資源簡介

貴州省遵義市2023-2024學年高二下學期4月月考物理試題
1．（2024高二下·遵義月考） 關于磁場，下列說法正確的是（　?。?br/>A．奧斯特首次揭示了電和磁的聯系
B．小磁針靜止時S極所指的方向規定為該點的磁場方向
C．磁場不是真實存在的
D．磁感應強度越大，磁通量就越大
2．（2024高二下·遵義月考） 如圖所示，通電導線均置于勻強磁場中，其中導線受安培力方向向左的是（　?。?br/>A． B．
C． D．
3．（2024高二下·遵義月考） 蜘蛛會根據絲網的振動情況感知是否有昆蟲“落網”，若絲網的固有頻率為，則下列說法正確的是（　?。?br/>A．“落網”的昆蟲翅膀振動的頻率越大，絲網的振幅越大
B．當“落網”的昆蟲翅膀振動的頻率大于時，絲網不振動
C．當“落網”的昆蟲翅膀振動的周期為時，絲網的振幅最大
D．昆蟲“落網”時，絲網振動的頻率由“落網”的昆蟲翅膀振動的頻率決定
4．（2024高二下·遵義月考） 如圖所示，磁帶錄放機既可錄音，也可放音，其主要部件為勻速行進的磁帶a和繞有線圈的磁頭b，對于它們在錄音、放音過程中主要工作原理的描述，正確的是（　?。?br/>A．放音的主要原理是電磁感應，錄音的主要原理是電流的磁效應
B．錄音的主要原理是電磁感應，放音的主要原理是電流的磁效應
C．放音和錄音的主要原理都是磁場對電流的作用
D．錄音和放音的主要原理都是電磁感應
5．（2024高二下·遵義月考）下雨時，由于空氣阻力的作用，因此雨滴經過變加速運動，最終做勻速運動，假設雨滴落地時的速度為2m/s。某次下小雨時小明同學打著半徑為0.5m的雨傘（假設傘面水平，雨水的平均密度為），由于下雨，因此小明增加撐雨傘的力約為（　?。?br/>A．0.16N B．1.6N C．16N D．160N
6．（2024高二下·遵義月考） 甲圖表示和兩相干水波的干涉圖樣，設兩列波的振幅均為，且圖示范圍內振幅不變，波速和波長分別是和，B在平衡位置；乙圖為一機械波源在同種均勻介質中做勻速運動的某一時刻的波面分布情況。兩幅圖中實線表示波峰，虛線表示波谷。下列關于兩幅圖的說法正確的是（　?。?br/>A．甲圖中A、B兩點的高度差為10cm
B．從甲圖所示時刻開始經，B點通過的路程為
C．乙圖表示的是波的衍射現象
D．在E點觀察到的頻率與在F點觀察到的頻率相同
7．（2024高二下·遵義月考） 在如圖所示的電路中，L是自感系數足夠大的線圈，它的電阻可忽略不計，和是兩個完全相同的小燈泡，下列說法正確的是（　?。?br/>A．當閉合開關S時，、同時亮，最后兩燈一樣亮
B．斷開開關S時，立即熄滅，亮一下然后逐漸熄滅，流過的電流從A通過流到B
C．當斷開開關S時，兩燈同時熄滅
D．閉合開關S后，亮后逐漸變暗，亮后逐漸變亮
8．（2024高二下·遵義月考） 如圖所示，彈簧振子在B、C間做簡諧振動，O為平衡位置，，若振子從B第一次運動到O的時間是，則下列說法正確的是（　?。?br/>A．振幅是
B．振動周期是
C．經過一次全振動，振子通過的路程是
D．從B開始經過，振子通過的路程是
9．（2024高二下·遵義月考） 高速公路路標表面有一均勻透明介質球組成的“反光膜”，能把車燈射出的光逆向返回，使得夜晚路標在燈光的照射下特別亮。如圖所示，介質球的半徑為R，某單色光平行于直徑DB從空氣射入介質球，在球內經一次反射后，再次折射回空氣時，出射光線恰好與入射光線平行，已知該單色光的入射點A到直徑DB的距離為，下列說法正確的是（　?。?br/>A．該單色光從空氣射入介質球時，射入角為
B．介質球對單色光的折射率為
C．若僅改變該單色光的入射點，則出射光線一定與入射光線平行
D．僅增大該單色光的頻率，可能沒有光線射出介質球
10．（2024高二下·遵義月考） 如圖甲所示，電阻、匝數匝的線圖兩端A、B與電阻R相連，。線圈內有方向垂直于紙面向里的磁場，線圈中的磁通量按圖乙所示的規律變化，下列說法正確的是（　?。?br/>A．通過R的電流方向為由A通過R到B
B．線圈兩端的電壓為
C．R的電功率為
D．時間內通過電阻R的電荷量為
11．（2024高二下·遵義月考） 在完成“用雙縫干涉實驗測量光的波長”實驗時，采用紅光作為光源。
（1）實驗中得到如圖甲所示的明暗相間的條紋，若將紅光改為藍光，條紋間距將____。
A．不變 B．變大 C．變小
（2）實驗中，目鏡中心刻度線對齊第n條的條紋中心和第（）條的條紋中心時，游標卡尺的示數分別如圖乙和圖丙所示（圓點為對齊刻度線），圖乙中游標卡尺的讀數為　 　mm。已知雙縫間距d=0.4mm，雙縫到屏的距離L=1.0m，所測單色光的波長為　 　nm。
12．（2024高二下·遵義月考） 實驗課中，同學們用單擺測量當地的重力加速度，實驗裝置如圖甲所示。
（1）實驗過程有兩組同學分別用了圖乙、圖丙兩種不同的方式懸掛小鋼球，你認為　 ?。ㄌ睢皥D乙”或“圖丙”）的懸掛方式較好。
（2）若某同學在某次實驗中，擺球每次經過最低點記為1次，且第一次經過最低點記作第1次，當擺球第71次到達最低點時，記錄的總時間如圖丁所示，則擺球的周期為　 　s（結果保留兩位有效數字）。
（3）若該同學實驗所在地的重力加速度大小為，由（2）中周期可算出該次實驗擺長為　 　m（結果保留兩位小數，）。
13．（2024高二下·遵義月考） 如圖所示，理想變壓器原、副線圈匝數之比為20：11，原線圈接正弦交流電源，副線圈接人“220V 48W”燈泡一只，且燈泡正常發光。求：
（1）理想電流表A的示數I'；
（2）電源的輸出功率P。
14．（2024高二下·遵義月考） 如圖所示，在半徑為R的圓中有垂直紙面向里、大小為B的勻強磁場，一質量為m、電荷量為q（）的帶電粒子沿著AO方向射入磁場，恰從C點射出磁場，，不計粒子所受重力，求：
（1）粒子運動的速度大小v；
（2）粒子在磁場中運動的時間t。
15．（2024高二下·遵義月考）質量的小球a與質量的小球b靜止于光滑水平桌面上，桌面高、長，現給小球a一水平向右、大小為的瞬時沖量I，兩小球發生彈性碰撞，碰撞時間極短，取重力加速度大，兩小球都看成質點，求：
（1）碰后瞬間小球a的速度v；
（2）小球b落到水平地面瞬間的動能；
（3）兩小球在地面的落點之間的距離d。
答案解析部分
1．【答案】A
【知識點】磁現象和磁場、磁感線；磁感應強度；物理學史
【解析】【解答】A、奧斯特發現電流的磁效應，首次揭示了電與磁的聯系，故A正確；
B、小磁針靜止時N極所指的方向規定為該點的磁場方向，故B錯誤；
C、磁場是真實存在的，故C錯誤；
D、由磁通量公式
可知，穿過線圈平面的磁通量與該處的磁感應強度、線圈的面積和線圈與磁場的夾角都有關，磁感應強度越大的地方，穿過線圈的磁通量不一定大，故D錯誤。
故答案為：A。
【分析】奧斯特發現電流的磁效應，首次揭示了電與磁的聯系，小磁針靜止時N極所指的方向規定為該點的磁場方向，磁場是真實存在的，穿過線圈平面的磁通量與該處的磁感應強度、線圈的面積和線圈與磁場的夾角都有關。
2．【答案】A
【知識點】左手定則—磁場對通電導線的作用
【解析】【解答】A、 由左手定則可判斷安培力方向水平向左，故A正確；
B、由左手定則可判斷安培力方向水平向右，故B錯誤；
C、磁場方向與電流的方向平行，安培力為0，故C錯誤；
D、由左手定則可判斷安培力方向垂直紙面向里，故D錯誤。
故答案為：A。
【分析】根據圖示確定導線電流的方向，再根據左手定判斷安培力方向。
3．【答案】D
【知識點】受迫振動和共振
【解析】【解答】A、根據共振的條件可知，系統的固有頻率等于驅動力的頻率時，系統達到共振，振幅達最大，故A錯誤；
B、當“落網”昆蟲翅膀振動的頻率大于400Hz時，絲網仍然振動，只是不能達到共振，故B錯誤；
C、當“落網”昆蟲翅膀振動的周期為
與絲網的固有周期相等時，絲網的振幅才最大，故C錯誤；
D、受迫振動的頻率等于驅動力的頻率，所以昆蟲“落網”時，絲網振動的頻率由“落網”昆蟲翅膀振動的頻率決定，故D正確。
故答案為：D。
【分析】受迫振動的頻率等于驅動力的頻率，系統的固有頻率等于驅動力的頻率時，系統達到共振，振幅達最大。熟練掌握共振的特點。
4．【答案】A
【知識點】電磁感應的發現及產生感應電流的條件；通電導線及通電線圈周圍的磁場
【解析】【解答】放音時，磁帶上磁粉的磁性不同，使磁頭線圈中產生不同的感應電流，這是電磁感應現象。錄音時，線圈中有變化的電流，產生變化的磁場，再磁化磁帶上磁粉的過程，其中最主要的原理是電流的磁效應。
故答案為：A。
【分析】熟悉掌握電流的的磁效應和電磁感應現象的原理和特點。掌握電流的磁效應及電磁感應在生活的應用。
5．【答案】B
【知識點】動量定理
【解析】【解答】設時間t內，落到雨傘上雨水的質量為m，根據動量定理有
又
解得
代入數值解得
故答案為：B。
【分析】傘對雨滴的作用力使雨滴速度變為零。以雨滴為研究對象，確定時間t內落到雨傘上雨滴的質量，再對時間t內的雨滴運用動量定理進行解答。
6．【答案】A
【知識點】多普勒效應；波的疊加
【解析】【解答】A、甲圖中A點是兩水波波峰相遇處，B在平衡位置，甲圖中A、B兩點的高度差為
故A正確；
B、波的周期為
甲圖中C點是兩水波波谷相遇處，B點在A、C兩點連線上，B點為振動加強點，從甲圖所示時刻開始經0.25s，即，B點通過的路程為
故B錯誤；
C、乙圖表示的是波的多普勒效應，故C錯誤；
D、在E點單位時間接收到的波面比在F點多，故在E點觀察到的頻率比在F點觀察到的頻率高，故D錯誤。
故答案為：A。
【分析】波峰與波峰相遇及波谷與波谷相遇均為振動加強點，振幅為兩列波的振幅之和，波峰與波谷相遇為振動減弱點，振幅為兩列波的振幅之差。根據波速公式確定兩列波的周期，再根據振動規律確定質點B運動的路程。熟練掌握多普勒效應的圖案，接收到的波面越大，觀察到的頻率越高。
7．【答案】D
【知識點】自感與互感
【解析】【解答】AD、當閉合開關S時，L1和L2同時亮，由于線圈L的自感現象，L中的電流逐漸增大并達到最大，此時L1中電流逐漸減小并趨于零，L2中電流增大，因此閉合開關后，L1亮后逐漸變暗，L2亮后逐漸變亮，故A錯誤，D正確；
BC、斷開開關S時，由于L2中無電流，因此L2立即熄滅，L1與線圈L構成閉合回路，由于自感現象，因此L1會亮一下然后逐漸熄滅，流過L1的電流從B通過L1流到A，故BC錯誤。
故答案為：D。
【分析】自感線圈總是阻礙電流的變化，即當電流增大時，其所在支路的電流會逐漸增大，當電流減小時，其所在回路的電流會逐漸減小，當電流穩定時，自感線圈相當于純電阻元件。熟練掌握自感線圈電路動態分析的思路和步驟。
8．【答案】B,C
【知識點】簡諧運動的表達式與圖象；簡諧運動
【解析】【解答】A、彈簧振子在B、C間做簡諧振動，O為平衡位置，振幅是5cm，故A錯誤；
B、振子從B第一次運動到O的時間是0.5s，則
解得
故B正確；
C、經過一次全振動，振子通過的路程是
故C正確；
D、從B開始經過3s，即，振子通過的路程是
故D錯誤。
故答案為：BC。
【分析】根據題意確定彈簧振子的振幅。熟練掌握簡諧運動的規律和特點。經歷一次全振動，振子通過的路程為4A，再根據振動時間與周期的關系確定振子通過的路程。
9．【答案】A,B
【知識點】光的折射及折射定律；光的全反射
【解析】【解答】A、設該單色光的入射角為i，折射角為γ，有
由題意結合幾何關系有
解得
故A正確；
B、補充完整光路圖如圖所示
由幾何關系可知
由折射定律有
解得
故B正確；
C、在同一過球心的截面內，只有沿直徑和直徑兩側對稱的兩條，共三條光線在球內表面經一次反射后，再次折射回空氣時與入射光平行，故C錯誤
D、根據
所以全反射臨界角大于30°，增大單色光的頻率，根據折射率與入射光的頻率的關系可知入射光射入球體后，其折射角變小，由光路可逆可知，則在介質右側發生的反射不是全反射，即會有光線射出介質球，故D錯誤。
故答案為：AB。
【分析】根據圖示確定光線在各入射點的入射角及折射角，再根據幾何關系及折射定律確定單色光在介質中的折射率。根據折射定律及反射定律確定光線平行的條件。頻率越大，折射率越大，全反射角越小，再根據幾何關系判斷是否發生全反射現象。
10．【答案】A,C
【知識點】楞次定律；法拉第電磁感應定律；電磁感應中的電路類問題；電磁感應中的圖像類問題；電磁感應中的磁變類問題
【解析】【解答】A、根據楞次定律，可知電流方向為由A通過R到B，故A正確；
B、線圈產生的感應電動勢
線圈兩端的電壓為路端電壓
故B錯誤；
C、R的電功率
故C正確；
D、0.1s時間內通過電阻R的電荷量
故D錯誤。
故答案為：AC。
【分析】根據圖像乙確定線圈中磁通量的變化情況，再根據楞次定律確定回路中的電流負方向。該題型為磁變類題型，熟練掌握該題型的分析思路，再根據法拉利電磁感應定律及閉合電路歐姆定律和電功率等定義進行解答。
11．【答案】（1）C
（2）；
【知識點】用雙縫干涉測光波的波長
【解析】【解答】（1）根據雙縫干涉的條紋間距公式
若將紅光改為藍光，波長變小，得條紋間距變小，故答案為：C；
（2）根據游標卡尺讀數等于固定刻度讀數加上游標尺刻度讀數得
圖丙中游標卡尺的讀數為
根據雙縫干涉的條紋間距公式
代入數據聯立解得
【分析】熟練掌握光的波長與色光顏色之間的光線，再根據雙縫干涉條紋間距公式進行數據分析和處理，讀數時注意儀器的分度值及是否需要估讀。
12．【答案】（1）圖丙
（2）1.9
（3）0.90
【知識點】用單擺測定重力加速度
【解析】【解答】（1）圖乙的細繩上端沒有固定，在擺動的過程中，擺長會發生變化，測量是會產生較大誤差，而圖丙的細繩上端固定，擺長不會發生變化，故圖丙懸掛方式較好。
（2）每個周期經過最低點兩次，而第一次經過最低點記作第1次，可知
而秒表記錄的時間
聯立解得擺球的振動周期
（3）根據
代入數據解得擺長
【分析】熟練掌握用單擺測量當地的重力加速度的實驗原理及操作步驟和注意事項。根據擺球經過最低點的次數和時間確定擺球的周期，再根據單擺周期公式進行數據處理。
13．【答案】（1）解：由于燈泡正常發光，所以
根據原副線圈電流與匝數的關系可得
（2）解：由于理想變壓器沒有能量損失，所以電源的輸出功率等于燈泡的電功率，即
【知識點】電功率和電功；變壓器的應用
【解析】【分析】（1）燈泡正常發光，根據電功率公式確定此時燈泡所在回路的電流，再根據原副線圈匝數比與電流的關系進行解答；
（2） 由于理想變壓器沒有能量損失，所以電源的輸出功率等于燈泡的電功率。
14．【答案】（1）解：粒子在磁場中做勻速圓周運動
由幾何關系可得
（2）解：可以分析出粒子在磁場中偏轉了90°
解得
【知識點】帶電粒子在有界磁場中的運動
【解析】【分析】（1）根據題意畫出粒子的運動軌跡，再根據幾何關系確定粒子的運動半徑，再結合洛倫茲力提供向心力及牛頓第二定律進行解答；
（2）根據幾何關系確定粒子在磁場中運動軌跡對應的圓心角，再根據線速度與周期的關系確定粒子的運動時間。
15．【答案】（1）兩球發生彈性碰撞
解得
小球a水平向左運動。
（2）由機械能守恒定律得
解得。
（3）離開桌面后，兩小球都做平拋運動
解得。
【知識點】平拋運動；動量與能量的綜合應用一彈簧類模型
【解析】【分析】（1）兩球發生彈性碰撞，由動量守恒定律和機械能守恒定律，求解碰后瞬間小球a的速度；（2）對小球b的下落過程應用機械能守恒定律，求出小球b落到水平地面瞬間的動能；（3）由平拋規律求出兩小球平拋過程中水平分位移，得出兩小球在地面的落點之間的距離。
1 / 1貴州省遵義市2023-2024學年高二下學期4月月考物理試題
1．（2024高二下·遵義月考） 關于磁場，下列說法正確的是（　?。?br/>A．奧斯特首次揭示了電和磁的聯系
B．小磁針靜止時S極所指的方向規定為該點的磁場方向
C．磁場不是真實存在的
D．磁感應強度越大，磁通量就越大
【答案】A
【知識點】磁現象和磁場、磁感線；磁感應強度；物理學史
【解析】【解答】A、奧斯特發現電流的磁效應，首次揭示了電與磁的聯系，故A正確；
B、小磁針靜止時N極所指的方向規定為該點的磁場方向，故B錯誤；
C、磁場是真實存在的，故C錯誤；
D、由磁通量公式
可知，穿過線圈平面的磁通量與該處的磁感應強度、線圈的面積和線圈與磁場的夾角都有關，磁感應強度越大的地方，穿過線圈的磁通量不一定大，故D錯誤。
故答案為：A。
【分析】奧斯特發現電流的磁效應，首次揭示了電與磁的聯系，小磁針靜止時N極所指的方向規定為該點的磁場方向，磁場是真實存在的，穿過線圈平面的磁通量與該處的磁感應強度、線圈的面積和線圈與磁場的夾角都有關。
2．（2024高二下·遵義月考） 如圖所示，通電導線均置于勻強磁場中，其中導線受安培力方向向左的是（　?。?br/>A． B．
C． D．
【答案】A
【知識點】左手定則—磁場對通電導線的作用
【解析】【解答】A、 由左手定則可判斷安培力方向水平向左，故A正確；
B、由左手定則可判斷安培力方向水平向右，故B錯誤；
C、磁場方向與電流的方向平行，安培力為0，故C錯誤；
D、由左手定則可判斷安培力方向垂直紙面向里，故D錯誤。
故答案為：A。
【分析】根據圖示確定導線電流的方向，再根據左手定判斷安培力方向。
3．（2024高二下·遵義月考） 蜘蛛會根據絲網的振動情況感知是否有昆蟲“落網”，若絲網的固有頻率為，則下列說法正確的是（　?。?br/>A．“落網”的昆蟲翅膀振動的頻率越大，絲網的振幅越大
B．當“落網”的昆蟲翅膀振動的頻率大于時，絲網不振動
C．當“落網”的昆蟲翅膀振動的周期為時，絲網的振幅最大
D．昆蟲“落網”時，絲網振動的頻率由“落網”的昆蟲翅膀振動的頻率決定
【答案】D
【知識點】受迫振動和共振
【解析】【解答】A、根據共振的條件可知，系統的固有頻率等于驅動力的頻率時，系統達到共振，振幅達最大，故A錯誤；
B、當“落網”昆蟲翅膀振動的頻率大于400Hz時，絲網仍然振動，只是不能達到共振，故B錯誤；
C、當“落網”昆蟲翅膀振動的周期為
與絲網的固有周期相等時，絲網的振幅才最大，故C錯誤；
D、受迫振動的頻率等于驅動力的頻率，所以昆蟲“落網”時，絲網振動的頻率由“落網”昆蟲翅膀振動的頻率決定，故D正確。
故答案為：D。
【分析】受迫振動的頻率等于驅動力的頻率，系統的固有頻率等于驅動力的頻率時，系統達到共振，振幅達最大。熟練掌握共振的特點。
4．（2024高二下·遵義月考） 如圖所示，磁帶錄放機既可錄音，也可放音，其主要部件為勻速行進的磁帶a和繞有線圈的磁頭b，對于它們在錄音、放音過程中主要工作原理的描述，正確的是（　　）
A．放音的主要原理是電磁感應，錄音的主要原理是電流的磁效應
B．錄音的主要原理是電磁感應，放音的主要原理是電流的磁效應
C．放音和錄音的主要原理都是磁場對電流的作用
D．錄音和放音的主要原理都是電磁感應
【答案】A
【知識點】電磁感應的發現及產生感應電流的條件；通電導線及通電線圈周圍的磁場
【解析】【解答】放音時，磁帶上磁粉的磁性不同，使磁頭線圈中產生不同的感應電流，這是電磁感應現象。錄音時，線圈中有變化的電流，產生變化的磁場，再磁化磁帶上磁粉的過程，其中最主要的原理是電流的磁效應。
故答案為：A。
【分析】熟悉掌握電流的的磁效應和電磁感應現象的原理和特點。掌握電流的磁效應及電磁感應在生活的應用。
5．（2024高二下·遵義月考）下雨時，由于空氣阻力的作用，因此雨滴經過變加速運動，最終做勻速運動，假設雨滴落地時的速度為2m/s。某次下小雨時小明同學打著半徑為0.5m的雨傘（假設傘面水平，雨水的平均密度為），由于下雨，因此小明增加撐雨傘的力約為（　　）
A．0.16N B．1.6N C．16N D．160N
【答案】B
【知識點】動量定理
【解析】【解答】設時間t內，落到雨傘上雨水的質量為m，根據動量定理有
又
解得
代入數值解得
故答案為：B。
【分析】傘對雨滴的作用力使雨滴速度變為零。以雨滴為研究對象，確定時間t內落到雨傘上雨滴的質量，再對時間t內的雨滴運用動量定理進行解答。
6．（2024高二下·遵義月考） 甲圖表示和兩相干水波的干涉圖樣，設兩列波的振幅均為，且圖示范圍內振幅不變，波速和波長分別是和，B在平衡位置；乙圖為一機械波源在同種均勻介質中做勻速運動的某一時刻的波面分布情況。兩幅圖中實線表示波峰，虛線表示波谷。下列關于兩幅圖的說法正確的是（　?。?br/>A．甲圖中A、B兩點的高度差為10cm
B．從甲圖所示時刻開始經，B點通過的路程為
C．乙圖表示的是波的衍射現象
D．在E點觀察到的頻率與在F點觀察到的頻率相同
【答案】A
【知識點】多普勒效應；波的疊加
【解析】【解答】A、甲圖中A點是兩水波波峰相遇處，B在平衡位置，甲圖中A、B兩點的高度差為
故A正確；
B、波的周期為
甲圖中C點是兩水波波谷相遇處，B點在A、C兩點連線上，B點為振動加強點，從甲圖所示時刻開始經0.25s，即，B點通過的路程為
故B錯誤；
C、乙圖表示的是波的多普勒效應，故C錯誤；
D、在E點單位時間接收到的波面比在F點多，故在E點觀察到的頻率比在F點觀察到的頻率高，故D錯誤。
故答案為：A。
【分析】波峰與波峰相遇及波谷與波谷相遇均為振動加強點，振幅為兩列波的振幅之和，波峰與波谷相遇為振動減弱點，振幅為兩列波的振幅之差。根據波速公式確定兩列波的周期，再根據振動規律確定質點B運動的路程。熟練掌握多普勒效應的圖案，接收到的波面越大，觀察到的頻率越高。
7．（2024高二下·遵義月考） 在如圖所示的電路中，L是自感系數足夠大的線圈，它的電阻可忽略不計，和是兩個完全相同的小燈泡，下列說法正確的是（　　）
A．當閉合開關S時，、同時亮，最后兩燈一樣亮
B．斷開開關S時，立即熄滅，亮一下然后逐漸熄滅，流過的電流從A通過流到B
C．當斷開開關S時，兩燈同時熄滅
D．閉合開關S后，亮后逐漸變暗，亮后逐漸變亮
【答案】D
【知識點】自感與互感
【解析】【解答】AD、當閉合開關S時，L1和L2同時亮，由于線圈L的自感現象，L中的電流逐漸增大并達到最大，此時L1中電流逐漸減小并趨于零，L2中電流增大，因此閉合開關后，L1亮后逐漸變暗，L2亮后逐漸變亮，故A錯誤，D正確；
BC、斷開開關S時，由于L2中無電流，因此L2立即熄滅，L1與線圈L構成閉合回路，由于自感現象，因此L1會亮一下然后逐漸熄滅，流過L1的電流從B通過L1流到A，故BC錯誤。
故答案為：D。
【分析】自感線圈總是阻礙電流的變化，即當電流增大時，其所在支路的電流會逐漸增大，當電流減小時，其所在回路的電流會逐漸減小，當電流穩定時，自感線圈相當于純電阻元件。熟練掌握自感線圈電路動態分析的思路和步驟。
8．（2024高二下·遵義月考） 如圖所示，彈簧振子在B、C間做簡諧振動，O為平衡位置，，若振子從B第一次運動到O的時間是，則下列說法正確的是（　?。?br/>A．振幅是
B．振動周期是
C．經過一次全振動，振子通過的路程是
D．從B開始經過，振子通過的路程是
【答案】B,C
【知識點】簡諧運動的表達式與圖象；簡諧運動
【解析】【解答】A、彈簧振子在B、C間做簡諧振動，O為平衡位置，振幅是5cm，故A錯誤；
B、振子從B第一次運動到O的時間是0.5s，則
解得
故B正確；
C、經過一次全振動，振子通過的路程是
故C正確；
D、從B開始經過3s，即，振子通過的路程是
故D錯誤。
故答案為：BC。
【分析】根據題意確定彈簧振子的振幅。熟練掌握簡諧運動的規律和特點。經歷一次全振動，振子通過的路程為4A，再根據振動時間與周期的關系確定振子通過的路程。
9．（2024高二下·遵義月考） 高速公路路標表面有一均勻透明介質球組成的“反光膜”，能把車燈射出的光逆向返回，使得夜晚路標在燈光的照射下特別亮。如圖所示，介質球的半徑為R，某單色光平行于直徑DB從空氣射入介質球，在球內經一次反射后，再次折射回空氣時，出射光線恰好與入射光線平行，已知該單色光的入射點A到直徑DB的距離為，下列說法正確的是（　　）
A．該單色光從空氣射入介質球時，射入角為
B．介質球對單色光的折射率為
C．若僅改變該單色光的入射點，則出射光線一定與入射光線平行
D．僅增大該單色光的頻率，可能沒有光線射出介質球
【答案】A,B
【知識點】光的折射及折射定律；光的全反射
【解析】【解答】A、設該單色光的入射角為i，折射角為γ，有
由題意結合幾何關系有
解得
故A正確；
B、補充完整光路圖如圖所示
由幾何關系可知
由折射定律有
解得
故B正確；
C、在同一過球心的截面內，只有沿直徑和直徑兩側對稱的兩條，共三條光線在球內表面經一次反射后，再次折射回空氣時與入射光平行，故C錯誤
D、根據
所以全反射臨界角大于30°，增大單色光的頻率，根據折射率與入射光的頻率的關系可知入射光射入球體后，其折射角變小，由光路可逆可知，則在介質右側發生的反射不是全反射，即會有光線射出介質球，故D錯誤。
故答案為：AB。
【分析】根據圖示確定光線在各入射點的入射角及折射角，再根據幾何關系及折射定律確定單色光在介質中的折射率。根據折射定律及反射定律確定光線平行的條件。頻率越大，折射率越大，全反射角越小，再根據幾何關系判斷是否發生全反射現象。
10．（2024高二下·遵義月考） 如圖甲所示，電阻、匝數匝的線圖兩端A、B與電阻R相連，。線圈內有方向垂直于紙面向里的磁場，線圈中的磁通量按圖乙所示的規律變化，下列說法正確的是（　　）
A．通過R的電流方向為由A通過R到B
B．線圈兩端的電壓為
C．R的電功率為
D．時間內通過電阻R的電荷量為
【答案】A,C
【知識點】楞次定律；法拉第電磁感應定律；電磁感應中的電路類問題；電磁感應中的圖像類問題；電磁感應中的磁變類問題
【解析】【解答】A、根據楞次定律，可知電流方向為由A通過R到B，故A正確；
B、線圈產生的感應電動勢
線圈兩端的電壓為路端電壓
故B錯誤；
C、R的電功率
故C正確；
D、0.1s時間內通過電阻R的電荷量
故D錯誤。
故答案為：AC。
【分析】根據圖像乙確定線圈中磁通量的變化情況，再根據楞次定律確定回路中的電流負方向。該題型為磁變類題型，熟練掌握該題型的分析思路，再根據法拉利電磁感應定律及閉合電路歐姆定律和電功率等定義進行解答。
11．（2024高二下·遵義月考） 在完成“用雙縫干涉實驗測量光的波長”實驗時，采用紅光作為光源。
（1）實驗中得到如圖甲所示的明暗相間的條紋，若將紅光改為藍光，條紋間距將____。
A．不變 B．變大 C．變小
（2）實驗中，目鏡中心刻度線對齊第n條的條紋中心和第（）條的條紋中心時，游標卡尺的示數分別如圖乙和圖丙所示（圓點為對齊刻度線），圖乙中游標卡尺的讀數為　 　mm。已知雙縫間距d=0.4mm，雙縫到屏的距離L=1.0m，所測單色光的波長為　 　nm。
【答案】（1）C
（2）；
【知識點】用雙縫干涉測光波的波長
【解析】【解答】（1）根據雙縫干涉的條紋間距公式
若將紅光改為藍光，波長變小，得條紋間距變小，故答案為：C；
（2）根據游標卡尺讀數等于固定刻度讀數加上游標尺刻度讀數得
圖丙中游標卡尺的讀數為
根據雙縫干涉的條紋間距公式
代入數據聯立解得
【分析】熟練掌握光的波長與色光顏色之間的光線，再根據雙縫干涉條紋間距公式進行數據分析和處理，讀數時注意儀器的分度值及是否需要估讀。
12．（2024高二下·遵義月考） 實驗課中，同學們用單擺測量當地的重力加速度，實驗裝置如圖甲所示。
（1）實驗過程有兩組同學分別用了圖乙、圖丙兩種不同的方式懸掛小鋼球，你認為　 　（填“圖乙”或“圖丙”）的懸掛方式較好。
（2）若某同學在某次實驗中，擺球每次經過最低點記為1次，且第一次經過最低點記作第1次，當擺球第71次到達最低點時，記錄的總時間如圖丁所示，則擺球的周期為　 　s（結果保留兩位有效數字）。
（3）若該同學實驗所在地的重力加速度大小為，由（2）中周期可算出該次實驗擺長為　 　m（結果保留兩位小數，）。
【答案】（1）圖丙
（2）1.9
（3）0.90
【知識點】用單擺測定重力加速度
【解析】【解答】（1）圖乙的細繩上端沒有固定，在擺動的過程中，擺長會發生變化，測量是會產生較大誤差，而圖丙的細繩上端固定，擺長不會發生變化，故圖丙懸掛方式較好。
（2）每個周期經過最低點兩次，而第一次經過最低點記作第1次，可知
而秒表記錄的時間
聯立解得擺球的振動周期
（3）根據
代入數據解得擺長
【分析】熟練掌握用單擺測量當地的重力加速度的實驗原理及操作步驟和注意事項。根據擺球經過最低點的次數和時間確定擺球的周期，再根據單擺周期公式進行數據處理。
13．（2024高二下·遵義月考） 如圖所示，理想變壓器原、副線圈匝數之比為20：11，原線圈接正弦交流電源，副線圈接人“220V 48W”燈泡一只，且燈泡正常發光。求：
（1）理想電流表A的示數I'；
（2）電源的輸出功率P。
【答案】（1）解：由于燈泡正常發光，所以
根據原副線圈電流與匝數的關系可得
（2）解：由于理想變壓器沒有能量損失，所以電源的輸出功率等于燈泡的電功率，即
【知識點】電功率和電功；變壓器的應用
【解析】【分析】（1）燈泡正常發光，根據電功率公式確定此時燈泡所在回路的電流，再根據原副線圈匝數比與電流的關系進行解答；
（2） 由于理想變壓器沒有能量損失，所以電源的輸出功率等于燈泡的電功率。
14．（2024高二下·遵義月考） 如圖所示，在半徑為R的圓中有垂直紙面向里、大小為B的勻強磁場，一質量為m、電荷量為q（）的帶電粒子沿著AO方向射入磁場，恰從C點射出磁場，，不計粒子所受重力，求：
（1）粒子運動的速度大小v；
（2）粒子在磁場中運動的時間t。
【答案】（1）解：粒子在磁場中做勻速圓周運動
由幾何關系可得
（2）解：可以分析出粒子在磁場中偏轉了90°
解得
【知識點】帶電粒子在有界磁場中的運動
【解析】【分析】（1）根據題意畫出粒子的運動軌跡，再根據幾何關系確定粒子的運動半徑，再結合洛倫茲力提供向心力及牛頓第二定律進行解答；
（2）根據幾何關系確定粒子在磁場中運動軌跡對應的圓心角，再根據線速度與周期的關系確定粒子的運動時間。
15．（2024高二下·遵義月考）質量的小球a與質量的小球b靜止于光滑水平桌面上，桌面高、長，現給小球a一水平向右、大小為的瞬時沖量I，兩小球發生彈性碰撞，碰撞時間極短，取重力加速度大，兩小球都看成質點，求：
（1）碰后瞬間小球a的速度v；
（2）小球b落到水平地面瞬間的動能；
（3）兩小球在地面的落點之間的距離d。
【答案】（1）兩球發生彈性碰撞
解得
小球a水平向左運動。
（2）由機械能守恒定律得
解得。
（3）離開桌面后，兩小球都做平拋運動
解得。
【知識點】平拋運動；動量與能量的綜合應用一彈簧類模型
【解析】【分析】（1）兩球發生彈性碰撞，由動量守恒定律和機械能守恒定律，求解碰后瞬間小球a的速度；（2）對小球b的下落過程應用機械能守恒定律，求出小球b落到水平地面瞬間的動能；（3）由平拋規律求出兩小球平拋過程中水平分位移，得出兩小球在地面的落點之間的距離。
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