資源簡介

湖南省長沙市2022-2023學年高二（上）期末物理試卷
1．（2022高二上·長沙期末）兩個電量相等的正電荷產生的電場，電場線如圖所示，兩個電荷連線是水平的，連線的中點為點，點正上方有一點，則（　　）
A．點的電場強度大小為 B．點的電場強度方向向上
C．點的電場強度大小為 D．點的電場強度方向向下
2．（2022高二上·長沙期末）如圖所示，實線為某電場的電場線，虛線表示該電場的等勢面，A、B、C是電場中的三點，下列說法正確的是（　?。?br/>A．三點中，B點的場強最大
B．三點中，A點的電勢最高
C．將一帶負電的檢驗電荷從A移動到B，電勢能增大
D．將一帶正電的檢驗電荷從A移動到B和從A移動到C，電勢能的變化相同
3．（2022高二上·長沙期末）對于水平放置的平行板電容器，下列說法正確的是（　?。?br/>A．使正對面積增大，電容將減小
B．使正對面積減小，電容將減小
C．將兩極板的間距增大，電容將增大
D．將兩極板的間距增大，電容將不變
4．（2022高二上·長沙期末）某興趣小組測海水電阻率，在一根細橡膠管中灌滿海水，兩端用粗銅絲塞住管口，形成一段封閉的海水柱．他將此海水柱接到恒定電壓。握住海水柱兩端將它水平均勻拉伸到原長的1.5倍，若忽略溫度對電阻率的影響，則此鹽水柱（　?。?br/>A．通過的電流增大 B．海水電阻率變小
C．阻值增大為原來的2.25倍 D．阻值增大為原來的1.5倍
5．（2022高二上·長沙期末）關于電功和電熱。以下說法正確的是（　　）
A．外電路電流做的功一定等于電熱
B．外電路中電流所做的功一定大于電熱
C．任何電路中電流所做的功一定大于電熱
D．當外電路有電動機、電解槽的情況下電流做的功將轉化為熱能、機械能、化學能，因此，電功大于電熱
6．（2022高二上·長沙期末）關于磁場、磁感應強度和磁感線的說法，正確的是（　?。?br/>A．磁極之間的相互作用是通過磁場發生的，磁場和電場一樣，也是一種物質
B．由可知，磁感應強度與通電導線的電流和長度的乘積成反比
C．磁感應強度的方向就是磁場中通電導線所受磁場力的方向
D．磁感線就是細鐵屑在磁鐵周圍排列出的曲線，沒有細鐵屑的地方就沒有磁感線
7．（2022高二上·長沙期末）質量為的物塊在光滑水平面上以速率勻速向左運動，某時刻對物塊施加與水平方向夾角為的恒定拉力，如圖所示。經過時間，物塊恰好以相同速率向右運動。在時間內，下列說法正確的是（　?。?br/>A．物塊所受拉力的沖量方向水平向右
B．物塊所受拉力的沖量大小為
C．物塊所受重力的沖量大小為零
D．物塊所受合力的沖量大小為
8．（2022高二上·長沙期末）如圖所示，三條平行等距的直線表示電場中的三個等勢面，電勢分別為、、，實線是一帶負電的粒子不計重力在該區域內的運動軌跡，對于軌跡上的、、三點來說，下列說法正確的是（　　）
A．粒子必先過，再到，然后到
B．粒子在三點所受的合力關系為
C．粒子在三點的動能大小關系為
D．粒子在三點的電勢能大小關系為
9．（2022高二上·長沙期末）關于電動勢及閉合電路歐姆定律，下列說法正確的是（　　）
A．電源電動勢越大，電源所能提供的電能就越多
B．電源電動勢等于路端電壓
C．外電路的電阻越大，路端電壓就越大
D．路端電壓增大時，電源的輸出功率可能減小
10．（2022高二上·長沙期末）關于磁的一些現象，以下說法中正確的是（　?。?br/>A．任何形狀的磁體都一定具有兩個磁極
B．磁體一定是用鐵做成的，它只能吸引鐵塊而不能吸引鉛塊或鋼塊
C．地球是一個大磁體，對附近的小磁體有力的作用
D．指南針放到其他星球上仍能指示方向
11．（2022高二上·長沙期末）如圖所示，通電直導線與線圈在同一平面內，則（　?。?br/>A．線圈向右平動時，有感應電流
B．線圈沿垂直紙面方向遠離導線，無感應電流
C．線圈以邊為軸轉動，磁通量沒有變化
D．線圈豎直向下平動，無感應電流
12．（2022高二上·長沙期末）如圖所示，足夠長的固定光滑斜面傾角為，質量為的物體以速度從斜面底端沖上斜面，到達最高點后又滑回原處，所用時間為。對于這一過程，下列判斷正確的是（　　）
A．斜面對物體的彈力的沖量為零
B．物體受到的重力的沖量大小為
C．物體受到的合力的沖量大小為零
D．物體動量的變化量大小為
13．（2022高二上·長沙期末）圖甲為某同學“測電源電動勢和內電阻”的實驗電路圖，圖乙是根據電壓表和電流表測量的數據繪制的圖象。
（1）為避免燒壞電表，閉合開關前，滑動變阻器的滑片應置于　 　 端選填“”或“”。
（2）由圖乙可知，電源的電動勢測量值　 　，內阻的測量值　 　。計算結果保留兩位有效數字
14．（2022高二上·長沙期末）
（1）遠距離輸電都采用高壓輸電的方式，其主要優點是____ 。
A．可增大輸電電流 B．可加快輸電速度
C．可減少輸電線上的能量損失 D．可防止不法分子竊電
（2）用圖示裝置進行電磁感應實驗，下列操作不能形成感應電流的是____ 。
A．開關閉合和斷開的瞬間
B．開關閉合，移動滑動變阻器的滑動觸頭
C．開關閉合后線圈在中插入或拔出
D．只有開關保持閉合
15．（2022高二上·長沙期末）在利用碰掩做“驗證動量守恒定律”的實驗中，實驗裝置如圖所示，圖中斜槽與水平箱平滑連接，按要求安裝好儀器后開始實驗．先不放被碰小球，重復實驗若干次；然后把被碰小球靜止放在槽的水平部分的前端邊緣處槽口，又重復實驗若干次，在白紙上記錄下掛于槽口的重錘線在記錄紙上的豎直投影點和各次實驗時小球落點的平均位置，從左至右依次為，，點，測得兩小球直徑相等，入射小球和被碰小球的質量分別為、，且則：
（1）兩小球的直徑用螺旋測微器核準相等，測量結果如圖乙，則兩小球的直徑均為　 　
（2）入射小球每次滾下都應從斜槽上的同一位置無初速釋放，其目的是____．
A．為了使入射小球每次都能水平飛出糟口
B．為了使入射小球每次都以相同的動量到達槽口
C．為了使入射小球在空中飛行的時間不變
D．為了使入射小球每次都能與被碰小球對心碰撞
（3）下列有關本實驗的說法中正確的是____．
A．未放被碰小球和放了被碰小球時，入射小球的落點分別是、．
B．未放被碰小球和放了被碰小球時，入射小球的落點分別是、．
C．未放被碰小球和放了被碰小球時，入肘小球的落點分別是、．
D．在誤差允許的范田內若測得，則表明碰撞過程中由、兩球組成的系統動量守恒．
16．（2022高二上·長沙期末）如圖，、兩點電荷相距，為連線上的一點，. 距離為，、所帶電荷量分別為和，靜電力常量為，求：
（1）電荷對電荷的庫侖力大小；
（2）點的電場強度大小及方向。
17．（2022高二上·長沙期末）在如圖所示的電路中，電源電動勢，定值電阻閉合開關后，電動機正常工作，此時電流表的示數為、電壓表的示數為已知電流表和電壓表均為理想電表．
（1）電源的內阻多大？
（2）電動機正常工作時，電源的輸出功率是多大？
（3）若電動機正常工作時的機械效率為，則電動機的內阻是多大？
18．（2022高二上·長沙期末）在年冬奧會花樣滑冰雙人滑比賽中，中國選手隋文靜韓聰組合獲得亞軍，如圖所示為某次訓練中情景，他們攜手滑步，相對光滑冰面的速度為，韓聰突然將隋文靜向原先運動方向推開，推力作用時間為，隋文靜的速度大小變為，假設隋文靜和韓聰的質量分別為和，求：
（1）推開后韓聰的速度大??；
（2）推開過程中隋文靜對韓聰的平均作用力大小。
答案解析部分
1．【答案】A
【知識點】電場線；點電荷的電場
【解析】【解答】AB.根據點電荷的場強公式和場強的疊加原理可知，兩正電荷在O點產生的場強等大反向，故O點的場強為零，A符合題意，B不符合題意；
CD.根據電場的分布特點可知，P點在O點正上方，可知P點的場強方向向上，CD不符合題意。
故答案為：A。
【分析】根據點電荷的場強公式和場強的疊加原理，求解O點的場強大?。桓鶕妶鼍€上某點的切線方向即為該點的場強方向，分析P的電場的方向。
2．【答案】D
【知識點】電場強度；電勢能；電勢
【解析】【解答】電場線的疏密表示電場強度的大小，所以三點中，A點場強最大，A不符合題意；沿電場線方向，電勢逐漸降低，A點電勢最低，B不符合題意；將一帶負電的檢驗電荷從A移動到B，電場力做正功，電勢能減小，C不符合題意；因為B、C兩點在同一等勢面上，所以將一帶正電的檢驗電荷從A移動到B和從A移動到C，電場力做的功相同，電勢能變化相同，D符合題意．
故答案為：D
【分析】結合題目中給出的電場線模型，電場線密集的區域電場強度大，那么帶電粒子的加速度就比較大，沿電場線方向電勢減小，電場力做正功，電勢能減小，動能增加，電場力做負功，電勢能增加，動能減小。
3．【答案】B
【知識點】電容器及其應用
【解析】【解答】A.由可知，正對面積增大，則電容增大，A不符合題意；
B.由可知，正對面積減小，則電容減小，B符合題意；
CD.由可知，增大兩板間的間距，則電容器減小，CD不符合題意。
故答案為：B。
【分析】電容的決定式，分析極板的正對面積和極板間距的變化對電容大小的影響。
4．【答案】C
【知識點】電阻定律；歐姆定律
【解析】【解答】根據電阻定律有
住海水柱兩端將它水平均勻拉伸到原長的1.5倍，當是管內海水的總體積保持不變，海水的電阻率保持不變，則電阻的阻值與長度的平方成正比，所以阻值增大為原來的2.25倍，根據歐姆定律有
恒定電壓時，電阻增大，電流減小，所以C符合題意；ABD不符合題意；
故答案為：C。
【分析】根據電阻定律以及歐姆定律進行分析判斷。
5．【答案】D
【知識點】電功率和電功
【解析】【解答】ABC.當外電路是純電阻電路時，外電路電流做的功等于外電路產生的熱量，當外電路為非純電阻電路時，外電路電流做的功大于電熱，ABC不符合題意；
D.當外電路有電動機、電解槽的時候，外電路不是純電阻，此時電流做的功將轉化為熱能和機械能或熱能和化學能，因此電功大于電熱，D符合題意。
故答案為：D。
【分析】根據純電阻電路和非純電阻電路的特點，分析能量的轉化。
6．【答案】A
【知識點】磁現象和磁場、磁感線；磁感應強度
【解析】【解答】A.磁極之間的相互作用是通過磁場發生的，磁場和電場一樣，雖然看不見，摸不著，但是它們是真實存在的特殊物質，A符合題意；
B.公式是比值定義式，磁感應強度只與磁場本身有關，與是否放入通電導線，通電導線的電流和長度均無關，B不符合題意；
C.通電導線所受磁場力的方向，可由左手定則來確定，磁感應強度的方向與磁場力的方向是相互垂直的關系，C不符合題意；
D.磁感線是人們為了形象地描述磁場，而假想出來的一系列帶有方向的曲線，并不是真實存在的，細鐵屑在磁鐵周圍排列出的曲線是對磁感線的模擬，D不符合題意。
故答案為：A。
【分析】磁場是特殊物質；磁感應強度由自身決定；由左手定則分析磁感應強度方向與通電導線受力方向之間的關系；磁感線是假想曲線，并不真實存在，但是可以模擬。
7．【答案】D
【知識點】動量定理；沖量
【解析】【解答】A．根據可知， 物塊所受拉力的沖量方向與拉力F的方向相同，即斜向右向上方，故A錯誤；
B．根據動量定理可知，物塊所受合力的沖量等于動量變化量即為2mv，但物塊的合力并不等于F，故B錯誤；
C．根據可知，物塊所受重力的沖量大小并不為零，故C錯誤；
D．物塊所受合力為，根據可知，物塊所受合力的沖量大小為，故D正確。
故選D。
【分析】根據分析拉力的沖量、合力的沖量與重力的沖量；根據動量定理分析拉力的沖量大小與2mv的大小關系。
8．【答案】B,D
【知識點】電勢能；等勢面
【解析】【解答】A.同粒子的運動軌跡不能判斷出粒子的運動方向，A不符合題意；
B.根據等勢面特點可知，該電場為勻強電場，所以粒子在a、b、c三點受到的電場力相等，又因為不計重力，所以粒子在三點所受電場力即合力，故，B符合題意；
CD.由可知，負電荷在高電勢處電勢能小，可知負電粒子在a、b、c三點的電勢能關系，根據能量守恒定律可得，D符合題意，C不符合題意。
故答案為：BD。
【分析】根據等勢面的特點確定電場的性質，得出粒子在各點受到的電場力的關系；根據三點的電勢關系，分析負電粒子在三點的電勢能的關系，再由能量守恒定律分析粒子在三點的動能關系。
9．【答案】C,D
【知識點】電功率和電功；閉合電路的歐姆定律
【解析】【解答】A.根據電動勢的物理意義可知，電源電動勢越大，電源將其他形式的能轉化為電能的本領就越大，但是不能說電源所能提供的電能就越多，A不符合題意；
B.電源的電動勢等于內、外電路電壓之和，路端電壓是指外電路電壓，B不符合題意；
C.由閉合電路歐姆定律可得，路端電壓，可知外電路的電阻越大，路端電壓就越大，C符合題意；
D．當外電阻等于內電阻時，電源輸出功率最大，外電阻與內電阻相差越多，電源輸出功率越小，路端電壓增大時，外電阻增大，但是在內、外電阻的阻值關系不確定時，電源的輸出功率可能減小，D符合題意。
故答案為：CD。
【分析】根據閉合電路歐姆定律定律分析電源電動勢與內、外電壓的關系；當外電阻等于內電阻時，電源輸出功率最大，外電阻與內電阻相差越多，電源輸出功率越小。
10．【答案】A,C
【知識點】磁現象和磁場、磁感線
【解析】【解答】A.任何形狀的磁體都一定具有N、S兩個磁極，A符合題意；
B.磁體可以是磁性材料做成的，不只有鐵是磁性材料，另外電流也能產生磁場，例如電磁鐵，也是磁體，磁體能吸引鐵、鈷、鎳等物質，而不能吸引鉛塊或鋼塊，B不符合題意；
C.地球是一個大磁體，對附近的小磁體有力的作用，C符合題意；
D.指南針放到地球上靜止時能指示方向，是因為受到地磁場的作用，如果放到其他沒有磁場的星球上，則不能指示方向，D不符合題意。
故答案為：AC。
【分析】任何形狀的磁體都一定具有N、S極；能產生磁場的物體都叫磁體；磁場對放入其中的磁體都有力的作用；根據指南針指示方向的原理分析。
11．【答案】A,D
【知識點】電磁感應的發現及產生感應電流的條件
【解析】【解答】由安培定則可知，通電直導線的磁場是以導線上的點為圓心，垂直導線的同心圓。根據感應電流的產生條件可知，當閉合線圈中的磁通量發生變化時，線圈中會有感應電流產生。
A.線圈向右平動時，磁通量發生變化，有感應電流，A符合題意；
B.線圈沿垂直紙面方向遠離導線，磁通量發生變化，則有感應電流，B不符合題意；
C.線圈以ab邊為軸轉動，磁通量發生變化，C不符合題意；
D.線圈豎直向下平動，磁通量不變，則無感應電流，D符合題意。
故答案為：AD。
【分析】根據感應電流的產生條件分析。
12．【答案】B,D
【知識點】動量定理；沖量
【解析】【解答】A、由沖量的定義式I=Ft可知，斜面對物體的彈力的沖量大小，因為彈力N不為零，所以彈力的沖量不為零，A不符合題意；
B、由沖量的定義式I=Ft可知，物體所受重力的沖量大小為，B符合題意；
C、因為斜面光滑，所以物體受到合力等于重力的下滑分量，即，由沖量的定義式I=Ft可知，物體受到的合力的沖量大小，不為零，C不符合題意；
D、由動量定理得，動量的變化量大小，D符合題意。
故答案為：BD。
【分析】根據沖量的定義式I=Ft求解各力的沖量；根據動量定理分析物體動量的變化量。
13．【答案】（1）A
（2）1.5；1.0
【知識點】電池電動勢和內阻的測量
【解析】【解答】（1）為了避免電路中的電流過大，閉合開關前，應該讓滑動變阻器接入電路的阻值最大，所以滑動變阻器的滑片應置于A端。
（2）根據閉合電路歐姆定律可得U=E-Ir，結合U-I圖象縱軸截距和斜率可得，電源的電動勢測量值E=1.5V，內阻的測量值。
【分析】（1）從保護電路安全的角度分析；（2）由閉合電路歐姆定律推導U-I的關系式，再結合U-I圖像的縱軸截距和斜率求出電源電動勢和內阻。
14．【答案】（1）C
（2）D
【知識點】電能的輸送；研究電磁感應現象
【解析】【解答】（1）遠距離輸電中，輸電線的電阻不能忽略，輸電線電阻產生的熱量造成輸送電能的損失，根據可知，為了減小輸電損失，可以減小輸電線電阻和輸送電流，由可知，提高輸送電壓U，可以減小輸送電流，所以遠距離輸電都采用高壓輸電的方式，是為了減小輸電線上的能量損失，ABD不符合題意，C符合題意。
故答案為：C。
（2）根據感應電流的產生條件可知，只有線圈B中有磁通量變化，線圈B和電流表組成的閉合回路中就會有感應電流產生。
A.電鍵閉合和斷開的瞬間，穿過線圈B的磁通量發生變化，有感應電流產生，A不符合題意；
B.電鍵閉合，移動滑動變阻器的滑動觸頭，穿過線圈B的磁通量發生變化，有感應電流產生，B不符合題意；
C.電鍵閉合后線圈A在B中插入或拔出，穿過線圈B的磁通量發生變化，有感應電流產生，C不符合題意；
D.保持開關閉合，則線圈A所在電路中的電流不變，穿過線圈B的磁通量不變，沒有感應電流產生，D符合題意；
故答案為：D。
【分析】（1）根據減小輸電線上能量損失的方法分析；（2）根據產生感應電流的條件分析。
15．【答案】（1）
（2）B
（3）B；D
【知識點】驗證動量守恒定律；刻度尺、游標卡尺及螺旋測微器的使用
【解析】【解答】（1）螺旋測微器的精確度為0.01mm，圖中螺旋測微器的主尺部分讀數為12.5mm，可動尺讀數為：39.5×0.01mm=0.395mm，故最終讀數為
（2）入射小球每次滾下都應從斜槽上的同一位置無初速的釋放，以保證入射小球每次都以相同的動量到達槽口，B符合題意，ACD不符合題意。
故答案為：B。
（3）ABC.未放被碰小球時，入射小球的落地在P點，入射小球碰后速度比碰前速度小，所以入射小球碰后落在M點，AC不符合題意，B符合題意；
D.設入射小球在初速度是，碰撞后的速度是，被碰小球的速度是，由動量守恒定律可得，由于，則有，設平拋的時間是t，則，，，而小球在空中做平拋運動的時間t相同，所以若系統碰撞的過程中動量守恒，則滿足，D符合題意。
故答案為：BD。
【分析】（1）根據螺旋測微器讀數規則讀數；（2）根據本實驗的原理，必須每次釋放小球的位置相同，且由靜止釋放，以保證小球到達槽口時速度相同，動量相同；（3） 明確碰撞規律，知道中間位置為未放被碰小球時入射小球的落點，最近的點為放了被碰小球后入射小球的落點；由動量守恒定律結合平拋運動的規律，推導該實滿足的關系式。
16．【答案】（1）解：由庫侖定律得：
代入數據得：
答：電荷對電荷的庫侖力大小為；
（2）解：點電場強度大小為：
代入數據得：
方向由指向
答：點的電場強度大小及方向為，方向由指向。
【知識點】庫侖定律；點電荷的電場
【解析】【分析】（1）由庫侖定律計算電荷A對電荷B的庫侖力大??；（2）由點電荷的場強公式和電場的疊加原理，計算O點的電場強度大小及方向。
17．【答案】（1）解： 根據閉合電路歐姆定律有
代入數據解得：
答：電源的內阻為；
（2）解：電動機正常工作時，電源的輸出功率是
答：電動機正常工作時，電源的輸出功率是；
（3）解：設電動機的內阻為，則有
解得：
答：若電動機正常工作時的機械效率為，則電動機的內阻是．
【知識點】電功率和電功；閉合電路的歐姆定律
【解析】【分析】（1）由閉合電路歐姆定律計算電源的內阻；（2）電源的輸出功率等于電源總功率與電源內阻的生熱公式的差；（3）由效率的公式計算電動機內阻。
18．【答案】（1）解： 以兩人原來運動方向為正，由動量守恒定律得：
式中，，，
代入數據解得：，速度大小為
答：推開后韓聰的速度大小是；
（2）解：對韓聰，由動量定理有：
解得：，即大小為
答：推開過程中隋文靜對韓聰的平均作用力大小是。
【知識點】動量定理；動量守恒定律
【解析】【分析】（1）由動量守恒定律分析隋文靜推開韓聰的過程，求解推開后韓聰的速度大??；（2）根據動量定理分析隋文靜推開韓聰的過程，求解隋文靜對韓聰的平均作用力大小。
1 / 1湖南省長沙市2022-2023學年高二（上）期末物理試卷
1．（2022高二上·長沙期末）兩個電量相等的正電荷產生的電場，電場線如圖所示，兩個電荷連線是水平的，連線的中點為點，點正上方有一點，則（　　）
A．點的電場強度大小為 B．點的電場強度方向向上
C．點的電場強度大小為 D．點的電場強度方向向下
【答案】A
【知識點】電場線；點電荷的電場
【解析】【解答】AB.根據點電荷的場強公式和場強的疊加原理可知，兩正電荷在O點產生的場強等大反向，故O點的場強為零，A符合題意，B不符合題意；
CD.根據電場的分布特點可知，P點在O點正上方，可知P點的場強方向向上，CD不符合題意。
故答案為：A。
【分析】根據點電荷的場強公式和場強的疊加原理，求解O點的場強大?。桓鶕妶鼍€上某點的切線方向即為該點的場強方向，分析P的電場的方向。
2．（2022高二上·長沙期末）如圖所示，實線為某電場的電場線，虛線表示該電場的等勢面，A、B、C是電場中的三點，下列說法正確的是（　?。?br/>A．三點中，B點的場強最大
B．三點中，A點的電勢最高
C．將一帶負電的檢驗電荷從A移動到B，電勢能增大
D．將一帶正電的檢驗電荷從A移動到B和從A移動到C，電勢能的變化相同
【答案】D
【知識點】電場強度；電勢能；電勢
【解析】【解答】電場線的疏密表示電場強度的大小，所以三點中，A點場強最大，A不符合題意；沿電場線方向，電勢逐漸降低，A點電勢最低，B不符合題意；將一帶負電的檢驗電荷從A移動到B，電場力做正功，電勢能減小，C不符合題意；因為B、C兩點在同一等勢面上，所以將一帶正電的檢驗電荷從A移動到B和從A移動到C，電場力做的功相同，電勢能變化相同，D符合題意．
故答案為：D
【分析】結合題目中給出的電場線模型，電場線密集的區域電場強度大，那么帶電粒子的加速度就比較大，沿電場線方向電勢減小，電場力做正功，電勢能減小，動能增加，電場力做負功，電勢能增加，動能減小。
3．（2022高二上·長沙期末）對于水平放置的平行板電容器，下列說法正確的是（　　）
A．使正對面積增大，電容將減小
B．使正對面積減小，電容將減小
C．將兩極板的間距增大，電容將增大
D．將兩極板的間距增大，電容將不變
【答案】B
【知識點】電容器及其應用
【解析】【解答】A.由可知，正對面積增大，則電容增大，A不符合題意；
B.由可知，正對面積減小，則電容減小，B符合題意；
CD.由可知，增大兩板間的間距，則電容器減小，CD不符合題意。
故答案為：B。
【分析】電容的決定式，分析極板的正對面積和極板間距的變化對電容大小的影響。
4．（2022高二上·長沙期末）某興趣小組測海水電阻率，在一根細橡膠管中灌滿海水，兩端用粗銅絲塞住管口，形成一段封閉的海水柱．他將此海水柱接到恒定電壓。握住海水柱兩端將它水平均勻拉伸到原長的1.5倍，若忽略溫度對電阻率的影響，則此鹽水柱（　　）
A．通過的電流增大 B．海水電阻率變小
C．阻值增大為原來的2.25倍 D．阻值增大為原來的1.5倍
【答案】C
【知識點】電阻定律；歐姆定律
【解析】【解答】根據電阻定律有
住海水柱兩端將它水平均勻拉伸到原長的1.5倍，當是管內海水的總體積保持不變，海水的電阻率保持不變，則電阻的阻值與長度的平方成正比，所以阻值增大為原來的2.25倍，根據歐姆定律有
恒定電壓時，電阻增大，電流減小，所以C符合題意；ABD不符合題意；
故答案為：C。
【分析】根據電阻定律以及歐姆定律進行分析判斷。
5．（2022高二上·長沙期末）關于電功和電熱。以下說法正確的是（　?。?br/>A．外電路電流做的功一定等于電熱
B．外電路中電流所做的功一定大于電熱
C．任何電路中電流所做的功一定大于電熱
D．當外電路有電動機、電解槽的情況下電流做的功將轉化為熱能、機械能、化學能，因此，電功大于電熱
【答案】D
【知識點】電功率和電功
【解析】【解答】ABC.當外電路是純電阻電路時，外電路電流做的功等于外電路產生的熱量，當外電路為非純電阻電路時，外電路電流做的功大于電熱，ABC不符合題意；
D.當外電路有電動機、電解槽的時候，外電路不是純電阻，此時電流做的功將轉化為熱能和機械能或熱能和化學能，因此電功大于電熱，D符合題意。
故答案為：D。
【分析】根據純電阻電路和非純電阻電路的特點，分析能量的轉化。
6．（2022高二上·長沙期末）關于磁場、磁感應強度和磁感線的說法，正確的是（　　）
A．磁極之間的相互作用是通過磁場發生的，磁場和電場一樣，也是一種物質
B．由可知，磁感應強度與通電導線的電流和長度的乘積成反比
C．磁感應強度的方向就是磁場中通電導線所受磁場力的方向
D．磁感線就是細鐵屑在磁鐵周圍排列出的曲線，沒有細鐵屑的地方就沒有磁感線
【答案】A
【知識點】磁現象和磁場、磁感線；磁感應強度
【解析】【解答】A.磁極之間的相互作用是通過磁場發生的，磁場和電場一樣，雖然看不見，摸不著，但是它們是真實存在的特殊物質，A符合題意；
B.公式是比值定義式，磁感應強度只與磁場本身有關，與是否放入通電導線，通電導線的電流和長度均無關，B不符合題意；
C.通電導線所受磁場力的方向，可由左手定則來確定，磁感應強度的方向與磁場力的方向是相互垂直的關系，C不符合題意；
D.磁感線是人們為了形象地描述磁場，而假想出來的一系列帶有方向的曲線，并不是真實存在的，細鐵屑在磁鐵周圍排列出的曲線是對磁感線的模擬，D不符合題意。
故答案為：A。
【分析】磁場是特殊物質；磁感應強度由自身決定；由左手定則分析磁感應強度方向與通電導線受力方向之間的關系；磁感線是假想曲線，并不真實存在，但是可以模擬。
7．（2022高二上·長沙期末）質量為的物塊在光滑水平面上以速率勻速向左運動，某時刻對物塊施加與水平方向夾角為的恒定拉力，如圖所示。經過時間，物塊恰好以相同速率向右運動。在時間內，下列說法正確的是（　　）
A．物塊所受拉力的沖量方向水平向右
B．物塊所受拉力的沖量大小為
C．物塊所受重力的沖量大小為零
D．物塊所受合力的沖量大小為
【答案】D
【知識點】動量定理；沖量
【解析】【解答】A．根據可知， 物塊所受拉力的沖量方向與拉力F的方向相同，即斜向右向上方，故A錯誤；
B．根據動量定理可知，物塊所受合力的沖量等于動量變化量即為2mv，但物塊的合力并不等于F，故B錯誤；
C．根據可知，物塊所受重力的沖量大小并不為零，故C錯誤；
D．物塊所受合力為，根據可知，物塊所受合力的沖量大小為，故D正確。
故選D。
【分析】根據分析拉力的沖量、合力的沖量與重力的沖量；根據動量定理分析拉力的沖量大小與2mv的大小關系。
8．（2022高二上·長沙期末）如圖所示，三條平行等距的直線表示電場中的三個等勢面，電勢分別為、、，實線是一帶負電的粒子不計重力在該區域內的運動軌跡，對于軌跡上的、、三點來說，下列說法正確的是（　　）
A．粒子必先過，再到，然后到
B．粒子在三點所受的合力關系為
C．粒子在三點的動能大小關系為
D．粒子在三點的電勢能大小關系為
【答案】B,D
【知識點】電勢能；等勢面
【解析】【解答】A.同粒子的運動軌跡不能判斷出粒子的運動方向，A不符合題意；
B.根據等勢面特點可知，該電場為勻強電場，所以粒子在a、b、c三點受到的電場力相等，又因為不計重力，所以粒子在三點所受電場力即合力，故，B符合題意；
CD.由可知，負電荷在高電勢處電勢能小，可知負電粒子在a、b、c三點的電勢能關系，根據能量守恒定律可得，D符合題意，C不符合題意。
故答案為：BD。
【分析】根據等勢面的特點確定電場的性質，得出粒子在各點受到的電場力的關系；根據三點的電勢關系，分析負電粒子在三點的電勢能的關系，再由能量守恒定律分析粒子在三點的動能關系。
9．（2022高二上·長沙期末）關于電動勢及閉合電路歐姆定律，下列說法正確的是（　　）
A．電源電動勢越大，電源所能提供的電能就越多
B．電源電動勢等于路端電壓
C．外電路的電阻越大，路端電壓就越大
D．路端電壓增大時，電源的輸出功率可能減小
【答案】C,D
【知識點】電功率和電功；閉合電路的歐姆定律
【解析】【解答】A.根據電動勢的物理意義可知，電源電動勢越大，電源將其他形式的能轉化為電能的本領就越大，但是不能說電源所能提供的電能就越多，A不符合題意；
B.電源的電動勢等于內、外電路電壓之和，路端電壓是指外電路電壓，B不符合題意；
C.由閉合電路歐姆定律可得，路端電壓，可知外電路的電阻越大，路端電壓就越大，C符合題意；
D．當外電阻等于內電阻時，電源輸出功率最大，外電阻與內電阻相差越多，電源輸出功率越小，路端電壓增大時，外電阻增大，但是在內、外電阻的阻值關系不確定時，電源的輸出功率可能減小，D符合題意。
故答案為：CD。
【分析】根據閉合電路歐姆定律定律分析電源電動勢與內、外電壓的關系；當外電阻等于內電阻時，電源輸出功率最大，外電阻與內電阻相差越多，電源輸出功率越小。
10．（2022高二上·長沙期末）關于磁的一些現象，以下說法中正確的是（　?。?br/>A．任何形狀的磁體都一定具有兩個磁極
B．磁體一定是用鐵做成的，它只能吸引鐵塊而不能吸引鉛塊或鋼塊
C．地球是一個大磁體，對附近的小磁體有力的作用
D．指南針放到其他星球上仍能指示方向
【答案】A,C
【知識點】磁現象和磁場、磁感線
【解析】【解答】A.任何形狀的磁體都一定具有N、S兩個磁極，A符合題意；
B.磁體可以是磁性材料做成的，不只有鐵是磁性材料，另外電流也能產生磁場，例如電磁鐵，也是磁體，磁體能吸引鐵、鈷、鎳等物質，而不能吸引鉛塊或鋼塊，B不符合題意；
C.地球是一個大磁體，對附近的小磁體有力的作用，C符合題意；
D.指南針放到地球上靜止時能指示方向，是因為受到地磁場的作用，如果放到其他沒有磁場的星球上，則不能指示方向，D不符合題意。
故答案為：AC。
【分析】任何形狀的磁體都一定具有N、S極；能產生磁場的物體都叫磁體；磁場對放入其中的磁體都有力的作用；根據指南針指示方向的原理分析。
11．（2022高二上·長沙期末）如圖所示，通電直導線與線圈在同一平面內，則（　?。?br/>A．線圈向右平動時，有感應電流
B．線圈沿垂直紙面方向遠離導線，無感應電流
C．線圈以邊為軸轉動，磁通量沒有變化
D．線圈豎直向下平動，無感應電流
【答案】A,D
【知識點】電磁感應的發現及產生感應電流的條件
【解析】【解答】由安培定則可知，通電直導線的磁場是以導線上的點為圓心，垂直導線的同心圓。根據感應電流的產生條件可知，當閉合線圈中的磁通量發生變化時，線圈中會有感應電流產生。
A.線圈向右平動時，磁通量發生變化，有感應電流，A符合題意；
B.線圈沿垂直紙面方向遠離導線，磁通量發生變化，則有感應電流，B不符合題意；
C.線圈以ab邊為軸轉動，磁通量發生變化，C不符合題意；
D.線圈豎直向下平動，磁通量不變，則無感應電流，D符合題意。
故答案為：AD。
【分析】根據感應電流的產生條件分析。
12．（2022高二上·長沙期末）如圖所示，足夠長的固定光滑斜面傾角為，質量為的物體以速度從斜面底端沖上斜面，到達最高點后又滑回原處，所用時間為。對于這一過程，下列判斷正確的是（　　）
A．斜面對物體的彈力的沖量為零
B．物體受到的重力的沖量大小為
C．物體受到的合力的沖量大小為零
D．物體動量的變化量大小為
【答案】B,D
【知識點】動量定理；沖量
【解析】【解答】A、由沖量的定義式I=Ft可知，斜面對物體的彈力的沖量大小，因為彈力N不為零，所以彈力的沖量不為零，A不符合題意；
B、由沖量的定義式I=Ft可知，物體所受重力的沖量大小為，B符合題意；
C、因為斜面光滑，所以物體受到合力等于重力的下滑分量，即，由沖量的定義式I=Ft可知，物體受到的合力的沖量大小，不為零，C不符合題意；
D、由動量定理得，動量的變化量大小，D符合題意。
故答案為：BD。
【分析】根據沖量的定義式I=Ft求解各力的沖量；根據動量定理分析物體動量的變化量。
13．（2022高二上·長沙期末）圖甲為某同學“測電源電動勢和內電阻”的實驗電路圖，圖乙是根據電壓表和電流表測量的數據繪制的圖象。
（1）為避免燒壞電表，閉合開關前，滑動變阻器的滑片應置于　 　 端選填“”或“”。
（2）由圖乙可知，電源的電動勢測量值　 　，內阻的測量值　 　。計算結果保留兩位有效數字
【答案】（1）A
（2）1.5；1.0
【知識點】電池電動勢和內阻的測量
【解析】【解答】（1）為了避免電路中的電流過大，閉合開關前，應該讓滑動變阻器接入電路的阻值最大，所以滑動變阻器的滑片應置于A端。
（2）根據閉合電路歐姆定律可得U=E-Ir，結合U-I圖象縱軸截距和斜率可得，電源的電動勢測量值E=1.5V，內阻的測量值。
【分析】（1）從保護電路安全的角度分析；（2）由閉合電路歐姆定律推導U-I的關系式，再結合U-I圖像的縱軸截距和斜率求出電源電動勢和內阻。
14．（2022高二上·長沙期末）
（1）遠距離輸電都采用高壓輸電的方式，其主要優點是____ 。
A．可增大輸電電流 B．可加快輸電速度
C．可減少輸電線上的能量損失 D．可防止不法分子竊電
（2）用圖示裝置進行電磁感應實驗，下列操作不能形成感應電流的是____ 。
A．開關閉合和斷開的瞬間
B．開關閉合，移動滑動變阻器的滑動觸頭
C．開關閉合后線圈在中插入或拔出
D．只有開關保持閉合
【答案】（1）C
（2）D
【知識點】電能的輸送；研究電磁感應現象
【解析】【解答】（1）遠距離輸電中，輸電線的電阻不能忽略，輸電線電阻產生的熱量造成輸送電能的損失，根據可知，為了減小輸電損失，可以減小輸電線電阻和輸送電流，由可知，提高輸送電壓U，可以減小輸送電流，所以遠距離輸電都采用高壓輸電的方式，是為了減小輸電線上的能量損失，ABD不符合題意，C符合題意。
故答案為：C。
（2）根據感應電流的產生條件可知，只有線圈B中有磁通量變化，線圈B和電流表組成的閉合回路中就會有感應電流產生。
A.電鍵閉合和斷開的瞬間，穿過線圈B的磁通量發生變化，有感應電流產生，A不符合題意；
B.電鍵閉合，移動滑動變阻器的滑動觸頭，穿過線圈B的磁通量發生變化，有感應電流產生，B不符合題意；
C.電鍵閉合后線圈A在B中插入或拔出，穿過線圈B的磁通量發生變化，有感應電流產生，C不符合題意；
D.保持開關閉合，則線圈A所在電路中的電流不變，穿過線圈B的磁通量不變，沒有感應電流產生，D符合題意；
故答案為：D。
【分析】（1）根據減小輸電線上能量損失的方法分析；（2）根據產生感應電流的條件分析。
15．（2022高二上·長沙期末）在利用碰掩做“驗證動量守恒定律”的實驗中，實驗裝置如圖所示，圖中斜槽與水平箱平滑連接，按要求安裝好儀器后開始實驗．先不放被碰小球，重復實驗若干次；然后把被碰小球靜止放在槽的水平部分的前端邊緣處槽口，又重復實驗若干次，在白紙上記錄下掛于槽口的重錘線在記錄紙上的豎直投影點和各次實驗時小球落點的平均位置，從左至右依次為，，點，測得兩小球直徑相等，入射小球和被碰小球的質量分別為、，且則：
（1）兩小球的直徑用螺旋測微器核準相等，測量結果如圖乙，則兩小球的直徑均為　 　
（2）入射小球每次滾下都應從斜槽上的同一位置無初速釋放，其目的是____．
A．為了使入射小球每次都能水平飛出糟口
B．為了使入射小球每次都以相同的動量到達槽口
C．為了使入射小球在空中飛行的時間不變
D．為了使入射小球每次都能與被碰小球對心碰撞
（3）下列有關本實驗的說法中正確的是____．
A．未放被碰小球和放了被碰小球時，入射小球的落點分別是、．
B．未放被碰小球和放了被碰小球時，入射小球的落點分別是、．
C．未放被碰小球和放了被碰小球時，入肘小球的落點分別是、．
D．在誤差允許的范田內若測得，則表明碰撞過程中由、兩球組成的系統動量守恒．
【答案】（1）
（2）B
（3）B；D
【知識點】驗證動量守恒定律；刻度尺、游標卡尺及螺旋測微器的使用
【解析】【解答】（1）螺旋測微器的精確度為0.01mm，圖中螺旋測微器的主尺部分讀數為12.5mm，可動尺讀數為：39.5×0.01mm=0.395mm，故最終讀數為
（2）入射小球每次滾下都應從斜槽上的同一位置無初速的釋放，以保證入射小球每次都以相同的動量到達槽口，B符合題意，ACD不符合題意。
故答案為：B。
（3）ABC.未放被碰小球時，入射小球的落地在P點，入射小球碰后速度比碰前速度小，所以入射小球碰后落在M點，AC不符合題意，B符合題意；
D.設入射小球在初速度是，碰撞后的速度是，被碰小球的速度是，由動量守恒定律可得，由于，則有，設平拋的時間是t，則，，，而小球在空中做平拋運動的時間t相同，所以若系統碰撞的過程中動量守恒，則滿足，D符合題意。
故答案為：BD。
【分析】（1）根據螺旋測微器讀數規則讀數；（2）根據本實驗的原理，必須每次釋放小球的位置相同，且由靜止釋放，以保證小球到達槽口時速度相同，動量相同；（3） 明確碰撞規律，知道中間位置為未放被碰小球時入射小球的落點，最近的點為放了被碰小球后入射小球的落點；由動量守恒定律結合平拋運動的規律，推導該實滿足的關系式。
16．（2022高二上·長沙期末）如圖，、兩點電荷相距，為連線上的一點，. 距離為，、所帶電荷量分別為和，靜電力常量為，求：
（1）電荷對電荷的庫侖力大小；
（2）點的電場強度大小及方向。
【答案】（1）解：由庫侖定律得：
代入數據得：
答：電荷對電荷的庫侖力大小為；
（2）解：點電場強度大小為：
代入數據得：
方向由指向
答：點的電場強度大小及方向為，方向由指向。
【知識點】庫侖定律；點電荷的電場
【解析】【分析】（1）由庫侖定律計算電荷A對電荷B的庫侖力大小；（2）由點電荷的場強公式和電場的疊加原理，計算O點的電場強度大小及方向。
17．（2022高二上·長沙期末）在如圖所示的電路中，電源電動勢，定值電阻閉合開關后，電動機正常工作，此時電流表的示數為、電壓表的示數為已知電流表和電壓表均為理想電表．
（1）電源的內阻多大？
（2）電動機正常工作時，電源的輸出功率是多大？
（3）若電動機正常工作時的機械效率為，則電動機的內阻是多大？
【答案】（1）解： 根據閉合電路歐姆定律有
代入數據解得：
答：電源的內阻為；
（2）解：電動機正常工作時，電源的輸出功率是
答：電動機正常工作時，電源的輸出功率是；
（3）解：設電動機的內阻為，則有
解得：
答：若電動機正常工作時的機械效率為，則電動機的內阻是．
【知識點】電功率和電功；閉合電路的歐姆定律
【解析】【分析】（1）由閉合電路歐姆定律計算電源的內阻；（2）電源的輸出功率等于電源總功率與電源內阻的生熱公式的差；（3）由效率的公式計算電動機內阻。
18．（2022高二上·長沙期末）在年冬奧會花樣滑冰雙人滑比賽中，中國選手隋文靜韓聰組合獲得亞軍，如圖所示為某次訓練中情景，他們攜手滑步，相對光滑冰面的速度為，韓聰突然將隋文靜向原先運動方向推開，推力作用時間為，隋文靜的速度大小變為，假設隋文靜和韓聰的質量分別為和，求：
（1）推開后韓聰的速度大?。?br/>（2）推開過程中隋文靜對韓聰的平均作用力大小。
【答案】（1）解： 以兩人原來運動方向為正，由動量守恒定律得：
式中，，，
代入數據解得：，速度大小為
答：推開后韓聰的速度大小是；
（2）解：對韓聰，由動量定理有：
解得：，即大小為
答：推開過程中隋文靜對韓聰的平均作用力大小是。
【知識點】動量定理；動量守恒定律
【解析】【分析】（1）由動量守恒定律分析隋文靜推開韓聰的過程，求解推開后韓聰的速度大??；（2）根據動量定理分析隋文靜推開韓聰的過程，求解隋文靜對韓聰的平均作用力大小。
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