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河南省2025年1月高三適應性測試（八省聯考）生物試卷
1．（2025·河南模擬）中國的飲食文化源遠流長。某傳統美食口味獨特，配料豐富（有海帶、面筋、粉條和香油等）。下列敘述錯誤的是(　　)
A．海帶中的碘元素可用于合成甲狀腺激素
B．香油中的不飽和脂肪酸可用于合成磷脂
C．面筋中的蛋白質變性后生物活性喪失但理化性質不變
D．粉條中的淀粉徹底水解后可產生合成糖原的基本單位
【答案】C
【知識點】蛋白質變性的主要因素；糖類的種類及其分布和功能；無機鹽的主要存在形式和作用；脂質的種類及其功能
【解析】【解答】A、碘是合成甲狀腺激素的重要原料。海帶中富含碘元素，這些碘元素可用于合成甲狀腺激素，A不符合題意；
B、磷脂是由甘油、脂肪酸、磷酸和含氮堿基組成的。香油中的不飽和脂肪酸是合成磷脂的原料之一，B不符合題意；
C、蛋白質變性后，其生物活性喪失，同時理化性質也會發生改變，如溶解度降低等，C符合題意；
D、粉條中的淀粉徹底水解后的產物是葡萄糖，葡萄糖是合成糖原的基本單位，D不符合題意。
故答案為：C。
【分析】（1）細胞中的無機鹽多以離子的形式存在。一些無機鹽是細胞內復雜化合物的重要組成成分，許多種無機鹽對于維持細胞和生物體的生命活動有非常重要的作用。
（2）脂質通常包括脂肪、磷脂、固醇等，它們有些是細胞結構的重要組成成分，有些參與重要的生命活動過程。
（3）蛋白質變性是指蛋白質在某些物理和化學因素作用下其特定的空間構象被破壞，從而導致其理化性質的改變和生物活性喪失的現象。
（4）食物中的淀粉水解后變成葡萄糖，這些葡萄糖成為人和動物體合成動物多糖——糖原的原料。
2．（2025·河南模擬）植物可通過細胞自噬實現自清潔和脅迫應答。在自噬過程中，受損蛋白質或細胞器被膜包裹后形成自噬小體，自噬小體與液泡融合進而完成內容物的降解和利用。下列推測錯誤的是(　　)
A．內質網可以為植物自噬小體的膜結構提供原材料
B．植物自噬小體的錨定和運輸與細胞骨架密切相關
C．液泡中含有多種水解酶，有類似于溶體的功能
D．鈉鹽脅迫下，植物減弱細胞自噬活動以維持生存
【答案】D
【知識點】細胞骨架；細胞自噬
【解析】【解答】A、內質網是脂質合成的車間，而膜結構的主要成分是脂質和蛋白質，所以內質網可以為植物自噬小體的膜結構提供原材料，A不符合題意；
B、細胞骨架與細胞的運動、分裂、分化等生命活動密切相關，植物自噬小體的錨定和運輸也需要細胞骨架的參與，B不符合題意；
C、液泡中含有多種水解酶，能對自噬小體的內容物進行降解和利用，這與溶酶體的功能類似，C不符合題意；
D、在鈉鹽脅迫下，植物應增強細胞自噬活動來應對脅迫，而不是減弱，細胞通過增強自噬來清除受損的細胞器和蛋白質等，以維持自身正常的生理功能和生存，D符合題意。
故答案為：D。
【分析】（1）粗面內質網能夠對附著核糖體合成的蛋白質進行加工和轉運。滑面內質網是細胞中脂質的合成場所。
（2）細胞骨架是由蛋白質纖維組成的網架結構，維持著細胞的形態，錨定并支撐著許多細胞器，與細胞運動、分裂、分化以及物質運輸、能量轉化、信息傳遞等生命活動密切相關。
（3）植物細胞沒有溶酶體，但是液泡中含有酸性水解酶，能夠行使溶酶體的功能。
（4）細胞自噬就是細胞吃掉自身的結構和物質。
3．（2025·河南模擬）大腸桿菌和枯草芽孢桿菌中的復合體A均由RNA和蛋白質組成，具有催化活性，下列實驗組合中，能推出“大腸桿菌復合體A中的單獨RNA組分有催化活性，但單獨蛋白質組分無催化活性”這一結論的是(　　)
①大腸桿菌復合體A經核糖核酸酶處理后，喪失催化活性
②大腸桿菌復合體A經蛋白水解酶處理后，仍有催化活性
③從大腸桿茵復合體A中分離的蛋白質組分，沒有催化活性
④通過體外轉錄得到大腸桿菌復合體A中的RNA，具有催化活性
⑤大腸桿菌復合體A的RNA與枯草芽孢桿菌復合體A的蛋白質組裝成的復合體，具有催化活性(　　)
A．①③ B．①⑤ C．②③ D．②④
【答案】A
【知識點】酶的本質及其探索歷程
【解析】【解答】①大腸桿菌復合體A經核糖核酸酶處理后，喪失催化活性，說明RNA被破壞后復合體失去催化活性，暗示RNA在催化中起重要作用；
②大腸桿菌復合體A經蛋白水解酶處理后，仍有催化活性，只能說明蛋白質被破壞后復合體仍有催化活性，但不能確定單獨RNA的催化活性，也不能確定單獨蛋白質組分無催化活性；
③從大腸桿菌復合體A中分離的蛋白質組分，沒有催化活性，直接表明單獨的蛋白質組分無催化活性；
④通過體外轉錄得到大腸桿菌復合體A中的RNA，具有催化活性，只能說明RNA有催化活性，但不能確定單獨蛋白質無催化活性；
⑤大腸桿菌復合體A的RNA與枯草芽孢桿菌復合體A的蛋白質組裝成的復合體，具有催化活性，這里涉及到不同來源的RNA和蛋白質重新組裝后的情況，不能直接推出大腸桿菌復合體A中的單獨RNA和單獨蛋白質的催化活性情況。
綜上所述，根據①③可以推出“大腸桿菌復合體A中的單獨RNA組分有催化活性，但單獨蛋白質組分無催化活性”這一結論，BCD不符合題意，A符合題意。
故答案為：A。
【分析】酶是活細胞產生的具有催化能力的生物大分子，絕大多數是蛋白質，少數是RNA。
4．（2025·河南模擬）醛固酮可誘導腎小管和集合管的管理上皮細胞合成多種蛋白質，如頂端膜上的鈉離子通道和基底膜上的鈉鉀泵，促進腎小管和集合管對Na+的重吸收，如圖所示。下列敘述錯誤的是(　　)
A．醛固酮促進Na+重吸收的同時也促進K+的排出
B．血Na+和血K+濃度升高均可促進徑固酮的分泌
C．Na+由管腔進入血管的方式既有主動運輸又有被動運輸
D．頂端膜上的K+外流依賴于基底膜上鈉鉀泵的正?；顒?br/>【答案】B
【知識點】三種跨膜運輸方式的比較
【解析】【解答】A、根據題圖可知，醛固酮促進腎小管和集合管對Na+重吸收，同時會促進K+的排出，這是醛固酮的生理作用，A不符合題意；
B、醛固酮促進Na+重吸收，且促進K+的排出，因此血K+濃度升高可促進醛固酮的分泌，而血Na+濃度降低才會促進醛固酮的分泌，B符合題意；
C、Na+由管腔進入上皮細胞是通過鈉離子通道，屬于被動運輸；Na+由上皮細胞進入血管是通過鈉鉀泵，屬于主動運輸，所以Na+由管腔進入血管的方式既有主動運輸又有被動運輸，C不符合題意；
D、基底膜上鈉鉀泵正?；顒?，維持細胞內外K+和Na+的濃度差，從而為頂端膜上的K+外流提供動力，D不符合題意。
故答案為：B。
【分析】物質以擴散方式進出細胞，不需要消耗細胞內化學反應所釋放的能量，這種物質跨膜運輸方式稱為被動運輸。被動運輸分為自由擴散和協助擴散兩類。物質逆濃度梯度進行跨膜運輸，需要載體蛋白的協助，同時還需要消耗細胞內化學反應所釋放的能量，這種方式叫作主動運輸。
5．（2025·河南模擬）水稻（2n=24）BBM1蛋白由雄配子攜帶進入雌配子，進而啟動胚發育，而BBM1基因缺失突變體的受精卵無法發育，野生型或BBM1基因缺失突變體的雌配子中導入BBM1基因并表達，則無需受精即可啟動還發育，下列推測錯誤的是(　　)
A．BBM1是誘導水稻受精卵發育的重要基因，在雌配子中的表達受限
B．野生型水稻細胞在減數分裂Ⅱ的中用和后期分別含1個和2個BBM1基因
C．BBM1蛋白誘導未受精的雌配子發育成的水稻在減數分裂時無同源染色體聯會
D．利用水稻的雄配子或雌配子獲得的單倍體植株培育新品種，能明顯縮短育種年限
【答案】B
【知識點】減數第一、二次分裂過程中染色體的行為變化；單倍體育種
【解析】【解答】A、由“BBM1基因缺失突變體的受精卵無法發育，野生型或BBM1基因缺失突變體的雌配子中導入BBM1基因并表達，則無需受精即可啟動胚發育”可知，BBM1是誘導水稻受精卵發育的重要基因，且在雌配子中原本表達受限，A符合題意；
B、野生型水稻可能是純合體，也可能是雜合體。如果野生型水稻為雜合體，那么該野生型水稻存在部分細胞在減數分裂Ⅱ的中期和后期不含BBM1基因，B不符合題意；
C、未受精的雌配子發育成的水稻是單倍體，單倍體在減數分裂時無同源染色體聯會，C不符合題意；
D、利用單倍體植株培育新品種，能明顯縮短育種年限?？梢娎盟镜男叟渥踊虼婆渥荧@得的單倍體植株培育新品種，能明顯縮短育種年限，D不符合題意。
故答案為：B。
【分析】（1）體細胞中的染色體數目與本物種配子染色體數目相同的個體，叫作單倍體。大多數情況下，單倍體植株不能進行正常的減數分裂，表現為高度不育。
（2）進行有性生殖的生物，在由原始生殖細胞形成成熟生殖細胞的過程中，染色體只復制一次，而細胞經減數分裂連續分裂兩次，最終使成熟生殖細胞中的染色體數目比原始生殖細胞的減少一半。
6．（2025·河南模擬）由mRNA逆轉錄產生的單鏈DNA稱為第一鏈cDNA，以第一鏈cDNA為模版合成的單鏈DNA稱為第二鏈cDNA，下列敘述正確的是(　　)
A．第一鏈cDNA可以單獨作為PCR反應體系的模板
B．第一鏈cDNA與其模板mRNA序列互補、方向相同
C．第二鏈cDNA不能與轉錄該mRNA的DNA進行雜交
D．第二鏈cDNA與其模板mRNA的堿基序列和組成均相同
【答案】A
【知識點】DNA與RNA的異同；PCR技術的基本操作和應用；遺傳信息的轉錄
【解析】【解答】A、PCR反應需要特定的引物、模板、酶等條件，第一鏈cDNA可以作為PCR反應體系的模板，A符合題意；
B、第一鏈cDNA與其模板mRNA序列互補，但方向相反，B不符合題意；
C、第二鏈cDNA能與轉錄該mRNA的DNA進行雜交，這是因為它們之間存在互補序列，C不符合題意；
D、第二鏈cDNA與其模板mRNA的堿基序列互補，但兩者的組成不完全相同，D不符合題意。
故答案為：A。
【分析】（1）PCR是聚合酶鏈式反應的縮寫。它是一項根據DNA半保留復制的原理，在體外提供參與DNA復制的各種組分與反應條件，對目的基因的核苷酸序列進行大量復制的技術。
（2）轉錄是以DNA的一條鏈為模板，按照堿基互補配對原則，在細胞核內合成mRNA的過程。
（3）DNA 由脫氧核苷酸組成，脫氧核苷酸包含脫氧核糖、含氮堿基（腺嘌呤、胸腺嘧啶、鳥嘌呤、胞嘧啶）和磷酸基團。RNA 由核糖核苷酸組成，核糖核苷酸包含核糖、含氮堿基（腺嘌呤、尿嘧啶、鳥嘌呤、胞嘧啶）和磷酸基團。
7．（2025·河南模擬）脆性X綜合征由X染色體上的FMR1因突變所致。FMR1基因不編碼蛋白質區域的CGG序列重復次數呈現多態性，正常時重復次數少于55，前突變時重復次數為55~200（不致?。?，而全突變時重復次數多于200（可致離）。男性的前突變傳遞給下一代時，重復次數不變或減少；女性的前突變傳遞給下一代時，重復次數增加，可生出全突變的孩子，下列敘述正確的是(　　)
A．CGG重復次數的多態性影響FMR1編碼多肽鏈的長度
B．女性的前突變只能來自母親，以后可能傳遞給她的兒子
C．男性的前突變只能來自母親，以后只能傳遞給他的女兒
D．檢測前突變女性的CGG重復次數可推斷后代是否患病
【答案】C
【知識點】伴性遺傳；遺傳信息的轉錄
【解析】【解答】A、根據題文可知，FMR1基因不編碼蛋白質區域的CGG序列重復次數呈現多態性，正常、前突變、全突變是重復次數的不同，而不是影響編碼多肽鏈的長度，因為是不編碼蛋白質區域，A不符合題意；
B、結合題文可知，女性的前突變可來自父親或母親，只不過母親的前突變傳遞給下一代時，可生出全突變的孩子，B不符合題意；
C、男性的X染色體來自母親，且男性的X染色體只能傳遞給女兒，所以男性的前突變只能來自母親，以后只能傳遞給他的女兒，C符合題意；
D、女性的前突變傳遞給下一代時，重復次數增加，可生出全突變的孩子，因此僅檢測前突變女性的CGG重復次數不能準確推斷后代是否患病，D不符合題意。
故答案為：C。
【分析】（1）基因的表達是指基因通過mRNA指導蛋白質的合成，包括遺傳信息的轉錄和翻譯兩個階段。
（2）人類的性別由性染色體決定，女性的一對性染色體是同型的，用XX表示；男性的一對性染色體是異型的，用XY表示。
8．（2025·河南模擬）人和動物擁有大量同源基因（有共同進化起源，通常在序列和功能上具有相似性），分別將4種動物與人相應的同源基因序列進行比對，相似度如表所示。下列述正確的是(　　)
物種 黑猩猩 小鼠 牛 雞
相似度 96% 85% 80% 60%
A．不同物種間存在同源基因是生物擁有共同祖先最直接的證據
B．據表可推斷出人和小鼠的親緣關系比牛和小鼠的親緣關系遠
C．變異和選擇是不同物種同源基因序列間存在差異的重要原因
D．同源基因序列的相似度不能反映物種在進化史上出現的順序
【答案】C
【知識點】生物具有共同的祖先；自然選擇與適應；變異是自然選擇的原材料
【解析】【解答】A、利用化石可以確定地球上曾經生活過的生物的種類及其形態、結構、行為等特征。因此化石是生物擁有共同祖先最直接的證據，A不符合題意；
B、人和小鼠的同源基因相似度為85%，牛和人的同源基因相似度為80%，可見能判斷人和小鼠的親緣關系與人和牛的親緣關系之間的遠近，但不能判斷牛和小鼠的親緣關系與人和小鼠的親緣關系之間的遠近，B不符合題意；
C、基因突變是產生新基因的途徑，自然選擇導致種群基因頻率的定向改變，可見變異和選擇是不同物種同源基因序列間存在差異的重要原因，C符合題意；
D、同源基因是指來自共同祖先的基因，在不同物種中，同源基因序列的相似度越高，往往意味著它們在進化上的分歧時間越近，也就能夠在一定程度上反映物種在進化史上出現的順序，D不符合題意。
故答案為：C。
【分析】（1）化石是直接的證據，比較解剖學和胚胎學證據也給生物進化論提供了有力的支持；隨著生物科學的發展，來自細胞生物學和分子生物學方面的證據也越來越多。
（2）適應是自然選擇的結果；種群是生物進化的基本單位；突變和基因重組提供進化的原材料，自然選擇導致種群基因頻率的定向改變，進而通過隔離形成新的物種；生物進化的過程實際上是生物與生物、生物與無機環境協同進化的過程；生物多樣性是協同進化的結果。
9．（2025·河南模擬）人體血漿中無機磷酸鹽的濃度為0.8~1.5mmol/L，而腦脊液中的濃度僅為0.35~ 0.5mmol/L。下列敘述正確的是(　　)
A．1分子ATP完全水解可產生2分子磷酸
B．腦脊液中無機磷酸鹽的濃度低于血漿是因為穩態失調
C．由無機磷酸鹽形成的滲透壓是血漿滲透壓的主要來源
D．無機磷酸鹽可通過調節酸堿度參與人體內環境穩態的維持
【答案】D
【知識點】ATP的化學組成和特點；內環境的理化特性；穩態的調節機制
【解析】【解答】A、1分子ATP完全水解可產生3分子磷酸，而不是2分子磷酸，A不符合題意；
B、腦脊液中無機磷酸鹽的濃度低于血漿是正常的生理現象，并不是穩態失調，B不符合題意；
C、血漿滲透壓的大小主要與無機鹽、蛋白質的含量有關。在組成細胞外液的各種無機鹽離子中，含量上占有明顯優勢的是Na+和Cl-，細胞外液滲透壓的90%以上來源于Na+和Cl-，C不符合題意；
D、無機磷酸鹽可通過調節酸堿度參與人體內環境穩態的維持，例如磷酸氫根離子和磷酸二氫根離子等可以起到緩沖作用，D符合題意。
故答案為：D。
【分析】（1）ATP是由1個核糖、1個腺嘌呤和3個磷酸基團組成的。
（2）正常機體通過調節作用，使各個器官、系統協調活動，共同維持內環境的相對穩定狀態叫作穩態。
10．（2025·河南模擬）應激刺激時，杏仁核與海馬（腦內兩個里要的結構）可直接作用于下丘腦，進而調控下丘腦-垂體腎上腺皮質軸（HPA軸）的活動。過程如圖所示，長明應激刺激促使皮質醇過度釋放，可導致得海馬損傷。下列敘述正確的是(　　)
A．無應激刺激時，杏仁核和海馬不興奮，腎上腺皮質不釋放皮質醇
B．長期應激刺激時，促腎上腺皮質激素釋放減少使腎上腺皮質萎縮
C．應激刺激時，杏仁核可通過海馬使下丘腦減弱對垂體的抑制作用
D．應激制激時，皮質醇釋放增多，可直接或間接抑制下丘腦的活動
【答案】D
【知識點】神經、體液調節在維持穩態中的作用；激素分泌的分級調節
【解析】【解答】A、無應激刺激時，圖中未明確表示，因此不能得出杏仁核和海馬不興奮，腎上腺皮質就不釋放皮質醇的結論，A不符合題意；
B、長期應激刺激時，是皮質醇過度釋放，而不是促腎上腺皮質激素釋放減少使腎上腺皮質萎縮，B不符合題意；
C、根據圖中信息可知，應激刺激時，杏仁核可直接作用于下丘腦，并沒有通過海馬使下丘腦減弱對垂體的抑制作用，C不符合題意；
D、應激刺激時，皮質醇釋放增多，從圖中可以看出，皮質醇可直接或間接抑制下丘腦的活動，D符合題意。
故答案為：D。
【分析】負反饋是指在一個系統中，系統工作的效果，反過來又作為信息調節該系統的工作，并且使系統工作的效果減弱或受到限制，它可使系統保持穩定。
11．（2025·河南模擬）嵌合抗原受體T細胞（CAR-T）療法可用于腫瘤免疫治療，為提升T細胞識別和殺傷腫瘤細胞的能力，研究人員在體外對病人自身的T細胞進行改造，包括在細胞表面引入單克隆抗體和在細胞內表達細胞因子，下列敘述錯誤的是(　　)
A．CAR-T除了具有殺傷腫瘤細胞的能力外，還可以呈遞激活B細胞的第二信號
B．CAR-T表面的組織相容性抗原可被機體識別但不會引起自身的免疫排斥反應
C．利用單克隆抗體與抗原特異性結合的特點可提升T細胞識別腫瘤細胞的能力
D．利用細胞因子加速T細胞分裂分化的特點可提升T細胞殺傷腫瘤細胞的能力
【答案】A
【知識點】單克隆抗體的優點及應用；體液免疫與細胞免疫的協調配合
【解析】【解答】A、T細胞不能呈遞激活B細胞的第二信號，CAR - T細胞是經過改造的T細胞，同樣不能呈遞激活B細胞的第二信號，A符合題意；
B、CAR - T細胞表面的組織相容性抗原可被機體識別為自身成分，不會引起自身的免疫排斥反應，B不符合題意；
C、單克隆抗體具有特異性，利用單克隆抗體與腫瘤細胞抗原特異性結合的特點，可提升T細胞識別腫瘤細胞的能力，C不符合題意；
D、細胞因子具有加速T細胞分裂分化的特點，通過在CAR - T細胞內表達細胞因子，可提升T細胞殺傷腫瘤細胞的能力，D不符合題意。
故答案為：A。
【分析】（1）人體的免疫包括非特異性免疫和特異性免疫。特異性免疫是通過體液免疫和細胞免疫兩種方式，針對特定的病原體發生的免疫反應，它的分子基礎是抗體與抗原、免疫細胞表面的受體與抗原的特異性結合。
（2）單克隆抗體能準確地識別抗原的細微差異，與特定抗原發生特異性結合，并且可以大量制備。
12．（2025·河南模擬）植物可以利用光敏色素感知紅光與遠紅光比值（R：FR）的變化進面調節側芽的生長。低R：FR會抑制植物側芽的生長，為探究高R：FR和去除頂芽處理對植物側芽生長的影響，研究人員對某種植物先進行低R：FR預處理，然后分4組進行實驗，在不同時間點測量側芽的長度，結果如圖所示。下列敘述錯誤的是(　　)
A．去頂芽處理導致植物側芽處的生長素濃度降低，促進側芽生長
B．高R：FR信號通過改變光敏色素結構傳遞信息，促進側芽生長
C．高R：FR處理協同增強了去頂芽處理促進植物側芽生長的效果
D．48h后，去頂芽處理對側芽生長的促進作用大于高R：FR處理
【答案】D
【知識點】生長素的作用及其作用的兩重性
【解析】【解答】A、去頂芽后，頂端優勢解除，側芽處生長素濃度降低，從而促進側芽生長，A不符合題意；
B、植物利用光敏色素感知R：FR變化，高R：FR信號可能通過改變光敏色素結構傳遞信息，促進側芽生長，B不符合題意；
C、從圖中可以看出，高R：FR處理和去頂芽處理共同作用時，側芽生長長度比單獨高R：FR處理或去頂芽處理時都要長，說明高R：FR處理協同增強了去頂芽處理促進側芽生長的效果，C不符合題意；
D、對比48h后的“高R：FR”曲線和“高R：FR + 去頂芽處理”曲線，可以看出高R：FR + 去頂芽處理后側芽生長長度大于單獨去頂芽處理后側芽生長長度，只能說明48h后高R：FR處理協同增強了去頂芽處理促進側芽生長的效果，不能得出去頂芽處理對側芽生長的促進作用大于高R：FR處理的結論，D符合題意。
故答案為：D。
【分析】一般情況下，生長素在濃度較低時促進生長，在濃度過高時則會抑制生長。例如，頂芽產生的生長素逐漸向下運輸，枝條上部的側芽處生長素濃度較高，側芽的發育受到抑制，植株因而表現出頂端優勢。去掉頂芽后，側芽處的生長素濃度降低，于是側芽萌動、加快生長。
13．（2025·河南模擬）腸道微生物群落是動物腸道中的復雜微生物野體。以生活于高海拔和低海拔的兩個獼猴種群為研究對象，發現兩者的腸道微生物群落結構差異顯著。下列推測錯誤的是(　　)
A．宿主與腸道微生物之間的協同進化會影響多種腸道微生物的生態位
B．腸道微生物群落內部種群相互關系的發展變化會影響該群落的演替
C．腸道微生物群落出現結構差異是獼猴適應不同海拔環境的一種表現
D．腸道微生物群落出現結構差異可使是由兩個獼猴種群生殖隔離所致
【答案】D
【知識點】協同進化與生物多樣性的形成；物種的概念與形成；群落的演替
【解析】【解答】A、宿主與腸道微生物之間存在協同進化關系，協同進化意味著它們相互影響、相互適應。在這個過程中，宿主的生理特征、生活方式等的變化會影響腸道微生物的生存環境和資源獲取，從而影響它們在腸道中的生態位，A不符合題意；
B、腸道微生物群落內部種群相互關系的發展變化會對群落的演替產生影響。不同種群之間的關系改變，可能會導致某些種群數量增多，某些種群數量減少，從而改變整個群落的結構和組成，進而影響群落的演替方向和速度，B不符合題意；
C、獼猴生活在不同海拔環境，腸道微生物群落出現結構差異是適應不同海拔環境的一種表現，C不符合題意；
D、兩個獼猴種群屬于同一物種，不存在生殖隔離，腸道微生物群落出現結構差異不是由生殖隔離所致，D符合題意。
故答案為：D。
【分析】（1）物種之間、生物與無機環境之間在相互影響中不斷進化和不同物種之間、生物與無機環境之間在相互影響中不斷進化和發展，這就是協同進化發展，這就是協同進化。
（2）一個物種在群落中的地位和作用，包括所處的空間位置，占用資源的情況，以及與其他物種的關系等，稱為這個物種的生態位。
（3）不同物種之間一般是不能相互交配的，即使交配成功，也不能產生可育的后代，這種現象叫作生殖隔離。
14．（2025·河南模擬）生態農業有多種實例，如：①板栗茶樹間作；②?；~塘；③混合放養鰱魚和青魚；④林下種植藥用植物；⑤選種轉Bt基因的棉花；⑥合理利用污水澆灌林地；⑦種植水生蔬菜減輕水體富營養化；⑧果園放置黑光燈，根據各自特點，可歸為以下類型：（甲）立體復合型；（乙）物質循環型；（丙）病蟲害防治型；（丁）污染治理型，下列匹配關系中，不合理的是(　　)
A．①和④-甲 B．②和③-乙 C．⑤和⑧-丙 D．⑥和⑦-丁
【答案】C
【知識點】群落的結構；治污生態工程；生態系統的物質循環
【解析】【解答】A、①板栗茶樹間作以及④林下種植藥用植物，都是在垂直空間上進行多種植物的種植，屬于（甲）立體復合型農業模式，A不符合題意；
B、②桑基魚塘中，桑葉養蠶，蠶沙喂魚，塘泥肥桑，實現了物質的循環利用；③混合放養鰱魚和青魚，鰱魚以浮游植物為食，青魚以螺螄等底棲動物為食，它們之間的殘餌和糞便等也實現了物質循環，故兩者都屬于（乙）物質循環型，B不符合題意；
C、⑤選種轉Bt基因的棉花是利用基因工程手段使棉花自身具有抗蟲能力，屬于生物防治病蟲害；而⑧果園放置黑光燈是利用昆蟲的趨光性誘捕昆蟲，屬于物理防治病蟲害，它們并不都是同一類型，C符合題意；
D、⑥合理利用污水澆灌林地，是對污水的一種合理利用，減輕了污水對環境的污染；⑦種植水生蔬菜減輕水體富營養化，也是對污染水體的治理，屬于（丁）污染治理型，D不符合題意。
故答案為：C。
【分析】（1）所謂立體農業，就是充分利用群落的空間結構和季節性，進行立體種植、立體養殖或立體復合種養的生產模式。
（2）目前控制動物危害的技術方法大致有三種：化學防治、生物防治和機械防治。
（3）全球性生態環境問題主要包括全球氣候變化、水資源短缺、臭氧層破壞、土地荒漠化、生物多樣性喪失以及環境污染等。
15．（2025·河南模擬）中藥材懷菊含有多種活性物質，具有精熱、明目等功效。植物組織培養技術可用于懷菊的脫毒和快速繁殖。下列敘述正確的是(　　)
A．懷菊中含有的次生代謝物通常是懷菊基本生命活動所必需的
B．懷菊快速繁殖過程中產生的體細胞突變可通過無性生殖遺傳
C．利用懷菊的莖段作為外植體，通過植物組織培養可獲得脫毒苗
D．生芽培養基中細胞分裂素與生長素的比值比生根培養基中的小
【答案】B
【知識點】植物細胞的全能性及應用；農業生產中的繁殖控制技術；組織培養基的成分及作用；植物細胞工程的應用
【解析】【解答】A、次生代謝物是植物代謝過程中產生的，并非植物基本生命活動所必需的，可見懷菊中含有的次生代謝物通常不是懷菊基本生命活動所必需的，A不符合題意；
B、在懷菊快速繁殖過程中，常用的是無性繁殖技術，如植物組織培養等。無性繁殖不經過兩性生殖細胞的結合，子代的遺傳物質與親代基本相同。體細胞突變是發生在體細胞中的變異，這些突變體細胞具有遺傳上的不穩定性，但它們可以通過無性生殖方式（如植物組織培養）進行遺傳，B符合題意；
C、植物的莖尖等分生組織幾乎不含病毒，利用莖尖作為外植體通過植物組織培養可獲得脫毒苗，而不是莖段，C不符合題意；
D、植物細胞的再分化過程中，生長素濃度與細胞分裂素濃度的比值會影響植物細胞的發育方向。當比值較低時，誘導芽的分化；比值較高時，則誘導根的分化；比值處于中間水平時，愈傷組織只生長而不分化。可見生芽培養基中細胞分裂素與生長素的比值比生根培養基中的大，D不符合題意。
故答案為：B。
【分析】（1）次生代謝物是一類小分子有機化合物（如酚類、萜類和含氮化合物等），在植物抗病、抗蟲等方面發揮作用，也是很多藥物、香料和色素等的重要來源。
（2）通過有性生殖，新一代繼承了父母雙方的遺傳物質，而通過無性生殖只能繼承單親的遺傳物質。
（3）植物頂端分生區附近（如莖尖）的病毒極少，甚至無病毒。因此，切取一定大小的莖尖進行組織培養，再生的植株就有可能不帶病毒，從而獲得脫毒苗。
（4）植物組織培養是指將離體的植物器官、組織或細胞等，培養在人工配制的培養基上，給予適宜的培養條件，誘導其形成完整植株的技術。
16．（2025·河南模擬）我因具有悠久的酸酒文化和歷史?！短旃ら_物》中有“古來曲造酒，糵造醴”的記載，“曲”指由谷物培養微生物所制成的發酵劑，“糵”指發芽的谷物，“醴”指甜酒。古人在冬季釀酒時，常將谷物封存在陶器中并埋藏于地下進行保溫，下列敘述錯誤的是(　　)
A．釀酒過程中密封的主要目的是避免雜菌污染，從面提高酒的品質
B．“曲”中含有大量的酵母菌，溫度是影響酵母菌生長的重要因素
C．“造醴”時選擇“糵”的原因是發芽的谷物會釋放更多的淀粉酶
D．“糵造醴”時大部分糖的分解和代謝物的生成都在發酵階段完成
【答案】D
【知識點】果酒果醋的制作
【解析】【解答】A、釀酒過程中密封主要目的是為酵母菌提供無氧環境，讓其進行無氧呼吸產生酒精，同時避免雜菌污染，從而提高酒的品質，A不符合題意；
B、“曲”中含有大量酵母菌，溫度會影響酵母菌中酶的活性，進而影響酵母菌生長，是重要因素，B不符合題意；
C、發芽的谷物會釋放更多淀粉酶，淀粉酶可將淀粉分解為葡萄糖等糖類，這有利于后續釀酒過程，C不符合題意；
D、“糵造醴”時大部分糖的分解在糖化階段完成，代謝物的生成主要在發酵階段完成，D符合題意。
故答案為：D。
【分析】發酵是指人們利用微生物，在適宜的條件下，將原料通過微生物的代謝轉化為人類所需要的產物的過程。發酵過程分為主發酵和后發酵兩個階段。酵母菌的繁殖、大部分糖的分解和代謝物的生成都在主發酵階段完成。
17．（2025·河南模擬）為探究某種楊樹雌株和雄株競爭光資源的差異，研究人員將生長狀態相同的雌株和雄株幼苗植于同一盆中，在全光照（自然光照）和遮陰（5%自然光照）條件下分組培養，5個月后檢剝植株的生理指標，結果如圖所示（凈光合速率以單位時間、單位葉面積從外界空氣中吸收的CO2量表示）。
回答下列問題。
（1）植物通過光反應將光能轉化成　 　中的化學能。在暗反應階段，CO2被利用，經過一系列的反應后生成　 　。
（2）與全光照處理相比，遮陰處理導致葉片中的葉綠素含量增多，該變化的生理意義是　 　。
（3）在相同光照（全光照或遮陰）條件下，雄株的生物量（干重）均高于雌株。不考慮呼吸速率的差異，據圖推測該種楊樹雌株和雄株的光資源競爭策略分別是　 　。
（4）綜合本研究和其他幾種楊樹的相關研究結果，得出結論如下：楊樹雌株和雄株對光自愿的競爭策略不同。該推理運用了　 ?。ㄌ羁茖W方法）。
（5）楊樹雌株通過產生楊絮（包裹種子的絮狀絨毛）傳播種子。楊絮會引發過敏反應，且存在火災隱患。利用所學生物學知識，為防治楊絮問題提供合理建議：　 ?。ù鸪?點即可）。
【答案】（1）ATP和NADPH；糖類等有機物
（2）有利于吸收更多光能，提高光合效率
（3）雌株傾向于減少光能獲取，雄株傾向于獲取更多光能
（4）歸納法
（5）選育無絮品種；采用激素抑制楊絮產生
【知識點】光合作用的過程和意義；光合作用原理的應用
【解析】【解答】（1）在光合作用中，植物通過光反應將光能轉化為ATP和NADPH中的化學能。光反應發生在葉綠體的類囊體薄膜上，利用光能將水分解為氧氣、氫離子和電子，同時合成ATP和NADPH，這些物質將參與暗反應。 在暗反應階段，CO2首先與五碳化合物結合，經過固定、還原等過程，最終生成葡萄糖等有機物。
（2）遮陰處理會使葉片中葉綠素含量增加，葉綠素能夠吸收光能，在遮陰環境下，光照較弱，增多的葉綠素可以更有效地吸收這種較弱的光。這樣可以提高光合作用的效率，保證植物即使在遮陰的情況下，也能夠進行一定程度的光合作用，進而合成有機物，滿足自身生長發育的需要。因此與全光照處理相比，遮陰處理導致葉片中的葉綠素含量增多，該變化的生理意義是有利于吸收更多光能，提高光合效率。
（3）由于雄株的生物量（干重）均高于雌株，在不考慮呼吸速率差異的情況下，這意味著雄株在相同光照條件下能夠更有效地利用光資源來積累生物量。也就是說，對于雄株來說，其光資源競爭策略可能是更積極地獲取和利用光資源，傾向于獲取更多光能；而對于雌株而言，其生物量相對較低，可能其光資源競爭策略相對較為保守，傾向于減少光能獲取。
（4）根據題干信息可知，是綜合了本研究和其他幾種楊樹的相關研究結果得出楊樹雌株和雄株對光資源的競爭策略不同的結論。這種推理是基于對多個研究結果的歸納總結，從而得出一般性的結論。所以該推理運用了歸納法。
（5）選育不產生楊絮的楊樹品種進行種植，從根源上減少楊絮的產生；對現有的楊樹雌株進行絕育處理，抑制其產生楊絮；在楊絮飄飛的季節，通過噴水等方式增加空氣濕度，使楊絮落地，減少其在空氣中的漂浮，等等。
【分析】（1）光合作用是指綠色植物通過葉綠體，利用光能，將二氧化碳和水轉化成儲存著能量的有機物，并且釋放出氧氣的過程。
（2）歸納法是指由一系列具體事實推出一般結論的思維方法。
18．（2025·河南模擬）帕金森?。≒D）是一種神經退行性疾病，由腦中屬質內多巴胺能神經元損傷所致，為研究A藥物對PD的治療效果及機制，研究人員用M物質制備PD模型大鼠并分組處理，結果如圖所示。
回答下列問題
（1）多巴胺能神經元合成的神經遞質常儲存在突觸小泡中，通過　 　的方式釋放，被突觸后膜上的相關受體識別并結合，可使突觸后神經元產生興奮，興奮部位細胞膜兩側的電位表現為　 ?。ㄌ睢皟蓉撏庹被颉皟日庳摗保?br/>（2）實驗發現A藥物對PD模型大鼠有一定的治療效果，據圖分析得出該結論的依據是　 　。
（3）星形膠質細胞（一種神經膠質細胞）膜上存在TRPV1受體，為驗證A藥物通過該受體發揮治療作用，研究人員設置了④、⑤處理組。在圖中虛線框內，以柱狀圖的形式畫出相應的預期結果　 　。
（4）A藥物促使星形膠質細胞可能通過以下兩條通路保護多巴胺能神經元；通過產生神經營養因子C與多巴胺能神經元上的C受體結合發揮保護作用（通路1）；通過P蛋白與多巴胺能神經元之間形成連接發揮保護作用（通路2）。為探究A藥物發揮作用的通路機制，以PD模型大鼠為材料，使用C受體的抗體、P蛋白的抑制劑設計實驗。寫出實驗思路及預期結果　 　。
【答案】（1）胞吐；內正外負
（2）A藥物處理組的多巴胺能神經元數量比模型組多
（3）此處需根據具體圖表來準確繪制柱狀圖，暫無法完成此操作
（4）實驗思路：將PD模型大鼠分為三組，第一組用A藥物處理，第二組用A藥物和C受體抗體處理，第三組用A藥物和P蛋白抑制劑處理，觀察多巴胺能神經元數量。預期結果：第二組和第三組多巴胺能神經元數量比第一組少
【知識點】胞吞、胞吐的過程和意義；神經沖動的產生和傳導
【解析】【解答】（1）當軸突末梢有神經沖動傳來時，突觸小泡受到刺激，就會向突觸前膜移動并與它融合，同時釋放一種化學物質—神經遞質?？梢姸喟桶纺苌窠浽铣傻纳窠涍f質常儲存在突觸小泡中，神經遞質釋放的方式是胞吐。靜息電位表現為內負外正；動作電位表現為內正外負，因此當神經遞質使突觸后神經元產生興奮時，興奮部位細胞膜兩側的電位表現為內正外負。
（2）根據題圖可知，①組沒有給予任何處理，②組只給予M物質處理，③組給予M物質+A藥物處理。比對這②③組的多巴胺能神經元數量可知，M物質+A藥物處理組的多巴胺能神經元數量比M物質處理組多，則能發現A藥物對PD模型大鼠有一定的治療效果。
（3）根據題文可知，星形膠質細胞膜上存在TRPV1受體，shTRPV1處理會抑制TRPV1受體表達，shCtr1處理不會抑制TRPV1受體表達。 為驗證A藥物通過TRPV1受體發揮治療作用，研究人員設置了④、⑤處理組，其中④組給予M物質+A藥物+shTRPV1處理，⑤組給予M物質+A藥物+shCtr1處理。如果A藥物通過TRPV1受體發揮治療作用，那么④組存在shTRPV1處理，會抑制TRPV1受體表達，導致TRPV1受體數量減少，以至于A藥物不能發揮治療作用，則在柱形圖中④組的高度低于③組；⑤組存在shCtr1處理，不會抑制TRPV1受體表達，導致TRPV1受體數量不變，以至于A藥物能發揮治療作用，則在柱形圖中⑤組的高度高于④組，與③組相近。圖如下：
（4）實驗思路：將 PD 模型大鼠隨機分為四組：第一組為對照組，給予A藥物處理；第二組為A藥物 +C受體抗體組，在給予A藥物的同時給予C受體抗體，該抗體會與C受體結合，阻止神經營養因子C與C受體結）；第三組為A藥物+P蛋白抑制劑組，在給予A藥物的同時給予 P 蛋白抑制劑，抑制P蛋白的功能。一段時間后，檢測四組大鼠中多巴胺能神經元的存活情況。
第一組，A藥物處理組中，因為A藥物可以通過兩條通路發揮保護作用，所以多巴胺能神經元的存活情況較好。
第二組，A藥物+C受體抗體組中，如果A藥物只通過通路1發揮作用，那么由于C受體被抗體結合，通路1被阻斷，則多巴胺能神經元的存活情況應該比A藥物處理組差；如果A藥物不通過通路1發揮作用，只通過通路2發揮作用，那么由于C受體被抗體結合，通路1被阻斷，對A藥物沒有影響，則多巴胺能神經元的存活情況應該與A藥物處理組相近；如果A藥物能通過通路1和通路2發揮作用，那么由于C受體被抗體結合，通路1被阻斷，但藥物A通過通路2發揮作用，則多巴胺能神經元的存活情況應該與A藥物處理組相近。
第三組，A藥物+P蛋白抑制劑組中，如果A藥物只通過通路2發揮作用，那么由于P蛋白被抑制，通路2被阻斷，多巴胺能神經元的存活情況應該比A藥物處理組差；如果A藥物不通過通路2發揮作用，只通過通路1發揮作用，那么由于P蛋白被抑制，通路2被阻斷，對A藥物沒有影響，多巴胺能神經元的存活情況應該與A藥物處理組相近；如果A藥物能通過通路1和通路2發揮作用，那么由于C受體被抗體結合，通路1被阻斷，對A藥物沒有影響，但藥物通過通路2發揮作用，則多巴胺能神經元的存活情況應該與A藥物處理組相近。
預期結果：①第二組的多巴胺能神經元數量比第一組少，但第三組的多巴胺能神經元數量與第一組相近，則說明藥物A只通過通路1發揮作用。
②第三組的多巴胺能神經元數量比第一組少，但第二組的多巴胺能神經元數量與第一組相近，則說明藥物A只通過通路2發揮作用。
③第一組、第二組和第三組的多巴胺能神經元數量都相近，則說明藥物A可以通過通路1和通路2發揮作用。
【分析】（1）蛋白質和多糖等有機大分子由于分子太大，靠轉運蛋白無法運輸，它們進出細胞則通過胞吞或胞吐。
（2）由于細胞膜內外這種特異的離子分布特點，細胞膜兩側的電位表現為內負外正，這稱為靜息電位。當神經纖維某一部位受到刺激時，細胞膜對Na+的通透性增加，Na+內流，這個部位的膜兩側出現暫時性的電位變化，表現為內正外負的興奮狀態，此時的膜電位稱為動作電位。
19．（2025·河南模擬）華北豹是我因特有的豹亞種，是華北地區生態系統中的頂極捕食者。隨著生態環境的不斷改善，華北豹的數量穩步增加?；卮鹣铝袉栴}，
（1）在某地，華北豹偏好出沒于野豬及草兔頻繁活動的區域，原因是　 　在食物鏈中，草兔屬于　 　消費者，位于第　 　營養級。
（2）調查瀕危野生動物種群數量的方法有　 ?。ù鸪?點即可）。
（3）華北豹個體花紋具有唯一性，據此可進行個體識別。統計某地華北豹的數量如下表，該地四年累計發現華北豹的數量為　 　只。決定該地華北的種群密度的直接因素有　 　。
時間 個體識別總數量（只） 新識別個體數量（只）
第一年 12 12
第二年 8 1
第三年 12 7
第四年 10 3
（4）華北豹面臨著嚴重的棲息地破碎化問題，解決途徑有　 ?。ù鸪?點即可）。
【答案】（1）那里有豐富的食物來源；初級；二
（2）標記重捕法、樣方法（對于有固定活動范圍的個體）
（3）18；出生率、死亡率、遷入率、遷出率
（4）建立生態廊道、擴大保護區范圍
【知識點】種群的數量變動及其原因；估算種群密度的方法；生態系統的結構；生物多樣性的保護措施
【解析】【解答】（1）華北豹是捕食者，野豬和草兔是它的獵物，獵物頻繁活動的區域意味著有豐富的食物來源。草兔以植物為食，直接從生產者獲取能量，所以屬于初級消費者。在食物鏈中，生產者是第一營養級，初級消費者是第二營養級。
（2）調查瀕危野生動物種群數量的方法有標記重捕法，先捕捉一定數量的個體進行標記后放回，再捕捉時根據標記個體的比例來估算種群數量；還有樣方法，適用于活動能力較弱、活動范圍較小的動物，通過劃分樣方統計樣方內的個體數量來估算種群數量等。
（3）由于華北豹個體花紋具有唯一性可進行個體識別，從表格中可知新識別個體數量是每年新發現的不同個體數量，將每年新識別個體數量相加可得累計發現華北豹的數量，即12+1+7+3=23只。種群密度是指單位面積或體積內某一種群個體的數量。決定種群密度的直接因素有出生率和死亡率、遷入率和遷出率。
（4）由于棲息地破碎化，各個棲息地斑塊之間缺乏連接，生態廊道可以將孤立的棲息地斑塊連接起來，使華北豹能夠在不同的棲息地之間自由遷徙、擴散，增加基因交流的機會，從而提高種群的適應性和生存能力。自然保護區能夠為華北豹提供相對完整、連續的棲息地，保護其生存環境，減少人類活動的干擾，有利于華北豹種群的繁衍和生存。
【分析】（1）樣方法：在被調查種群的分布范圍內，隨機選取若干個樣方，通過統計每個樣方內的個體數，求得每個樣方的種群密度，以所有樣方種群密度的平均值作為該種群的種群密度估算值。標記重捕法：在被調查種群的活動范圍內，捕獲一部分個體，做上標記后再放回原來的環境，經過一段時間后進行重捕，根據重捕到的動物中標記個體數占總個體數的比例，來估算種群密度。
（2）種群最基本的數量特征是種群密度。種群的其他數量特征包括出生率和死亡率、遷入率和遷出率、年齡結構、性別比例等，這些特征是決定種群密度的重要因素。
（3）人類活動對野生物種生存環境的破壞，主要表現為使得某些物種的棲息地喪失和碎片化。我國生物多樣性的保護可以概括為就地保護和易地保護兩大類。
20．（2025·河南模擬）玉米（2n=20）是雌雄同株異花植物。玉米存在雄性不育株，表現為雄花不育、雄花可育?，F有兩株雄性不育突變體甲和乙，兩者的不育性狀均由單基因突變所致（不考慮基因間的相互作用；當植株可育時花粉均可育）。甲與純合野生型玉米雜交得到子代丙，丙自交后代中正常育性：雄性不育=3：1?；卮鹣铝袉栴}。
（1）甲的雄性不育突變為　 ?。ㄌ睢帮@性”或“隱性”）突變。丙自交的子代之間隨機交配，后代中正常育性：雄性不育=　 　。
（2）甲的雄性不育由M2基因（由M1基因突變而來）控制。將M1與M2的mRNA翻譯區進行序列比對，結果如圖。M2編碼的多肽鏈長度為　 　個氨基酸。
（3）若甲、乙的雄性不育基因為同一基因。乙與丙雜交，后代的表型及比例是　 　。
（4）若甲、乙的雄性不育基因為不同基因，且位于非同源染色體上，將乙與丙雜交：
①若F1均為正常育性，據此推測乙的雄性不育突變為　 ?。ㄌ睢帮@性”現“隱性”）突變。僅考慮M1/M2這對等位基因，乙表達的多肽隨長度為　 　個氨基酸。F1自交所得F2的表型及比例是　 　。
②若F1中正常育性：雄性不育=1：1，利用現有材料進行雜交無法獲得雄性不育的純合子，原因是　 　。
【答案】（1）隱性；5：1
（2）97
（3）正常育性：雄性不育=1：1
（4）隱性；525；正常育性：雄性不育=21：11；將乙（雄性不育）與丙（正常育性）雜交，若F1 正常育性：雄性不育=1：1，說明乙的雄性不育為顯性突變，則乙的基因型為AABb，丙的基因型為Aabb，即現有材料基因型為AABb不育：AAbb可育：AaBb不育：Aabb可育=1：1：1：1，利用現有材料進行雜交無法獲得雄性不育（AABB、aaBB）的純合子，原因是F1中不育植株（AABb和AaBb）只能作為母本，與可育植株（AAbb和Aabb）進行雜交，可育植株（AAbb和Aabb）可自交或雜交，均不能獲得上述不育純合子。
【知識點】生物的性狀、相對性狀及性狀的顯隱性；基因的分離規律的實質及應用；基因的自由組合規律的實質及應用；基因的表達綜合
【解析】【解答】（1）甲與純合野生型玉米雜交得到子代丙，丙自交后代中正常育性：雄性不育 = 3：1。根據孟德爾遺傳定律，這種3：1的分離比是典型的雜合子自交后代的性狀分離比，所以可以推斷出甲的雄性不育突變為隱性突變。設控制育性的基因為A、a（A表示正常育性基因，a表示雄性不育基因），丙的基因型為Aa。丙自交后代的基因型及比例為AA：Aa：aa = 1：2：1，其中可育（AA和Aa）占3/4，不育（aa）占1/4。當丙自交的子代之間隨機交配時，雄性可育個體產生的配子中A的頻率為2/3，a的頻率為1/3，雌性可育個體產生的配子中A的頻率為1/2，a的頻率為1/2。根據哈迪 - 溫伯格定律，隨機交配后代中aa（雄性不育）的比例為1/3×1/2 =1/6，則可育（A - ）的比例為1-1/6=5/6，所以后代中正常育性：雄性不育=5：1。
（2）M1基因正常，M2基因是由M1基因突變而來。在mRNA翻譯過程中，起始密碼子開始翻譯，遇到終止密碼子停止翻譯。對于M2基因，從圖中可以看到起始密碼子后到終止密碼子前的序列長度發生了變化。M2基因中終止密碼子提前出現（相對于M1基因），導致翻譯提前終止。三個堿基對應一個密碼子，對應一個氨基酸。根據題圖可知，在M1基因的第232堿基與第233堿基之間插入1386個堿基變為M2基因，而這段堿基中第60-62為終止密碼子UAA，故M2基因對應的mRNA翻譯區堿基有232+62=294，由于終止密碼子沒有對應的氨基酸，因此 M2編碼的多肽鏈長度為294÷3-1=97個氨基酸。
（3）根據（1）可知，丙的基因型為Aa，則純合野生型玉米的基因型為AA，甲的基因型為aa。 甲、乙的雄性不育基因為同一基因，則乙的基因型為aa。當乙為父本，丙為母本時，沒有后代；當乙為母本，丙為父本時，后代的表型及比例是正常育性：雄性不育=1：1。因此、若甲、乙的雄性不育基因為同一基因。乙與丙雜交，后代的表型及比例是正常育性：雄性不育=1：1。
（4）根據（1）可知，丙的基因型為Aa，表現型為正常育性。 甲、乙的雄性不育基因為不同基因，且位于非同源染色體上， 則設控制育性的另一個基因為B、b。
① 將乙（雄性不育）與丙（正常育性）雜交，若F1均為正常育性，據此推測乙的雄性不育突變為隱性突變。甲的雄性不育由M2基因，正常可育由M1基因，甲、乙的雄性不育基因為不同基因，故僅考慮M1/M2這對等位基因， 乙具有的基因是M1基因，則表達的多肽隨長度為（1576-1）÷3=525個氨基酸。乙的基因型為AAbb，丙的基因型為AaBB，則F1的基因型為AaBb：AABb=1：1。 F1自交時，基因型為AaBb的個體自交后代中雄性不育（aaB-、A-bb和aabb）：正?？捎ˋ-B-）=7：9；基因型為AABb的個體自交后代中雄性不育（AAbb）：正常可育（AAB-）=1：3，因此F1自交所得F2的表型及比例是（7/16+1/4）：（9/16+3/4）=11：21。
②將乙（雄性不育）與丙（正常育性）雜交，若F1 正常育性：雄性不育=1：1，說明乙的雄性不育為顯性突變，則乙的基因型為AABb，丙的基因型為Aabb，即現有材料基因型為AABb不育：AAbb可育：AaBb不育：Aabb可育=1：1：1：1，利用現有材料進行雜交無法獲得雄性不育（AABB、aaBB）的純合子，原因是F1中不育植株（AABb和AaBb）只能作為母本，與可育植株（AAbb和Aabb）進行雜交，可育植株（AAbb和Aabb）可自交或雜交，均不能獲得上述不育純合子。
【分析】（1）基因的分離定律的實質是：在雜合子的細胞中，位于一對同源染色體上的等位基因，具有一定的獨立性；在減數分裂形成配子的過程中，等位基因會隨同源染色體的分開而分離，分別進入兩個配子中，獨立地隨配子遺傳給后代。
（2）基因的自由組合定律的實質是：位于非同源染色體上的非等位基因的分離或組合是互不干擾的；在減數分裂過程中，同源染色體上的等位基因彼此分離的同時，非同源染色體上的非等位基因自由組合。
（3）基因的表達是指基因通過mRNA指導蛋白質的合成，包括遺傳信息的轉錄和翻譯兩個階段。
21．（2025·河南模擬）核酮糖-l，5-二磷酸羧化/加氧酶（Rubisco）是植物固定CO2的關鍵酶。某研究小組通過導入相關基因在大腸桿菌中搭建圖1所示的代謝通路，以篩選結合CO2能力更強的Rubisco。
回答下列問題。
（1）為將Rubisco基因導入大腸桿菌，研究小組使用BamHI和EcoR I雙側切以構建重組質粒。圖2表達載體中，片段2為　 ?。ㄌ睢皢幼印被颉敖K止子”），其作用是　 　。
（2）為檢測轉化的菌落是否攜帶含有Rubisco基因的重組質粒，將P1、P2和P3引物（引物位置如圖2所示，→表示引物5'→3'方向）共同加入反應體系后，分別以3個菌落的DNA為模板進行PCR擴增，PCR產物的瓊脂糖凝膠電泳結果如圖3所示，菌落　 ?。ㄌ睢?”或“2”或“3”）攜帶正確的重組質粒。
（3）通過單獨或共同轉化prkA基因、Rubisco基因獲得三種大腸桿菌，涂布在同一平板的不同區域（區城①涂布未攜帶目的基因的大腸桿菌），一段時間后，菌落分布及生長狀況如圖4所示，推測區域②、④內菌落攜帶的目的基因分別是　 　、　 　，現有多種Rubisco突變基因，應用該共同轉化體系可篩選出高活性Rubisco的依據是　 　。
（4）Rubisco的活性與植物有機物的積累密切相關，現已篩選出攜帶高活性Rubisco編碼基因的重組質粒（無法轉化植物），研究小組擬使用農桿菌轉化法培育高產量大豆品種，簡要寫出實驗思路　 　。
【答案】（1）啟動子；RNA聚合酶識別和結合位點，驅動基因轉錄
（2）3
（3）prkA基因；prkA基因和Rubisco基因；攜帶高活性Rubisco基因的菌落生長狀況更好
（4）將重組質粒導入農桿菌，用農桿菌感染大豆愈傷組織，通過植物組織培養培育出大豆植株，篩選高產量大豆品種
【知識點】PCR技術的基本操作和應用；基因工程的基本操作程序；基因工程的操作程序（詳細）
1 / 1河南省2025年1月高三適應性測試（八省聯考）生物試卷
1．（2025·河南模擬）中國的飲食文化源遠流長。某傳統美食口味獨特，配料豐富（有海帶、面筋、粉條和香油等）。下列敘述錯誤的是(　　)
A．海帶中的碘元素可用于合成甲狀腺激素
B．香油中的不飽和脂肪酸可用于合成磷脂
C．面筋中的蛋白質變性后生物活性喪失但理化性質不變
D．粉條中的淀粉徹底水解后可產生合成糖原的基本單位
2．（2025·河南模擬）植物可通過細胞自噬實現自清潔和脅迫應答。在自噬過程中，受損蛋白質或細胞器被膜包裹后形成自噬小體，自噬小體與液泡融合進而完成內容物的降解和利用。下列推測錯誤的是(　　)
A．內質網可以為植物自噬小體的膜結構提供原材料
B．植物自噬小體的錨定和運輸與細胞骨架密切相關
C．液泡中含有多種水解酶，有類似于溶體的功能
D．鈉鹽脅迫下，植物減弱細胞自噬活動以維持生存
3．（2025·河南模擬）大腸桿菌和枯草芽孢桿菌中的復合體A均由RNA和蛋白質組成，具有催化活性，下列實驗組合中，能推出“大腸桿菌復合體A中的單獨RNA組分有催化活性，但單獨蛋白質組分無催化活性”這一結論的是(　　)
①大腸桿菌復合體A經核糖核酸酶處理后，喪失催化活性
②大腸桿菌復合體A經蛋白水解酶處理后，仍有催化活性
③從大腸桿茵復合體A中分離的蛋白質組分，沒有催化活性
④通過體外轉錄得到大腸桿菌復合體A中的RNA，具有催化活性
⑤大腸桿菌復合體A的RNA與枯草芽孢桿菌復合體A的蛋白質組裝成的復合體，具有催化活性(　　)
A．①③ B．①⑤ C．②③ D．②④
4．（2025·河南模擬）醛固酮可誘導腎小管和集合管的管理上皮細胞合成多種蛋白質，如頂端膜上的鈉離子通道和基底膜上的鈉鉀泵，促進腎小管和集合管對Na+的重吸收，如圖所示。下列敘述錯誤的是(　　)
A．醛固酮促進Na+重吸收的同時也促進K+的排出
B．血Na+和血K+濃度升高均可促進徑固酮的分泌
C．Na+由管腔進入血管的方式既有主動運輸又有被動運輸
D．頂端膜上的K+外流依賴于基底膜上鈉鉀泵的正?；顒?br/>5．（2025·河南模擬）水稻（2n=24）BBM1蛋白由雄配子攜帶進入雌配子，進而啟動胚發育，而BBM1基因缺失突變體的受精卵無法發育，野生型或BBM1基因缺失突變體的雌配子中導入BBM1基因并表達，則無需受精即可啟動還發育，下列推測錯誤的是(　　)
A．BBM1是誘導水稻受精卵發育的重要基因，在雌配子中的表達受限
B．野生型水稻細胞在減數分裂Ⅱ的中用和后期分別含1個和2個BBM1基因
C．BBM1蛋白誘導未受精的雌配子發育成的水稻在減數分裂時無同源染色體聯會
D．利用水稻的雄配子或雌配子獲得的單倍體植株培育新品種，能明顯縮短育種年限
6．（2025·河南模擬）由mRNA逆轉錄產生的單鏈DNA稱為第一鏈cDNA，以第一鏈cDNA為模版合成的單鏈DNA稱為第二鏈cDNA，下列敘述正確的是(　　)
A．第一鏈cDNA可以單獨作為PCR反應體系的模板
B．第一鏈cDNA與其模板mRNA序列互補、方向相同
C．第二鏈cDNA不能與轉錄該mRNA的DNA進行雜交
D．第二鏈cDNA與其模板mRNA的堿基序列和組成均相同
7．（2025·河南模擬）脆性X綜合征由X染色體上的FMR1因突變所致。FMR1基因不編碼蛋白質區域的CGG序列重復次數呈現多態性，正常時重復次數少于55，前突變時重復次數為55~200（不致?。?，而全突變時重復次數多于200（可致離）。男性的前突變傳遞給下一代時，重復次數不變或減少；女性的前突變傳遞給下一代時，重復次數增加，可生出全突變的孩子，下列敘述正確的是(　　)
A．CGG重復次數的多態性影響FMR1編碼多肽鏈的長度
B．女性的前突變只能來自母親，以后可能傳遞給她的兒子
C．男性的前突變只能來自母親，以后只能傳遞給他的女兒
D．檢測前突變女性的CGG重復次數可推斷后代是否患病
8．（2025·河南模擬）人和動物擁有大量同源基因（有共同進化起源，通常在序列和功能上具有相似性），分別將4種動物與人相應的同源基因序列進行比對，相似度如表所示。下列述正確的是(　　)
物種 黑猩猩 小鼠 牛 雞
相似度 96% 85% 80% 60%
A．不同物種間存在同源基因是生物擁有共同祖先最直接的證據
B．據表可推斷出人和小鼠的親緣關系比牛和小鼠的親緣關系遠
C．變異和選擇是不同物種同源基因序列間存在差異的重要原因
D．同源基因序列的相似度不能反映物種在進化史上出現的順序
9．（2025·河南模擬）人體血漿中無機磷酸鹽的濃度為0.8~1.5mmol/L，而腦脊液中的濃度僅為0.35~ 0.5mmol/L。下列敘述正確的是(　　)
A．1分子ATP完全水解可產生2分子磷酸
B．腦脊液中無機磷酸鹽的濃度低于血漿是因為穩態失調
C．由無機磷酸鹽形成的滲透壓是血漿滲透壓的主要來源
D．無機磷酸鹽可通過調節酸堿度參與人體內環境穩態的維持
10．（2025·河南模擬）應激刺激時，杏仁核與海馬（腦內兩個里要的結構）可直接作用于下丘腦，進而調控下丘腦-垂體腎上腺皮質軸（HPA軸）的活動。過程如圖所示，長明應激刺激促使皮質醇過度釋放，可導致得海馬損傷。下列敘述正確的是(　　)
A．無應激刺激時，杏仁核和海馬不興奮，腎上腺皮質不釋放皮質醇
B．長期應激刺激時，促腎上腺皮質激素釋放減少使腎上腺皮質萎縮
C．應激刺激時，杏仁核可通過海馬使下丘腦減弱對垂體的抑制作用
D．應激制激時，皮質醇釋放增多，可直接或間接抑制下丘腦的活動
11．（2025·河南模擬）嵌合抗原受體T細胞（CAR-T）療法可用于腫瘤免疫治療，為提升T細胞識別和殺傷腫瘤細胞的能力，研究人員在體外對病人自身的T細胞進行改造，包括在細胞表面引入單克隆抗體和在細胞內表達細胞因子，下列敘述錯誤的是(　　)
A．CAR-T除了具有殺傷腫瘤細胞的能力外，還可以呈遞激活B細胞的第二信號
B．CAR-T表面的組織相容性抗原可被機體識別但不會引起自身的免疫排斥反應
C．利用單克隆抗體與抗原特異性結合的特點可提升T細胞識別腫瘤細胞的能力
D．利用細胞因子加速T細胞分裂分化的特點可提升T細胞殺傷腫瘤細胞的能力
12．（2025·河南模擬）植物可以利用光敏色素感知紅光與遠紅光比值（R：FR）的變化進面調節側芽的生長。低R：FR會抑制植物側芽的生長，為探究高R：FR和去除頂芽處理對植物側芽生長的影響，研究人員對某種植物先進行低R：FR預處理，然后分4組進行實驗，在不同時間點測量側芽的長度，結果如圖所示。下列敘述錯誤的是(　　)
A．去頂芽處理導致植物側芽處的生長素濃度降低，促進側芽生長
B．高R：FR信號通過改變光敏色素結構傳遞信息，促進側芽生長
C．高R：FR處理協同增強了去頂芽處理促進植物側芽生長的效果
D．48h后，去頂芽處理對側芽生長的促進作用大于高R：FR處理
13．（2025·河南模擬）腸道微生物群落是動物腸道中的復雜微生物野體。以生活于高海拔和低海拔的兩個獼猴種群為研究對象，發現兩者的腸道微生物群落結構差異顯著。下列推測錯誤的是(　　)
A．宿主與腸道微生物之間的協同進化會影響多種腸道微生物的生態位
B．腸道微生物群落內部種群相互關系的發展變化會影響該群落的演替
C．腸道微生物群落出現結構差異是獼猴適應不同海拔環境的一種表現
D．腸道微生物群落出現結構差異可使是由兩個獼猴種群生殖隔離所致
14．（2025·河南模擬）生態農業有多種實例，如：①板栗茶樹間作；②?；~塘；③混合放養鰱魚和青魚；④林下種植藥用植物；⑤選種轉Bt基因的棉花；⑥合理利用污水澆灌林地；⑦種植水生蔬菜減輕水體富營養化；⑧果園放置黑光燈，根據各自特點，可歸為以下類型：（甲）立體復合型；（乙）物質循環型；（丙）病蟲害防治型；（丁）污染治理型，下列匹配關系中，不合理的是(　　)
A．①和④-甲 B．②和③-乙 C．⑤和⑧-丙 D．⑥和⑦-丁
15．（2025·河南模擬）中藥材懷菊含有多種活性物質，具有精熱、明目等功效。植物組織培養技術可用于懷菊的脫毒和快速繁殖。下列敘述正確的是(　　)
A．懷菊中含有的次生代謝物通常是懷菊基本生命活動所必需的
B．懷菊快速繁殖過程中產生的體細胞突變可通過無性生殖遺傳
C．利用懷菊的莖段作為外植體，通過植物組織培養可獲得脫毒苗
D．生芽培養基中細胞分裂素與生長素的比值比生根培養基中的小
16．（2025·河南模擬）我因具有悠久的酸酒文化和歷史。《天工開物》中有“古來曲造酒，糵造醴”的記載，“曲”指由谷物培養微生物所制成的發酵劑，“糵”指發芽的谷物，“醴”指甜酒。古人在冬季釀酒時，常將谷物封存在陶器中并埋藏于地下進行保溫，下列敘述錯誤的是(　　)
A．釀酒過程中密封的主要目的是避免雜菌污染，從面提高酒的品質
B．“曲”中含有大量的酵母菌，溫度是影響酵母菌生長的重要因素
C．“造醴”時選擇“糵”的原因是發芽的谷物會釋放更多的淀粉酶
D．“糵造醴”時大部分糖的分解和代謝物的生成都在發酵階段完成
17．（2025·河南模擬）為探究某種楊樹雌株和雄株競爭光資源的差異，研究人員將生長狀態相同的雌株和雄株幼苗植于同一盆中，在全光照（自然光照）和遮陰（5%自然光照）條件下分組培養，5個月后檢剝植株的生理指標，結果如圖所示（凈光合速率以單位時間、單位葉面積從外界空氣中吸收的CO2量表示）。
回答下列問題。
（1）植物通過光反應將光能轉化成　 　中的化學能。在暗反應階段，CO2被利用，經過一系列的反應后生成　 　。
（2）與全光照處理相比，遮陰處理導致葉片中的葉綠素含量增多，該變化的生理意義是　 　。
（3）在相同光照（全光照或遮陰）條件下，雄株的生物量（干重）均高于雌株。不考慮呼吸速率的差異，據圖推測該種楊樹雌株和雄株的光資源競爭策略分別是　 　。
（4）綜合本研究和其他幾種楊樹的相關研究結果，得出結論如下：楊樹雌株和雄株對光自愿的競爭策略不同。該推理運用了　 　（填科學方法）。
（5）楊樹雌株通過產生楊絮（包裹種子的絮狀絨毛）傳播種子。楊絮會引發過敏反應，且存在火災隱患。利用所學生物學知識，為防治楊絮問題提供合理建議：　 ?。ù鸪?點即可）。
18．（2025·河南模擬）帕金森?。≒D）是一種神經退行性疾病，由腦中屬質內多巴胺能神經元損傷所致，為研究A藥物對PD的治療效果及機制，研究人員用M物質制備PD模型大鼠并分組處理，結果如圖所示。
回答下列問題
（1）多巴胺能神經元合成的神經遞質常儲存在突觸小泡中，通過　 　的方式釋放，被突觸后膜上的相關受體識別并結合，可使突觸后神經元產生興奮，興奮部位細胞膜兩側的電位表現為　 ?。ㄌ睢皟蓉撏庹被颉皟日庳摗保?br/>（2）實驗發現A藥物對PD模型大鼠有一定的治療效果，據圖分析得出該結論的依據是　 　。
（3）星形膠質細胞（一種神經膠質細胞）膜上存在TRPV1受體，為驗證A藥物通過該受體發揮治療作用，研究人員設置了④、⑤處理組。在圖中虛線框內，以柱狀圖的形式畫出相應的預期結果　 　。
（4）A藥物促使星形膠質細胞可能通過以下兩條通路保護多巴胺能神經元；通過產生神經營養因子C與多巴胺能神經元上的C受體結合發揮保護作用（通路1）；通過P蛋白與多巴胺能神經元之間形成連接發揮保護作用（通路2）。為探究A藥物發揮作用的通路機制，以PD模型大鼠為材料，使用C受體的抗體、P蛋白的抑制劑設計實驗。寫出實驗思路及預期結果　 　。
19．（2025·河南模擬）華北豹是我因特有的豹亞種，是華北地區生態系統中的頂極捕食者。隨著生態環境的不斷改善，華北豹的數量穩步增加?；卮鹣铝袉栴}，
（1）在某地，華北豹偏好出沒于野豬及草兔頻繁活動的區域，原因是　 　在食物鏈中，草兔屬于　 　消費者，位于第　 　營養級。
（2）調查瀕危野生動物種群數量的方法有　 　（答出2點即可）。
（3）華北豹個體花紋具有唯一性，據此可進行個體識別。統計某地華北豹的數量如下表，該地四年累計發現華北豹的數量為　 　只。決定該地華北的種群密度的直接因素有　 　。
時間 個體識別總數量（只） 新識別個體數量（只）
第一年 12 12
第二年 8 1
第三年 12 7
第四年 10 3
（4）華北豹面臨著嚴重的棲息地破碎化問題，解決途徑有　 　（答出2點即可）。
20．（2025·河南模擬）玉米（2n=20）是雌雄同株異花植物。玉米存在雄性不育株，表現為雄花不育、雄花可育。現有兩株雄性不育突變體甲和乙，兩者的不育性狀均由單基因突變所致（不考慮基因間的相互作用；當植株可育時花粉均可育）。甲與純合野生型玉米雜交得到子代丙，丙自交后代中正常育性：雄性不育=3：1?；卮鹣铝袉栴}。
（1）甲的雄性不育突變為　 ?。ㄌ睢帮@性”或“隱性”）突變。丙自交的子代之間隨機交配，后代中正常育性：雄性不育=　 　。
（2）甲的雄性不育由M2基因（由M1基因突變而來）控制。將M1與M2的mRNA翻譯區進行序列比對，結果如圖。M2編碼的多肽鏈長度為　 　個氨基酸。
（3）若甲、乙的雄性不育基因為同一基因。乙與丙雜交，后代的表型及比例是　 　。
（4）若甲、乙的雄性不育基因為不同基因，且位于非同源染色體上，將乙與丙雜交：
①若F1均為正常育性，據此推測乙的雄性不育突變為　 ?。ㄌ睢帮@性”現“隱性”）突變。僅考慮M1/M2這對等位基因，乙表達的多肽隨長度為　 　個氨基酸。F1自交所得F2的表型及比例是　 　。
②若F1中正常育性：雄性不育=1：1，利用現有材料進行雜交無法獲得雄性不育的純合子，原因是　 　。
21．（2025·河南模擬）核酮糖-l，5-二磷酸羧化/加氧酶（Rubisco）是植物固定CO2的關鍵酶。某研究小組通過導入相關基因在大腸桿菌中搭建圖1所示的代謝通路，以篩選結合CO2能力更強的Rubisco。
回答下列問題。
（1）為將Rubisco基因導入大腸桿菌，研究小組使用BamHI和EcoR I雙側切以構建重組質粒。圖2表達載體中，片段2為　 　（填“啟動子”或“終止子”），其作用是　 　。
（2）為檢測轉化的菌落是否攜帶含有Rubisco基因的重組質粒，將P1、P2和P3引物（引物位置如圖2所示，→表示引物5'→3'方向）共同加入反應體系后，分別以3個菌落的DNA為模板進行PCR擴增，PCR產物的瓊脂糖凝膠電泳結果如圖3所示，菌落　 ?。ㄌ睢?”或“2”或“3”）攜帶正確的重組質粒。
（3）通過單獨或共同轉化prkA基因、Rubisco基因獲得三種大腸桿菌，涂布在同一平板的不同區域（區城①涂布未攜帶目的基因的大腸桿菌），一段時間后，菌落分布及生長狀況如圖4所示，推測區域②、④內菌落攜帶的目的基因分別是　 　、　 　，現有多種Rubisco突變基因，應用該共同轉化體系可篩選出高活性Rubisco的依據是　 　。
（4）Rubisco的活性與植物有機物的積累密切相關，現已篩選出攜帶高活性Rubisco編碼基因的重組質粒（無法轉化植物），研究小組擬使用農桿菌轉化法培育高產量大豆品種，簡要寫出實驗思路　 　。
答案解析部分
1．【答案】C
【知識點】蛋白質變性的主要因素；糖類的種類及其分布和功能；無機鹽的主要存在形式和作用；脂質的種類及其功能
【解析】【解答】A、碘是合成甲狀腺激素的重要原料。海帶中富含碘元素，這些碘元素可用于合成甲狀腺激素，A不符合題意；
B、磷脂是由甘油、脂肪酸、磷酸和含氮堿基組成的。香油中的不飽和脂肪酸是合成磷脂的原料之一，B不符合題意；
C、蛋白質變性后，其生物活性喪失，同時理化性質也會發生改變，如溶解度降低等，C符合題意；
D、粉條中的淀粉徹底水解后的產物是葡萄糖，葡萄糖是合成糖原的基本單位，D不符合題意。
故答案為：C。
【分析】（1）細胞中的無機鹽多以離子的形式存在。一些無機鹽是細胞內復雜化合物的重要組成成分，許多種無機鹽對于維持細胞和生物體的生命活動有非常重要的作用。
（2）脂質通常包括脂肪、磷脂、固醇等，它們有些是細胞結構的重要組成成分，有些參與重要的生命活動過程。
（3）蛋白質變性是指蛋白質在某些物理和化學因素作用下其特定的空間構象被破壞，從而導致其理化性質的改變和生物活性喪失的現象。
（4）食物中的淀粉水解后變成葡萄糖，這些葡萄糖成為人和動物體合成動物多糖——糖原的原料。
2．【答案】D
【知識點】細胞骨架；細胞自噬
【解析】【解答】A、內質網是脂質合成的車間，而膜結構的主要成分是脂質和蛋白質，所以內質網可以為植物自噬小體的膜結構提供原材料，A不符合題意；
B、細胞骨架與細胞的運動、分裂、分化等生命活動密切相關，植物自噬小體的錨定和運輸也需要細胞骨架的參與，B不符合題意；
C、液泡中含有多種水解酶，能對自噬小體的內容物進行降解和利用，這與溶酶體的功能類似，C不符合題意；
D、在鈉鹽脅迫下，植物應增強細胞自噬活動來應對脅迫，而不是減弱，細胞通過增強自噬來清除受損的細胞器和蛋白質等，以維持自身正常的生理功能和生存，D符合題意。
故答案為：D。
【分析】（1）粗面內質網能夠對附著核糖體合成的蛋白質進行加工和轉運。滑面內質網是細胞中脂質的合成場所。
（2）細胞骨架是由蛋白質纖維組成的網架結構，維持著細胞的形態，錨定并支撐著許多細胞器，與細胞運動、分裂、分化以及物質運輸、能量轉化、信息傳遞等生命活動密切相關。
（3）植物細胞沒有溶酶體，但是液泡中含有酸性水解酶，能夠行使溶酶體的功能。
（4）細胞自噬就是細胞吃掉自身的結構和物質。
3．【答案】A
【知識點】酶的本質及其探索歷程
【解析】【解答】①大腸桿菌復合體A經核糖核酸酶處理后，喪失催化活性，說明RNA被破壞后復合體失去催化活性，暗示RNA在催化中起重要作用；
②大腸桿菌復合體A經蛋白水解酶處理后，仍有催化活性，只能說明蛋白質被破壞后復合體仍有催化活性，但不能確定單獨RNA的催化活性，也不能確定單獨蛋白質組分無催化活性；
③從大腸桿菌復合體A中分離的蛋白質組分，沒有催化活性，直接表明單獨的蛋白質組分無催化活性；
④通過體外轉錄得到大腸桿菌復合體A中的RNA，具有催化活性，只能說明RNA有催化活性，但不能確定單獨蛋白質無催化活性；
⑤大腸桿菌復合體A的RNA與枯草芽孢桿菌復合體A的蛋白質組裝成的復合體，具有催化活性，這里涉及到不同來源的RNA和蛋白質重新組裝后的情況，不能直接推出大腸桿菌復合體A中的單獨RNA和單獨蛋白質的催化活性情況。
綜上所述，根據①③可以推出“大腸桿菌復合體A中的單獨RNA組分有催化活性，但單獨蛋白質組分無催化活性”這一結論，BCD不符合題意，A符合題意。
故答案為：A。
【分析】酶是活細胞產生的具有催化能力的生物大分子，絕大多數是蛋白質，少數是RNA。
4．【答案】B
【知識點】三種跨膜運輸方式的比較
【解析】【解答】A、根據題圖可知，醛固酮促進腎小管和集合管對Na+重吸收，同時會促進K+的排出，這是醛固酮的生理作用，A不符合題意；
B、醛固酮促進Na+重吸收，且促進K+的排出，因此血K+濃度升高可促進醛固酮的分泌，而血Na+濃度降低才會促進醛固酮的分泌，B符合題意；
C、Na+由管腔進入上皮細胞是通過鈉離子通道，屬于被動運輸；Na+由上皮細胞進入血管是通過鈉鉀泵，屬于主動運輸，所以Na+由管腔進入血管的方式既有主動運輸又有被動運輸，C不符合題意；
D、基底膜上鈉鉀泵正?；顒?，維持細胞內外K+和Na+的濃度差，從而為頂端膜上的K+外流提供動力，D不符合題意。
故答案為：B。
【分析】物質以擴散方式進出細胞，不需要消耗細胞內化學反應所釋放的能量，這種物質跨膜運輸方式稱為被動運輸。被動運輸分為自由擴散和協助擴散兩類。物質逆濃度梯度進行跨膜運輸，需要載體蛋白的協助，同時還需要消耗細胞內化學反應所釋放的能量，這種方式叫作主動運輸。
5．【答案】B
【知識點】減數第一、二次分裂過程中染色體的行為變化；單倍體育種
【解析】【解答】A、由“BBM1基因缺失突變體的受精卵無法發育，野生型或BBM1基因缺失突變體的雌配子中導入BBM1基因并表達，則無需受精即可啟動胚發育”可知，BBM1是誘導水稻受精卵發育的重要基因，且在雌配子中原本表達受限，A符合題意；
B、野生型水稻可能是純合體，也可能是雜合體。如果野生型水稻為雜合體，那么該野生型水稻存在部分細胞在減數分裂Ⅱ的中期和后期不含BBM1基因，B不符合題意；
C、未受精的雌配子發育成的水稻是單倍體，單倍體在減數分裂時無同源染色體聯會，C不符合題意；
D、利用單倍體植株培育新品種，能明顯縮短育種年限?？梢娎盟镜男叟渥踊虼婆渥荧@得的單倍體植株培育新品種，能明顯縮短育種年限，D不符合題意。
故答案為：B。
【分析】（1）體細胞中的染色體數目與本物種配子染色體數目相同的個體，叫作單倍體。大多數情況下，單倍體植株不能進行正常的減數分裂，表現為高度不育。
（2）進行有性生殖的生物，在由原始生殖細胞形成成熟生殖細胞的過程中，染色體只復制一次，而細胞經減數分裂連續分裂兩次，最終使成熟生殖細胞中的染色體數目比原始生殖細胞的減少一半。
6．【答案】A
【知識點】DNA與RNA的異同；PCR技術的基本操作和應用；遺傳信息的轉錄
【解析】【解答】A、PCR反應需要特定的引物、模板、酶等條件，第一鏈cDNA可以作為PCR反應體系的模板，A符合題意；
B、第一鏈cDNA與其模板mRNA序列互補，但方向相反，B不符合題意；
C、第二鏈cDNA能與轉錄該mRNA的DNA進行雜交，這是因為它們之間存在互補序列，C不符合題意；
D、第二鏈cDNA與其模板mRNA的堿基序列互補，但兩者的組成不完全相同，D不符合題意。
故答案為：A。
【分析】（1）PCR是聚合酶鏈式反應的縮寫。它是一項根據DNA半保留復制的原理，在體外提供參與DNA復制的各種組分與反應條件，對目的基因的核苷酸序列進行大量復制的技術。
（2）轉錄是以DNA的一條鏈為模板，按照堿基互補配對原則，在細胞核內合成mRNA的過程。
（3）DNA 由脫氧核苷酸組成，脫氧核苷酸包含脫氧核糖、含氮堿基（腺嘌呤、胸腺嘧啶、鳥嘌呤、胞嘧啶）和磷酸基團。RNA 由核糖核苷酸組成，核糖核苷酸包含核糖、含氮堿基（腺嘌呤、尿嘧啶、鳥嘌呤、胞嘧啶）和磷酸基團。
7．【答案】C
【知識點】伴性遺傳；遺傳信息的轉錄
【解析】【解答】A、根據題文可知，FMR1基因不編碼蛋白質區域的CGG序列重復次數呈現多態性，正常、前突變、全突變是重復次數的不同，而不是影響編碼多肽鏈的長度，因為是不編碼蛋白質區域，A不符合題意；
B、結合題文可知，女性的前突變可來自父親或母親，只不過母親的前突變傳遞給下一代時，可生出全突變的孩子，B不符合題意；
C、男性的X染色體來自母親，且男性的X染色體只能傳遞給女兒，所以男性的前突變只能來自母親，以后只能傳遞給他的女兒，C符合題意；
D、女性的前突變傳遞給下一代時，重復次數增加，可生出全突變的孩子，因此僅檢測前突變女性的CGG重復次數不能準確推斷后代是否患病，D不符合題意。
故答案為：C。
【分析】（1）基因的表達是指基因通過mRNA指導蛋白質的合成，包括遺傳信息的轉錄和翻譯兩個階段。
（2）人類的性別由性染色體決定，女性的一對性染色體是同型的，用XX表示；男性的一對性染色體是異型的，用XY表示。
8．【答案】C
【知識點】生物具有共同的祖先；自然選擇與適應；變異是自然選擇的原材料
【解析】【解答】A、利用化石可以確定地球上曾經生活過的生物的種類及其形態、結構、行為等特征。因此化石是生物擁有共同祖先最直接的證據，A不符合題意；
B、人和小鼠的同源基因相似度為85%，牛和人的同源基因相似度為80%，可見能判斷人和小鼠的親緣關系與人和牛的親緣關系之間的遠近，但不能判斷牛和小鼠的親緣關系與人和小鼠的親緣關系之間的遠近，B不符合題意；
C、基因突變是產生新基因的途徑，自然選擇導致種群基因頻率的定向改變，可見變異和選擇是不同物種同源基因序列間存在差異的重要原因，C符合題意；
D、同源基因是指來自共同祖先的基因，在不同物種中，同源基因序列的相似度越高，往往意味著它們在進化上的分歧時間越近，也就能夠在一定程度上反映物種在進化史上出現的順序，D不符合題意。
故答案為：C。
【分析】（1）化石是直接的證據，比較解剖學和胚胎學證據也給生物進化論提供了有力的支持；隨著生物科學的發展，來自細胞生物學和分子生物學方面的證據也越來越多。
（2）適應是自然選擇的結果；種群是生物進化的基本單位；突變和基因重組提供進化的原材料，自然選擇導致種群基因頻率的定向改變，進而通過隔離形成新的物種；生物進化的過程實際上是生物與生物、生物與無機環境協同進化的過程；生物多樣性是協同進化的結果。
9．【答案】D
【知識點】ATP的化學組成和特點；內環境的理化特性；穩態的調節機制
【解析】【解答】A、1分子ATP完全水解可產生3分子磷酸，而不是2分子磷酸，A不符合題意；
B、腦脊液中無機磷酸鹽的濃度低于血漿是正常的生理現象，并不是穩態失調，B不符合題意；
C、血漿滲透壓的大小主要與無機鹽、蛋白質的含量有關。在組成細胞外液的各種無機鹽離子中，含量上占有明顯優勢的是Na+和Cl-，細胞外液滲透壓的90%以上來源于Na+和Cl-，C不符合題意；
D、無機磷酸鹽可通過調節酸堿度參與人體內環境穩態的維持，例如磷酸氫根離子和磷酸二氫根離子等可以起到緩沖作用，D符合題意。
故答案為：D。
【分析】（1）ATP是由1個核糖、1個腺嘌呤和3個磷酸基團組成的。
（2）正常機體通過調節作用，使各個器官、系統協調活動，共同維持內環境的相對穩定狀態叫作穩態。
10．【答案】D
【知識點】神經、體液調節在維持穩態中的作用；激素分泌的分級調節
【解析】【解答】A、無應激刺激時，圖中未明確表示，因此不能得出杏仁核和海馬不興奮，腎上腺皮質就不釋放皮質醇的結論，A不符合題意；
B、長期應激刺激時，是皮質醇過度釋放，而不是促腎上腺皮質激素釋放減少使腎上腺皮質萎縮，B不符合題意；
C、根據圖中信息可知，應激刺激時，杏仁核可直接作用于下丘腦，并沒有通過海馬使下丘腦減弱對垂體的抑制作用，C不符合題意；
D、應激刺激時，皮質醇釋放增多，從圖中可以看出，皮質醇可直接或間接抑制下丘腦的活動，D符合題意。
故答案為：D。
【分析】負反饋是指在一個系統中，系統工作的效果，反過來又作為信息調節該系統的工作，并且使系統工作的效果減弱或受到限制，它可使系統保持穩定。
11．【答案】A
【知識點】單克隆抗體的優點及應用；體液免疫與細胞免疫的協調配合
【解析】【解答】A、T細胞不能呈遞激活B細胞的第二信號，CAR - T細胞是經過改造的T細胞，同樣不能呈遞激活B細胞的第二信號，A符合題意；
B、CAR - T細胞表面的組織相容性抗原可被機體識別為自身成分，不會引起自身的免疫排斥反應，B不符合題意；
C、單克隆抗體具有特異性，利用單克隆抗體與腫瘤細胞抗原特異性結合的特點，可提升T細胞識別腫瘤細胞的能力，C不符合題意；
D、細胞因子具有加速T細胞分裂分化的特點，通過在CAR - T細胞內表達細胞因子，可提升T細胞殺傷腫瘤細胞的能力，D不符合題意。
故答案為：A。
【分析】（1）人體的免疫包括非特異性免疫和特異性免疫。特異性免疫是通過體液免疫和細胞免疫兩種方式，針對特定的病原體發生的免疫反應，它的分子基礎是抗體與抗原、免疫細胞表面的受體與抗原的特異性結合。
（2）單克隆抗體能準確地識別抗原的細微差異，與特定抗原發生特異性結合，并且可以大量制備。
12．【答案】D
【知識點】生長素的作用及其作用的兩重性
【解析】【解答】A、去頂芽后，頂端優勢解除，側芽處生長素濃度降低，從而促進側芽生長，A不符合題意；
B、植物利用光敏色素感知R：FR變化，高R：FR信號可能通過改變光敏色素結構傳遞信息，促進側芽生長，B不符合題意；
C、從圖中可以看出，高R：FR處理和去頂芽處理共同作用時，側芽生長長度比單獨高R：FR處理或去頂芽處理時都要長，說明高R：FR處理協同增強了去頂芽處理促進側芽生長的效果，C不符合題意；
D、對比48h后的“高R：FR”曲線和“高R：FR + 去頂芽處理”曲線，可以看出高R：FR + 去頂芽處理后側芽生長長度大于單獨去頂芽處理后側芽生長長度，只能說明48h后高R：FR處理協同增強了去頂芽處理促進側芽生長的效果，不能得出去頂芽處理對側芽生長的促進作用大于高R：FR處理的結論，D符合題意。
故答案為：D。
【分析】一般情況下，生長素在濃度較低時促進生長，在濃度過高時則會抑制生長。例如，頂芽產生的生長素逐漸向下運輸，枝條上部的側芽處生長素濃度較高，側芽的發育受到抑制，植株因而表現出頂端優勢。去掉頂芽后，側芽處的生長素濃度降低，于是側芽萌動、加快生長。
13．【答案】D
【知識點】協同進化與生物多樣性的形成；物種的概念與形成；群落的演替
【解析】【解答】A、宿主與腸道微生物之間存在協同進化關系，協同進化意味著它們相互影響、相互適應。在這個過程中，宿主的生理特征、生活方式等的變化會影響腸道微生物的生存環境和資源獲取，從而影響它們在腸道中的生態位，A不符合題意；
B、腸道微生物群落內部種群相互關系的發展變化會對群落的演替產生影響。不同種群之間的關系改變，可能會導致某些種群數量增多，某些種群數量減少，從而改變整個群落的結構和組成，進而影響群落的演替方向和速度，B不符合題意；
C、獼猴生活在不同海拔環境，腸道微生物群落出現結構差異是適應不同海拔環境的一種表現，C不符合題意；
D、兩個獼猴種群屬于同一物種，不存在生殖隔離，腸道微生物群落出現結構差異不是由生殖隔離所致，D符合題意。
故答案為：D。
【分析】（1）物種之間、生物與無機環境之間在相互影響中不斷進化和不同物種之間、生物與無機環境之間在相互影響中不斷進化和發展，這就是協同進化發展，這就是協同進化。
（2）一個物種在群落中的地位和作用，包括所處的空間位置，占用資源的情況，以及與其他物種的關系等，稱為這個物種的生態位。
（3）不同物種之間一般是不能相互交配的，即使交配成功，也不能產生可育的后代，這種現象叫作生殖隔離。
14．【答案】C
【知識點】群落的結構；治污生態工程；生態系統的物質循環
【解析】【解答】A、①板栗茶樹間作以及④林下種植藥用植物，都是在垂直空間上進行多種植物的種植，屬于（甲）立體復合型農業模式，A不符合題意；
B、②?；~塘中，桑葉養蠶，蠶沙喂魚，塘泥肥桑，實現了物質的循環利用；③混合放養鰱魚和青魚，鰱魚以浮游植物為食，青魚以螺螄等底棲動物為食，它們之間的殘餌和糞便等也實現了物質循環，故兩者都屬于（乙）物質循環型，B不符合題意；
C、⑤選種轉Bt基因的棉花是利用基因工程手段使棉花自身具有抗蟲能力，屬于生物防治病蟲害；而⑧果園放置黑光燈是利用昆蟲的趨光性誘捕昆蟲，屬于物理防治病蟲害，它們并不都是同一類型，C符合題意；
D、⑥合理利用污水澆灌林地，是對污水的一種合理利用，減輕了污水對環境的污染；⑦種植水生蔬菜減輕水體富營養化，也是對污染水體的治理，屬于（?。┪廴局卫硇?，D不符合題意。
故答案為：C。
【分析】（1）所謂立體農業，就是充分利用群落的空間結構和季節性，進行立體種植、立體養殖或立體復合種養的生產模式。
（2）目前控制動物危害的技術方法大致有三種：化學防治、生物防治和機械防治。
（3）全球性生態環境問題主要包括全球氣候變化、水資源短缺、臭氧層破壞、土地荒漠化、生物多樣性喪失以及環境污染等。
15．【答案】B
【知識點】植物細胞的全能性及應用；農業生產中的繁殖控制技術；組織培養基的成分及作用；植物細胞工程的應用
【解析】【解答】A、次生代謝物是植物代謝過程中產生的，并非植物基本生命活動所必需的，可見懷菊中含有的次生代謝物通常不是懷菊基本生命活動所必需的，A不符合題意；
B、在懷菊快速繁殖過程中，常用的是無性繁殖技術，如植物組織培養等。無性繁殖不經過兩性生殖細胞的結合，子代的遺傳物質與親代基本相同。體細胞突變是發生在體細胞中的變異，這些突變體細胞具有遺傳上的不穩定性，但它們可以通過無性生殖方式（如植物組織培養）進行遺傳，B符合題意；
C、植物的莖尖等分生組織幾乎不含病毒，利用莖尖作為外植體通過植物組織培養可獲得脫毒苗，而不是莖段，C不符合題意；
D、植物細胞的再分化過程中，生長素濃度與細胞分裂素濃度的比值會影響植物細胞的發育方向。當比值較低時，誘導芽的分化；比值較高時，則誘導根的分化；比值處于中間水平時，愈傷組織只生長而不分化。可見生芽培養基中細胞分裂素與生長素的比值比生根培養基中的大，D不符合題意。
故答案為：B。
【分析】（1）次生代謝物是一類小分子有機化合物（如酚類、萜類和含氮化合物等），在植物抗病、抗蟲等方面發揮作用，也是很多藥物、香料和色素等的重要來源。
（2）通過有性生殖，新一代繼承了父母雙方的遺傳物質，而通過無性生殖只能繼承單親的遺傳物質。
（3）植物頂端分生區附近（如莖尖）的病毒極少，甚至無病毒。因此，切取一定大小的莖尖進行組織培養，再生的植株就有可能不帶病毒，從而獲得脫毒苗。
（4）植物組織培養是指將離體的植物器官、組織或細胞等，培養在人工配制的培養基上，給予適宜的培養條件，誘導其形成完整植株的技術。
16．【答案】D
【知識點】果酒果醋的制作
【解析】【解答】A、釀酒過程中密封主要目的是為酵母菌提供無氧環境，讓其進行無氧呼吸產生酒精，同時避免雜菌污染，從而提高酒的品質，A不符合題意；
B、“曲”中含有大量酵母菌，溫度會影響酵母菌中酶的活性，進而影響酵母菌生長，是重要因素，B不符合題意；
C、發芽的谷物會釋放更多淀粉酶，淀粉酶可將淀粉分解為葡萄糖等糖類，這有利于后續釀酒過程，C不符合題意；
D、“糵造醴”時大部分糖的分解在糖化階段完成，代謝物的生成主要在發酵階段完成，D符合題意。
故答案為：D。
【分析】發酵是指人們利用微生物，在適宜的條件下，將原料通過微生物的代謝轉化為人類所需要的產物的過程。發酵過程分為主發酵和后發酵兩個階段。酵母菌的繁殖、大部分糖的分解和代謝物的生成都在主發酵階段完成。
17．【答案】（1）ATP和NADPH；糖類等有機物
（2）有利于吸收更多光能，提高光合效率
（3）雌株傾向于減少光能獲取，雄株傾向于獲取更多光能
（4）歸納法
（5）選育無絮品種；采用激素抑制楊絮產生
【知識點】光合作用的過程和意義；光合作用原理的應用
【解析】【解答】（1）在光合作用中，植物通過光反應將光能轉化為ATP和NADPH中的化學能。光反應發生在葉綠體的類囊體薄膜上，利用光能將水分解為氧氣、氫離子和電子，同時合成ATP和NADPH，這些物質將參與暗反應。 在暗反應階段，CO2首先與五碳化合物結合，經過固定、還原等過程，最終生成葡萄糖等有機物。
（2）遮陰處理會使葉片中葉綠素含量增加，葉綠素能夠吸收光能，在遮陰環境下，光照較弱，增多的葉綠素可以更有效地吸收這種較弱的光。這樣可以提高光合作用的效率，保證植物即使在遮陰的情況下，也能夠進行一定程度的光合作用，進而合成有機物，滿足自身生長發育的需要。因此與全光照處理相比，遮陰處理導致葉片中的葉綠素含量增多，該變化的生理意義是有利于吸收更多光能，提高光合效率。
（3）由于雄株的生物量（干重）均高于雌株，在不考慮呼吸速率差異的情況下，這意味著雄株在相同光照條件下能夠更有效地利用光資源來積累生物量。也就是說，對于雄株來說，其光資源競爭策略可能是更積極地獲取和利用光資源，傾向于獲取更多光能；而對于雌株而言，其生物量相對較低，可能其光資源競爭策略相對較為保守，傾向于減少光能獲取。
（4）根據題干信息可知，是綜合了本研究和其他幾種楊樹的相關研究結果得出楊樹雌株和雄株對光資源的競爭策略不同的結論。這種推理是基于對多個研究結果的歸納總結，從而得出一般性的結論。所以該推理運用了歸納法。
（5）選育不產生楊絮的楊樹品種進行種植，從根源上減少楊絮的產生；對現有的楊樹雌株進行絕育處理，抑制其產生楊絮；在楊絮飄飛的季節，通過噴水等方式增加空氣濕度，使楊絮落地，減少其在空氣中的漂浮，等等。
【分析】（1）光合作用是指綠色植物通過葉綠體，利用光能，將二氧化碳和水轉化成儲存著能量的有機物，并且釋放出氧氣的過程。
（2）歸納法是指由一系列具體事實推出一般結論的思維方法。
18．【答案】（1）胞吐；內正外負
（2）A藥物處理組的多巴胺能神經元數量比模型組多
（3）此處需根據具體圖表來準確繪制柱狀圖，暫無法完成此操作
（4）實驗思路：將PD模型大鼠分為三組，第一組用A藥物處理，第二組用A藥物和C受體抗體處理，第三組用A藥物和P蛋白抑制劑處理，觀察多巴胺能神經元數量。預期結果：第二組和第三組多巴胺能神經元數量比第一組少
【知識點】胞吞、胞吐的過程和意義；神經沖動的產生和傳導
【解析】【解答】（1）當軸突末梢有神經沖動傳來時，突觸小泡受到刺激，就會向突觸前膜移動并與它融合，同時釋放一種化學物質—神經遞質?？梢姸喟桶纺苌窠浽铣傻纳窠涍f質常儲存在突觸小泡中，神經遞質釋放的方式是胞吐。靜息電位表現為內負外正；動作電位表現為內正外負，因此當神經遞質使突觸后神經元產生興奮時，興奮部位細胞膜兩側的電位表現為內正外負。
（2）根據題圖可知，①組沒有給予任何處理，②組只給予M物質處理，③組給予M物質+A藥物處理。比對這②③組的多巴胺能神經元數量可知，M物質+A藥物處理組的多巴胺能神經元數量比M物質處理組多，則能發現A藥物對PD模型大鼠有一定的治療效果。
（3）根據題文可知，星形膠質細胞膜上存在TRPV1受體，shTRPV1處理會抑制TRPV1受體表達，shCtr1處理不會抑制TRPV1受體表達。 為驗證A藥物通過TRPV1受體發揮治療作用，研究人員設置了④、⑤處理組，其中④組給予M物質+A藥物+shTRPV1處理，⑤組給予M物質+A藥物+shCtr1處理。如果A藥物通過TRPV1受體發揮治療作用，那么④組存在shTRPV1處理，會抑制TRPV1受體表達，導致TRPV1受體數量減少，以至于A藥物不能發揮治療作用，則在柱形圖中④組的高度低于③組；⑤組存在shCtr1處理，不會抑制TRPV1受體表達，導致TRPV1受體數量不變，以至于A藥物能發揮治療作用，則在柱形圖中⑤組的高度高于④組，與③組相近。圖如下：
（4）實驗思路：將 PD 模型大鼠隨機分為四組：第一組為對照組，給予A藥物處理；第二組為A藥物 +C受體抗體組，在給予A藥物的同時給予C受體抗體，該抗體會與C受體結合，阻止神經營養因子C與C受體結）；第三組為A藥物+P蛋白抑制劑組，在給予A藥物的同時給予 P 蛋白抑制劑，抑制P蛋白的功能。一段時間后，檢測四組大鼠中多巴胺能神經元的存活情況。
第一組，A藥物處理組中，因為A藥物可以通過兩條通路發揮保護作用，所以多巴胺能神經元的存活情況較好。
第二組，A藥物+C受體抗體組中，如果A藥物只通過通路1發揮作用，那么由于C受體被抗體結合，通路1被阻斷，則多巴胺能神經元的存活情況應該比A藥物處理組差；如果A藥物不通過通路1發揮作用，只通過通路2發揮作用，那么由于C受體被抗體結合，通路1被阻斷，對A藥物沒有影響，則多巴胺能神經元的存活情況應該與A藥物處理組相近；如果A藥物能通過通路1和通路2發揮作用，那么由于C受體被抗體結合，通路1被阻斷，但藥物A通過通路2發揮作用，則多巴胺能神經元的存活情況應該與A藥物處理組相近。
第三組，A藥物+P蛋白抑制劑組中，如果A藥物只通過通路2發揮作用，那么由于P蛋白被抑制，通路2被阻斷，多巴胺能神經元的存活情況應該比A藥物處理組差；如果A藥物不通過通路2發揮作用，只通過通路1發揮作用，那么由于P蛋白被抑制，通路2被阻斷，對A藥物沒有影響，多巴胺能神經元的存活情況應該與A藥物處理組相近；如果A藥物能通過通路1和通路2發揮作用，那么由于C受體被抗體結合，通路1被阻斷，對A藥物沒有影響，但藥物通過通路2發揮作用，則多巴胺能神經元的存活情況應該與A藥物處理組相近。
預期結果：①第二組的多巴胺能神經元數量比第一組少，但第三組的多巴胺能神經元數量與第一組相近，則說明藥物A只通過通路1發揮作用。
②第三組的多巴胺能神經元數量比第一組少，但第二組的多巴胺能神經元數量與第一組相近，則說明藥物A只通過通路2發揮作用。
③第一組、第二組和第三組的多巴胺能神經元數量都相近，則說明藥物A可以通過通路1和通路2發揮作用。
【分析】（1）蛋白質和多糖等有機大分子由于分子太大，靠轉運蛋白無法運輸，它們進出細胞則通過胞吞或胞吐。
（2）由于細胞膜內外這種特異的離子分布特點，細胞膜兩側的電位表現為內負外正，這稱為靜息電位。當神經纖維某一部位受到刺激時，細胞膜對Na+的通透性增加，Na+內流，這個部位的膜兩側出現暫時性的電位變化，表現為內正外負的興奮狀態，此時的膜電位稱為動作電位。
19．【答案】（1）那里有豐富的食物來源；初級；二
（2）標記重捕法、樣方法（對于有固定活動范圍的個體）
（3）18；出生率、死亡率、遷入率、遷出率
（4）建立生態廊道、擴大保護區范圍
【知識點】種群的數量變動及其原因；估算種群密度的方法；生態系統的結構；生物多樣性的保護措施
【解析】【解答】（1）華北豹是捕食者，野豬和草兔是它的獵物，獵物頻繁活動的區域意味著有豐富的食物來源。草兔以植物為食，直接從生產者獲取能量，所以屬于初級消費者。在食物鏈中，生產者是第一營養級，初級消費者是第二營養級。
（2）調查瀕危野生動物種群數量的方法有標記重捕法，先捕捉一定數量的個體進行標記后放回，再捕捉時根據標記個體的比例來估算種群數量；還有樣方法，適用于活動能力較弱、活動范圍較小的動物，通過劃分樣方統計樣方內的個體數量來估算種群數量等。
（3）由于華北豹個體花紋具有唯一性可進行個體識別，從表格中可知新識別個體數量是每年新發現的不同個體數量，將每年新識別個體數量相加可得累計發現華北豹的數量，即12+1+7+3=23只。種群密度是指單位面積或體積內某一種群個體的數量。決定種群密度的直接因素有出生率和死亡率、遷入率和遷出率。
（4）由于棲息地破碎化，各個棲息地斑塊之間缺乏連接，生態廊道可以將孤立的棲息地斑塊連接起來，使華北豹能夠在不同的棲息地之間自由遷徙、擴散，增加基因交流的機會，從而提高種群的適應性和生存能力。自然保護區能夠為華北豹提供相對完整、連續的棲息地，保護其生存環境，減少人類活動的干擾，有利于華北豹種群的繁衍和生存。
【分析】（1）樣方法：在被調查種群的分布范圍內，隨機選取若干個樣方，通過統計每個樣方內的個體數，求得每個樣方的種群密度，以所有樣方種群密度的平均值作為該種群的種群密度估算值。標記重捕法：在被調查種群的活動范圍內，捕獲一部分個體，做上標記后再放回原來的環境，經過一段時間后進行重捕，根據重捕到的動物中標記個體數占總個體數的比例，來估算種群密度。
（2）種群最基本的數量特征是種群密度。種群的其他數量特征包括出生率和死亡率、遷入率和遷出率、年齡結構、性別比例等，這些特征是決定種群密度的重要因素。
（3）人類活動對野生物種生存環境的破壞，主要表現為使得某些物種的棲息地喪失和碎片化。我國生物多樣性的保護可以概括為就地保護和易地保護兩大類。
20．【答案】（1）隱性；5：1
（2）97
（3）正常育性：雄性不育=1：1
（4）隱性；525；正常育性：雄性不育=21：11；將乙（雄性不育）與丙（正常育性）雜交，若F1 正常育性：雄性不育=1：1，說明乙的雄性不育為顯性突變，則乙的基因型為AABb，丙的基因型為Aabb，即現有材料基因型為AABb不育：AAbb可育：AaBb不育：Aabb可育=1：1：1：1，利用現有材料進行雜交無法獲得雄性不育（AABB、aaBB）的純合子，原因是F1中不育植株（AABb和AaBb）只能作為母本，與可育植株（AAbb和Aabb）進行雜交，可育植株（AAbb和Aabb）可自交或雜交，均不能獲得上述不育純合子。
【知識點】生物的性狀、相對性狀及性狀的顯隱性；基因的分離規律的實質及應用；基因的自由組合規律的實質及應用；基因的表達綜合
【解析】【解答】（1）甲與純合野生型玉米雜交得到子代丙，丙自交后代中正常育性：雄性不育 = 3：1。根據孟德爾遺傳定律，這種3：1的分離比是典型的雜合子自交后代的性狀分離比，所以可以推斷出甲的雄性不育突變為隱性突變。設控制育性的基因為A、a（A表示正常育性基因，a表示雄性不育基因），丙的基因型為Aa。丙自交后代的基因型及比例為AA：Aa：aa = 1：2：1，其中可育（AA和Aa）占3/4，不育（aa）占1/4。當丙自交的子代之間隨機交配時，雄性可育個體產生的配子中A的頻率為2/3，a的頻率為1/3，雌性可育個體產生的配子中A的頻率為1/2，a的頻率為1/2。根據哈迪 - 溫伯格定律，隨機交配后代中aa（雄性不育）的比例為1/3×1/2 =1/6，則可育（A - ）的比例為1-1/6=5/6，所以后代中正常育性：雄性不育=5：1。
（2）M1基因正常，M2基因是由M1基因突變而來。在mRNA翻譯過程中，起始密碼子開始翻譯，遇到終止密碼子停止翻譯。對于M2基因，從圖中可以看到起始密碼子后到終止密碼子前的序列長度發生了變化。M2基因中終止密碼子提前出現（相對于M1基因），導致翻譯提前終止。三個堿基對應一個密碼子，對應一個氨基酸。根據題圖可知，在M1基因的第232堿基與第233堿基之間插入1386個堿基變為M2基因，而這段堿基中第60-62為終止密碼子UAA，故M2基因對應的mRNA翻譯區堿基有232+62=294，由于終止密碼子沒有對應的氨基酸，因此 M2編碼的多肽鏈長度為294÷3-1=97個氨基酸。
（3）根據（1）可知，丙的基因型為Aa，則純合野生型玉米的基因型為AA，甲的基因型為aa。 甲、乙的雄性不育基因為同一基因，則乙的基因型為aa。當乙為父本，丙為母本時，沒有后代；當乙為母本，丙為父本時，后代的表型及比例是正常育性：雄性不育=1：1。因此、若甲、乙的雄性不育基因為同一基因。乙與丙雜交，后代的表型及比例是正常育性：雄性不育=1：1。
（4）根據（1）可知，丙的基因型為Aa，表現型為正常育性。 甲、乙的雄性不育基因為不同基因，且位于非同源染色體上， 則設控制育性的另一個基因為B、b。
① 將乙（雄性不育）與丙（正常育性）雜交，若F1均為正常育性，據此推測乙的雄性不育突變為隱性突變。甲的雄性不育由M2基因，正?？捎蒑1基因，甲、乙的雄性不育基因為不同基因，故僅考慮M1/M2這對等位基因， 乙具有的基因是M1基因，則表達的多肽隨長度為（1576-1）÷3=525個氨基酸。乙的基因型為AAbb，丙的基因型為AaBB，則F1的基因型為AaBb：AABb=1：1。 F1自交時，基因型為AaBb的個體自交后代中雄性不育（aaB-、A-bb和aabb）：正?？捎ˋ-B-）=7：9；基因型為AABb的個體自交后代中雄性不育（AAbb）：正?？捎ˋAB-）=1：3，因此F1自交所得F2的表型及比例是（7/16+1/4）：（9/16+3/4）=11：21。
②將乙（雄性不育）與丙（正常育性）雜交，若F1 正常育性：雄性不育=1：1，說明乙的雄性不育為顯性突變，則乙的基因型為AABb，丙的基因型為Aabb，即現有材料基因型為AABb不育：AAbb可育：AaBb不育：Aabb可育=1：1：1：1，利用現有材料進行雜交無法獲得雄性不育（AABB、aaBB）的純合子，原因是F1中不育植株（AABb和AaBb）只能作為母本，與可育植株（AAbb和Aabb）進行雜交，可育植株（AAbb和Aabb）可自交或雜交，均不能獲得上述不育純合子。
【分析】（1）基因的分離定律的實質是：在雜合子的細胞中，位于一對同源染色體上的等位基因，具有一定的獨立性；在減數分裂形成配子的過程中，等位基因會隨同源染色體的分開而分離，分別進入兩個配子中，獨立地隨配子遺傳給后代。
（2）基因的自由組合定律的實質是：位于非同源染色體上的非等位基因的分離或組合是互不干擾的；在減數分裂過程中，同源染色體上的等位基因彼此分離的同時，非同源染色體上的非等位基因自由組合。
（3）基因的表達是指基因通過mRNA指導蛋白質的合成，包括遺傳信息的轉錄和翻譯兩個階段。
21．【答案】（1）啟動子；RNA聚合酶識別和結合位點，驅動基因轉錄
（2）3
（3）prkA基因；prkA基因和Rubisco基因；攜帶高活性Rubisco基因的菌落生長狀況更好
（4）將重組質粒導入農桿菌，用農桿菌感染大豆愈傷組織，通過植物組織培養培育出大豆植株，篩選高產量大豆品種
【知識點】PCR技術的基本操作和應用；基因工程的基本操作程序；基因工程的操作程序（詳細）
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