資源簡介

廣西壯族自治區南寧市2023-2024學年高二上學期期末考試物理試題
1．（2024高二上·南寧期末）發電的基本原理之一是電磁感應，發現電磁感應現象的科學家是（）
A．安培 B．赫茲 C．法拉第 D．麥克斯韋
2．（2024高二上·南寧期末）中國宋代科學家沈括在《夢溪筆談》中最早記載了地磁偏角：“以磁石磨針鋒，則能指南，然常微偏東，不全南也。”進一步研究表明，地球周圍地磁場的磁感線分布示意如圖。結合上述材料，下列說法不正確的是（　　）
A．地理南、北極與地磁場的南、北極不重合
B．地球表面任意位置的地磁場方向都與地面平行
C．地球內部也存在磁場，地磁南極在地理北極附近
D．地磁場對射向地球赤道的帶電宇宙射線粒子有力的作用
3．（2024高二上·南寧期末） 如圖所示，各電場中A、B兩點電場強度相同的是（　　）
A． B．
C． D．
4．（2024高二上·南寧期末）如圖，火圓導線環A中通有電流，方向如圖所示。另在導線環所在的平面畫一個圓B，它的一半面積在A環內，另一半面積在A環外。則關于B圓的磁通量說法正確的是（　　）
A．磁通量大小為零 B．磁通量穿入紙面
C．磁通量穿出紙面 D．條件不足，無法判別
5．（2024高二上·南寧期末）如圖所示，平行板電容器帶有等量異種電荷，與靜電計相連，靜電計金屬外殼和電容器下極板都接地，在兩極板間有一個固定在P點的點電荷，以E表示兩板間的電場強度，Ep表示點電荷在P點的電勢能，θ表示靜電計指針的偏角。若保持下極板不動，將上極板向下移動一小段距離至圖中虛線位置，則（　　）
A．θ增大，E增大 B．θ增大，Ep不變
C．θ減小，Ep不變 D．θ減小，E增大
6．（2024高二上·南寧期末）如圖所示是一個電路的一部分，其中，，，，，那么電流表測得電流為（　　）
A．，向右 B．，向左
C．，向左 D．，向右。
7．（2024高二上·南寧期末）如圖，絕緣細線的一端固定在O點，另一端系一帶正電的小球。小球處在水平方向的勻強電場中僅受重力、電場力、繩子拉力的作用，在豎直平面內做圓周運動。已知小球所受的電場力大小等于重力大小，則有關小球在a、b、c、d四點的描述正確的是（　　）
A．在最高點a處的機械能最大
B．在最低點c處的機械能最大
C．在水平直徑右端b處的機械能最大
D．在水平直徑左端d處的機械能最大
8．（2024高二上·南寧期末）下列有關黑體和黑體輻射的說法中正確的是（　　）
A．黑體的熱輻射實際上是電磁輻射
B．能夠完全吸收入射的各種波長的電磁波而不發生反射的物體叫做黑體
C．黑體輻射電磁波的強度按波長的分布與它的溫度、材料的種類及表面狀況有關
D．黑體的溫度升高時可以輻射出任何頻率的電磁波（包括可見光和不可見光）
9．（2024高二上·南寧期末）如圖，電路中電源的電動勢為E，內阻為r，L為小燈泡（其燈絲電阻可視為不變），V為理想電壓表，、為定值電阻，為光敏電阻。已知光敏電阻的阻值大小隨所受照射光強度的增大而減小，若將照射的光強度減弱，則（　　）
A．電壓表的示數變大 B．小燈泡消耗的功率變小
C．通過的電流變大 D．電源兩端的電壓變小
10．（2024高二上·南寧期末）如圖所示，在絕緣光滑水平面上固定著一光滑絕緣的圓形槽，在某一近直徑的直線上有O、A、B三點，其中O為圓心，A點固定電荷量為Q的正電荷，B點固定一個未知電荷，且圓周上各點電勢相等， 。 有一個可視為質點的質量為m、電荷量為-q的帶電小球正在槽中運動，在C點受到的電場力指向圓心，C點所處的位置如圖所示，根據題干和圖示信息可知 （　　）
A．B點處電荷帶負電
B．B點處電荷的電荷量為
C．B點處電荷的電荷量為
D．小球在槽內做的是勻速圓周運動
11．（2024高二上·南寧期末）試用筆畫線代替導線連好探究感應電流產生的電路圖。
12．（2024高二上·南寧期末）某研究小組要測量電壓表的內阻，要求方法簡捷，有盡可能高的測量精度，并能測得多組數據，現提供如下器材：
A.電壓表：量程，內阻待測（約）
B.電壓表：量程，內阻
C.電流表：量程，內阻
D.滑動變阻器：總電阻約
E.電源（E）：電動勢，內阻很小
F.電鍵（S）、導線若干
（1）請從所給器材中選出適當的器材，設計電略，在虛線方框中畫出電路圖，標明所用器材的符號　 　。
（2）根據所設計的電路圖，寫出待測電壓表的內阻的表達式，即　 　，式中各符號的意義：　 　。
13．（2024高二上·南寧期末）在圖示的電路中，若R1=4Ω，R3=6Ω，電池內阻r=0.6Ω，則電源總功率為40W，輸出功率為37.6W，求電源電動勢和電阻R2。
14．（2024高二上·南寧期末）如圖所示，一質量為m、帶電量為q的小球，用絕緣細線懸掛在水平向右的勻強電場中，靜止時懸線向左與豎直方向成θ角，重力加速度為g．
（1）判斷小球帶何種電荷．
（2）求電場強度E．
（3）若在某時刻將細線突然剪斷，求經過t時間小球的速度v．
15．（2024高二上·南寧期末）如圖，在方向豎直向上、大小為的勻強電場中，固定一個光滑絕緣圓環，圓環在豎直平面內，圓心為O、半徑為。絕緣圓環穿有A、B兩個可視為質點的小球，兩小球間通過一根絕緣輕桿相連。現將兩小球和輕桿從圓環上的圖示位置出靜止釋放，釋放時A與圓心O等高，B在圓心O的正下方，釋放后兩小球沿逆時針方向轉動。已知A帶的電荷量為，B不帶電，兩小球質量分別為、，重力加速度大小為，則：
（1）通過計算判斷，小球A能否到達圓環的最高點C；
（2）求小球A的最大速度值；
（3）求小球A從圖示位置逆時針轉動的過程中，其電勢能變化的最大值。
答案解析部分
1．【答案】C
【知識點】物理學史
【解析】【分析】安培發現了安培定則，A錯誤，赫茲驗證了電磁波的存在，B錯誤，法拉第發現了電磁感應定律，麥克斯韋發現了電磁波理論，故C正確，
【點評】本題考查了物理學史方面的知識，學習物理學史不僅能豐富我們的知識，還能激發我們學習物理的興趣，平時要注意物理學歷史知識的學習與積累。
2．【答案】B
【知識點】磁感應強度
【解析】【解答】A．地理南、北極與地磁場的南、北極不重合，A正確，不符合題意；
B．只有赤道表面的地磁場方向與地面平行，B錯誤，符合題意；
C．地球內部也存在磁場，地磁南極在地理北極附近，C正確，不符合題意；
D．地磁場對射向地球赤道的帶電宇宙射線粒子有力的作用，D正確，不符合題意。
故答案為：B。
【分析】地磁場的南北極與地理的南北極相反，赤道表面的地磁場方向與地面平行，地球內部也存在磁場。
3．【答案】C
【知識點】電場強度
【解析】【解答】電場強度是矢量，電場線疏密表示電場強度大小，方向沿該點的切線方向。
A.A、B兩點場強方向不同，故電場強度不同，A不符合題意；
B.A、B兩點場強大小不同，故電場強度不同，B不符合題意；
C.A、B兩點場強大小、方向均相同，故電場強度相同，C符合題意；
D.A、B兩點場強大小、方向均不同，故電場強度不同，D不符合題意；
故答案為：C。
【分析】根據電場強度是矢量，電場線疏密表示電場強度大小，方向沿該點的切線方向進行判斷。
4．【答案】B
【知識點】磁通量
【解析】【解答】由安培定則可知在A環內的磁場方向垂直于紙面向里，A環外部的磁場方向垂直于紙面向外。磁感線是一組閉合的曲線，對于環形電流A的磁場中的磁感線均從環內進去，從環外出來，顯然環內的磁感線的密度大于環外磁感線的密度，當B圓中有一半在A內，一半在A外，對于B圓，進去的磁感線多于出來的磁感線，所以磁通量不為零，且是穿入紙面。
故答案為：B。
【分析】根據安培定則情況通電導線磁場的分布情況，磁通量的實質是穿過的磁感線的條數。導線內環的磁感線比導線環外的磁感線多。
5．【答案】C
【知識點】電容器及其應用
【解析】【解答】電容器與電源斷開，故電量不變；上極板向下移動時，兩板間的距離減小，根據
可知，電容C增大，則根據
可知，電壓U減小，故靜電計指針偏角減小；兩板間的電場強度
因此電場強度與板間距無關，因此電場強度不變；設P與下極板距離為L，則P點的電勢
電勢能
因此電荷在P點的電勢能保持不變。
故答案為：C。
【分析】電容器兩端的電荷量不變。兩極板電勢差越大，靜電計的張角越大。根據電容的定義式和決定式和場強與電勢差的關系結合題意確定電容器電勢差及板間場強的變化情況。接地端的電勢為零。確定p點電勢的變化情況，再確定p點電勢能的變化情況。
6．【答案】C
【知識點】串聯電路和并聯電路的特點及應用
【解析】【解答】R1兩端的電壓
R2兩端的電壓
R1左端的電勢與R2的左端電勢相等，因U1>U2，則R1右端的電勢低于R2右端的電勢，R3兩端的電壓
通過R3的電流
R3上端電勢低，下端電勢高，電流方向由下向上，因此用節點法可知通過電流表的電流方向向左，設電流表的示數為IA，流入節點的電流等于流出節點的電流，即
故電流表的示數為0.2A，方向向左。
故答案為：C。
【分析】根據歐姆定律確定R3兩端電勢的高低，再根據電流由高電勢流向低電勢確定通過R3的電流方向，再根據節點法確定電流表的示數。
7．【答案】C
【知識點】帶電粒子在重力場和電場復合場中的運動
【解析】【解答】小球在運動過程中，受重力、繩子的拉力、水平向右的電場力，由于繩子的拉力不做功，只有重力和電場力做功，根據
可得小球在運動過程中，機械能最大的位置就是電場力做正功最多的位置，由圖可知，在水平直徑右端b處的機械能最大。
故答案為：C。
【分析】明確小球在運動過程中，各力的做功情況。熟悉掌握機械能變化與各力做功之間的關系，再根據功能關系確定機械能最大值的位置。
8．【答案】A,B
【知識點】黑體、黑體輻射及其實驗規律
【解析】【解答】A、黑體的熱輻射實際上是電磁輻射，故A正確；
B、能夠完全吸收入射的各種波長的電磁波而不發生反射的物體叫做黑體，故B正確；
C、黑體輻射電磁波的強度按波長的分布只與它的溫度有關，故C錯誤；
D、黑體輻射的強度與溫度有關，溫度越高，黑體輻射的強度越大，隨著溫度升高，黑體輻射強度的極大值向波長較短的方向移動，不能輻射出任何頻率的電磁波，故D錯誤。
故答案為：AB。
【分析】黑體的熱輻射實際上是電磁輻射，能夠完全吸收入射的各種波長的電磁波而不發生反射的物體叫做黑體，黑體輻射的強度與溫度有關，溫度越高，黑體輻射的強度越大，隨著溫度升高，黑體輻射強度的極大值向波長較短的方向移動，不能輻射出任何頻率的電磁波。
9．【答案】B,C
【知識點】電路動態分析
【解析】【解答】ACD、若將照射R3的光的強度減弱，光敏電阻的阻值變大，根據串反并同規律，則電壓表示數變小，通過R2的電流變大，電源的電流變小，根據
可知電源兩端的電壓變大，故AD錯誤，C正確；
B、若將照射R3的光的強度減弱，光敏電阻的阻值增大，根據串反并同規律，燈泡的電流變小，燈泡消耗的功率變小，故B正確。
故答案為：BC。
【分析】確定電路的連接方式，確定電路中電阻的變化情況，根據程序法進行分析各部分元件各電學物理量的變化情況。也可以將光敏電阻等效成滑動變阻器，根據“串反并同”的結論進行分析。
10．【答案】A,D
【知識點】功能關系；點電荷的電場；電場強度的疊加
【解析】【解答】ABC、小球在C點所受的電場力方向沿CO，且指向O點，A對小球吸引，則B對小球排斥，所以B點處電荷帶負電
由
知
， ，
由相似三角形可得
即
解得
故A正確， BC錯誤；
D、圓周上各點電勢相等，小球在運動過程中電勢能不變，根據能量守恒得知，小球的動能不變，小球做勻速圓周運動，故D正確。
故答案為：AD。
【分析】根據題意確定AB兩處電荷在C點出對帶電小球的庫侖力方向，再根據帶電小球的電性確定B處電荷的電性，根據幾何關系確定AC和BC的距離，再根據庫侖定律及矢量合成法則確定B處電荷的電荷量。
11．【答案】
【知識點】電磁感應的發現及產生感應電流的條件
【解析】【分析】靈敏電流計應于線圈B相連，其余元件構成一個回路。注意滑動變阻器需要接一上一下連個接線柱。要做等插入或取出A或者滑動變阻器滑片移動，都能使副線圈產生感應電流。
12．【答案】（1）
（2）；U1和U2分別表示和的示數，r2是電壓表的內阻
【知識點】測定電壓表或電流表的內阻
【解析】【解答】（1）待測電壓表量程小于電源電壓，故滑動變阻器采用分壓式接法。通過電壓表的電流較小，為盡可能高的測量精度，不易采用電流表與之串聯。已知內阻的電壓表可以當成電流表進行使用，故采用兩電壓表串聯的接法進行處理。故實驗電路圖如圖所示
（2）兩電壓表串聯，通過電流表的電流相等，則
解得
式中各符號的意義：其中U1和U2分別表示v1和V2的示數，r2是電壓表V2的內阻。
【分析】已知內阻的電壓表可以當成電流表進行使用，可將待測電壓表看成已知電壓的電阻進行處理。待測電壓表量程小于電源電壓，故采用滑動變阻器分壓式接法。通過電壓表的電流較小，不易采用電流表。故采用兩電壓表串聯的接法進行處理。再根據歐姆定律及串聯電路規律進行解答。
13．【答案】解： 由題意可知：電源內電路發熱功率
代入數據解得：電路電流強度I=2A
電源總功率
代入數據解得：電源電動勢E=20V
據閉合電路歐姆定律得
代入數據解得R2=7Ω
【知識點】電功率和電功；串聯電路和并聯電路的特點及應用；閉合電路的歐姆定律
【解析】【分析】根據題意確定電路的連接方式，電源的輸出功率等于電源的總功率與電源的熱功率之差。再根據閉合電路的歐姆定律及電功率公式和串并聯電路規律進行解答。
14．【答案】（1）解：小球受到的電場力向左，與場強方向相反；
故小球帶負電荷．
（2）解：對小球受力分析，受重力、電場力和拉力，如圖
根據共點力平衡條件，有
qE=mgtanθ
故
即電場強度E為 ．
（3）解：剪短細線后，小球受到重力和電場力，合力恒定，故做初速度為零的勻加速直線運動；
根據牛頓第二定律，有
F合=ma ①
由于三力平衡中，任意兩個力的合力與第三力等值、反向、共線，故
F合= ②
根據速度時間公式，有
v=at ③
由①②③解得
即經過t時間小球的速度v為 ．
【知識點】共點力平衡條件的應用；受力分析的應用；電場及電場力
【解析】【分析】（1）小球受到的電場力向左，與場強方向相反，故帶負電荷；（2）對小球受力分析，然后根據共點力平衡條件列式求解出電場力，得到電場強度；（3）剪短細線后，小球受到重力和電場力，合力恒定，故做初速度為零的勻加速直線運動，根據牛頓第二定律求出加速度后，再運用速度時間公式求解．
15．【答案】（1）解：設A、B在轉動過程中，輕桿對A、B做的功分別為、，則：
設A、B到達圓環最高點的動能分別為、，
對A用動能定理
對B用動能定理
聯立解得
上式表明：A在圓環最高點時，系統動能為負值，故A不能到達圓環最高點。
（2）解： 設B轉過角時，A、B的速度大小分別為、，因A、B做圓周運動的半徑和角速度均相同，故。
對A動能定理
對B動能定理
聯立解得
由上式解得，當時，A、B的最大速度均為
（3）解： A、B從圖示位置逆時針轉動過程中，當兩球速度為0時，電場力做功最多，電勢能減少最多，當
解得或（舍去）
故A的電勢能減少
【知識點】動能定理的綜合應用；電勢能與電場力做功的關系；帶電粒子在重力場和電場復合場中的運動
【解析】【分析】（1）若小球A能到達C點，則系統的動能大于等于零。假設A能到達C點，以AB及桿構成的整體為研究對象，明確系統受力情況及各力的做功情況，根據動能定理確定到達C點時，系統動能的大小，繼而判斷能否到達C點；
（2） A、B做圓周運動的半徑和角速度均相同，故在任意位置AB的速度大小均相等。假設B轉過角時，系統的動能最大，再對AB及桿運用動能定理結合數學知識確定速度的最大值；
（3）由于小球A無法到達C處，故在逆時針轉動過程中，電場力始終做正功，即電勢能始終減小。當小球A達到最高點時，電勢能減速最多，根據（2）確定此時A轉過的角度，再根據電場力與電勢能的關系進行解答。
1 / 1廣西壯族自治區南寧市2023-2024學年高二上學期期末考試物理試題
1．（2024高二上·南寧期末）發電的基本原理之一是電磁感應，發現電磁感應現象的科學家是（）
A．安培 B．赫茲 C．法拉第 D．麥克斯韋
【答案】C
【知識點】物理學史
【解析】【分析】安培發現了安培定則，A錯誤，赫茲驗證了電磁波的存在，B錯誤，法拉第發現了電磁感應定律，麥克斯韋發現了電磁波理論，故C正確，
【點評】本題考查了物理學史方面的知識，學習物理學史不僅能豐富我們的知識，還能激發我們學習物理的興趣，平時要注意物理學歷史知識的學習與積累。
2．（2024高二上·南寧期末）中國宋代科學家沈括在《夢溪筆談》中最早記載了地磁偏角：“以磁石磨針鋒，則能指南，然常微偏東，不全南也。”進一步研究表明，地球周圍地磁場的磁感線分布示意如圖。結合上述材料，下列說法不正確的是（　　）
A．地理南、北極與地磁場的南、北極不重合
B．地球表面任意位置的地磁場方向都與地面平行
C．地球內部也存在磁場，地磁南極在地理北極附近
D．地磁場對射向地球赤道的帶電宇宙射線粒子有力的作用
【答案】B
【知識點】磁感應強度
【解析】【解答】A．地理南、北極與地磁場的南、北極不重合，A正確，不符合題意；
B．只有赤道表面的地磁場方向與地面平行，B錯誤，符合題意；
C．地球內部也存在磁場，地磁南極在地理北極附近，C正確，不符合題意；
D．地磁場對射向地球赤道的帶電宇宙射線粒子有力的作用，D正確，不符合題意。
故答案為：B。
【分析】地磁場的南北極與地理的南北極相反，赤道表面的地磁場方向與地面平行，地球內部也存在磁場。
3．（2024高二上·南寧期末） 如圖所示，各電場中A、B兩點電場強度相同的是（　　）
A． B．
C． D．
【答案】C
【知識點】電場強度
【解析】【解答】電場強度是矢量，電場線疏密表示電場強度大小，方向沿該點的切線方向。
A.A、B兩點場強方向不同，故電場強度不同，A不符合題意；
B.A、B兩點場強大小不同，故電場強度不同，B不符合題意；
C.A、B兩點場強大小、方向均相同，故電場強度相同，C符合題意；
D.A、B兩點場強大小、方向均不同，故電場強度不同，D不符合題意；
故答案為：C。
【分析】根據電場強度是矢量，電場線疏密表示電場強度大小，方向沿該點的切線方向進行判斷。
4．（2024高二上·南寧期末）如圖，火圓導線環A中通有電流，方向如圖所示。另在導線環所在的平面畫一個圓B，它的一半面積在A環內，另一半面積在A環外。則關于B圓的磁通量說法正確的是（　　）
A．磁通量大小為零 B．磁通量穿入紙面
C．磁通量穿出紙面 D．條件不足，無法判別
【答案】B
【知識點】磁通量
【解析】【解答】由安培定則可知在A環內的磁場方向垂直于紙面向里，A環外部的磁場方向垂直于紙面向外。磁感線是一組閉合的曲線，對于環形電流A的磁場中的磁感線均從環內進去，從環外出來，顯然環內的磁感線的密度大于環外磁感線的密度，當B圓中有一半在A內，一半在A外，對于B圓，進去的磁感線多于出來的磁感線，所以磁通量不為零，且是穿入紙面。
故答案為：B。
【分析】根據安培定則情況通電導線磁場的分布情況，磁通量的實質是穿過的磁感線的條數。導線內環的磁感線比導線環外的磁感線多。
5．（2024高二上·南寧期末）如圖所示，平行板電容器帶有等量異種電荷，與靜電計相連，靜電計金屬外殼和電容器下極板都接地，在兩極板間有一個固定在P點的點電荷，以E表示兩板間的電場強度，Ep表示點電荷在P點的電勢能，θ表示靜電計指針的偏角。若保持下極板不動，將上極板向下移動一小段距離至圖中虛線位置，則（　　）
A．θ增大，E增大 B．θ增大，Ep不變
C．θ減小，Ep不變 D．θ減小，E增大
【答案】C
【知識點】電容器及其應用
【解析】【解答】電容器與電源斷開，故電量不變；上極板向下移動時，兩板間的距離減小，根據
可知，電容C增大，則根據
可知，電壓U減小，故靜電計指針偏角減小；兩板間的電場強度
因此電場強度與板間距無關，因此電場強度不變；設P與下極板距離為L，則P點的電勢
電勢能
因此電荷在P點的電勢能保持不變。
故答案為：C。
【分析】電容器兩端的電荷量不變。兩極板電勢差越大，靜電計的張角越大。根據電容的定義式和決定式和場強與電勢差的關系結合題意確定電容器電勢差及板間場強的變化情況。接地端的電勢為零。確定p點電勢的變化情況，再確定p點電勢能的變化情況。
6．（2024高二上·南寧期末）如圖所示是一個電路的一部分，其中，，，，，那么電流表測得電流為（　　）
A．，向右 B．，向左
C．，向左 D．，向右。
【答案】C
【知識點】串聯電路和并聯電路的特點及應用
【解析】【解答】R1兩端的電壓
R2兩端的電壓
R1左端的電勢與R2的左端電勢相等，因U1>U2，則R1右端的電勢低于R2右端的電勢，R3兩端的電壓
通過R3的電流
R3上端電勢低，下端電勢高，電流方向由下向上，因此用節點法可知通過電流表的電流方向向左，設電流表的示數為IA，流入節點的電流等于流出節點的電流，即
故電流表的示數為0.2A，方向向左。
故答案為：C。
【分析】根據歐姆定律確定R3兩端電勢的高低，再根據電流由高電勢流向低電勢確定通過R3的電流方向，再根據節點法確定電流表的示數。
7．（2024高二上·南寧期末）如圖，絕緣細線的一端固定在O點，另一端系一帶正電的小球。小球處在水平方向的勻強電場中僅受重力、電場力、繩子拉力的作用，在豎直平面內做圓周運動。已知小球所受的電場力大小等于重力大小，則有關小球在a、b、c、d四點的描述正確的是（　　）
A．在最高點a處的機械能最大
B．在最低點c處的機械能最大
C．在水平直徑右端b處的機械能最大
D．在水平直徑左端d處的機械能最大
【答案】C
【知識點】帶電粒子在重力場和電場復合場中的運動
【解析】【解答】小球在運動過程中，受重力、繩子的拉力、水平向右的電場力，由于繩子的拉力不做功，只有重力和電場力做功，根據
可得小球在運動過程中，機械能最大的位置就是電場力做正功最多的位置，由圖可知，在水平直徑右端b處的機械能最大。
故答案為：C。
【分析】明確小球在運動過程中，各力的做功情況。熟悉掌握機械能變化與各力做功之間的關系，再根據功能關系確定機械能最大值的位置。
8．（2024高二上·南寧期末）下列有關黑體和黑體輻射的說法中正確的是（　　）
A．黑體的熱輻射實際上是電磁輻射
B．能夠完全吸收入射的各種波長的電磁波而不發生反射的物體叫做黑體
C．黑體輻射電磁波的強度按波長的分布與它的溫度、材料的種類及表面狀況有關
D．黑體的溫度升高時可以輻射出任何頻率的電磁波（包括可見光和不可見光）
【答案】A,B
【知識點】黑體、黑體輻射及其實驗規律
【解析】【解答】A、黑體的熱輻射實際上是電磁輻射，故A正確；
B、能夠完全吸收入射的各種波長的電磁波而不發生反射的物體叫做黑體，故B正確；
C、黑體輻射電磁波的強度按波長的分布只與它的溫度有關，故C錯誤；
D、黑體輻射的強度與溫度有關，溫度越高，黑體輻射的強度越大，隨著溫度升高，黑體輻射強度的極大值向波長較短的方向移動，不能輻射出任何頻率的電磁波，故D錯誤。
故答案為：AB。
【分析】黑體的熱輻射實際上是電磁輻射，能夠完全吸收入射的各種波長的電磁波而不發生反射的物體叫做黑體，黑體輻射的強度與溫度有關，溫度越高，黑體輻射的強度越大，隨著溫度升高，黑體輻射強度的極大值向波長較短的方向移動，不能輻射出任何頻率的電磁波。
9．（2024高二上·南寧期末）如圖，電路中電源的電動勢為E，內阻為r，L為小燈泡（其燈絲電阻可視為不變），V為理想電壓表，、為定值電阻，為光敏電阻。已知光敏電阻的阻值大小隨所受照射光強度的增大而減小，若將照射的光強度減弱，則（　　）
A．電壓表的示數變大 B．小燈泡消耗的功率變小
C．通過的電流變大 D．電源兩端的電壓變小
【答案】B,C
【知識點】電路動態分析
【解析】【解答】ACD、若將照射R3的光的強度減弱，光敏電阻的阻值變大，根據串反并同規律，則電壓表示數變小，通過R2的電流變大，電源的電流變小，根據
可知電源兩端的電壓變大，故AD錯誤，C正確；
B、若將照射R3的光的強度減弱，光敏電阻的阻值增大，根據串反并同規律，燈泡的電流變小，燈泡消耗的功率變小，故B正確。
故答案為：BC。
【分析】確定電路的連接方式，確定電路中電阻的變化情況，根據程序法進行分析各部分元件各電學物理量的變化情況。也可以將光敏電阻等效成滑動變阻器，根據“串反并同”的結論進行分析。
10．（2024高二上·南寧期末）如圖所示，在絕緣光滑水平面上固定著一光滑絕緣的圓形槽，在某一近直徑的直線上有O、A、B三點，其中O為圓心，A點固定電荷量為Q的正電荷，B點固定一個未知電荷，且圓周上各點電勢相等， 。 有一個可視為質點的質量為m、電荷量為-q的帶電小球正在槽中運動，在C點受到的電場力指向圓心，C點所處的位置如圖所示，根據題干和圖示信息可知 （　　）
A．B點處電荷帶負電
B．B點處電荷的電荷量為
C．B點處電荷的電荷量為
D．小球在槽內做的是勻速圓周運動
【答案】A,D
【知識點】功能關系；點電荷的電場；電場強度的疊加
【解析】【解答】ABC、小球在C點所受的電場力方向沿CO，且指向O點，A對小球吸引，則B對小球排斥，所以B點處電荷帶負電
由
知
， ，
由相似三角形可得
即
解得
故A正確， BC錯誤；
D、圓周上各點電勢相等，小球在運動過程中電勢能不變，根據能量守恒得知，小球的動能不變，小球做勻速圓周運動，故D正確。
故答案為：AD。
【分析】根據題意確定AB兩處電荷在C點出對帶電小球的庫侖力方向，再根據帶電小球的電性確定B處電荷的電性，根據幾何關系確定AC和BC的距離，再根據庫侖定律及矢量合成法則確定B處電荷的電荷量。
11．（2024高二上·南寧期末）試用筆畫線代替導線連好探究感應電流產生的電路圖。
【答案】
【知識點】電磁感應的發現及產生感應電流的條件
【解析】【分析】靈敏電流計應于線圈B相連，其余元件構成一個回路。注意滑動變阻器需要接一上一下連個接線柱。要做等插入或取出A或者滑動變阻器滑片移動，都能使副線圈產生感應電流。
12．（2024高二上·南寧期末）某研究小組要測量電壓表的內阻，要求方法簡捷，有盡可能高的測量精度，并能測得多組數據，現提供如下器材：
A.電壓表：量程，內阻待測（約）
B.電壓表：量程，內阻
C.電流表：量程，內阻
D.滑動變阻器：總電阻約
E.電源（E）：電動勢，內阻很小
F.電鍵（S）、導線若干
（1）請從所給器材中選出適當的器材，設計電略，在虛線方框中畫出電路圖，標明所用器材的符號　 　。
（2）根據所設計的電路圖，寫出待測電壓表的內阻的表達式，即　 　，式中各符號的意義：　 　。
【答案】（1）
（2）；U1和U2分別表示和的示數，r2是電壓表的內阻
【知識點】測定電壓表或電流表的內阻
【解析】【解答】（1）待測電壓表量程小于電源電壓，故滑動變阻器采用分壓式接法。通過電壓表的電流較小，為盡可能高的測量精度，不易采用電流表與之串聯。已知內阻的電壓表可以當成電流表進行使用，故采用兩電壓表串聯的接法進行處理。故實驗電路圖如圖所示
（2）兩電壓表串聯，通過電流表的電流相等，則
解得
式中各符號的意義：其中U1和U2分別表示v1和V2的示數，r2是電壓表V2的內阻。
【分析】已知內阻的電壓表可以當成電流表進行使用，可將待測電壓表看成已知電壓的電阻進行處理。待測電壓表量程小于電源電壓，故采用滑動變阻器分壓式接法。通過電壓表的電流較小，不易采用電流表。故采用兩電壓表串聯的接法進行處理。再根據歐姆定律及串聯電路規律進行解答。
13．（2024高二上·南寧期末）在圖示的電路中，若R1=4Ω，R3=6Ω，電池內阻r=0.6Ω，則電源總功率為40W，輸出功率為37.6W，求電源電動勢和電阻R2。
【答案】解： 由題意可知：電源內電路發熱功率
代入數據解得：電路電流強度I=2A
電源總功率
代入數據解得：電源電動勢E=20V
據閉合電路歐姆定律得
代入數據解得R2=7Ω
【知識點】電功率和電功；串聯電路和并聯電路的特點及應用；閉合電路的歐姆定律
【解析】【分析】根據題意確定電路的連接方式，電源的輸出功率等于電源的總功率與電源的熱功率之差。再根據閉合電路的歐姆定律及電功率公式和串并聯電路規律進行解答。
14．（2024高二上·南寧期末）如圖所示，一質量為m、帶電量為q的小球，用絕緣細線懸掛在水平向右的勻強電場中，靜止時懸線向左與豎直方向成θ角，重力加速度為g．
（1）判斷小球帶何種電荷．
（2）求電場強度E．
（3）若在某時刻將細線突然剪斷，求經過t時間小球的速度v．
【答案】（1）解：小球受到的電場力向左，與場強方向相反；
故小球帶負電荷．
（2）解：對小球受力分析，受重力、電場力和拉力，如圖
根據共點力平衡條件，有
qE=mgtanθ
故
即電場強度E為 ．
（3）解：剪短細線后，小球受到重力和電場力，合力恒定，故做初速度為零的勻加速直線運動；
根據牛頓第二定律，有
F合=ma ①
由于三力平衡中，任意兩個力的合力與第三力等值、反向、共線，故
F合= ②
根據速度時間公式，有
v=at ③
由①②③解得
即經過t時間小球的速度v為 ．
【知識點】共點力平衡條件的應用；受力分析的應用；電場及電場力
【解析】【分析】（1）小球受到的電場力向左，與場強方向相反，故帶負電荷；（2）對小球受力分析，然后根據共點力平衡條件列式求解出電場力，得到電場強度；（3）剪短細線后，小球受到重力和電場力，合力恒定，故做初速度為零的勻加速直線運動，根據牛頓第二定律求出加速度后，再運用速度時間公式求解．
15．（2024高二上·南寧期末）如圖，在方向豎直向上、大小為的勻強電場中，固定一個光滑絕緣圓環，圓環在豎直平面內，圓心為O、半徑為。絕緣圓環穿有A、B兩個可視為質點的小球，兩小球間通過一根絕緣輕桿相連。現將兩小球和輕桿從圓環上的圖示位置出靜止釋放，釋放時A與圓心O等高，B在圓心O的正下方，釋放后兩小球沿逆時針方向轉動。已知A帶的電荷量為，B不帶電，兩小球質量分別為、，重力加速度大小為，則：
（1）通過計算判斷，小球A能否到達圓環的最高點C；
（2）求小球A的最大速度值；
（3）求小球A從圖示位置逆時針轉動的過程中，其電勢能變化的最大值。
【答案】（1）解：設A、B在轉動過程中，輕桿對A、B做的功分別為、，則：
設A、B到達圓環最高點的動能分別為、，
對A用動能定理
對B用動能定理
聯立解得
上式表明：A在圓環最高點時，系統動能為負值，故A不能到達圓環最高點。
（2）解： 設B轉過角時，A、B的速度大小分別為、，因A、B做圓周運動的半徑和角速度均相同，故。
對A動能定理
對B動能定理
聯立解得
由上式解得，當時，A、B的最大速度均為
（3）解： A、B從圖示位置逆時針轉動過程中，當兩球速度為0時，電場力做功最多，電勢能減少最多，當
解得或（舍去）
故A的電勢能減少
【知識點】動能定理的綜合應用；電勢能與電場力做功的關系；帶電粒子在重力場和電場復合場中的運動
【解析】【分析】（1）若小球A能到達C點，則系統的動能大于等于零。假設A能到達C點，以AB及桿構成的整體為研究對象，明確系統受力情況及各力的做功情況，根據動能定理確定到達C點時，系統動能的大小，繼而判斷能否到達C點；
（2） A、B做圓周運動的半徑和角速度均相同，故在任意位置AB的速度大小均相等。假設B轉過角時，系統的動能最大，再對AB及桿運用動能定理結合數學知識確定速度的最大值；
（3）由于小球A無法到達C處，故在逆時針轉動過程中，電場力始終做正功，即電勢能始終減小。當小球A達到最高點時，電勢能減速最多，根據（2）確定此時A轉過的角度，再根據電場力與電勢能的關系進行解答。
1 / 1

展開更多......

收起↑