由細胞核基因與細胞質基因共同決定。核基因R控制雄性可育，r控制雄性不育，細胞質基因N控制雄性可育，M基因控制雄性不育，這四種基因中R抑制M的表達，其中只有基因型為M（rr）基因型的水稻表現為雄性不育。下列敘述錯誤的是（　　）
A．水稻雄性可育的基因型有5種
B．N和M基因的遺傳不遵循孟德爾定律
C．雄性不育系與具有優良性狀的母本雜交可獲得雜種優勢稻
D．基因型M（rr）個體與N（rr）個體雜交可以持續獲得雄性不育系
【考點】基因的分離定律的實質及應用．
【專題】正推法；植物激素調節；理解能力．
【答案】C
【分析】水稻雄性是否可育是由細胞核基因（R、r）（可育基因R對不育基因r為顯性）和細胞質基因（可育基因為N，不育基因為M）共同控制的，R是細胞核可育基因，N是細胞質可育基因。細胞質基因的遺傳會出現母系遺傳的特點。
【解答】解：A、雄性不育的基因型有M（rr）1種，雄性可育植株的基因型有M（RR）、M（Rr）、N（RR）、N（Rr）和N（rr）5種，A正確；
B、自由組合定律適用于真核生物有性生殖的細胞核遺傳，N和M基因位于細胞質中，不符合自由組合定律，B正確；
C、雄性不育系只能作為母本，C錯誤；
D、基因型M（rr）為雄性不育，作為母本，N（rr）作為父本，雜交后代基因型為M（rr），可以持續獲得雄性不育系，D正確。
故選：C。
【點評】本題考查基因分離定律及應用，意在考查考生能理解所學知識要點的能力，要求考生掌握基因分離定律的實質，正確分析題干信息，結合所學知識解答本題。
13．（2024 浙江模擬）某昆蟲原始種群均為紅眼野生型，若干年后，種群中出現了能夠穩定遺傳的白眼品系，用野生型與該白眼品系雜交得F1，F1雌雄個體隨機交配后，紅眼與白眼比例大約為15：1，據此推測，下列敘述正確的是（　　）
A．白眼品系的出現，推測該昆蟲種群發生了進化
B．白眼品系的出現增加了物種多樣性，提高了物種豐富度
C．該昆蟲的眼色一定受兩對基因控制，有兩種表型
D．若控制眼色的若干種基因發生了基因突變，說明基因突變具有多方向性
【考點】基因的自由組合定律的實質及應用．
【專題】正推法；基因分離定律和自由組合定律；理解能力．
【答案】A
【分析】野生型與該白眼品系雜交得F1，F1雌雄個體隨機交配后，紅眼與白眼比例大約為15：1，說明該昆蟲的眼色受兩對等位基因控制。
【解答】解：A、某昆蟲原始種群均為紅眼野生型，白眼品系的出現，說明基因頻率發生了改變，推測該昆蟲種群發生了進化，A正確；
B、白眼品系的出現增加了基因多樣性，B錯誤；
C、該昆蟲的眼色受兩對基因控制，有4種表型，即雄性紅眼、雄性白眼、雌性紅眼、雌性白眼，C錯誤；
D、若控制眼色的基因突變為若干等位基因，說明基因突變具有多方向性，D錯誤。
故選：A。
【點評】本題考查基因自由組合定律及運用的相關知識，意在考查學生的識記能力和判斷能力，運用所學知識綜合分析問題和解決問題的能力。
14．（2023秋 亳州期末）已知某二倍體動物的翅色有紫色和黃色兩種，受等位基因T/t控制；眼色有綠色和白色兩種，受等位基因D/d控制。一只紫翅綠眼的個體甲和一只紫翅白眼的個體乙交配，所得雌性子代和雄性子代中均有紫翅：黃翅＝3：1，綠眼：白眼＝1：1。分析上述信息，下列敘述最合理的是（　　）
A．等位基因T/t和D/d在遺傳上遵循自由組合定律
B．等位基因T/t和D/d中，只能確定T/t位于常染色體上
C．翅色和眼色這兩對相對性狀中，顯性性狀分別是紫翅、綠眼
D．等位基因T和t的堿基排列順序不同，堿基對數也不同
【考點】基因的自由組合定律的實質及應用；伴性遺傳．
【專題】遺傳基本規律計算；基因分離定律和自由組合定律；解決問題能力．
【答案】B
【分析】依題意，一只紫翅綠眼的個體甲和一只紫翅白眼的個體乙交配，所得雌性子代和雄性子代中均有紫翅：黃翅＝3：1，說明T/t基因都位于常染色體上，且紫色翅相對黃色翅為顯性。
【解答】解：A、實驗結果未統計紫色綠眼、紫色白眼、黃色綠眼及黃色白眼的比例，無法判斷兩對基因間關系，A錯誤；
BC、一只紫翅綠眼的個體甲和一只紫翅白眼的個體乙交配，所得雌性子代和雄性子代中均有紫翅：黃翅＝3：1，根據分離定律，可確定T/t基因位于常染色體上，且紫色翅相對黃色翅為顯性；假設該二倍體動物是XY型性別決定，D/d基因位于X染色體上，親本綠眼相對白眼為顯性，且甲為雌性個體，則兩親本基因型分別為XDXd和XdY，雌性子代表型為綠眼：白眼＝1：1，雄性子代表型為綠眼：白眼＝1：1；假設D/d基因位于常染色體上，兩親本基因型為Dd和dd，則雌性子代表型為綠眼：白眼＝1：1，雄性子代表型為綠眼：白眼＝1：1，無法確定綠眼和白眼的顯隱性。綜合以上分析，可確定T/t基因位于常染色體上，無法確定D/d基因在染色體上的位置，紫色翅相對黃色翅顯性，無法確定綠眼和白眼的顯隱性，B正確，C錯誤；
D、位基因T和t經基因突變產生，若是因堿基的替換而形成的等位基因，則T和t基因的堿基對數相等，解釋不合理，D錯誤。
故選：B。
【點評】本題考查遺傳規律的應用，主要考查學生對分離定律、自由組合定律以及伴性遺傳規律的分析應用。
15．（2024 湖南模擬）野生果蠅的體色與性別無關，有灰色與黑色兩種，分別由基因A、a控制。研究發現給果蠅的幼蟲飼喂一種特殊的飼料，果蠅的體色均為黑色。現有一只飼喂特殊飼料的黑色雄果蠅，為確定其基因組成，選擇多只雌果蠅與其雜交，通過后代的表型及比例進行判定。下列敘述正確的是（　　）
A．該黑色雄果蠅可能有三種基因組成，與其雜交的果蠅應為黑色且不喂該種飼料
B．選擇多只雌果蠅進行雜交實驗是為了得到足夠多的后代，形成特定的分離比
C．雜交后的子代需要用正常的飼料飼喂，否則特殊飼料將引起基因組成的改變
D．若子代中出現黑色果蠅，可根據黑色果蠅的性別確定A/a在染色體上的具體位置
【考點】基因的分離定律的實質及應用．
【專題】正推法；基因分離定律和自由組合定律；理解能力．
【答案】A
【分析】基因的分離定律的實質是：在雜合子的細胞中，位于一對同源染色體上的等位基因，具有一定的獨立性；在減數分裂形成配子的過程中，等位基因會隨同源染色體的分開而分離，分別進入兩個配子中，獨立地隨配子遺傳給后代。
【解答】解：A、因果蠅的體色與性別無關，可知控制體色的基因位于常染色體上，該黑色雄果蠅可能有三種基因組成，AA、Aa、aa，其與不喂該種飼料的黑色雌果蠅（aa）雜交，可根據后代的表型確定其基因型，A正確；
B、選擇多只雌果蠅進行雜交實驗是為了得到足夠多的后代，但是后代不一定會出現性狀分離，B錯誤；
C、雜交后的子代需要用正常的飼料飼喂，避免特殊飼料對體色的影響，而不是特殊飼料會改變基因組成，C錯誤；
D、若子代中出現黑色果蠅，只能說明親代雄果蠅含有a基因，并不能確定基因在染色體上的具體位置，D錯誤。
故選：A。
【點評】本題考查基因分離定律及應用的相關知識，意在考查考生能理解所學知識要點的能力，能用文字及數學方式等多種表達形式準確地描述生物學方面的內容的能力。
16．（2024 河北區學業考試）豌豆子葉的顏色黃色（Y）對綠色（y）為顯性，種子的形狀圓形（R）對皺形（r）為顯性。這兩對相對性狀的遺傳遵循自由組合定律。下列雜交組合中，子代只會出現兩種表型的是（　　）
A．YyRR×yyRr B．YyRr×Yyrr C．Yyrr×YYRR D．YyRr×YyRr
【考點】基因的自由組合定律的實質及應用．
【專題】正推法；基因分離定律和自由組合定律．
【答案】A
【分析】1、用分離定律解決自由組合問題：解題思路首先將自由組合定律問題轉化為若干個分離定律問題。在獨立遺傳的情況下，有幾對基因就可以分解為幾個分離定律問題。如AaBb×Aabb可分解為：Aa×Aa、Bb×bb，然后，按分離定律進行逐一分析。最后，將獲得的結果進行綜合，得到正確答案。
2、孟德爾的自由組合定律：控制不同性狀的遺傳因子的分離和組合是互不干擾的；在形成配子時，決定同一性狀的成對的遺傳因子彼此分離，決定不同性狀的遺傳因子自由組合。
【解答】解：A、YyRR×yyRr雜交子代的基因型為YyRR、yyRR、YyRr、yyRr，子代只有黃色圓粒、綠色圓粒兩種表型，A正確；
B、YyRr×Yyrr雜交子代的基因型為YyRr、yyRr、Yyrr、yyrr，子代有黃色圓粒、綠色圓粒、黃色皺粒和綠色皺粒四種表型，B錯誤；
C、Yyrr×YYRR后代基因型為YYRr和YyRr，均為黃色圓粒，C錯誤；
D、YyRr×YyRr后代出現黃色圓粒、綠色圓粒、黃色皺粒和綠色皺粒四種表型，且比例為9：3：3：1，D錯誤。
故選：A。
【點評】本題考查自由組合定定律等相關知識，意在考查學生的識記能力和判斷能力，運用所學知識綜合分析問題的能力。
二．解答題（共4小題）
17．（2024秋 陽江期末）擬南芥（2N＝10）十字花科植物，雌雄同花，株高20cm左右，從發芽到開花約40天，果實為角果，每個果莢可生50～60粒種子，存在多對易于區分的相對性狀。因此廣泛用于植物遺傳學研究，被稱為“植物界的果蠅”，近幾年多次用衛星送往空間站進行研究。請回答下列問題：
（1）擬南芥作為良好的遺傳學材料的優點有 　染色體數目少、易培養（生長周期短、子代數量多、有多對相對性狀等）　（列舉兩項），對擬南芥進行人工雜交實驗時，對母本進行的操作依次為 　去雄—套袋—人工授粉—套袋　。
（2）經過空間站培育后，研究人員發現擬南芥花色遺傳由一組位于一對同源染色體的復等位基因A1（紫色）、A2（粉色）、A3（白色）控制，其中某一基因純合致死。現有不同花色基因型的擬南芥種子若干，開展以下系列實驗，結果如圖所示：
①擬南芥花色性狀紫色、粉色、白色顯隱關系的順序是 　紫色＞粉色＞白色　（用“＞”連接）。其中純合致死的基因型為 　A1A1　。
②若想獲得子代花色種類最多，應選擇基因型為 　A1A3和A2A3　的個體作為親本進行雜交，其子代花色種類及比例為 　紫色：粉色：白色＝2：1：1　。
【考點】基因的分離定律的實質及應用．
【專題】正推法；基因分離定律和自由組合定律；解決問題能力．
【答案】（1）染色體數目少、易培養（生長周期短、子代數量多、有多對相對性狀等） 去雄—套袋—人工授粉—套袋
（2）①紫色＞粉色＞白色 A1A1
②A1A3和A2A3 紫色：粉色：白色＝2：1：1
【分析】分離定律的實質是雜合體內等位基因在減數分裂生成配子時隨同源染色體的分開而分離，進入兩個不同的配子，獨立的隨配子遺傳給后代。
自由組合定律：控制不同性狀的遺傳因子的分離和組合是互不干擾的；在形成配子時，決定同一性狀的成對的遺傳因子彼此分離，決定不同性狀的遺傳因子自由組合。
【解答】解：（1）擬南芥具有染色體數目比較少、易培養、生長周期短、后代數目多等特點，可以作為遺傳學的研究材料；雜交時，需要對母本進行的步驟是去雄→套袋→人工授粉→套袋。
（2）根據圖中雜交組合③紫甲（A1_）與紫乙（A1_）雜交，子代為紫色（A1_）：粉色（A2_）＝2：1可知，A1對A2為顯性，且A1A1純合致死，可得粉色的基因型為A2A3，所以可得擬南芥花色性狀紫色、粉色、白色顯隱關系的順序是A1＞A2＞A3，即紫色＞粉色＞白色
若想獲得子代花色種類最多，應選擇基因型為A1A3和A2A3的個體進行雜交，則后代的基因型及比例為A1A2：A1A3：A2A3：A3A3＝1：1：1：1，即紫色：粉色：白色＝2：1：1。
故答案為：
（1）染色體數目少、易培養（生長周期短、子代數量多、有多對相對性狀等） 去雄—套袋—人工授粉—套袋
（2）①紫色＞粉色＞白色 A1A1
②A1A3和A2A3 紫色：粉色：白色＝2：1：1
【點評】本題考查的相關內容，
18．（2024秋 唐山期末）小麥是人類主要的糧食作物，白粉病嚴重威脅小麥生產，發掘并鑒定小麥抗白粉病基因意義重大。小麥品系A對小麥白粉菌有著較好的抗性，科研人員對其抗性基因的遺傳方式及其在染色體上的位置進行分析。回答下列問題：
（1）小麥抗病品系A與感病品系B雜交，F1全部感病。F1自交所得F2中感病：抗病＝3：1，這種現象被稱作 　性狀分離　。自交結果說明其抗性受一對基因控制，且抗病為隱性性狀，推測F2感病植株中純合子的比例約為 　　。
（2）小麥品系C的抗病性狀受2號染色體上的一對隱性基因控制，品系A與品系C雜交，F1自交得到F2。若F1表型為 　全部感病　，且F2表型及比例為 　抗病：感病＝1：1　，則說明品系A的抗性基因位于2號染色體，且與品系C的抗病基因為非等位基因。
（3）圖1為小麥2號染色體上的4種遺傳標記（DNA片段），標記1和標記4在遺傳時 　不遵循　（填“遵循”或“不遵循”）自由組合定律。每種標記的長度在不同個體中因一段核苷酸序列的插入或缺失而可能不同。對品系A和B中4種標記的擴增產物進行電泳，根據圖2結果所示。與品系A相比，品系B的標記1中核苷酸序列發生了 　缺失　。
（4）研究發現，品系A的抗性基因位于2號染色體的標記1和標記4之間，且4種標記均不含抗性基因的序列。欲對抗性基因進行精細定位，科研人員對（1）中許多F2小麥的遺傳標記進行電泳分析，其中兩種類型小麥的電泳結果如圖2的Ⅰ、Ⅱ所示。類型Ⅰ表現為抗病，且同時含有品系A的標記3、4和品系B的標記1、2，推測原因是在減數分裂時，　2號染色體在標記2和標記3之間發生了染色體交換　。由于4種標記位置相鄰，上述推測在每個細胞中只可能發生一次，由此推斷抗性基因不位于標記 　1和2　之間。結合圖2中類型Ⅱ的結果，可將抗性基因定位于標記 　2和3　之間。
【考點】基因的分離定律的實質及應用；基因的自由組合定律的實質及應用．
【專題】圖文信息類簡答題；信息轉化法；基因分離定律和自由組合定律；解決問題能力．
【答案】（1）性狀分離
（2）全部感病 抗病：感病＝1：1
（3）不遵循 缺失
（4）2號染色體在標記2和標記3之間發生了染色體交換 1和2 2和3
【分析】基因分離定律的實質：在雜合子的細胞中，位于一對同源染色體上的等位基因，具有一定的獨立性；生物體在進行減數分裂形成配子時，等位基因會隨著同源染色體的分開而分離，分別進入到兩個配子中，獨立地隨配子遺傳給后代。
【解答】解：（1）小麥抗病品系A與感病品系B雜交，F1全部感病。F1自交所得F2中感病：抗病＝3：1，這種現象被稱作性狀分離，根據該現象可知，小麥抗性受一對基因控制，且抗病為隱性性狀，若相關基因用A/a表示，則品系A的基因型為aa，品系B的基因型為AA，推測F2感病植株（AA、Aa）中純合子的比例約。
（2）小麥品系C的抗病性狀受2號染色體上的一對隱性基因（b）控制，品系A（aaBB）與品系C（AAbb）雜交，F1自交得到F2。若F1表型為感病，且F2表型及比例為感病（AaBb）：抗病（aaBB、AAbb）＝1：1，則說明品系A的抗性基因位于2號染色體，且與品系C的抗病基因為非等位基因，即兩對等位基因的遺傳不符合自由組合定律。
（3）圖1為小麥2號染色體上的4種遺傳標記（DNA片段），標記1和標記4在“不遵循”自由組合定律，因為這兩個片段為連鎖關系。每種標記的長度在不同個體中遺傳時因一段核苷酸序列的插入或缺失而可能不同。對品系A和B中4種標記的擴增產物進行電泳，根據圖2結果所示。與品系A相比，品系B的標記1中核苷酸序列發生了缺失，因為品系B中標記1的位置下移，即在電泳過程中遷移的速度加快，說明相對分子量變小，因而推測表現為缺失。
（4）研究發現，品系A的抗性基因位于2號染色體的標記1和標記4之間，且4種標記均不含抗性基因的序列。欲對抗性基因進行精細定位，科研人員對（1）中許多F2小麥的遺傳標記進行電泳分析，其中兩種類型小麥的電泳結果如圖2的Ⅰ、Ⅱ所示。類型I表現為抗病，且同時含有品系A的標記3、4和品系B的標記1、2，推測該個體出現的原因是F1在減數分裂時2號染色體在標記2和標記3之間發生了染色體交換。這種交換在每個細胞中只可能發生一次，由此推斷抗性基因不位于標記1和2、3和4之間。結合圖2中類型Ⅱ的結果，可將抗性基因定位于標記2和3之間。
故答案為：
（1）性狀分離
（2）全部感病 抗病：感病＝1：1
（3）不遵循 缺失
（4）2號染色體在標記2和標記3之間發生了染色體交換 1和2 2和3
【點評】本題考查基因分離和自由組合定律的相關知識，意在考查學生的識記能力和判斷能力，學生具備運用所學知識綜合分析問題的能力是解答本題的關鍵。
19．（2024秋 撫順期末）褐飛虱利用刺吸式口器吸食水稻汁液，引起水稻植株營養成分流失，使稻穗發育不良。水稻對褐飛虱的抗性受到多種基因的調控。科研人員挑選了一些抗褐飛虱較強的水稻品種（甲、乙、丙），并將其與不抗褐飛虱的水稻品種進行雜交，F1自交得到F2，雜交實驗及結果如表所示。回答下列問題：
雜交組合 親本 F1的表型及比例 F2的表型及比例
一 甲×不抗褐飛虱 抗褐飛虱 抗褐飛虱：不抗褐飛虱＝15：1
二 乙×不抗褐飛虱 不抗褐飛虱 抗褐飛虱：不抗褐飛虱＝1：3
三 丙×不抗褐飛虱 抗褐飛虱 抗褐飛虱：不抗褐飛虱＝13：3
（1）分析雜交實驗及結果可知，在抗性水稻甲、乙、丙中，抗性性狀受1對等位基因控制的水稻是 　乙水稻　，受顯性基因控制的水稻是 　甲品種　。
（2）若讓雜交組合一F2的抗褐飛虱水稻進行自交，部分植株的子代會出現不抗褐飛虱性狀，則這部分植株在F2抗褐飛虱植株中所占的比例為 　　。若選擇雜交組合二F2的抗褐飛虱水稻分別與F2的不抗褐飛虱水稻進行雜交，則F3的表型及比例為 　抗褐飛虱：不抗褐飛虱＝1：2　。
（3）科研人員認為雜交組合三抗褐飛虱的性狀與基因表達受抑制有關。以下模型中，能解釋該雜交現象的是 　模型②　（填序號）。按照該解釋模型分析，丙和不抗褐飛虱親本的基因型分別為 　aaBB、AAbb　。
（4）將甲和乙進行雜交，子代植株均表現為抗褐飛虱。F1自交得到F2，F2中抗褐飛虱：不抗褐飛虱接近61：3，其中大約25%的抗性植株對褐飛虱的抗性增強。從基因在染色體的位置和相互作用的角度分析，其原因是 　甲AABBDD和乙aabbdd進行雜交，F1植株均表現為抗褐飛虱（AaBbDd），F2中同時表達甲與乙的抗性基因的植株（A_B_dd、aaB_dd、A_bbdd），約占）抗性增強　。
【考點】基因的自由組合定律的實質及應用．
【專題】正推法；基因分離定律和自由組合定律；理解能力．
【答案】（1）乙水稻；甲品種
（2）；抗褐飛虱：不抗褐飛虱＝1：2
（3）模型②；aaBB、AAbb
（4）甲AABBDD和乙aabbdd進行雜交，F1植株均表現為抗褐飛虱（AaBbDd），F2中同時表達甲與乙的抗性基因的植株（A_B_dd、aaB_dd、A_bbdd），約占）抗性增強
【分析】自由組合定律的實質：位于非同源染色體上的非等位基因的分離或組合是互不干擾的；在減數分裂過程中，同源染色體上的等位基因彼此分離的同時，非同源染色體上的非等位基因自由組合。適用范圍：①適用兩對或兩對以上相對性狀的遺傳，并且非等位基因均位于不同對的同源染色體上。②非同源染色體上的非等位基因自由組合，發生在減數第一次分裂過程中，因此只有進行有性生殖的生物，才能出現基因的自由組合。
【解答】解：（1）雜交組合一中，F2出現了15：1的性狀分離比，說明甲水稻的抗褐飛虱性狀由兩對基因（設為A/a、B/b）控制且這兩對基因獨立遺傳。雜交組合二中，F2出現了1：3的性狀分離比，說明乙水稻的抗褐飛虱性狀由一對基因（設為D/d）控制，雜交組合三中F2出現了13：3的性狀分離比，說明該性狀受兩對等位基因控制，抗褐飛虱性狀未必均受顯性基因控制，則根據性狀可判斷，甲品種的抗褐飛虱性狀受顯性基因控制。
（2）雜交組合一中，F2抗褐飛虱植株（比例為）的基因型為A_B_、A_bb、aaB_，其自交出現的不抗褐飛虱植株的基因型為AaBb（）、Aabb（）、aaBb（），這些植株的比例為。若選擇雜交組合二F2的抗褐飛虱水稻（dd）分別與F2的不抗褐飛虱水稻（DD、Dd）進行雜交，則子代抗褐飛虱植株（dd）的占比為，即性狀分離比為抗褐飛虱：不抗褐飛虱＝1：2。
（3）模型②能解釋雜交組合三F2出現13：3的分離比現象，按該解釋模型分析，丙和不抗褐飛虱親本的基因型分別為aaBB、AAbb，F2中不抗褐飛虱性狀的基因型為A_bb，占比為。
（4）將甲AABBDD和乙aabbdd進行雜交，子代植株均表現為抗褐飛虱（AaBbDd），F1自交得到F2，F2中抗褐飛虱：不抗褐飛虱接近61：3，64＝43，說明甲和乙的抗性基因均獨立遺傳受三對基因控制，同時表達甲與乙的抗性基因的植株（A_B_dd、aaB_dd、A_bbdd），約占）抗性增強。
故答案為：
（1）乙水稻；甲品種
（2）；抗褐飛虱：不抗褐飛虱＝1：2
（3）模型②；aaBB、AAbb
（4）甲AABBDD和乙aabbdd進行雜交，F1植株均表現為抗褐飛虱（AaBbDd），F2中同時表達甲與乙的抗性基因的植株（A_B_dd、aaB_dd、A_bbdd），約占）抗性增強
【點評】本題考查自由組合定律的相關知識，意在考查學生的識記能力和判斷能力，學生具備運用所學知識綜合分析問題的能力是解答本題的關鍵。
20．（2025 浙江模擬）稻瘟病菌侵染可導致水稻患稻瘟病，研究人員篩選獲得純合的稻瘟病抗性突變體（M），初步判斷抗性與4號染色體上的R/r基因有關。回答下列問題：
（1）將M與易感病的野生型（WT）植株雜交，F1均表現為易感病，F1自交，F2的表現型及比例為易感病：抗性＝3：1。據此可初步判斷，M的抗性性狀由 　隱　性基因控制。
（2）WT和M均無A基因，且A基因無抗性功能。①科研人員將A基因導入WT，篩選得到抗稻瘟病純合植株N。將植株N與M雜交，F1均表現為抗性，F1自交，若F2的表現型及比例為 　抗病：易感病＝13：3　，則支持“A基因與R基因位于非同源染色體上，且A基因抑制R基因的表達”的推測。若F2均有抗性，則支持 　A基因與R基因位于同源染色體上，且A基因抑制R基因的表達（或者A基因插入導致R基因結構破壞，無法表達）　的推測。②為驗證A基因通過抑制R基因的表達使植物表現抗性，從下表選擇合適的材料、處理和預期結果。組1：ah；組2：bg；組3：　adg（bdfg）bdg（adeg）　；組4：　bdg（adeg）　。
水稻植株材料 a WT
b 植株N
對材料的處理 c 轉入R基因
d 敲除R基因
e 轉入A基因
f 敲除A基因
預期結果 g 表達抗性
h 不表達抗性
（3）為確定M的突變位點，進行如下實驗：
①圖1中M與WT雜交，若F1產生配子時發生片段交換，請畫出F2中攜帶交換染色體的植株的4號染色體結構圖：　　。利用F2植株進行 　自交　，可獲得純合的重組植株R1～R5。
②圖2、圖3分別顯示對R1～R5進行分子標記檢測和稻瘟病菌感染率檢測的結果。據圖分析，抗稻瘟病菌感染的突變基因位于 　caps3～caps4　之間。
（4）下列關于稻瘟病抗性突變體（M）篩選、培育和應用的敘述，正確的是 　ABC　。
A．可利用體細胞無性系變異篩選獲得M
B．M的培育能提高水稻的遺傳多樣性
C．栽培M時可能會出現對稻瘟病菌敏感的植株
D．大規模種植M能對稻瘟病菌進行人工選擇
【考點】基因的自由組合定律的實質及應用．
【專題】正推法；基因分離定律和自由組合定律；解決問題能力．
【答案】（1）隱
（2）抗病：易感病＝13：3 A基因與R基因位于同源染色體上，且A基因抑制R基因的表達（或者A基因插入導致R基因結構破壞，無法表達） adg（bdfg） bdg（adeg）
（3） 自交 caps3～caps4
（4）ABC
【分析】根據題意可知，M（抗病）與易感病的野生型（WT）植株雜交，F1均表現為易感病，令其自交，F2的表現型及比例為易感病：抗性＝3：1，突變體M的抗性性狀為隱性性狀，由隱性基因控制，并遵循基因的分離定律。
【解答】解：（1）M（抗病）與易感病的野生型（WT）植株雜交，F1均表現為易感病，令其自交，F2的表現型及比例為易感病：抗性＝3：1，故突變體M的抗性性狀為隱性性狀，由隱性基因控制。
（2）①若A基因與R基因位于非同源染色體上，則兩對基因遵循基因的自由組合定律，將植株N與突變體M雜交，F1均表現為抗性，基因型為AaRr，F1自交，子代A_R_：A_rr：aaR_：aarr＝9：3：3：1，若A基因抑制R基因的表達，則子代抗病：易感病＝13：3。
②當A基因與R基因位于同源染色體上，且A基因抑制R基因的表達時，將植株N與突變體M雜交，F1均表現為抗性，基因型為AaRr，F1自交，F2為A_R_：aarr＝3：1，均有抗性。③組1：a為野生型植株，有R基因無A基因，預期結果h無抗性；組2：b為植株N是將A基因導入WT，篩選得到的，有R基因有A基因，預期結果g有抗性；組3和組4可將野生型和植株N的R基因敲除，預期結果無抗性，即組3：adg；組4：bdg，可驗證A基因通過抑制R基因的表達使植物表現抗性。
（3）①若F1產生配子時發生片段交換，即同源染色體的非姐妹染色單體發生了互換，則F2中相應植株的4號染色體的結構圖為：；
②若要獲得純合的重組植株R1—R5，則需要用F2植株進行自交；③對R1—R5進行分子標記及稻瘟病菌感染率檢測，如圖2、圖3，抗稻瘟病菌感染的有caps3﹣caps4，推測抗稻瘟病菌感染的突變基因位于caps3﹣caps4之間。
（4）A、體細胞無性系變異可作為一種變異來源，可用于篩選獲得稻瘟病抗性突變體（M），A正確；
B、培育M即獲得新的抗性品種，這能夠增加水稻的遺傳多樣性，B正確；
C、由于突變體可能存在突變基因不穩定等情況，所以栽培M時可能會出現對稻瘟病菌敏感的植株，C正確；
D、大規模種植M是對稻瘟病菌進行自然選擇（因為自然環境中有稻瘟病菌）而不是人工選擇，D錯誤。
故選：ABC。
故答案為：
（1）隱
（2）抗病：易感病＝13：3 A基因與R基因位于同源染色體上，且A基因抑制R基因的表達（或者A基因插入導致R基因結構破壞，無法表達） adg（bdfg） bdg（adeg）
（3） 自交 caps3～caps4
（4）ABC
【點評】本題考查自由組合定律的相關知識，意在考查學生的識記能力和判斷能力，學生具備運用所學知識綜合分析問題的能力是解答本題的關鍵。
21世紀教育網 www.21cnjy.com 精品試卷·第 2 頁 （共 2 頁）
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